单元检测（十）电磁感应
A卷高频考点练清卷
考点一感应电流的产生条件
1.(2025·四川省绵阳市高三模拟)如图所示，线圈M与电源E、开关S、滑动变阻器R1相连，线圈N与灵
敏电流计G、滑动变阻器R2相连，线圈M与线圈N绕在同一铁芯上，在下列情况中，线圈N中没有感
应电流产生的是
A.开关S闭合瞬间
中
B.开关S闭合稳定后，向右匀速移动R1的滑片
C.开关S闭合稳定后，向右加速移动R1的滑片
D.开关S断开稳定后，向右加速移动R2的滑片
2.(2025·江苏省泰州中学模拟)物理课上，老师做了一个奇妙的“跳环实验”，如图所
华环
示，她把带有铁芯的线圈L直立在水平桌面上，并将其与开关S和电源用导线连接
起来后，把一铝制套环置于线圈L上，且使铁芯穿过套环.闭合开关S的瞬间，套环
立刻向上跳起.若铁芯足够长，则
()
A.若保持开关闭合，套环的位置会不断升高
B.若保持开关闭合，套环最终会停留在某一高度上
C.若保持开关闭合，套环跳起到某一高度后将回落
D.套环处于静止后再断开开关，则套环将重新向上跳起
考点二楞次定律的应用
3.(2025·江西赣州·二模)如图甲所示为某电动牙刷的无线充电示意图，送电线圈以由α到b为电流的
正方向，当送电线圈通过如图乙所示的电流时，在0~t1时间内
()
B
受电线圈
a。
多送电线圈
甲
A.受电线圈中产生的感应电流增大且方向由d到c
B.受电线圈中产生的感应电流减小且方向由d到(
C.受电线圈中产生的感应电流增大且方向由c到d
D.受电线圈中产生的感应电流减小且方向由c到d
4.(2025·绍兴二模)如图所示，右端为N极的磁铁置于粗糙水平桌面上并与轻质
线图
小灯泡磁铁
弹簧相连，弹簧一端固定在竖直墙面上，当弹簧处于原长时，磁铁的中心恰好是接
有一盏小灯泡的竖直固定线圈的圆心，用力将磁铁向右拉到某一位置，撤去作
用力后磁铁穿过线圈来回振动，有关这个振动过程，以下说法正确的是(
A.灯泡的亮暗不会发生变化
B.磁铁接近线圈时，线圈对磁铁产生排斥力
C.从左往右看线圈中的电流一直沿逆时针方向
D.若忽略摩擦力和空气阻力，磁铁振动的幅度不会诚小
—73
考点三法拉第电磁感应定律的简单应用
5.(2024·湖南)如图，有一硬质导线Oabc,其中abc是半径为R的半圆弧，b为圆弧的中点，直线段Oa长为
R且垂直于直径αc,该导线在纸面内绕O点逆时针转动，导线始终在垂直纸面向里的匀强磁场中，则O、
a、b、c各点电势关系为
()
0
B
XXX
A.90>9a>9%>9
B.90<9a
C.p0>9a>p6=9c
D.90<9a6.(2025·安徽滁州·二模)如图所示，abcd是边长为l、总电阻为R的正方形导体框，其
外接圆内充满着均匀变化的磁场，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度大小B=(k
>0),则下列说法正确的是
()
A.t1时刻ab边产生的感应电动势为k12
B.1时刻ab边受到的安培力大小为R
kl2t
C.0一h时间内通过cd边的电荷量为4R
D.撤去导体框，圆上a处的电场强度为零
考点四电磁感应中的电路问题
7.(2025·西城区一模)如图1所示，100匝的线圈（图中只画了2匝）两端A、B与一个R=402的电阻相
连.线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈中的磁通量按图2所示规律变化.已知线圈的电阻是102，则
()
+山
0.08
×××
11
0.4
×××
终
0.10.2
图1
图2
A.线圈内感应电流的磁场方向为指向纸外
B.A点电势比B点电势高
C.A、B两点间的电势差为20V
D.0.2s内电路产生的电能为1.6J
8.如图所示，质量为M、电阻为R、长为L的导体棒，通过两根长均为1、质量不计的导
电细杆连在等高的两固定点上，固定点间距也为L.细杆通过开关S可与直流电源
2
E。或理想二极管串接.在导体棒所在空间存在磁感应强度方向竖直向上、大小为B
湖定点
的匀强磁场，不计空气阻力和其它电阻.开关S接1，当导体棒静止时，细杆与竖直方
向的夹角固定点日一牙：然后开关S接2，棒从右侧开始运动完成一次振动的过程中
(
)左
A电源电动势-欲R
B棒消耗的焦耳热Q-(1-留）Me,
右
B
C.从左向右运动时，最大摆角小于平
D.棒两次过最低点时感应电动势大小相等
74参考答案
单元检测（一）运动的描述匀变速直线运动
x=wt一
2a2,代入教据解得x=50m,公交车在最初6s内
通过的位移与最后6s内通过的位移之差为△x=x1一x2,代
A卷高频考点练清卷
入数据解得△x=24m,故ABC错误，D正确.
1.C研究入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题
5.A对木板由牛顿第二定律可知木板的加速度不变，木板从
的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故A错
静止释狱到下瑞到达A点的过程，有L=a,木板从静止
误：研究空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究
释放到上瑞到达A点的过程，当木板长度为L时，有2L=
问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故
2ai,当木板长度为2L时，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B错误；研究百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和
体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看
△12=t2一t0,联立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
为质点，故C正确：研究运动员通过某个攀岩支，点的动作
正确
时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽
6.解析：(1)设物体的加速度为a,根据位移差公式△x=aT可
略，此时运动员不能够看为质点，故D错误.故选：C.
2
2.C速度是描述物体运动快慢的物理量，即物体的空间位
3X0-x0
得物体的加速度为4=
置随时间变化的快慢，BD错误；根据x与1的关系式可
to
3to2
知，1=0时，质点位于x=1m处，t=1s时，质点位于x=
AC段的平均速度等于这一过程的中间时刻的速度，可得
6m处，因此质点在第1s内的位移为5m,A错误，C
2
正确，
物体在B,点时的速度为UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)选择向西为正方向，如题图所示，最后6s的住
设物体在A点时的速度为A,则可得
移为△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均连度为==20m=20m8,大小为20m6,」
(2)根据速度时间关系可得物体在C点时的速度为
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全过程的位移为△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
时间为△t=5s十58十4s十6s=20s
则可得物体在CD段的平均速度为=C十D=0
24t
平均速度为==0m=1,5m/s,大小为1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C匀变速直线运动平均速度等于初末速度的平均值，则
(3)全过程的路程为△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：专5=10ms,T=5m因ST间的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的两倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率为0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的时间是RS段的时间的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度减小量是RS段的4倍，则有：vs一VT=4(VR一
4.D设公交车开始减速的速度为%，运动总时间为，则公交
vs),联立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正确，ABD错误.
车在最初减连6s内通过的位移为西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度为a,E到N的距离为L,从E到N有v至=
18m),把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运
2aL,从N到A有v员=2a·9L,联立可得vA=3E,故A
动，最后68内通过的位移为=2a,代入数据解得x2一
错误：根据逵度一时间公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过
的位号之比为21：9，则南以上有g18-号又有0=助
E一0_E=1,所以汽车通过AE段的时间等于21，故B
at,代入数据解得=10mst=10s,则公交车的总位移为
错误：根据匀变速直线运动的推论有四E-4E=2如E,
2
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