2025年辽宁省鞍山市育才中学中考物理模拟试卷（三）（含解析）
文档属性
| 名称 | 2025年辽宁省鞍山市育才中学中考物理模拟试卷（三）（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 449.0KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-07-29 18:49:43 | ||
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文档简介
2025年辽宁省鞍山市育才中学中考物理模拟试卷（三）
一、单选题：本大题共6小题，共12分。
1.辽宁省鞍山市素有“评书之乡”的美称。小明的爷爷每天吃晚饭时都要用老式的收音机听评书。今晚收音机刚打开，爷爷就立即说这是单前芳的《百年风云》。下列有关说法不符合物理原理的是（ ）
A. 爷爷听出评书演员是单前芳，是依据声音的音色
B. 爷爷听到的评书声音是收音机内的扬声器纸盆振动产生的
C. 收音机接受鞍山广播电台的信号是无线电波，属于电磁波
D. 收音机的扬声器工作原理跟发电机工作原理相同
2.小组同学做对比实验，如图所示，在甲、乙两个相同杯子中分别放入适量的冰块和干冰块。放置一段时间后，发现杯内物块均变小。甲杯内有液体出现，外壁有小水珠生成；乙杯内仍然是干燥的，外壁有一层薄霜生成。下面分析正确的是（ ）
A. 冰块变小是凝固现象，干冰变小是升华现象
B. 冰块变小需要吸热，干冰变小需要吸热
C. 小水珠生成是汽化现象，薄霜生成是凝华现象
D. 小水珠生成需要放热，薄霜生成需要吸热
3.物理科技小组在做探究凸透镜成像规律的实验过程中，某次实验操作时，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像，则下列说法错误的是（ ）
A. 将凸透镜取下来，并将凸透镜向上移动，光屏上的像会偏上
B. 将蜡烛放置在光具座的25cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上成清晰的像时，该像的性质与照相机成像的性质相同
C. 将蜡烛放置在光具座的35cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上成清晰的像时，该像的性质与投影仪成像的性质相同
D. 将蜡烛放置在光具座的45cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上可成清晰的正立、放大的虚像
4.目前，科学家正在研究太空电站，即地球同步轨道上的太阳能电站，其示意图如图所示。下列说法中错误的是（ ）
A. 太阳能是太阳内部氢原子核裂变释放出的能量
B. 太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源
C. 太空电站工作过程中依然遵循能量守恒定律
D. 利用微波实现“无缆传输”，微波是一种电磁波
5.如图甲是机场内正在匀速运行的水平行李传送带，如图乙是其俯视示意图。与传送带保持相对静止的行李箱M、N运动到如图位置时。下列分析正确的是（ ）
A. 此时M不受摩擦力
B. 此时N受力平衡
C. 此时N不受摩擦力
D. M对传送带的压力和M受到的重力是一对平衡力
6.如图甲是某品牌的插座面板，将其正确接入家庭电路后，如图乙所示。当闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A. 洗衣机可以接在该插座上使用 B. 若指示灯断路，该插座还可以使用
C. 用试电笔测试插座的右孔，氖管不发光 D. 为了保持清洁，可用湿抹布擦拭插座面板
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
7.如图所示为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R=10Ω，R0为湿敏电阻，R0随环境湿度的增加而减少，R0的阻值变化范围为10Ω～20Ω，闭合开关S，当环境的湿度增加时，下列说法错误的是（ ）
A. 电压表示数变小 B. 电压表示数与电流表示数的比值不变
C. 经过R0的最大电流为0.2A D. R电功率变化范围是0.6W～0.9W
8.2022年4月21日，中国海军055型万吨驱逐舰鞍山舰（舷号103）参加实战化训练。如图所示，鞍山舰标准排水量9000吨，满载排水量12300吨，最大航速为32节（约59km/h），g取10N/kg。下列有关鞍山舰的说法不正确的是（ ）
A. 鞍山舰满载时，所受浮力为1.23×105N
B. 鞍山舰以最大航速航行20min,航行路程约19.7km
C. 舰载无人机飞离鞍山舰的过程中，浮力对鞍山舰不做功
D. 鞍山舰从密度较大的海域驶入密度较小的海域时，其受到的浮力不变，排开海水质量增大
9.如图，甲、乙两个透明容器内均装有质量为100g、初温为25℃的某种绝缘液体，甲、乙中都有一段电阻丝，R1=5Ω，R2=R3=10Ω，电源电压18V。当只闭合开关S1，通电120s后，甲中温度计的示数为29C。已知R1、R2在实验过程中的加热效率都是75%。则以下判断正确的是（ ）
A. 电流通过R1产生的热量是8640J
B. 液体的比热容为1.62×103J/（kg ℃）
C. 当闭合开关S1和S2时，R1两端电压等于R3两端电压
D. 当闭合开关S1和S2时，R1和R2产生热量的电热功率之比为4：1
三、填空题：本大题共3小题，共6分。
10.如图所示为氢气爆炸实验装置，向纸杯中通入适量的氢气与空气混合，用火柴点燃气体，发生爆炸，纸杯被崩起。在氢气爆炸实验中，将氢气燃烧释放的内能转化为纸杯的______能，此过程与汽油机的______冲程相同。
11.水平桌面上有两个质量相同的容器，底面积相同，分别装有质量相等的甲、乙两种液体，将三个体积相同的物体A、B、C分别投入到容器中，物体静止时的状态如图所示（物体A对容器底有压力）。此时两容器中液面相平。放入物体后，两个容器对水平桌面的压强分别是p1和p2，则p1______p2，甲、乙液体对容器底的压力分别为F3和F4，则F3______F4。
12.往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m,若实际用力为500N，重物受到的摩擦力为______N。另一斜面的机械效率为80%，应用它可以用100N的力，匀速地沿斜面拉起重400N的物体，则斜面的高与长度之比为______。
四、作图题：本大题共1小题，共2分。
13.爱学习爱劳动，小张常帮妈妈做家务。如图甲是小张用笤帚在水平地面扫地，如图乙是简化图，以O为支点，作用在A点的动力为F1。请在图乙中画出作用在笤帚上B点摩擦力的示意图及其力臂L2。
五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
14.在“探究平面镜成像特点”的实验中，同学们通过小组讨论提出了三种测量像的大小的方案：
方案一：用刻度尺紧贴平面镜，测量像的高度，如图甲所示。
方案二：用刻度尺紧贴物体，通过平面镜中的“刻度尺”测量像的高度，如图乙所示。
方案三：将平面镜换成玻璃板，在玻璃板后移动刻度尺，直至刻度尺紧贴像，测量像的高度，如图丙所示。
（1）方案一中，像的高度测量值比真实值偏小，原因是______。
（2）你认为方案二______（选填“合理”或“不合理”），请说明理由：______。
（3）方案三，换用玻璃板是为了确定虚像的______。此方案中______（选填“需要”或“不需要”）透过玻璃板读数。
（4）小明利用方案三测出了如表所示数据：
物体到玻璃板的距离/cm 2.00 4.00 6.00 8.00 10.00
像的高度/cm 4.03 4.00 4.00 4.01 4.00
像的宽度/cm 1.80 1.79 1.80 1.82 1.80
分析数据，可得出结论：______。
15.以下是探究杠杆平衡条件的实验，实验中使用的是等质量的钩码，杠杆每一格长度为1cm。
（1）实验前杠杆静止时如图甲所示，若要将其调整到水平位置平衡，应将左边的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调。
（2）如图乙，在A点挂2个钩码，在B点挂______个钩码，可使杠杆在水平位置平衡。
（3）如图乙，保持左侧悬挂钩码的位置和数量不变，调节右侧悬挂钩码的数量和位置，使杠杆始终在水平位置平衡，记录对应的力F和力臂L1大小，绘制成图象如图丙所示，图象中每个点与两坐标轴围成的矩形面积______（填“相等”或“不相等”）。
（4）如图丁所示，用弹簧测力计代替钩码，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的拉力F ______1.5N（选填“＞”、“=”或“＜”）。
（5）杆秤就是杠杆平衡条件的一个应用，是中国最古老也是现今人们仍然在使用的一种称质量的简易工具，由带有秤星的秤杆、秤砣、提纽等组成，如图戊所示，此杆秤有两个提组A和B，使用它称较重的物体时，应选择______提纽。若秤砣上沾有泥土，则称量结果______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
16.如图甲所示，是探究“电流与电阻的关系”实验。电源电压恒为7.5V，滑动变阻器的最大阻值100Ω。
（1）图乙是未连接好的电路，滑片已处于合适位置，请在图中用笔面线代替导线连接好电路。
（2）某小组利用5Ω、10Ω和15Ω的定值电阻，按照实验要求进行试验，根据实验数据绘制成如图丙所示的图象。根据图象信息可知：实验中用5Ω的电阻完成实验后，直接将5Ω的电阻换成10Ω，为保证电压表的示数为______V不变，应将滑动变阻器的滑片向移动______（选填“左”或“右”）。
（3）该小组同学想增加定值电阻再多做几次实验，由题中信息可知，所选用的定值电阻不能超过______Ω
（4）实验室备有下列器材：
A．待测定值电阻Rx：阻值在7～9Ω之间
B．滑动变阻器：最大阻值约20Ω
C．定值电阻R0；阻值10Ω
D．电流表A：两个量程0～0.6A，0～3A
E．电源E：电源电压U恒为4V
F．单刀双掷开关（双向开关）S及导线若干为了测出待测电阻Rx的电阻，设计了图所示的电路。
①小亮设计的实验操作主要步骤是：
I．将开关掷向a，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，使A表的指针指到表盘上某一适当位置；读出电路稳定后A表的示数（记为I1）
Ⅱ．将开关掷向b，移动滑动变阻器的滑片至另一位置，使A表的指针指到表盘上另一适当位置；读出电路稳定后A表的示数（记为I2）
②王瑞认为小亮设计的步骤Ⅱ中有不妥当之处，请你帮小亮写出正确的步骤Ⅱ：______
③按正确的操作，他们顺利的测出了Rx的电阻。请你写出用测得的物理量I1、I2和已知物理量U、R0表示的Rx的表达式Rx=______。
17.每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。鞍山市育才中学的物理科技小组围绕“监测水位”主题设计了多个监测水位的方案，进行多种“项目化设计”活动。
【项目分解】（1）设计水位监测系统；
（2）设计水位报警系统。
【项目实施】
方案1：光学水位自动监测系统设计。
如图甲所示是浩然设计的光学水位自动监测装置，在水面上方水平放置刻度尺，现一束光经反射后的光斑在A处，若水面上升则反射的光斑会向A的______（选填“左侧”或“右侧”）偏移，根据光斑在刻度尺上的移动位置判断水位。
方案2：水位监测的力电整合设计。
如图乙所示为大鹏设计的浮力水位监测电路，电路中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R滑是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒水位达到警戒值。R滑接入电路的阻值R随水位的变化关系如图丙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丁所示。大鹏结合代数的函数知识分析得出水位显示仪的刻度______（选填“均匀”或“不均匀”）的结论，再进一步分析得出滑动变阻器的最大电功率是______W；当水位达到警戒水位时，电压表的示数为______V。
【项目拓展】
方案3：水位监测与报警电路的整合设计。
如图戊所示是小雯设计兼有水位监测和报警的电路，绿灯为安全指示灯，电铃和红灯为报警器，R1为定值电阻，R2为竖直放置、粗细均匀且足够长的电阻棒，滑片P可以在电阻棒上自由滑动，并与浮子用竖直的绝缘杆连接，可随着浮子的上下移动而改变电阻棒R2接入电路的阻值，从而可通过电流表的示数来反映水位的高低。当滑片P指向R2的中点时，水位达到警戒值，电磁铁吸下衔铁报警。当减小R1的阻值，警戒水位会变______（选填“高”或“低”）。通过正在工作的电灯的电流______（选填“是”或“不是”）连续的。
【展望与优化】
同学们展开“头脑风暴”，充分利用学过的物理知识，积极参与探究活动，学研结合，创新无限，期待我们能获得更多突破性的科研成果。
六、计算题：本大题共2小题，共10分。
18.利用两个相同的单刀双掷开关A和B，小明设计了一个电路，使电动机通过控制开关的操作，既能正转，也能反转（说明：图中开关A既可以与“1”触点接通，也可以与触点接通）．在虚线框内把未完成的电路补充完整．
19.小明家购置一台如图甲所示的电热油汀取暖器，简称电热油汀，额定电压为220V，电热丝的电阻为44Ω，简化电路如图乙所示。该电热油汀的工作物质是一种油，质量为20kg,密度为0.8×103kg/m3，比热容为2.0×103J/（kg ℃）。
（1）电热油汀的额定电流是多少？
（2）不计热量损失，电热油汀正常工作10min,油升高的温度是多少？
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他将标有“6A，176Ω”字样的电位器串联在电路中，改装后的简化电路图如图丙所示。改装后电热油汀的实际加热功率的最小值是多少？
（4）工作物质用油而不用水，除了油的密度小，电热油汀轻便以外，还有什么优点？
1.【答案】
【解析】解：A、音色是声音的一个重要特性，不同的人发出的声音不同，可以通过声音来辨认说话者；故A不符合题意；
B、扬声器的工作原理是通过电流的变化使扬声器的线圈在磁场中振动，从而带动纸盆振动产生声音，故B不符合题意；
C、无线电波是电磁波的一种，用于广播、通信等领域，故C不符合题意；
D、扬声器的工作原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，而发电机的工作原理是电磁感应，即通过导体在磁场中的运动产生电流，两者的工作原理并不相同，故D符合题意。
故选：D。
（1）不同的人发出的声音不同，可以通过声音来辨认说话者；
（2）扬声器的工作原理是通过电流的变化使扬声器的线圈在磁场中振动，靠着这种振动产生声音；
（3）无线电波是电磁波的一种，用于广播、通信等领域；
（4）扬声器的工作原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，而发电机的工作原理是电磁感应，即通过导体在磁场中的运动产生电流，两者的工作原理并不相同。
本题考查了声音的特性、声音的产生、电磁波的应用以及扬声器的工作原理。
2.【答案】
【解析】解：A、B冰块变小是熔化，需要吸热；干冰变小是升华，需要吸热，故B正确，A错误；
C、D小水珠生成是液化现象，需要放热，薄霜形成是凝华，需要放热，故C、D错误；
故选：B。
（1）固态变为液态是熔化，需要吸热；
（2）固态直接变为气态是升华，需要吸热；
（3）气态变为液态是液化，需要放热；
（4）气态直接变为固态是凝华，需要放热。
本题考查生活中常见的物态变化，属于基础题。
3.【答案】
【解析】解：由图可知，u=v=20.0cm,根据u=v=2f,成倒立、等大的实像，即2f=20.0cm,则该凸透镜的焦距为f=10.0cm；
A、过光心的光线传播方向不变，由图可知将凸透镜取下来，并将凸透镜向上移动，光屏上的像会偏上，故A正确；
B、将蜡烛放置在光具座的25cm刻度线处，此时物距u=50cm-25cm=25cm＞2f,根据u＞2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B正确；
C、将蜡烛放置在光具座的35cm刻度线处，此时物距2f＞u=50cm-35cm=15cm＞f,根据2f＞u＞f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪，故C正确；
D、将蜡烛放置在光具座的45cm刻度线处，此时物距u=50cm-45cm=5cm＜f,成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D错误。
故选：D。
（1）过光心的光线传播方向不变；
（2）根据u＞2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（3）根据2f＞u＞f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪；
（4）根据u＜f,成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
4.【答案】
【解析】解：A．太阳能是太阳内部氢原子核聚变释放出的能量，故A错误，符合题意；
B．太阳能是一种清洁、无污染的能源，可以源源不断地从自然界获得，是可再生能源，故B正确，不符合题意；
C．太空电站工作过程中依然遵循能量守恒定律，故C正确，不符合题意。
D．利用微波实现“无缆传输”，微波是一种波长较短的电磁波，故D正确，不符合题意。
故选：A。
太阳能是核聚变释放的能量；
太阳能是清洁能源；
太空电站工作时遵循能量守恒定律；
微波是一种电磁波。
本题考查的是太阳能的来源和优点；知道能量守恒定律；知道微波和清洁能源。
5.【答案】
【解析】解：A、由图可知，行李箱M做匀速直线运动，处于平衡状态，受到重力和支持力是平衡力，没有受到摩擦力，故A正确；
BC、N运动的方向发生改变，处于非平衡状态，受到非平衡力，N受到摩擦力的作用，故BC错误；
D、M对传送带的压力和M受到的重力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
（1）两个相互接触的物体，要发生或已经发生相对运动时，在接触面上产生一种阻碍物体相对运动的力，这种力是摩擦力；
（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查摩擦力和平衡力的知识，属于基础题。
6.【答案】
【解析】解：A．家用洗衣机有金属外壳，容易发生漏电，应接入三孔插座，故洗衣机不可以接在该插座上，故A错误；
B．若指示灯断路，指示灯和插座并联，该插座仍能使用，故B正确；
C．插座的左孔接零线，右孔接火线，所以试电笔插入插座的右插孔氖管发光，该插座的右孔接在火线上，用试电笔测试插座的右孔，氖管会发光，故C错误；
D．由于水是导体，用湿抹布擦拭插座面板可能会导致触电事故。因此，为了安全起见，我们不应该用湿抹布擦拭插座面板，故D错误。
故选：B。
（1）有金属外壳的用电器在使用时要接地线；
（2）并联电路的各个元件互不影响；
（3）试电笔接触火线氖管会发光，接触零线不发光；
（4）生活用水是导体。
本题考查了家庭电路的连接方式、试电笔的使用等，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：A、由图可知，闭合开关S，定值电阻R与湿敏电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。当环境的湿度增加时，由题可知R0的阻值变小，根据串联电路的分压关系可知R0两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
B、根据欧姆定律可知，电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，由此可知该比值不变，故B正确；
C、当电路的总电阻最小时，电路中的电流最大，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律可得，
电路中的最大电流，即经过R0的最大电流：I0大=I大====0.3A，故C错误；
（4）当电路的总电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律可得，
电路中的最小电流：I小====0.2A，
根据P=I2R可得R的最大和最小功率分别为
P大=I大2R=（0.3A）2×10Ω=0.9W，
P小=I小2R=（0.2A）2×10Ω=0.4W，
即R的功率变化范围是0.4W～0.9W，故D错误。
故选：ACD。
（1）由图可知，闭合开关S，定值电阻R与湿敏电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。当环境的湿度增加时，由题可知R0的阻值变化，根据串联电路的分压关系可知R0两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变化；
（2）根据欧姆定律可知，电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，由此可知该比值的变化；
（3）当电路的总电阻最小时，电路中的电流最大，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律求电路中的最大电流；
（4）当电路的总电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律求电路中的最小电流；根据P=I2R求R的电功率，并得出其功率变化范围。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率的相关计算，难度适中。
8.【答案】
【解析】解：A、由阿基米德原理可得，驱逐舰满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=12300×103kg×10N/kg=1.23×108N，故A错误；
B、已知最大航速为59km/h,咸阳舰以最大航速航行20min,航行路程约为：s=vt=59km/h×h≈19.7km/h,故B正确；
C、舰载机飞离鞍山舰的过程中，鞍山舰会上浮一些，也就是在浮力方向上会移动一定距离，所以浮力对鞍山舰做功，故C错误；
D、鞍山舰从密度较大的海域驶入密度较小的海域时，其始终漂浮，受到的浮力不变，由于浮力等于排水海水的重力，所以排开海水质量不会变，故D错误。
故选：ACD。
（1）漂浮物体所受的浮力等于自身的重力，根据满载时的排水量可进行计算；
（2）利用速度的变形公式可计算航行的路程；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可；
（4）结合阿基米德原理和漂浮条件可做出判断。
本题主要考查了对阿基米德原理、漂浮条件、速度公式、做功的两个必要因素等的理解与应用，有一定综合性。
9.【答案】
【解析】解：A、由图可知，当只闭合开关S1，R1、R2串联，
根据串联电路特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I===1.2A，
电流通过R1产生的热量：Q1=I2R1t=（1.2A）2×5Ω×120s=864J，故A错误；
B、由η=可知，甲中液体吸收的热量：Q吸=ηQ=75%×864J=648J，
液体的比热容：c===1.62×103J/（kg ℃），故B正确；
C、由图可知，当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的特点可知，电路中的总电阻：R总=+R1=+5Ω=10Ω，
电路中的电流：I′===1.8A，
则R1两端的电压：U1=I′R1=1.8A×5Ω=9V，
根据串并联电路的特点可知，R3两端的电压：U3=U2=U-U1=18V-9V=9V，
即当闭合开关S1和S2时，R1两端电压等于R3两端电压，故C正确；
D、当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的电流特点和欧姆定律可知，I1=I2+I3=2I2，
R1和R2产生热量的电热功率之比：P1：P2=R1：R2=（2I2）2R1：R2=4R1：R2=4×5Ω：10Ω=2：1，故D错误。
故选：BC。
（1）由图可知，当只闭合开关S1，R1、R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律求出电流通过R1产生的热量；
（2）根据效率公式求出甲中液体吸收的热量，根据c=求出液体的比热容；
（3）由图可知，当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的特点和欧姆定律可求出R1与R3两端的电压关系；
（4）根据P=I2R求出当闭合开关S1和S2时，R1和R2产生热量的电热功率之比。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律、比热容公式、效率公式以及电功率公式的灵活运用，是一道电热综合题，能正确分析电路连接是解题的关键。
10.【答案】
【解析】解：向纸杯中通入适量的氢气与空气混合，用火柴点燃气体，发生爆炸，此过程中化学能转化为内能，纸杯被崩起，燃气的内能转化为了纸杯的机械能，爆炸的能量转化情况与汽油机工作时的做功冲程是相同的。
故答案为：机械；做功。
改变内能的方式包括做功和热传递；
汽油机的四个冲程中，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。
本题考查了内能的改变和内燃机工作过程中能量的转化，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，甲液体的体积小于乙液体的体积，已知甲、乙两种液体质量相同，
根据ρ=可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，
已知物体B和物体C的体积相同，由图可知，B排开液体的体积大于C排开液体的体积，
根据F浮=ρ液gV排可知，物体B受到的浮力大于物体C受到的浮力；
由图可知，物体B悬浮，浮力等于重力；物体C漂浮，浮力等于重力，
所以，物体B受到的重力大于物体C受到的重力，
两容器质量相同，分别装有质量相等的甲、乙两种液体，则容器和容器内的液体的重力相同，
将容器、容器内的液体和物体当做一个整体，其对桌面的压力等于它们的总重力，
所以，甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，
已知两容器底面积相同，根据p=知，放入物体后，甲容器对水平桌面的压强大于乙容器对水平桌面的压强；
（2）两容器中液面相平，即液体深度h相同，且甲液体的密度大于乙液体的密度，
根据p=ρgh可知，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，
两容器底面积相同，根据F=pS可知，甲液体对容器底的压力大于乙液体对容器底的压力。
故答案为：大于；大于。
（1）根据图示确定两种液体的体积关系，又知质量关系，根据密度公式判断其密度关系；
根据图示确定物体B和物体C排开液体的体积关系，又知液体的密度关系，利用阿基米德原理判断其所受浮力关系；
将容器、容器内的液体和物体当做一个整体，其对桌面的压力的等于它们的总重力，又知受力面积的大小关系，利用p=判断两个容器对水平桌面的压强关系；
（2）首先根据p=ρgh判断两容器底部所受压强大小，又知两容器底面积相同，根据p=判断两容器底部所受压力大小。
此题考查物体浮沉条件及其应用、密度的大小比较、压强公式和液体压强公式的应用等，是一道综合性很强，且难度较大的题目，解答此题的关键是知道将容器、容器内的液体和物体当做一个整体，其对桌面的压力的等于它们的总重力。
12.【答案】
【解析】解：（1）工人做的有用功：W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
工人所做的总功：W总=Fs=500N×3m=1500J；
工人做的额外功：W额=W总-W有=1500J-1200J=300J，
重物受到的摩擦力：f===100N。
（2）设斜面的高和长度分别为h和s,
G=400N，F=100N，
W有用=Gh=400N×h,W总=Fs=100N×s,
而η==80%=，
=，
从而可知，=。
故答案为：100；。
（1）根据W有=Gh=mgh可得工人做的有用功，由W总=Fs可得工人做的总功，根据W总=W有+W额可得工人做的额外功，再根据W额=fs求得摩擦力的大小。
（2）首先设斜面的高和长度分别为h和S，已知物体的重，可利用公式W=Gh计算有用功，已知拉力，可利用公式W=FS计算总功，再利用公式η=计算机械效率，从而可以计算出斜面的高与长度之比。
主要考查了有用功、总功、机械效率和摩擦力的计算，并可以利用公式计算出斜面的高与长度之比。
13.【答案】
【解析】由题意分析笤帚上B点受力摩擦力的方向，再力的示意图要求画出摩擦力示意图，根据力臂的概念画出其力臂L2。
本题考查摩擦力的示意图和杠杆上力臂的作图，难度不大。
14.【答案】
【解析】（1）方案一中，像的高度测量值比真实值偏小，原因是：像的下端没有与刻度尺的零刻度线对齐。
（2）你认为方案二 不合理，请说明理由：平面镜中的“刻度尺”是虚像。
（3）方案三，换用玻璃板是为了确定虚像的位置。此方案中需要透过玻璃板读数。
（4）分析数据，物距增大时，像的高度、像的宽度几乎不变，可得出结论：平面镜成的像大小不变。
故答案为：（1）像的下端没有与刻度尺的零刻度线对齐；（2）不合理；平面镜中的“刻度尺”是虚像；（3）位置；需要；（4）平面镜成的像大小不变。
（1）根据刻度尺的使用规则进行分析；
（2）物体在平面镜所成的像是虚像；
（3）实验中使用玻璃板时为了便于找到虚像的位置；
（4）根据平面镜的成像特点进行分析。
本题考查的是平面镜的成像规律，属于基础实验。
15.【答案】
【解析】解：（1）杠杆静止在如图甲所示位置，为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图知，左端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向左调节；
（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FAlA=FBlB，即2G×3L=FB×2L，解得FB=3G，则需挂3个钩码；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2l2=F1l1=3N×0.02m=2N×0.03m=0.06N m,图象中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；
（4）假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，由杠杆的平衡条件：F左L左=F右L右，即2N×0.03m=F×4L，解得F=1.5N，
由图可知弹簧测力计向左倾斜，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，即弹簧测力计的示数大于1.5N；
（5）此杆秤有两个提组A和B，使用它称较重的物体时，秤砣的拉力固定，物体的拉力越大，则必须物体的拉力的力臂小，且秤砣的拉力力臂大，故选择A 提纽，若秤砣上沾有泥土，使得秤砣的拉力变大，其力臂变小，故示数减小。
故答案为：（1）左；（2）3；（3）相等；（4）＞；（5）A；偏小。
（1）杠杆的平衡是指静止或匀速转动；为了消除杠杆自重对平衡的影响，要调节到水平位置平衡，调节杠杆平衡的原则是平衡螺母的调节方向是向上翘的那端调节；
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得；
（4）先假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，根据杠杆的平衡条件求出此时的拉力大小，再分析拉力的方向倾斜时，拉力力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计示数变化；
（5）根据杠杆平衡条件可知，杠杆会向力与力臂的乘积大的一侧倾斜，即力与力臂乘积大的一侧下沉。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，有一定难度。
16.【答案】
【解析】解：（1）根据电路图知，电压表并联在电阻的两端，滑动变阻器与电阻串联，接左下接线柱，如下图：
；
（2）由图丙知：UV=IR=0.25A×10Ω=-----=0.5A×5Ω=2.5V，根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.5V。
（3）由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U-UV=7.5V-2.5V=5V，定值电阻分得的电压为变阻器电压的=0.5倍，根据分压原理，当滑动变阻器最大阻值100Ω接入电路中时，定值电阻的最大值为：0.5×100Ω=50Ω，由题中信息可知，所选用的定值电阻不能超过50Ω；
（4）②S掷向b时，测出电路电流I2，U=I2（R+R0），所以R=-R0；
S掷向a时，测出电路电流I1，U=I1（R'+RX），有两个未知量，无法表示出RX；
要测出RX，当S掷向b时，保持滑动变阻器的滑片不变。
③I1（RX+R）=I2（R0+R），
把R=-R0代入上式得：
I1（RX+-R0）=I2（R0+-R0），
解得：
RX=+R0。
故答案为：（1）见上图；（2）2.5；右；（3）50；（4）①0）①Ⅱ．保持变阻器的滑片位置不动，将开关掷向b，读出电路稳定后A表的示数（记为I2）； +R0。
（1）根据电路图知，电压表并联在电阻的两端，滑动变阻器与电阻串联，接左下接线柱；
（2）由图丙知求出电阻两端保持不变的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（3）由串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，当滑动变阻器最大阻值100Ω接入电路中时得出定值电阻的最大值；
（4）S掷向a时，测出电路电流I1，U=I1（R'+RX），有两个未知量，无法求出RX。
S掷向b时，测出电路电流I2，U=I2（R+R0），其中的R可以用电源电压U、I2、R0来表示，所以R=-R0。
故采用滑片的位置不动，电源电压一定，S掷向a和S掷向b，找电源电压相同列等式求解。则等式为：I1（RX+R）=I2（R0+R），求出RX。
设计实验和计算中，采用开关闭合与断开、滑片移动等改变电路连接，找前后两个过程电源电压相等是很常用的类型，一定要掌握。
17.【答案】
【解析】方案1：由于光源位置不变，则入射光线方向不变，即激光射入的角度不变，水面上升时，入射点左移，根据光的反射定律可知反射角不变，故反射的光斑会向A的左侧偏移，根据光斑在刻度尺上的移动位置判断水位；
方案2：由图乙可知，闭合开关，R0、滑动变阻器串联接入电路，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，根据欧姆定律可知，电路中的电流为I=，即电流I与R滑成反比，故水位显示仪的刻度不均匀；
当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由丁图可知通过电路的最大电流为0.3A，此时水位达到警戒水位，电压表示数为6V，即为电源电压，故电源电压为U=6V，此时R0的阻值为：
R0===20Ω，
水位变化过程中，滑动变阻器最大功率为：
P=I2R=（）2R滑=，
当R0=R滑=20Ω，滑动变阻器的功率最大，最大功率为：
P大===0.45W；
方案3：电磁铁刚好吸下衔铁的电流不变，电源电压不变，由欧姆定律可知电路的总电阻不变，若减小R1的阻值，电阻棒R2的阻值会增大，滑片P会向下移动，警戒水位会变低；
该电路报警时，红灯和电铃并联接入电路中，通过灯泡有电流，通过电铃的电磁铁有电流，电磁铁会吸引衔铁，衔铁把工作电路断开，灯泡不发光，通过灯泡和电铃无电流，电磁铁不具有磁性，衔铁在弹簧的作用下恢复原状，接通工作电路；所以该电路报警时，通过正在工作的电灯的电流是不连续的。
故答案为：方案1：左侧；方案2：不均匀；0.45；6；方案3：低；不是。
方案1：根据光的反射定律分析回答；
方案2：分析电路连接，根据欧姆定律分析水位显示仪的刻度是否均匀；当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大，由丁可知电路中的电流及电源电压，再根据欧姆定律求出R0的阻值；水位变化过程中，根据P=I2R列出滑动变阻器最大功率的表达式，利用数学知识求出滑动变阻器的最大功率；
方案3：先设控制电路中使电磁铁吸下衔铁报警时的电流不变，由欧姆定律知，在电源电压不变的情况下，控制电路电阻不变，由串联电路电阻规律知，若减小R1的阻值，则要增大R2的阻值，据此分析，警戒水位的变化；
根据控制电路中电铃的工作特点分析。
本题考查的知识点较多，综合性较强，有一定的难度。
18.【答案】
【解析】电动机要转动，电动机必须连入有电源的电路中，电动机旋转方向的改变通过改变电流的方向来实现，据此作答．
对于这类实际应用的电路图分析题目，要结合电流的流向进行解答，作图后要进行验证．
19.【答案】
【解析】（1）根据欧姆定律求出电热油汀的额定电流；
（2）根据W=UIt求出电热油汀消耗的电能，不计热量损失，油吸收的热量等于电热油汀消耗的电能，根据Q吸=cmΔt求出油升高的温度；
（3）电位器和电热丝串联，当电位器接入电路中的阻值最大时，根据欧姆定律可知此时电路的电流最小，据此求出欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=I2R求出改装后电热油汀的实际加热功率的最小值；
（4）油的比热容小于水的比热容，相同质量的油和水相比，吸收相同的热量，油升高的温度较大。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功公式、吸热公式以及电功率公式的应用，题目有一定的难度。
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一、单选题：本大题共6小题，共12分。
1.辽宁省鞍山市素有“评书之乡”的美称。小明的爷爷每天吃晚饭时都要用老式的收音机听评书。今晚收音机刚打开，爷爷就立即说这是单前芳的《百年风云》。下列有关说法不符合物理原理的是（ ）
A. 爷爷听出评书演员是单前芳，是依据声音的音色
B. 爷爷听到的评书声音是收音机内的扬声器纸盆振动产生的
C. 收音机接受鞍山广播电台的信号是无线电波，属于电磁波
D. 收音机的扬声器工作原理跟发电机工作原理相同
2.小组同学做对比实验，如图所示，在甲、乙两个相同杯子中分别放入适量的冰块和干冰块。放置一段时间后，发现杯内物块均变小。甲杯内有液体出现，外壁有小水珠生成；乙杯内仍然是干燥的，外壁有一层薄霜生成。下面分析正确的是（ ）
A. 冰块变小是凝固现象，干冰变小是升华现象
B. 冰块变小需要吸热，干冰变小需要吸热
C. 小水珠生成是汽化现象，薄霜生成是凝华现象
D. 小水珠生成需要放热，薄霜生成需要吸热
3.物理科技小组在做探究凸透镜成像规律的实验过程中，某次实验操作时，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像，则下列说法错误的是（ ）
A. 将凸透镜取下来，并将凸透镜向上移动，光屏上的像会偏上
B. 将蜡烛放置在光具座的25cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上成清晰的像时，该像的性质与照相机成像的性质相同
C. 将蜡烛放置在光具座的35cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上成清晰的像时，该像的性质与投影仪成像的性质相同
D. 将蜡烛放置在光具座的45cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上可成清晰的正立、放大的虚像
4.目前，科学家正在研究太空电站，即地球同步轨道上的太阳能电站，其示意图如图所示。下列说法中错误的是（ ）
A. 太阳能是太阳内部氢原子核裂变释放出的能量
B. 太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源
C. 太空电站工作过程中依然遵循能量守恒定律
D. 利用微波实现“无缆传输”，微波是一种电磁波
5.如图甲是机场内正在匀速运行的水平行李传送带，如图乙是其俯视示意图。与传送带保持相对静止的行李箱M、N运动到如图位置时。下列分析正确的是（ ）
A. 此时M不受摩擦力
B. 此时N受力平衡
C. 此时N不受摩擦力
D. M对传送带的压力和M受到的重力是一对平衡力
6.如图甲是某品牌的插座面板，将其正确接入家庭电路后，如图乙所示。当闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A. 洗衣机可以接在该插座上使用 B. 若指示灯断路，该插座还可以使用
C. 用试电笔测试插座的右孔，氖管不发光 D. 为了保持清洁，可用湿抹布擦拭插座面板
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
7.如图所示为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R=10Ω，R0为湿敏电阻，R0随环境湿度的增加而减少，R0的阻值变化范围为10Ω～20Ω，闭合开关S，当环境的湿度增加时，下列说法错误的是（ ）
A. 电压表示数变小 B. 电压表示数与电流表示数的比值不变
C. 经过R0的最大电流为0.2A D. R电功率变化范围是0.6W～0.9W
8.2022年4月21日，中国海军055型万吨驱逐舰鞍山舰（舷号103）参加实战化训练。如图所示，鞍山舰标准排水量9000吨，满载排水量12300吨，最大航速为32节（约59km/h），g取10N/kg。下列有关鞍山舰的说法不正确的是（ ）
A. 鞍山舰满载时，所受浮力为1.23×105N
B. 鞍山舰以最大航速航行20min,航行路程约19.7km
C. 舰载无人机飞离鞍山舰的过程中，浮力对鞍山舰不做功
D. 鞍山舰从密度较大的海域驶入密度较小的海域时，其受到的浮力不变，排开海水质量增大
9.如图，甲、乙两个透明容器内均装有质量为100g、初温为25℃的某种绝缘液体，甲、乙中都有一段电阻丝，R1=5Ω，R2=R3=10Ω，电源电压18V。当只闭合开关S1，通电120s后，甲中温度计的示数为29C。已知R1、R2在实验过程中的加热效率都是75%。则以下判断正确的是（ ）
A. 电流通过R1产生的热量是8640J
B. 液体的比热容为1.62×103J/（kg ℃）
C. 当闭合开关S1和S2时，R1两端电压等于R3两端电压
D. 当闭合开关S1和S2时，R1和R2产生热量的电热功率之比为4：1
三、填空题：本大题共3小题，共6分。
10.如图所示为氢气爆炸实验装置，向纸杯中通入适量的氢气与空气混合，用火柴点燃气体，发生爆炸，纸杯被崩起。在氢气爆炸实验中，将氢气燃烧释放的内能转化为纸杯的______能，此过程与汽油机的______冲程相同。
11.水平桌面上有两个质量相同的容器，底面积相同，分别装有质量相等的甲、乙两种液体，将三个体积相同的物体A、B、C分别投入到容器中，物体静止时的状态如图所示（物体A对容器底有压力）。此时两容器中液面相平。放入物体后，两个容器对水平桌面的压强分别是p1和p2，则p1______p2，甲、乙液体对容器底的压力分别为F3和F4，则F3______F4。
12.往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m,若实际用力为500N，重物受到的摩擦力为______N。另一斜面的机械效率为80%，应用它可以用100N的力，匀速地沿斜面拉起重400N的物体，则斜面的高与长度之比为______。
四、作图题：本大题共1小题，共2分。
13.爱学习爱劳动，小张常帮妈妈做家务。如图甲是小张用笤帚在水平地面扫地，如图乙是简化图，以O为支点，作用在A点的动力为F1。请在图乙中画出作用在笤帚上B点摩擦力的示意图及其力臂L2。
五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
14.在“探究平面镜成像特点”的实验中，同学们通过小组讨论提出了三种测量像的大小的方案：
方案一：用刻度尺紧贴平面镜，测量像的高度，如图甲所示。
方案二：用刻度尺紧贴物体，通过平面镜中的“刻度尺”测量像的高度，如图乙所示。
方案三：将平面镜换成玻璃板，在玻璃板后移动刻度尺，直至刻度尺紧贴像，测量像的高度，如图丙所示。
（1）方案一中，像的高度测量值比真实值偏小，原因是______。
（2）你认为方案二______（选填“合理”或“不合理”），请说明理由：______。
（3）方案三，换用玻璃板是为了确定虚像的______。此方案中______（选填“需要”或“不需要”）透过玻璃板读数。
（4）小明利用方案三测出了如表所示数据：
物体到玻璃板的距离/cm 2.00 4.00 6.00 8.00 10.00
像的高度/cm 4.03 4.00 4.00 4.01 4.00
像的宽度/cm 1.80 1.79 1.80 1.82 1.80
分析数据，可得出结论：______。
15.以下是探究杠杆平衡条件的实验，实验中使用的是等质量的钩码，杠杆每一格长度为1cm。
（1）实验前杠杆静止时如图甲所示，若要将其调整到水平位置平衡，应将左边的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调。
（2）如图乙，在A点挂2个钩码，在B点挂______个钩码，可使杠杆在水平位置平衡。
（3）如图乙，保持左侧悬挂钩码的位置和数量不变，调节右侧悬挂钩码的数量和位置，使杠杆始终在水平位置平衡，记录对应的力F和力臂L1大小，绘制成图象如图丙所示，图象中每个点与两坐标轴围成的矩形面积______（填“相等”或“不相等”）。
（4）如图丁所示，用弹簧测力计代替钩码，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的拉力F ______1.5N（选填“＞”、“=”或“＜”）。
（5）杆秤就是杠杆平衡条件的一个应用，是中国最古老也是现今人们仍然在使用的一种称质量的简易工具，由带有秤星的秤杆、秤砣、提纽等组成，如图戊所示，此杆秤有两个提组A和B，使用它称较重的物体时，应选择______提纽。若秤砣上沾有泥土，则称量结果______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
16.如图甲所示，是探究“电流与电阻的关系”实验。电源电压恒为7.5V，滑动变阻器的最大阻值100Ω。
（1）图乙是未连接好的电路，滑片已处于合适位置，请在图中用笔面线代替导线连接好电路。
（2）某小组利用5Ω、10Ω和15Ω的定值电阻，按照实验要求进行试验，根据实验数据绘制成如图丙所示的图象。根据图象信息可知：实验中用5Ω的电阻完成实验后，直接将5Ω的电阻换成10Ω，为保证电压表的示数为______V不变，应将滑动变阻器的滑片向移动______（选填“左”或“右”）。
（3）该小组同学想增加定值电阻再多做几次实验，由题中信息可知，所选用的定值电阻不能超过______Ω
（4）实验室备有下列器材：
A．待测定值电阻Rx：阻值在7～9Ω之间
B．滑动变阻器：最大阻值约20Ω
C．定值电阻R0；阻值10Ω
D．电流表A：两个量程0～0.6A，0～3A
E．电源E：电源电压U恒为4V
F．单刀双掷开关（双向开关）S及导线若干为了测出待测电阻Rx的电阻，设计了图所示的电路。
①小亮设计的实验操作主要步骤是：
I．将开关掷向a，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，使A表的指针指到表盘上某一适当位置；读出电路稳定后A表的示数（记为I1）
Ⅱ．将开关掷向b，移动滑动变阻器的滑片至另一位置，使A表的指针指到表盘上另一适当位置；读出电路稳定后A表的示数（记为I2）
②王瑞认为小亮设计的步骤Ⅱ中有不妥当之处，请你帮小亮写出正确的步骤Ⅱ：______
③按正确的操作，他们顺利的测出了Rx的电阻。请你写出用测得的物理量I1、I2和已知物理量U、R0表示的Rx的表达式Rx=______。
17.每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。鞍山市育才中学的物理科技小组围绕“监测水位”主题设计了多个监测水位的方案，进行多种“项目化设计”活动。
【项目分解】（1）设计水位监测系统；
（2）设计水位报警系统。
【项目实施】
方案1：光学水位自动监测系统设计。
如图甲所示是浩然设计的光学水位自动监测装置，在水面上方水平放置刻度尺，现一束光经反射后的光斑在A处，若水面上升则反射的光斑会向A的______（选填“左侧”或“右侧”）偏移，根据光斑在刻度尺上的移动位置判断水位。
方案2：水位监测的力电整合设计。
如图乙所示为大鹏设计的浮力水位监测电路，电路中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R滑是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒水位达到警戒值。R滑接入电路的阻值R随水位的变化关系如图丙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丁所示。大鹏结合代数的函数知识分析得出水位显示仪的刻度______（选填“均匀”或“不均匀”）的结论，再进一步分析得出滑动变阻器的最大电功率是______W；当水位达到警戒水位时，电压表的示数为______V。
【项目拓展】
方案3：水位监测与报警电路的整合设计。
如图戊所示是小雯设计兼有水位监测和报警的电路，绿灯为安全指示灯，电铃和红灯为报警器，R1为定值电阻，R2为竖直放置、粗细均匀且足够长的电阻棒，滑片P可以在电阻棒上自由滑动，并与浮子用竖直的绝缘杆连接，可随着浮子的上下移动而改变电阻棒R2接入电路的阻值，从而可通过电流表的示数来反映水位的高低。当滑片P指向R2的中点时，水位达到警戒值，电磁铁吸下衔铁报警。当减小R1的阻值，警戒水位会变______（选填“高”或“低”）。通过正在工作的电灯的电流______（选填“是”或“不是”）连续的。
【展望与优化】
同学们展开“头脑风暴”，充分利用学过的物理知识，积极参与探究活动，学研结合，创新无限，期待我们能获得更多突破性的科研成果。
六、计算题：本大题共2小题，共10分。
18.利用两个相同的单刀双掷开关A和B，小明设计了一个电路，使电动机通过控制开关的操作，既能正转，也能反转（说明：图中开关A既可以与“1”触点接通，也可以与触点接通）．在虚线框内把未完成的电路补充完整．
19.小明家购置一台如图甲所示的电热油汀取暖器，简称电热油汀，额定电压为220V，电热丝的电阻为44Ω，简化电路如图乙所示。该电热油汀的工作物质是一种油，质量为20kg,密度为0.8×103kg/m3，比热容为2.0×103J/（kg ℃）。
（1）电热油汀的额定电流是多少？
（2）不计热量损失，电热油汀正常工作10min,油升高的温度是多少？
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他将标有“6A，176Ω”字样的电位器串联在电路中，改装后的简化电路图如图丙所示。改装后电热油汀的实际加热功率的最小值是多少？
（4）工作物质用油而不用水，除了油的密度小，电热油汀轻便以外，还有什么优点？
1.【答案】
【解析】解：A、音色是声音的一个重要特性，不同的人发出的声音不同，可以通过声音来辨认说话者；故A不符合题意；
B、扬声器的工作原理是通过电流的变化使扬声器的线圈在磁场中振动，从而带动纸盆振动产生声音，故B不符合题意；
C、无线电波是电磁波的一种，用于广播、通信等领域，故C不符合题意；
D、扬声器的工作原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，而发电机的工作原理是电磁感应，即通过导体在磁场中的运动产生电流，两者的工作原理并不相同，故D符合题意。
故选：D。
（1）不同的人发出的声音不同，可以通过声音来辨认说话者；
（2）扬声器的工作原理是通过电流的变化使扬声器的线圈在磁场中振动，靠着这种振动产生声音；
（3）无线电波是电磁波的一种，用于广播、通信等领域；
（4）扬声器的工作原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，而发电机的工作原理是电磁感应，即通过导体在磁场中的运动产生电流，两者的工作原理并不相同。
本题考查了声音的特性、声音的产生、电磁波的应用以及扬声器的工作原理。
2.【答案】
【解析】解：A、B冰块变小是熔化，需要吸热；干冰变小是升华，需要吸热，故B正确，A错误；
C、D小水珠生成是液化现象，需要放热，薄霜形成是凝华，需要放热，故C、D错误；
故选：B。
（1）固态变为液态是熔化，需要吸热；
（2）固态直接变为气态是升华，需要吸热；
（3）气态变为液态是液化，需要放热；
（4）气态直接变为固态是凝华，需要放热。
本题考查生活中常见的物态变化，属于基础题。
3.【答案】
【解析】解：由图可知，u=v=20.0cm,根据u=v=2f,成倒立、等大的实像，即2f=20.0cm,则该凸透镜的焦距为f=10.0cm；
A、过光心的光线传播方向不变，由图可知将凸透镜取下来，并将凸透镜向上移动，光屏上的像会偏上，故A正确；
B、将蜡烛放置在光具座的25cm刻度线处，此时物距u=50cm-25cm=25cm＞2f,根据u＞2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B正确；
C、将蜡烛放置在光具座的35cm刻度线处，此时物距2f＞u=50cm-35cm=15cm＞f,根据2f＞u＞f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪，故C正确；
D、将蜡烛放置在光具座的45cm刻度线处，此时物距u=50cm-45cm=5cm＜f,成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D错误。
故选：D。
（1）过光心的光线传播方向不变；
（2）根据u＞2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（3）根据2f＞u＞f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪；
（4）根据u＜f,成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
4.【答案】
【解析】解：A．太阳能是太阳内部氢原子核聚变释放出的能量，故A错误，符合题意；
B．太阳能是一种清洁、无污染的能源，可以源源不断地从自然界获得，是可再生能源，故B正确，不符合题意；
C．太空电站工作过程中依然遵循能量守恒定律，故C正确，不符合题意。
D．利用微波实现“无缆传输”，微波是一种波长较短的电磁波，故D正确，不符合题意。
故选：A。
太阳能是核聚变释放的能量；
太阳能是清洁能源；
太空电站工作时遵循能量守恒定律；
微波是一种电磁波。
本题考查的是太阳能的来源和优点；知道能量守恒定律；知道微波和清洁能源。
5.【答案】
【解析】解：A、由图可知，行李箱M做匀速直线运动，处于平衡状态，受到重力和支持力是平衡力，没有受到摩擦力，故A正确；
BC、N运动的方向发生改变，处于非平衡状态，受到非平衡力，N受到摩擦力的作用，故BC错误；
D、M对传送带的压力和M受到的重力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
（1）两个相互接触的物体，要发生或已经发生相对运动时，在接触面上产生一种阻碍物体相对运动的力，这种力是摩擦力；
（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查摩擦力和平衡力的知识，属于基础题。
6.【答案】
【解析】解：A．家用洗衣机有金属外壳，容易发生漏电，应接入三孔插座，故洗衣机不可以接在该插座上，故A错误；
B．若指示灯断路，指示灯和插座并联，该插座仍能使用，故B正确；
C．插座的左孔接零线，右孔接火线，所以试电笔插入插座的右插孔氖管发光，该插座的右孔接在火线上，用试电笔测试插座的右孔，氖管会发光，故C错误；
D．由于水是导体，用湿抹布擦拭插座面板可能会导致触电事故。因此，为了安全起见，我们不应该用湿抹布擦拭插座面板，故D错误。
故选：B。
（1）有金属外壳的用电器在使用时要接地线；
（2）并联电路的各个元件互不影响；
（3）试电笔接触火线氖管会发光，接触零线不发光；
（4）生活用水是导体。
本题考查了家庭电路的连接方式、试电笔的使用等，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：A、由图可知，闭合开关S，定值电阻R与湿敏电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。当环境的湿度增加时，由题可知R0的阻值变小，根据串联电路的分压关系可知R0两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
B、根据欧姆定律可知，电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，由此可知该比值不变，故B正确；
C、当电路的总电阻最小时，电路中的电流最大，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律可得，
电路中的最大电流，即经过R0的最大电流：I0大=I大====0.3A，故C错误；
（4）当电路的总电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律可得，
电路中的最小电流：I小====0.2A，
根据P=I2R可得R的最大和最小功率分别为
P大=I大2R=（0.3A）2×10Ω=0.9W，
P小=I小2R=（0.2A）2×10Ω=0.4W，
即R的功率变化范围是0.4W～0.9W，故D错误。
故选：ACD。
（1）由图可知，闭合开关S，定值电阻R与湿敏电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。当环境的湿度增加时，由题可知R0的阻值变化，根据串联电路的分压关系可知R0两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变化；
（2）根据欧姆定律可知，电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，由此可知该比值的变化；
（3）当电路的总电阻最小时，电路中的电流最大，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律求电路中的最大电流；
（4）当电路的总电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律求电路中的最小电流；根据P=I2R求R的电功率，并得出其功率变化范围。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率的相关计算，难度适中。
8.【答案】
【解析】解：A、由阿基米德原理可得，驱逐舰满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=12300×103kg×10N/kg=1.23×108N，故A错误；
B、已知最大航速为59km/h,咸阳舰以最大航速航行20min,航行路程约为：s=vt=59km/h×h≈19.7km/h,故B正确；
C、舰载机飞离鞍山舰的过程中，鞍山舰会上浮一些，也就是在浮力方向上会移动一定距离，所以浮力对鞍山舰做功，故C错误；
D、鞍山舰从密度较大的海域驶入密度较小的海域时，其始终漂浮，受到的浮力不变，由于浮力等于排水海水的重力，所以排开海水质量不会变，故D错误。
故选：ACD。
（1）漂浮物体所受的浮力等于自身的重力，根据满载时的排水量可进行计算；
（2）利用速度的变形公式可计算航行的路程；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可；
（4）结合阿基米德原理和漂浮条件可做出判断。
本题主要考查了对阿基米德原理、漂浮条件、速度公式、做功的两个必要因素等的理解与应用，有一定综合性。
9.【答案】
【解析】解：A、由图可知，当只闭合开关S1，R1、R2串联，
根据串联电路特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I===1.2A，
电流通过R1产生的热量：Q1=I2R1t=（1.2A）2×5Ω×120s=864J，故A错误；
B、由η=可知，甲中液体吸收的热量：Q吸=ηQ=75%×864J=648J，
液体的比热容：c===1.62×103J/（kg ℃），故B正确；
C、由图可知，当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的特点可知，电路中的总电阻：R总=+R1=+5Ω=10Ω，
电路中的电流：I′===1.8A，
则R1两端的电压：U1=I′R1=1.8A×5Ω=9V，
根据串并联电路的特点可知，R3两端的电压：U3=U2=U-U1=18V-9V=9V，
即当闭合开关S1和S2时，R1两端电压等于R3两端电压，故C正确；
D、当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的电流特点和欧姆定律可知，I1=I2+I3=2I2，
R1和R2产生热量的电热功率之比：P1：P2=R1：R2=（2I2）2R1：R2=4R1：R2=4×5Ω：10Ω=2：1，故D错误。
故选：BC。
（1）由图可知，当只闭合开关S1，R1、R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律求出电流通过R1产生的热量；
（2）根据效率公式求出甲中液体吸收的热量，根据c=求出液体的比热容；
（3）由图可知，当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的特点和欧姆定律可求出R1与R3两端的电压关系；
（4）根据P=I2R求出当闭合开关S1和S2时，R1和R2产生热量的电热功率之比。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律、比热容公式、效率公式以及电功率公式的灵活运用，是一道电热综合题，能正确分析电路连接是解题的关键。
10.【答案】
【解析】解：向纸杯中通入适量的氢气与空气混合，用火柴点燃气体，发生爆炸，此过程中化学能转化为内能，纸杯被崩起，燃气的内能转化为了纸杯的机械能，爆炸的能量转化情况与汽油机工作时的做功冲程是相同的。
故答案为：机械；做功。
改变内能的方式包括做功和热传递；
汽油机的四个冲程中，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。
本题考查了内能的改变和内燃机工作过程中能量的转化，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，甲液体的体积小于乙液体的体积，已知甲、乙两种液体质量相同，
根据ρ=可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，
已知物体B和物体C的体积相同，由图可知，B排开液体的体积大于C排开液体的体积，
根据F浮=ρ液gV排可知，物体B受到的浮力大于物体C受到的浮力；
由图可知，物体B悬浮，浮力等于重力；物体C漂浮，浮力等于重力，
所以，物体B受到的重力大于物体C受到的重力，
两容器质量相同，分别装有质量相等的甲、乙两种液体，则容器和容器内的液体的重力相同，
将容器、容器内的液体和物体当做一个整体，其对桌面的压力等于它们的总重力，
所以，甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，
已知两容器底面积相同，根据p=知，放入物体后，甲容器对水平桌面的压强大于乙容器对水平桌面的压强；
（2）两容器中液面相平，即液体深度h相同，且甲液体的密度大于乙液体的密度，
根据p=ρgh可知，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，
两容器底面积相同，根据F=pS可知，甲液体对容器底的压力大于乙液体对容器底的压力。
故答案为：大于；大于。
（1）根据图示确定两种液体的体积关系，又知质量关系，根据密度公式判断其密度关系；
根据图示确定物体B和物体C排开液体的体积关系，又知液体的密度关系，利用阿基米德原理判断其所受浮力关系；
将容器、容器内的液体和物体当做一个整体，其对桌面的压力的等于它们的总重力，又知受力面积的大小关系，利用p=判断两个容器对水平桌面的压强关系；
（2）首先根据p=ρgh判断两容器底部所受压强大小，又知两容器底面积相同，根据p=判断两容器底部所受压力大小。
此题考查物体浮沉条件及其应用、密度的大小比较、压强公式和液体压强公式的应用等，是一道综合性很强，且难度较大的题目，解答此题的关键是知道将容器、容器内的液体和物体当做一个整体，其对桌面的压力的等于它们的总重力。
12.【答案】
【解析】解：（1）工人做的有用功：W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
工人所做的总功：W总=Fs=500N×3m=1500J；
工人做的额外功：W额=W总-W有=1500J-1200J=300J，
重物受到的摩擦力：f===100N。
（2）设斜面的高和长度分别为h和s,
G=400N，F=100N，
W有用=Gh=400N×h,W总=Fs=100N×s,
而η==80%=，
=，
从而可知，=。
故答案为：100；。
（1）根据W有=Gh=mgh可得工人做的有用功，由W总=Fs可得工人做的总功，根据W总=W有+W额可得工人做的额外功，再根据W额=fs求得摩擦力的大小。
（2）首先设斜面的高和长度分别为h和S，已知物体的重，可利用公式W=Gh计算有用功，已知拉力，可利用公式W=FS计算总功，再利用公式η=计算机械效率，从而可以计算出斜面的高与长度之比。
主要考查了有用功、总功、机械效率和摩擦力的计算，并可以利用公式计算出斜面的高与长度之比。
13.【答案】
【解析】由题意分析笤帚上B点受力摩擦力的方向，再力的示意图要求画出摩擦力示意图，根据力臂的概念画出其力臂L2。
本题考查摩擦力的示意图和杠杆上力臂的作图，难度不大。
14.【答案】
【解析】（1）方案一中，像的高度测量值比真实值偏小，原因是：像的下端没有与刻度尺的零刻度线对齐。
（2）你认为方案二 不合理，请说明理由：平面镜中的“刻度尺”是虚像。
（3）方案三，换用玻璃板是为了确定虚像的位置。此方案中需要透过玻璃板读数。
（4）分析数据，物距增大时，像的高度、像的宽度几乎不变，可得出结论：平面镜成的像大小不变。
故答案为：（1）像的下端没有与刻度尺的零刻度线对齐；（2）不合理；平面镜中的“刻度尺”是虚像；（3）位置；需要；（4）平面镜成的像大小不变。
（1）根据刻度尺的使用规则进行分析；
（2）物体在平面镜所成的像是虚像；
（3）实验中使用玻璃板时为了便于找到虚像的位置；
（4）根据平面镜的成像特点进行分析。
本题考查的是平面镜的成像规律，属于基础实验。
15.【答案】
【解析】解：（1）杠杆静止在如图甲所示位置，为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图知，左端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向左调节；
（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FAlA=FBlB，即2G×3L=FB×2L，解得FB=3G，则需挂3个钩码；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2l2=F1l1=3N×0.02m=2N×0.03m=0.06N m,图象中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；
（4）假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，由杠杆的平衡条件：F左L左=F右L右，即2N×0.03m=F×4L，解得F=1.5N，
由图可知弹簧测力计向左倾斜，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，即弹簧测力计的示数大于1.5N；
（5）此杆秤有两个提组A和B，使用它称较重的物体时，秤砣的拉力固定，物体的拉力越大，则必须物体的拉力的力臂小，且秤砣的拉力力臂大，故选择A 提纽，若秤砣上沾有泥土，使得秤砣的拉力变大，其力臂变小，故示数减小。
故答案为：（1）左；（2）3；（3）相等；（4）＞；（5）A；偏小。
（1）杠杆的平衡是指静止或匀速转动；为了消除杠杆自重对平衡的影响，要调节到水平位置平衡，调节杠杆平衡的原则是平衡螺母的调节方向是向上翘的那端调节；
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得；
（4）先假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，根据杠杆的平衡条件求出此时的拉力大小，再分析拉力的方向倾斜时，拉力力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计示数变化；
（5）根据杠杆平衡条件可知，杠杆会向力与力臂的乘积大的一侧倾斜，即力与力臂乘积大的一侧下沉。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，有一定难度。
16.【答案】
【解析】解：（1）根据电路图知，电压表并联在电阻的两端，滑动变阻器与电阻串联，接左下接线柱，如下图：
；
（2）由图丙知：UV=IR=0.25A×10Ω=-----=0.5A×5Ω=2.5V，根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.5V。
（3）由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U-UV=7.5V-2.5V=5V，定值电阻分得的电压为变阻器电压的=0.5倍，根据分压原理，当滑动变阻器最大阻值100Ω接入电路中时，定值电阻的最大值为：0.5×100Ω=50Ω，由题中信息可知，所选用的定值电阻不能超过50Ω；
（4）②S掷向b时，测出电路电流I2，U=I2（R+R0），所以R=-R0；
S掷向a时，测出电路电流I1，U=I1（R'+RX），有两个未知量，无法表示出RX；
要测出RX，当S掷向b时，保持滑动变阻器的滑片不变。
③I1（RX+R）=I2（R0+R），
把R=-R0代入上式得：
I1（RX+-R0）=I2（R0+-R0），
解得：
RX=+R0。
故答案为：（1）见上图；（2）2.5；右；（3）50；（4）①0）①Ⅱ．保持变阻器的滑片位置不动，将开关掷向b，读出电路稳定后A表的示数（记为I2）； +R0。
（1）根据电路图知，电压表并联在电阻的两端，滑动变阻器与电阻串联，接左下接线柱；
（2）由图丙知求出电阻两端保持不变的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（3）由串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，当滑动变阻器最大阻值100Ω接入电路中时得出定值电阻的最大值；
（4）S掷向a时，测出电路电流I1，U=I1（R'+RX），有两个未知量，无法求出RX。
S掷向b时，测出电路电流I2，U=I2（R+R0），其中的R可以用电源电压U、I2、R0来表示，所以R=-R0。
故采用滑片的位置不动，电源电压一定，S掷向a和S掷向b，找电源电压相同列等式求解。则等式为：I1（RX+R）=I2（R0+R），求出RX。
设计实验和计算中，采用开关闭合与断开、滑片移动等改变电路连接，找前后两个过程电源电压相等是很常用的类型，一定要掌握。
17.【答案】
【解析】方案1：由于光源位置不变，则入射光线方向不变，即激光射入的角度不变，水面上升时，入射点左移，根据光的反射定律可知反射角不变，故反射的光斑会向A的左侧偏移，根据光斑在刻度尺上的移动位置判断水位；
方案2：由图乙可知，闭合开关，R0、滑动变阻器串联接入电路，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，根据欧姆定律可知，电路中的电流为I=，即电流I与R滑成反比，故水位显示仪的刻度不均匀；
当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由丁图可知通过电路的最大电流为0.3A，此时水位达到警戒水位，电压表示数为6V，即为电源电压，故电源电压为U=6V，此时R0的阻值为：
R0===20Ω，
水位变化过程中，滑动变阻器最大功率为：
P=I2R=（）2R滑=，
当R0=R滑=20Ω，滑动变阻器的功率最大，最大功率为：
P大===0.45W；
方案3：电磁铁刚好吸下衔铁的电流不变，电源电压不变，由欧姆定律可知电路的总电阻不变，若减小R1的阻值，电阻棒R2的阻值会增大，滑片P会向下移动，警戒水位会变低；
该电路报警时，红灯和电铃并联接入电路中，通过灯泡有电流，通过电铃的电磁铁有电流，电磁铁会吸引衔铁，衔铁把工作电路断开，灯泡不发光，通过灯泡和电铃无电流，电磁铁不具有磁性，衔铁在弹簧的作用下恢复原状，接通工作电路；所以该电路报警时，通过正在工作的电灯的电流是不连续的。
故答案为：方案1：左侧；方案2：不均匀；0.45；6；方案3：低；不是。
方案1：根据光的反射定律分析回答；
方案2：分析电路连接，根据欧姆定律分析水位显示仪的刻度是否均匀；当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大，由丁可知电路中的电流及电源电压，再根据欧姆定律求出R0的阻值；水位变化过程中，根据P=I2R列出滑动变阻器最大功率的表达式，利用数学知识求出滑动变阻器的最大功率；
方案3：先设控制电路中使电磁铁吸下衔铁报警时的电流不变，由欧姆定律知，在电源电压不变的情况下，控制电路电阻不变，由串联电路电阻规律知，若减小R1的阻值，则要增大R2的阻值，据此分析，警戒水位的变化；
根据控制电路中电铃的工作特点分析。
本题考查的知识点较多，综合性较强，有一定的难度。
18.【答案】
【解析】电动机要转动，电动机必须连入有电源的电路中，电动机旋转方向的改变通过改变电流的方向来实现，据此作答．
对于这类实际应用的电路图分析题目，要结合电流的流向进行解答，作图后要进行验证．
19.【答案】
【解析】（1）根据欧姆定律求出电热油汀的额定电流；
（2）根据W=UIt求出电热油汀消耗的电能，不计热量损失，油吸收的热量等于电热油汀消耗的电能，根据Q吸=cmΔt求出油升高的温度；
（3）电位器和电热丝串联，当电位器接入电路中的阻值最大时，根据欧姆定律可知此时电路的电流最小，据此求出欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=I2R求出改装后电热油汀的实际加热功率的最小值；
（4）油的比热容小于水的比热容，相同质量的油和水相比，吸收相同的热量，油升高的温度较大。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功公式、吸热公式以及电功率公式的应用，题目有一定的难度。
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