2025年湖南省邵阳市中考物理综合复习考试练习卷6（含解析）
文档属性
| 名称 | 2025年湖南省邵阳市中考物理综合复习考试练习卷6（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 1.7MB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-07-31 13:34:59 | ||
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文档简介
2024-2025年邵阳市中考物理综合复习考试练习卷6（word版）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
考试时间：60分钟 总分：100分
一、单选题（共36分）
1．（本题3分）下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．核能 B．天然气 C．煤 D．太阳能
2．（本题3分）下列需要消耗自然界的能源来获取的是（ ）
A．水能 B．风能 C．电能 D．太阳能
3．（本题3分）轮船由长江驶入大海后，船体浸入水中部分的体积V、船体受到的浮力F的变化情况为（ ）
A．V、F均保持不变 B．V、F均变小
C．V、F均增大 D．以上说法都不正确
4．（本题3分）下列关于声现象的说法不正确的是（ ）
A．甲图所示发声的音叉靠近乒乓球，乒乓球多次被弹开，说明音叉在振动
B．乙图所示抽出真空罩内空气，听到闹钟的声音变小，说明真空不能传声
C．丙图所示道路两旁设置隔音墙，是为了防止道路上的汽车发出噪声
D．丁图所示超声波清洗器清洗眼镜说明声音能传递能量
5．（本题3分）关于3D打印，其过程是：将固态材料在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸设计轨迹运动，将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物。以上描述的打印过程中，涉及到的物态变化和吸放热，下列表述正确的是（ ）
A．先熔化放热，后凝固吸热
B．先升华放热，后液化吸热
C．先熔化吸热，后凝固放热
D．先液化吸热，后凝华放热
6．（本题3分）把频率为 256Hz 的音叉发出的声音信号输入示波器，示波器展现的波形如图甲所示。若把频率为 512Hz的音叉敲击发出的声音信号输入同一设置的示波器，其波形可能是（ ）
A． B．
C． D．
7．（本题3分）夏季的东台海边，由于水和泥沙的比热容不同，常能够形成海风或者陆风。下列示意图中能反映海边晴天中午风向的是（ ）
A．B．C． D．
8．（本题3分）如图所示是一种纳米新型玻璃——柔性玻璃，这种玻璃除了具有柔性外，还耐高温（在700℃下仍十分稳定）、绝缘、耐腐蚀、耐磨，同时还有很好的透光性。下列有关柔性玻璃说法正确的是（ ）
A．在700℃下仍十分稳定说明柔性玻璃是晶体
B．使用柔性玻璃可制成导线
C．柔性玻璃可用来制作折叠手机的屏幕
D．利用柔性玻璃作为LED照明灯罩的材料，主要是因为它耐磨
9．（本题3分）如图所示，图甲的弹簧测力计下面挂一个圆柱体，将圆柱体从盛有水的烧杯上方离水面某一高度处缓慢下降，然后将其逐渐浸入水中，图乙是整个过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h的变化关系图像。已知，g取10Nkg，不考虑液面的变化，则下列说法中错误的是（ ）
A．圆柱体的重力为9N
B．圆柱体所受的最大浮力为5N
C．圆柱体在刚浸没时下表面受到的液体压强为200Pa
D．圆柱体的密度为
10．（本题3分）水平桌面上放置了已调平的天平，在天平左右两盘各放一个完全相同的烧杯，装入适量的水，分别用细线拉住体积相同的两球（细线对两球均有拉力）使其浸没在水中，天平再次平衡（ ）
A．两球的密度相同
B．两烧杯中水的质量相等
C．左烧杯底部受到的水的压强大
D．同时剪断细线，两球稳定后，左烧杯对托盘的压强变化量大
11．（本题3分）与我国古代劳动人民的智慧成果中所涉及的物理知识不相符的是（ ）
A．司南能够指示南北方向，是利用磁体受到地磁场的作用
B．日晷利用了光的反射来测量时间
C．紫砂壶是连通器
D．大小不同的编钟发出声音的音调不同
12．（本题3分）三个电阻，其阻值分别为R1、R2、R3，用不同的连接方法把它们接到同一个电源两端，所能获得的最大总电流和最小总电流之比该是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（共16分）
13．（本题4分）已知柴油的热值为4.3×107J/kg，一台效率为40%的柴油机，当输出8.6×106J的有用功时，柴油完全燃烧放出的热量为 J，消耗了 kg柴油。
14．（本题4分）如图是测量酱油密度的过程，图甲可读出烧杯和酱油的总质量，将一部分酱油倒入量筒后，再用天平测出烧杯和剩余酱油的质量为36.4g，图乙可读出量筒中酱油的体积。量筒内酱油的质量m＝ g，酱油的密度ρ＝ kg/m3。
15．（本题4分）将一袋装纯牛奶放入热水中加热，这是通过 的方式改变牛奶的内能。已知牛奶的质量为0.35kg，初温为10℃，当加热到40℃时它所吸收的热量为 J。[牛奶的比热容是]
16．（本题4分）在探究一光的反射规律时，如图甲，若光线沿着FO入射，则反射光线将沿OE方向，这说明光路是 的，图乙中，把纸板NOF向后折，是为了探究反射光线，入射光线和法线是否在 。
三、作图题（共8分）
17．（本题2分）完成下面光路图
18．（本题6分）(1)下图是一个正在空中运动的足球，请画出足球所受重力的示意图。
(2)下图所示，是凸透镜的焦点，是凹透镜的虚焦点，请画出光线通过凸透镜折射前和通过凹透镜折射后的光路。
(3)下图所示，请用笔画线代替导线，将家庭电路连接完整。
四、实验题（共24分）
19．（本题8分）小南在做“探究杠杆平衡条件”实验的装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）杠杆在如图甲所示的位置静止时 （选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态的；
（2）为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节；
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 N。当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）小南改变钩码的个数和位置进行了多次实验，其目的是 ；
（5）通过实验得到杠杆平衡的条件是： 。
20．（本题8分）小实验，大道理。实验台上有一根塑料吸管、一个透明玻璃杯和足够的水，请你用其中的一种或多种器材设计一个小实验，并简略写出实验过程及实验原理。（实验过程中写出主要的实验步骤与现象即可，设计的实验不要与示例重复）
【示例】实验过程：向玻璃杯中倒入一些水，将吸管插入水中，看到吸管在水面处弯折了；
实验原理：光从水斜射入空气中时，会发生折射。
实验过程： ；
实验原理： 。
21．（本题8分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（每个钩码质量相等）
(1)安装好杠杆，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节：使杠杆在水平位置平衡，目的是 ；
(2)如图乙所示，调节杠杆平衡后，在A点悬挂2个钩码，在B点悬挂3个钩码，发现杠杆能够在水平位置平衡。之后在A，B两点再各增加2个钩码，杠杆将 （选填“顺时针旋转”或者“逆时针旋转”）。为了使杠杆再次在水平位置平衡，接下来的操作是 。
(3)通过分析数据，得到杠杆的平衡条件是： 。
【拓展】为了进一步探究杠杆的平衡条件，如图丙所示，小明在实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，用弹簧测力计施加竖直向下的拉力（动力），使杠杆在水平位置平衡，并记录在下表中：
动力臂/cm 5 10 15 20 25 30
动力/N 6 3 2 1.5 1.2 0.1
分析表中数据，同学们得出结论：阻力和阻力臂不变，杠杆平衡时 ；实验中小明发现，保持杠杆处于水平平衡，当弹簧测力计的拉力方向偏离竖直方向且与竖直方向有一定的倾角时，其示数变大，原因是 。
五、计算题（共16分）
22．（本题6分）如图所示，有一个柱形容器，底面积为，容器内放一个棱长为10cm、重 6N的正方体木块（不吸水）。 缓慢向容器内倒水，在倒入12N的水后，木块对容器底的压力恰好为0。求：
（1）木块的密度；
（2）水的深度；
（3）水对容器底部的压强。
23．（本题10分）强通过查阅资料了解到，载人飞船在发射前，科技人员要检验飞船舱体的气密性。他设计了如图甲所示的模拟检测电路，电源电压U=15V，保持不变。R0为定值电阻，R为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，体内气压为1.0×105Pa，电压表示数为10V。求：
（1）舱体不漏气时，R和R0的阻值；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的电能；
（3）若电压表示数为5V，此时舱内的气压值。
试卷第1页，共3页
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2024-2025年邵阳市中考物理综合复习考试练习卷6（word版）
参考答案
1．D
【知识点】可再生能源与不可再生能源
【详解】核能、天然气和煤使用后，短期内无法得到补充，故属于不可再生能源，太阳能可以在自然界里源源不断的得到补充是可再生能源，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
2．C
【知识点】一次能源与二次能源
【详解】ABD．水能、风能、太阳能都可以从自然界源源不断的得到，不需要消耗自然界的能源来获取，故ABD不符合题意；
C．我们生活中使用的电能不是直接从自然界中获得的，需要消耗自然界的其它能源来获取；故C符合题意。
故选C。
3．D
【知识点】物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系、应用阿基米德原理解释生活中的现象
【详解】当轮船由长江驶入大海后，都是漂浮，船受到的浮力
因为船受到的重力不变，船受到的浮力不变；又因为
所以排开海水的体积小于排开江水的体积，即：船浸入水中的体积变小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
4．C
【知识点】探究声音的产生、探究声音的传播条件、声与能量、在传播途中减弱
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，小球被弹开，说明发声的音叉在振动，这种实验方法叫做转换法，故A正确，不符合题意；
B．抽出真空罩内的空气，听到闹钟的声音变小，即说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故B正确，不符合题意；
C．噪声的减弱途径有：在声源处、传播过程中以及人耳处，在道路两旁设置隔音墙，是为了在噪声的传播过程中减弱噪声，故C不正确，符合题意；
D．声音可以传递信息和能量，超声波清晰器清洗眼睛说明声音能传递能量，故D正确，不符合题意。
故选C。
5．C
【知识点】熔化与凝固的吸放热、熔化的概念及现象
【详解】将固态材料在高温下变成液态材料，属于熔化过程，熔化需要吸收热量；将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物，属于凝固过程，凝固过程需要放出热量。
故选C。
6．B
【知识点】用波形图比较声音特性
【详解】频率为 256Hz 的音叉发出的声音波形和频率为512Hz音叉发出的声音的波形相同，512Hz是256Hz的2倍，即512Hz单位时间内完成振动的次数是256Hz的2倍，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7．A
【知识点】生活中的比热容问题、水的比热容特点及应用
【详解】由于陆地环境泥沙的比热容比的水小，故根据比热容公式可知，相同质量的物体吸收相同的热量，陆地升温快于海洋。晴天中午陆地温度高，陆地产生的热空气会上升到高空，而海洋的低温冷空气会吹向陆地，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8．C
【知识点】认识物质的物理属性
【详解】A．玻璃在熔化时没有固定的熔点，因此是非晶体，故A错误；
B．根据题干信息可知，玻璃是绝缘体，因此不能制成导线，故B错误；
C．根据题干信息可知，柔性玻璃耐高温（在700℃下仍十分稳定）、绝缘、耐腐蚀、耐磨，同时还有很好的透光性，所以可用来制作折叠手机的屏幕，故C正确；
D．利用柔性玻璃作为LED照明灯罩的材料，主要是因为它的透光性，故D错误。
故选C。
9．C
【知识点】浮力与深度的图像关系、二次称重法测量密度、阿基米德原理的应用、称重法测浮力的大小、浮力大小的计算、液体压强公式的简单应用
【详解】AB．由图乙可知，圆柱体重力为G=9N，圆柱体浸没时，测力计示数为4N，则圆柱体所受的最大浮力
F浮=G-F示=9N-4N=5N
故AB正确，不符合题意；
C．由图象可知，圆柱体在刚浸没时，下表面所处的深度为
h=5cm-2cm=3cm=0.03m
下表面受到的液体压强
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m=300Pa
故C错误，符合题意；
D．圆柱体的体积
圆柱体的密度
故D正确，不符合题意。
故选C。
10．C
【知识点】压强公式的简单应用、液体压强公式的简单应用、物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系
【详解】A．根据图示可知，左侧烧杯中小球受到竖直向下的拉力，此时的浮力大于重力，根据物体浮沉条件可知，左侧烧杯中小球的密度小于水的密度；右侧烧杯中小球受到竖直向上的拉力，浮力小于重力，所以右侧烧杯中小球的密度大于水的密度，由此可知，两球的密度是不同的，右侧烧杯中小球的密度大，故A不符合题意；
B．天平左盘受到的压力等于烧杯和小球、左侧烧杯内水的重力，即
F左＝G烧杯+G左水+G球
因物体受到的浮力和物体对液体的压力是一对相互作用力，二力大小相等，所以天平右盘受到的压力等于右侧烧杯和水的重力之和加上小球受到的浮力，即
F右＝G烧杯+G右水+F浮
又因两烧杯完全相同，天平水平平衡，所以由
G球＜F浮
可知
G左水＞G右水
由G＝mg可知
m左水＞m右水
故B不符合题意；
C．因两球的体积相等，又知
m左水＞m右水
所以左右两侧水的深度关系为
h左水＞h右水
由p＝ρ液gh可知，左右两烧杯底部受到水的压强大小关系为
p左水＞p右水
故C符合题意；
D．同时剪断细线前天平水平平衡，同时剪断细线后，左盘的烧杯和水、左侧烧杯中小球的总重力不变，左盘受到的压力不变；由右侧烧杯中小球的重力大于自身受到的浮力可知，天平右盘受到的压力变大，受力面积相同，根据 可知，右侧烧杯对托盘的压强变化量大，故D不符合题意。
故选C。
11．B
【知识点】生活中常见的连通器、指南针的工作原理、影子的形成原理、辨析音调与频率的关系
【详解】A．地球是个巨大的磁体，地球周围存在着磁场，叫地磁场。司南能够指示南北方向，就是受地磁场的作用，故A不符合题意；
B．日晷利用了光的直线传播来测量时间，故B符合题意；
C．紫砂壶的壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成连通器，故C不符合题意；
D．大小不同的编钟振动时频率不同，发出的声音的音调不同，故D不符合题意。
故选B。
12．A
【知识点】并联电路的电阻与电流的比值关系及计算、串联电路的电阻与电压的比值关系及计算
【详解】电路中，最大电流对应最小电阻，即三个电阻并联，则
则有
最小电流对应最大电阻，即三个电阻串联，则
R串=R1+R2+R3
根据欧姆定律
最大总电流和最小总电流之比
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
13． 2.15×107 0.5
【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热机效率的计算
【详解】[1][2]热机效率公式为
所以，柴油完全燃烧放出的热量
由Q放=mq可得，消耗柴油的质量
14． 46 1.15×103
【知识点】测量液体密度的数据处理和误差分析、密度公式的简单应用
【详解】[1]标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为2.4g，烧杯和酱油的总质量为
量筒内酱油的质量为
[2]图乙可读出量筒中酱油的体积
酱油的密度
15． 热传递
【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热传递改变物体的内能
【详解】[1]将一袋装纯牛奶放入热水中加热，牛奶从水中吸收热量，这是通过热传递的方式改变牛奶的内能。
[2]牛奶吸收的热量为
16． 可逆 同一平面
【知识点】光路的可逆性、反射光线与入射光线的关系
【详解】[1]由于光线沿着EO入射，则反射光线将沿OF方向射出，若光线沿着FO入射，则反射光线将沿OE方向射出，所以光路是可逆的。
[2]把纸板NOF向后折，观察反射光线是否跟随纸板移动，所以是为了探究反射光线，入射光线和法线是否在同一平面内。
17．
【知识点】透镜的光线作图、凸透镜的特殊光线作图
【详解】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，如图所示
18．(1)
(2)
(3)
【知识点】凹透镜的特殊光线作图、凸透镜的特殊光线作图、家庭电路作图、重力的示意图
【详解】（1）重力的方向竖直向下，作用点在球的中心位置，如图所示：
（2）根据凸透镜、凹透镜对光线的作用可知，过凸透镜焦点的光线经透镜折射后与主光轴平行；与主光轴平行的光线经凹透镜折射后折射光线的反射延长线过凹透镜的虚焦点，如图所示：
（3）三孔插座的左孔接零线、右孔接火线、中间的孔接地线；控制灯的开关应接在火线与灯之间，且螺丝口灯座的螺旋套应接在零线上，如图所示：
19． 是 右 变大 使实验结论更具有普遍性避免实验结论的偶然性
【知识点】探究杠杆的平衡条件的实验结论和数据处理、探究杠杆的平衡条件的实验注意事项和错误分析、探究杠杆的平衡条件的实验装置和操作步骤
【详解】（1）[1]杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图甲中杠杆处于静止状态，因而杠杆处于平衡状态。
（2）[2]图甲可知，杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，说明杠杆的重心在左端，平衡螺母应向较高的右端调节。
（2）[3]每个钩码重，由图可知
根据杠杆的平衡条件可得
测力计的示数
[4]斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，所以，测力计的示数将大于。
（4）[5]本实验中进行多次测量的目的是：使实验结论更具有普遍性，避免实验结论的偶然性。
（5）[6]杠杆平衡的条件是
20． 见解析 见解析
【知识点】光的折射的实验现象及结论、力可以改变物体的运动状态
【详解】[1]实验过程：用力推静止的玻璃杯，玻璃杯开始运动。
[2]玻璃由静止变成运动，运动状态发生改变，故实验原理：力可以改变物体的运动状态。
21．(1)便于测量力臂
(2) 逆时针旋转 右侧再增加一个钩码
(3) 动力×动力臂=阻力×阻力臂 动力与动力臂成反比 拉力的力臂变小
【知识点】探究杠杆的平衡条件的实验结论和数据处理、探究杠杆的平衡条件的实验装置和操作步骤、杠杆的动态平衡分析
【详解】（1）当杠杆在水平位置平衡时，钩码对杠杆的拉力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，便于测量力臂
（2）[1]设每个钩码重为G，杠杆每小格的长度为L，A，B两点再各增加2个钩码后，左侧力与力臂的乘积为
右侧力与力臂的乘积为
左侧力与力臂的乘积大，杠杆左端下沉，即逆时针旋转。
[2]为了使杠杆再次在水平位置平衡，接下来的操作是在右侧再增加一个钩码，则右侧力与力臂的乘积为
与左侧相等，杠杆可重新平衡。
（3）[1]杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（或）
[2]分析表中数据，发现
动力与动力臂的乘积一定，可得出结论：阻力和阻力臂不变，杠杆平衡时动力与动力臂成反比。
[3]当弹簧测力计的拉力方向偏离竖直方向时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力倾斜时，拉力F力臂变小，而阻力和阻力臂不变，由可知，拉力F会变大。
22．（1）；（2）6cm；（3）
【知识点】物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系、利用阿基米德原理计算浮力、密度及质量、阿基米德原理的应用、液体压强公式的简单应用、密度公式的简单应用
【详解】解∶（1）木块所受的重力为6N，木块的质量为
木块的体积为
则木块的密度为
（2）木块对容器底的压力为0，则木块所受浮力
木块排开水的体积为
倒入容器中水的质量为
则倒入容器中水的体积为
容器中水的深度为
即水的深度为6cm。
（3）水对容器底的压强为
答：（1）木块的密度为；
（2）水的深度6cm；
（3）水对容器底部的压强为。
23．（1）10Ω，20Ω；（2）4.5×103J；（3）4×104Pa
【知识点】欧姆定律的简单计算、电功的公式及简单应用
【详解】解：（1）由图乙可知，舱体不漏气，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值为，此时，电压表示数，则R两端电压为
根据欧姆定律可得，通过R的电流为
根据串联电路的电流特点可知，通过R0的电流为
由欧姆定律可得，R0的阻值为
（2）工作10min，电路消耗的总电能为
（3）若电压表示数为5V，此时电路中的电流为
因电源电压U=15V不变，则压敏电阻的两端电压为
根据欧姆定律可得，压敏电阻的阻值为
由图乙可知，此时舱内的气压值为
答：（1）舱体不漏气时，R的阻值为10Ω，R0的阻值为20Ω；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的电能为4.5×103J；
（3）若电压表示数为5V，此时舱内的气压值为4×104Pa。
答案第1页，共2页
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学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
考试时间：60分钟 总分：100分
一、单选题（共36分）
1．（本题3分）下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．核能 B．天然气 C．煤 D．太阳能
2．（本题3分）下列需要消耗自然界的能源来获取的是（ ）
A．水能 B．风能 C．电能 D．太阳能
3．（本题3分）轮船由长江驶入大海后，船体浸入水中部分的体积V、船体受到的浮力F的变化情况为（ ）
A．V、F均保持不变 B．V、F均变小
C．V、F均增大 D．以上说法都不正确
4．（本题3分）下列关于声现象的说法不正确的是（ ）
A．甲图所示发声的音叉靠近乒乓球，乒乓球多次被弹开，说明音叉在振动
B．乙图所示抽出真空罩内空气，听到闹钟的声音变小，说明真空不能传声
C．丙图所示道路两旁设置隔音墙，是为了防止道路上的汽车发出噪声
D．丁图所示超声波清洗器清洗眼镜说明声音能传递能量
5．（本题3分）关于3D打印，其过程是：将固态材料在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸设计轨迹运动，将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物。以上描述的打印过程中，涉及到的物态变化和吸放热，下列表述正确的是（ ）
A．先熔化放热，后凝固吸热
B．先升华放热，后液化吸热
C．先熔化吸热，后凝固放热
D．先液化吸热，后凝华放热
6．（本题3分）把频率为 256Hz 的音叉发出的声音信号输入示波器，示波器展现的波形如图甲所示。若把频率为 512Hz的音叉敲击发出的声音信号输入同一设置的示波器，其波形可能是（ ）
A． B．
C． D．
7．（本题3分）夏季的东台海边，由于水和泥沙的比热容不同，常能够形成海风或者陆风。下列示意图中能反映海边晴天中午风向的是（ ）
A．B．C． D．
8．（本题3分）如图所示是一种纳米新型玻璃——柔性玻璃，这种玻璃除了具有柔性外，还耐高温（在700℃下仍十分稳定）、绝缘、耐腐蚀、耐磨，同时还有很好的透光性。下列有关柔性玻璃说法正确的是（ ）
A．在700℃下仍十分稳定说明柔性玻璃是晶体
B．使用柔性玻璃可制成导线
C．柔性玻璃可用来制作折叠手机的屏幕
D．利用柔性玻璃作为LED照明灯罩的材料，主要是因为它耐磨
9．（本题3分）如图所示，图甲的弹簧测力计下面挂一个圆柱体，将圆柱体从盛有水的烧杯上方离水面某一高度处缓慢下降，然后将其逐渐浸入水中，图乙是整个过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h的变化关系图像。已知，g取10Nkg，不考虑液面的变化，则下列说法中错误的是（ ）
A．圆柱体的重力为9N
B．圆柱体所受的最大浮力为5N
C．圆柱体在刚浸没时下表面受到的液体压强为200Pa
D．圆柱体的密度为
10．（本题3分）水平桌面上放置了已调平的天平，在天平左右两盘各放一个完全相同的烧杯，装入适量的水，分别用细线拉住体积相同的两球（细线对两球均有拉力）使其浸没在水中，天平再次平衡（ ）
A．两球的密度相同
B．两烧杯中水的质量相等
C．左烧杯底部受到的水的压强大
D．同时剪断细线，两球稳定后，左烧杯对托盘的压强变化量大
11．（本题3分）与我国古代劳动人民的智慧成果中所涉及的物理知识不相符的是（ ）
A．司南能够指示南北方向，是利用磁体受到地磁场的作用
B．日晷利用了光的反射来测量时间
C．紫砂壶是连通器
D．大小不同的编钟发出声音的音调不同
12．（本题3分）三个电阻，其阻值分别为R1、R2、R3，用不同的连接方法把它们接到同一个电源两端，所能获得的最大总电流和最小总电流之比该是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（共16分）
13．（本题4分）已知柴油的热值为4.3×107J/kg，一台效率为40%的柴油机，当输出8.6×106J的有用功时，柴油完全燃烧放出的热量为 J，消耗了 kg柴油。
14．（本题4分）如图是测量酱油密度的过程，图甲可读出烧杯和酱油的总质量，将一部分酱油倒入量筒后，再用天平测出烧杯和剩余酱油的质量为36.4g，图乙可读出量筒中酱油的体积。量筒内酱油的质量m＝ g，酱油的密度ρ＝ kg/m3。
15．（本题4分）将一袋装纯牛奶放入热水中加热，这是通过 的方式改变牛奶的内能。已知牛奶的质量为0.35kg，初温为10℃，当加热到40℃时它所吸收的热量为 J。[牛奶的比热容是]
16．（本题4分）在探究一光的反射规律时，如图甲，若光线沿着FO入射，则反射光线将沿OE方向，这说明光路是 的，图乙中，把纸板NOF向后折，是为了探究反射光线，入射光线和法线是否在 。
三、作图题（共8分）
17．（本题2分）完成下面光路图
18．（本题6分）(1)下图是一个正在空中运动的足球，请画出足球所受重力的示意图。
(2)下图所示，是凸透镜的焦点，是凹透镜的虚焦点，请画出光线通过凸透镜折射前和通过凹透镜折射后的光路。
(3)下图所示，请用笔画线代替导线，将家庭电路连接完整。
四、实验题（共24分）
19．（本题8分）小南在做“探究杠杆平衡条件”实验的装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）杠杆在如图甲所示的位置静止时 （选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态的；
（2）为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节；
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 N。当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）小南改变钩码的个数和位置进行了多次实验，其目的是 ；
（5）通过实验得到杠杆平衡的条件是： 。
20．（本题8分）小实验，大道理。实验台上有一根塑料吸管、一个透明玻璃杯和足够的水，请你用其中的一种或多种器材设计一个小实验，并简略写出实验过程及实验原理。（实验过程中写出主要的实验步骤与现象即可，设计的实验不要与示例重复）
【示例】实验过程：向玻璃杯中倒入一些水，将吸管插入水中，看到吸管在水面处弯折了；
实验原理：光从水斜射入空气中时，会发生折射。
实验过程： ；
实验原理： 。
21．（本题8分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（每个钩码质量相等）
(1)安装好杠杆，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节：使杠杆在水平位置平衡，目的是 ；
(2)如图乙所示，调节杠杆平衡后，在A点悬挂2个钩码，在B点悬挂3个钩码，发现杠杆能够在水平位置平衡。之后在A，B两点再各增加2个钩码，杠杆将 （选填“顺时针旋转”或者“逆时针旋转”）。为了使杠杆再次在水平位置平衡，接下来的操作是 。
(3)通过分析数据，得到杠杆的平衡条件是： 。
【拓展】为了进一步探究杠杆的平衡条件，如图丙所示，小明在实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，用弹簧测力计施加竖直向下的拉力（动力），使杠杆在水平位置平衡，并记录在下表中：
动力臂/cm 5 10 15 20 25 30
动力/N 6 3 2 1.5 1.2 0.1
分析表中数据，同学们得出结论：阻力和阻力臂不变，杠杆平衡时 ；实验中小明发现，保持杠杆处于水平平衡，当弹簧测力计的拉力方向偏离竖直方向且与竖直方向有一定的倾角时，其示数变大，原因是 。
五、计算题（共16分）
22．（本题6分）如图所示，有一个柱形容器，底面积为，容器内放一个棱长为10cm、重 6N的正方体木块（不吸水）。 缓慢向容器内倒水，在倒入12N的水后，木块对容器底的压力恰好为0。求：
（1）木块的密度；
（2）水的深度；
（3）水对容器底部的压强。
23．（本题10分）强通过查阅资料了解到，载人飞船在发射前，科技人员要检验飞船舱体的气密性。他设计了如图甲所示的模拟检测电路，电源电压U=15V，保持不变。R0为定值电阻，R为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，体内气压为1.0×105Pa，电压表示数为10V。求：
（1）舱体不漏气时，R和R0的阻值；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的电能；
（3）若电压表示数为5V，此时舱内的气压值。
试卷第1页，共3页
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2024-2025年邵阳市中考物理综合复习考试练习卷6（word版）
参考答案
1．D
【知识点】可再生能源与不可再生能源
【详解】核能、天然气和煤使用后，短期内无法得到补充，故属于不可再生能源，太阳能可以在自然界里源源不断的得到补充是可再生能源，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
2．C
【知识点】一次能源与二次能源
【详解】ABD．水能、风能、太阳能都可以从自然界源源不断的得到，不需要消耗自然界的能源来获取，故ABD不符合题意；
C．我们生活中使用的电能不是直接从自然界中获得的，需要消耗自然界的其它能源来获取；故C符合题意。
故选C。
3．D
【知识点】物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系、应用阿基米德原理解释生活中的现象
【详解】当轮船由长江驶入大海后，都是漂浮，船受到的浮力
因为船受到的重力不变，船受到的浮力不变；又因为
所以排开海水的体积小于排开江水的体积，即：船浸入水中的体积变小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
4．C
【知识点】探究声音的产生、探究声音的传播条件、声与能量、在传播途中减弱
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，小球被弹开，说明发声的音叉在振动，这种实验方法叫做转换法，故A正确，不符合题意；
B．抽出真空罩内的空气，听到闹钟的声音变小，即说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故B正确，不符合题意；
C．噪声的减弱途径有：在声源处、传播过程中以及人耳处，在道路两旁设置隔音墙，是为了在噪声的传播过程中减弱噪声，故C不正确，符合题意；
D．声音可以传递信息和能量，超声波清晰器清洗眼睛说明声音能传递能量，故D正确，不符合题意。
故选C。
5．C
【知识点】熔化与凝固的吸放热、熔化的概念及现象
【详解】将固态材料在高温下变成液态材料，属于熔化过程，熔化需要吸收热量；将液态材料喷出，材料迅速冷却后形成立体实物，属于凝固过程，凝固过程需要放出热量。
故选C。
6．B
【知识点】用波形图比较声音特性
【详解】频率为 256Hz 的音叉发出的声音波形和频率为512Hz音叉发出的声音的波形相同，512Hz是256Hz的2倍，即512Hz单位时间内完成振动的次数是256Hz的2倍，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7．A
【知识点】生活中的比热容问题、水的比热容特点及应用
【详解】由于陆地环境泥沙的比热容比的水小，故根据比热容公式可知，相同质量的物体吸收相同的热量，陆地升温快于海洋。晴天中午陆地温度高，陆地产生的热空气会上升到高空，而海洋的低温冷空气会吹向陆地，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8．C
【知识点】认识物质的物理属性
【详解】A．玻璃在熔化时没有固定的熔点，因此是非晶体，故A错误；
B．根据题干信息可知，玻璃是绝缘体，因此不能制成导线，故B错误；
C．根据题干信息可知，柔性玻璃耐高温（在700℃下仍十分稳定）、绝缘、耐腐蚀、耐磨，同时还有很好的透光性，所以可用来制作折叠手机的屏幕，故C正确；
D．利用柔性玻璃作为LED照明灯罩的材料，主要是因为它的透光性，故D错误。
故选C。
9．C
【知识点】浮力与深度的图像关系、二次称重法测量密度、阿基米德原理的应用、称重法测浮力的大小、浮力大小的计算、液体压强公式的简单应用
【详解】AB．由图乙可知，圆柱体重力为G=9N，圆柱体浸没时，测力计示数为4N，则圆柱体所受的最大浮力
F浮=G-F示=9N-4N=5N
故AB正确，不符合题意；
C．由图象可知，圆柱体在刚浸没时，下表面所处的深度为
h=5cm-2cm=3cm=0.03m
下表面受到的液体压强
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m=300Pa
故C错误，符合题意；
D．圆柱体的体积
圆柱体的密度
故D正确，不符合题意。
故选C。
10．C
【知识点】压强公式的简单应用、液体压强公式的简单应用、物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系
【详解】A．根据图示可知，左侧烧杯中小球受到竖直向下的拉力，此时的浮力大于重力，根据物体浮沉条件可知，左侧烧杯中小球的密度小于水的密度；右侧烧杯中小球受到竖直向上的拉力，浮力小于重力，所以右侧烧杯中小球的密度大于水的密度，由此可知，两球的密度是不同的，右侧烧杯中小球的密度大，故A不符合题意；
B．天平左盘受到的压力等于烧杯和小球、左侧烧杯内水的重力，即
F左＝G烧杯+G左水+G球
因物体受到的浮力和物体对液体的压力是一对相互作用力，二力大小相等，所以天平右盘受到的压力等于右侧烧杯和水的重力之和加上小球受到的浮力，即
F右＝G烧杯+G右水+F浮
又因两烧杯完全相同，天平水平平衡，所以由
G球＜F浮
可知
G左水＞G右水
由G＝mg可知
m左水＞m右水
故B不符合题意；
C．因两球的体积相等，又知
m左水＞m右水
所以左右两侧水的深度关系为
h左水＞h右水
由p＝ρ液gh可知，左右两烧杯底部受到水的压强大小关系为
p左水＞p右水
故C符合题意；
D．同时剪断细线前天平水平平衡，同时剪断细线后，左盘的烧杯和水、左侧烧杯中小球的总重力不变，左盘受到的压力不变；由右侧烧杯中小球的重力大于自身受到的浮力可知，天平右盘受到的压力变大，受力面积相同，根据 可知，右侧烧杯对托盘的压强变化量大，故D不符合题意。
故选C。
11．B
【知识点】生活中常见的连通器、指南针的工作原理、影子的形成原理、辨析音调与频率的关系
【详解】A．地球是个巨大的磁体，地球周围存在着磁场，叫地磁场。司南能够指示南北方向，就是受地磁场的作用，故A不符合题意；
B．日晷利用了光的直线传播来测量时间，故B符合题意；
C．紫砂壶的壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成连通器，故C不符合题意；
D．大小不同的编钟振动时频率不同，发出的声音的音调不同，故D不符合题意。
故选B。
12．A
【知识点】并联电路的电阻与电流的比值关系及计算、串联电路的电阻与电压的比值关系及计算
【详解】电路中，最大电流对应最小电阻，即三个电阻并联，则
则有
最小电流对应最大电阻，即三个电阻串联，则
R串=R1+R2+R3
根据欧姆定律
最大总电流和最小总电流之比
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
13． 2.15×107 0.5
【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热机效率的计算
【详解】[1][2]热机效率公式为
所以，柴油完全燃烧放出的热量
由Q放=mq可得，消耗柴油的质量
14． 46 1.15×103
【知识点】测量液体密度的数据处理和误差分析、密度公式的简单应用
【详解】[1]标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为2.4g，烧杯和酱油的总质量为
量筒内酱油的质量为
[2]图乙可读出量筒中酱油的体积
酱油的密度
15． 热传递
【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热传递改变物体的内能
【详解】[1]将一袋装纯牛奶放入热水中加热，牛奶从水中吸收热量，这是通过热传递的方式改变牛奶的内能。
[2]牛奶吸收的热量为
16． 可逆 同一平面
【知识点】光路的可逆性、反射光线与入射光线的关系
【详解】[1]由于光线沿着EO入射，则反射光线将沿OF方向射出，若光线沿着FO入射，则反射光线将沿OE方向射出，所以光路是可逆的。
[2]把纸板NOF向后折，观察反射光线是否跟随纸板移动，所以是为了探究反射光线，入射光线和法线是否在同一平面内。
17．
【知识点】透镜的光线作图、凸透镜的特殊光线作图
【详解】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，如图所示
18．(1)
(2)
(3)
【知识点】凹透镜的特殊光线作图、凸透镜的特殊光线作图、家庭电路作图、重力的示意图
【详解】（1）重力的方向竖直向下，作用点在球的中心位置，如图所示：
（2）根据凸透镜、凹透镜对光线的作用可知，过凸透镜焦点的光线经透镜折射后与主光轴平行；与主光轴平行的光线经凹透镜折射后折射光线的反射延长线过凹透镜的虚焦点，如图所示：
（3）三孔插座的左孔接零线、右孔接火线、中间的孔接地线；控制灯的开关应接在火线与灯之间，且螺丝口灯座的螺旋套应接在零线上，如图所示：
19． 是 右 变大 使实验结论更具有普遍性避免实验结论的偶然性
【知识点】探究杠杆的平衡条件的实验结论和数据处理、探究杠杆的平衡条件的实验注意事项和错误分析、探究杠杆的平衡条件的实验装置和操作步骤
【详解】（1）[1]杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图甲中杠杆处于静止状态，因而杠杆处于平衡状态。
（2）[2]图甲可知，杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，说明杠杆的重心在左端，平衡螺母应向较高的右端调节。
（2）[3]每个钩码重，由图可知
根据杠杆的平衡条件可得
测力计的示数
[4]斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，所以，测力计的示数将大于。
（4）[5]本实验中进行多次测量的目的是：使实验结论更具有普遍性，避免实验结论的偶然性。
（5）[6]杠杆平衡的条件是
20． 见解析 见解析
【知识点】光的折射的实验现象及结论、力可以改变物体的运动状态
【详解】[1]实验过程：用力推静止的玻璃杯，玻璃杯开始运动。
[2]玻璃由静止变成运动，运动状态发生改变，故实验原理：力可以改变物体的运动状态。
21．(1)便于测量力臂
(2) 逆时针旋转 右侧再增加一个钩码
(3) 动力×动力臂=阻力×阻力臂 动力与动力臂成反比 拉力的力臂变小
【知识点】探究杠杆的平衡条件的实验结论和数据处理、探究杠杆的平衡条件的实验装置和操作步骤、杠杆的动态平衡分析
【详解】（1）当杠杆在水平位置平衡时，钩码对杠杆的拉力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，便于测量力臂
（2）[1]设每个钩码重为G，杠杆每小格的长度为L，A，B两点再各增加2个钩码后，左侧力与力臂的乘积为
右侧力与力臂的乘积为
左侧力与力臂的乘积大，杠杆左端下沉，即逆时针旋转。
[2]为了使杠杆再次在水平位置平衡，接下来的操作是在右侧再增加一个钩码，则右侧力与力臂的乘积为
与左侧相等，杠杆可重新平衡。
（3）[1]杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（或）
[2]分析表中数据，发现
动力与动力臂的乘积一定，可得出结论：阻力和阻力臂不变，杠杆平衡时动力与动力臂成反比。
[3]当弹簧测力计的拉力方向偏离竖直方向时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力倾斜时，拉力F力臂变小，而阻力和阻力臂不变，由可知，拉力F会变大。
22．（1）；（2）6cm；（3）
【知识点】物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系、利用阿基米德原理计算浮力、密度及质量、阿基米德原理的应用、液体压强公式的简单应用、密度公式的简单应用
【详解】解∶（1）木块所受的重力为6N，木块的质量为
木块的体积为
则木块的密度为
（2）木块对容器底的压力为0，则木块所受浮力
木块排开水的体积为
倒入容器中水的质量为
则倒入容器中水的体积为
容器中水的深度为
即水的深度为6cm。
（3）水对容器底的压强为
答：（1）木块的密度为；
（2）水的深度6cm；
（3）水对容器底部的压强为。
23．（1）10Ω，20Ω；（2）4.5×103J；（3）4×104Pa
【知识点】欧姆定律的简单计算、电功的公式及简单应用
【详解】解：（1）由图乙可知，舱体不漏气，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值为，此时，电压表示数，则R两端电压为
根据欧姆定律可得，通过R的电流为
根据串联电路的电流特点可知，通过R0的电流为
由欧姆定律可得，R0的阻值为
（2）工作10min，电路消耗的总电能为
（3）若电压表示数为5V，此时电路中的电流为
因电源电压U=15V不变，则压敏电阻的两端电压为
根据欧姆定律可得，压敏电阻的阻值为
由图乙可知，此时舱内的气压值为
答：（1）舱体不漏气时，R的阻值为10Ω，R0的阻值为20Ω；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的电能为4.5×103J；
（3）若电压表示数为5V，此时舱内的气压值为4×104Pa。
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