4.2.1+4.2.2 第2课时 等差数列的性质及应用(课件 学案 练习)高中数学苏教版(2019)选择性必修第一册

文档属性

名称 4.2.1+4.2.2 第2课时 等差数列的性质及应用(课件 学案 练习)高中数学苏教版(2019)选择性必修第一册
格式 zip
文件大小 1.9MB
资源类型 教案
版本资源 苏教版(2019)
科目 数学
更新时间 2025-07-29 20:27:38

文档简介

第2课时 等差数列的性质及应用 [教学方式:深化学习课——梯度进阶式教学]
[课时目标]
 进一步理解等差数列,能根据等差数列的定义推出等差数列的常用性质,能运用等差数列的性质简化计算.
题型(一) 等差数列的性质
(1)若{an}是公差为d的等差数列,则an=am+(n-m)d(m,n∈N*).
(2){an}是公差为d的等差数列,若正整数m,n,p,q满足m+n=p+q,则am+an=ap+aq.
①特别地,当m+n=2k(m,n,k∈N*)时,am+an=2ak.
②对有穷等差数列,与首末两项“等距离”的两项之和等于首末两项的和,即a1+an=a2+an-1=…=ak+an-k+1=….
(3)从等差数列中,每隔一定的距离抽取一项,组成的数列仍为等差数列.
(4)若{an}是公差为d的等差数列,则
①{c+an}(c为任一常数)是公差为d的等差数列;
②{can}(c为任一常数)是公差为cd的等差数列;
③{an+an+k}(k为常数,k∈N*)是公差为2d的等差数列.
(5)若{an},{bn}分别是公差为d1,d2的等差数列,则数列{pan+qbn}(p,q是常数)是公差为pd1+qd2的等差数列.
(6)若{an}的公差为d,则d>0 {an}为递增数列;d<0 {an}为递减数列;d=0 {an}为常数列.
[例1] (1)已知数列{an}为等差数列,且a1+a2+a3=3,a2+a3+a4=6,则a8= (  )
A.4 B.5
C.6 D.7
(2)设数列{an},{bn}都是等差数列,且a1=25,b1=75,a2+b2=100,那么数列{an+bn}的第37项为 (  )
A.0 B.37
C.100 D.-37
听课记录:
|思|维|建|模|
(1)灵活利用等差数列的性质,可以减少运算.令m=1,an=am+(n-m)d即变为an=a1+(n-1)d,可以减少记忆负担.
(2)等差数列运算的两种常用思路
①基本量法:根据已知条件,列出关于a1,d的方程(组),确定a1,d,然后求其他量.
②巧用性质法:观察等差数列中项的序号,若满足m+n=p+q=2r(m,n,p,q,r∈N*),则am+an=ap+aq=2ar.
  [针对训练]
1.在等差数列{an}中,a3+a11=40,则a4-a5+a6+a7+a8-a9+a10的值为 (  )
A.84 B.72
C.60 D.48
2.[多选]已知递增的等差数列{an}满足a1+a2+a3+…+a101=0,则下列各式一定成立的有 (  )
A.a1+a101>0 B.a2+a100=0
C.a3+a100≤0 D.a51=0
题型(二) 等差数列的设法与求解
[例2] 已知四个数依次成等差数列且是递增数列,四个数的平方和为94,首尾两数之积比中间两数之积少18,求此等差数列.
听课记录:
  [变式拓展]
已知递增的等差数列{an}的前三项之和为21,前三项之积为231,求数列{an}的通项公式.
|思|维|建|模|
等差数列项的常见设法
(1)通项法:设数列的通项公式,即设an=a1+(n-1)d.
(2)对称项设法:当等差数列{an}的项数为奇数时,可设中间一项为a,再以公差为d向两边分别设项:…,a-2d,a-d,a,a+d,a+2d,…;当等差数列{an}的项数为偶数时,可设中间两项分别为a-d,a+d,再以公差为2d向两边分别设项:…,a-3d,a-d,a+d,a+3d,….对称项设法的优点是,若有n个数构成等差数列,利用对称项设出这个数列,则其各项和为na.
  [针对训练]
3.一个等差数列由三个数组成,三个数的和为9,三个数的平方和为35,求这三个数.
题型(三) 等差数列的实际应用
[例3] 某市出租车的计价标准为1.2元/km,起步价为10元,即最初的4 km(不含4 km)计费10元,如果某人乘坐该市的出租车去往14 km处的目的地,且一路畅通,等候时间为0,那么需要支付多少车费
听课记录:
  [变式拓展]
 在本例中,若某人乘坐该市的出租车去往18.5 km(不足1 km,按1 km计费)处的目的地,且一路畅通,等候时间为0,那么需支付多少车费
|思|维|建|模|
(1)解决实际应用问题,首先要认真领会题意,根据题目条件,寻找有用的信息.若一组数按次序“定量”增加或减少时,则这组数成等差数列.
(2)合理地构建等差数列模型是解决这类问题的关键,在解题过程中,一定要分清首项、项数等关键的问题.
  [针对训练]
4.做一个木梯需要7根横梁,这7根横梁的长度从上到下成等差数列,现有长为1.5 m的一根木杆刚好可以截成最上面的三根横梁,长为2 m的一根木杆刚好可以截成最下面的三根横梁,那么正中间的一根横梁的长度是 (  )
A. m B. m
C. m D. m
5.在通常情况下,从海平面到10 km高空,海拔每增加1 km,气温就下降一固定数值.如果海拔1 km高空的气温是9 ℃,海拔5 km高空的气温是-15 ℃,那么海拔2 km,4 km和8 km高空的气温各是多少
第2课时 等差数列的性质及应用
[题型(一)]
[例1] (1)选D 由等差数列的下标性质可知a1+a2+a3=3a2=3,得a2=1,
a2+a3+a4=3a3=6,得a3=2,设等差数列{an}的公差为d,则d=a3-a2=1,
所以a8=a2+6d=1+6=7.
(2)选C 因为{an},{bn}都是等差数列,
所以{an+bn}也是等差数列.
又因为a1+b1=100,a2+b2=100,所以数列{an+bn}的公差为0,即数列{an+bn}为常数列.所以{an+bn}的第37项为100.
[针对训练]
1.选C 在等差数列{an}中,a3+a11=2a7=40,可得a7=20,所以a4-a5+a6+a7+a8-a9+a10=(a4+a10)-(a5+a9)+(a6+a7+a8)=3a7=60.故选C.
2.选BD 设等差数列{an}的公差为d,易知d>0,∵等差数列{an}满足a1+a2+a3+…+a101=0,且a1+a101=a2+a100=…=a50+a52=2a51,∴a1+a2+a3+…+a101=(a1+a101)+(a2+a100)+…+(a50+a52)+a51=101a51=0,∴a51=0,a1+a101=a2+a100=2a51=0,故B、D正确,A错误;又∵a51=a1+50d=0,∴a1=-50d,∴a3+a100=(a1+2d)+(a1+99d)=2a1+101d=2×(-50d)+101d=d>0,故C错误.
[题型(二)]
[例2] 解:设四个数依次为a-3d,a-d,a+d,a+3d,则
又因为是递增数列,所以d>0,所以解得a=±,d=,故此等差数列为-1,2,5,8或-8,-5,-2,1.
[变式拓展]
解:根据题意,设等差数列{an}的前三项分别为a1,a1+d,a1+2d,


解得或因为数列{an}为递增数列,所以从而等差数列{an}的通项公式为an=4n-1.
[针对训练]
3.解:设这三个数分别为a-d,a,a+d,根据题意,得
解得
∴这三个数为1,3,5或5,3,1.
[题型(三)]
[例3] 解:根据题意,当该市出租车的行程大于或等于4 km时,每增加1 km,乘客需要支付1.2元.
所以可以建立一个等差数列{an}来计算车费.
令a1=11.2,表示4 km处的车费,公差d=1.2,
那么当出租车行至14 km处时,n=11,
此时需要支付车费a11=11.2+(11-1)×1.2=23.2(元).即需要支付车费23.2元.
[变式拓展]
解:由题意知,当出租车行至18.5 km处时,n=16,此时需支付车费a16=11.2+(16-1)×1.2=29.2(元).即需要支付车费29.2元.
[针对训练]
4.选B 记7根横梁的长度从上到下成等差数列{an}(1≤n≤7,n∈N),
由题意得,a1+a2+a3=1.5,a5+a6+a7=2,
∴3a2=1.5,3a6=2,故a2=,a6=.
∵2a4=a2+a6,∴a4=,即正中间的一根横梁的长度是 m.
5.解:设从海平面到10 km高空气温成等差数列{an}(1≤n≤10,n∈N),公差为d,则a1=9,a5=-15,
所以d===-6,
所以an=-6n+15,
所以a2=9-6=3,a4=-6×4+15=-9,a8=-6×8+15=-33,
所以海拔2 km高空的气温是3 ℃,海拔4 km高空的气温是-9 ℃,海拔8 km高空的气温是-33 ℃.
1 / 3(共48张PPT)
等差数列的性质及应用
[教学方式:深化学习课——梯度进阶式教学]
第2课时
课时目标
 进一步理解等差数列,能根据等差数列的定义推出等差数列的常用性质,能运用等差数列的性质简化计算.
CONTENTS
目录
1
2
3
题型(一) 等差数列的性质
题型(二) 等差数列的设法与求解
课时检测
4
题型(三) 等差数列的实际应用
题型(一) 等差数列的性质
01
(1)若{an}是公差为d的等差数列,则an=am+(n-m)d(m,n∈N*).
(2){an}是公差为d的等差数列,若正整数m,n,p,q满足m+n=p+q,则am+an=ap+aq.
①特别地,当m+n=2k(m,n,k∈N*)时,am+an=2ak.
②对有穷等差数列,与首末两项“等距离”的两项之和等于首末两项的和,即a1+an=a2+an-1=…=ak+an-k+1=….
(3)从等差数列中,每隔一定的距离抽取一项,组成的数列仍为等差数列.
(4)若{an}是公差为d的等差数列,则
①{c+an}(c为任一常数)是公差为d的等差数列;
②{can}(c为任一常数)是公差为cd的等差数列;
③{an+an+k}(k为常数,k∈N*)是公差为2d的等差数列.
(5)若{an},{bn}分别是公差为d1,d2的等差数列,则数列{pan+qbn}(p,q是常数)是公差为pd1+qd2的等差数列.
(6)若{an}的公差为d,则d>0 {an}为递增数列;d<0 {an}为递减数列;d=0 {an}为常数列.
[例1] (1)已知数列{an}为等差数列,且a1+a2+a3=3,a2+a3+a4=6,则a8= (  )
A.4 B.5
C.6 D.7

解析:由等差数列的下标性质可知a1+a2+a3=3a2=3,得a2=1,a2+a3+a4
=3a3=6,得a3=2,设等差数列{an}的公差为d,则d=a3-a2=1,所以a8=a2+6d=1+6=7.
(2)设数列{an},{bn}都是等差数列,且a1=25,b1=75,a2+b2=100,那么数列{an+bn}的第37项为 (  )
A.0 B.37
C.100 D.-37

解析:因为{an},{bn}都是等差数列,所以{an+bn}也是等差数列.又因为a1+b1=100,a2+b2=100,所以数列{an+bn}的公差为0,即数列{an+bn}为常数列.所以{an+bn}的第37项为100.
|思|维|建|模|
(1)灵活利用等差数列的性质,可以减少运算.令m=1,an=am+(n-m)d即变为an=a1+(n-1)d,可以减少记忆负担.
(2)等差数列运算的两种常用思路
①基本量法:根据已知条件,列出关于a1,d的方程(组),确定a1,d,然后求其他量.
②巧用性质法:观察等差数列中项的序号,若满足m+n=p+q=2r(m,n,p,q,r∈N*),则am+an=ap+aq=2ar.
针对训练
1.在等差数列{an}中,a3+a11=40,则a4-a5+a6+a7+a8-a9+a10的值为 (  )
A.84 B.72
C.60 D.48

解析:在等差数列{an}中,a3+a11=2a7=40,可得a7=20,所以a4-a5+a6+a7+a8-a9+a10=(a4+a10)-(a5+a9)+(a6+a7+a8)=3a7=60.故选C.
2.[多选]已知递增的等差数列{an}满足a1+a2+a3+…+a101=0,则下列各式一定成立的有 (  )
A.a1+a101>0 B.a2+a100=0
C.a3+a100≤0 D.a51=0


解析:设等差数列{an}的公差为d,易知d>0,∵等差数列{an}满足a1+a2
+a3+…+a101=0,且a1+a101=a2+a100=…=a50+a52=2a51,∴a1+a2+a3+…+
a101=(a1+a101)+(a2+a100)+…+(a50+a52)+a51=101a51=0,∴a51=0,a1+a101=
a2+a100=2a51=0,故B、D正确,A错误;又∵a51=a1+50d=0,∴a1=-50d,a3+a100=(a1+2d)+(a1+99d)=2a1+101d=2×(-50d)+101d=d>0,故C错误.
题型(二) 等差数列的设法与求解
02
[例2] 已知四个数依次成等差数列且是递增数列,四个数的平方和为94,首尾两数之积比中间两数之积少18,求此等差数列.
解:设四个数依次为a-3d,a-d,a+d,a+3d,

又因为是递增数列,所以d>0,所以解得a=±,d=,
故此等差数列为-1,2,5,8或-8,-5,-2,1.
变式拓展
已知递增的等差数列{an}的前三项之和为21,前三项之积为231,求数列{an}的通项公式.
解:法一 根据题意,设等差数列{an}的前三项分别为a1,a1+d,a1+2d,
则即
解得或因为数列{an}为递增数列,所以从而等差数列{an}的通项公式为an=4n-1.
法二 由于数列{an}为等差数列,所以可设前三项分别为a2-d,a2,a2+d,由题意得
即解得或
由于数列{an}为递增数列,所以从而an=4n-1.
|思|维|建|模| 等差数列项的常见设法
(1)通项法:设数列的通项公式,即设an=a1+(n-1)d.
(2)对称项设法:当等差数列{an}的项数为奇数时,可设中间一项为a,再以公差为d向两边分别设项:…,a-2d,a-d,a,a+d,a+2d,…;当等差数列{an}的项数为偶数时,可设中间两项分别为a-d,a+d,再以公差为2d向两边分别设项:…,a-3d,a-d,a+d,a+3d,….对称项设法的优点是,若有n个数构成等差数列,利用对称项设出这个数列,则其各项和为na.
针对训练
3.一个等差数列由三个数组成,三个数的和为9,三个数的平方和为35,求这三个数.
解:设这三个数分别为a-d,a,a+d,根据题意,得解得
∴这三个数为1,3,5或5,3,1.
题型(三) 等差数列的实际应用
03
[例3] 某市出租车的计价标准为1.2元/km,起步价为10元,即最初的4 km(不含4 km)计费10元,如果某人乘坐该市的出租车去往14 km处的目的地,且一路畅通,等候时间为0,那么需要支付多少车费
解:根据题意,当该市出租车的行程大于或等于4 km时,每增加1 km,乘客需要支付1.2元.所以可以建立一个等差数列{an}来计算车费.
令a1=11.2,表示4 km处的车费,公差d=1.2,
那么当出租车行至14 km处时,n=11,此时需要支付车费a11=11.2+(11-1)×1.2=23.2(元).即需要支付车费23.2元.
变式拓展
在本例中,若某人乘坐该市的出租车去往18.5 km(不足1 km,按1 km计费)处的目的地,且一路畅通,等候时间为0,那么需支付多少车费
解:由题意知,当出租车行至18.5 km处时,n=16,此时需支付车费a16=11.2+(16-1)×1.2=29.2(元).即需要支付车费29.2元.
|思|维|建|模|
(1)解决实际应用问题,首先要认真领会题意,根据题目条件,寻找有用的信息.若一组数按次序“定量”增加或减少时,则这组数成等差数列.
(2)合理地构建等差数列模型是解决这类问题的关键,在解题过程中,一定要分清首项、项数等关键的问题.
针对训练
4.做一个木梯需要7根横梁,这7根横梁的长度从上到下成等差数列,现有长为1.5 m的一根木杆刚好可以截成最上面的三根横梁,长为2 m的一根木杆刚好可以截成最下面的三根横梁,那么正中间的一根横梁的长度是 (  )
A. m B. m
C. m D. m

解析:记7根横梁的长度从上到下成等差数列{an}(1≤n≤7,n∈N),
由题意得,a1+a2+a3=1.5,a5+a6+a7=2,
∴3a2=1.5,3a6=2,故a2=,a6=.
∵2a4=a2+a6,∴a4=,即正中间的一根横梁的长度是 m.
5.在通常情况下,从海平面到10 km高空,海拔每增加1 km,气温就下降一固定数值.如果海拔1 km高空的气温是9 ℃,海拔5 km高空的气温是-15 ℃,那么海拔2 km,4 km和8 km高空的气温各是多少
解:设从海平面到10 km高空气温成等差数列{an}(1≤n≤10,n∈N),公差为d,则a1=9,a5=-15,所以d===-6,
所以an=-6n+15,所以a2=9-6=3,a4=-6×4+15=-9,a8=-6×8+15=-33,
所以海拔2 km高空的气温是3 ℃,海拔4 km高空的气温是-9 ℃,海拔8 km高空的气温是-33 ℃.
课时检测
04
1
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2
1.已知等差数列{an}递增且满足a1+ a8=6,则a6的取值范围是 (  )
A.(-∞,3) B.(3,6)
C.(3,+∞) D.(6,+∞)

16
解析:因为{an}为等差数列,设公差为d,因为数列{an}递增,所以d>0,所以a1+ a8= a3+ a6=2a6-3d=6,则2a6-6=3d>0,解得a6>3,故选C.
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4
2.已知数列{an}为等差数列,且a1+a5+a9=π,则cos(a2+a8)= (  )
A.- B.-
C. D.

15
16
解析:因为a1+a5+a9=π,所以3a5=π,解得a5=.由等差数列的性质知a2+a8=a1+a9=2a5,所以cos(a2+a8)=cos 2a5=cos =-.
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3
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2
3.已知等差数列{an}的首项a1=2,公差d=8,在{an}中每相邻两项之间都插入3个数,使它们和原数列的数一起构成一个新的等差数列{bn},则b2 024= (  )
A.4 044 B.4 046
C.4 048 D.4 050

15
16
解析:设数列{bn}的公差为d1,由题意可知,b1=a1,b5=a2,b5-b1=a2-a1=8=4d1,故d1=2,故bn=2n,则b2 024=2 024×2=4 048.
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3
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2
4.《九章算术》“竹九节”问题:现有一根9节的竹子,自上而下各节的容积成等差数列,上面4节的容积共3升,下面3节的容积共4升,则第5节的容积为 (  )
A.1升 B.升
C.升 D.升

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解析:设自上而下9节竹子各节的容积构成等差数列{an},其首项为a1,公差为d,由条件得即解得所以a5=a1+4d=.
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5.在等差数列{an}中,已知a3与a9是方程2x2-x+m=0的两根,则=(  )
A. B. C. D.

15
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解析:因为a3与a9是方程2x2-x+m=0的两根,由根与系数的关系得a3+a9=,
又数列{an}为等差数列,所以a1+a11=a2+a10=a3+a9=…=2a6=,a6=,所以=====.
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6.将2至2 024这2 023个整数中能被3除余2且被5除余1的数按由小到大的顺序排成一列构成一数列,则此数列的项数是 (  )
A.132 B.133 C.134 D.135
15
16
解析:设所求数列为{an},该数列为11,26,41,56,…,所以数列{an}为等差数列,且首项为a1=11,公差为d=26-11=15,所以an=a1+
(n-1)d=11+15(n-1)=15n-4,则2≤an≤2 024,即2≤15n-4≤2 024,解得≤n≤135,则满足≤n≤135的正整数n的个数为135,因此该数列共有135项.

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2
7.[多选]在等差数列{an}中每相邻两项之间都插入k(k∈N*)个数,使它们和原数列的数一起构成一个新的等差数列{bn}.若b9是数列{an}的项,则k的值可能为(  )
A.1 B.3
C.5 D.7
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解析:由题意得,插入k(k∈N*)个数,则a1=b1,a2=bk+2,a3=b2k+3,a4=b3k+4,…. 所以等差数列{an}中的项在新的等差数列{bn}中间隔排列,且角标是以1为首项,k+1为公差的等差数列,所以an=b1+(n-1)(k+1),因为b9是数列{an}的项,所以令1+(n-1)(k+1)=9,n∈N*,k∈N*,当n=2时,解得k=7,当n=3时,解得k=3,当n=5时,解得k=1,故k的值可能为1,3,7.
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8.(5分)各项都为正数的等差数列{an}中,2a3-+2a11=0,则a5+a9=___.
解析:因为{an}为各项都为正数的等差数列,又2a3-+2a11=0,所以4a7-=0,即a7=4,所以a5+a9=2a7=8.
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9.(5分)已知等差数列{an}满足a5=2,a11=11,则-=______.
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解析:法一 设数列首项为a1,公差为d,则解得所以a8=a1+7d=-4+=,a2=a1+d=-4+=-,故-=-==36.
法二 因为a5+a8=a2+a11,则a8-a2=a11-a5=9,因此-=(a8-a2)(a8+a2)=9×2a5=36.
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10.(5分)四个数成递增等差数列,中间两项的和为2,首末两项的积为-8,则这四个数为____________________.
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-2,0,2,4
解析:设这四个数为a-3d,a-d,a+d,a+3d(公差为2d),依题意得2a=2且(a-3d)(a+3d)=-8,即a=1,a2-9d2=-8,所以d2=1,所以d=1或d=-1.又四个数成递增等差数列,所以d>0,所以d=1,故所求的四个数为-2,0,2,4.
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11.(5分)已知数列{an}满足a1=15,且3=3an-2.则ak·<0的k值为___.
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解析:因为3an+1=3an-2,所以-an=-,所以数列{an}是首项为15,公差为-的等差数列,所以an=15-(n-1)=-n+.令an=-n+>0,得n<23.5.又k∈N*,所以使ak·<0的k值为23.
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12.在如表所示的5×5正方形的25个空格中填入正整数,使得每一行、每一列都成等差数列,问标有*号的空格应填的数是________.
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解析:记aij为第i行第j列的格中所填的数,则a52=x,a41=y.
由第3行得a33=,由第3列得a33=2×103-2x,所以2x+y=113 ①.
由第1列得a21=3y,则由第2行得a23=2×74-3y,由第3列得a33+103=a23+2x,则a23=3×103-4x,所以2×74-3y=3×103-4x,即4x-3y=161 ②,
联立①②,得x=50,y=13,所以a15=2×186-a55=2×186-4x=172,a13=2a33-a53=112,a14==142.
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13.(5分)某城市的绿化建设有如下统计数据:
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年份 2021 2022 2023 2024
绿化覆盖率/% 17.0 17.8 18.6 19.4
如果以后的几年继续依此速度发展绿化,则至少到_______年该城市的绿化覆盖率可超过23.4%.(填年份)
2030
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解析:由表中数据可知,每年的绿化覆盖率成等差数列,设为{an},则a1=17,公差d=17.8-17=0.8,故通项公式为an=a1+(n-1)d=17+0.8·
(n-1)=0.8n+16.2,令0.8n+16.2>23.4,解得n>9,2 021+9=2 030.故至少到2030年该城市的绿化覆盖率可超过23.4%.
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14.(10分)已知{an}为等差数列,且a1+a3+a5=18,a2+a4+a6=24.
(1)求a20的值;(3分)
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解:因为a1+a3+a5=18,a2+a4+a6=24,所以a3=6,a4=8,则公差d=2,
所以a20=a3+17d=40.
(2)若bn=an-,试判断数列{bn}从哪一项开始大于0.(7分)
解:由(1)得an=a3+(n-3)d=6+(n-3)×2=2n,所以bn=×2n-=3n-.
由bn>0,即3n->0,得n>,所以数列{bn}从第7项开始大于0.
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15.(10分)已知无穷等差数列{an}中,首项a1=3,公差d=-5,依次取出序号能被4除余3的项组成数列{bn}.
(1)求b1和b2;(4分)
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解:数列{bn}是数列{an}的一个子数列,其序号构成以3为首项,4为公差的等差数列.
因为a1=3,d=-5,所以an=3+(n-1)×(-5)=8-5n.
数列{an}中序号能被4除余3的项是{an}中的第3项,第7项,第11项,…,所以b1=a3=-7,b2=a7=-27.
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(2)求{bn}的通项公式;(4分)
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解:设{an}中的第m项是{bn}中的第n项,即bn=am,则m=3+4(n-1)=4n-1,所以bn=am=a4n-1=8-5(4n-1)=13-20n,即{bn}的通项公式为bn=13-20n(n∈N*).
(3){bn}中的第506项是{an}中的第几项 (2分)
解:由(2)得m=4n-1=4×506-1=2 023,
即{bn}中的第506项是{an}中的第2 023项.
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16.(10分)已知正项数列{an}满足a1=1,+=2,且a4-a2=.
(1)求数列{}的通项公式;(4分)
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解:由已知得-=-,所以数列{}是等差数列,设其公差为d.由a4-a2=,得-=2.
所以2d=2,即d=1,所以=+(n-1)d=n.
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(2)求满足不等式+1<2an的正整数n的最小值.(6分)
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解:由an>0,得an=,所以原不等式可化为+1<2,两边平方可得n+6+2<4n,
即2<3n-6,所以4(n+5)<(3n-6)2,整理得(n-4)(9n-4)>0,解得n>4或n<.所以正整数n的最小值为5.课时检测(三十一) 等差数列的性质及应用
(标的题目为推荐讲评题,配有精品课件.选择、填空题请在后面的答题区内作答)
1.已知等差数列{an}递增且满足a1+ a8=6,则a6的取值范围是 (  )
A.(-∞,3) B.(3,6)
C.(3,+∞) D.(6,+∞)
2.已知数列{an}为等差数列,且a1+a5+a9=π,则cos(a2+a8)= (  )
A.- B.-
C. D.
3.已知等差数列{an}的首项a1=2,公差d=8,在{an}中每相邻两项之间都插入3个数,使它们和原数列的数一起构成一个新的等差数列{bn},则b2 024= (  )
A.4 044 B.4 046
C.4 048 D.4 050
4.《九章算术》“竹九节”问题:现有一根9节的竹子,自上而下各节的容积成等差数列,上面4节的容积共3升,下面3节的容积共4升,则第5节的容积为 (  )
A.1升 B.升
C.升 D.升
5.在等差数列{an}中,已知a3与a9是方程2x2-x+m=0的两根,则= (  )
A. B.
C. D.
6.将2至2 024这2 023个整数中能被3除余2且被5除余1的数按由小到大的顺序排成一列构成一数列,则此数列的项数是 (  )
A.132 B.133
C.134 D.135
7.[多选]在等差数列{an}中每相邻两项之间都插入k(k∈N*)个数,使它们和原数列的数一起构成一个新的等差数列{bn}.若b9是数列{an}的项,则k的值可能为 (  )
A.1 B.3
C.5 D.7
8.(5分)各项都为正数的等差数列{an}中,2a3-+2a11=0,则a5+a9=    .
9.(5分)已知等差数列{an}满足a5=2,a11=11,则-=    .
10.(5分)四个数成递增等差数列,中间两项的和为2,首末两项的积为-8,则这四个数为    .
11.(5分)已知数列{an}满足a1=15,且3=3an-2.则ak·<0的k值为    .
12.(5分)在如表所示的5×5正方形的25个空格中填入正整数,使得每一行、每一列都成等差数列,问标有*号的空格应填的数是    .
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13.(5分)某城市的绿化建设有如下统计数据:
年份 2021 2022 2023 2024
绿化覆盖率/% 17.0 17.8 18.6 19.4
如果以后的几年继续依此速度发展绿化,则至少到   年该城市的绿化覆盖率可超过23.4%.(填年份)
14.(10分)已知{an}为等差数列,且a1+a3+a5=18,a2+a4+a6=24.
(1)求a20的值;(3分)
(2)若bn=an-,试判断数列{bn}从哪一项开始大于0.(7分)
15.(10分)已知无穷等差数列{an}中,首项a1=3,公差d=-5,依次取出序号能被4除余3的项组成数列{bn}.
(1)求b1和b2;(4分)
(2)求{bn}的通项公式;(4分)
(3){bn}中的第506项是{an}中的第几项 (2分)
16.(10分)已知正项数列{an}满足a1=1,+=2,且a4-a2=.
(1)求数列{}的通项公式;(4分)
(2)求满足不等式+1<2an的正整数n的最小值.(6分)
课时检测(三十一)
1.选C 因为{an}为等差数列,设公差为d,因为数列{an}递增,所以d>0,所以a1+ a8= a3+ a6=2a6-3d=6,则2a6-6=3d>0,解得a6>3,故选C.
2.选A 因为a1+a5+a9=π,所以3a5=π,解得a5=.由等差数列的性质知a2+a8=a1+a9=2a5,所以cos(a2+a8)=cos 2a5=cos =-.
3.选C 设数列{bn}的公差为d1,由题意可知,b1=a1,b5=a2,b5-b1=a2-a1=8=4d1,故d1=2,故bn=2n,则b2 024=2 024×2=4 048.
4.选B 设自上而下9节竹子各节的容积构成等差数列{an},其首项为a1,公差为d,
由条件得
即解得
所以a5=a1+4d=.
5.选B 因为a3与a9是方程2x2-x+m=0的两根,由根与系数的关系得a3+a9=,
又数列{an}为等差数列,所以a1+a11=a2+a10=a3+a9=…=2a6=,a6=,
所以log4(a1+a2+…+a11)=log411a6=log4=2log4=2log2=.
6.选D 设所求数列为{an},该数列为11,26,41,56,…,所以数列{an}为等差数列,且首项为a1=11,公差为d=26-11=15,所以an=a1+(n-1)d=11+15(n-1)=15n-4,则2≤an≤2 024,即2≤15n-4≤2 024,解得≤n≤135,则满足≤n≤135的正整数n的个数为135,因此该数列共有135项.
7.选ABD 由题意得,插入k(k∈N*)个数,则a1=b1,a2=bk+2,a3=b2k+3,a4=b3k+4,…. 所以等差数列{an}中的项在新的等差数列{bn}中间隔排列,且角标是以1为首项,k+1为公差的等差数列,所以an=b1+(n-1)(k+1),因为b9是数列{an}的项,所以令1+(n-1)(k+1)=9,n∈N*,k∈N*,当n=2时,解得k=7,当n=3时,解得k=3,当n=5时,解得k=1,故k的值可能为1,3,7.
8.解析:因为{an}为各项都为正数的等差数列,又2a3-a+2a11=0,所以4a7-a=0,即a7=4,所以a5+a9=2a7=8.
答案:8
9.解析:设数列首项为a1,公差为d,则解得所以a8=a1+7d=-4+=,a2=a1+d=-4+=-,故a-a=2-2==36.
答案:36
10.解析:设这四个数为a-3d,a-d,a+d,a+3d(公差为2d),依题意得2a=2且(a-3d)(a+3d)=-8,即a=1,a2-9d2=-8,所以d2=1,所以d=1或d=-1.
又四个数成递增等差数列,所以d>0,所以d=1,故所求的四个数为-2,0,2,4.
答案:-2,0,2,4
11.解析:因为3an+1=3an-2,所以an+1-an=-,所以数列{an}是首项为15,公差为-的等差数列,所以an=15-(n-1)=-n+.令an=-n+>0,得n<23.5.又k∈N*,所以使ak·ak+1<0的k值为23.
答案:23
12.解析:记aij为第i行第j列的格中所填的数,则a52=x,a41=y.
由第3行得a33=,由第3列得a33=2×103-2x,所以2x+y=113 ①.
由第1列得a21=3y,则由第2行得a23=2×74-3y,由第3列得a33+103=a23+2x,则a23=3×103-4x,所以2×74-3y=3×103-4x,即4x-3y=161 ②,
联立①②,得x=50,y=13,所以a15=2×186-a55=2×186-4x=172,a13=2a33-a53=112,a14==142.
答案:142
13.解析:由表中数据可知,每年的绿化覆盖率成等差数列,设为{an},则a1=17,公差d=17.8-17=0.8,故通项公式为an=a1+(n-1)d=17+0.8·(n-1)=0.8n+16.2,令0.8n+16.2>23.4,解得n>9,2 021+9=2 030.故至少到2030年该城市的绿化覆盖率可超过23.4%.
答案:2030
14.解:(1)因为a1+a3+a5=18,a2+a4+a6=24,所以a3=6,a4=8,则公差d=2,
所以a20=a3+17d=40.
(2)由(1)得an=a3+(n-3)d=6+(n-3)×2=2n,所以bn=×2n-=3n-.
由bn>0,即3n->0,得n>,
所以数列{bn}从第7项开始大于0.
15.解:数列{bn}是数列{an}的一个子数列,其序号构成以3为首项,4为公差的等差数列.
(1)因为a1=3,d=-5,
所以an=3+(n-1)×(-5)=8-5n.
数列{an}中序号能被4除余3的项是{an}中的第3项,第7项,第11项,…,
所以b1=a3=-7,b2=a7=-27.
(2)设{an}中的第m项是{bn}中的第n项,
即bn=am,则m=3+4(n-1)=4n-1,所以bn=am=a4n-1=8-5(4n-1)=13-20n,
即{bn}的通项公式为bn=13-20n(n∈N*).
(3)由(2)得m=4n-1=4×506-1=2 023,
即{bn}中的第506项是{an}中的第2 023项.
16.解:(1)由已知得a-a=a-a,所以数列{a}是等差数列,设其公差为d.
由a4-a2=,得a-a=2.所以2d=2,即d=1,所以a=a+(n-1)d=n.
(2)由an>0,得an=,
所以原不等式可化为+1<2,
两边平方可得n+6+2<4n,
即2<3n-6,所以4(n+5)<(3n-6)2,整理得(n-4)(9n-4)>0,解得n>4或n<.所以正整数n的最小值为5.
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