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单元培优卷 交变电流
一.选择题(共9小题)
1.(2025 山东)如图为一种交流发电装置的示意图,长度为2L、间距为L的两平行金属电极固定在同一水平面内,两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直方向的磁场,磁感应强度大小均为B、方向相反,区域Ⅰ边界是边长为L的正方形,区域Ⅱ边界是长为L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之间以速度v匀速通过,传送带上每隔2L固定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒,导体棒通过磁场区域过程中与电极接触良好。该装置产生电动势的有效值为( )
A.BLv B. C. D.
2.(2025 广西)某变压器输入正弦交流电的电压有效值为220V。输出电压最大值为,该变压器视为理想变压器,其原、副线圈匝数之比为( )
A. B. C.20:1 D.1:20
3.(2025 江苏)用图示可拆变压器进行探究实验,当变压器左侧的输入电压为2V时,若右侧接线柱选取“0”和“4”,右侧获得4V输出电压。则左侧接线柱选取的是( )
A.“0”和“2” B.“2”和“8” C.“2”和“14” D.“8”和“14”
4.(2025 北京)如图所示,交流发电机中的线圈ABCD沿逆时针方向匀速转动,产生的电动势随时间变化的规律为e=10sin(100πt)V。下列说法正确的是( )
A.该交流电的频率为100Hz
B.线圈转到图示位置时,产生的电动势为0
C.线圈转到图示位置时,AB边受到的安培力方向向上
D.仅线圈转速加倍,电动势的最大值变为
5.(2025 广东)如图所示,某光伏电站输出功率1000kW、电压400V的交流电,经理想变压器升压至10kV后,通过输电线输送到变电站,输电线的等效电阻R为5Ω。下列说法正确的是( )
A.变压器原、副线圈匝数比为1:100
B.输电线上由R造成的电压损失为500V
C.变压器原线圈中的电流为100A
D.变压器原、副线圈中电流的频率不同
6.(2025 湖南)如图,某小组设计了灯泡亮度可调的电路,a、b、c为固定的三个触点,理想变压器原、副线圈匝数比为k,灯泡L和三个电阻的阻值均恒为R,交变电源输出电压的有效值恒为U。开关S与不同触点相连,下列说法正确的是( )
A.S与a相连,灯泡的电功率最大
B.S与a相连,灯泡两端的电压为
C.S与b相连,流过灯泡的电流为
D.S与c相连,灯泡的电功率为
7.(2025 河北)2024年底,世界装机容量最大的抽水蓄能电站——河北丰宁抽水蓄能电站全面投产发电。如图,若该电站通过理想变压器调节输出电压U2时,输入电压U1保持不变。已知副线圈总匝数为n,分接头1、2间和2、3间的线圈匝数,开关S接3时输出电压的瞬时值u2=Umsinωt,则S接2时u2﹣t的图像为( )
A. B.
C. D.
8.(2025 安徽)某理想变压器的实验电路如图所示,原、副线圈总匝数之比n1:n2=1:3,A为理想交流电流表。初始时,输入端a、b间接入电压的正弦式交流电,变压器的滑动触头P位于副线圈的正中间,电阻箱R的阻值调为6Ω。要使电流表的示数变为2.0A,下列操作正确的是( )
A.电阻箱R的阻值调为18Ω
B.副线圈接入电路的匝数调为其总匝数的
C.输入端电压调为
D.输入端电压调为
9.(2025 福建)某理想变压器如图甲,原副线圈匝数比4:1,输入电压随时间的变化图像如图乙,R1的阻值为R2的2倍,则( )
A.交流电的周期为2.5s
B.电压表示数为12V
C.副线圈干路的电流为R1电流的2倍
D.原副线圈功率之比为4:1
二.多选题(共4小题)
(多选)10.(2025 重庆)2025年1月“疆电入渝”工程重庆段全线贯通,助力重庆形成特高压输电新格局,该工程计划将输电站提供的1.6×106V直流电由新疆输送至重庆,多次转换后变为1.0×104V的交流电,再经配电房中的变压器(视为理想变压器)降为的家用交流电,若输电线路输送功率为8.0×109W,且直流输电过程中导线电阻产生的电功率损耗不超过输送功率的5%,则( )
A.直流输电导线中的电流为250A
B.直流输电导线总阻值不超过16Ω
C.家用交流电的电压最大值为220V,频率为50Hz
D.配电房中变压器原、副线圈中电流比为11:500
(多选)11.(2025 湖北)在如图所示的输电线路中,交流发电机的输出电压一定,两变压器均为理想变压器,左侧升压变压器的原、副线圈匝数分别为n1、n2,两变压器间输电线路电阻为r。下列说法正确的是( )
A.仅增加用户数,r消耗的功率增大
B.仅增加用户数,用户端的电压增大
C.仅适当增加n2,用户端的电压增大
D.仅适当增加n2,整个电路消耗的电功率减小
(多选)12.(2025 云南)电动汽车充电桩的供电变压器(视为理想变压器)示意图如图所示。变压器原线圈的匝数为n1,输入电压U1=1.1kV;两副线圈的匝数分别为n2和n3,输出电压U2=U3=220V。当Ⅰ、Ⅱ区充电桩同时工作时,两副线圈的输出功率分别为7.0kW和3.5kW,下列说法正确的是( )
A.n1:n2=5:1
B.n1:n3=1:5
C.变压器的输入功率为10.5kW
D.两副线圈输出电压最大值均为220V
(多选)13.(2025 选择性)如图,“”形导线框置于磁感应强度大小为B、水平向右的匀强磁场中。线框相邻两边均互相垂直,各边长均为l。线框绕b、e所在直线以角速度ω顺时针匀速转动,be与磁场方向垂直。t=0时,abef与水平面平行,则( )
A.t=0时,电流方向为abcdefa
B.t=0时,感应电动势为Bl2ω
C.时,感应电动势为0
D.t=0到过程中,感应电动势平均值为0
三.实验题(共1小题)
14.(2025 山东)某实验小组为探究远距离高压输电的节能优点,设计了如下实验。所用实验器材为:
学生电源;
可调变压器T1、T2;
电阻箱R;
灯泡L(额定电压为6V);
交流电流表A1、A2、A3,交流电压表V1、V2;
开关S1、S2,导线若干。
部分实验步骤如下:
(1)模拟低压输电。按图甲连接电路,选择学生电源交流挡,使输出电压为12V,闭合S1,调节电阻箱阻值,使V1示数为6.00V,此时A1(量程为250mA)示数如图乙所示,为 mA,学生电源的输出功率为 W。
(2)模拟高压输电。保持学生电源输出电压和电阻箱阻值不变,按图丙连接电路后闭合S2。调节T1、T2,使V2示数为6.00V,此时A2示数为20mA,则低压输电时电阻箱消耗的功率为高压输电时的 倍。
(3)A3示数为125mA,高压输电时学生电源的输出功率比低压输电时减少了 W。
四.解答题(共1小题)
15.(2025 江苏)圆筒式磁力耦合器由内转子、外转子两部分组成。工作原理如图甲所示。内、外转子可绕中心轴OO′转动。外转子半径为r1,由四个相同的单匝线圈紧密围成,每个线圈的电阻均为R,直边的长度均为L,与轴线平行。内转子半径为r2,由四个形状相同的永磁体组成,磁体产生径向磁场,线圈处的磁感应强度大小均为B。外转子始终以角速度ω0匀速转动,某时刻线圈abcd的直边ab与cd处的磁场方向如图乙所示。
(1)若内转子固定,求ab边产生感应电动势的大小E;
(2)若内转子固定,求外转子转动一周,线圈abcd产生的焦耳热Q;
(3)若内转子不固定,外转子带动内转子匀速转动,此时线圈中感应电流为I,求线圈abcd中电流的周期T。
单元培优卷 交变电流
参考答案与试题解析
一.选择题(共9小题)
1.(2025 山东)如图为一种交流发电装置的示意图,长度为2L、间距为L的两平行金属电极固定在同一水平面内,两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直方向的磁场,磁感应强度大小均为B、方向相反,区域Ⅰ边界是边长为L的正方形,区域Ⅱ边界是长为L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之间以速度v匀速通过,传送带上每隔2L固定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒,导体棒通过磁场区域过程中与电极接触良好。该装置产生电动势的有效值为( )
A.BLv B. C. D.
【考点】有效值的定义和一般交变电流的有效值;法拉第电磁感应定律的基本计算.
【专题】定量思想;推理法;交流电专题;推理论证能力.
【答案】D
【分析】根据题意分段计算感应电动势,再结合电动势有效值的定义列式求解。
【解答】解:由题意可知导体棒通过磁场区域过程需要的时间,即周期为,同一个导体棒先通过区域Ⅱ,后通过区域Ⅰ,导体棒通过区域Ⅰ时,根据导体棒切割磁感线产生感应电动势公式,产生的电动势大小为E1=BLv,经过的时间为,同理,导体棒通过区域Ⅱ时,产生的电动势大小为E2=B×0.5Lv,经过的时间为,根据有效值的定义有,代入数据可得,故D正确,ABC错误。
故选:D。
【点评】考查交变电流有效值的运算,会根据题意进行准确的分析解答。
2.(2025 广西)某变压器输入正弦交流电的电压有效值为220V。输出电压最大值为,该变压器视为理想变压器,其原、副线圈匝数之比为( )
A. B. C.20:1 D.1:20
【考点】理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】定量思想;推理法;交流电专题;推理论证能力.
【答案】C
【分析】根据理想变压器的变压比列式求解。
【解答】解:由题意,对应正弦式交流电,变压器次级线圈的电压有效值为,则变压器原、副线圈的匝数比,故C正确,ABD错误。
故选:C。
【点评】考查理想变压器的特点,会根据题意进行准确分析解答。
3.(2025 江苏)用图示可拆变压器进行探究实验,当变压器左侧的输入电压为2V时,若右侧接线柱选取“0”和“4”,右侧获得4V输出电压。则左侧接线柱选取的是( )
A.“0”和“2” B.“2”和“8” C.“2”和“14” D.“8”和“14”
【考点】理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】定量思想;推理法;电磁感应与电路结合;推理论证能力.
【答案】A
【分析】根据变压器电压与匝数比关系求解原线圈匝数即可。
【解答】解:根据可拆式变压器电压比与匝数比关系得:
,即
其中U1=2V,U2=4V
解得:n1=2
故原线圈接入的匝数是2匝,即左侧接线柱线圈选取的是“0”和“2”,故A正确,BCD错误。
故选:A。
【点评】本题主要考查了变压器的相关应用,根据实验原理掌握正确的实验操作,掌握变压器电压与匝数比,电流与匝数比的关系。
4.(2025 北京)如图所示,交流发电机中的线圈ABCD沿逆时针方向匀速转动,产生的电动势随时间变化的规律为e=10sin(100πt)V。下列说法正确的是( )
A.该交流电的频率为100Hz
B.线圈转到图示位置时,产生的电动势为0
C.线圈转到图示位置时,AB边受到的安培力方向向上
D.仅线圈转速加倍,电动势的最大值变为
【考点】交流发电机及其产生交变电流的原理.
【专题】比较思想;推理法;交流电专题;理解能力.
【答案】C
【分析】根据电动势随时间变化的规律求解该交流电的频率;
磁通量为零的位置感应电动势最大;
根据右手定则可知图示位置电流方向,根据左手定则判断AB边受到的安培力方向;
根据感应电动势的最大值表达式进行分析。
【解答】解:A、电动势随时间变化的规律为e=10sin(100πt)V,则ω=2πf=100π,解得该交流电的频率为:f=50Hz,故A错误;
B、图示位置为磁通量为零的位置,此位置磁通量变化率最大,感应电动势最大,故B错误;
C、根据右手定则可知图示位置电流方向为D→C→B→A,根据左手定则可知,线圈转到图示位置时,AB边受到的安培力方向向上,故C正确;
D、根据电动势随时间变化规律可知,感应电动势的最大值为:Em=NBSω=10V,仅线圈转速加倍,即角速度加倍,电动势的最大值变为20V,故D错误。
故选:C。
【点评】本题考查交变电流产生,关键是掌握正弦交流电的产生原理,知道感应电动势最大值的表达式。
5.(2025 广东)如图所示,某光伏电站输出功率1000kW、电压400V的交流电,经理想变压器升压至10kV后,通过输电线输送到变电站,输电线的等效电阻R为5Ω。下列说法正确的是( )
A.变压器原、副线圈匝数比为1:100
B.输电线上由R造成的电压损失为500V
C.变压器原线圈中的电流为100A
D.变压器原、副线圈中电流的频率不同
【考点】理想变压器两端的频率关系;用焦耳定律计算电热;理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】定量思想;推理法;交流电专题;推理论证能力.
【答案】B
【分析】根据理想变压器的特点,电功率和电流关系式,电压损失等知识进行分析解答。
【解答】解:A.根据1:25,故A错误;
B.输电线上的电流为I2A=100A,故R造成的电压损失ΔU损=I2R=100×5V=500V,故B正确;
C.变压器原线圈中的电流为I1A=2500A,故C错误;
D.变压器不能改变交流电的频率,故D错误。
故选:B。
【点评】考查理想变压器的相关问题,功率计算等,会根据题意进行准确分析解答。
6.(2025 湖南)如图,某小组设计了灯泡亮度可调的电路,a、b、c为固定的三个触点,理想变压器原、副线圈匝数比为k,灯泡L和三个电阻的阻值均恒为R,交变电源输出电压的有效值恒为U。开关S与不同触点相连,下列说法正确的是( )
A.S与a相连,灯泡的电功率最大
B.S与a相连,灯泡两端的电压为
C.S与b相连,流过灯泡的电流为
D.S与c相连,灯泡的电功率为
【考点】理想变压器两端的功率关系;变压器的构造与原理;理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】定量思想;方程法;交流电专题;分析综合能力.
【答案】B
【分析】根据等效电阻的思想画出等效电路图,根据S与各点连接情况分析电路的电阻、电流大小,结合电功率的计算公式进行解答。
【解答】解:设变压器原、副线圈的电压分别为U1、U2,对应的电流为I1、I2,灯泡L的阻值为R,根据等效电阻的思想可知原线圈两端的等效电阻:
灯泡L的阻值
由理想变压器原理,电压关系可得:
根据电流关系可得:
联立解得:,如图所示:
A.当S与c相连时,R等两端电压最大,灯泡的电功率最大,故A错误;
B.S与a相连,变压器原线圈电压:
灯泡两端的电压为:,故B正确;
C.S与b相连,变压器原线圈电路接入两个电阻,变压器原线圈的电流:
流过灯泡的电流:,故C错误;
D.S与c相连,变压器原线圈电路接入一个电阻,变压器原线圈的电流:
灯泡的电功率为:,故D错误。
故选:B。
【点评】本题主要是考查了变压器的知识;解答本题的关键是知道理想变压器的电压之比等于匝数之比,在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比。
7.(2025 河北)2024年底,世界装机容量最大的抽水蓄能电站——河北丰宁抽水蓄能电站全面投产发电。如图,若该电站通过理想变压器调节输出电压U2时,输入电压U1保持不变。已知副线圈总匝数为n,分接头1、2间和2、3间的线圈匝数,开关S接3时输出电压的瞬时值u2=Umsinωt,则S接2时u2﹣t的图像为( )
A.
B.
C.
D.
【考点】交变电流的u﹣t图像和i﹣t图像;变压器的构造与原理.
【专题】定量思想;方程法;交流电专题;理解能力.
【答案】D
【分析】求出开关S接3、开关S接2时的匝数,根据电压之比等于匝数之比求解电压,再根据变压器变压不变频进行解答。
【解答】解:开关S接3时输出电压的瞬时值u2=Umsinωt,则有效值:U3,匝数:n3=n﹣2
开关S接2时,匝数:n2=nn
则有:,解得:U2U3
则:U2m
变压器变压不变频,所以周期不变,u2﹣t的图像为D,故D正确、ABC错误。
故选:D。
【点评】本题主要是考查了变压器的知识;解答本题的关键是知道理想变压器的电压之比等于匝数之比,在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比;知道理想变压器在改变电压和电流的同时,不改变功率和频率。
8.(2025 安徽)某理想变压器的实验电路如图所示,原、副线圈总匝数之比n1:n2=1:3,A为理想交流电流表。初始时,输入端a、b间接入电压的正弦式交流电,变压器的滑动触头P位于副线圈的正中间,电阻箱R的阻值调为6Ω。要使电流表的示数变为2.0A,下列操作正确的是( )
A.电阻箱R的阻值调为18Ω
B.副线圈接入电路的匝数调为其总匝数的
C.输入端电压调为
D.输入端电压调为
【考点】自耦变压器;变压器的构造与原理.
【专题】定量思想;推理法;交流电专题.
【答案】B
【分析】先根据初始条件,用变压比和欧姆定律算出原、副线圈电压、电流初始值。再针对每个选项,结合变压比、欧姆定律或交流电有效值特点,分析操作后电流是否符合要求。
【解答】解:A、输入电压峰值为,则输入电压有效值为12V,滑动触头在正中间,根据变压比可知,输出电压18V,若将电阻箱阻值调为18欧姆,则电流为1A,故A错误;
B、若将副线圈匝数调为总匝数的,根据变压比可知,输出电压12V,则副线圈电流变为2A,故B正确;
C、输入端电压调为时,其有效值不变,不会导致电流的变化,仍然为3.0A,故C错误;
D、将输入电压峰值减小一半,则输入电压有效值变为6V,输出电压9V,副线圈电流变为1.5A,故D错误。
故选:B。
【点评】本题考查理想变压器的动态分析,将变压器变压比、交流电有效值、欧姆定律融合,考查知识综合运用能力,能区分学生对变压器原理及电路基本规律的掌握程度。
9.(2025 福建)某理想变压器如图甲,原副线圈匝数比4:1,输入电压随时间的变化图像如图乙,R1的阻值为R2的2倍,则( )
A.交流电的周期为2.5s
B.电压表示数为12V
C.副线圈干路的电流为R1电流的2倍
D.原副线圈功率之比为4:1
【考点】理想变压器两端的功率关系;变压器的构造与原理;理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】定量思想;推理法;交流电专题;推理论证能力.
【答案】B
【分析】根据u﹣t图像求解周期;根据正弦式交变电流峰值与有效值的关系求解有效值,根据理想变压器原副线圈电压比等于匝数比求解电压表示数;根据并联分流规律分析电流的大小;理想变压器输入功率等于输出功率。
【解答】解:A、由图乙可知,交流电的周期
T=2.5s﹣0.25s=2.25s
故A错误;
B、由图乙可知,输入电压的峰值
Um=48V
有效值
U1V=48V
变压器原副线圈电压比等于匝数比:
代入数据解得:
U2=12V
故B正确;
C、由题意可知,R1的阻值为R2的2倍,则通过两电阻的电流比值为
I1:I2=1:2
副线圈干路的电流为R1电流的3倍,故C错误;
D、理想变压器输入功率等于输出功率,故D错误;
故选:B。
【点评】本题考查正弦式交变电流和理想变压器,掌握峰值与有效值的关系、理想变压器原副线圈电压关系、功率关系即可求解。
二.多选题(共4小题)
(多选)10.(2025 重庆)2025年1月“疆电入渝”工程重庆段全线贯通,助力重庆形成特高压输电新格局,该工程计划将输电站提供的1.6×106V直流电由新疆输送至重庆,多次转换后变为1.0×104V的交流电,再经配电房中的变压器(视为理想变压器)降为的家用交流电,若输电线路输送功率为8.0×109W,且直流输电过程中导线电阻产生的电功率损耗不超过输送功率的5%,则( )
A.直流输电导线中的电流为250A
B.直流输电导线总阻值不超过16Ω
C.家用交流电的电压最大值为220V,频率为50Hz
D.配电房中变压器原、副线圈中电流比为11:500
【考点】远距离输电的相关计算;理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】定量思想;控制变量法;交流电专题;推理论证能力.
【答案】BD
【分析】根据输电站提供的电压和输电线路输送功率求解输电电流;
根据损失的电功率计算公式求解直流输电导线总阻值最大值;
根据正弦交流电表达式求解最大值和频率;
根据理想变压器电功率相等求解配电房中变压器原、副线圈中电流比。
【解答】解:A、输电站提供的电压为:U1=1.6×106V,输电线路输送功率为:P=8.0×109W,根据P=U1I1可得输电电流为:I1=5000A,故A错误;
B、已知直流输电过程中导线电阻产生的电功率损耗不超过输送功率的5%,即:P损=P×5%R可知,R=16Ω,则直流输电导线总阻值不超过16Ω,故B正确;
C、对于正弦式交流电u的家用交流电,其电压最大值:Um=220V,有效值为:UV=220V
根据ω=2πf=100πrad/s可知,频率为50Hz,故C错误;
D、多次转换后变为:U2=1.0×104V的交流电,再经配电房中的变压器变为U=220V家用交流电,设配电房中变压器原、副线圈中电流分别为I2、I,根据U2I2=UI可知,配电房中变压器原、副线圈中电流比为I2:I=U:U2=220:1.0×104=11:500,故D正确。
故选:BD。
【点评】本题主要是考查远距离高压输电,关键是掌握高压输电的原理,知道电功率的计算公式。
(多选)11.(2025 湖北)在如图所示的输电线路中,交流发电机的输出电压一定,两变压器均为理想变压器,左侧升压变压器的原、副线圈匝数分别为n1、n2,两变压器间输电线路电阻为r。下列说法正确的是( )
A.仅增加用户数,r消耗的功率增大
B.仅增加用户数,用户端的电压增大
C.仅适当增加n2,用户端的电压增大
D.仅适当增加n2,整个电路消耗的电功率减小
【考点】远距离输电的相关计算.
【专题】定量思想;方程法;电磁感应与电路结合;推理论证能力.
【答案】AC
【分析】把用户的总电阻等效到输电线的末端,然后结合闭合电路的欧姆定律分析即可。
【解答】解:设降压变压器原副线圈的匝数分别是n3和n4,电压分别是U3和U4,电流分别是I3和I4,用户端的总电阻为R,根据闭合电路的欧姆定律,则
根据变压器原副线圈的电流关系可得
设用户的最大值相当于原线圈的电阻值为R等,则
联立可得
对于输电线路的部分,降压变压器流过的电流等于输送的电流,即I3=I2
由闭合电路的欧姆定律可得输电线路中的电流
A、仅增加用户数,用户端的总电阻为R减小,等效电阻也减小,则输电线路的部分的电流增大,由可知r消耗的功率增大,故A正确;
B、仅增加用户数,输电线路的部分的电流增大,由U损=I2r可知输电线损坏的电压增大,则达到降压变压器原线圈两端的电压减小,由可知用户得到的电压减小,故B错误;
C、仅适当增加n2,由可知输电线输送的电压增大,则降压变压器原线圈得到的电压增大,所以用户端电压增大,故C正确;
D、整个电路消耗的功率为P,则P增大,故D错误。
故选:AC。
【点评】理想变压器输出电压由输入电压决定,输入电流由输出电流决定,输入功率由输出功率决定。
(多选)12.(2025 云南)电动汽车充电桩的供电变压器(视为理想变压器)示意图如图所示。变压器原线圈的匝数为n1,输入电压U1=1.1kV;两副线圈的匝数分别为n2和n3,输出电压U2=U3=220V。当Ⅰ、Ⅱ区充电桩同时工作时,两副线圈的输出功率分别为7.0kW和3.5kW,下列说法正确的是( )
A.n1:n2=5:1
B.n1:n3=1:5
C.变压器的输入功率为10.5kW
D.两副线圈输出电压最大值均为220V
【考点】理想变压器两端的功率关系;理想变压器两端的电压、电流与匝数的关系.
【专题】信息给予题;定量思想;推理法;交流电专题;分析综合能力.
【答案】AC
【分析】AB.根据理想变压器电压与匝数比的关系求解作答;
C.根据理想变压器的功率关系求解作答;
D.根据正弦交变电流有效值与最大值的关系求解作答。
【解答】解:AB.根据理想变压器电压与匝数比的关系
,故A正确,B错误;
C.根据理想变压器的功率关系,输入功率P1=P2+P3=7.0kW+3.5kW=10.5kW,故C正确;
D.根据正弦交变电流电压的有效值与最大值的关系可知,两副线圈输出电压最大值均为,故D错误。
故选:AC。
【点评】本题主要考查了理想变压器电压与匝数比的关系、功率关系以及有效值与最大值的关系,基础题。
(多选)13.(2025 选择性)如图,“”形导线框置于磁感应强度大小为B、水平向右的匀强磁场中。线框相邻两边均互相垂直,各边长均为l。线框绕b、e所在直线以角速度ω顺时针匀速转动,be与磁场方向垂直。t=0时,abef与水平面平行,则( )
A.t=0时,电流方向为abcdefa
B.t=0时,感应电动势为Bl2ω
C.时,感应电动势为0
D.t=0到过程中,感应电动势平均值为0
【考点】计算线圈转动过程中电动势和电流的平均值;右手定则;法拉第电磁感应定律的基本计算.
【专题】定量思想;推理法;交流电专题;电磁感应与电路结合;推理论证能力.
【答案】AB
【分析】t=0时刻cd边的速度方向与磁感线平行,只有af切割磁感线产生感应电动势,根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势;根据右手定则判断此时感应电流方向;t时导线框转动了半周,此时cd边的速度方向仍与磁感线平行,af边切割磁感线产生感应电动势;由t=0到的过程,导线框转动了半周,判断此过程导线框的磁通量变化量是否为零。
【解答】解:AB、由题可知,t=0时刻cd边的速度方向与磁感线平行,只有af切割磁感线产生感应电动势,此时af边的速度大小为v=ωl,方向与磁感线垂直向下,根据法拉第电磁感应定律得感应电动势为E=Blv=Bl2ω。根据右手定则判断此时感应电流方向为abcdefa,故AB正确;
C、易知t时导线框转动了半周,此时cd边的速度方向水平向左,仍与磁感线平行,af边的速度方向与磁感线垂直向上,只有af切割磁感线产生感应电动势,故此时感应电动势不为零,故C错误;
D、由t=0到的过程,导线框转动了半周,导线框的abef部分初末均与磁场方向平行,其磁通量变化量为零。导线框的bcde部分初末均与磁场方向垂直,其磁通量变化量为ΔΦ=Bl2﹣(﹣Bl2)=2Bl2。即此过程导线框的磁通量变化量不为零,根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势平均值不为零,故D错误。
故选:AB。
【点评】本题考查了法拉第电磁感应定律的应用,掌握感应电流方向判断,确定磁通量的变化量的方法,掌握动生电动势的计算公式。
三.实验题(共1小题)
14.(2025 山东)某实验小组为探究远距离高压输电的节能优点,设计了如下实验。所用实验器材为:
学生电源;
可调变压器T1、T2;
电阻箱R;
灯泡L(额定电压为6V);
交流电流表A1、A2、A3,交流电压表V1、V2;
开关S1、S2,导线若干。
部分实验步骤如下:
(1)模拟低压输电。按图甲连接电路,选择学生电源交流挡,使输出电压为12V,闭合S1,调节电阻箱阻值,使V1示数为6.00V,此时A1(量程为250mA)示数如图乙所示,为 200 mA,学生电源的输出功率为 2.4 W。
(2)模拟高压输电。保持学生电源输出电压和电阻箱阻值不变,按图丙连接电路后闭合S2。调节T1、T2,使V2示数为6.00V,此时A2示数为20mA,则低压输电时电阻箱消耗的功率为高压输电时的 100 倍。
(3)A3示数为125mA,高压输电时学生电源的输出功率比低压输电时减少了 0.9 W。
【考点】远距离输电的相关计算.
【专题】实验题;实验探究题;定量思想;实验分析法;交流电专题;实验探究能力.
【答案】(1)200;2.4;(2)100;(3)0.9。
【分析】(1)电流表A1的量程为250mA,分度值为5mA,根据电流表的读数规则读数;
根据功率公式求解学生电源的输出功率;
(2)根据电压关系求解电阻箱两端电压,根据功率公式求解电阻箱消耗的功率;根据欧姆定律求解电阻箱的接入电阻;
高压输电时,根据功率公式求解电阻箱消耗的功率,再求倍数关系;
(3)根据功率公式求解高压输电时学生电源的输出功率,再求学生电源输出功率的减小量。
【解答】解:(1)电流表A1的量程为250mA,分度值为5mA,读数为I1=200mA
根据功率公式,学生电源的输出功率;
(2)根据电压关系,电阻箱两端电压UR=U0﹣U1=12V﹣6V=6V
低压输电时电阻箱消耗的功率为
根据欧姆定律,电阻箱的接入的电阻为
高压输电时,电流I2=20mA=0.02A
电阻箱消耗的功率为
可得
即低压输电时电阻箱消耗的功率为高压输电时的100倍;
(3)A3示数为I3=125mA=0.125A时
学生电源的输出功率P4=U0I4=12×0.125W=1.5W
高压输电时学生电源的输出功率比低压输电时减少了ΔP=P1﹣P4=2.4W﹣1.5W=0.9W。
故答案为:(1)200;2.4;(2)100;(3)0.9。
【点评】本题主要考查了远距离输电问题,要明确实验原理,掌握欧姆定律、功率公式的运用。
四.解答题(共1小题)
15.(2025 江苏)圆筒式磁力耦合器由内转子、外转子两部分组成。工作原理如图甲所示。内、外转子可绕中心轴OO′转动。外转子半径为r1,由四个相同的单匝线圈紧密围成,每个线圈的电阻均为R,直边的长度均为L,与轴线平行。内转子半径为r2,由四个形状相同的永磁体组成,磁体产生径向磁场,线圈处的磁感应强度大小均为B。外转子始终以角速度ω0匀速转动,某时刻线圈abcd的直边ab与cd处的磁场方向如图乙所示。
(1)若内转子固定,求ab边产生感应电动势的大小E;
(2)若内转子固定,求外转子转动一周,线圈abcd产生的焦耳热Q;
(3)若内转子不固定,外转子带动内转子匀速转动,此时线圈中感应电流为I,求线圈abcd中电流的周期T。
【考点】用有效值计算交流电路的电功、电功率和焦耳热;导体转动切割磁感线产生的感应电动势.
【专题】定量思想;推理法;电磁感应与电路结合;推理论证能力.
【答案】(1)ab边产生感应电动势的大小为BLω0r1;
(2)外转子转动一周,线圈abcd产生的焦耳热为;
(3)线圈abcd中电流的周期为。
【分析】(1)根据v=ωr求速度,再根据E=BLv,求切割电动势;
(2)根据切割电动势,求转动过程中感应电动势,根据欧姆定律,求电流,结合转子周期和焦耳定律,求热量;
(3)内转子不固定,跟着外转子一起转,根据欧姆定律求电动势,结合切割电动势,求切割速度差,再求电流改变方向的时间,确定电流的周期。
【解答】解:(1)根据题意可知,ab转动时的线速度为v=ω0r1
则ab产生的感应电动势E1=BLv=BLω0r1
(2)根据题意,由图可知,若内转子固定,外转子转动过程中,ab、cd均切割磁感线,且产生的感应电流方向相反,则转动过程中感应电动势为E2=2BLv=2BLω0r1
感应电流为
转子转动的周期为
则abcd转一圈产生的热量
(3)结合图可知,转子转动电流方向改变,大小不变,若内转子不固定,跟着外转子一起转,且abcd中的电流为I,则感应电动势为E′=IR
又有E′=2BLΔv
解得
则电流改变方向的时间为
则电流的周期为
答:(1)ab边产生感应电动势的大小为BLω0r1;
(2)外转子转动一周,线圈abcd产生的焦耳热为;
(3)线圈abcd中电流的周期为。
【点评】本题解题关键是掌握切割电动势公式、欧姆定律、焦耳定律,还需要分析出内外转子转动对应的速度差决定电流改变的时间,确定周期。
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