广西南宁市高新区2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2025·南宁模拟）古有北斗星指方向，今有北斗卫星导航程。北斗卫星与地面间传递信息是利用（ ）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．空气
【答案】C
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】北斗卫星与地面间传递信息是利用电磁波工作的，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】根据电磁波的应用分析判断。
2．（2025·南宁模拟）春季“回南天”到来时，课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，这些“水”的形成属于（ ）
A．熔化现象 B．液化现象 C．凝华现象 D．汽化现象
【答案】B
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】春季“回南天”时空气湿度较大，空气中存有大量水蒸气；空气中的水蒸气遇课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，这些“水”的形成属于液化现象，属于空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B 符合题意， ACD不符合题意。
故选B。
【分析】据题意，春季气温相对较低，空气中存有大量水蒸气遇冷会转化为小水滴，存在“出水”现象，物态变化现象为液化。
3．（2025·南宁模拟）书包背带做得较宽是为了（ ）
A．减小压强 B．增大压强 C．减小压力 D．增大压力
【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：书包背带做得较宽是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强．
故A正确，BCD错误．
故选A．
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关．
增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．
4．（2025·南宁模拟）下列利用电流热效应工作的用电器是（ ）
A．电风扇 B．电饭锅 C．电视机 D．电脑
【答案】B
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】A．电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，把电能转化为机械能，A不符合题意。
B．电饭锅利用了电流的热效应，将电能转化为内能，B符合题意。
C．电视机是利用电能转化为声能、光能工作的，C不符合题意。
D．电脑是利用电能转化为声能、光能、内能、机械能工作的，不是电流的热效应，D不符合题意。
故答案为：B.
【分析】电流热效应：电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应．
5．（2025·南宁模拟）为了提醒车辆司机夜晚注意中小学生道路安全，校服上增加了反光警示条，下列说法正确的是（ ）
A．校服上的反光条是光源
B．光在透明介质中一定沿直线传播
C．光被反光条反射后传播速度大于3×108m/s
D．能够看到校服是因为光在衣服表面发生了反射
【答案】D
【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；光的传播速度与光年；镜面反射与漫反射
【解析】【解答】A．校服上的反光条是自身不能发光，靠反射发光，不属于光源，故A错误；
B．光在同种均匀介质中沿直线传播，故B错误；
C．光在空气中的传播速度约为3×108m/s，故C错误；
D．我们能够看到校服是，因为光在校服表面发生了漫反射，漫反射与镜面反射均属于反射现象，故D正确。
故选D。
【分析】根据光学基础知识
1、反光条属于反射光线的实例，不属于光源，光源为自身发光的物体
2、光在同种均匀介质中沿直线传播
3、光在空气中的传播速度约为3×108m/s，在气体中传播最快
4、镜面反射与漫反射属于反射现象，遵循光的反射规律
6．（2025·南宁模拟）如图所示是南宋诗人陆游在《老学庵笔记》中记载的一种“省油灯”，其灯盏上方容器中盛油，在夹层中注水以降低油的温度，达到省油的效果。下列说法正确的是（ ）
A．油燃烧时将内能转化为化学能
B．油充分燃烧可以提高油的热值
C．通过水吸热降低油温来减慢油的蒸发
D．油黏在灯盏壁的原因是分子间存在斥力
【答案】C
【知识点】影响蒸发快慢的因素；燃料的热值；能量的转化或转移；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．油燃烧属于化学变化，燃烧过程属于将化学能转化为内能，故A错误。
B．热值属于燃料的一种特性，与燃料是否充分燃烧无关，它只与燃料的种类有关，故B错误。
C．省油灯通过在夹层中注水，利用水吸热来降低油温，从而减慢油的蒸发，达到省油的效果，故C正确。
D．油黏在灯盏壁上是由于分子间存在相互作用的引力，所以吸附在灯盏壁上，不属于斥力，故D错误。
故选C。
【分析】1、油属于化学变化，燃烧过程是将化学能转化为内能
2、热值属于燃料的一种特性，与燃料是否充分燃烧无关，它只与燃料的种类有关
3、影响液体蒸发快慢的因素，液体的温度越高，蒸发越快。省油灯通过在夹层中注水，利用水吸热来降低油温，从而减慢油的蒸发，达到省油的效果
4、油吸附在灯盏壁上 是由于分子间存在相互作用的引力
7．（2025·南宁模拟）如图，《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”下列关于其涉及的物理知识，分析正确的是（ ）
A．制成的冰镜对光有发散作用
B．“削冰令圆”就是把冰块制成凹透镜
C．用于矫正近视眼的透镜与该冰镜形状相似
D．若要“火生”，把“艾”放在冰镜的一倍焦距处最好
【答案】D
【知识点】透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】AB．“艾承其影，则火生”是把艾草放置在冰块削成的透镜的亮斑处，让艾草温度升高燃烧，故该透镜对光有会聚作用，属于凸透镜，故AB错误；
C．近视眼成像在视网膜前，用凹透镜来矫正，与题意透镜不符。故C错误；
D．光平行于主光轴入射时，折射后的光会聚在冰镜的焦点处，此处温度最高，因此生火时把“艾”放在冰镜的一倍焦距处最容易点燃，故D正确。
故选D。
【分析】1、“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”该句的意思是将冰块削成凸透镜形状，在太阳光下会聚，将艾草放置在亮斑处，让艾草温度升高燃烧。凸透镜属于会聚透镜。
2、近视眼属于晶状体变厚，成像在视网膜前，用凹透镜矫正
3、光线经过凸透镜时在焦点处会聚，所有能量会聚一点，温度最高
8．（2025·南宁模拟）如图所示，家中常用延长线插座上插满了各种电器，各用电器同时工作。下列有关分析正确的是（ ）
A．各用电器串联 B．干路电流过大容易发生火灾
C．插座延长线中可以没有地线 D．可以用湿手拔使用中的插头
【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．插座上的各用电器能独立工作，互不影响，是并联的，故A错误；
B．插座上插满了各种电器，同时工作时，造成电路总功率过大，而家庭电路电压保持为220V，据可知，会造成电路电流过大，引发火灾事故，故B正确；
C．插座上的电冰箱、洗衣机等用电器有金属外壳的，插座延长线需要接地线，才能避免金属外壳带电而引发触电事故，故C错误；
D．用湿手拔使用中的插头，由于生活中的水是导体，如果手接触到火线，会出现触电事故，故D错误。
故选B。
【分析】（1）家庭电路中的用电器是并联的；
（2）干路中的电流过大，根据焦耳定律可知，干路中导线产生的热量过多，容易发生火灾；
（3）家庭电路中有金属外壳的用电器应该接地线；
（4）生活用水是导体。
9．（2025·南宁模拟）如图所示电路，当给玻璃丝加热时，小灯泡会慢慢亮起来（不考虑灯丝电阻的变化），此过程中逐渐增大的物理量是（ ）
A．电源的电压 B．玻璃丝的电阻
C．小灯泡的额定功率 D．电路的电流
【答案】D
【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用；额定功率；实际功率
【解析】【解答】如图所示电路，当给玻璃丝加热时，小灯泡会慢慢亮起来（不考虑灯丝电阻的变化），说明小灯泡的实际功率变大，电路中的电流变大了，玻璃丝的电阻随温度的升高而减小；而电源电压、小灯泡的额定功率是不变的，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】（1） 灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮；
（2）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，还与温度有关；与导体中的电流、导体两端的电压大小无关；
（3）用电器在额定电压下工作时的电功率是额定功率。
10．（2025·南宁模拟）小明家有一把杆秤，如图所示，秤钩上不挂物体时提住秤纽，将秤砣移动至定盘星处时，秤杆恰能水平平衡，当秤钩挂上物体移动秤砣使秤杆再次水平平衡时，即可通过秤砣所对应刻度读出物体质量。下列说法正确的是（ ）
A．定盘星是秤杆的支点
B．杆秤是一种等臂杠杆
C．所挂物体加重时，秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡
D．使用已磨损的秤砣测量时，测量值比真实值偏小
【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．秤纽与秤杆的连接点是支点，故A错误；
B．杆秤使用时，杆秤动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C．根据杠杆平衡条件有，、不变，所挂物体加重时，G物变大，变大，即秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡，故C正确；
D．根据杠杆平衡条件有，使用已磨损的秤砣测量时，即变小，、不变，所以变大，则测量值比真实值偏大，故D错误。
故选C。
【分析】（1） 根据支点的定义分析；
（2）根据动力臂与阻力臂的关系判断出杠杆的类型；
（3）根据杠杆的平衡条件分析物体加重时，秤砣移动的方向；
（4）根据杠杆的平衡条件分析秤砣磨损后的误差关系。
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）
11．（2025·南宁模拟）小明参考课本自制了两个测量仪器，如图甲所示为温度计，如图乙所示为气压计，下列说法正确的是（ ）
A．甲瓶浸入热水中，其玻璃管内液面会上升
B．甲瓶口朝下倒置，水会从吸管中全部流出
C．乙瓶中玻璃管选粗一点时液面变化更明显
D．将乙瓶从山脚带到山顶，玻璃管内液面上升
【答案】A,D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A．甲瓶属于温度计，浸入热水中时，瓶内气体受热膨胀，玻璃管内的液面上升，这是液体热胀冷缩原理的应用，故A正确；
B．甲瓶倒置时，根据大气压的作用，外界大气压会阻止水从吸管中流出，故B错误；
C．乙瓶作为气压计，玻璃管越细，相同气压变化时液面高度变化越明显，因为细管中液柱变化更易观察，粗管会减弱液面变化的视觉效果，故C错误；
D．海拔越高，大气压越低。将乙瓶从山脚带到山顶，外界大气压减小，瓶内气压大于外界大气压，会使玻璃管内液面上升，故D正确。
故选AD。
【分析】1、甲是温度计，利用液体热胀冷缩工作。当甲瓶浸入热水，瓶内液体受热膨胀，体积变大，所以玻璃管内液面会上升
2、甲瓶口朝下倒置，瓶内有空气，空气产生的压强会阻碍水流出，水不会全部从吸管流出
3、乙是气压计，基于瓶内气压与外界大气压的压强差使液面变化。根据p =ρgh（p为压强差、ρ为液体密度、g为重力加速度、h为液面高度差 ），压强差一定时，液面高度变化与玻璃管粗细无关
4、大气压随海拔升高而减小。乙瓶从山脚到山顶，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会将液体压入玻璃管，使液面上升，
12．（2025·南宁模拟）如图所示是一款“智能照明灯”的电路，其控制电路中，电源电压恒定，R1为可变电阻，R2为光敏电阻，其阻值随光照强度变化而变化。当电流达到某一值时，电磁铁会将衔铁吸下。灯L天黑时自动发光，天亮时自动熄灭。下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁的工作原理是电流的磁效应
B．S闭合时，电磁铁的上端是N极
C．若将R1调小，灯泡工作时间会变短
D．R2的阻值随光照强度的增大而增大
【答案】A,C
【知识点】欧姆定律及其应用；通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．电磁铁是利用电流的磁效应工作的，即电流周围存在磁场，当有电流通过电磁铁线圈时，电磁铁会产生磁性，故A正确；
B．根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极。由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，所以电磁铁的下端是N极，上端是S极，故B错误；
CD．由题意可知，若将R1调小，根据，控制电路电源电压U不变，R = R1+R2，控制电路中的总电阻变小，电流变大，在光照强度较弱时，电流就能够达到将衔铁吸下的电流值，所以灯泡工作时间会变短，灯L天黑时自动发光，此时光照强度弱，控制电路中的电流较小，衔铁未被吸下，说明此时控制电路的总电阻较大；天亮时自动熄灭，此时光照强度强，控制电路中的电流较大，衔铁被吸下，说明此时控制电路的总电阻较小。因为R1为可变电阻，当R1不变时，光照强度增大，控制电路总电阻减小，所以R2的阻值随光照强度的增大而减小，故D错误，C正确。
故选AC。
【分析】1、电磁铁的工作原理是 电流的磁效应（通电时产生磁场，断电时磁场消失）
2根据安培定则：右手握住电磁铁，四指指向电流方向，大拇指指向N极。控制电路中，电流从电磁铁 下端流入、上端流出，因此大拇指指向 下端（N极），上端为S极。
3、灯亮条件：电流小（衔铁不吸合），对应天黑（R2大）；灯灭条件：电流大（衔铁吸合），对应天亮（R2小）。若将 R1调小，控制电路总电阻 R = R1 + R2。当衔铁吸合的临界电流 I 不变（电源电压恒定，），R1减小 → 临界状态下 R2 需更大才能维持总电阻 R 不变。实际意义：光照稍强（R2还没变小到原来的临界值），总电阻已达 R（因 R1 小），电流提前达到 I，衔铁吸合，灯更早熄灭 → 灯泡工作时间变短
4、天亮时（光照强），灯灭（电流大，总电阻小）→ R2 阻值 随光照强度增大而减小（而非增大）
三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）
13．（2025·南宁模拟）熟透了的芒果从树上直落地上的过程中，以地面为参照物，芒果是 （选填“运动”或“静止”）的，在下落过程中，芒果的惯性 。
【答案】运动；不变
【知识点】惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】据题意，熟透了的芒果从树上直落地上的过程中，以地面为参照物，芒果与地面的位置发生了改变，则芒果是运动的。惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，在下落过程中，芒果的质量不变，惯性不变。
综上第1空为运动；第2空为不变
【分析】1、以地面为参照物，芒果下落时，其相对于地面的位置不断改变，因此芒果是运动的。
2、惯性大小只与物体质量有关，芒果下落过程中质量不变，故其惯性不变。
14．（2025·南宁模拟）工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过 的方式增加的，用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，该过程内能变化情况与热机的 冲程相同。
【答案】热传递；压缩
【知识点】热传递改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过热传递的方式增加的，用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，是机械能转化为内能，内能变化情况与热机的压缩冲程相同。
【分析】温度不同的物体间，通过热传递改变内能；物体间摩擦时，机械能转化为内能。
15．（2025·南宁模拟）小明早晨起床后，站在竖直的平面镜前整理着装，镜中所成的像是 （填“实”或“虚”）像；在他远离平面镜的过程中，镜中像的大小 。
【答案】虚；不变
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1） 小明早晨起床后，站在竖直的平面镜前整理着装，根据平面镜成像的特点可知，镜中所成的像是虚像；
（2）根据平面镜成像“物像等大”的规律可知，在他远离平面镜的过程中，镜中像的大小始终等于他的大小，即像的大小不变。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点判断；
（2）根据平面镜成像“物像等大”分析。
16．（2025·南宁模拟）博物馆门口旁边设有便于轮椅通行的斜坡，斜坡地砖上密布着细小的凹槽，这是为了增大 力；斜坡的坡度要设计小一些，目的是使推轮椅上坡时更 （选填“省力”或“省功”）。
【答案】摩擦；省力
【知识点】增大或减小摩擦的方法；斜面及其应用
【解析】【解答】斜坡地砖的凹槽通过增大接触面粗糙程度来增大 摩擦 力；斜坡坡度小，利用斜面省力的特点，使推轮椅更省力。
综上第1空为摩擦；第2空为省力
【分析】1、斜坡地砖的凹槽增加了接触面粗糙程度。根据摩擦力影响因素，粗糙程度越大，摩擦力越大，目的是增大摩擦，防止轮椅滑动。
2、第二斜坡是斜面，坡度小（斜面缓）时，根据斜面省力原理，拉力更小，更省力。而根据功的原理，使用机械不省功。
17．（2025·南宁模拟）如图所示的电路，电源电压可以调节。灯泡L1的规格是“2.5V，0.3A”，灯泡L2的规格是“6V，0.15A”，闭合开关使电源电压从零逐渐增加，先正常发光的灯泡是 ，此时通过另一灯泡的电流是 A。
【答案】L2；0.15
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】闭合开关S ，两灯泡串联，串联电路中电流处处相等。电路中电阻一定，由可知电路中的电流变大，由于灯L2的额定电流0.15A小于L1的额定电流0.3A，电路中的电流优先达到L2的额定电流，灯泡L2先正常发光，此时另一灯泡的电流也是0.15A。
综上第1空为L2；第2空为0.15A
【分析】分析电路可知，两灯泡串联，串联电路中电流处处相等。
判断先正常发光的灯泡：灯泡L1 额定电流为0.3A， L2额定电流为0.15A。当电源电压从零逐渐增加时，电流逐渐增大，由于0.15A<0.3A，电流先达到L2的额定电流，因此L2先正常发光。求此时另一灯泡的电流：
串联电路电流处处相等，当L2正常发光时，电路电流为0.15A，故通过L1的电流也为0.15A。
18．（2025·南宁模拟）如图甲所示，有A、B两个实心正方体放置在水平地面上，A的边长为0.4 m。将B沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切去的部分叠放在A的上方中央。叠放后A对地面的压强与B剩余的压强随切去厚度h的图像如图乙所示。则物体B的重力 N。若在B切割前，将重力为48 N的物体C分别放置于物体A、B上方中央，为使放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，应将物体B沿水平方向切下的质量为 kg。（取g＝10 N/kg）
【答案】108；1.344
【知识点】压强的大小及其计算；固体横切问题
【解析】【解答】由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时，B剩余部分对地面的压强为0，说明物体B的高度为0.3m，由于物体B为正方体，则B的边长为0.3m，物体B的底面积为：
SB=(0.3m)2=0.09m2
由图乙可知，当B没有被切去时，B对地面的压强为1200Pa，根据可得，此时B对地面的压力为：
FB=PBSB=1200Pa×0.09m2=108N，
因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以物体B的重力为：
GB=FB=108N；
由图乙可知，当A上没有放B时，A对地面的压强为1200Pa，物体A的底面积为：SA=(0.4m)2=0.16m2，
根据可得，此时A对地面的压力为：
FA=PASA=1200Pa×0.16m2=192N，
因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以A的重力为：
GA=FA=192N
设物体B沿水平方向切下部分的重力为ΔG，又因为放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，根据可得：
即
解得：ΔG=13.44N，则B物体切下的质量为：
即应将物体B沿水平方向切下的质量为1.344kg。
【分析】 （1）由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，据此分析出物体B的边长，求出B的底面积，再根据F=PS求出没被切去之前对水平地面的压力，再根据水平面上的物体对水平面的压力等于其重力即可求出B的重力；
（2）将物体B沿水平方向切下的一部分，再根据放上物体C后A、B对水平地面的压强相等建立等量关系，解出，根据求出B物体切下的质量。
四、作图题（每图2分，本题共6分）
19．（2025·南宁模拟）如图所示是滑块沿斜面下滑的情景，请画出此时滑块受到重力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向是竖直向下的，从滑块重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【分析】重力的方向为竖直向下
20．（2025·南宁模拟）如图所示，一束光经O点从空气斜射入水中，请画出法线及大致的折射光线。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】根据图片可知，当光线从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角。过入射点O且垂直于分界面的直线称为法线，在法线右侧水里画出对应的折射光线，如图所示：
【分析】根据光的折射规律完成作图即可。
21．（2025·南宁模拟）请在图中补充完成两灯泡并联的电路图。
【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】两个小灯泡L1和L2并联，开关控制整个电路，电路如图
【分析】并联电路开关在干路上
五、实验探究题(每空1分,共25分。)
22．（2025·南宁模拟）在“研究动能太小与物体速度关系”实验中，将同一钢球从斜面上某一高度h由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离s后停下。
（1）小钢球从斜面上不同高度处自由滚下到达水平面时的速度是 （选填“相等”或“不相等”）的；
（2）甲、乙两图实验中，钢球动能大小是通过 （选填“高度h”或“距离s”）的大小来反映的；由上述实验现象可以得出结论：物体质量相同时，速度越 ，动能越大；
（3）如图丙，将钢球从光滑轨道OAB的O点自由滚下，依次经过A、B两点到达C点（忽略空气阻力），小球在A、B点的机械能E的大小关系为EA EB，当小球离开轨道B点后斜向上运动到达最高点C时，假设小球所受的外力全部消失，则小球将沿 （选填“a”、“b”或“c”）轨迹运动。
【答案】（1）不相等
（2）距离s；大
（3）＝；a
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物体运动状态的变化
【解析】【解答】小球从斜面上不同高度处自由滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，根据机械能守恒，小球滚下的高度越高，小球到达水平面的速度越大。
实验中运用转换法，通过观察木块在水平面移动的距离反映动能大小。比较甲、乙两次实验，在实验乙被撞出的距离比实验甲的距离短，从实验结果可得物体的质量相同时，速度越大，动能越大。
将小球从一光滑斜槽轨道（OAB）O点自由滚下（图丙），依次经过A、B两点到达C点（忽略空气阻力），设A、B两点的机械能分别为EA和EB，实验过程不存在能的损耗，则EA＝EB。当小球从B点做斜抛运动到达最高点C时，假设小球所受的外力全部消失，根据牛顿第一定律，则小球将做匀速直线运动，故小球将沿a轨迹运动。
【分析】1、钢球从斜面不同高度自由滚下，高度不同，重力势能转化为动能的量不同，到达水平面时的速度由初始高度决定。小钢球从斜面不同高度处自由滚下，到达水平面时的速度不相等。
2、转换法应用：实验中钢球动能大小通过木块被推动的 距离s反映，距离越远，动能越大。
3、结论推导：甲、乙两图中钢球质量相同，从更高处滚下时速度更大，推动木块距离更远，说明物体质量相同时，速度越大，动能越大。
4、机械能守恒：轨道光滑且忽略空气阻力，机械能无损耗，因此小球在A、B点的机械能相等，即 EA = EB 。牛顿第一定律应用：小球到达最高点C时，水平方向有速度，若外力全部消失，根据牛顿第一定律，小球将保持水平方向的速度做匀速直线运动，沿 b 轨迹运动。
（1）小球从斜面上不同高度处自由滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，小球滚下的高度越高，小球到达水平面的速度越大。
（2）[1]实验中运用转换法，通过观察木块在水平面移动的距离反映动能大小。
[2]比较甲、乙两次实验，在实验乙被撞出的距离比实验甲的距离短，从实验结果可得物体的质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）[1]将小球从一光滑斜槽轨道（OAB）O点自由滚下（图丙），依次经过A、B两点到达C点（忽略空气阻力），设A、B两点的机械能分别为EA和EB，实验过程不存在能的损耗，则EA＝EB。
[2]当小球从B点做斜抛运动到达最高点C时，假设小球所受的外力全部消失，则小球将做匀速直线运动，故小球将沿a轨迹运动。
23．（2025·南宁模拟）（1）在“探究冰熔化过程温度的变化规律”实验中，某时刻温度计的示数如图甲所示为 ℃，根据实验数据绘制的冰熔化过程温度随时间变化的图像如图乙所示，由图乙可知冰是 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（2）如图丙所示的实验中，闭合开关，观察到铝棒向左运动，实验现象说明磁场对 有力的作用，利用这一原理可以制成 。
（3）如图丁，两只气球悬挂在空中。为使两只气球靠拢，你所采用的方法是 ，其中用到的物理知识是 。
【答案】（1）-3；晶体
（2）通电导体；电动机
（3）向两气球中间用力吹气；流速越大的位置，压强越小
【知识点】熔化和凝固的探究实验；流体压强与流速的关系；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）如图甲所示，温度计的分度值为1℃，示数在零刻度以下，因此为-3℃。由图乙可知，冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，因此是晶体。
（2）如图丙所示的实验中，闭合开关，此时铝棒为通电导体，观察到铝棒向左运动，说明磁场对通电导体有力的作用，利用这一原理可以制成电动机。
（3）如图丁，两只气球悬挂在空中。根据伯努利原理，为使两只气球靠拢，所采用的方法是向两气球中间用力吹气，其中用到的物理知识是流速越大的位置，压强越小。
综上第（1）小题第1空为-3；第2空为晶体。第（2）小题第1空为通电导体；第2空为电动机。第（3）小题第1空为向两气球中间用力吹气；第2空为流速越大的位置，压强越小。
【分析】1、温度计的读数需注意是否在零刻度以下
2、晶体熔化过程中不断吸热，温度保持不变
3、电动机的原理：通电导体在磁场中受力的作用。能量转化形式属于电能转化为机械能
4、伯努利原理：流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大
（1）[1]如图甲所示，温度计的分度值为1℃，示数在零刻度以下，因此为-3℃。
[2]由图乙可知，冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，因此是晶体。
（2）[1][2]如图丙所示的实验中，闭合开关，此时铝棒为通电导体，观察到铝棒向左运动，说明磁场对通电导体有力的作用，利用这一原理可以制成电动机。
（3）[1][2]如图丁，两只气球悬挂在空中。为使两只气球靠拢，所采用的方法是向两气球中间用力吹气，其中用到的物理知识是流速越大的位置，压强越小。
24．（2025·南宁模拟）在“探究电流与电阻的关系”实验中，电路图如图甲所示，电源电压保持不变，选用的实验器材有电流表，电压表，四个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω，最大阻值为50Ω的滑动变阻器、开关、导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于 （选填“A”或“B”）端；
（2）将5Ω的定值电阻接入电路的a、b两点间，闭合开关，移动滑动变阻器滑片的过程中，电压表一直有示数但电流表始终无示数，造成这一故障的原因可能是电路a、b两点间发生 ；
（3）排除故障后，用原器材继续实验，先确定a、b两点间一个保持不变的电压值U，移动滑片使电压表示数为U，此时电流表的示数如图乙所示，为 A；
（4）用10Ω、15Ω的定值电阻分别接入a、b两点间，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，每次都要使电压表的示数为U＝ V时，再记录电流表的示数。分析数据得出结论：当a、b两点间的电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成 比；
（5）以上三次实验中，用 Ω的定值电阻做实验时，a、b两点间的电功率最大；
（6）在a、b两点间接入20Ω的定值电阻时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片都不能完成该实验（元件没有损坏），分析可知，该电源至少用了 节新干电池串联。
【答案】（1）B
（2）断路
（3）0.4
（4）2；反
（5）5
（6）5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处。由图可知，滑片置于B端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）电压表有示数但电流表无示数，说明无电流通过，且电压表直接测电源电压，即电压表所连部分发生断路。所以造成这一故障的原因可能是电路a、b两点间发生断路。
（3）如图乙所示，电流表选用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，得出相应的电流值为0.4A。
（4）在探究电流与电阻的关系实验中，要控制定值电阻两端的电压不变。原器材不变时即电阻为5Ω，电压值为，通过实验数据分析可得，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
（5）根据电功率公式可知，当电压U一定时，电阻R越小，电功率P越大。所以在5Ω、10Ω、15Ω三个定值电阻中，用 5Ω 的定值电阻做实验时，a、b两点间的电功率最大。
（6）当接入20Ω电阻时，设电源电压为U要使定值电阻两端电压达到2V，根据串联电路分压原理可得
解得U＝7V，因为一节新干电池电压为1.5V，5节是7.5V，所以该电源至少用了5节新干电池串联。
综上得第（1）题空为B；第（2）题空为断路；第（3）题为0.4A；第（4）题第1空为2，第2空为反；第（5）题空为5；第（6）题空为5。
【分析】1、连接电路时注意开关处于断开状态，滑动变阻器划到最大阻值处
2、电压表有示数，电流表无示数表示电压表所连部分断路；电流表有示数，电压表无示数说明电压表所连部分短路
3、电流表电压表读数要注意分度值和量程
4、根据欧姆定律，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比
5、求电功率最大，注意电压一定，根据可知，R应该最小
6、根据串联分压，两次过程中电源电压不变。
（1）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处。由图可知，滑片置于B端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）电压表有示数但电流表无示数，说明电压表与电源连通，而且电路中存在断路。所以造成这一故障的原因可能是电路a、b两点间发生断路。
（3）如图乙所示，电流表选用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，则相应的电流值为0.4A。
（4）[1]在探究电流与电阻的关系实验中，要控制定值电阻两端的电压不变。由（2）（3）可知所控的电压值为
[2]通过实验数据分析可得，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
（5）根据电功率公式可知，当电压U一定时，电阻R越小，电功率P越大。所以在5Ω、10Ω、15Ω三个定值电阻中，用 5Ω 的定值电阻做实验时，a、b两点间的电功率最大。
（6）当接入20Ω电阻时，设电源电压为U要使定值电阻两端电压达到2V，根据串联电路分压原理可得
解得U＝7V，因为一节新干电池电压为1.5V，5节是7.5V，所以该电源至少用了5节新干电池串联。
25．（2025·南宁模拟）在测量牛奶的密度实验中。
（1）将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处，横梁静止时，指针位置如图甲所示。为使横梁在水平位置平衡，应将横梁上的平衡螺母向 移动；直至指针指在 。
（2）将装有适量牛奶的烧杯放在天平左盘，当天平重新平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，则烧杯和牛奶的质量ma＝ g。
（3）将烧杯中部分牛奶倒入量筒中，液面的位置如图丙所示。
（4）测出烧杯和剩余牛奶的质量mb＝88.6g。
（5）设计的记录数据的表格如表，表格中▲处应补充的内容是 。
烧杯和牛奶的质量ma/g 烧杯和剩余牛奶的质量mb/g ▲m/g 量筒中牛奶的体积V/cm3 牛奶的密度ρ/（g cm﹣1）
根据测量数据求得牛奶的密度ρ＝ g/cm3。
（6）小明在家清洗餐具时，发现瓷勺沉到水底，于是想测量瓷勺的密度。他用厨房电子秤、透明塑料杯、细线、厨具支架和水（密度为ρ水），进行如下操作：
a.用电子秤测量瓷勺的质量m1；
b.将适量的水装入塑料杯并测出杯和水的总质量m2；
c.按照如图丁所示的方式组装，读出电子秤的示数m3；
瓷勺的密度ρ＝ （用ρ水和所测物理量表示）；若图丁中瓷勺接触杯底并对杯底有压力，会使测得瓷勺的密度 。
【答案】右；分度盘中央；130.6；量筒中牛奶的质量；1.05；；偏小
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）由图甲可知，天平指针向左偏转，则应向右调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央，使天平水平平衡
（2）由图乙可知，烧杯和牛奶的总质量为130g+0.6g=130.6g
（5）要测量牛奶的密度，需要测量牛奶的质量和牛奶的体积，则应称量倒入量筒中牛奶的质量。
故量筒中牛奶的体积V＝40mL＝40cm3，倒入量筒中牛奶的质量m＝130.6g﹣88.6g＝42g
则牛奶的密度
（6）由步骤b、c可知瓷勺放入后排开水的质量m排＝m3﹣m2
则瓷勺排开水的体积即为瓷勺的体积
则瓷勺的密度
瓷勺接触杯底，会使m3的示数增大，导致浮力增大，使得瓷勺的体积增大，则根据知瓷勺的密度偏小。
综上得第（1）题第1空为右，第2空为分度盘中央；第（2）题空为130.6；第（5）题第1空为量筒中牛奶的质量，第2空为1.05；第（6）题第1空为，第2空为偏小。
【分析】1、天平横梁调节原则为左偏右调，右偏左调
2、天平读数为右盘砝码质量＋游码质量
3、物体的密度紧抓质量除以体积
4、题中需将水的体积转化为物体的体积，其中水的密度已知且求出水的体积
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。）
26．（2025·南宁模拟）物理兴趣小组设计了如图甲所示的湖水水位监测报警装置。电源电压恒定不变，定值电阻R0＝30Ω；厚度均匀的长条形电阻片R竖直放置，浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动。当电流表的示数达到设定数值时，表示水位达到警戒水位，装置发出报警信号。闭合开关，滑杆AP位于电阻片底端B点时，电压表示数为6V，电流表示数为0.1A。
水位高度h/cm 10 15 20 30
电流I/A 0.1 0.12 0.15 0.3
（1）求滑动变阻器的最大阻值。
（2）求电源电压。
（3）浮子带动滑杆AP从底端B点上移到顶端C点的过程中，记录下几组水位和对应的电流表示数如表所示，当电流表的示数为0.25A时，水位达到警戒值，求警戒水位高度。
【答案】（1）当滑杆AP在点时，滑动变阻器接入最大阻值，根据，可得滑动变阻器最大阻值为
（2）定值电阻，电流，根据，两端电压为
电源电压为
（3）当电流时，电路总电阻为
滑动变阻器接入电阻为
由表格数据，分析电流与水位关系（或看电阻变化规律 ），滑杆从到，电阻从变到，对应水位变化，根据电阻变化比例（或结合数据找规律 ），可算出当电阻为时，水位高度为28cm。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】由图可知，R0与R串联，电压表测R的电压，据题意，滑动变阻器的最大阻值处在B点，由题意此时U=6V，I=0.1A，代入公式即可算出最大电阻；当滑杆位于B 点时，根据表格中的数据，且电路为串联电路，根据串联电路电压规律U=U0+UR，算出电源电压；表格数据，分析电流与水位关系（或看电阻变化规律 ），滑杆从到，电阻从变到，对应水位变化，根据电阻变化比例（或结合数据找规律 ），可算出当电阻为时，水位高度为28cm。
（1）当滑杆AP在点时，滑动变阻器接入最大阻值，根据，可得滑动变阻器最大阻值为
（2）定值电阻，电流，根据，两端电压为
电源电压为
（3）当电流时，电路总电阻为
滑动变阻器接入电阻为
由表格数据，分析电流与水位关系（或看电阻变化规律 ），滑杆从到，电阻从变到，对应水位变化，根据电阻变化比例（或结合数据找规律 ），可算出当电阻为时，水位高度为28cm。
27．（2025·南宁模拟）如图，甲、乙两个相同的轻质薄壁圆柱形容器（高为1m，底面积为）放置在水平地面上，且容器内分别盛有深度都为0.8m的水和酒精。（，，）
（1）求水对甲容器底部的压强。
（2）求乙容器中酒精的质量。
（3）将实心球A先后缓慢放入甲、乙容器中，两容器都有液体溢出，且溢出酒精的体积为，A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，甲、乙容器对地面的压强增加量相同，求A的密度。
【答案】（1）水对容器甲底部的压强为
（2）乙容器中酒精的质量
（3）实心物体A先后慢慢放入水和酒精中，设溢出的水重为，溢出的酒精重为，已知，由于甲、乙两个相同的容器是轻质薄壁圆柱形，则
所以，根据可得溢出的水和酒精的体积之比为
因为A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，物体A的密度小于水的密度，大于酒精的密度，则实心物体A漂浮在水面上、浸没在酒精中，物体A的体积为
溢出水的体积为
物体A的质量为
则物体A的密度为
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】据题意。1、液体的压强公式p=ρgh，其中h=0.8m，代入公式即可。
2、质量m=ρV，已知V=sh，代入数值即可。
3、求密度，即算出质量与体积，其中质量需求出A的体积VA，其中乙中A的体积：A沉底， VA= V剩+ V溢酒= 0.01 + 1×10-2m3= 0.02m3 ，实心物体A先后慢慢放入水和酒精中时，由于甲、乙两个相同的容器是轻质薄壁圆柱形，则，所以，根据可得溢出的水和酒精的体积之比，因为A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，物体A的密度小于水的密度，大于酒精的密度，则实心物体A漂浮在水面上、浸没在酒精中，物体A的体积为溢出水的体积为
（1）水对容器甲底部的压强为
（2）乙容器中酒精的质量
（3）实心物体A先后慢慢放入水和酒精中，设溢出的水重为，溢出的酒精重为，已知，由于甲、乙两个相同的容器是轻质薄壁圆柱形，则
所以，根据可得溢出的水和酒精的体积之比为
因为A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，物体A的密度小于水的密度，大于酒精的密度，则实心物体A漂浮在水面上、浸没在酒精中，物体A的体积为
溢出水的体积为
物体A的质量为
则物体A的密度为
1 / 1广西南宁市高新区2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2025·南宁模拟）古有北斗星指方向，今有北斗卫星导航程。北斗卫星与地面间传递信息是利用（ ）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．空气
2．（2025·南宁模拟）春季“回南天”到来时，课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，这些“水”的形成属于（ ）
A．熔化现象 B．液化现象 C．凝华现象 D．汽化现象
3．（2025·南宁模拟）书包背带做得较宽是为了（ ）
A．减小压强 B．增大压强 C．减小压力 D．增大压力
4．（2025·南宁模拟）下列利用电流热效应工作的用电器是（ ）
A．电风扇 B．电饭锅 C．电视机 D．电脑
5．（2025·南宁模拟）为了提醒车辆司机夜晚注意中小学生道路安全，校服上增加了反光警示条，下列说法正确的是（ ）
A．校服上的反光条是光源
B．光在透明介质中一定沿直线传播
C．光被反光条反射后传播速度大于3×108m/s
D．能够看到校服是因为光在衣服表面发生了反射
6．（2025·南宁模拟）如图所示是南宋诗人陆游在《老学庵笔记》中记载的一种“省油灯”，其灯盏上方容器中盛油，在夹层中注水以降低油的温度，达到省油的效果。下列说法正确的是（ ）
A．油燃烧时将内能转化为化学能
B．油充分燃烧可以提高油的热值
C．通过水吸热降低油温来减慢油的蒸发
D．油黏在灯盏壁的原因是分子间存在斥力
7．（2025·南宁模拟）如图，《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”下列关于其涉及的物理知识，分析正确的是（ ）
A．制成的冰镜对光有发散作用
B．“削冰令圆”就是把冰块制成凹透镜
C．用于矫正近视眼的透镜与该冰镜形状相似
D．若要“火生”，把“艾”放在冰镜的一倍焦距处最好
8．（2025·南宁模拟）如图所示，家中常用延长线插座上插满了各种电器，各用电器同时工作。下列有关分析正确的是（ ）
A．各用电器串联 B．干路电流过大容易发生火灾
C．插座延长线中可以没有地线 D．可以用湿手拔使用中的插头
9．（2025·南宁模拟）如图所示电路，当给玻璃丝加热时，小灯泡会慢慢亮起来（不考虑灯丝电阻的变化），此过程中逐渐增大的物理量是（ ）
A．电源的电压 B．玻璃丝的电阻
C．小灯泡的额定功率 D．电路的电流
10．（2025·南宁模拟）小明家有一把杆秤，如图所示，秤钩上不挂物体时提住秤纽，将秤砣移动至定盘星处时，秤杆恰能水平平衡，当秤钩挂上物体移动秤砣使秤杆再次水平平衡时，即可通过秤砣所对应刻度读出物体质量。下列说法正确的是（ ）
A．定盘星是秤杆的支点
B．杆秤是一种等臂杠杆
C．所挂物体加重时，秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡
D．使用已磨损的秤砣测量时，测量值比真实值偏小
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）
11．（2025·南宁模拟）小明参考课本自制了两个测量仪器，如图甲所示为温度计，如图乙所示为气压计，下列说法正确的是（ ）
A．甲瓶浸入热水中，其玻璃管内液面会上升
B．甲瓶口朝下倒置，水会从吸管中全部流出
C．乙瓶中玻璃管选粗一点时液面变化更明显
D．将乙瓶从山脚带到山顶，玻璃管内液面上升
12．（2025·南宁模拟）如图所示是一款“智能照明灯”的电路，其控制电路中，电源电压恒定，R1为可变电阻，R2为光敏电阻，其阻值随光照强度变化而变化。当电流达到某一值时，电磁铁会将衔铁吸下。灯L天黑时自动发光，天亮时自动熄灭。下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁的工作原理是电流的磁效应
B．S闭合时，电磁铁的上端是N极
C．若将R1调小，灯泡工作时间会变短
D．R2的阻值随光照强度的增大而增大
三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）
13．（2025·南宁模拟）熟透了的芒果从树上直落地上的过程中，以地面为参照物，芒果是 （选填“运动”或“静止”）的，在下落过程中，芒果的惯性 。
14．（2025·南宁模拟）工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过 的方式增加的，用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，该过程内能变化情况与热机的 冲程相同。
15．（2025·南宁模拟）小明早晨起床后，站在竖直的平面镜前整理着装，镜中所成的像是 （填“实”或“虚”）像；在他远离平面镜的过程中，镜中像的大小 。
16．（2025·南宁模拟）博物馆门口旁边设有便于轮椅通行的斜坡，斜坡地砖上密布着细小的凹槽，这是为了增大 力；斜坡的坡度要设计小一些，目的是使推轮椅上坡时更 （选填“省力”或“省功”）。
17．（2025·南宁模拟）如图所示的电路，电源电压可以调节。灯泡L1的规格是“2.5V，0.3A”，灯泡L2的规格是“6V，0.15A”，闭合开关使电源电压从零逐渐增加，先正常发光的灯泡是 ，此时通过另一灯泡的电流是 A。
18．（2025·南宁模拟）如图甲所示，有A、B两个实心正方体放置在水平地面上，A的边长为0.4 m。将B沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切去的部分叠放在A的上方中央。叠放后A对地面的压强与B剩余的压强随切去厚度h的图像如图乙所示。则物体B的重力 N。若在B切割前，将重力为48 N的物体C分别放置于物体A、B上方中央，为使放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，应将物体B沿水平方向切下的质量为 kg。（取g＝10 N/kg）
四、作图题（每图2分，本题共6分）
19．（2025·南宁模拟）如图所示是滑块沿斜面下滑的情景，请画出此时滑块受到重力的示意图。
20．（2025·南宁模拟）如图所示，一束光经O点从空气斜射入水中，请画出法线及大致的折射光线。
21．（2025·南宁模拟）请在图中补充完成两灯泡并联的电路图。
五、实验探究题(每空1分,共25分。)
22．（2025·南宁模拟）在“研究动能太小与物体速度关系”实验中，将同一钢球从斜面上某一高度h由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离s后停下。
（1）小钢球从斜面上不同高度处自由滚下到达水平面时的速度是 （选填“相等”或“不相等”）的；
（2）甲、乙两图实验中，钢球动能大小是通过 （选填“高度h”或“距离s”）的大小来反映的；由上述实验现象可以得出结论：物体质量相同时，速度越 ，动能越大；
（3）如图丙，将钢球从光滑轨道OAB的O点自由滚下，依次经过A、B两点到达C点（忽略空气阻力），小球在A、B点的机械能E的大小关系为EA EB，当小球离开轨道B点后斜向上运动到达最高点C时，假设小球所受的外力全部消失，则小球将沿 （选填“a”、“b”或“c”）轨迹运动。
23．（2025·南宁模拟）（1）在“探究冰熔化过程温度的变化规律”实验中，某时刻温度计的示数如图甲所示为 ℃，根据实验数据绘制的冰熔化过程温度随时间变化的图像如图乙所示，由图乙可知冰是 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（2）如图丙所示的实验中，闭合开关，观察到铝棒向左运动，实验现象说明磁场对 有力的作用，利用这一原理可以制成 。
（3）如图丁，两只气球悬挂在空中。为使两只气球靠拢，你所采用的方法是 ，其中用到的物理知识是 。
24．（2025·南宁模拟）在“探究电流与电阻的关系”实验中，电路图如图甲所示，电源电压保持不变，选用的实验器材有电流表，电压表，四个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω，最大阻值为50Ω的滑动变阻器、开关、导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于 （选填“A”或“B”）端；
（2）将5Ω的定值电阻接入电路的a、b两点间，闭合开关，移动滑动变阻器滑片的过程中，电压表一直有示数但电流表始终无示数，造成这一故障的原因可能是电路a、b两点间发生 ；
（3）排除故障后，用原器材继续实验，先确定a、b两点间一个保持不变的电压值U，移动滑片使电压表示数为U，此时电流表的示数如图乙所示，为 A；
（4）用10Ω、15Ω的定值电阻分别接入a、b两点间，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，每次都要使电压表的示数为U＝ V时，再记录电流表的示数。分析数据得出结论：当a、b两点间的电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成 比；
（5）以上三次实验中，用 Ω的定值电阻做实验时，a、b两点间的电功率最大；
（6）在a、b两点间接入20Ω的定值电阻时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片都不能完成该实验（元件没有损坏），分析可知，该电源至少用了 节新干电池串联。
25．（2025·南宁模拟）在测量牛奶的密度实验中。
（1）将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处，横梁静止时，指针位置如图甲所示。为使横梁在水平位置平衡，应将横梁上的平衡螺母向 移动；直至指针指在 。
（2）将装有适量牛奶的烧杯放在天平左盘，当天平重新平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，则烧杯和牛奶的质量ma＝ g。
（3）将烧杯中部分牛奶倒入量筒中，液面的位置如图丙所示。
（4）测出烧杯和剩余牛奶的质量mb＝88.6g。
（5）设计的记录数据的表格如表，表格中▲处应补充的内容是 。
烧杯和牛奶的质量ma/g 烧杯和剩余牛奶的质量mb/g ▲m/g 量筒中牛奶的体积V/cm3 牛奶的密度ρ/（g cm﹣1）
根据测量数据求得牛奶的密度ρ＝ g/cm3。
（6）小明在家清洗餐具时，发现瓷勺沉到水底，于是想测量瓷勺的密度。他用厨房电子秤、透明塑料杯、细线、厨具支架和水（密度为ρ水），进行如下操作：
a.用电子秤测量瓷勺的质量m1；
b.将适量的水装入塑料杯并测出杯和水的总质量m2；
c.按照如图丁所示的方式组装，读出电子秤的示数m3；
瓷勺的密度ρ＝ （用ρ水和所测物理量表示）；若图丁中瓷勺接触杯底并对杯底有压力，会使测得瓷勺的密度 。
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。）
26．（2025·南宁模拟）物理兴趣小组设计了如图甲所示的湖水水位监测报警装置。电源电压恒定不变，定值电阻R0＝30Ω；厚度均匀的长条形电阻片R竖直放置，浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动。当电流表的示数达到设定数值时，表示水位达到警戒水位，装置发出报警信号。闭合开关，滑杆AP位于电阻片底端B点时，电压表示数为6V，电流表示数为0.1A。
水位高度h/cm 10 15 20 30
电流I/A 0.1 0.12 0.15 0.3
（1）求滑动变阻器的最大阻值。
（2）求电源电压。
（3）浮子带动滑杆AP从底端B点上移到顶端C点的过程中，记录下几组水位和对应的电流表示数如表所示，当电流表的示数为0.25A时，水位达到警戒值，求警戒水位高度。
27．（2025·南宁模拟）如图，甲、乙两个相同的轻质薄壁圆柱形容器（高为1m，底面积为）放置在水平地面上，且容器内分别盛有深度都为0.8m的水和酒精。（，，）
（1）求水对甲容器底部的压强。
（2）求乙容器中酒精的质量。
（3）将实心球A先后缓慢放入甲、乙容器中，两容器都有液体溢出，且溢出酒精的体积为，A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，甲、乙容器对地面的压强增加量相同，求A的密度。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】北斗卫星与地面间传递信息是利用电磁波工作的，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】根据电磁波的应用分析判断。
2．【答案】B
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】春季“回南天”时空气湿度较大，空气中存有大量水蒸气；空气中的水蒸气遇课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，这些“水”的形成属于液化现象，属于空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B 符合题意， ACD不符合题意。
故选B。
【分析】据题意，春季气温相对较低，空气中存有大量水蒸气遇冷会转化为小水滴，存在“出水”现象，物态变化现象为液化。
3．【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：书包背带做得较宽是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强．
故A正确，BCD错误．
故选A．
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关．
增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．
4．【答案】B
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】A．电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，把电能转化为机械能，A不符合题意。
B．电饭锅利用了电流的热效应，将电能转化为内能，B符合题意。
C．电视机是利用电能转化为声能、光能工作的，C不符合题意。
D．电脑是利用电能转化为声能、光能、内能、机械能工作的，不是电流的热效应，D不符合题意。
故答案为：B.
【分析】电流热效应：电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应．
5．【答案】D
【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；光的传播速度与光年；镜面反射与漫反射
【解析】【解答】A．校服上的反光条是自身不能发光，靠反射发光，不属于光源，故A错误；
B．光在同种均匀介质中沿直线传播，故B错误；
C．光在空气中的传播速度约为3×108m/s，故C错误；
D．我们能够看到校服是，因为光在校服表面发生了漫反射，漫反射与镜面反射均属于反射现象，故D正确。
故选D。
【分析】根据光学基础知识
1、反光条属于反射光线的实例，不属于光源，光源为自身发光的物体
2、光在同种均匀介质中沿直线传播
3、光在空气中的传播速度约为3×108m/s，在气体中传播最快
4、镜面反射与漫反射属于反射现象，遵循光的反射规律
6．【答案】C
【知识点】影响蒸发快慢的因素；燃料的热值；能量的转化或转移；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．油燃烧属于化学变化，燃烧过程属于将化学能转化为内能，故A错误。
B．热值属于燃料的一种特性，与燃料是否充分燃烧无关，它只与燃料的种类有关，故B错误。
C．省油灯通过在夹层中注水，利用水吸热来降低油温，从而减慢油的蒸发，达到省油的效果，故C正确。
D．油黏在灯盏壁上是由于分子间存在相互作用的引力，所以吸附在灯盏壁上，不属于斥力，故D错误。
故选C。
【分析】1、油属于化学变化，燃烧过程是将化学能转化为内能
2、热值属于燃料的一种特性，与燃料是否充分燃烧无关，它只与燃料的种类有关
3、影响液体蒸发快慢的因素，液体的温度越高，蒸发越快。省油灯通过在夹层中注水，利用水吸热来降低油温，从而减慢油的蒸发，达到省油的效果
4、油吸附在灯盏壁上 是由于分子间存在相互作用的引力
7．【答案】D
【知识点】透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】AB．“艾承其影，则火生”是把艾草放置在冰块削成的透镜的亮斑处，让艾草温度升高燃烧，故该透镜对光有会聚作用，属于凸透镜，故AB错误；
C．近视眼成像在视网膜前，用凹透镜来矫正，与题意透镜不符。故C错误；
D．光平行于主光轴入射时，折射后的光会聚在冰镜的焦点处，此处温度最高，因此生火时把“艾”放在冰镜的一倍焦距处最容易点燃，故D正确。
故选D。
【分析】1、“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”该句的意思是将冰块削成凸透镜形状，在太阳光下会聚，将艾草放置在亮斑处，让艾草温度升高燃烧。凸透镜属于会聚透镜。
2、近视眼属于晶状体变厚，成像在视网膜前，用凹透镜矫正
3、光线经过凸透镜时在焦点处会聚，所有能量会聚一点，温度最高
8．【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．插座上的各用电器能独立工作，互不影响，是并联的，故A错误；
B．插座上插满了各种电器，同时工作时，造成电路总功率过大，而家庭电路电压保持为220V，据可知，会造成电路电流过大，引发火灾事故，故B正确；
C．插座上的电冰箱、洗衣机等用电器有金属外壳的，插座延长线需要接地线，才能避免金属外壳带电而引发触电事故，故C错误；
D．用湿手拔使用中的插头，由于生活中的水是导体，如果手接触到火线，会出现触电事故，故D错误。
故选B。
【分析】（1）家庭电路中的用电器是并联的；
（2）干路中的电流过大，根据焦耳定律可知，干路中导线产生的热量过多，容易发生火灾；
（3）家庭电路中有金属外壳的用电器应该接地线；
（4）生活用水是导体。
9．【答案】D
【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用；额定功率；实际功率
【解析】【解答】如图所示电路，当给玻璃丝加热时，小灯泡会慢慢亮起来（不考虑灯丝电阻的变化），说明小灯泡的实际功率变大，电路中的电流变大了，玻璃丝的电阻随温度的升高而减小；而电源电压、小灯泡的额定功率是不变的，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】（1） 灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮；
（2）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，还与温度有关；与导体中的电流、导体两端的电压大小无关；
（3）用电器在额定电压下工作时的电功率是额定功率。
10．【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．秤纽与秤杆的连接点是支点，故A错误；
B．杆秤使用时，杆秤动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C．根据杠杆平衡条件有，、不变，所挂物体加重时，G物变大，变大，即秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡，故C正确；
D．根据杠杆平衡条件有，使用已磨损的秤砣测量时，即变小，、不变，所以变大，则测量值比真实值偏大，故D错误。
故选C。
【分析】（1） 根据支点的定义分析；
（2）根据动力臂与阻力臂的关系判断出杠杆的类型；
（3）根据杠杆的平衡条件分析物体加重时，秤砣移动的方向；
（4）根据杠杆的平衡条件分析秤砣磨损后的误差关系。
11．【答案】A,D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A．甲瓶属于温度计，浸入热水中时，瓶内气体受热膨胀，玻璃管内的液面上升，这是液体热胀冷缩原理的应用，故A正确；
B．甲瓶倒置时，根据大气压的作用，外界大气压会阻止水从吸管中流出，故B错误；
C．乙瓶作为气压计，玻璃管越细，相同气压变化时液面高度变化越明显，因为细管中液柱变化更易观察，粗管会减弱液面变化的视觉效果，故C错误；
D．海拔越高，大气压越低。将乙瓶从山脚带到山顶，外界大气压减小，瓶内气压大于外界大气压，会使玻璃管内液面上升，故D正确。
故选AD。
【分析】1、甲是温度计，利用液体热胀冷缩工作。当甲瓶浸入热水，瓶内液体受热膨胀，体积变大，所以玻璃管内液面会上升
2、甲瓶口朝下倒置，瓶内有空气，空气产生的压强会阻碍水流出，水不会全部从吸管流出
3、乙是气压计，基于瓶内气压与外界大气压的压强差使液面变化。根据p =ρgh（p为压强差、ρ为液体密度、g为重力加速度、h为液面高度差 ），压强差一定时，液面高度变化与玻璃管粗细无关
4、大气压随海拔升高而减小。乙瓶从山脚到山顶，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会将液体压入玻璃管，使液面上升，
12．【答案】A,C
【知识点】欧姆定律及其应用；通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．电磁铁是利用电流的磁效应工作的，即电流周围存在磁场，当有电流通过电磁铁线圈时，电磁铁会产生磁性，故A正确；
B．根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极。由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，所以电磁铁的下端是N极，上端是S极，故B错误；
CD．由题意可知，若将R1调小，根据，控制电路电源电压U不变，R = R1+R2，控制电路中的总电阻变小，电流变大，在光照强度较弱时，电流就能够达到将衔铁吸下的电流值，所以灯泡工作时间会变短，灯L天黑时自动发光，此时光照强度弱，控制电路中的电流较小，衔铁未被吸下，说明此时控制电路的总电阻较大；天亮时自动熄灭，此时光照强度强，控制电路中的电流较大，衔铁被吸下，说明此时控制电路的总电阻较小。因为R1为可变电阻，当R1不变时，光照强度增大，控制电路总电阻减小，所以R2的阻值随光照强度的增大而减小，故D错误，C正确。
故选AC。
【分析】1、电磁铁的工作原理是 电流的磁效应（通电时产生磁场，断电时磁场消失）
2根据安培定则：右手握住电磁铁，四指指向电流方向，大拇指指向N极。控制电路中，电流从电磁铁 下端流入、上端流出，因此大拇指指向 下端（N极），上端为S极。
3、灯亮条件：电流小（衔铁不吸合），对应天黑（R2大）；灯灭条件：电流大（衔铁吸合），对应天亮（R2小）。若将 R1调小，控制电路总电阻 R = R1 + R2。当衔铁吸合的临界电流 I 不变（电源电压恒定，），R1减小 → 临界状态下 R2 需更大才能维持总电阻 R 不变。实际意义：光照稍强（R2还没变小到原来的临界值），总电阻已达 R（因 R1 小），电流提前达到 I，衔铁吸合，灯更早熄灭 → 灯泡工作时间变短
4、天亮时（光照强），灯灭（电流大，总电阻小）→ R2 阻值 随光照强度增大而减小（而非增大）
13．【答案】运动；不变
【知识点】惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】据题意，熟透了的芒果从树上直落地上的过程中，以地面为参照物，芒果与地面的位置发生了改变，则芒果是运动的。惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，在下落过程中，芒果的质量不变，惯性不变。
综上第1空为运动；第2空为不变
【分析】1、以地面为参照物，芒果下落时，其相对于地面的位置不断改变，因此芒果是运动的。
2、惯性大小只与物体质量有关，芒果下落过程中质量不变，故其惯性不变。
14．【答案】热传递；压缩
【知识点】热传递改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过热传递的方式增加的，用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，是机械能转化为内能，内能变化情况与热机的压缩冲程相同。
【分析】温度不同的物体间，通过热传递改变内能；物体间摩擦时，机械能转化为内能。
15．【答案】虚；不变
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1） 小明早晨起床后，站在竖直的平面镜前整理着装，根据平面镜成像的特点可知，镜中所成的像是虚像；
（2）根据平面镜成像“物像等大”的规律可知，在他远离平面镜的过程中，镜中像的大小始终等于他的大小，即像的大小不变。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点判断；
（2）根据平面镜成像“物像等大”分析。
16．【答案】摩擦；省力
【知识点】增大或减小摩擦的方法；斜面及其应用
【解析】【解答】斜坡地砖的凹槽通过增大接触面粗糙程度来增大 摩擦 力；斜坡坡度小，利用斜面省力的特点，使推轮椅更省力。
综上第1空为摩擦；第2空为省力
【分析】1、斜坡地砖的凹槽增加了接触面粗糙程度。根据摩擦力影响因素，粗糙程度越大，摩擦力越大，目的是增大摩擦，防止轮椅滑动。
2、第二斜坡是斜面，坡度小（斜面缓）时，根据斜面省力原理，拉力更小，更省力。而根据功的原理，使用机械不省功。
17．【答案】L2；0.15
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】闭合开关S ，两灯泡串联，串联电路中电流处处相等。电路中电阻一定，由可知电路中的电流变大，由于灯L2的额定电流0.15A小于L1的额定电流0.3A，电路中的电流优先达到L2的额定电流，灯泡L2先正常发光，此时另一灯泡的电流也是0.15A。
综上第1空为L2；第2空为0.15A
【分析】分析电路可知，两灯泡串联，串联电路中电流处处相等。
判断先正常发光的灯泡：灯泡L1 额定电流为0.3A， L2额定电流为0.15A。当电源电压从零逐渐增加时，电流逐渐增大，由于0.15A<0.3A，电流先达到L2的额定电流，因此L2先正常发光。求此时另一灯泡的电流：
串联电路电流处处相等，当L2正常发光时，电路电流为0.15A，故通过L1的电流也为0.15A。
18．【答案】108；1.344
【知识点】压强的大小及其计算；固体横切问题
【解析】【解答】由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时，B剩余部分对地面的压强为0，说明物体B的高度为0.3m，由于物体B为正方体，则B的边长为0.3m，物体B的底面积为：
SB=(0.3m)2=0.09m2
由图乙可知，当B没有被切去时，B对地面的压强为1200Pa，根据可得，此时B对地面的压力为：
FB=PBSB=1200Pa×0.09m2=108N，
因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以物体B的重力为：
GB=FB=108N；
由图乙可知，当A上没有放B时，A对地面的压强为1200Pa，物体A的底面积为：SA=(0.4m)2=0.16m2，
根据可得，此时A对地面的压力为：
FA=PASA=1200Pa×0.16m2=192N，
因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以A的重力为：
GA=FA=192N
设物体B沿水平方向切下部分的重力为ΔG，又因为放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，根据可得：
即
解得：ΔG=13.44N，则B物体切下的质量为：
即应将物体B沿水平方向切下的质量为1.344kg。
【分析】 （1）由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，据此分析出物体B的边长，求出B的底面积，再根据F=PS求出没被切去之前对水平地面的压力，再根据水平面上的物体对水平面的压力等于其重力即可求出B的重力；
（2）将物体B沿水平方向切下的一部分，再根据放上物体C后A、B对水平地面的压强相等建立等量关系，解出，根据求出B物体切下的质量。
19．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向是竖直向下的，从滑块重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【分析】重力的方向为竖直向下
20．【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】根据图片可知，当光线从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角。过入射点O且垂直于分界面的直线称为法线，在法线右侧水里画出对应的折射光线，如图所示：
【分析】根据光的折射规律完成作图即可。
21．【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】两个小灯泡L1和L2并联，开关控制整个电路，电路如图
【分析】并联电路开关在干路上
22．【答案】（1）不相等
（2）距离s；大
（3）＝；a
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物体运动状态的变化
【解析】【解答】小球从斜面上不同高度处自由滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，根据机械能守恒，小球滚下的高度越高，小球到达水平面的速度越大。
实验中运用转换法，通过观察木块在水平面移动的距离反映动能大小。比较甲、乙两次实验，在实验乙被撞出的距离比实验甲的距离短，从实验结果可得物体的质量相同时，速度越大，动能越大。
将小球从一光滑斜槽轨道（OAB）O点自由滚下（图丙），依次经过A、B两点到达C点（忽略空气阻力），设A、B两点的机械能分别为EA和EB，实验过程不存在能的损耗，则EA＝EB。当小球从B点做斜抛运动到达最高点C时，假设小球所受的外力全部消失，根据牛顿第一定律，则小球将做匀速直线运动，故小球将沿a轨迹运动。
【分析】1、钢球从斜面不同高度自由滚下，高度不同，重力势能转化为动能的量不同，到达水平面时的速度由初始高度决定。小钢球从斜面不同高度处自由滚下，到达水平面时的速度不相等。
2、转换法应用：实验中钢球动能大小通过木块被推动的 距离s反映，距离越远，动能越大。
3、结论推导：甲、乙两图中钢球质量相同，从更高处滚下时速度更大，推动木块距离更远，说明物体质量相同时，速度越大，动能越大。
4、机械能守恒：轨道光滑且忽略空气阻力，机械能无损耗，因此小球在A、B点的机械能相等，即 EA = EB 。牛顿第一定律应用：小球到达最高点C时，水平方向有速度，若外力全部消失，根据牛顿第一定律，小球将保持水平方向的速度做匀速直线运动，沿 b 轨迹运动。
（1）小球从斜面上不同高度处自由滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，小球滚下的高度越高，小球到达水平面的速度越大。
（2）[1]实验中运用转换法，通过观察木块在水平面移动的距离反映动能大小。
[2]比较甲、乙两次实验，在实验乙被撞出的距离比实验甲的距离短，从实验结果可得物体的质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）[1]将小球从一光滑斜槽轨道（OAB）O点自由滚下（图丙），依次经过A、B两点到达C点（忽略空气阻力），设A、B两点的机械能分别为EA和EB，实验过程不存在能的损耗，则EA＝EB。
[2]当小球从B点做斜抛运动到达最高点C时，假设小球所受的外力全部消失，则小球将做匀速直线运动，故小球将沿a轨迹运动。
23．【答案】（1）-3；晶体
（2）通电导体；电动机
（3）向两气球中间用力吹气；流速越大的位置，压强越小
【知识点】熔化和凝固的探究实验；流体压强与流速的关系；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）如图甲所示，温度计的分度值为1℃，示数在零刻度以下，因此为-3℃。由图乙可知，冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，因此是晶体。
（2）如图丙所示的实验中，闭合开关，此时铝棒为通电导体，观察到铝棒向左运动，说明磁场对通电导体有力的作用，利用这一原理可以制成电动机。
（3）如图丁，两只气球悬挂在空中。根据伯努利原理，为使两只气球靠拢，所采用的方法是向两气球中间用力吹气，其中用到的物理知识是流速越大的位置，压强越小。
综上第（1）小题第1空为-3；第2空为晶体。第（2）小题第1空为通电导体；第2空为电动机。第（3）小题第1空为向两气球中间用力吹气；第2空为流速越大的位置，压强越小。
【分析】1、温度计的读数需注意是否在零刻度以下
2、晶体熔化过程中不断吸热，温度保持不变
3、电动机的原理：通电导体在磁场中受力的作用。能量转化形式属于电能转化为机械能
4、伯努利原理：流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大
（1）[1]如图甲所示，温度计的分度值为1℃，示数在零刻度以下，因此为-3℃。
[2]由图乙可知，冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，因此是晶体。
（2）[1][2]如图丙所示的实验中，闭合开关，此时铝棒为通电导体，观察到铝棒向左运动，说明磁场对通电导体有力的作用，利用这一原理可以制成电动机。
（3）[1][2]如图丁，两只气球悬挂在空中。为使两只气球靠拢，所采用的方法是向两气球中间用力吹气，其中用到的物理知识是流速越大的位置，压强越小。
24．【答案】（1）B
（2）断路
（3）0.4
（4）2；反
（5）5
（6）5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处。由图可知，滑片置于B端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）电压表有示数但电流表无示数，说明无电流通过，且电压表直接测电源电压，即电压表所连部分发生断路。所以造成这一故障的原因可能是电路a、b两点间发生断路。
（3）如图乙所示，电流表选用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，得出相应的电流值为0.4A。
（4）在探究电流与电阻的关系实验中，要控制定值电阻两端的电压不变。原器材不变时即电阻为5Ω，电压值为，通过实验数据分析可得，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
（5）根据电功率公式可知，当电压U一定时，电阻R越小，电功率P越大。所以在5Ω、10Ω、15Ω三个定值电阻中，用 5Ω 的定值电阻做实验时，a、b两点间的电功率最大。
（6）当接入20Ω电阻时，设电源电压为U要使定值电阻两端电压达到2V，根据串联电路分压原理可得
解得U＝7V，因为一节新干电池电压为1.5V，5节是7.5V，所以该电源至少用了5节新干电池串联。
综上得第（1）题空为B；第（2）题空为断路；第（3）题为0.4A；第（4）题第1空为2，第2空为反；第（5）题空为5；第（6）题空为5。
【分析】1、连接电路时注意开关处于断开状态，滑动变阻器划到最大阻值处
2、电压表有示数，电流表无示数表示电压表所连部分断路；电流表有示数，电压表无示数说明电压表所连部分短路
3、电流表电压表读数要注意分度值和量程
4、根据欧姆定律，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比
5、求电功率最大，注意电压一定，根据可知，R应该最小
6、根据串联分压，两次过程中电源电压不变。
（1）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处。由图可知，滑片置于B端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）电压表有示数但电流表无示数，说明电压表与电源连通，而且电路中存在断路。所以造成这一故障的原因可能是电路a、b两点间发生断路。
（3）如图乙所示，电流表选用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，则相应的电流值为0.4A。
（4）[1]在探究电流与电阻的关系实验中，要控制定值电阻两端的电压不变。由（2）（3）可知所控的电压值为
[2]通过实验数据分析可得，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
（5）根据电功率公式可知，当电压U一定时，电阻R越小，电功率P越大。所以在5Ω、10Ω、15Ω三个定值电阻中，用 5Ω 的定值电阻做实验时，a、b两点间的电功率最大。
（6）当接入20Ω电阻时，设电源电压为U要使定值电阻两端电压达到2V，根据串联电路分压原理可得
解得U＝7V，因为一节新干电池电压为1.5V，5节是7.5V，所以该电源至少用了5节新干电池串联。
25．【答案】右；分度盘中央；130.6；量筒中牛奶的质量；1.05；；偏小
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）由图甲可知，天平指针向左偏转，则应向右调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央，使天平水平平衡
（2）由图乙可知，烧杯和牛奶的总质量为130g+0.6g=130.6g
（5）要测量牛奶的密度，需要测量牛奶的质量和牛奶的体积，则应称量倒入量筒中牛奶的质量。
故量筒中牛奶的体积V＝40mL＝40cm3，倒入量筒中牛奶的质量m＝130.6g﹣88.6g＝42g
则牛奶的密度
（6）由步骤b、c可知瓷勺放入后排开水的质量m排＝m3﹣m2
则瓷勺排开水的体积即为瓷勺的体积
则瓷勺的密度
瓷勺接触杯底，会使m3的示数增大，导致浮力增大，使得瓷勺的体积增大，则根据知瓷勺的密度偏小。
综上得第（1）题第1空为右，第2空为分度盘中央；第（2）题空为130.6；第（5）题第1空为量筒中牛奶的质量，第2空为1.05；第（6）题第1空为，第2空为偏小。
【分析】1、天平横梁调节原则为左偏右调，右偏左调
2、天平读数为右盘砝码质量＋游码质量
3、物体的密度紧抓质量除以体积
4、题中需将水的体积转化为物体的体积，其中水的密度已知且求出水的体积
26．【答案】（1）当滑杆AP在点时，滑动变阻器接入最大阻值，根据，可得滑动变阻器最大阻值为
（2）定值电阻，电流，根据，两端电压为
电源电压为
（3）当电流时，电路总电阻为
滑动变阻器接入电阻为
由表格数据，分析电流与水位关系（或看电阻变化规律 ），滑杆从到，电阻从变到，对应水位变化，根据电阻变化比例（或结合数据找规律 ），可算出当电阻为时，水位高度为28cm。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】由图可知，R0与R串联，电压表测R的电压，据题意，滑动变阻器的最大阻值处在B点，由题意此时U=6V，I=0.1A，代入公式即可算出最大电阻；当滑杆位于B 点时，根据表格中的数据，且电路为串联电路，根据串联电路电压规律U=U0+UR，算出电源电压；表格数据，分析电流与水位关系（或看电阻变化规律 ），滑杆从到，电阻从变到，对应水位变化，根据电阻变化比例（或结合数据找规律 ），可算出当电阻为时，水位高度为28cm。
（1）当滑杆AP在点时，滑动变阻器接入最大阻值，根据，可得滑动变阻器最大阻值为
（2）定值电阻，电流，根据，两端电压为
电源电压为
（3）当电流时，电路总电阻为
滑动变阻器接入电阻为
由表格数据，分析电流与水位关系（或看电阻变化规律 ），滑杆从到，电阻从变到，对应水位变化，根据电阻变化比例（或结合数据找规律 ），可算出当电阻为时，水位高度为28cm。
27．【答案】（1）水对容器甲底部的压强为
（2）乙容器中酒精的质量
（3）实心物体A先后慢慢放入水和酒精中，设溢出的水重为，溢出的酒精重为，已知，由于甲、乙两个相同的容器是轻质薄壁圆柱形，则
所以，根据可得溢出的水和酒精的体积之比为
因为A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，物体A的密度小于水的密度，大于酒精的密度，则实心物体A漂浮在水面上、浸没在酒精中，物体A的体积为
溢出水的体积为
物体A的质量为
则物体A的密度为
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】据题意。1、液体的压强公式p=ρgh，其中h=0.8m，代入公式即可。
2、质量m=ρV，已知V=sh，代入数值即可。
3、求密度，即算出质量与体积，其中质量需求出A的体积VA，其中乙中A的体积：A沉底， VA= V剩+ V溢酒= 0.01 + 1×10-2m3= 0.02m3 ，实心物体A先后慢慢放入水和酒精中时，由于甲、乙两个相同的容器是轻质薄壁圆柱形，则，所以，根据可得溢出的水和酒精的体积之比，因为A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，物体A的密度小于水的密度，大于酒精的密度，则实心物体A漂浮在水面上、浸没在酒精中，物体A的体积为溢出水的体积为
（1）水对容器甲底部的压强为
（2）乙容器中酒精的质量
（3）实心物体A先后慢慢放入水和酒精中，设溢出的水重为，溢出的酒精重为，已知，由于甲、乙两个相同的容器是轻质薄壁圆柱形，则
所以，根据可得溢出的水和酒精的体积之比为
因为A在甲容器中漂浮但在乙容器中沉底，物体A的密度小于水的密度，大于酒精的密度，则实心物体A漂浮在水面上、浸没在酒精中，物体A的体积为
溢出水的体积为
物体A的质量为
则物体A的密度为
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