第2课时 二项式定理的综合应用(深化课题型研究式教学)
课时目标
进一步理解二项式定理及其性质,能够利用二项式定理解决两个多项式乘积的特定项问题.能利用二项式定理解决整除(余数)问题.
题型(一) 两个二项式乘积的问题
[例1] (1)(1+2x)3(1-x)4的展开式中,含x项的系数为 ( )
A.10 B.-10
C.2 D.-2
(2)已知(x2+a)的展开式中所有项的系数和为192,则展开式中的常数项为 ( )
A.8 B.6
C.4 D.2
听课记录:
[思维建模]
两个二项式乘积的展开式中特定项问题
(1)分别对每个二项展开式进行分析,发现它们各自项的特点.
(2)找到构成展开式中特定项的组成部分.
(3)分别求解再相乘,求和可得.
[针对训练]
1.已知(1+ax)(1+x)5的展开式中,含x2的项的系数为5,则a= ( )
A.-4 B.-3 C.-2 D.-1
2.已知多项式(x+2)(x-1)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4+a5x5,则a2= ,a1+a2+a3+a4+a5= .
题型(二) 三项式的展开问题
[例2] (1)(x2+x+y)5的展开式中,x5y2的系数为 ( )
A.10 B.20
C.30 D.60
(2)的展开式中整理后的常数项为 .
听课记录:
[思维建模]
(1)三项式的展开问题,可以利用二项式定理的推导方法来解决问题,其本质是计数原理的运用,用这种方法可以直接求展开式中的某特定项.
(2)三项或三项以上的式子的展开问题,应根据式子的特点,转化为二项式来解决,转化的方法通常为因式分解、项与项结合,项与项结合时,要注意合理性和简捷性.
[针对训练]
3.的展开式中,x5项的系数为 ( )
A.160 B.210
C.120 D.252
4.(3x3-5x2+1)5的展开式中,除含x5的项之外,剩下所有项的系数和为 ( )
A.-299 B.299
C.-301 D.301
题型(三) 二项式定理的整除、余数问题
[例3] (1)试求2 01910除以8的余数;
(2)求证:32n+2-8n-9(n∈N*)能被64整除.
听课记录:
[思维建模]
(1)利用二项式定理可以解决求整除和余数的问题,常用的变形是拆数,通常需将数化成两数的和与差的形式,且这种转化形式与除数有密切的关系.
(2)用二项式定理展开,展开后的大部分项是除数的倍数,进而可证明或判断被除数能否被除数整除,若不能整除,则可求出余数.
[针对训练]
5.1.026的近似值(精确到0.01)为 ( )
A.1.12 B.1.13
C.1.14 D.1.20
6.S=++…+除以9的余数为 .
第2课时 二项式定理的综合应用
[题型(一)]
[例1] 解析:(1)(1+2x)3(1-x)4的展开式中含x项是由第一个因式的常数项和一次项分别乘第二个因式的一次项与常数项,然后相加.因此,含x项为(2x)0··(-x)1+·(2x)1··(-x)0,所以含x项的系数为××(-1)+×2×=-4+6=2.
(2)令x=1,得(1+a)(1+1)6=192,所以a=2.
因为的展开式的通项Tr+1==x-2r,
又(x2+2)=x2+2.令-2r=-2,得r=1;令-2r=0,得r=0.所以展开式中的常数项为x2x-2+2=8.
答案:(1)C (2)A
[针对训练]
1.选D ∵(1+ax)(1+x)5=(1+x)5+ax·(1+x)5,又(1+x)5展开式的通项Tk+1=·xk,所以(1+ax)(1+x)5的展开式中含x2的项的系数为+·a=5,所以a=-1.
2.解析:∵(x-1)4=x4-4x3+6x2-4x+1,
∴(x+2)(x-1)4的展开式中含x2的项为x·(-4x)+2×6x2=8x2.
因此a2=8.
令x=0,则a0=2.令x=1,
则a0+a1+a2+a3+a4+a5=0.
所以a1+a2+a3+a4+a5=-a0=-2.
答案:8 -2
[题型(二)]
[例2] 解析:(1)法一 (x2+x+y)5=[(x2+x)+y]5,
含y2的项为T3=(x2+x)3·y2.
其中(x2+x)3中含x5的项为x4·x=x5.
所以x5y2的系数为=30.故选C.
法二 (x2+x+y)5为5个x2+x+y之积,其中有两个取y,两个取x2,一个取x即可,所以x5y2的系数为=30.故选C.
(2)法一 由=+10,通项为Tr+1=10-r=x5-r,据题意令5-r=0,即r=5.故常数项为T6=.
法二 原式==·[(x+)2]5=·(x+)10.
求原展开式中的常数项,转化为求(x+)10的展开式中含x5的项的系数,即·()5.所以原展开式中的常数项为=.
答案:(1)C (2)
[针对训练]
3.选D 因为=x2+10,所以通项Tr+1=(x2)10-r=x20-3r.令20-3r=5,得r=5,所以T6=x5=252x5.故选D.
4.选B 令x=1得(3-5+1)5=-1,所以(3x3-5x2+1)5的展开式中所有项的系数和为-1,由(3x3-5x2+1)5为5个因式(3x3-5x2+1)相乘,要得到x5项,则五个因式中有一个因式取3x3,一个因式取-5x2,其余三个因式取1,然后相乘而得,所以(3x3-5x2+1)5的展开式中含x5的项为(3x3)1·(-5x2)1=-300x5,所以(3x3-5x2+1)5的展开式中,除含x5的项之外,剩下所有项的系数和为-1-(-300)=299.
[题型(三)]
[例3] 解:(1)2 01910=(8×252+3)10.
∵其展开式中除末项为310外,其余的各项均含有8这个因数,
∴2 01910除以8的余数与310除以8的余数相同.
又∵310=95=(8+1)5,
其展开式中除末项为1外,其余的各项均含有8这个因数,
∴310除以8的余数为1,即2 01910除以8的余数也为1.
(2)证明:32n+2-8n-9=(8+1)n+1-8n-9=8n+1+8n+…+-8n-9
=8n+1+8n+…+82+(n+1)×8+1-8n-9=8n+1+8n+…+82.①
①式中的每一项都含有82这个因数,故原式能被64整除.
[针对训练]
5.选B 1.026=(1+0.02)6=1+×0.02+×0.022+×0.023+×0.024+×0.025+0.026≈1+0.12+0.006≈1.13.故选B.
6.解析:依题意S=++…+=227-1=89-1=(9-1)9-1=×99-×98+…+×9--1=9×(×98-×97+…+)-2.因为×98-×97+…+是正整数,所以S被9除的余数为7.
答案:7
2 / 2(共52张PPT)
二项式定理的综合应用
(深化课——题型研究式教学)
第2课时
课时目标
进一步理解二项式定理及其性质，能够利用二项式定理解决两个多项式乘积的特定项问题.能利用二项式定理解决整除(余数)问题.
CONTENTS
目录
1
2
3
题型(一) 两个二项式乘积的问题
题型(二) 三项式的展开问题
题型(三) 二项式定理的
整除、余数问题
4
课时跟踪检测
题型(一) 两个二项式乘积的问题
01
[例1] (1)(1+2x)3(1-x)4的展开式中，含x项的系数为 ( )
A.10 B.-10
C.2 D.-2
解析：(1+2x)3(1-x)4的展开式中含x项是由第一个因式的常数项和一次项分别乘第二个因式的一次项与常数项，然后相加.因此，含x项为(2x)0··(-x)1+·(2x)1··(-x)0，所以含x项的系数为××(-1)
+×2×=-4+6=2.
√
(2)已知(x2+a)的展开式中所有项的系数和为192，则展开式中的常数项为( )
A.8 B.6
C.4 D.2
√
解析：令x=1，得(1+a)(1+1)6=192，所以a=2.
因为的展开式的通项
Tr+1==x-2r，
又(x2+2)=x2+2.
令-2r=-2，得r=1；
令-2r=0，得r=0.
所以展开式中的常数项为x2x-2+2=8.
[思维建模]
两个二项式乘积的展开式中特定项问题
(1)分别对每个二项展开式进行分析，发现它们各自项的特点.
(2)找到构成展开式中特定项的组成部分.
(3)分别求解再相乘，求和可得.
针对训练
1.已知(1+ax)(1+x)5的展开式中，含x2的项的系数为5，则a= ( )
A.-4 B.-3
C.-2 D.-1
解析：∵(1+ax)(1+x)5=(1+x)5+ax·(1+x)5，又(1+x)5展开式的通项Tk+1=·xk，所以(1+ax)(1+x)5的展开式中含x2的项的系数为+·a=5，所以a=-1.
√
2.已知多项式(x+2)(x-1)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4+a5x5，则a2=_____，a1+a2+a3+a4+a5=____.
解析：∵(x-1)4=x4-4x3+6x2-4x+1，
∴(x+2)(x-1)4的展开式中含x2的项为x·(-4x)+2×6x2=8x2.因此a2=8.
令x=0，则a0=2.令x=1，则a0+a1+a2+a3+a4+a5=0.所以a1+a2+a3+a4+a5
=-a0=-2.
8
-2
题型(二) 三项式的展开问题
02
[例2] (1)(x2+x+y)5的展开式中，x5y2的系数为 ( )
A.10 B.20
C.30 D.60
√
解析：法一 (x2+x+y)5=[(x2+x)+y]5，
含y2的项为T3=(x2+x)3·y2.
其中(x2+x)3中含x5的项为x4·x=x5.
所以x5y2的系数为=30.故选C.
法二 (x2+x+y)5为5个x2+x+y之积，其中有两个取y，两个取x2，一个取x即可，所以x5y2的系数为=30.故选C.
(2)的展开式中整理后的常数项为_______.
解析：法一 由=，通项为Tr+1==x5-r，据题意令5-r=0，即r=5.故常数项为T6=.
法二 原式==·[(x+)2]5=·(x+)10.求原展开式中的常数项，转化为求(x+)10的展开式中含x5的项的系数，即·()5.所以原展开式中的常数项为=.
[思维建模]
(1)三项式的展开问题，可以利用二项式定理的推导方法来解决问题，其本质是计数原理的运用，用这种方法可以直接求展开式中的某特定项.
(2)三项或三项以上的式子的展开问题，应根据式子的特点，转化为二项式来解决，转化的方法通常为因式分解、项与项结合，项与项结合时，要注意合理性和简捷性.
针对训练
3.的展开式中，x5项的系数为( )
A.160 B.210 C.120 D.252
解析：因为=，所以通项Tr+1=(x2)10-r=x20-3r.令20-3r=5，得r=5，所以T6=x5=252x5.故选D.
√
4.(3x3-5x2+1)5的展开式中，除含x5的项之外，剩下所有项的系数和为 ( )
A.-299 B.299
C.-301 D.301
√
解析：令x=1得(3-5+1)5=-1，所以(3x3-5x2+1)5的展开式中所有项的系数和为-1，由(3x3-5x2+1)5为5个因式(3x3-5x2+1)相乘，要得到x5项，则五个因式中有一个因式取3x3，一个因式取-5x2，其余三个因式取1，然后相乘而得，所以(3x3-5x2+1)5的展开式中含x5的项为(3x3)1·(-5x2)1=
-300x5，所以(3x3-5x2+1)5的展开式中，除含x5的项之外，剩下所有项的系数和为-1-(-300)=299.
题型(三) 二项式定理的
整除、余数问题
03
[例3] (1)试求2 01910除以8的余数；
解：2 01910=(8×252+3)10.
∵其展开式中除末项为310外，其余的各项均含有8这个因数，
∴2 01910除以8的余数与310除以8的余数相同.
又∵310=95=(8+1)5，
其展开式中除末项为1外，其余的各项均含有8这个因数，
∴310除以8的余数为1，
即2 01910除以8的余数也为1.
(2)求证：32n+2-8n-9(n∈N*)能被64整除.
解：证明：32n+2-8n-9=(8+1)n+1-8n-9
=8n+1+8n+…+-8n-9
=8n+1+8n+…+82+(n+1)×8+1-8n-9
=8n+1+8n+…+82.①
①式中的每一项都含有82这个因数，故原式能被64整除.
[思维建模]
(1)利用二项式定理可以解决求整除和余数的问题，常用的变形是拆数，通常需将数化成两数的和与差的形式，且这种转化形式与除数有密切的关系.
(2)用二项式定理展开，展开后的大部分项是除数的倍数，进而可证明或判断被除数能否被除数整除，若不能整除，则可求出余数.
针对训练
5.1.026的近似值(精确到0.01)为 ( )
A.1.12 B.1.13
C.1.14 D.1.20
解析：1.026=(1+0.02)6=1+×0.02+×0.022+×0.023+×0.024+
×0.025+0.026≈1+0.12+0.006≈1.13.故选B.
√
6.S=++…+除以9的余数为_____.
解析：依题意S=++…+=227-1=89-1=(9-1)9-1=×99-
×98+…+×9--1=9×(×98-×97+…+)-2.因为×98-
×97+…+是正整数，所以S被9除的余数为7.
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课时跟踪检测
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A级——综合提能
1.(x2+2)展开式中的常数项是( )
A.-3 B.-2
C.2 D.3
√
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解析：展开式的通项为Tk+1=(-1)k=(-1)k.令10-2k=2或10-2k=0，解得k=4或k=5.故(x2+2)·展开式中的常数项是(-1)4×+2×(-1)5×=3.
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2.(1-x)4(1-)3展开式中x2的系数是( )
A.-6 B.-3 C.0 D.3
解析：(1-x)4展开式的通项为Tk+1=(-1)kxk，(1-)3展开式的通项为Tr+1=(-1)r，当k=0时，=2，即r=4>3，不符合题意；当k=1时，=1，即r=2，此时x2的系数为(-1)·(-1)2=-12；当k=2时，=0，即r=0，此时x2的系数为·(-1)2·1=6，所以x2的系数是-12+6=-6.
√
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3.今天是星期三，经过7天后还是星期三，那么经过82 025天后是 ( )
A.星期二 B.星期三
C.星期四 D.星期五
解析：因为82 025=(1+7)2 025=+×7+×72+…+×
72 025，所以82 025被7除的余数为1，故经过82 025天后是星期四，故选C.
√
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4.[多选](1+x2)(2+x)4的展开式中 ( )
A.x3的系数为40
B.x3的系数为32
C.常数项为16
D.常数项为8
√
√
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解析： (1+x2)(2+x)4=(2+x)4+x2(2+x)4，展开式中x3的系数分为两部分，一部分是(2+x)4中x3的系数·2=8，另一部分是(2+x)4中x的系数·23=32，所以x3的系数是8+32=40；展开式中常数项只有(2+x)4展开式中的常数项，为24=16.
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5.若(x2-a)的展开式中x6的系数为30，则a=( )
A. B.
C.1 D.2
√
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解析：展开式的通项是Tk+1=·x10-k·=·x10-2k，的展开式中含x4，x6项的系数分别为.因为(x2-a)的展开式中含x6的项由x2与展开式中含x4的项的乘积以及-a与展开式中含x6的项的乘积两部分构成，得-a=120-45a=30，解得a=2.
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6.在(2x-1)6的展开式中，x3的系数是______.(用数字作答)
解析：由题意得，(2x-1)6的展开式中含x3的项为x(2x)2(-1)4
+(2x)4(-1)2=-180x3，所以展开式中x3的系数为-180.
-180
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7.在(ax-y+z)7的展开式中，记xmynzk项的系数为f(m，n，k)，若f(3，2，2)
=，则a的值为______.
解析：因为在(ax-y+z)7的展开式中，记xmynzk项的系数为f(m，n，k)，所以xmynzk项的系数f(m，n，k)=am·(-1)n，即f(m，n，k)=(-1)n
am·，由f(3，2，2)=，可得(-1)2a3=，即35×6a3
=，所以a=.
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8.的展开式中的常数项为_____.
解析：因为==(x+1)5+(x+1)4·
+(x+1)3·+(x+1)2·+(x+1)1·+，所以展开式中的常数项为··15+··13+··11=51.
51
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9.证明：5151-1能被7整除.
证明：5151-1=(49+2)51-1=×4951+×4950×2+…
+×49×250+×251-1，易知除×251-1以外各项都能被7整除.
又×251-1=(23)17-1=(7+1)17-1=×717+×716+…+×7+-1=7×(×716+×715+…+)，显然上式能被7整除，所以5151-1能被7整除.
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10.已知(1+x+x2)的展开式中没有常数项，n∈N*，且2≤n≤7，求n的值.
解：由题意知的展开式中没有常数项，没有含x-1的项，没有含x-2的项，∵的展开式的通项为Tr+1=xn-r=xn-4r(0≤r≤n，r∈N，n∈N*，且2≤n≤7)，
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∴n-4r不能取0，-1，-2.若n=4，则n-4r可以为0，
若n=3或n=7，则n-4r可以为-1，若n=2或n=6，则n-4r可以为-2，
只有当n=5时，n-4r不能取0，-1，-2，故n=5.
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B级——应用创新
11.定义：两个正整数a，b，若它们除以正整数m所得的余数相等，则称a，b对于模m同余，记作a≡b(mod m)，比如：35≡25(mod 10).已知：n=-10+102-103+…+1010，满足n≡p(mod 7)，则p可以是( )
A.44 B.32
C.35 D.29
√
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解析：n=-10+102-103+…+1010=(1-10)10=910，910=(7+2)10=710+79×2+×78×22+…+×7×29+×210，所以n除以7的余数是210=1 024，1 024除以7的余数是2，选项中44除以7的余数是2，32除以7的余数是4，35除以7的余数是0，29除以7的余数是1.
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12.[多选](a-x)(1+x)6的展开式中，x的奇数次幂项的系数之和为64，则下列结论正确的是 ( )
A.a=3
B.展开式中常数项为3
C.展开式中x4的系数为30
D.展开式中x的偶数次幂项的系数之和为64
√
√
√
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解析：设(a-x)(1+x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7，
令x=1，得a0+a1+a2+…+a7=64(a-1)，①
令x=-1，得a0-a1+a2-…-a7=0，②
①-②，得2(a1+a3+a5+a7)=64(a-1)，
因为展开式中x的奇数次幂项的系数之和为64，
即a1+a3+a5+a7=64，
所以2×64=64(a-1)，解得a=3，
1
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3
4
2
即(3-x)(1+x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7.
令x=0，得a0=3，即展开式中常数项为3.
①+②，得2(a0+a2+a4+a6)=64×2，
所以a0+a2+a4+a6=64，
即展开式中x的偶数次幂项的系数之和为64.
(3-x)(1+x)6的展开式中x4的系数为3×-1×=25.故选ABD.
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2
13.记M=“720的不同正因数的个数”，N=“(1+x-y)5的展开式中x2y2项的系数”，则 ( )
A.2M-N=0 B.M-N=0
C.M-N>0 D.M+N<0
√
1
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2
解析：因为720=24×32×5，所以720的正因数有5×3×2=30个，即M=30，又(1+x-y)5展开式的项可以看作从5个盒子中各取出一个元素相乘，每个盒子中均有1，x，-y，要得到x2y2，需从2个盒子中取出x，2个盒子中取出-y，1个盒子中取出1，所以N==30，所以M=N，即M-N=0.
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14.已知(2-)n(n∈N*，n<10)的展开式中第5项、第6项、第7项的二项式系数成等差数列，则(x2-x+y)n的展开式中x5y2的系数为____.
解析：由题意得+=2，即n2-21n+98=0，因为n∈N*，n<10，所以n=7，所以(x2-x+y)n=(x2-x+y)7.(x2-x+y)7的展开式中含x5y2的项为(x2-x)5y2，因为(x2-x)5的展开式中x5的系数为-，所以(x2-x+y)7的展开式中x5y2的系数为×(-)=-21.
-21
1
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3
4
2
15.求(1+x+x2)8展开式中x5的系数.
解：法一 因为(1+x+x2)8=[1+(x+x2)]8，所以Tr+1=(x+x2)r，0≤r≤8，r∈N，
则x5的系数由(x+x2)r来决定，
Tk+1=xr-kx2k=xr+k，0≤k≤r，k∈N，
令r+k=5，解得或或所以展开式中x5的系数为++=504.
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法二 因为(1+x+x2)8=[(1+x)+x2]8=(1+x)8+(1+x)7x2+(1+x)6(x2)2+
(1+x)5(x2)3+…+(1+x)(x2)7+(x2)8，所以展开式中x5的系数为++=504.
法三 (1+x+x2)8=(1+x+x2)(1+x+x2)·…·(1+x+x2)(共8个)，这8个因式中乘积展开式中形成x5的来源有三个：
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3
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2
①有2个括号各出1个x2，其余6个括号恰有1个括号出1个x，共有种；
②有1个括号出1个x2，其余7个括号中恰有3个括号各出1个x，共有种；
③没有1个括号出x2，恰有5个括号各出1个x，共有种.所以x5的系数是++=504.课时跟踪检测(十) 二项式定理的综合应用
A级——综合提能
1.(x2+2)展开式中的常数项是 ( )
A.-3 B.-2
C.2 D.3
2.(1-x)4(1-)3展开式中x2的系数是 ( )
A.-6 B.-3
C.0 D.3
3.今天是星期三，经过7天后还是星期三，那么经过82 025天后是 ( )
A.星期二 B.星期三
C.星期四 D.星期五
4.[多选](1+x2)(2+x)4的展开式中 ( )
A.x3的系数为40
B.x3的系数为32
C.常数项为16
D.常数项为8
5.若(x2-a)的展开式中x6的系数为30,则a= ( )
A. B.
C.1 D.2
6.在(2x-1)6的展开式中,x3的系数是 .(用数字作答)
7.在(ax-y+z)7的展开式中,记xmynzk项的系数为f(m,n,k),若f(3,2,2)=,则a的值为 .
8.的展开式中的常数项为 .
9.证明:5151-1能被7整除.
10.已知(1+x+x2)的展开式中没有常数项,n∈N*,且2≤n≤7,求n的值.
B级——应用创新
11.定义:两个正整数a,b,若它们除以正整数m所得的余数相等,则称a,b对于模m同余,记作a≡b(mod m),比如:35≡25(mod 10).已知:n=-10+102-103+…+1010,满足n≡p(mod 7),则p可以是 ( )
A.44 B.32
C.35 D.29
12.[多选](a-x)(1+x)6的展开式中,x的奇数次幂项的系数之和为64,则下列结论正确的是 ( )
A.a=3
B.展开式中常数项为3
C.展开式中x4的系数为30
D.展开式中x的偶数次幂项的系数之和为64
13.记M=“720的不同正因数的个数”,N=“(1+x-y)5的展开式中x2y2项的系数”,则 ( )
A.2M-N=0 B.M-N=0
C.M-N>0 D.M+N<0
14.已知(2-)n(n∈N*,n<10)的展开式中第5项、第6项、第7项的二项式系数成等差数列,则(x2-x+y)n的展开式中x5y2的系数为 .
15.求(1+x+x2)8展开式中x5的系数.
课时跟踪检测(十)
1.选D 展开式的通项为Tk+1=(-1)k=(-1)k.令10-2k=2或10-2k=0,解得k=4或k=5.故(x2+2)·展开式中的常数项是(-1)4×+2×(-1)5×=3.
2.选A (1-x)4展开式的通项为Tk+1=(-1)kxk,(1-)3展开式的通项为Tr+1=(-1)r,当k=0时,=2,即r=4>3,不符合题意;当k=1时,=1,即r=2,此时x2的系数为(-1)·(-1)2=-12;当k=2时,=0,即r=0,此时x2的系数为·(-1)2·1=6,所以x2的系数是-12+6=-6.
3.选C 因为82 025=(1+7)2 025=+×7+×72+…+×72 025,所以82 025被7除的余数为1,故经过82 025天后是星期四,故选C.
4.选AC (1+x2)(2+x)4=(2+x)4+x2(2+x)4,展开式中x3的系数分为两部分,一部分是(2+x)4中x3的系数·2=8,另一部分是(2+x)4中x的系数·23=32,所以x3的系数是8+32=40;展开式中常数项只有(2+x)4展开式中的常数项,为24=16.
5.选D 展开式的通项是Tk+1=·x10-k·=·x10-2k,的展开式中含x4,x6项的系数分别为,.因为(x2-a)的展开式中含x6的项由x2与展开式中含x4的项的乘积以及-a与展开式中含x6的项的乘积两部分构成,得-a=120-45a=30,解得a=2.
6.解析:由题意得,(2x-1)6的展开式中含x3的项为x(2x)2(-1)4+(2x)4(-1)2=-180x3,所以展开式中x3的系数为-180.
答案:-180
7.解析:因为在(ax-y+z)7的展开式中,记xmynzk项的系数为f(m,n,k),
所以xmynzk项的系数f(m,n,k)=am·(-1)n,即f(m,n,k)=(-1)nam·,由f(3,2,2)=,可得(-1)2a3=,即35×6a3=,所以a=.
答案:
8.解析:因为=(x+1)+5=(x+1)5+(x+1)4·+(x+1)3·+(x+1)2·+(x+1)1·+,所以展开式中的常数项为··15+··13+··11=51.
答案:51
9.证明:5151-1=(49+2)51-1=×4951+×4950×2+…+×49×250+×251-1,易知除×251-1以外各项都能被7整除.
又×251-1=(23)17-1=(7+1)17-1=×717+×716+…+×7+-1=7×(×716+×715+…+),显然上式能被7整除,所以5151-1能被7整除.
10.解:由题意知的展开式中没有常数项,没有含x-1的项,没有含x-2的项,∵的展开式的通项为Tr+1=xn-r=xn-4r(0≤r≤n,r∈N,n∈N*,且2≤n≤7),
∴n-4r不能取0,-1,-2.若n=4,则n-4r可以为0,
若n=3或n=7,则n-4r可以为-1,若n=2或n=6,则n-4r可以为-2,
只有当n=5时,n-4r不能取0,-1,-2,故n=5.
11.选A n=-10+102-103+…+1010=(1-10)10=910,910=(7+2)10=710+79×2+×78×22+…+×7×29+×210,所以n除以7的余数是210=1 024,1 024除以7的余数是2,选项中44除以7的余数是2,32除以7的余数是4,35除以7的余数是0,29除以7的余数是1.
12.选ABD 设(a-x)(1+x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7,
令x=1,得a0+a1+a2+…+a7=64(a-1),①
令x=-1,得a0-a1+a2-…-a7=0,②
①-②,得2(a1+a3+a5+a7)=64(a-1),
因为展开式中x的奇数次幂项的系数之和为64,
即a1+a3+a5+a7=64,
所以2×64=64(a-1),解得a=3,
即(3-x)(1+x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7.
令x=0,得a0=3,即展开式中常数项为3.
①+②,得2(a0+a2+a4+a6)=64×2,
所以a0+a2+a4+a6=64,
即展开式中x的偶数次幂项的系数之和为64.
(3-x)(1+x)6的展开式中x4的系数为3×-1×=25.故选ABD.
13.选B 因为720=24×32×5,所以720的正因数有5×3×2=30个,即M=30,又(1+x-y)5展开式的项可以看作从5个盒子中各取出一个元素相乘,每个盒子中均有1,x,-y,要得到x2y2,需从2个盒子中取出x,2个盒子中取出-y,1个盒子中取出1,所以N==30,所以M=N,即M-N=0.
14.解析:由题意得+=2,即n2-21n+98=0,因为n∈N*,n<10,所以n=7,所以(x2-x+y)n=(x2-x+y)7.(x2-x+y)7的展开式中含x5y2的项为(x2-x)5y2,因为(x2-x)5的展开式中x5的系数为-,所以(x2-x+y)7的展开式中x5y2的系数为×(-)=-21.
答案:-21
15.解:法一 因为(1+x+x2)8=[1+(x+x2)]8,所以Tr+1=(x+x2)r,0≤r≤8,r∈N,
则x5的系数由(x+x2)r来决定,Tk+1=xr-kx2k=xr+k,0≤k≤r,k∈N,
令r+k=5,解得或或所以展开式中x5的系数为++=504.
法二 因为(1+x+x2)8=[(1+x)+x2]8=(1+x)8+(1+x)7x2+(1+x)6(x2)2+(1+x)5(x2)3+…+(1+x)(x2)7+(x2)8,
所以展开式中x5的系数为++=504.
法三 (1+x+x2)8=(1+x+x2)(1+x+x2)·…·(1+x+x2)(共8个),这8个因式中乘积展开式中形成x5的来源有三个:
①有2个括号各出1个x2,其余6个括号恰有1个括号出1个x,共有种;
②有1个括号出1个x2,其余7个括号中恰有3个括号各出1个x,共有种;
③没有1个括号出x2,恰有5个括号各出1个x,共有种.
所以x5的系数是++=504.
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