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资源详情
高中数学
苏教版(2019)
选择性必修第一册
第5章 导数及其应用
5.3 导数在研究函数中的应用
5.3.3 第2课时 函数的极值与最值的综合问题(课件 学案 练习)高中数学苏教版(2019)选择性必修第一册
文档属性
名称
5.3.3 第2课时 函数的极值与最值的综合问题(课件 学案 练习)高中数学苏教版(2019)选择性必修第一册
格式
zip
文件大小
2.8MB
资源类型
教案
版本资源
苏教版(2019)
科目
数学
更新时间
2025-07-29 21:02:12
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文档简介
第2课时 函数的极值与最值的综合问题
[教学方式:拓展融通课——习题讲评式教学]
[课时目标]
利用导数会求解含参函数的极值、最值问题.了解导数的实际应用.
题型(一) 含参数的极值问题
[例1] 设函数f(x)=ex-ax-1.
(1)求f(x)的单调区间;
(2)若f(x)存在极值M,求证:M≤0.
听课记录:
|思|维|建|模|
求含参函数极值的步骤与求不含参数函数极值的步骤相同,但要注意有时需要对参数进行分类讨论.
[针对训练]
1.设函数f(x)=2x3-3(a-1)x2+1,其中 a ≥1.
(1)求f(x)的单调区间;
(2)讨论f(x)的极值.
题型(二) 含参数的最值问题
[例2] 已知函数f(x)=ln x-ax,x∈(0,e],其中e为自然对数的底数.
(1)若x=1为f(x)的极值点,求f(x)的单调区间和最大值;
(2)是否存在实数a,使得f(x)的最大值是-3 若存在,求出a的值;若不存在,请说明理由.
听课记录:
|思|维|建|模|
对参数进行讨论,其实质是讨论导函数大于0,等于0,小于0三种情况.若导函数恒大于0或小于0,则函数在已知闭区间上是单调函数,最值在端点处取得;若导函数可能等于0,则求出极值点后求极值,再与端点值比较后确定最值.
[针对训练]
2.已知函数f(x)=x3-3ax+1.
(1)若函数f(x)在x=-1处取得极值,求实数a的值;
(2)当x∈[-2,1]时,求函数f(x)的最大值.
3.已知函数f(x)=-ln x(a∈R).
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)求f(x)在上的最大值g(a).
题型(三) 导数在解决实际问题中的应用
[例3] 某造船公司年最高造船量是20艘,已知造船x艘的产值函数为R(x)=3 700x+45x2-10x3(单位:万元),成本函数为C(x)=460x+5 000(单位:万元),又在经济学中,函数f(x)的边际函数Mf(x)定义为Mf(x)=f(x+1)-f(x).
(1)求利润函数P(x)及边际利润函数MP(x);(提示:利润=产值-成本)
(2)问年造船量安排多少艘时,可使公司造船的年利润最大
(3)求边际利润函数MP(x)的单调递减区间,并说明单调递减在本题中的实际意义是什么
听课记录:
|思|维|建|模|
解决优化问题时应注意的问题
(1)列函数解析式时,注意实际问题中变量的取值范围,即函数的定义域.
(2)一般地,通过函数的极值来求得函数的最值.如果函数在给定区间内只有一个极值点,那么根据实际意义判断该值是最大值还是最小值即可,不必再与端点处的函数值进行比较.
[针对训练]
4.将一块2 m×6 m的矩形钢板按如图所示的方式划线,要求①至⑦全为矩形,沿线裁去阴影部分,把剩余部分焊接成一个以⑦为底,⑤⑥为盖的水箱,设水箱的高为x m,容积为y m3.
(1)写出y关于x的函数关系式;
(2)当x取何值时,水箱的容积最大
第2课时 函数的极值与最值的综合问题
[题型(一)]
[例1] 解:(1)由题设f′(x)=ex-a,
当a≤0时,f′(x)>0恒成立,故f(x)的单调递增区间为R,无单调递减区间;
当a>0时,令f′(x)=0,得x=ln a,故在(-∞,ln a)上f′(x)<0,在(ln a,+∞)上f′(x)>0,所以f(x)的单调递减区间为(-∞,ln a),单调递增区间为(ln a,+∞).
(2)证明:由(1)知,当a≤0时,f(x)在R上单调递增,没有极值;当a>0时,f(x)在(-∞,ln a)上单调递减,在(ln a,+∞)上单调递增,
f(x)存在极小值M=f(ln a)=a-aln a-1.
令g(a)=a-aln a-1(a>0),则g′(a)=-ln a,所以g(a)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,g(a)在a=1处取得最大值0,所以g(a)≤0恒成立,即M≤0.
[针对训练]
1.解:由已知得f′(x)=6x[x-(a-1)],
令f′(x)=0,解得x1=0,x2=a-1.
(1)当a=1时,f′(x)=6x2≥0,
故f(x)的单调递增区间为(-∞,+∞),无单调递减区间;当a>1时,f′(x)=6x[x-(a-1)].f′(x),f(x)随x的变化情况如下表.
x (-∞,0) 0 (0,a-1) a-1 (a-1,+∞)
f′(x) + 0 - 0 +
f(x) ? 极大值 ? 极小值 ?
由表可知函数f(x)的单调递增区间为(-∞,0),(a-1,+∞),单调递减区间为(0,a-1).
(2)由(1)知,当a=1时,函数f(x)没有极值.
当a>1时,函数f(x)在x=0处取得极大值1,在x=a-1处取得极小值1-(a-1)3.
[题型(二)]
[例2] 解:(1)∵f(x)=ln x-ax,x∈(0,e],∴f′(x)=,由f′(1)=0,得a=1.
∴f′(x)=,当x∈(0,1)时,f′(x)>0,
当x∈(1,e]时,f′(x)<0,∴f(x)的单调递增区间是(0,1),单调递减区间是(1,e].f(x)的极大值为f(1)=-1,也即f(x)的最大值为f(1)=-1.
(2)∵f(x)=ln x-ax,∴f′(x)=,
①当a≤0时,f(x)在(0,e]上单调递增,
∴f(x)的最大值是f(e)=1-ae=-3,
解得a=>0,舍去;
②当a>0时,由f′(x)==0,得x=,当0<
时,∴x∈时,f′(x)>0;x∈时,f′(x)<0,∴f(x)在上单调递增,在上单调递减,
又f(x)在(0,e]上的最大值为-3,
∴f(x)max=f =-1-ln a=-3,
∴a=e2,符合题意;当e≤,即0
,舍去.
综上,存在a符合题意,此时a=e2.
[针对训练]
2.解:(1)由题意可知f′(x)=3x2-3a,
所以f′(-1)=0,即3-3a=0解得a=1,
经检验a=1,符合题意.所以a=1.
(2)由(1)知f′(x)=3x2-3a,令f′(x)=0,x=±,当<<1即
x -2 (-2, -) - (-, ) (, 1) 1
f′(x) + 0 - 0 +
f(x) -7+ 6a ? 极大 值 ? 极小 值 ? 2- 3a
f(-)=2a+1>2-3a,由表可知,所以f(x)的最大值为2a+1.
当1≤<2即1≤a<4时,f(x)和f′(x)随x的变化情况如下表.
x -2 (-2, -) - (-,1) 1
f′(x) + 0 -
f(x) -7+6a ? 极大值 ? 2-3a
f(-)=2a+1,由表可知,所以f(x)的最大值为2a+1.当≥2即a≥4时,f′(x)=3x2-3a≤0恒成立,即f(x)在[-2,1]内单调递减,所以f(x)的最大值为f(-2)=-7+6a.综上所述,当
3.解:(1)函数f(x)的定义域为(0,+∞),
f′(x)=,
①若a≤0,则f′(x)<0在(0,+∞)上恒成立,所以f(x)在(0,+∞)上单调递减;
②若a>0,则当x>a时,f′(x)<0;
当0
0,所以f(x)在(0,a)内单调递增,在(a,+∞)上单调递减.
(2)f′(x)=,当a≤时,f(x)在上单调递减,所以f(x)max=f=2-ae;当
所以f(x)max=f(e)=-,
综上,g(a)=
[题型(三)]
[例3] 解:(1)P(x)=R(x)-C(x)=-10x3+45x2+3 240x-5 000(x∈N*,且1≤x≤20),
MP(x)=P(x+1)-P(x)=-10(x+1)3+45(x+1)2+3 240(x+1)-5 000-(-10x3+45x2+3 240x-5 000)=-30x2+60x+3 275(x∈N*,且1≤x≤19).
(2)P′(x) =-30x2+90x+3 240=-30(x-12)·(x+9),∵x>0,∴P′(x) =0时,x=12,
∴当0
0,P(x)单调递增;当x>12时,P′(x)<0,P(x)单调递减,
∴x=12时,P(x)有最大值,即年造船量安排12艘时,可使公司造船的年利润最大.
(3) MP(x)=P(x+1)-P(x)=-30x2+60x+3 275=-30(x-1)2+3 305,
所以当x≥1时,MP(x)单调递减,
所以单调递减区间为[1,19],且x∈N*.
MP(x)单调递减的实际意义是:随着产量的增加,每艘船的利润与前一艘比较,利润在减少.
[针对训练]
4.解:(1)由水箱的高为x m,得水箱底面的宽为(2-2x)m,长为=(3-x)m.
故水箱的容积y=(2-2x)(3-x)x=2x3-8x2+6x(0
(2)由(1)得y′=6x2-16x+6,令y′=0,
解得x=(舍去)或x=,
所以y=2x3-8x2+6x(0
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函数的极值与最值的综合问题
[教学方式:拓展融通课——习题讲评式教学]
第2课时
课时目标
利用导数会求解含参函数的极值、最值问题.了解导数的实际应用.
CONTENTS
目录
1
2
3
题型(一) 含参数的极值问题
题型(二) 含参数的最值问题
题型(三) 导数在解决实际问题中的应用
4
课时检测
题型(一) 含参数的极值问题
01
[例1] 设函数f(x)=ex-ax-1.
(1)求f(x)的单调区间;
解:由题设f'(x)=ex-a,
当a≤0时,f'(x)>0恒成立,故f(x)的单调递增区间为R,
无单调递减区间;当a>0时,令f'(x)=0,得x=ln a,
故在(-∞,ln a)上f'(x)<0,在(ln a,+∞)上f'(x)>0,
所以f(x)的单调递减区间为(-∞,ln a),
单调递增区间为(ln a,+∞).
(2)若f(x)存在极值M,求证:M≤0.
解:证明:由(1)知,当a≤0时,f(x)在R上单调递增,没有极值;当a>0时,f(x)在(-∞,ln a)上单调递减,在(ln a,+∞)上单调递增,
f(x)存在极小值M=f(ln a)=a-aln a-1.
令g(a)=a-aln a-1(a>0),则g'(a)=-ln a,
所以g(a)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,g(a)在a=1处取得最大值0,所以g(a)≤0恒成立,即M≤0.
|思|维|建|模|
求含参函数极值的步骤与求不含参数函数极值的步骤相同,但要注意有时需要对参数进行分类讨论.
针对训练
1.设函数f(x)=2x3-3(a-1)x2+1,其中a≥1.
(1)求f(x)的单调区间;
解:由已知得f'(x)=6x[x-(a-1)],令f'(x)=0,解得x1=0,x2=a-1.
当a=1时,f'(x)=6x2≥0,故f(x)的单调递增区间为(-∞,+∞),无单调递减区间;当a>1时,f'(x)=6x[x-(a-1)].f'(x),f(x)随x的变化情况如下表.
x (-∞,0) 0 (0,a-1) a-1 (a-1,+∞)
f'(x) + 0 - 0 +
f(x) ↗ 极大值 ↘ 极小值 ↗
由表可知函数f(x)的单调递增区间为(-∞,0),(a-1,+∞),单调递减区间为(0,a-1).
(2)讨论f(x)的极值.
解:由(1)知,当a=1时,函数f(x)没有极值.
当a>1时,函数f(x)在x=0处取得极大值1,
在x=a-1处取得极小值1-(a-1)3.
题型(二) 含参数的最值问题
02
[例2] 已知函数f(x)=ln x-ax,x∈(0,e],其中e为自然对数的底数.
(1)若x=1为f(x)的极值点,求f(x)的单调区间和最大值;
解:∵f(x)=ln x-ax,x∈(0,e],∴f'(x)=,由f'(1)=0,得a=1.
∴f'(x)=,当x∈(0,1)时,f'(x)>0,当x∈(1,e]时,f'(x)<0,
∴f(x)的单调递增区间是(0,1),单调递减区间是(1,e].
f(x)的极大值为f(1)=-1,也即f(x)的最大值为f(1)=-1.
(2)是否存在实数a,使得f(x)的最大值是-3 若存在,求出a的值;若不存在,请说明理由.
解:∵f(x)=ln x-ax,∴f'(x)=,
①当a≤0时,f(x)在(0,e]上单调递增,
∴f(x)的最大值是f(e)=1-ae=-3,解得a=>0,舍去;
②当a>0时,由f'(x)==0,得x=,当0<
即a>时,∴x∈时,f'(x)>0;x∈时,f'(x)<0,
∴f(x)在上单调递增,在上单调递减,
又f(x)在(0,e]上的最大值为-3,∴f(x)max=f =-1-ln a=-3,
∴a=e2,符合题意;当e≤,即0
∴f(x)max=f(e)=1-ae=-3,解得a=>,舍去.
综上,存在a符合题意,此时a=e2.
|思|维|建|模|
对参数进行讨论,其实质是讨论导函数大于0,等于0,小于0三种情况.若导函数恒大于0或小于0,则函数在已知闭区间上是单调函数,最值在端点处取得;若导函数可能等于0,则求出极值点后求极值,再与端点值比较后确定最值.
针对训练
2.已知函数f(x)=x3-3ax+1.
(1)若函数f(x)在x=-1处取得极值,求实数a的值;
解:由题意可知f'(x)=3x2-3a,
所以f'(-1)=0,即3-3a=0解得a=1,
经检验a=1,符合题意.所以a=1.
(2)当x∈[-2,1]时,求函数f(x)的最大值.
解:由(1)知f'(x)=3x2-3a,令f'(x)=0,x=±,当<<1即
x -2 1
f'(x) + 0 - 0 +
f(x) -7+6a ↗ 极大值 ↘ 极小值 ↗ 2-3a
f(-)=2a+1>2-3a,由表可知,所以f(x)的最大值为2a+1.
当1≤<2即1≤a<4时,f(x)和f'(x)随x的变化情况如下表.
x -2 1
f'(x) + 0 -
f(x) -7+6a ↗ 极大值 ↘ 2-3a
f(-)=2a+1,由表可知,所以f(x)的最大值为2a+1.
当≥2即a≥4时,f'(x)=3x2-3a≤0恒成立,即f(x)在[-2,1]内单调递减,所以f(x)的最大值为f(-2)=-7+6a.综上所述,当
3.已知函数f(x)=-ln x(a∈R).
(1)讨论f(x)的单调性;
解:函数f(x)的定义域为(0,+∞),f'(x)=,
①若a≤0,则f'(x)<0在(0,+∞)上恒成立,
所以f(x)在(0,+∞)上单调递减;
②若a>0,则当x>a时,f'(x)<0;当0
0,
所以f(x)在(0,a)内单调递增,在(a,+∞)上单调递减.
(2)求f(x)在上的最大值g(a).
解:f'(x)=,当a≤时,f(x)在上单调递减,
所以f(x)max=f=2-ae;当
题型(三) 导数在解决实际问题中的应用
03
[例3] 某造船公司年最高造船量是20艘,已知造船x艘的产值函数为R(x)=3 700x+45x2-10x3(单位:万元),成本函数为C(x)=460x+5 000(单位:万元),又在经济学中,函数f(x)的边际函数Mf(x)定义为Mf(x)=f(x+1)-f(x).
(1)求利润函数P(x)及边际利润函数MP(x);(提示:利润=产值-成本)
解: P(x)=R(x)-C(x)=-10x3+45x2+3 240x-5 000(x∈N*,且1≤x≤20),
MP(x)=P(x+1)-P(x)=-10(x+1)3+45(x+1)2+3 240(x+1)-5 000-(-10x3+
45x2+3 240x-5 000)=-30x2+60x+3 275(x∈N*,且1≤x≤19).
(2)问年造船量安排多少艘时,可使公司造船的年利润最大
解: P'(x) =-30x2+90x+3 240=-30(x-12)·(x+9),∵x>0,∴P'(x) =0时,x=12,∴当0
0,P(x)单调递增;当x>12时,P'(x)<0,P(x)单调递减,∴x=12时,P(x)有最大值,即年造船量安排12艘时,可使公司造船的年利润最大.
(3)求边际利润函数MP(x)的单调递减区间,并说明单调递减在本题中的实际意义是什么
解: MP(x)=P(x+1)-P(x)=-30x2+60x+3 275=-30(x-1)2+3 305,
所以当x≥1时,MP(x)单调递减,
所以单调递减区间为[1,19],且x∈N*.
MP(x)单调递减的实际意义是:随着产量的增加,每艘船的利润与前一艘比较,利润在减少.
|思|维|建|模|
解决优化问题时应注意的问题
(1)列函数解析式时,注意实际问题中变量的取值范围,即函数的定义域.
(2)一般地,通过函数的极值来求得函数的最值.如果函数在给定区间内只有一个极值点,那么根据实际意义判断该值是最大值还是最小值即可,不必再与端点处的函数值进行比较.
针对训练
4.将一块2 m×6 m的矩形钢板按如图所示的方式划线,要求①至⑦全为矩形,沿线裁去阴影部分,把剩余部分焊接成一个以⑦为底,⑤⑥为盖的水箱,设水箱的高为x m,容积为y m3.
(1)写出y关于x的函数关系式;
解:由水箱的高为x m,得水箱底面的宽为(2-2x)m,长为=(3-x)m.
故水箱的容积y=(2-2x)(3-x)x=2x3-8x2+6x(0
(2)当x取何值时,水箱的容积最大
解:由(1)得y'=6x2-16x+6,令y'=0,解得x=(舍去)或x=,
所以y=2x3-8x2+6x(0
课时检测
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1.已知某商品的进价为4元,通过多日的市场调查,该商品的市场销量y(件)与商品售价x(元)的关系为y=e-x,则当此商品的利润最大时,该商品的售价x(元)为 ( )
A.5 B.6
C.7 D.8
√
解析:根据题意可得利润函数f(x)=(x-4)e-x,f'(x)=e-x-(x-4)e-x=(5-x)e-x,当x>5时,f'(x)<0,f(x)单调递减,当0
0,f(x)单调递增,所以当x=5时,函数f(x)取最大值,故选A.
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2.[多选]对于函数f(x)=(2x-x2)ex,下列结论正确的是 ( )
A.(-)是f(x)的单调递减区间
B.f(-)是f(x)的极小值,f()是f(x)的极大值
C.f(x)有最大值,没有最小值
D.f(x)没有最大值,也没有最小值
√
√
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解析:由f(x)=(2x-x2)ex得f'(x)=(2-x2)ex.当f'(x)<0时,函数f(x)单调递减,得(2-x2)ex<0,所以2-x2 <0,解得x>或x<-,所以A不正确;当f'(x)>0时,函数f(x)单调递增,得(2-x2)ex>0,所以2-x2>0,解得-
0时,f(x)=(2x-x2)ex>0,解得0
2或x<0,因此函数有最大值,最大值为f(),没有最小值,所以C正确,D不正确.故选BC.
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3.函数f(x)=的最大值为( )
A.a B.(a-1)e
C.e1-a D.ea-1
√
解析:f(x)=,则f'(x)=,所以当x<1-a时,f'(x)>0,当x>1-a时,f'(x)<0,所以f(x)在(-∞,1-a)上单调递增,在(1-a,+∞)上单调递减,所以f(x)max=f(1-a)=ea-1.
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4.当a>0时,xln x-a=0的解有 ( )
A.0个 B.1个
C.2个 D.不确定
√
解析:记f(x)=xln x,令f'(x)=1+ln x=0得x=,得f(x)在内单调递减,在上单调递增,f(x)min=f=-,如图,则y=a(a>0)与y=f(x)的图象只有一个交点,故选B.
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5.若对任意的x∈(0,+∞),ax-ln(2x)≥1恒成立,则实数a的最小值是( )
A.2 B.3 C.4 D.5
√
解析:令f(x)=ax-ln(2x),x∈(0,+∞).∵ax-ln(2x)≥1恒成立,∴f(x)min≥1,f'(x)=a-,若a≤0,则f'(x)<0,f(x)单调递减,ax-ln(2x)≥1不恒成立,∴a>0.令f'(x)=0,解得x=.当x∈时,f'(x)<0,f(x)单调递减;当x∈时,f'(x)>0,f(x)单调递增.∴f(x)min=f=1-ln≥1,即ln≤0,即a≥2,∴a的最小值是2.
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6.已知实数x>0,则函数y=xx的值域为( )
A.(0,+∞) B.(1,+∞)
C. D.
√
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解析:对y=xx的两边同时取自然对数得,ln y=xln x(x>0),令f(x)=xln x(x>0),则f'(x)=1+ln x,令f'(x)>0,解得x>,令f'(x)<0,解得0
0)在内单调递减,在上单调递增,故f(x)=xln x(x>0)在x=处取得极小值,也是最小值,且f=ln =-,故f(x)=xln x(x>0)的值域为,所以y=xx的值域为(,+∞).故选D.
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7.(5分)已知函数f(x)=ln x,g(x)=2x,f(m)=g(n),则mn的最小值是____.
-
解析:由函数f(x)=ln x,g(x)=2x,f(m)=g(n),得ln m=2n,所以mn=mln m,m>0.令h(m)=mln m,m>0,则h'(m)=(1+ln m),当m>时,h'(m)>0,当0
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8.(5分)已知f(x)=-x2+mx+1在区间[-2,-1]上的最大值就是函数f(x)的极大值,则m的取值范围是_________.
(-4,-2)
解析:f'(x)=m-2x,令f'(x)=0,得x=.由题设得-2<<-1,故m∈(-4,-2).
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9.(5分)设底为等边三角形的直三棱柱的体积为V,那么其表面积最小时底面边长为______.
解析:设底面边长为x,则表面积S=x2+V(x>0).∴S'=(x3-4V).令S'=0,得x=.
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10.(5分)若函数f(x)=3x-x3在区间(a-1,a)上有最小值,则实数a的取值范围是________.
(-1,0)
解析:f'(x)=3-3x2=-3(x-1)(x+1),当x<-1或x>1时,f'(x)<0,当-1
0,∴x=-1是函数f(x)的极小值点.∵函数f(x)=3x-x3在区间(a-1,a)上有最小值,即为极小值.∴a-1<-1
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11.(10分)已知函数f(x)=x2+ln x.
(1)求y=f(x)在[1,e]上的最大值和最小值;(4分)
解:因为f(x)=x2+ln x,所以f'(x)=x+=,
当x∈[1,e]时,f'(x)>0,
所以y=f(x)在[1,e]内单调递增,
f(x)min=f(1)=,f(x)max=f(e)=e2+1.
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(2)求证:当x∈(1,+∞)时,函数y=f(x)的图象在函数g(x)=x3的图象的下方.(6分)
解:证明:设h(x)=x2+ln x-x3,则h'(x)=x+-2x2==,
当x∈(1,+∞)时,h'(x)<0,则h(x)单调递减,且h(1)=-<0,故x∈(1,+∞)时,h(x)<0,即x2+ln x
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12.(10分)已知函数f(x)=aex+bx+1在x=0处有极值2.
(1)求a,b的值;(4分)
解:由已知,f'(x)=aex+b,
则解得
经检验,a=1,b=-1符合题意.
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(2)证明:f(x)>ex-x.(6分)
解:证明:由(1)可知,f(x)=ex-x+1.要证f(x)>ex-x,只需证ex-x+1>ex-x,
即ex-ex+1>0. 令g(x)= ex-ex+1,则g'(x)= ex-e,
令g'(x)=0,解得x=1,随着x的变化,g'(x),g(x)的变化情况如表所示.
x (-∞,1) 1 (1,+∞)
g'(x) - 0 +
g(x) ↘ 1 ↗
所以x=1时,g(x)有极小值即最小值g(1)=e1-e×1+1=1>0.故f(x)>ex-x成立.
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13.(15分)已知函数f(x)=x3+x2+2ax.
(1)当a=-2时,求f(x)的极值;(5分)
解:当a=-2时,f(x)=x3-4x,f'(x)=x2-4=(x+2)(x-2).
当x<-2或x>2时,f'(x)>0,f(x)单调递增,
当-2
故f(x)在x=-2处取得极大值f(-2)=-+8=,在x=2处取得极小值f(2)=-8=-.综上,f(x)的极大值为,极小值为-.
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(2)当a∈(0,2)时,求函数f(x)在[-2a,a]上的最大值.(10分)
解: f(x)=x3+x2+2ax,x∈[-2a,a],故f'(x)=x2+(a+2)x+2a=(x+2)(x+a),x∈[-2a,a],令f'(x)=0得x=-a或x=-2,
因为a∈(0,2),当-2a≥-2,即0
f(x)在(-2a,-a)内单调递减,在(-a,a)内单调递增,
所以f(x)max=max{f(-2a),f(a)},
因为f(-2a)=-a3+2a3+4a2-4a2=-a3<0,
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f(a)=a3+a3+a2+2a2=a3+3a2>0,所以f(-2a)< f(a),
所以f(x)max=a3+3a2;
当-2a<-2,即1
因为f(-2)=-+2a+4-4a=-2a+<-,f(a)=a3+a3+a2+2a2=a3+3a2>,
所以f(x)max=a3+3a2.综上,f(x)max=a3+3a2.
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14.(15分)已知函数f(x)=+sin x(a∈R),e为自然对数的底数.
(1)当a=1且x∈(-∞,0]时,求f(x)的最小值;(5分)
解:当a=1时,f(x)=+sin x,则f'(x)=+cos x,
当x∈(-∞,0]时,0
所以当x∈(-∞,0]时,f'(x)=+cos x≤0,当且仅当x=0时,f'(x)=0,所以f(x)在x∈(-∞,0]上是单调递减,所以f(x)min=f(0)=1.
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(2)若函数f(x)在上存在极值点,求实数a的取值范围.(10分)
①当a≤0时,f'(x)>0恒成立,所以f(x)在内单调递增,
没有极值点,
②当a>0时,易知f'(x)=+cos x在内单调递增,
因为f'=-a·<0,f'(0)=-a+1,当a≥1时,x∈,f'(x)≤f'(0)=-a+1≤0,所以f(x)在内单调递减,没有极值点;
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当0
0,所以存在x0∈使f'(x0)=0,当x∈时,f'(x)<0,当x∈(x0,0)时,f'(x)>0,
所以f(x)在x=x0处取得极小值,x0为极小值点.
综上可知,若函数f(x)在上存在极值点,则实数a∈(0,1).课时检测(五十一) 函数的极值与最值的综合问题
(标的题目为推荐讲评题,配有精品课件.选择题请在答题区内作答,填空、解答题请在题后作答)
1.已知某商品的进价为4元,通过多日的市场调查,该商品的市场销量y(件)与商品售价x(元)的关系为y=e-x,则当此商品的利润最大时,该商品的售价x(元)为 ( )
A.5 B.6
C.7 D.8
2.[多选]对于函数f(x)=(2x-x2)ex,下列结论正确的是 ( )
A.(-,)是f(x)的单调递减区间
B.f(-)是f(x)的极小值,f()是f(x)的极大值
C.f(x)有最大值,没有最小值
D.f(x)没有最大值,也没有最小值
3.函数f(x)=的最大值为 ( )
A.a B.(a-1)e
C.e1-a D.ea-1
4.当a>0时,xln x-a=0的解有 ( )
A.0个 B.1个
C.2个 D.不确定
5.若对任意的x∈(0,+∞),ax-ln(2x)≥1恒成立,则实数a的最小值是 ( )
A.2 B.3
C.4 D.5
6.已知实数x>0,则函数y=xx的值域为 ( )
A.(0,+∞) B.(1,+∞)
C. D.
7.(5分)已知函数f(x)=ln x,g(x)=2x,f(m)=g(n),则mn的最小值是 .
8.(5分)已知f(x)=-x2+mx+1在区间[-2,-1]上的最大值就是函数f(x)的极大值,则m的取值范围是 .
9.(5分)设底为等边三角形的直三棱柱的体积为V,那么其表面积最小时底面边长为 .
10.(5分)若函数f(x)=3x-x3在区间(a-1,a)上有最小值,则实数a的取值范围是 .
11.(10分)已知函数f(x)=x2+ln x.
(1)求y=f(x)在[1,e]上的最大值和最小值;(4分)
(2)求证:当x∈(1,+∞)时,函数y=f(x)的图象在函数g(x)=x3的图象的下方.(6分)
12.(10分)已知函数f(x)=aex+bx+1在x=0处有极值2.
(1)求a,b的值;(4分)
(2)证明:f(x)>ex-x.(6分)
13.(15分)已知函数f(x)=x3+x2+2ax.
(1)当a=-2时,求f(x)的极值;(5分)
(2)当a∈(0,2)时,求函数f(x)在[-2a,a]上的最大值.(10分)
14.(15分)已知函数f(x)=+sin x(a∈R),e为自然对数的底数.
(1)当a=1且x∈(-∞,0]时,求f(x)的最小值;(5分)
(2)若函数f(x)在上存在极值点,求实数a的取值范围.(10分)
课时检测(五十一)
1.选A 根据题意可得利润函数f(x)=(x-4)e-x,f′(x)=e-x-(x-4)e-x=(5-x)·e-x,当x>5时,f′(x)<0,f(x)单调递减,当0
0,f(x)单调递增,所以当x=5时,函数f(x)取最大值,故选A.
2.选BC 由f(x)=(2x-x2)ex得f′(x)=(2-x2)ex.当f′(x)<0时,函数f(x)单调递减,得(2-x2)ex<0,所以2-x2 <0,解得x>或x<-,所以A不正确;当f′(x)>0时,函数f(x)单调递增,得(2-x2)ex>0,所以2-x2>0,解得-
0时,f(x)=(2x-x2)ex>0,解得0
2或x<0,因此函数有最大值,最大值为f(),没有最小值,所以C正确,D不正确.故选BC.
3.选D f(x)=,则f′(x)=,所以当x<1-a时,f′(x)>0,当x>1-a时,f′(x)<0,所以f(x)在(-∞,1-a)上单调递增,在(1-a,+∞)上单调递减,所以f(x)max=f(1-a)=ea-1.
4.选B 记f(x)=xln x,令f′(x)=1+ln x=0得x=,得f(x)在内单调递减,在上单调递增,f(x)min=f=-,如图,则y=a(a>0)与y=f(x)的图象只有一个交点,故选B.
5.选A 令f(x)=ax-ln(2x),x∈(0,+∞).∵ax-ln(2x)≥1恒成立,∴f(x)min≥1,f′(x)=a-,若a≤0,则f′(x)<0,f(x)单调递减,ax-ln(2x)≥1不恒成立,
∴a>0.令f′(x)=0,解得x=.当x∈时,f′(x)<0,f(x)单调递减;当x∈时,f′(x)>0,f(x)单调递增.∴f(x)min=f=1-ln≥1,即ln≤0,即a≥2,∴a的最小值是2.
6.选D 对y=xx的两边同时取自然对数得,ln y=xln x(x>0),令f(x)=xln x(x>0),则f′(x)=1+ln x,令f′(x)>0,解得x>,令f′(x)<0,解得0
0)在内单调递减,在上单调递增,故f(x)=xln x(x>0)在x=处取得极小值,也是最小值,且f=ln =-,故f(x)=xln x(x>0)的值域为,所以y=xx的值域为(e-,+∞).故选D.
7.解析:由函数f(x)=ln x,g(x)=2x,f(m)=g(n),得ln m=2n,所以mn=mln m,m>0.令h(m)=mln m,m>0,则h′(m)=(1+ln m),当m>时,h′(m)>0,当0
答案:-
8.解析:f′(x)=m-2x,令f′(x)=0,得x=.由题设得-2<<-1,故m∈(-4,-2).
答案:(-4,-2)
9.解析:设底面边长为x,则表面积S=x2+V(x>0).∴S′=(x3-4V).令S′=0,得x=.
答案:
10.解析:f′(x)=3-3x2=-3(x-1)(x+1),当x<-1或x>1时,f′(x)<0,当-1<x<1时,f′(x)>0,∴x=-1是函数f(x)的极小值点.∵函数f(x)=3x-x3在区间(a-1,a)上有最小值,即为极小值.∴a-1<-1<a,解得-1<a<0.
答案:(-1,0)
11.解:(1)因为f(x)=x2+ln x,所以f′(x)=x+=,当x∈[1,e]时,f′(x)>0,所以y=f(x)在[1,e]内单调递增,f(x)min=f(1)=,f(x)max=f(e)=e2+1.
(2)证明:设h(x)=x2+ln x-x3,
则h′(x)=x+-2x2==,
当x∈(1,+∞)时,h′(x)<0,则h(x)单调递减,且h(1)=-<0,故x∈(1,+∞)时,h(x)<0,即x2+ln x
所以当x∈(1,+∞)时,函数y=f(x)的图象在函数g(x)=x3的图象的下方.
12.解:(1)由已知,f′(x)=aex+b,
则解得
经检验,a=1,b=-1符合题意.
(2)证明:由(1)可知,f(x)=ex-x+1.
要证f(x)>ex-x,只需证ex-x+1>ex-x,即ex-ex+1>0.
令g(x)= ex-ex+1,则g′(x)= ex-e,
令g′(x)=0,解得x=1,
随着x的变化,g′(x),g(x)的变化情况如表所示.
x (-∞,1) 1 (1,+∞)
g′(x) - 0 +
g(x) ? 1 ?
所以x=1时,g(x)有极小值即最小值g(1)=e1-e×1+1=1>0.
故f(x)>ex-x成立.
13.解:(1)当a=-2时,f(x)=x3-4x,
f′(x)=x2-4=(x+2)(x-2).
当x<-2或x>2时,f′(x)>0,f(x)单调递增,
当-2
故f(x)在x=-2处取得极大值f(-2)=-+8=,在x=2处取得极小值f(2)=-8=-.
综上,f(x)的极大值为,极小值为-.
(2) f(x)=x3+x2+2ax,x∈[-2a,a],故f′(x)=x2+(a+2)x+2a=(x+2)(x+a),x∈[-2a,a],令f′(x)=0得x=-a或x=-2,因为a∈(0,2),当-2a≥-2,即0
0,所以f(-2a)< f(a),所以f(x)max=a3+3a2;当-2a<-2,即1
所以f(x)max=max{f(-2),f(a)},
因为f(-2)=-+2a+4-4a=-2a+<-,f(a)=a3+a3+a2+2a2=a3+3a2>,所以f(x)max=a3+3a2.综上,f(x)max=a3+3a2.
14.解:(1)当a=1时,f(x)=+sin x,
则f′(x)=+cos x,
当x∈(-∞,0]时,0
又因为cos x≤1,所以当x∈(-∞,0]时,f′(x)=+cos x≤0,当且仅当x=0时,f′(x)=0,所以f(x)在x∈(-∞,0]上是单调递减,所以f(x)min=f(0)=1.
(2)f′(x)=+cos x,
因为x∈,所以cos x>0,ex>0,
①当a≤0时,f′(x)>0恒成立,所以f(x)在内单调递增,没有极值点,
②当a>0时,易知f′(x)=+cos x在内单调递增,因为f′=-a·e<0,f′(0)=-a+1,当a≥1时,x∈,f′(x)≤f′(0)=-a+1≤0,
所以f(x)在内单调递减,没有极值点;当0
0,所以存在x0∈使f′(x0)=0,当x∈时,f′(x)<0,当x∈(x0,0)时,f′(x)>0,所以f(x)在x=x0处取得极小值,x0为极小值点.
综上可知,若函数f(x)在上存在极值点,则实数a∈(0,1).
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同课章节目录
第1章 直线与方程
1.1 直线的斜率与倾斜角
1.2 直线的方程
1.3 两条直线的平行与垂直
1.4 两条直线的交点
1.5 平面上的距离
第2章 圆与方程
2.1 圆的方程
2.2 直线与圆的位置关系
2.3 圆与圆的位置关系
第3章 圆锥曲线与方程
3.1 椭圆
3.2 双曲线
3.3 抛物线
第4章 数列
4.1 数列
4.2 等差数列
4.3 等比数列
4.4 数学归纳法*
第5章 导数及其应用
5.1 导数的概念
5.2 导数的运算
5.3 导数在研究函数中的应用
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