广东省东莞市万江第二中学2025年中考三模物理试题
1．（2025·东莞模拟）五一前夕，某学校举行了春季运动会，下列数据中你认为最符合实际的是（ ）
A．女子跳绳的成绩为每分钟170个 B．男子立定跳远的成绩为6.8m
C．男子100m的成绩为8.5s D．女子铅球的成绩为25m
2．（2025·东莞模拟）如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（ ）
A．语音助手发出的声音不是振动产生的
B．减小声音音量实质是降低音调
C．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色
D．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量
3．（2025·东莞模拟）如图所示的光现象中说法正确的是（ ）
A．图甲：桥在水中的倒影是光的折射现象
B．图乙：彩虹是光的色散现象
C．图丙：墙上的手影是光的反射形成的
D．图丁：凸面镜能扩大视野是由于光的直线传播
4．（2025·东莞模拟）小明将一杯温水放入冰箱的冰冻室里，经过一段时间后，杯中的水发生了物态变化。如图所示中的四个图像中能正确反映这杯水的物态变化过程的是（ ）
A． B．
C． D．
5．（2025·东莞模拟）如图所示，当人驾驶电动平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（ ）
A．以电动平衡车为参照物，人是运动的
B．此时人不会向前倾是因为人没有惯性
C．人与车的总重力与地面对车的支持力是一对相互作用力
D．轮胎上有花纹目的是为了增大接触面粗糙程度来增大摩擦
6．（2025·东莞模拟）小西和同学们用天平、量筒和足量的水等实验器材测量小石块的密度。当天平平衡时所用砝码及游码位置如图甲所示，并用如图乙所示的方法测量小石块体积。下列说法正确的是（ ）
A．小石块的质量为25.4g
B．图乙中a是正确的读数方法
C．小石块的密度是
D．若小石块磕掉了一部分，它的密度会变小
7．（2025·东莞模拟）如图所示为电阻R1和R2的I-U图像，由图像可知（ ）
A．R1与R2两端的电压为0时，它们的电阻也为0
B．R1与R2的电阻之比为2∶1
C．将R1与R2串联接入电路，通电后R1与R2两端的电压之比为1∶2
D．将R1与R2并联接入电路，通电后通过R1与R2的电流之比为1∶2
8．（2025·东莞模拟）如图是中国空间站太阳能电池板，它把太阳能转化为电能。太阳能清洁无污染，是 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。中国空间站向地面指挥中心发送信息，是通过 传递的。研究表明，自然界的能量是守恒的，能量的转化与转移具有 性。
9．（2025·东莞模拟）如图所示，小明同学在体育课上进行竖直爬杆训练，双脚离地静止时，手握得越紧，小明与杆之间的摩擦力 （选填“增大”“减小”或“不变”）；匀速上爬过程中小明受到竖直的摩擦力 （选填“向上”或“向下”）；匀速下滑时小明的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
10．（2025·东莞模拟）如图1，将水桶平放在地面上，向桶中倒入少量酒精，点燃酒精后，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中，内能转化为 能，该能量转化过程与汽油机 冲程的相同；燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，在 的作用下，水桶变扁，如图2所示。
11．（2025·东莞模拟）如图所示，小明用的拉力平行于斜坡将重的木箱从斜坡底端匀速拉到顶端，斜坡长，高，他做的总功为 J，斜坡的机械效率为 ，木箱受到的摩擦力为 N。
12．（2025·东莞模拟）如图是“探究通电导体产生的热量与 大小关系”的实验装置。通过左侧容器中电阻丝的电流为0.4A，在1min内电流通过右侧容器中电阻丝产生的热量为 J，左右两侧容器中电阻丝产生的热量之比是 。
13．（2025·东莞模拟）2024年1月18日，天舟七号货运飞船在中国空间站成功对接（图甲），此时，货运飞船相对核心舱是 的。当货运飞船和核心舱相互靠近时，设计如图乙所示的缓冲装置简化图。当条形磁体和通电螺线管靠近时，产生相互排斥的力，电源右端为 极，为减小排斥力，滑动变阻器的滑片应向 （选填“A”或“B”）端滑动。
14．（2025·东莞模拟）如图电能表表盘上的某个参数模糊不清，为测得这个参数，仅将额定功率为1200W的电热水器接入电路，电热水器是利用电流的 效应工作的，正常工作1min电能表转盘转了60转，计算可知该参数为 r/（kW h）。如果这些能量由天然气来提供，需要完全燃烧 m3的天然气。（q天然气=4.0×107J/m3）
15．（2025·东莞模拟）按要求完成下列作图；
（1）A'是点光源A在平面镜中所成的像，A发出的一条光线经平面镜反射后恰好过凸透镜的焦点，请画出：①根据平面镜成像规律作出点光源A；②作出点光源A射出的入射光线；③经过凸透镜后的折射光线。
（2）如图杠杆处于平衡状态，画出球A所受重力的示意图和F的力臂L。
（3）某同学要设计一个自动防盗报警电路。要求：晚间开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线AB被扯断，灯亮且电铃发声自动报警。请按要求用直线连接如图所示的电路元件。
16．（2025·东莞模拟）按要求完成下列实验题；
（1）如图甲所示，被测物体的长度为 cm；如图乙所示，体温计读数为 ℃，某家庭4月初、末的电能表示数如图丙所示，则其4月份用电量为 度。
（2）“探究水在沸腾前后温度变化的特点”时水的温度随时间变化的图像如图甲所示，则实验环境的大气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）1个标准大气压，图乙中 （选填“A”或“B”）图是烧杯中水沸腾前的情景。
17．（2025·东莞模拟）在“天宫课堂”的水球实验中，小玉看到王亚平老师的倒立、缩小的像，如图甲所示。于是她利用实验室的光学器材探究凸透镜成像的规律。
（1）小玉找到了一个焦距未知的凸透镜，用一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，直到光屏上出现最小最亮的光斑，如图乙所示，则凸透镜的焦距是 cm。
（2）如图丙所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上。点燃蜡烛，调整烛焰的中心、透镜的中心、光屏的中心大致在 。
（3）如图丙将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动光屏，直到出现烛焰倒立、 的实像。
（4）在（3）的基础上，更换成另一个焦距为9cm的凸透镜，光屏上的像变模糊了，为了使光屏上的像恢复清晰，可向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动蜡烛。
（5）在实验过程中，原来光屏中央的像“跑”到上方，为了使像回到中央，接下来的操作是 （选填“①”、“②”或“③”）。
①向下调光屏 ②向上调凸透镜 ③向上调蜡烛
（6）小明又把蜡烛移至44.0cm刻度线处，凸透镜不动，然后取下光屏，透过凸透镜直接观察蜡烛那么他将看到烛焰成像的情形是下列的（ ）（填图中的字母）。
A． B．
C． D．
18．（2025·东莞模拟）有一只小灯泡的铭牌上仅能看清“0.3A”的字样，为了测量该小灯泡的额定功率，进行了如下实验：
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中未连接完整的电路补画完整，要求滑动变阻器向右调节时阻值变小；
（2）连接完整电路后，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近3V且保持不变，出现的故障可能是 （选填字母）；
A．小灯泡短路 B．小灯泡的灯座接触不良
C．电流表处断路 D．电压表的正、负接线柱接反了
（3）排除故障后，正确连接电路，使小灯泡正常发光，电压表示数如图乙所示为 V，小灯泡的额定功率为 W；
（4）利用如图丙所示的电路，对实验进行了拓展，测出了另一只已知额定电流为I1的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤：
①闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为 ；
②再将开关S2连接a，滑动变阻器滑片的位置 （选填“左移”“右移”或“不动”），调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③则小灯泡的额定功率表达式P= （用字母表示）。
19．（2025·东莞模拟）如图是某厂家开发的汽车，其质量为1500kg，车轮与地面接触的总面积为，该车在水平路面上匀速直线行驶13.8km，用时10min，这一过程中汽车发动机的输出功率为。
（1）汽车静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？
（2）汽车牵引力所做的功是多少？
（3）行驶过程中汽车受到的阻力是多少？
20．（2025·东莞模拟）如图所示的电路中，电阻。闭合开关S，电流表示数为1A。
（1）求电源电压；
（2）当滑片P位于滑动变阻器中点时，电流表示数为1.2A，求此时滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）当滑片P位于滑动变阻器最右端时，求整个电路的电功率。
21．（2025·东莞模拟）高原旅游
小闵一家准备长假期间去青海旅游，一家人积极做攻略。图1是他们搜集的一张图片资料。
（1）小闵想起物理课上学习过海拔越高，大气压越 （选填“高”或“低”）的知识，同时了解了高原反应的相关知识：在学校利用测量大气压的工具测出了上海的大气压，恰好为1个标准大气压等于 毫米汞柱产生的压强。
（2）小闵和奶奶在超市采购的时候，告诉奶奶大气压的相关知识： 实验证明了大气压存在且很大。物理学家 测出了大气压的值。
（3）到了青海后，一家人开始了愉快的旅行。小闵为了防晒撑起了遮阳伞（如图2）。一阵风来，伞差点被向上吹翻。下列解释合理的是（ ）
A．雨伞上方空气流速等于下方，雨伞向上做匀速直线运动
B．雨伞上方空气流速小于下方，上方向下的压力较小
C．雨伞上方空气流速大于下方，上方向下的压力较小
D．雨伞下方空气流速小于上方，雨伞受到向上的压力较小
22．（2025·东莞模拟）轮船吃水线
（1）如图1所示，为了航行安全，远洋轮船的船体上都标有多条水平横线，分别表示该船在不同水域及不同季节满载时的“吃水线”。
某一水域的表层海水
温度t（℃） 6 16 26
密度ρ（kg/m3） 1026.8 1025.5 1022.5
为了解释这种现象，小明查阅资料后得知：（a）不同水域，表层海水的盐度不同。会导致其密度不同；（b）不同季节，表层海水温度不同；（c）某一水域表层海水在不同温度下的密度如表所示。
①根据表格中数据，写出表层海水的温度t与密度ρ的变化规律： 。
②该船满载时冬季“吃水线”在夏季“吃水线”的 （选填“上方”或“下方”）.
③一艘轮船满载时，船和货物总重108牛，若由东海驶入黄浦江（ρ海水>ρ江水），它所受的浮力将 ；当船上的货物卸走一部分时，轮船所受的浮力将 （选填“变大”、“变小”或“不变）。
（2）密度计是测液体密度的仪器。甲、乙、丙是将相同的密度计分别放入三种不同液体中的情形，由图2可知：
①密度计在三种液体中受到的浮力相比较：F甲 F乙 F丙（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
②三种液体的密度相比较：最大的是液体 。
23．（2025·东莞模拟）阅读短文，回答问题
强大的四合一音乐充电宝
随着通讯业的发展和手机的普遍使各种配套设备应运而生，如图是一款新型的充电宝，它糅合了无线手机充电、智能手表充电、USB有线充电、蓝牙音箱四种功能合一的充电宝。充电宝上面采用磁吸式可以供智能手表进行充电；充电宝下面是无线充电设备，利用电过送电线圈产生磁场。手机中的受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电；充电宝配有蓝牙音箱，可以与手机无线连接播放音乐。充电宝采用4000mA h处超大容量电池。并且采用“超级快充”技术。不到半小时可把充电宝电池电量充达一半以上，极大方便了人们的使用。
（1）充电宝在给智能手表充电时采用了磁吸固定触点，磁吸是利用 磁极相互吸引的原理制成的；世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是 。
A.奥斯特 B.焦耳 C.安培 D.欧姆
（2）图中实验与手机受电线圈的工作原理是相同的是 ；而纸盆能发声是根据题图中 实验原理制成的；
A. B. C. D.
（3）已知该充电宝电池的部分参数如表所示：
电池名称 锂离子电池
电压 3.7V
容量 4000mA h
①电池充满电储存的电能为 J；
②若用一个标注“输出5V，4A”的快速充电器来给充电宝充电，假设充电效率为90%，用快速充电器将电池从零充满需要的时间为 s。
（4）关于磁场和磁感线，以下说法错误的是
A．磁体周围存在着磁感线
B．磁体之间的相互作用是通过磁场产生的
C．磁体外部的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极的
D．磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点磁场的方向
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A．根据题意可知，女子1min跳绳的成绩约120~180个左右，故A符合题意；
B．根据题意可知，男子立定跳远成绩为2.5m左右，故B不符合题意；
C．根据题意可知，男子100m跑成绩约为15s左右，故C不符合题意；
D．根据题意可知，女子铅球成绩一般小于10m，故D不符合题意。
故选A。
【分析】根据对常见时间、长度的认识分析判断。
2．【答案】C
【知识点】声音的产生；音色；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A．根据题意可知，语音助手发出的声音也是由物体的振动产生的，故A错误；
B．根据题意可知，减小声音的音量，即减小声音的大小，故实质是降低响度，故B错误；
C．根据题意可知，人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，故C正确；
D．根据题意可知，根据用户语音指令完成指定操作，AI获得了指令信息，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选C。
【分析】A.声音是由物体的振动产生的；
B.响度指的是声音的大小；
C.不同发声体发出的声音的音色不同；
D.根据声音利用的知识判断。
3．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A．图甲中，光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用，桥在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B．图乙中，光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，太阳光射入雨后空气中的小水滴时，太阳光经过折射发生色散，从而形成彩虹，故B正确；
C．图丙中，光在同一均匀介质中沿直线传播，手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，故C错误；
D．图丁中，景物在凸面镜中成像扩大视野，是凸面镜成像，属于光的反射现象，故D错误。
故答案为：B。
【分析】光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。
4．【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】根据题意可知，常温下的水放入正常工作的冰箱冷冻室中，水的温度先下降。当温度降低到0℃时，随着不断放热，水逐渐凝固成冰，但是温度保持不变。当水全部凝固后，水的温度降低，故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】根据水的凝固过程分析判断即可。
5．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A．根据题意可知，人和车之间的位置没有发生变化，则以平衡车为参照物，所以人是静止的，故A错误；
B．人在运动时也具有惯性，故B错误；
C． 人与车的总重力与地面对车的支持力 ，都作用在人和车同一物体上，肯定不是相互作用力，故C错误；
D．轮胎上刻有花纹，是通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦的，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据参照物的知识判断；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.相互作用力和平衡力的不同点：前者作用在两个物体上，后者作用在同一物体上；
D.增大摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度。
6．【答案】C
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用；量筒的使用
【解析】【解答】A．由图甲知，根据天平的使用方法，标尺的分度值是0.2g，被测物体的质量m=20g+5g+4.2g=29.2g，故A错误；
B．在量筒的使用过程中，量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，则b是正确的读数方法，故B错误；
C．小石块的体积V=40mL-30mL=10mL=10cm3；则小石块的密度，故C正确；
D．密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变，故D错误。
故选C。
【分析】（1）天平在读数时，被测物体的质量=砝码的质量+游码的示数；
（2）量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小；
（3）石块的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，石块的体积等于石块浸没水前后水面对应刻度值的差，知道石块的体积和质量，根据密度公式求出石块的密度；
（4）密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变。
7．【答案】C
【知识点】电阻；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．电阻大小导体的两端电压、通过的电流大小无关，所以R1与R2两端的电压为0时，它们的电阻不为0，故A错误；
BC．当通过两电阻的电流I=0.3A时，R2的两端电压为3V，R1的两端电压为1.5V，通电后R1与R2两端的电压之比为1∶2，根据可知，R1与R2的电阻之比为1∶2，故B错误，C正确；
D．将R1与R2并联接入电路，当两电阻的两端电压相等都为3V时，通过R1的电流为0.6A，通过R2的电流为0.3A，那么通过二者的电流之比为2：1，故D错误。
故选C。
【分析】A.电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积和温度有关，与电压和电流大小无关；
BC.根据图像确定二者电流相等时对应的电压之比，然后根据计算二者的电阻之比；
D.根据图像确定电压相等时通过两个电阻的电流大小，然后计算二者的电流之比。
8．【答案】可再生；电磁波；方向
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，太阳能可以在自然界中源源不断的获得，所以是可再生能源。
（2）中国空间站向地面指挥中心发送信息，是通过电磁波传递的。
（3）研究表明，自然界的能量是守恒的，能量的转化与转移具有方向性。
【分析】（1）可用在短时间内得到补充的能源为可再生能源，否则，为不可再生能源；
（2）根据电磁波的特点和应用判断；
（3）根据能量转化和转移的方向性解答。
9．【答案】不变；向上；减小
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小明同学在体育课上进行竖直爬杆训练和匀速上爬过程中，它受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等。因为重力竖直向下，所以摩擦力的方向竖直向上。手握得越紧，摩擦力仍然和重力相互平衡，即小明与杆之间的摩擦力不变。
（2）小明匀速下滑时，质量不变，速度不变，则动能不变；高度减小，则重力势能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，他的机械能减小。
【分析】（1）对小明进行受力分析，根据平衡力的知识计算摩擦力的大小和方向；
（2）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而“机械能=动能+重力势能”。
10．【答案】机械；做功；大气压
【知识点】做功改变物体内能；热机；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当水桶向后喷出燃气并加速向前运动时，将燃气的内能转化为机械能，这与汽油机做功冲程的相同。
（2）根据题意可知，燃气停止喷出后，桶内气压减小，水桶在外界大气压的作用下，水桶被压扁。
【分析】（1）热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能；
（2）根据大气压强的知识分析解答。
11．【答案】800；75%；100
【知识点】斜面的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】根据题意可知，拉力为400N，斜坡长度为2m，
则拉力做的总功为；
木箱重力为600N，斜坡高度为1m，
则有用功的大小为；
斜坡的机械效率为；
额外功的大小为；
摩擦力的大小为。
【分析】根据计算拉力做的总功，根据计算拉力做的有用功，根据计算斜坡的机械效率，根据计算克服摩擦做的额外功，根据计算摩擦力大小。
12．【答案】电流；12；4：1
【知识点】焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，左边电阻和右边电阻的阻值相等，左边电阻在干路上电流大小，右边电阻在支路上电流小，所以探究的是通电导体产生的热量与电流大小的关系。
（2）根据并联电路的电流特点I总=I1+I2可知，通过右侧容器中电阻丝的电流为；
在1min内电流通过右侧容器中电阻丝产生的热量为。
（3）由可知，左右两侧容器中电阻丝产生的热量之比为。
【分析】 （1）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；
（2）根据并联电路的特点和Q=I2Rt可求右侧容器中电阻丝在1min内产生的热量。
（3）根据Q=I2Rt计算热量之比。
13．【答案】静止；负；B
【知识点】运动和静止的相对性；磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，天舟七号货运飞船在中国空间站成功对接时，此时货运飞船相对核心舱的位置没有发生变化，所以货运飞船相对核心舱是静止的。
（2）根据图片可知，条形磁体右端为N极，根据同名磁极相互排斥的规律可知，通电螺线管左端为N极。用右手握住螺线管，大拇指指向左侧，此时四指指向上边，则电流从螺线管的左端流入，所以电源右端为负极。
（3）根据题意可知，要减小排斥力，需要减小通过通电螺线管的电流，因此需要增大电阻，即滑动变阻器滑片向B端滑动。
【分析】（1）根据参照物的知识分析解答；
（2）首先根据磁极之间的相互作用规律确定电磁铁的磁极方向，然后根据安培定则判断线圈上的电流方向，从而确定电源的正负极方向；
（3）首先根据排斥力的变化确定电流变化，进而确定变阻器接入阻值的变化，进而确定滑片的移动方向。
14．【答案】热；；
【知识点】燃料的热值；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，电热水器工作时利用电流的热效应工作的。
（2）①电热水器的额定功率为1200W，则正常工作1min消耗的电能；
则电能表的参数为；
②电热水器消耗的电能；
需要完全燃烧天然气体积为。
【分析】（1）电流经过导体时会产生热量，这就是电流的热效应；
（2）①根据W=Pt计算电热水器消耗的电能，再根据计算电能表的参数；
②根据计算消耗天然气的体积。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法；串、并联电路的设计
【解析】【解答】（1）①过A'作平面镜的垂线，然后根据“物像等距”在镜面左侧画出对应的发光点A。
②反射光线过凸透镜的焦点，则过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴射出，如下图所示：
（2）①球A的重心在球心，从球心竖直向下作一条带箭头的线段，并用G表示，即为球A所受重力的示意图；
②从支点O向力F的作用线作垂线，垂线段的长度就是力F的力臂L，如下图所示：
（3）根据题意可知，当开关S闭合后，因为导线AB将电铃短路，所以电流只经过电灯，灯亮电铃不响。当房门被打开时，细导线AB被扯断，此时电流经过电灯和电铃，灯亮且电铃发声自动报警；按照这样的连接方式，用直线将电路元件连接起来即可，如下图所示：
【分析】 （1）根据平面镜成像时物与像关于镜面对称确定物体，根据过焦点的光线经过凸透镜折射后平行于主轴作图。
（2）①确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
②力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
（3）一般情况下，用电器与开关串联，此时开关闭合，用电器工作；开关断开，用电器停止工作。
如果开关闭合，用电器停止工作，那么应该是开关与用电器并联，据此分析解答。
（1）作出点光源A：根据平面镜成像规律，像与物关于平面镜对称。已知A'是点光源A在平面镜中的像，所以过A'作平面镜的垂线，使A和A'到平面镜的距离相等，则点A即为所求的点光源；连接A与反射光线和平面镜的交点O，则AO即为光源A射出的入射光线；因为反射光线过凸透镜的焦点，根据凸透镜的光学性质，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴射出。所以从反射光线与凸透镜的交点开始，作一条平行于主光轴向左的光线，即为经过凸透镜后的折射光线，如图所示：
（2）重力的方向总是竖直向下的。球A的重心在球心，从球心竖直向下作一条带箭头的线段，并用G表示，即为球A所受重力的示意图；从支点O向力F的作用线作垂线，垂线段的长度就是力F的力臂L，如图所示：
（3）由题意可知，晚间开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线AB被扯断，灯亮且电铃发声自动报警。我们可以将电灯与电铃串联，然后将细导线AB并联在电铃的两端。当开关S闭合后，因为导线AB将电铃短路，所以电流只经过电灯，灯亮电铃不响。当房门被打开时，细导线AB被扯断，此时电流经过电灯和电铃，灯亮且电铃发声自动报警；按照这样的连接方式，用直线将电路元件连接起来即可，如图所示：
16．【答案】（1）2.45；37.8；102.5
（2）等于；B
【知识点】体温计的使用及其读数；刻度尺的使用；沸点及沸点与气压的关系；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）①根据图甲可知，刻度尺的分度值为1mm ，则被测物体的长度为 ；
②根据图乙可知，体温计的分度值为 0.1℃ ，所以体温计读数为：37℃+0.1℃×8= 37.8℃ 。
③根据图丙可知，电能表的最后一个数字为小数，则4月初电能表的示数为781.2kW h ，4月末电能表的示数为883.7kW h ，那么4 月份用电量为。
（2）①根据图像可知，此时水的沸点为100℃，而在标准大气压下，水沸腾时的温度是100℃，所以该实验环境的气压等于1 标准大气压。
②图A中，烧杯底部产生的气泡升高时体积逐渐增大，那么此时水沸腾，而B为沸腾前的情形。
【分析】 （1）①使用刻度尺时要明确其分度值，起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为木块长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；体温计读数时要注意分度值；
②根据图片确定体温计的分度值，根据液面位置读出示数；
③电能表是测量电能的仪表，需要记录月初示数和月底示数，月底示数减去月初示数即为消耗的电能；
（2）①根据图片确定此时水的沸点，再根据沸点与气压的关系分析解答；
②根据沸腾前后气泡的形态进行判断。
（1）[1]如图甲中的刻度尺，分度值为1mm ，测量时起始端对应的刻度值为5.00cm ，末端对应的刻度值为 7.45cm ，则被测物体的长度为
[2]观察图乙中的体温计，其分度值为 0.1℃ ，液柱对应的刻度在 37℃ 后第8小格处，所以体温计读数为 37.8℃ 。
[3]由图丙可知，4 月初电能表的示数为781.2kW h ，4 月末电能表的示数为883.7kW h ，4 月份用电量为
（2）[1]由图像可知，水的沸点为100℃ 。液体的沸点与气压大小有关，在标准大气压下，水沸腾时的温度是100℃ 。气压越低，沸点越低，由于此时水的沸点等于100℃，所以可以判断该实验环境的气压等于1 标准大气压。
[2]对于水沸腾前和沸腾时的气泡情况，我们来分析：
A图中气泡在上升过程中体积逐渐变大，这是因为水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，不断有水汽化成水蒸气进入气泡，所以气泡体积逐渐变大，这是水沸腾时的现象。
B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，这是因为水沸腾前，底部水温高，上部水温低，气泡在上升过程中，遇到上层低温的水，部分水蒸气遇冷液化成小水珠，使得气泡内的气体减少，气泡体积逐渐减小，所以这是水沸腾前的现象。
17．【答案】（1）10.0
（2）同一高度
（3）远离；缩小
（4）靠近
（5）①③
（6）C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，光屏到凸透镜的距离就是焦距，则此凸透镜的焦距为；
（2） 如图丙所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上。 为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。
（3）根据题意可知，此时物距>2f，
则此时光屏上成倒立、缩小的实像，则；
那么光屏应该在60cm到70cm刻度线之间，
所以光屏向右移动，即向远离凸透镜的方向移动。
（4） 在（3）的基础上，更换成另一个焦距为9cm的凸透镜， 此凸透镜的焦距变小，则折光能力变强，那么像距变小，所以要向靠近凸透镜的方向移动蜡烛。
（5）根据凸透镜成像的倒立性可知，当物体位置偏低时，像位置会偏高。为了使像重新回到光屏中央，有以下两种操作方法：向上移动蜡烛，如果蜡烛的位置偏低，导致像出现在光屏上方，那么可以通过向上移动蜡烛来调整。这样可以使光线重新对准光屏的中央，从而使像回到光屏的中央。向下移动凸透镜：另一种方法是向下移动凸透镜。这样做可以改变光线的路径，使得像的位置重新回到光屏的中央。故①③符合题意，②不符合题意。故选①③。
（6）根据图片可知，小明又把蜡烛移至44.0cm刻度线处，凸透镜不动，此时物距
则，成正立放大的虚像，光屏上没有像，眼睛在透镜右侧往左侧看，正立放大虚像在蜡烛后方，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】 （1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点叫凸透镜的焦点，焦点跟光心之间的距离是凸透镜的焦距；
（2）探究凸透镜成像的实验时，烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
（3）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；
（4）凸透镜的焦距变小，折光能力变强，使像向前会聚；
（5）根据过光心的光线传播方向不改变进行判断。
（6）确定此时的像距，根据凸透镜成像的规律判断成像的特点和位置即可。
（1）如图，让一束平行与主光轴的光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，这个光斑是凸透镜的焦点，焦点跟光心之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为
（2）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。
（3）[1][2]凸透镜的焦距为10.0cm，将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，物距
则，成倒立、缩小的实像，则
所以光屏向右移动，移动到60cm到70cm刻度线之间，所以光屏远离凸透镜。
（4）凸透镜的焦距变小，折光能力变强，使像向前会聚，为了使光屏上的像恢复清晰，所以要向靠近凸透镜的方向移动蜡烛。
（5）进行凸透镜成像实验时，如果像成在了光屏的上方，这通常是由于凸透镜左侧的物体位置偏低造成的。根据光路图，当物体位置偏低时，像位置会偏高。为了使像重新回到光屏中央，有以下两种操作方法：向上移动蜡烛，如果蜡烛的位置偏低，导致像出现在光屏上方，那么可以通过向上移动蜡烛来调整。这样可以使光线重新对准光屏的中央，从而使像回到光屏的中央。向下移动凸透镜：另一种方法是向下移动凸透镜。这样做可以改变光线的路径，使得像的位置重新回到光屏的中央。故①③符合题意，②不符合题意。故选①③。
（6）小明又把蜡烛移至44.0cm刻度线处，凸透镜不动，此时物距
则，成正立放大的虚像，光屏上没有像，眼睛在透镜右侧往左侧看，正立放大虚像在蜡烛后方，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
18．【答案】（1）
（2）B
（3）2.4；0.72
（4）I1；不动；I12R0
【知识点】电路故障的判断；电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器向右调节时阻值变小，说明滑片右移时靠近下端接线柱，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如图所示：
（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，说明电路可能断路；电压表的示数接近3V且保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，故障可能是与电压表并联的电路断路了，所以出现的故障可能是小灯泡的灯座接触不良，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）由图乙可知，电压表选用0~3V的量程，分度值为0.1V，其示数为2.4V， 小灯泡正常发光，额定电压为UL=2.4V，小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.4V×0.3A=0.72W；
（4） ① 闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1；
②再将开关S2连接a，滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③在步骤①中，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，此时灯泡正常发光； 在步骤②中，电阻箱与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，根据等效替代法可知，两次的电流相等，根据可知，此时电阻箱的阻值与灯泡正常发光时的电阻相等，即RL=R0，则小灯泡额定功率：
P=I12RL=I12R0。
故答案为：（1）；（2）B；（3）2.4；0.72；（4）I12R0。
【分析】（1）滑动变阻器向右调节时阻值变小，说明滑片右移时靠近下端接线柱，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，说明电路可能断路；电压表的示数接近3V且保持不变，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；据此分析正确答案；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡额定功率；
（4）先将灯与滑动变阻器串联，通过移动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，灯正常发光；
根据开关的转换（保持滑动变阻器的滑片位置不变），使电阻箱与滑动变阻器串联，调节电阻箱，使电流表示数保持不变，由等效代法可知电阻箱的示数即为灯正常发光时的电阻，根据P=I2R得出灯的额定功率。
（1）滑动变阻器向右调节时阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如图所示：
（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，说明电路可能断路；电压表的示数接近3V且保持不变，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即出现的故障可能是小灯泡的灯座接触不良，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）[1]由图乙可知，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.4V。
[2]小灯泡额定功率PL=ULIL=2.4V×0.3A=0.72W
（4）闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1； ②再将开关S2连接a，滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0； ③在步骤①中，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，此时灯泡正常发光； 在步骤②中，电阻箱与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，根据等效替代法可知，此时电阻箱的阻值与灯泡正常发光时的电阻相等，即RL=R0，则小灯泡额定功率P=I12RL=I12R0
19．【答案】解：（1）汽车对地面的压力为；
对地面的压强为。
答：汽车静止在水平地面上时，对地面的压强是。
（2）汽车行驶的速度为，
汽车牵引力为；
汽车牵引力所做的功。
答：汽车牵引力所做的功是。
（3）根据题意可知，该车在水平路面上匀速直线行驶，所以阻力等于牵引力，阻力为
。
答：行驶过程中汽车受到的阻力是。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）车静止在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据求出车对地面的压强；（2）利用速度计算公式求得汽车行驶的速度，利用P=Fv求得牵引力，根据W=Fs得到汽车牵引力所做的功；
（3）汽车匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到阻力。
20．【答案】解：（1）根据图片可知，定值电阻R1与变阻器RP并联电路，电流表测干路电流，电流表测通过定值电阻的电流；
此时电源电压等于R1两端的电压，
即。
答：电源电压10V。
（2）根据题意可知，通过滑动变阻器的电流为；
则此时滑动变阻器接入电路阻值为。
答：当滑片P位于滑动变阻器中点时，电流表示数为1.2A，此时滑动变阻器接入电路的阻值为；。
（3）当滑片P位于滑动变阻器最右端时，滑动变阻器接入电路阻值为100Ω，
此时通过滑动变阻器的电流为；
此时干路电流为；
整个电路的电功率为。
答：当滑片P位于滑动变阻器最右端时，整个电路的电功率为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）闭合开关S，R1与RP并联，此时电源电压等于R1两端的电压，知道电流表A2的示数（通过R1的电流），利用欧姆定律计算电源电压；
（2）A1测量干路电流I，可求流过滑动变阻器RP的电流，滑动变阻器RP两端电压等于电源电压，利用欧姆定律可得RP接入电路的阻值；
（3）当滑片P位于RP的最右端时，利用欧姆定律计算流过RP的电流，进而求出此时电路的总电流，再利用P=UI计算此时整个电路的电功率。
21．【答案】（1）低；760
（2）马德堡半球；托里拆利
（3）C
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，海拔越高，大气压越小。
②1标准大气压等于760毫米水银柱产生的压强。
（2）马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，托里拆利在1643年首次成功测量了大气压的值。
（3）根据题意可知，雨伞上方空气流速大于下方，则雨伞上方的压强小于下方的压强，从而产生一个向上的压力差，伞被向上“吸”，受到的合力向上。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】（1）①根据大气压强随高度的变化规律解答；
②根据标准大气压强的知识解答。
（2）根据有关大气压强的科学发展史分析解答；
（3）根据流体压强和流速的关系分析解答。
（1）[1]大气压随海拔高度升高而减小，海拔越高，大气压越小。
[2]1标准大气压为1.013×105Pa。1标准大气压等于760毫米水银柱产生的压强。
（2）[1]马德堡半球实验用两个中间抽成真空而压合在一起的铜半球有力地证明了大气压的存在。
[2]托里拆利通过其精妙的水银柱实验，在1643年首次成功测量了大气压的值。
（3）当一阵风吹来时，雨伞上方空气流速大于下方，根据流体压强与流速的关系，流速越大压强越小，所以雨伞上方的压强小于下方的压强，即上方向下的压力较小，下方向上的压力较大，从而产生一个向上的压力差，伞被向上“吸”，受到的合力向上。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
22．【答案】（1）表层海水的温度越高，密度越小；下方；不变；变小
（2）＝；＝；乙
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）①根据表格数据可知，当温度从6℃升高26℃时，海水密度从1026.8kg/m3减小到1022.5kg/m3，那么得出：在该水域，表层海水的温度越高，密度越小。
②根据题意可知，轮船始终在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力，即轮船受到的浮力保持不变。冬季海水温度低密度大，由阿基米德原理可知，此时排开液体的体积越小，所以冬季 “吃水线” 在夏季 “吃水线” 的下方。
③轮船由东海驶入黄浦江，始终处于漂浮状态，浮力等于重力，船和货物总重不变，所以它所受的浮力不变。
④轮船始终在海面漂浮，则浮力等于重力。当船上的货物卸走一部分时，船和货物总重变小，因为所以轮船所受的浮力将变小。
（2）①根据题意可知，密度计在三种液体中都处于漂浮状态，则浮力等于重力。相同的密度计重力不变，所以密度计在三种液体中受到的浮力。
②由图2可知，密度计在乙液体中排开液体的体积最小，由阿基米德原理可知，
乙液体的密度最大。
【分析】 （1）①根据表格数据分析解答；
②冬季温度低，海水密度小，轮船都是漂浮，根据漂浮条件和F浮=ρ液gV排分析轮船V排的变化；
③④根据漂浮的条件分析它受到的浮力变化。
（2）①根据物体的漂浮条件分析解答；
②由图可知密度计在两种液体中都漂浮，所受浮力都等于密度计重，得出所受浮力的大小关系；再利用阿基米德原理（F浮=ρ液V排g）分析两液体的密度关系。
（1）[1]观察表格中的数据，当温度从6℃升高到16℃再到26℃时，海水密度从1026.8kg/m3减小到1025.5kg/m3再到1022.5kg/m3。可以得出：在该水域，表层海水的温度越高，密度越小。
[2]冬季海水温度低，根据上述规律，温度低时海水密度大。轮船漂浮，浮力等于重力，由可知，浮力不变时，液体密度越大，排开液体的体积越小，所以冬季 “吃水线” 在夏季 “吃水线” 的下方。
[3]轮船由东海驶入黄浦江，始终处于漂浮状态，浮力等于重力，船和货物总重不变，所以它所受的浮力不变。
[4]当船上的货物卸走一部分时，船和货物总重变小，因为轮船仍漂浮，浮力等于重力，所以轮船所受的浮力将变小。
（2）[1][2]密度计在三种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件，因为是相同的密度计，重力不变，所以密度计在三种液体中受到的浮力。
[3]由可得
密度计在三种液体中受到的浮力浮力相同，由图2可知，密度计在乙液体中排开液体的体积最小，所以乙液体的密度最大。
23．【答案】（1）异名；A
（2）B；C
（3）；2960
（4）A
【知识点】电功的计算；磁场；磁感线及其特点；电磁感应
【解析】【解答】（1）①充电宝在给智能手表充电时采用了磁吸固定触点， 磁吸是利用异名磁极相互吸引的原理制成的。
②世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是奥斯特，
故选A。
（2）根据图片可知，图A说明电流周围存在磁场，图B探究通电导体在磁场中受力运动，图C为电磁感应现象，图D为探究电磁铁磁场强弱与线圈匝数的关系。
①根据题意可知，手机受电线圈是利用电磁感应原理工作的。根据图片可知，所以与手机受电线圈工作原理相同的是B。
②纸盆发声是因为通电导体在磁场中受力运动，是根据图C实验原理制成的。
（3）①电池充满电储存的电能为；
②根据题意可知，充电器输出功率，
充电器充电效率为90%，则有；
即，
解得：。
（4）A．根据题意可知，磁感线是为了描述磁场而引入的一种假想的线，磁感线不是真实存在的，故A错误符合题意；
B．磁极间的相互作用是通过磁场发生的，故B正确不符合题意；
C．磁体外部的磁感线是从N极出来，回到S极，故C正确不符合题意；
D．磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向为该点的磁场方向，故D正确不符合题意。
故选A。
【分析】 （1）根据磁极间的相互作用进行解答。奥斯特首先发现了电流的磁效应。
（2）无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备；声音是由物体振动产生的；纸盆能发声是利用通电线圈在磁场中运动的原理。
（3）由图表可知，容量是电流与时间的乘积，还知道电池的电压，根据W=UIt可求出电池储存的电能，知道充电效率，进而求得充电时间。
（4）磁感线是为了描述磁场而引入的一种假想的线，不是实际存在的；磁极间的相互作用是通过磁场发生的；磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的北极出发，回到南极；磁场是有方向的，人们规定，在磁场中的某一点，小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向。
（1）[1]根据磁极间的相互作用：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。磁吸是利用异名磁极相互吸引的原理制成的。
[2]世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是奥斯特，他通过实验证实了电流周围存在磁场，这种现象就是电流的磁效应。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（2）[1]手机受电线圈是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流。图B中，导体ab在磁场中做切割磁感线运动，电流表指针发生偏转，产生感应电流，所以与手机受电线圈工作原理相同的是B。
[2]纸盆发声是因为通电导体在磁场中受力运动，图C中，通电导体在磁场中受到力的作用而运动，所以纸盆能发声是根据图C实验原理制成的。
（3）[1]已知电池的电压3.7V，容量4000mAh=4A×3600s，电池充满电储存的电能为
[2]充电器输出功率
充电器充电效率为90%，则有
即
解得
（4）A．磁感线是为了描述磁场而引入的一种假想的线，磁感线不是真实存在的，故A错误，符合题意；
B．磁场是一种看不见、摸不着的特殊物质，磁极间的相互作用是通过磁场发生的，故B正确，不符合题意；
C．磁体外部的磁感线是从N极出来，回到S极，故C正确，不符合题意；
D．磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向跟该点的磁场方向一致，为该点的磁场方向，故D正确，不符合题意。
故选A。
1 / 1广东省东莞市万江第二中学2025年中考三模物理试题
1．（2025·东莞模拟）五一前夕，某学校举行了春季运动会，下列数据中你认为最符合实际的是（ ）
A．女子跳绳的成绩为每分钟170个 B．男子立定跳远的成绩为6.8m
C．男子100m的成绩为8.5s D．女子铅球的成绩为25m
【答案】A
【知识点】时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A．根据题意可知，女子1min跳绳的成绩约120~180个左右，故A符合题意；
B．根据题意可知，男子立定跳远成绩为2.5m左右，故B不符合题意；
C．根据题意可知，男子100m跑成绩约为15s左右，故C不符合题意；
D．根据题意可知，女子铅球成绩一般小于10m，故D不符合题意。
故选A。
【分析】根据对常见时间、长度的认识分析判断。
2．（2025·东莞模拟）如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（ ）
A．语音助手发出的声音不是振动产生的
B．减小声音音量实质是降低音调
C．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色
D．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量
【答案】C
【知识点】声音的产生；音色；音调、响度与音色的区分；声与信息
【解析】【解答】A．根据题意可知，语音助手发出的声音也是由物体的振动产生的，故A错误；
B．根据题意可知，减小声音的音量，即减小声音的大小，故实质是降低响度，故B错误；
C．根据题意可知，人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，故C正确；
D．根据题意可知，根据用户语音指令完成指定操作，AI获得了指令信息，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选C。
【分析】A.声音是由物体的振动产生的；
B.响度指的是声音的大小；
C.不同发声体发出的声音的音色不同；
D.根据声音利用的知识判断。
3．（2025·东莞模拟）如图所示的光现象中说法正确的是（ ）
A．图甲：桥在水中的倒影是光的折射现象
B．图乙：彩虹是光的色散现象
C．图丙：墙上的手影是光的反射形成的
D．图丁：凸面镜能扩大视野是由于光的直线传播
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A．图甲中，光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用，桥在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B．图乙中，光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，太阳光射入雨后空气中的小水滴时，太阳光经过折射发生色散，从而形成彩虹，故B正确；
C．图丙中，光在同一均匀介质中沿直线传播，手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，故C错误；
D．图丁中，景物在凸面镜中成像扩大视野，是凸面镜成像，属于光的反射现象，故D错误。
故答案为：B。
【分析】光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。
4．（2025·东莞模拟）小明将一杯温水放入冰箱的冰冻室里，经过一段时间后，杯中的水发生了物态变化。如图所示中的四个图像中能正确反映这杯水的物态变化过程的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】根据题意可知，常温下的水放入正常工作的冰箱冷冻室中，水的温度先下降。当温度降低到0℃时，随着不断放热，水逐渐凝固成冰，但是温度保持不变。当水全部凝固后，水的温度降低，故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】根据水的凝固过程分析判断即可。
5．（2025·东莞模拟）如图所示，当人驾驶电动平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（ ）
A．以电动平衡车为参照物，人是运动的
B．此时人不会向前倾是因为人没有惯性
C．人与车的总重力与地面对车的支持力是一对相互作用力
D．轮胎上有花纹目的是为了增大接触面粗糙程度来增大摩擦
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A．根据题意可知，人和车之间的位置没有发生变化，则以平衡车为参照物，所以人是静止的，故A错误；
B．人在运动时也具有惯性，故B错误；
C． 人与车的总重力与地面对车的支持力 ，都作用在人和车同一物体上，肯定不是相互作用力，故C错误；
D．轮胎上刻有花纹，是通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦的，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据参照物的知识判断；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.相互作用力和平衡力的不同点：前者作用在两个物体上，后者作用在同一物体上；
D.增大摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度。
6．（2025·东莞模拟）小西和同学们用天平、量筒和足量的水等实验器材测量小石块的密度。当天平平衡时所用砝码及游码位置如图甲所示，并用如图乙所示的方法测量小石块体积。下列说法正确的是（ ）
A．小石块的质量为25.4g
B．图乙中a是正确的读数方法
C．小石块的密度是
D．若小石块磕掉了一部分，它的密度会变小
【答案】C
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用；量筒的使用
【解析】【解答】A．由图甲知，根据天平的使用方法，标尺的分度值是0.2g，被测物体的质量m=20g+5g+4.2g=29.2g，故A错误；
B．在量筒的使用过程中，量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，则b是正确的读数方法，故B错误；
C．小石块的体积V=40mL-30mL=10mL=10cm3；则小石块的密度，故C正确；
D．密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变，故D错误。
故选C。
【分析】（1）天平在读数时，被测物体的质量=砝码的质量+游码的示数；
（2）量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小；
（3）石块的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，石块的体积等于石块浸没水前后水面对应刻度值的差，知道石块的体积和质量，根据密度公式求出石块的密度；
（4）密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变。
7．（2025·东莞模拟）如图所示为电阻R1和R2的I-U图像，由图像可知（ ）
A．R1与R2两端的电压为0时，它们的电阻也为0
B．R1与R2的电阻之比为2∶1
C．将R1与R2串联接入电路，通电后R1与R2两端的电压之比为1∶2
D．将R1与R2并联接入电路，通电后通过R1与R2的电流之比为1∶2
【答案】C
【知识点】电阻；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．电阻大小导体的两端电压、通过的电流大小无关，所以R1与R2两端的电压为0时，它们的电阻不为0，故A错误；
BC．当通过两电阻的电流I=0.3A时，R2的两端电压为3V，R1的两端电压为1.5V，通电后R1与R2两端的电压之比为1∶2，根据可知，R1与R2的电阻之比为1∶2，故B错误，C正确；
D．将R1与R2并联接入电路，当两电阻的两端电压相等都为3V时，通过R1的电流为0.6A，通过R2的电流为0.3A，那么通过二者的电流之比为2：1，故D错误。
故选C。
【分析】A.电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积和温度有关，与电压和电流大小无关；
BC.根据图像确定二者电流相等时对应的电压之比，然后根据计算二者的电阻之比；
D.根据图像确定电压相等时通过两个电阻的电流大小，然后计算二者的电流之比。
8．（2025·东莞模拟）如图是中国空间站太阳能电池板，它把太阳能转化为电能。太阳能清洁无污染，是 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。中国空间站向地面指挥中心发送信息，是通过 传递的。研究表明，自然界的能量是守恒的，能量的转化与转移具有 性。
【答案】可再生；电磁波；方向
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，太阳能可以在自然界中源源不断的获得，所以是可再生能源。
（2）中国空间站向地面指挥中心发送信息，是通过电磁波传递的。
（3）研究表明，自然界的能量是守恒的，能量的转化与转移具有方向性。
【分析】（1）可用在短时间内得到补充的能源为可再生能源，否则，为不可再生能源；
（2）根据电磁波的特点和应用判断；
（3）根据能量转化和转移的方向性解答。
9．（2025·东莞模拟）如图所示，小明同学在体育课上进行竖直爬杆训练，双脚离地静止时，手握得越紧，小明与杆之间的摩擦力 （选填“增大”“减小”或“不变”）；匀速上爬过程中小明受到竖直的摩擦力 （选填“向上”或“向下”）；匀速下滑时小明的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】不变；向上；减小
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小明同学在体育课上进行竖直爬杆训练和匀速上爬过程中，它受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等。因为重力竖直向下，所以摩擦力的方向竖直向上。手握得越紧，摩擦力仍然和重力相互平衡，即小明与杆之间的摩擦力不变。
（2）小明匀速下滑时，质量不变，速度不变，则动能不变；高度减小，则重力势能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，他的机械能减小。
【分析】（1）对小明进行受力分析，根据平衡力的知识计算摩擦力的大小和方向；
（2）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而“机械能=动能+重力势能”。
10．（2025·东莞模拟）如图1，将水桶平放在地面上，向桶中倒入少量酒精，点燃酒精后，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中，内能转化为 能，该能量转化过程与汽油机 冲程的相同；燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，在 的作用下，水桶变扁，如图2所示。
【答案】机械；做功；大气压
【知识点】做功改变物体内能；热机；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当水桶向后喷出燃气并加速向前运动时，将燃气的内能转化为机械能，这与汽油机做功冲程的相同。
（2）根据题意可知，燃气停止喷出后，桶内气压减小，水桶在外界大气压的作用下，水桶被压扁。
【分析】（1）热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能；
（2）根据大气压强的知识分析解答。
11．（2025·东莞模拟）如图所示，小明用的拉力平行于斜坡将重的木箱从斜坡底端匀速拉到顶端，斜坡长，高，他做的总功为 J，斜坡的机械效率为 ，木箱受到的摩擦力为 N。
【答案】800；75%；100
【知识点】斜面的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】根据题意可知，拉力为400N，斜坡长度为2m，
则拉力做的总功为；
木箱重力为600N，斜坡高度为1m，
则有用功的大小为；
斜坡的机械效率为；
额外功的大小为；
摩擦力的大小为。
【分析】根据计算拉力做的总功，根据计算拉力做的有用功，根据计算斜坡的机械效率，根据计算克服摩擦做的额外功，根据计算摩擦力大小。
12．（2025·东莞模拟）如图是“探究通电导体产生的热量与 大小关系”的实验装置。通过左侧容器中电阻丝的电流为0.4A，在1min内电流通过右侧容器中电阻丝产生的热量为 J，左右两侧容器中电阻丝产生的热量之比是 。
【答案】电流；12；4：1
【知识点】焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，左边电阻和右边电阻的阻值相等，左边电阻在干路上电流大小，右边电阻在支路上电流小，所以探究的是通电导体产生的热量与电流大小的关系。
（2）根据并联电路的电流特点I总=I1+I2可知，通过右侧容器中电阻丝的电流为；
在1min内电流通过右侧容器中电阻丝产生的热量为。
（3）由可知，左右两侧容器中电阻丝产生的热量之比为。
【分析】 （1）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；
（2）根据并联电路的特点和Q=I2Rt可求右侧容器中电阻丝在1min内产生的热量。
（3）根据Q=I2Rt计算热量之比。
13．（2025·东莞模拟）2024年1月18日，天舟七号货运飞船在中国空间站成功对接（图甲），此时，货运飞船相对核心舱是 的。当货运飞船和核心舱相互靠近时，设计如图乙所示的缓冲装置简化图。当条形磁体和通电螺线管靠近时，产生相互排斥的力，电源右端为 极，为减小排斥力，滑动变阻器的滑片应向 （选填“A”或“B”）端滑动。
【答案】静止；负；B
【知识点】运动和静止的相对性；磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，天舟七号货运飞船在中国空间站成功对接时，此时货运飞船相对核心舱的位置没有发生变化，所以货运飞船相对核心舱是静止的。
（2）根据图片可知，条形磁体右端为N极，根据同名磁极相互排斥的规律可知，通电螺线管左端为N极。用右手握住螺线管，大拇指指向左侧，此时四指指向上边，则电流从螺线管的左端流入，所以电源右端为负极。
（3）根据题意可知，要减小排斥力，需要减小通过通电螺线管的电流，因此需要增大电阻，即滑动变阻器滑片向B端滑动。
【分析】（1）根据参照物的知识分析解答；
（2）首先根据磁极之间的相互作用规律确定电磁铁的磁极方向，然后根据安培定则判断线圈上的电流方向，从而确定电源的正负极方向；
（3）首先根据排斥力的变化确定电流变化，进而确定变阻器接入阻值的变化，进而确定滑片的移动方向。
14．（2025·东莞模拟）如图电能表表盘上的某个参数模糊不清，为测得这个参数，仅将额定功率为1200W的电热水器接入电路，电热水器是利用电流的 效应工作的，正常工作1min电能表转盘转了60转，计算可知该参数为 r/（kW h）。如果这些能量由天然气来提供，需要完全燃烧 m3的天然气。（q天然气=4.0×107J/m3）
【答案】热；；
【知识点】燃料的热值；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，电热水器工作时利用电流的热效应工作的。
（2）①电热水器的额定功率为1200W，则正常工作1min消耗的电能；
则电能表的参数为；
②电热水器消耗的电能；
需要完全燃烧天然气体积为。
【分析】（1）电流经过导体时会产生热量，这就是电流的热效应；
（2）①根据W=Pt计算电热水器消耗的电能，再根据计算电能表的参数；
②根据计算消耗天然气的体积。
15．（2025·东莞模拟）按要求完成下列作图；
（1）A'是点光源A在平面镜中所成的像，A发出的一条光线经平面镜反射后恰好过凸透镜的焦点，请画出：①根据平面镜成像规律作出点光源A；②作出点光源A射出的入射光线；③经过凸透镜后的折射光线。
（2）如图杠杆处于平衡状态，画出球A所受重力的示意图和F的力臂L。
（3）某同学要设计一个自动防盗报警电路。要求：晚间开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线AB被扯断，灯亮且电铃发声自动报警。请按要求用直线连接如图所示的电路元件。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法；串、并联电路的设计
【解析】【解答】（1）①过A'作平面镜的垂线，然后根据“物像等距”在镜面左侧画出对应的发光点A。
②反射光线过凸透镜的焦点，则过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴射出，如下图所示：
（2）①球A的重心在球心，从球心竖直向下作一条带箭头的线段，并用G表示，即为球A所受重力的示意图；
②从支点O向力F的作用线作垂线，垂线段的长度就是力F的力臂L，如下图所示：
（3）根据题意可知，当开关S闭合后，因为导线AB将电铃短路，所以电流只经过电灯，灯亮电铃不响。当房门被打开时，细导线AB被扯断，此时电流经过电灯和电铃，灯亮且电铃发声自动报警；按照这样的连接方式，用直线将电路元件连接起来即可，如下图所示：
【分析】 （1）根据平面镜成像时物与像关于镜面对称确定物体，根据过焦点的光线经过凸透镜折射后平行于主轴作图。
（2）①确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
②力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
（3）一般情况下，用电器与开关串联，此时开关闭合，用电器工作；开关断开，用电器停止工作。
如果开关闭合，用电器停止工作，那么应该是开关与用电器并联，据此分析解答。
（1）作出点光源A：根据平面镜成像规律，像与物关于平面镜对称。已知A'是点光源A在平面镜中的像，所以过A'作平面镜的垂线，使A和A'到平面镜的距离相等，则点A即为所求的点光源；连接A与反射光线和平面镜的交点O，则AO即为光源A射出的入射光线；因为反射光线过凸透镜的焦点，根据凸透镜的光学性质，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴射出。所以从反射光线与凸透镜的交点开始，作一条平行于主光轴向左的光线，即为经过凸透镜后的折射光线，如图所示：
（2）重力的方向总是竖直向下的。球A的重心在球心，从球心竖直向下作一条带箭头的线段，并用G表示，即为球A所受重力的示意图；从支点O向力F的作用线作垂线，垂线段的长度就是力F的力臂L，如图所示：
（3）由题意可知，晚间开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线AB被扯断，灯亮且电铃发声自动报警。我们可以将电灯与电铃串联，然后将细导线AB并联在电铃的两端。当开关S闭合后，因为导线AB将电铃短路，所以电流只经过电灯，灯亮电铃不响。当房门被打开时，细导线AB被扯断，此时电流经过电灯和电铃，灯亮且电铃发声自动报警；按照这样的连接方式，用直线将电路元件连接起来即可，如图所示：
16．（2025·东莞模拟）按要求完成下列实验题；
（1）如图甲所示，被测物体的长度为 cm；如图乙所示，体温计读数为 ℃，某家庭4月初、末的电能表示数如图丙所示，则其4月份用电量为 度。
（2）“探究水在沸腾前后温度变化的特点”时水的温度随时间变化的图像如图甲所示，则实验环境的大气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）1个标准大气压，图乙中 （选填“A”或“B”）图是烧杯中水沸腾前的情景。
【答案】（1）2.45；37.8；102.5
（2）等于；B
【知识点】体温计的使用及其读数；刻度尺的使用；沸点及沸点与气压的关系；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）①根据图甲可知，刻度尺的分度值为1mm ，则被测物体的长度为 ；
②根据图乙可知，体温计的分度值为 0.1℃ ，所以体温计读数为：37℃+0.1℃×8= 37.8℃ 。
③根据图丙可知，电能表的最后一个数字为小数，则4月初电能表的示数为781.2kW h ，4月末电能表的示数为883.7kW h ，那么4 月份用电量为。
（2）①根据图像可知，此时水的沸点为100℃，而在标准大气压下，水沸腾时的温度是100℃，所以该实验环境的气压等于1 标准大气压。
②图A中，烧杯底部产生的气泡升高时体积逐渐增大，那么此时水沸腾，而B为沸腾前的情形。
【分析】 （1）①使用刻度尺时要明确其分度值，起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为木块长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；体温计读数时要注意分度值；
②根据图片确定体温计的分度值，根据液面位置读出示数；
③电能表是测量电能的仪表，需要记录月初示数和月底示数，月底示数减去月初示数即为消耗的电能；
（2）①根据图片确定此时水的沸点，再根据沸点与气压的关系分析解答；
②根据沸腾前后气泡的形态进行判断。
（1）[1]如图甲中的刻度尺，分度值为1mm ，测量时起始端对应的刻度值为5.00cm ，末端对应的刻度值为 7.45cm ，则被测物体的长度为
[2]观察图乙中的体温计，其分度值为 0.1℃ ，液柱对应的刻度在 37℃ 后第8小格处，所以体温计读数为 37.8℃ 。
[3]由图丙可知，4 月初电能表的示数为781.2kW h ，4 月末电能表的示数为883.7kW h ，4 月份用电量为
（2）[1]由图像可知，水的沸点为100℃ 。液体的沸点与气压大小有关，在标准大气压下，水沸腾时的温度是100℃ 。气压越低，沸点越低，由于此时水的沸点等于100℃，所以可以判断该实验环境的气压等于1 标准大气压。
[2]对于水沸腾前和沸腾时的气泡情况，我们来分析：
A图中气泡在上升过程中体积逐渐变大，这是因为水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，不断有水汽化成水蒸气进入气泡，所以气泡体积逐渐变大，这是水沸腾时的现象。
B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，这是因为水沸腾前，底部水温高，上部水温低，气泡在上升过程中，遇到上层低温的水，部分水蒸气遇冷液化成小水珠，使得气泡内的气体减少，气泡体积逐渐减小，所以这是水沸腾前的现象。
17．（2025·东莞模拟）在“天宫课堂”的水球实验中，小玉看到王亚平老师的倒立、缩小的像，如图甲所示。于是她利用实验室的光学器材探究凸透镜成像的规律。
（1）小玉找到了一个焦距未知的凸透镜，用一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，直到光屏上出现最小最亮的光斑，如图乙所示，则凸透镜的焦距是 cm。
（2）如图丙所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上。点燃蜡烛，调整烛焰的中心、透镜的中心、光屏的中心大致在 。
（3）如图丙将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动光屏，直到出现烛焰倒立、 的实像。
（4）在（3）的基础上，更换成另一个焦距为9cm的凸透镜，光屏上的像变模糊了，为了使光屏上的像恢复清晰，可向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动蜡烛。
（5）在实验过程中，原来光屏中央的像“跑”到上方，为了使像回到中央，接下来的操作是 （选填“①”、“②”或“③”）。
①向下调光屏 ②向上调凸透镜 ③向上调蜡烛
（6）小明又把蜡烛移至44.0cm刻度线处，凸透镜不动，然后取下光屏，透过凸透镜直接观察蜡烛那么他将看到烛焰成像的情形是下列的（ ）（填图中的字母）。
A． B．
C． D．
【答案】（1）10.0
（2）同一高度
（3）远离；缩小
（4）靠近
（5）①③
（6）C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，光屏到凸透镜的距离就是焦距，则此凸透镜的焦距为；
（2） 如图丙所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上。 为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。
（3）根据题意可知，此时物距>2f，
则此时光屏上成倒立、缩小的实像，则；
那么光屏应该在60cm到70cm刻度线之间，
所以光屏向右移动，即向远离凸透镜的方向移动。
（4） 在（3）的基础上，更换成另一个焦距为9cm的凸透镜， 此凸透镜的焦距变小，则折光能力变强，那么像距变小，所以要向靠近凸透镜的方向移动蜡烛。
（5）根据凸透镜成像的倒立性可知，当物体位置偏低时，像位置会偏高。为了使像重新回到光屏中央，有以下两种操作方法：向上移动蜡烛，如果蜡烛的位置偏低，导致像出现在光屏上方，那么可以通过向上移动蜡烛来调整。这样可以使光线重新对准光屏的中央，从而使像回到光屏的中央。向下移动凸透镜：另一种方法是向下移动凸透镜。这样做可以改变光线的路径，使得像的位置重新回到光屏的中央。故①③符合题意，②不符合题意。故选①③。
（6）根据图片可知，小明又把蜡烛移至44.0cm刻度线处，凸透镜不动，此时物距
则，成正立放大的虚像，光屏上没有像，眼睛在透镜右侧往左侧看，正立放大虚像在蜡烛后方，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】 （1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点叫凸透镜的焦点，焦点跟光心之间的距离是凸透镜的焦距；
（2）探究凸透镜成像的实验时，烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
（3）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；
（4）凸透镜的焦距变小，折光能力变强，使像向前会聚；
（5）根据过光心的光线传播方向不改变进行判断。
（6）确定此时的像距，根据凸透镜成像的规律判断成像的特点和位置即可。
（1）如图，让一束平行与主光轴的光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，这个光斑是凸透镜的焦点，焦点跟光心之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为
（2）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。
（3）[1][2]凸透镜的焦距为10.0cm，将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，物距
则，成倒立、缩小的实像，则
所以光屏向右移动，移动到60cm到70cm刻度线之间，所以光屏远离凸透镜。
（4）凸透镜的焦距变小，折光能力变强，使像向前会聚，为了使光屏上的像恢复清晰，所以要向靠近凸透镜的方向移动蜡烛。
（5）进行凸透镜成像实验时，如果像成在了光屏的上方，这通常是由于凸透镜左侧的物体位置偏低造成的。根据光路图，当物体位置偏低时，像位置会偏高。为了使像重新回到光屏中央，有以下两种操作方法：向上移动蜡烛，如果蜡烛的位置偏低，导致像出现在光屏上方，那么可以通过向上移动蜡烛来调整。这样可以使光线重新对准光屏的中央，从而使像回到光屏的中央。向下移动凸透镜：另一种方法是向下移动凸透镜。这样做可以改变光线的路径，使得像的位置重新回到光屏的中央。故①③符合题意，②不符合题意。故选①③。
（6）小明又把蜡烛移至44.0cm刻度线处，凸透镜不动，此时物距
则，成正立放大的虚像，光屏上没有像，眼睛在透镜右侧往左侧看，正立放大虚像在蜡烛后方，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
18．（2025·东莞模拟）有一只小灯泡的铭牌上仅能看清“0.3A”的字样，为了测量该小灯泡的额定功率，进行了如下实验：
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中未连接完整的电路补画完整，要求滑动变阻器向右调节时阻值变小；
（2）连接完整电路后，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近3V且保持不变，出现的故障可能是 （选填字母）；
A．小灯泡短路 B．小灯泡的灯座接触不良
C．电流表处断路 D．电压表的正、负接线柱接反了
（3）排除故障后，正确连接电路，使小灯泡正常发光，电压表示数如图乙所示为 V，小灯泡的额定功率为 W；
（4）利用如图丙所示的电路，对实验进行了拓展，测出了另一只已知额定电流为I1的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤：
①闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为 ；
②再将开关S2连接a，滑动变阻器滑片的位置 （选填“左移”“右移”或“不动”），调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③则小灯泡的额定功率表达式P= （用字母表示）。
【答案】（1）
（2）B
（3）2.4；0.72
（4）I1；不动；I12R0
【知识点】电路故障的判断；电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器向右调节时阻值变小，说明滑片右移时靠近下端接线柱，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如图所示：
（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，说明电路可能断路；电压表的示数接近3V且保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，故障可能是与电压表并联的电路断路了，所以出现的故障可能是小灯泡的灯座接触不良，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）由图乙可知，电压表选用0~3V的量程，分度值为0.1V，其示数为2.4V， 小灯泡正常发光，额定电压为UL=2.4V，小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.4V×0.3A=0.72W；
（4） ① 闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1；
②再将开关S2连接a，滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③在步骤①中，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，此时灯泡正常发光； 在步骤②中，电阻箱与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，根据等效替代法可知，两次的电流相等，根据可知，此时电阻箱的阻值与灯泡正常发光时的电阻相等，即RL=R0，则小灯泡额定功率：
P=I12RL=I12R0。
故答案为：（1）；（2）B；（3）2.4；0.72；（4）I12R0。
【分析】（1）滑动变阻器向右调节时阻值变小，说明滑片右移时靠近下端接线柱，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，说明电路可能断路；电压表的示数接近3V且保持不变，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；据此分析正确答案；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡额定功率；
（4）先将灯与滑动变阻器串联，通过移动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，灯正常发光；
根据开关的转换（保持滑动变阻器的滑片位置不变），使电阻箱与滑动变阻器串联，调节电阻箱，使电流表示数保持不变，由等效代法可知电阻箱的示数即为灯正常发光时的电阻，根据P=I2R得出灯的额定功率。
（1）滑动变阻器向右调节时阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如图所示：
（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，说明电路可能断路；电压表的示数接近3V且保持不变，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即出现的故障可能是小灯泡的灯座接触不良，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）[1]由图乙可知，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.4V。
[2]小灯泡额定功率PL=ULIL=2.4V×0.3A=0.72W
（4）闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1； ②再将开关S2连接a，滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0； ③在步骤①中，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，此时灯泡正常发光； 在步骤②中，电阻箱与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；滑动变阻器滑片的位置不动，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，根据等效替代法可知，此时电阻箱的阻值与灯泡正常发光时的电阻相等，即RL=R0，则小灯泡额定功率P=I12RL=I12R0
19．（2025·东莞模拟）如图是某厂家开发的汽车，其质量为1500kg，车轮与地面接触的总面积为，该车在水平路面上匀速直线行驶13.8km，用时10min，这一过程中汽车发动机的输出功率为。
（1）汽车静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？
（2）汽车牵引力所做的功是多少？
（3）行驶过程中汽车受到的阻力是多少？
【答案】解：（1）汽车对地面的压力为；
对地面的压强为。
答：汽车静止在水平地面上时，对地面的压强是。
（2）汽车行驶的速度为，
汽车牵引力为；
汽车牵引力所做的功。
答：汽车牵引力所做的功是。
（3）根据题意可知，该车在水平路面上匀速直线行驶，所以阻力等于牵引力，阻力为
。
答：行驶过程中汽车受到的阻力是。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）车静止在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据求出车对地面的压强；（2）利用速度计算公式求得汽车行驶的速度，利用P=Fv求得牵引力，根据W=Fs得到汽车牵引力所做的功；
（3）汽车匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到阻力。
20．（2025·东莞模拟）如图所示的电路中，电阻。闭合开关S，电流表示数为1A。
（1）求电源电压；
（2）当滑片P位于滑动变阻器中点时，电流表示数为1.2A，求此时滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）当滑片P位于滑动变阻器最右端时，求整个电路的电功率。
【答案】解：（1）根据图片可知，定值电阻R1与变阻器RP并联电路，电流表测干路电流，电流表测通过定值电阻的电流；
此时电源电压等于R1两端的电压，
即。
答：电源电压10V。
（2）根据题意可知，通过滑动变阻器的电流为；
则此时滑动变阻器接入电路阻值为。
答：当滑片P位于滑动变阻器中点时，电流表示数为1.2A，此时滑动变阻器接入电路的阻值为；。
（3）当滑片P位于滑动变阻器最右端时，滑动变阻器接入电路阻值为100Ω，
此时通过滑动变阻器的电流为；
此时干路电流为；
整个电路的电功率为。
答：当滑片P位于滑动变阻器最右端时，整个电路的电功率为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）闭合开关S，R1与RP并联，此时电源电压等于R1两端的电压，知道电流表A2的示数（通过R1的电流），利用欧姆定律计算电源电压；
（2）A1测量干路电流I，可求流过滑动变阻器RP的电流，滑动变阻器RP两端电压等于电源电压，利用欧姆定律可得RP接入电路的阻值；
（3）当滑片P位于RP的最右端时，利用欧姆定律计算流过RP的电流，进而求出此时电路的总电流，再利用P=UI计算此时整个电路的电功率。
21．（2025·东莞模拟）高原旅游
小闵一家准备长假期间去青海旅游，一家人积极做攻略。图1是他们搜集的一张图片资料。
（1）小闵想起物理课上学习过海拔越高，大气压越 （选填“高”或“低”）的知识，同时了解了高原反应的相关知识：在学校利用测量大气压的工具测出了上海的大气压，恰好为1个标准大气压等于 毫米汞柱产生的压强。
（2）小闵和奶奶在超市采购的时候，告诉奶奶大气压的相关知识： 实验证明了大气压存在且很大。物理学家 测出了大气压的值。
（3）到了青海后，一家人开始了愉快的旅行。小闵为了防晒撑起了遮阳伞（如图2）。一阵风来，伞差点被向上吹翻。下列解释合理的是（ ）
A．雨伞上方空气流速等于下方，雨伞向上做匀速直线运动
B．雨伞上方空气流速小于下方，上方向下的压力较小
C．雨伞上方空气流速大于下方，上方向下的压力较小
D．雨伞下方空气流速小于上方，雨伞受到向上的压力较小
【答案】（1）低；760
（2）马德堡半球；托里拆利
（3）C
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，海拔越高，大气压越小。
②1标准大气压等于760毫米水银柱产生的压强。
（2）马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，托里拆利在1643年首次成功测量了大气压的值。
（3）根据题意可知，雨伞上方空气流速大于下方，则雨伞上方的压强小于下方的压强，从而产生一个向上的压力差，伞被向上“吸”，受到的合力向上。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】（1）①根据大气压强随高度的变化规律解答；
②根据标准大气压强的知识解答。
（2）根据有关大气压强的科学发展史分析解答；
（3）根据流体压强和流速的关系分析解答。
（1）[1]大气压随海拔高度升高而减小，海拔越高，大气压越小。
[2]1标准大气压为1.013×105Pa。1标准大气压等于760毫米水银柱产生的压强。
（2）[1]马德堡半球实验用两个中间抽成真空而压合在一起的铜半球有力地证明了大气压的存在。
[2]托里拆利通过其精妙的水银柱实验，在1643年首次成功测量了大气压的值。
（3）当一阵风吹来时，雨伞上方空气流速大于下方，根据流体压强与流速的关系，流速越大压强越小，所以雨伞上方的压强小于下方的压强，即上方向下的压力较小，下方向上的压力较大，从而产生一个向上的压力差，伞被向上“吸”，受到的合力向上。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
22．（2025·东莞模拟）轮船吃水线
（1）如图1所示，为了航行安全，远洋轮船的船体上都标有多条水平横线，分别表示该船在不同水域及不同季节满载时的“吃水线”。
某一水域的表层海水
温度t（℃） 6 16 26
密度ρ（kg/m3） 1026.8 1025.5 1022.5
为了解释这种现象，小明查阅资料后得知：（a）不同水域，表层海水的盐度不同。会导致其密度不同；（b）不同季节，表层海水温度不同；（c）某一水域表层海水在不同温度下的密度如表所示。
①根据表格中数据，写出表层海水的温度t与密度ρ的变化规律： 。
②该船满载时冬季“吃水线”在夏季“吃水线”的 （选填“上方”或“下方”）.
③一艘轮船满载时，船和货物总重108牛，若由东海驶入黄浦江（ρ海水>ρ江水），它所受的浮力将 ；当船上的货物卸走一部分时，轮船所受的浮力将 （选填“变大”、“变小”或“不变）。
（2）密度计是测液体密度的仪器。甲、乙、丙是将相同的密度计分别放入三种不同液体中的情形，由图2可知：
①密度计在三种液体中受到的浮力相比较：F甲 F乙 F丙（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
②三种液体的密度相比较：最大的是液体 。
【答案】（1）表层海水的温度越高，密度越小；下方；不变；变小
（2）＝；＝；乙
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）①根据表格数据可知，当温度从6℃升高26℃时，海水密度从1026.8kg/m3减小到1022.5kg/m3，那么得出：在该水域，表层海水的温度越高，密度越小。
②根据题意可知，轮船始终在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力，即轮船受到的浮力保持不变。冬季海水温度低密度大，由阿基米德原理可知，此时排开液体的体积越小，所以冬季 “吃水线” 在夏季 “吃水线” 的下方。
③轮船由东海驶入黄浦江，始终处于漂浮状态，浮力等于重力，船和货物总重不变，所以它所受的浮力不变。
④轮船始终在海面漂浮，则浮力等于重力。当船上的货物卸走一部分时，船和货物总重变小，因为所以轮船所受的浮力将变小。
（2）①根据题意可知，密度计在三种液体中都处于漂浮状态，则浮力等于重力。相同的密度计重力不变，所以密度计在三种液体中受到的浮力。
②由图2可知，密度计在乙液体中排开液体的体积最小，由阿基米德原理可知，
乙液体的密度最大。
【分析】 （1）①根据表格数据分析解答；
②冬季温度低，海水密度小，轮船都是漂浮，根据漂浮条件和F浮=ρ液gV排分析轮船V排的变化；
③④根据漂浮的条件分析它受到的浮力变化。
（2）①根据物体的漂浮条件分析解答；
②由图可知密度计在两种液体中都漂浮，所受浮力都等于密度计重，得出所受浮力的大小关系；再利用阿基米德原理（F浮=ρ液V排g）分析两液体的密度关系。
（1）[1]观察表格中的数据，当温度从6℃升高到16℃再到26℃时，海水密度从1026.8kg/m3减小到1025.5kg/m3再到1022.5kg/m3。可以得出：在该水域，表层海水的温度越高，密度越小。
[2]冬季海水温度低，根据上述规律，温度低时海水密度大。轮船漂浮，浮力等于重力，由可知，浮力不变时，液体密度越大，排开液体的体积越小，所以冬季 “吃水线” 在夏季 “吃水线” 的下方。
[3]轮船由东海驶入黄浦江，始终处于漂浮状态，浮力等于重力，船和货物总重不变，所以它所受的浮力不变。
[4]当船上的货物卸走一部分时，船和货物总重变小，因为轮船仍漂浮，浮力等于重力，所以轮船所受的浮力将变小。
（2）[1][2]密度计在三种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件，因为是相同的密度计，重力不变，所以密度计在三种液体中受到的浮力。
[3]由可得
密度计在三种液体中受到的浮力浮力相同，由图2可知，密度计在乙液体中排开液体的体积最小，所以乙液体的密度最大。
23．（2025·东莞模拟）阅读短文，回答问题
强大的四合一音乐充电宝
随着通讯业的发展和手机的普遍使各种配套设备应运而生，如图是一款新型的充电宝，它糅合了无线手机充电、智能手表充电、USB有线充电、蓝牙音箱四种功能合一的充电宝。充电宝上面采用磁吸式可以供智能手表进行充电；充电宝下面是无线充电设备，利用电过送电线圈产生磁场。手机中的受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电；充电宝配有蓝牙音箱，可以与手机无线连接播放音乐。充电宝采用4000mA h处超大容量电池。并且采用“超级快充”技术。不到半小时可把充电宝电池电量充达一半以上，极大方便了人们的使用。
（1）充电宝在给智能手表充电时采用了磁吸固定触点，磁吸是利用 磁极相互吸引的原理制成的；世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是 。
A.奥斯特 B.焦耳 C.安培 D.欧姆
（2）图中实验与手机受电线圈的工作原理是相同的是 ；而纸盆能发声是根据题图中 实验原理制成的；
A. B. C. D.
（3）已知该充电宝电池的部分参数如表所示：
电池名称 锂离子电池
电压 3.7V
容量 4000mA h
①电池充满电储存的电能为 J；
②若用一个标注“输出5V，4A”的快速充电器来给充电宝充电，假设充电效率为90%，用快速充电器将电池从零充满需要的时间为 s。
（4）关于磁场和磁感线，以下说法错误的是
A．磁体周围存在着磁感线
B．磁体之间的相互作用是通过磁场产生的
C．磁体外部的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极的
D．磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点磁场的方向
【答案】（1）异名；A
（2）B；C
（3）；2960
（4）A
【知识点】电功的计算；磁场；磁感线及其特点；电磁感应
【解析】【解答】（1）①充电宝在给智能手表充电时采用了磁吸固定触点， 磁吸是利用异名磁极相互吸引的原理制成的。
②世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是奥斯特，
故选A。
（2）根据图片可知，图A说明电流周围存在磁场，图B探究通电导体在磁场中受力运动，图C为电磁感应现象，图D为探究电磁铁磁场强弱与线圈匝数的关系。
①根据题意可知，手机受电线圈是利用电磁感应原理工作的。根据图片可知，所以与手机受电线圈工作原理相同的是B。
②纸盆发声是因为通电导体在磁场中受力运动，是根据图C实验原理制成的。
（3）①电池充满电储存的电能为；
②根据题意可知，充电器输出功率，
充电器充电效率为90%，则有；
即，
解得：。
（4）A．根据题意可知，磁感线是为了描述磁场而引入的一种假想的线，磁感线不是真实存在的，故A错误符合题意；
B．磁极间的相互作用是通过磁场发生的，故B正确不符合题意；
C．磁体外部的磁感线是从N极出来，回到S极，故C正确不符合题意；
D．磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向为该点的磁场方向，故D正确不符合题意。
故选A。
【分析】 （1）根据磁极间的相互作用进行解答。奥斯特首先发现了电流的磁效应。
（2）无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备；声音是由物体振动产生的；纸盆能发声是利用通电线圈在磁场中运动的原理。
（3）由图表可知，容量是电流与时间的乘积，还知道电池的电压，根据W=UIt可求出电池储存的电能，知道充电效率，进而求得充电时间。
（4）磁感线是为了描述磁场而引入的一种假想的线，不是实际存在的；磁极间的相互作用是通过磁场发生的；磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的北极出发，回到南极；磁场是有方向的，人们规定，在磁场中的某一点，小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向。
（1）[1]根据磁极间的相互作用：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。磁吸是利用异名磁极相互吸引的原理制成的。
[2]世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是奥斯特，他通过实验证实了电流周围存在磁场，这种现象就是电流的磁效应。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（2）[1]手机受电线圈是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流。图B中，导体ab在磁场中做切割磁感线运动，电流表指针发生偏转，产生感应电流，所以与手机受电线圈工作原理相同的是B。
[2]纸盆发声是因为通电导体在磁场中受力运动，图C中，通电导体在磁场中受到力的作用而运动，所以纸盆能发声是根据图C实验原理制成的。
（3）[1]已知电池的电压3.7V，容量4000mAh=4A×3600s，电池充满电储存的电能为
[2]充电器输出功率
充电器充电效率为90%，则有
即
解得
（4）A．磁感线是为了描述磁场而引入的一种假想的线，磁感线不是真实存在的，故A错误，符合题意；
B．磁场是一种看不见、摸不着的特殊物质，磁极间的相互作用是通过磁场发生的，故B正确，不符合题意；
C．磁体外部的磁感线是从N极出来，回到S极，故C正确，不符合题意；
D．磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向跟该点的磁场方向一致，为该点的磁场方向，故D正确，不符合题意。
故选A。
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