2025年北京师大附属实验学校中考物理三模试卷（含解析）
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| 名称 | 2025年北京师大附属实验学校中考物理三模试卷（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 1.1MB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-08-01 17:26:50 | ||
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文档简介
2025年北京师大附属实验学校中考物理三模试卷
一、单选题：本大题共16小题，共32分。
1.“掬手为升”是我国古代的计量方法之一，“掬”即为双手捧。如图所示，人双手捧起米所用的力约为（ ）
A. 0.3N B. 3N C. 30N D. 300N
2.到今天仍然可以用来演奏。经过专家鉴定，这套编钟是“双音钟”，用相同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面和侧面，就可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指________，用不同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面也可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指________（ ）
A. 音调 响度 B. 响度 音调 C. 音色 响度 D. 音色 音调
3.如图甲所示为手机防窥膜结构图，采用了超细百叶窗光学技术。贴在手机屏幕上的效果如图乙所示，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，如图丙所示。下列光现象中与手机防窥膜工作原理相同的是（ ）
A. 水中倒影 B. 日晷仪
C. 海市蜃楼 D. 筷子弯折
4.科技推动社会进步，也体现国家的综合实力。下列选项中不正确的是（ ）
A. 钱学森被誉为“航天之父”，火箭升空——物体间力的作用是相互的
B. 南仁东被誉为“天眼之父”，天眼是射电望远镜——利用了光的反射原理
C. 孙家栋被誉为“北斗之父”，北斗卫星导航系统——通过电磁波传递信息
D. 袁隆平被誉为“杂交水稻之父”，“稻花香里说丰年”——说明了分子间有引力
5.如图所示，凸透镜位于光具座上某处，且位置不变，移动蜡烛，光屏上先后两次在甲、乙两处得到烛焰清晰的像，则（ ）
A. 甲处像一定是缩小的 B. 移动蜡烛时，像距可能是增大的
C. 凸透镜位置可能在乙的右侧 D. 蜡烛的移动方向一定向右
6.如图所示是我国的太阳能无人机“启明星50”，它是第一款以太阳能为唯一动力能源的全电大型无人机，通过在全身布满太阳能电池板为无人机提供动力。下列有关说法正确的是（ ）
A. 太阳能是二次能源 B. 太阳能电池板是由超导材料制成的
C. 地面通过超声波控制“启明星50” D. 太阳能是太阳内部发生核聚变产生的能量
7.关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A. 人可以向落在地面上的“高压线头”靠近
B. 客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四只节能灯一定是串联的
C. 家庭电路中空气开关“跳闸”了，可能是发生了短路现象
D. 使用试电笔时，手指不能触碰笔尾金属体
8.如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上面，在水平拉力F作用下一起向左做匀速直线运动，空气阻力不计，下列判断正确的是（ ）
A. 水平拉力F和木块M受到的摩擦力大小相等
B. 木块m受到方向向左的摩擦力
C. 木块M受到的重力和地面对木块M的支持力是一对平衡力
D. 若突然撤去水平拉力F，木块m将向右倾倒
9.如图所示，小红竖直向上垫起排球，排球依次经过a、b、c三处，到达最高处d。已知排球所受空气阻力随运动速度的增大而增大。则排球经过四处时，所受合力最大的是（ ）
A. a处
B. b处
C. c处
D. d处
10.如图所示是一种天然气浓度检测的电路图，电源电压保持不变，电阻R1、R2中，一个是定值电阻，另一个是气敏电阻。气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小。闭合开关后，当气敏电阻所在处的天然气浓度升高，电压表示数增大，超过量程时就会触发报警器报警，下列说法中正确的是（ ）
A. R1是气敏电阻
B. 随着天然气浓度增加，通过定值电阻的电流变小
C. 达到报警浓度时，电路的总功率最大
D. 要使报警浓度变低，可以换用阻值更小的定值电阻
11.在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，让质量相同的铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的同一木块，能将木块撞出一段距离，如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 该实验中研究的动能是指木块的动能
B. 用小车代替木块更便于得到实验结论
C. 木块被撞后滑行距离不同，但滑行时所受摩擦力相同
D. 该实验的目的是探究物体动能的大小与高度的关系
12.如图，电路中电源电压不变，电阻R1的阻值为15Ω，滑动变阻器铭牌上标有“1A”字样。开关S闭合，S1断开时，电流表的示数为0.4A；再闭合S1，当滑片P自某处M点分别向左、右移动时，发现电流表示数可发生变化的最大值均为0.2A，则（ ）
A. 滑动变阻器最大阻值是12Ω
B. P自M点左移的距离小于自M点右移的距离
C. P在移动过程中电阻R1的功率变化量为2.4W
D. P在移动过程中滑动变阻器最大功率为0.6W
13.各类运动项目中蕴含着丰富的物理知识，下列描述正确的是（ ）
A. 羽毛球比赛中，球在空中飞行，若所有力全部消失，球会落向地面
B. 跳远运动员需要助跑，是为了增大惯性，跳得更远
C. 举重运动员举起杠铃站立静止时，运动员所受重力与水平地面对运动员的支持力是一对平衡力
D. 足球比赛中的“香蕉球”利用了气体流速大的地方压强小
14.如图甲所示电路，电源电压不变，将一个定值电阻接入虚线框处，并将一只电压表（图中未画出）并联在某段电路两端，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，多次记录两电表示数；断开开关，只将定值电阻更换为小灯泡，再次获取数据并记录，将记录的数据绘制成如图乙所示的I-U图像。下列分析中正确的是（ ）
A. 电源电压为3.5V
B. 图线b是用接入定值电阻时记录的数据绘制得到的
C. 定值电阻和小灯泡两端的电压在小于1V时，小灯泡的电阻较小
D. 接入小灯泡后，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表的示数将变大
15.如图甲所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表示数与两电压表示数的关系如图乙所示。对于这个电路，下列说法中正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定电流是0.2A
B. 此过程中灯泡的阻值不变
C. 滑片P在最右端时滑动变阻器两端电压是7V
D. 图中A点对应的电压是5V
16.如图所示，小球以某速度从M点开始沿粗糙轨道MOP运动，经P点离开轨道，上升至最高点N，又下落经过Q点，N位于P、Q之间，O、P、Q处在同一水平高度。不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 小球经过O、P两点时动能相等
B. 小球到达最高点N时速度一定为零
C. 小球到达的最高点N不可能高于M点
D. 小球经过N点时的机械能等于经过Q点时的机械能
二、多选题：本大题共4小题，共8分。
17.如图a所示，用相同的加热器给初温均为20℃的甲、乙液体加热（m甲＜m乙）；两种液体每秒吸收的热量相同，这两种液体的温度一加热时间的图像如图b所示，则（ ）
A. a图中乙里面温度计示数为58℃，b图中乙在30～60s分子无规则运动越来越剧烈
B. 甲液体的比热容比乙液体的比热容大
C. 甲液体的比热容和乙液体的比热容相等
D. 如果选一种液体作为散热剂，甲比乙好
18.无人机是通过无线电遥控设备或机载计算机程控系统进行操控的不载人飞行器，如图所示。无人机的应用领域非常广泛，涵盖了应急通讯、航拍测绘、以及国防军工等多个行业。无人机航拍影像具有高清晰、高现实性的优点。某小型无人机电池电压为24V，电池容量为2500mAh,（电池容量=放电电流×放电时间，2500mAh是指以2500mA的电流能连续工作1h）下列说法中正确的是（ ）
A. 无人机镜头所成的像是放大的实像
B. 无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，还应将摄像机的镜头适当前推
C. 无人机使用的无线电信号在真空传播的速度是3×108m/s
D. 该无人机充满电后，电池的总电能为2.16×108J
19.如图甲所示是部分家庭电路的简化图，下列说法正确的是（ ）
A. 当空气开关自动切断电路时，不一定是短路的原因
B. 电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
C. 插入插座的电视和台灯在电路中是串联的
D. 乙图中，电能表所在电路的总功率不能超过2200W
20.如图所示，物体A的质量为60kg,卷扬机工作时以拉力F向下拉动绳子自由端，同时提升物体A匀速竖直上升。作用在绳子自由端的拉力F所做的功W随时间t的变化关系如图乙所示。若提升物体A的过程中滑轮组的机械效率为80%，已知两个滑轮质量相等，不计绳重和摩擦（g=10N/kg），此过程中下列说法正确的是（ ）
A. 物体A上升的速度是0.4m/s
B. 10s内额外功是300J
C. 提升重物A过程中定滑轮对支架的拉力为1125N
D. 若以相同的速度提升质量为80kg的物体B，则卷扬机的拉力的功率为190W
三、填空题：本大题共17小题，共27分。
21.如图所示，物体A的长度为______cm。
22.根据如图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是______极。
23.如图所示，温度计的示数是______℃。
24.如图所示电能表的示数为______kW h。
25.用调节好的天平测金属块的质量，砝码及游码位置如图所示，则金属块的质量为______g。
26.如图甲所示，用A、B两把刻度尺测量同一物体的长度，放置正确的是______（选填“A”或“B”）刻度尺；图乙秒表的读数是______s；图丙电压表的示数是______V。
27.小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云上游”的现象。“云在水中飘”是小明以______为参照物看到“云”在水中运动的现象。“鱼在云上游”是鱼通过水面的______形成的虚像和云在水面的______形成的虚像同时出现的现象。
28.某景点的星光梦幻馆如图所示，它由彩灯和若干镜子组合而成，彩灯在镜中的像是光的______形成的。一眼望去，感觉镜中彩灯的像越远越小，根据学过的物理知识可知，此彩灯最远处的像与彩灯相比______（填“彩灯更大”“像更大”或“一样大”）。
29.为了抵御极寒，小胡同学购买了某种品牌的暖手宝，如图所示该型号暖手宝额定功率为4W，电池容量为7000mA h,充放电时的电压均为5V，若不考虑能量的损失，则正常工作一小时，该暖手宝消耗的电能为______J。
30.有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能，排气更清洁。同样的汽油加在T型轿车内与加在L型轿车内相比热值______（选填“更大”、“一样大”或“更小”）；为防止发动机温度过高，用水进行冷却，这是利用水的______较大。
31.2024年12月9日，西安新地标“生命之树”景观正式亮相，吸引许多市民围观打卡。如图所示，“生命之树”的装饰小彩灯采用的是发光二极管，其主要制作材料是______（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；多个小彩灯可以交替发光，说明它们之间是______（选填“串联”或“并联”）的。
32.引体向上是一种体育运动，如图所示：该运动的规范动作是：两手正握单杠，身体自然悬垂，上拉时，下颚超过单杠；下放时，两臂放直，不能曲臂。这样上拉、下放，重复动作，达到锻炼的目的。小明同学想测出自己引体向上的功率大小，则其需要测量的物理量有自己的体重G、______、______，用上述测量的物理量写出做引体向上的功率的表达式P=______。
33.如图所示电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为10Ω，闭合开关后，将滑动变阻器R2的滑片从某个位置向右滑动一段距离，使变阻器阻值增加了5Ω，电流表示数减少了0.2A，则电压表示数的变化量是______V。
34.如图甲所示，滑动变阻器R2最大阻值是40Ω。闭合开关，移动滑动变阻器，其功率P与阻值R的图象如图乙所示，当滑片滑至最右端时，通电10s,电流通过R1产生的热量是 J。
35.小明用酒精灯均匀加热0.6kg某固体（酒精灯在单位时间内放出的热量相同），其熔化过程中温度随时间变化图像如图所示。规定“质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做该物质的熔化热”，如果该物质液态时的比热容为2×103J/（kg ℃），通过图像试计算出该固体的熔化热为______J/kg。
36.2025年春晚节目《秧BOT》中，16台人形机器人“福兮”与舞蹈演员共同表演东北秧歌，行云流水的舞步惊艳全场，如图所示，机器人能够快速移动，旋转手绢等高难度动作，若一个机器人的质量为60kg,双脚站立时与舞台的接触面积为0.04m2，在舞台上4s沿直线匀速移动2m。若机器人沿直线匀速运动时在水平方向上受到的平均阻力为重力的0.05倍，则4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率是______W。
37.小阳在学习了大气压强的知识后，上网查阅了相关资料如表所示，请利用信息回答下列问题：
城市 海拔高度/m 大气压/kPa 水的沸点/℃
北京 43.5 100.87 100
成都 505.9 94.77 98.4
贵阳 1071.2 88.79 96.6
兰州 1517.2 84.31 95.2
拉萨 3658.0 65.23 88.4
（1）海拔高度为3000米处，水的沸点可能是 ；
A、75℃
B、83℃
C、90℃
D、100℃
（2）若他将一个用橡皮膜密封的玻璃瓶（如图所示）从北京带到拉萨，请你推断橡皮膜发生的变化并解释该现象产生的原因： 。
四、作图题：本大题共2小题，共2分。
38.如图所示用杠杆OA提升重物G，为使杠杆OA在图示位置能保持静止，请画出作用在A点的最小力。
39.按题目要求作图。
（1）如图甲，轻拉弹簧，水平面上的物体A和B处于静止状态，画出物体A的受力示意图。
（2）如图乙，请画出滑轮组的绕法，实现既省力又改变力的方向。
（3）如图丙所示，白鹭A掠过平静的湖面，请画出小红看到它在水中像的光路图。
五、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
40.用如图甲所示的装置探究滑轮组的机械效率η与动滑轮重G动的关系：
（1）改变动滑轮重，提升同一物体进行多次实验，获得数据并绘制出如图乙所示的图象。分析可知：被提升物体所受的重力相同时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越______。
（2）分析图象中的A点可知，被提升物体所受的重力为______N．（忽略绳重和摩擦）
41.请回答下列几个光学实验涉及到的问题：
（1）如图1，探究光的反射定律时：在纸板前从不同方向都可以看到纸板上入射光AO的径迹，这是因为光在纸板上发生了______反射（选填“镜面”和“漫”）用前后可折的纸板不仅能呈现光路，还能探究反射光线、入射光线和法线是否______，如果让光沿BO方向入射，反射光将沿OA方向射出。这表明，在反射现象中，光路是______的；
（2）如图2，探究“光的折射规律”时，做了两个实验，对比两图，请写出你的两个发现：
①______；
②______；
（3）探究平面镜成像规律时：
①如图3甲，用透明玻璃板代替平面镜的目的是______。实验中透过玻璃板观察蜡烛A的像时，看到在像B处的后面还有一个较模糊、与像B有部分重叠的像，出现两个像的原因是______；
②如图3甲，将光屏放到像的位置，光屏上______（选填“能”或“不能”）承接到像，所以平面镜所成的像是______（选填“虚”或“实”）像；
③如图3乙，若玻璃板上端向左倾斜，蜡烛A在玻璃板中成像的位置会偏______（选填“高”或“低”）；
④如果在图3丙中玻璃板与蜡烛的像之间放一块不透明的挡板，从蜡烛A这侧______（选填“仍能”或“不能”）观察到蜡烛的像。
42.某实验小组用带有定滑轮的木板（定滑轮高度可调）、材料和粗糙程度都相同且大小不等的正方体物块A和B、细绳、弹簧测力计，探究“滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关”。
（1）下面是他们的主要实验过程，请你回答下列问题：
①把木板放到水平桌面上，组装好如图所示的实验装置。准备拉动正方体A时，有组员发现装置安装过程中存在一个错误，这个错误是______。
②消除错误后，他们缓慢匀速的竖直向上提升弹簧测力计，使A物体在水平木板上滑动，并读出此时弹簧测力计的示数F，将接触面的大小和F记入表格。
③用B替换A，调整好定滑轮支架的倾斜角度，仿照步骤②进行操作，读出测力计示数F，将接触面的大小和F记入表格。
④根据f=F算出两次滑动摩擦力的值，记入表格。
（2）该小组探究过程中存在的问题是：______。
（3）请你针对存在的问题，利用现有器材，提出具体的改进方法：______。
43.实验小组在“测量小灯泡额定功率”的实验中，用到的实验器材有：电压恒定为6V的电源、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时灯丝的电阻约为12Ω）、滑动变阻器、开关和若干导线。
（1）请根据实验要求将图甲所示的电路连接完整（导线不能交叉）；
（2）电路连接完整，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到______（选填“A”或“B”）端；
（3）小组同学将电路连接无误后闭合开关，观察到小灯泡不亮且电流表有示数、电压表示无数，电路中只有一处故障，则故障可能是灯泡______；
（4）排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，此时应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）移动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W；
（5）小组同学测量另一个灯泡正常发光时的电功率，电压表意外损坏，经讨论后，选用阻值为R0的定值电阻进行实验，设计如图丙所示的电路，已知灯泡额定电压为U额。请将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为______；
②保持滑动变阻器的滑片P不动，只闭合开关S、S2，读出电流表的示数为I；
③小灯泡正常发光时的电功率PL= ______。（用U额、I、R0表示）
六、计算题：本大题共2小题，共6分。
44.如图所示，将一个盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，用细杆（体积和质量均可忽略）将一个小球按压在水面下，使小球完全浸没在水中。小球静止时，细杆对小球的压力为F。已知：小球的质量m=0.8kg,容器的质量为1kg,小球的体积V=10-3m3，圆柱形容器中水的深度30cm,容器底面积为100cm2。（g=10N/kg）求：
（1）此时小球在水中受到的浮力；
（2）此时容器对桌面的压强；
（3）撤去细杆，当小球再次静止时，液面高度降低了多少？
45.如图，塔式起重机上的滑轮组将重为2.4×104N的重物匀速吊起2m时，此时拉力F=1.0×104N，g取10N/kg。
（1）求提升重物做的有用功；
（2）求滑轮组的机械效率；
（3）若动滑轮的重力为500N，求克服摩擦和钢绳重所做的功。
1.【答案】
【解析】解：人双手捧起的米的质量约为m=300g=0.3kg,则人双手捧起的米的重力约为G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，故B正确。
故选：B。
先估出手捧米的质量，利用重力公式得到米的重力，判断哪个选项符合实际。
本题考查重力的估测，通常先估出物体的质量，再利用重力公式进行计算。
2.【答案】
【解析】解：这套编钟是“双音钟”，用相同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面和侧面时，甬钟的振幅相同，则发出声音的响度相同，由于编钟的材料、结构不变，所以发出声音的音色不变，则可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指音调，因为它们的振动频率不同；用不同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面，甬钟振动的频率相同，则发出声音的音调相同，由于编钟的材料、结构不变，所以发出声音的音色不变，则可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指响度，因为它们的振动幅度不同。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振动幅度和距离发声体远近有关；音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
本题考查了声音的特性，属于声学部分的常考知识。
3.【答案】
【解析】解：手机防窥膜工作原理是由光的直线传播；
A、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；
B、日晷仪说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，故B符合题意；
CD、海市蜃楼和筷子变折是由于光的折射造成的，故CD不符合题意；
故选：B。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的直线传播、光的反射、光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4.【答案】
【解析】解：A、钱学森被誉为“航天之父”，火箭升空是利用物体间力的作用是相互的，故A正确；
B、南仁东被誉为“天眼之父”，天眼是射电望远镜利用了光的反射原理，故B正确；
C、孙家栋被誉为“北斗之父”，北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的，故C正确；
D、袁隆平被誉为“杂交水稻之父”，“稻花香里说丰年”说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：D。
根据科学教的重要贡献进行分析。
本题考查的是物理学常识，属于基础题目。
5.【答案】
【解析】解：由于两次都能在光屏上成清晰的像，所以甲、乙两处都成实像；光屏先后在的甲、乙两处得到烛焰清晰的像，且甲处的像比乙处小，根据“凸透镜成实像时，物近像远像变大”可知，从甲像到乙像在不断地远离凸透镜，即移动蜡烛时，像距变大，故B错误；因此凸透镜在乙的左侧，蜡烛在凸透镜的左侧，故C错误；此时蜡烛的像在远离凸透镜，因此蜡烛也向右移动，故D正确；
由于题干未提供物距和凸透镜的焦距，因此甲处可能成放大的实像也可能成缩小的实像，故A错误。
故选：D。
根据“光屏能承接到的像为实像”分析甲、乙两处所成像的虚实；根据光屏先后在的甲、乙两处得到烛焰清晰的像，且甲处的像比乙处小可知像的大小变化，利用凸透镜成像规律可知凸透镜和蜡烛的位置以及蜡烛的移动方向；根据物距与焦距的可能关系结合凸透镜成像的规律分析甲处所成像的性质。
此题考查凸透镜成像的规律。掌握凸透镜成像的特点是解题关键。
6.【答案】
【解析】解：A、太阳能可以从自然界直接获取的，是一次能源，A错误；
B、太阳能电池板由半导体材料制成，B错误；
C、地面通过电磁波控制“启明星50”，C错误；
D、太阳能是核聚变形成的，D正确。
故选：D。
（1）能从自然界直接获取的能源叫一次能源；
（2）半导体的导电能力介于导体与绝缘体之间；
（3）电磁波的传播不需要介质；
（4）获取核能的方式：核聚变和核裂变。
本题考查了能源、半导体、电磁波与核能的获取方式，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：A、人不可以向落在地面上的“高压线头”靠近，可能会导致跨步电压触电，故A错误；
B、客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四只节能灯是并联的，故B错误；
C、家庭电路中空气开关“跳闸”了，可能是发生了短路现象，故C正确；
D、使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。
故选：C。
（1）高压触电分为高压电弧触电和跨步电压触电。
（2）家庭电路中的各个用电器是并联的。
（3）家庭电路中电流过大的原因：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
（4）使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
本题考查的是家庭电路的组成；知道试电笔的使用规则；知道家庭电路中电流过大的原因。
8.【答案】
【解析】解：
A、在拉力F的作用下，物体M和m一起沿水平方向向左做匀速直线运动，说明两个物体受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，所以F和木块M受到的摩擦力大小相等．此选项正确；
B、在M向左匀速直线运动过程中，m与之同时运动，两者处于相对静止状态，所以m与M之间没有摩擦力．此选项错误；
C、木块M受到的重力及m的重力之和与地面对M的支持力是一对平衡力．此选项错误；
D、原来m随M一起运动，若突然撤去水平拉力F，由于摩擦M立刻停止运动；而由于惯性，木块m下部随M停止运动，而上部将保持原来的运动状态，向左倾倒．此选项错误．
故选A．
（1）做匀速直线运动的物体，受到平衡力的作用；
（2）两个相互接触的物体发生相对运动或有相对运动的趋势时，在接触面上会产生阻碍相对运动的力，这就是摩擦力；
（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性．
此题考查的是我们对力的平衡、摩擦力的产生及其方向的理解和应用．解答摩擦力问题时注意：物体间有摩擦力时别忘了分析，没有摩擦力时别乱分析．
9.【答案】
【解析】解：排球上升过程中依次经过a、b、c三点，到达最高点d。已知物体所受空气阻力会随着其运动速度的增大而增大，则在由a点运动到d点的过程中，阻力是竖直向下的，
重力是竖直向下的，合力等于二力之和，因而阻力最大的位置，合力最大，而a点的速度最大，阻力最大，故排球所受合力最大的是a。
故选：A。
上升时阻力向下，重力方向向下，二力同向，根据力的合成方法解答。
本题考查二力合成方法，属于基础题。
10.【答案】
【解析】解：根据电路图可知，电阻R1、R2串接入电路中，电压表测量电阻R1两端的电压；
AB、气敏电阻的阻值随燃气浓度的增加而减小，当燃气浓度的增加时，气敏电阻的阻值减小，根据串联电路的分压规律气敏电阻分担的电压变小；
根据串联电路的电压规律可知，定值电阻两端电压变大，由于电压表示数大于某一值U时，就会触发报警，所以R2是气敏电阻；
此时电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，故AB错误；
C、达到报警浓度时，电路中的总电阻为最小，电源电压不变，由P=可知，电路的总功率最大，故C正确；
D、电压表的报警电压不变，定值电阻两端电压不变，气敏电阻的电压也不变，若换用阻值更小的定值电阻，根据串联分压规律可知，气敏电阻的阻值变小，警戒浓度将变大，故D错误。
故选：C。
（1）根据电路图可知，电阻R1、R2串接入电路中，电压表测量电阻R1两端的电压；
气敏电阻的阻值随燃气浓度的增加而减小，当燃气浓度增加时，气敏电阻的阻值减小，根据电路总电阻的变化，利用欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析气敏电阻分担电压的变化，根据串联电路电压规律分析定值电阻分担的电压的变化，从而判定哪个电阻为气敏电阻；
（2）（3）由P=分析电路的总功率；电压表的报警电压不变，定值电阻两端电压不变，若换用阻值更大的定值电阻，根据欧姆定律分析气敏电阻阻值的变化。
本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电压规律以及电功率的分析，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：A、该实验中研究的动能是铁球的动能，故A错误；
B、小车与接触面的摩擦属于滚动摩擦力，摩擦力较小，不容易停下来，不便于得到实验结论，故B错误；
C、木块被撞击后滑行距离不同，但木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度都相同，木块对滑行时所受摩擦力相同，故C正确；
D、实验中，让质量相同的铁球从斜面的不同高度由静止释放，使小球到达斜面底端的速度不同，是探究铁球动能的大小与速度的关系，故D错误。
故选：C。
（1）该实验中研究的动能是铁球的动能实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让铁球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证铁球的质量相同；
（2）影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度；
（3）滚动摩擦小于滑动摩擦。
本题考查了控制变量法和转换法的应用以及影响摩擦力的因素等知识，是一道难题。
12.【答案】
【解析】解：ABD、开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，由欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.4A×15Ω=6V，
闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，
当P向M点左移时，R2连入阻值变小，通过R2的电流变大，电流表示数变大，
由于滑动变阻器允许通过最大电流1A，所以，P自M点左移过程中通过滑动变阻器的最大电流为1A，
P在移动过程中滑动变阻器最大功率：P2大=UI2大=6V×1A=6W，故D错误；
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻：R2小===6Ω，
因通过滑动变阻器电流的变化量最大为0.2A，所以，P在M点时通过滑动变阻器的电流：IM=I2大-ΔI=1A-0.2A=0.8A，
P在M点时，滑动变阻器接入电路的电阻：R2M===7.5Ω，
由欧姆定律可知，当通过R2的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
由题意可知，通过R2的最小电流：I2小=IM-ΔI=0.8A-0.2A=0.6A，
则滑动变阻器的最大阻值：R2大===10Ω，故A错误；
P自M点左移减小的电阻：ΔR左=R2M-R2小=7.5Ω-6Ω=1.5Ω，
P自M点右移增加的电阻：ΔR右=R2大-R2M=10Ω-7.5Ω=2.5Ω，
即ΔR左＜ΔR右，由于滑动变阻器接入电路的电阻与滑动变阻器电阻丝接入电路的长度成正比，所以P自M点左移的距离小于自M点右移的距离，故B正确；
C、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，P在移动过程中，通过R1的电流保持不变，由P=UI可知，电阻R1的功率保持不变，故C错误。
故选：B。
（1）开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，当P向M点左移时，R2连入阻值变小，通过R2的电流变大，电流表示数变大，根据滑动变阻器允许通过的最大电流，分析出P自M点左移过程中通过滑动变阻器的最大电流，根据P=UI求出P在移动过程中滑动变阻器最大功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻；根据通过滑动变阻器电流的变化量最大为0.2A，求出P在M点时通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律求出P在M点时，滑动变阻器接入电路的电阻，由欧姆定律可知，当通过R2的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由题意求出通过R2的最小电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，进而求出P自M向两侧移动时滑动变阻器接入电路的电阻变化量，根据滑动变阻器接入电路的电阻与滑动变阻器电阻丝接入电路的长度成正比分析出P自M点左移的距离与自M点右移的距离大小关系；
（2）闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流保持不变，根据P=UI分析电阻R1的功率变化情况。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用以及滑动变阻器接入电路的电阻与接入电阻丝长度之间的关系。
13.【答案】
【解析】解：A、由牛顿第一定律可知，若所有的力全部消失，羽毛球会以原来的速度一直做匀速直线运动，若运动的方向是斜向上或与水平地面平行时，则不会落回地面，故A错误；
B、跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了利用惯性，跳得更远，而不是增大惯性，故B错误；
C、两个力平衡的条件：大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，运动员所受重力与运动员对地面的压力，两个力方向相同，受力物体不同，不是平衡力，故C错误；
D、根据流体压强和流速的关系可知，足球在空中向前做弧线运动，是因为流体流速大的地方压强小，故D正确。
故选：D。
（1）一切物体不受力时总保持静止或匀速直线运动状态。
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
（3）一对平衡力必须同时符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上。
（4）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
此题考查力学的多个知识点；平衡力的辨别与流体压强和流速的关系、惯性概念、力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目。
14.【答案】
【解析】解：闭合开关，定值电阻（或灯泡）和滑动变阻器串联接入电路，根据U=IR可知定值电阻（或灯泡）两端的电压随电流的增大而增大，串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器两端的电压随电流的增大而减小，由乙图可知电压表与滑动变阻器并联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
定值电阻的阻值不变，灯泡的电阻是变化的，所以a是接入定值电阻时记录的数据绘制得到的，b是接入灯泡时记录的数据绘制得到的，故B错误；
当滑动变阻器两端的电压为0.5V时，通过电路的电流为0.7A，当滑动变阻器两端的电压为3.5V时，通过电路的电流为0.1A，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压U=IR定+UV，
代入数据可得0.7A×R定+0.5V=0.1A×R定+3.5V，
解方程可得R定=5Ω，
则电源电压U=IR定+UV=0.7A×5Ω+0.5V=4V，故A错误；
定值电阻和灯泡两端的电压小于1V时，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压大于4V-1V=3V，由乙图可知此时通过定值电阻的电流小于通过灯泡的电流，根据R=可知灯泡的电阻较小，故C正确；
接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知电压表的示数将变小，故D错误。
故选：C。
闭合开关，定值电阻（或灯泡）和滑动变阻器串联接入电路，根据U=IR可知定值电阻（或灯泡）两端的电压随电流的增大而增大，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压随电流的增大而减小，由乙图可知电压表与滑动变阻器并联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
定值电阻的阻值不变，灯泡的电阻是变化的，所以a是接入定值电阻时记录的数据绘制得到的，b是接入灯泡时记录的数据绘制得到的；
当滑动变阻器两端的电压为0.5V时，通过电路的电流为0.7A，当滑动变阻器两端的电压为3.5V时，通过电路的电流为0.2A，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，代入数据解方程可得定值在的阻值和电源电压；
定值电阻和灯泡两端的电压小于1V，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，由乙图可知此时通过定值电阻的电流和通过灯泡的电流，比较电流大小，根据R=比较电阻的大小；
接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知电压表的示数变化。
本题考查串联电压特点和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
15.【答案】
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测L两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻增大时，滑动变阻器两端的电压增大，由欧姆定律可知，此时电路中的电流减小，由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压减小，因此图乙中左侧图线为灯泡的I-U图线，右侧图线为滑动变阻器的I-U图线；
A、调节滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯正常发光的位置，此时电流最大，根据图像知，为0.8A，故A错误；
B、如果灯泡的阻值不变，电流与电压成正比，图像应该是过原点的直线，而图中是曲线，说明电阻是变化的，故B错误；
C、滑片P在最右端时滑动变阻器电阻最大，根据欧姆定律知，电流电流最小，根据图像知滑动变阻器两端电压大于7V，故C错误；
D、当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，并且滑动变阻器分得的电压最大，因此根据图乙可知，此时电路电流为0.8A，灯泡两端电压为7V，滑动变阻器两端电压为3V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=UL1+U滑=3V+7V=10V，
图中A点是交叉点，说明电压相等，即每个的电压是电源电压的一半，即对应的电压是5V，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测L两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻增大时滑动变阻器两端的电压增大，由欧姆定律可知电路中的电流减小，由串联电路的电压特点可知灯泡两端的电压减小，据此分析判断滑动变阻器和灯泡对应的I-U图线；
（1）根据灯泡正常发光时电流最大分析；
（2）根据图像是曲线分析；
（3）滑片P在最右端时滑动变阻器电阻最大，根据欧姆定律知，电流电流最小，根据图像知电压大小；
（4）根据串联分压规律结合交叉点电压相同分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。
16.【答案】
【解析】解：
A、由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，故A错误；
B、球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，球在M点既有动能又有重力势能，球上升至最高点N时，仍水平方向飞行，也既有动能又有重力势能，故B错误；
C、球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，球在N点的机械能一定小于在M点的机械能，但由于球在M、N点的动能大小不确定，因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定，即N点重力势能有可能比M点重力势能大，则最高点N与M点对比，N点可能M高，故C错误；
D、忽略空气阻力，球从N点到Q点机械能守恒，因此球在N点的机械能等于Q点的机械能，故D正确。
故选：D。
机械能包括动能与重力势能；它们之间能相互转化，如果没有摩擦等阻力，机械能的总量保持不变，有摩擦阻力时，机械能的总量减小。
本题考查了机械能和能量之间的相互转化。
17.【答案】
【解析】解：
A、由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为58℃，b图中乙在30～60s温度变大，分子无规则运动越来越剧烈，故A正确；
BCD、由图可知，在0-60s内，甲乙变化图象是重合的，即甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，利用c=可知，甲的比热容大于乙的比热容；质量相同的甲乙，降低相同的温度，甲的比热容大，则甲放出的热量多，所以甲适合做散热剂，故BD正确，C错误。
故选：ABD。
（1）根据温度计的量程和分度值读数；温度升高，分子无规则运动剧烈；
（2）根据图象，利用c=比较比热容的大小；质量相同的不同物质，降低相同的温度时，比热容大的物质放出的热量多。
本题考查了物质的吸热能力的探究实验，关键是利用好吸热公式Q吸=cmΔt和控制变量法的应用。
18.【答案】
【解析】解：A、无人机拍摄时，物体与镜头的距离大于两倍焦距，成的倒立、缩小的实像，故A错误；
B、无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，应该减小物体到镜头的距离，即将摄像机的镜头适当前推，故B正确；
C、无人机使用的无线电信号是电磁波，电磁波在真空传播的速度是3×108m/s,故C正确；
D、该无人机充满电后，电池的总电能：W=UIt=24V×2500×10-3A×1×3600s=2.16×105J，故D错误。
故选：BC。
（1）凸透镜成像时，当u＞2f,物体成倒立、缩小的实像；
（2）凸透镜成实像时，物近像远像变大；
（3）电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；
（4）根据W=UIt求出该无人机充满电后，电池的总电能。
本题考查凸透镜成像的特点、电磁波的速度以及电能的计算，难度不大。
19.【答案】
【解析】解：A、当空气开关自动切断电路时，可能是短路的原因，也可能是用电器的总功率过大，故A正确；
B、电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地，故B正确；
C、插入插座的电视和台灯在电路中是并联的，故C错误；
D、乙图中，电能表所在电路的总功率为：P=UI=220V×40A=8800W，故D错误。
故答案为：AB。
（1）家庭电路中电流过大的原因有两个：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
（2）带金属外壳的家用电器应该接地。
（3）家庭电路的各个电器以及与插座之间是并联的。
（4）“220V 10（40A）”表示这个电能表应该在220V的电路中使用，这个电能表的标定电流为10A，额定最大电流为40A。电能表工作时的电流不应该超过额定最大电流。
根据P=UI进行计算。
本题考查的是电路中电流过大的原因；知道家庭电路中电流过大的原因；会根据P=UI进行计算。
20.【答案】
【解析】解：A、由图可知，n=2，根据η====可知，拉力F为：
F===375N；
由图乙可知，10s内拉力做的功为W总=1500J，则拉力做功的功率为：
P===150W，
根据P===Fv'=Fnv可知，物体A上升的速度为：
v===0.2m/s,故A错误；
B、10s拉力做的额外功为：
W额=（1-η）W总=（1-80%）×1500J=300J，故B正确；
C、不计滑轮组的绳重和摩擦，根据F=（G+G动）可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=nF-mg=2×375N-60kg×10N/kg=150N，
两个滑轮质量相等，其重力相等，则定滑轮的重力也为150N，
物体间力的作用是相互的，且定滑轮处于静止状态，则支架受到滑轮组的拉力F′=3F+G定=3×375N+150N=1275N．故C错误；
D、不计滑轮组的绳重和摩擦，若以相同的速度提升质量为80kg的物体B，则拉力F'为：
F'=（G'+G动）=（m'g+G动）=×（80kg×10N/kg+150N）=475N，
卷扬机的拉力的功率为：
P'===F'v'=F'nv=475N×2×0.2m/s=190W，故D正确。
故选：BD。
（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用η====求出拉力F；根据图乙确定10s内拉力做的功，利用P=求出拉力做功的功率，根据P===Fv'=Fnv求出物体A上升的速度；
（2）根据W额=（1-η）W总求出10s内拉力做的额外功；
（3）不计滑轮组的绳重和摩擦，由F=（G+G动）求得动滑轮的重力，根据物体间力的作用是相互的和力的平衡条件可求支架受到滑轮组的拉力；
（4）不计滑轮组的绳重和摩擦，由F'=（G'+G动）=（m'g+G动）求出拉力F'，根据P'===F'v'=F'nv求出卷扬机的拉力的功率。
本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。
21.【答案】
【解析】解：图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm,即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与2.85cm对齐，故物体的长度为2.85cm-1.00cm=1.85cm。
故答案为：1.85。
使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
本题考查了刻度尺使用，在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法。
22.【答案】
【解析】解：电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为N（北）极。右端为S（南）极，如图所示：
故答案为：N。
利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性。
此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一
23.【答案】
【解析】解：由图可知，温度计的分度值为1℃，温度计的示数越往上越大，所以温度计的示数为29℃。
故答案为：29。
温度计读数时，要注意零刻线、量程、分度值，液柱在零刻线以上记为正值，以下记为负值。
温度计的正确读数是命题热点，注意零刻线、量程、分度值，是读准数的前提。
24.【答案】
【解析】解：从电能表上可以看出显示的数字为31526，最后一位是小数，单位是kW h,故电能表的读数为3152.6kW h。
故答案为：3152.6。
电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW h。
本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表的最后一位是小数，单位是kW h。
25.【答案】
【解析】解：天平标尺的分度值为0.2g,游码对应的刻度值为4g,砝码的总质量为50g+20g=70g,
则金属块的质量为m=70g+4g=74g。
故答案为：74。
被测物体的质量等于砝码质量与游码对应刻度值之和，据此解答。
本题考查质量的测量，掌握天平的使用及其读数是解题的关键。
26.【答案】
【解析】解：长度测量时，刻度线要尽量紧贴被测物体，所以，放置正确的是A刻度尺；
停表小盘分度值为0.5min,指针在1和2之间，偏向2，示数为1min,大盘示数应大于30s,大盘分度值为0.1s,示数为40.3s,所以，停表读数为t=1min40.3s=100.3s；
如图，电压表选择的是0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V。
故答案为：A；100.3；2.4。
①放置刻度尺时要将刻度尺的刻度线与被测长度紧贴；刻度值读数时，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
②秒表分针与秒针示数之和是秒表示数；
③先根据电压表使用的接线柱确定选用的量程，再确定相应的分度值，最后根据指针位置读数。
本题考查了几种测量仪器的读数方法。
27.【答案】
【解析】解：
云在水中飘说明云是运动的，是以水为参照物；
水中的云属于平面镜成像，是由光的反射形成的与物体等大的虚像；
看到水中的鱼，是由于光的折射形成的，从上面看时，会感到鱼的位置比实际位置高一些，是鱼的虚像。
故答案为：水；折射；反射。
判断时首先要确立题中的参照物，然后看被研究物体与参照物之间的距离是否发生变化，变化则物体运动，没有变化则物体静止；
掌握平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。
同时要掌握光的折射现象。我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。
此题主要考查了通过同一幅画面考查了光的反射和光的折射现象。特别是看到的现象同是在水中，很容易搞错。相同之处还有，都是虚像，不同之处是，成像原理不同，做题时一定要仔细，认真。
28.【答案】
【解析】解：彩灯在镜中的像属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射现象
由平面镜成像特点知，彩灯最远处的像与彩灯一样大。
故答案为：反射；一样大。
平面镜中的像是由光的反射光线的反向延长线的交点形成的，所以平面镜中的像是虚像；根据平面镜成像特点可知：像与物体大小相等，像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。
此题主要考查学生对于平面镜成像原理和平面镜成像特点的理解和掌握，难度不大。
29.【答案】
【解析】解：
正常工作一小时，该暖手宝消耗的电能为W=Pt=4W×3600s=14400J。
故答案为：14400。
根据得W=Pt出该暖手宝消耗的电能为。
本题考查电能的计算，是一道综合题。
30.【答案】
【解析】解：（1）热值只与燃料的种类有关，与燃烧情况无关，因此汽油加在T型轿车内与加在L型轿车内热值一样大；
（2）用水做冷却剂是因为质量和升高相同的温度时，能带走更多的热量，主要原因是水的比热容大。
故答案为：一样大；比热容。
（1）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关；
（2）用水做冷却剂是因为水的比热容大。
本题主要考查对燃料热值的理解、比热容的理解以及水的比热容大的应用，属于常见题型。
31.【答案】
【解析】解：（1）由材料可知：二极管是由半导体做成的器件；
（2）多个装饰灯可以交替发光，说明它们独立工作，互不影响，所以是并联。
故答案为：半导体；并联。
（1）发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成。
（2）并联电路中，各个用电器互不影响。
本题考查了半导体、电路的连接方式的判定、能量的转化，属于基础题。
32.【答案】
【解析】解：人做引体向上时的功率：P==，所以实验中需要测出人的重力G、每次重心上升的高度h、向上n次所用的时间t。
故答案为：每次重心上升的高度h；向上n次所用的时间t；。
要测某同学做引体向上的功率，根据公式P=可知，只要测出双臂的拉力对身体做的功和做功需要的时间即可；双臂拉力对身体的做功，就是克服自身重力做的功，根据W=Gh可知，只要测出人的重力，身体向上移动的高度即可。
本题考查了学生对功率公式和做功公式的理解和掌握，以及利用功率公式设计实验方案解决实际问题的应用能力。
33.【答案】
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，
根据U=IR知，当电阻不变时，
ΔU=ΔIR=0.2A×10Ω=2V。
故答案为：2。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律计算电压表的示数变化量，从而得出答案。
本题考查欧姆定律的应用，属于中档题。
34.【答案】
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，
当滑片P滑至最右端时，R2=40Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.6W，
由P=I2R可得变阻器的电流，即电路中电流：
I===0.2A，
由串联电路的电阻规律及欧姆定律可得，电源电压：
U=I（R1+R2）=0.2A×（R1+40Ω）……①
当变阻器连入电路的电阻为R2中=20Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.8W，
同理可得，电路中的电流：
I′===0.3A，
同理可得，电源电压：
U=I′（R1+R2中）=0.3A×（R1+20Ω）……②
由①②得：U=12V；R1=20Ω；
当滑片滑至最右端时，电路中的电流为0.2A，
则通电10s电流通过R1产生的热量是：
Q=I2R1t=（0.2A）2×20Ω×10s=8J。
故答案为：8。
由电路图可知，R1与R2串联，当滑片P滑至最右端时，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率，由P=I2R可得电路中的电流，由串联电路的电阻规律及欧姆定律得出电源电压表达式；当变阻器连入电路的电阻为R2中=20Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.8W，同理求出电路中的电流大小，由串联电路的电阻规律及欧姆定律得出电源电压表式，根据电源电压不变列方程求出电源电压U和R1大小；
当滑片滑至最右端时，已知电流大小，由Q=I2Rt求出通电10s电流通过R1产生的热量。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
35.【答案】
【解析】解：由图像可知，第8至12分钟，该物质处于液态，则这4分钟液体吸收的热量为：
Q=cmΔt=2×103J/（kg ℃）×0.6kg×（80℃-60℃）=2.4×104J；
该物质每分钟吸收的热量为：
晶体在熔化时温度保持不变，由图像可知，该物质从第2分钟开始熔化，至第8分钟熔化过程结束，需要6分钟，则吸收的热量为：
Q″=6Q′=6×0.6×104J=3.6×104J，
质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做该物质的熔化热，则熔化热为：
。
故答案为：6×104。
该物质液态时的比热容为2×103J/（kg ℃），由图像可知，第8至12分钟，该物质处于液态，根据Q=cmΔt算出这4分钟液体吸收的热量，进而算出该物质每分钟吸收的热量；
晶体在熔化时温度保持不变，由图像可知，该物质从第2分钟开始熔化，至第8分钟熔化过程结束，需要6分钟，根据在相同的时间内吸收的热量相等算出此时吸收的热量，根据Q=mq算出熔化热。
本题考查了对吸热公式的应用及对新概念的接受能力，能够从图象中获取信息是关键，要理解加热时间与吸收热量的关系。
36.【答案】
【解析】解：机器人的重力为G=mg=60kg×10N/kg=600N，
机器人受到的平均阻力f=0.05G=0.05×600N=30N，
因为机器人做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上牵引力 F与阻力 f是一对平衡力，大小相等，所以牵引力F=f=30N，
牵引力做的功为W=Fs=30N×2m=60J，
牵引力做功的功率为。
故答案为：15。
根据G=mg得到机器人的重力，因机器人沿直线匀速运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据二力平衡得出机器人所受牵引力，根据W=Fs得到牵引力做的功，根据P=得到牵引力做功的功率。
本题考查重力和功率的计算，综合性强，难度适中。
37.【答案】
【解析】解：（1）由表中数据可知，海拔高度越高，大气压强越小，水的沸点越低，当海拔高度为3000m时，水的沸点在95.2℃和88.4℃之间，故此处水的沸点可能是90℃，故选C；
（2）现象：橡皮膜凸起；解释：从北京到拉萨大气压变小，玻璃瓶外气压小于瓶内气压，使得膜受到的向内的压力小于向外的压力，因此橡皮膜凸起。
（1）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；
（2）大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。
本题考查了液体沸点和气压的关系、大气压和高度的关系，属于基础题。
38.【答案】
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1l1=F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
39.【答案】
【解析】（1）轻拉弹簧，水平面上的物体A和B处于静止状态，A与B没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，A不受摩擦力作用；在竖直方向上A受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，二力是一对平衡力，作用点在A的重心，从作用点分别沿力的方向画一条带箭头的线段，在箭头附近分别标上符号G、F，如图所示：
（2）题目要求使用该滑轮组提升重物时既省力又能改变力的方向，说明绳端拉力的方向应向下，由外向里，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，最后固定在定滑轮的下挂钩上，如图所示：
（3）平静的湖面相当于平面镜，根据平面镜成像的特点，作出发光点A关于水面的对称点，即为白鹭A成的像A′；连接A′与人眼，与水面交于O，O为入射点，O到人眼的光线为反射光线，连接AO为入射光线，如图所示：
（1）轻拉弹簧，水平面上的物体A和B处于静止状态，A与B没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，A不受摩擦力作用；在竖直方向上A受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，根据力的示意图的画法作图；
（2）题目要求“既省力又能改变力的方向”，说明绳端拉力的方向应向下，据此由外向里依次绕成；
（3）平静的湖面相当于平面镜，根据平面镜成像的特点（物像关于平面镜对称），先作出发光点白鹭A关于水面的对称点，可得白鹭A成的像A′；连接A′与人眼，可得入射点O，进而画出反射光线、入射光线。
本题考查了力的示意图的画法、滑轮组的绕法，以及平面镜成像特点的应用，属于基础题目。
40.【答案】
【解析】解：
（1）根据图乙可知，被提升物体所受的重力相同时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低；
（3）根据图乙可知，当动滑轮重为1N时，滑轮组的机械效率为80%，根据η===得物重为：
G===3N。
故答案为：（1）低；（2）3。
（1）根据机械效率与动滑轮重的关系得出相应的结论；
（2）根据η===即可求出被提升物体所受的重力。
此题是探究“影响滑轮组机械效率与动滑轮重关系”的实验，考查了实验注意事项、图象分析以及机械效率公式的应用。
41.【答案】
【解析】（1）人在纸板前从不同方向都可以看到入射光AO的径迹，这是因为光在纸板上发生了漫反射；
将纸板的右半部分向前后翻折，就不会看到反射光线，只有当整个光屏为一平面时，才能够看到反射光线，说明反射光线、入射光线、法线共面。这说明光屏可以验证反射光线跟入射光线和法线是否在同一平面上；
将一束光沿BO射到O点，发现光沿图中OA方向射出，说明光反射时，光路是可逆的；
（2）①光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，折射角总是小于入射角；
②光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，入射角相同，折射角的大小与介质种类有关；
（3）①采用平板玻璃，既可以反射光线成像，也可以让光线透过，便于确定像的位置；
玻璃板两个面都可以反射光线成像，如果太厚，两个像的位置相差就很远，形成重叠的像，故出现两个像的原因是玻璃板有厚度，光经过玻璃板的两个面反射形成两个像；
②虚像不能成在光屏上，将光屏放在蜡烛B的位置上，发现光屏上不能承接到蜡烛A的像，这说明平面镜成像时成的是虚像；
③由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板上端向左倾斜，蜡烛A在玻璃板中成像的位置会偏高；
④平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块挡光板，则能看见物体的像A。
故答案为：（1）漫；同一平面；可逆；（2）①光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，折射角总是小于入射角；②光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，入射角相同，折射角的大小与介质种类有关；（3）①便于确定像的位置；玻璃板太厚；②不能；虚；③高；④仍能。
（1）从不同方向都能看到入射光AO的径迹，是因为从各个角度都有反射光进入人的眼睛的缘故；
光的反射定律：反射光线、入射光线、法线都在同一平面内。反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
沿反射光线的方向入射时，反射光线沿入射光线的方向射出；
（2）由图可知，光线射入的介质不同时，其折射角也不同，据此解答；
（3）①利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
较厚的玻璃板两面，都可以成像，会出现了两个不重合的像，从而影响实验效果；
②虚像不能成在光屏上；
③由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛A的像偏高；
④平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像。
本题主要考查了光的反射定律、光的折射规律、平面镜成像特点实验，这三个实验时光学中的重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。
42.【答案】
【解析】解：（1）只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。故错误是：没有沿水平方向拉动物体；
（2）研究滑动摩擦力的大小与接触面积的关系，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，只改变接触面积大小，该小组探究过程中存在的问题是：没有控制压力相同。
（3）为了控制压力相同，接触面积的大小不同，木块A放在木块B上，细线的一端系在木块B的挂钩上，另一端绕过滑轮系在弹簧测力计的挂钩上，竖直向上匀速拉动测力计，使木块A和B在水平力作用下沿水平木板做匀速直线运动，读出测力计的示数为F1记录；再将木块B在木块A，重复上面的实验。
故答案为：（1）没有沿水平方向拉动物体；（2）没有控制压力相同；（3）木块A放在木块B上，细线的一端系在木块B的挂钩上，另一端绕过滑轮系在弹簧测力计的挂钩上，竖直向上匀速拉动测力计，使木块A和B在水平力作用下沿水平木板做匀速直线运动，读出测力计的示数为F1记录；再将木块B放在木块A上，重复上面的实验。
43.【答案】
【解析】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为12Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为
故电流表选用小量程与开关串联在电路中，电压表选用小量程并联在灯泡两端，滑动变阻器“一上一下”接入电路，如下图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最A端。
（3）灯与变阻器串联，电流表测电路的电流，电压表测灯的电压，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，若电路中只有一处故障，则故障可能是小灯泡短路。
（4）排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，小于灯泡额定电压2.5V，要测灯泡额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故此时应将滑动变阻器的滑片向右移动；由（1）可知，电流表选用小量程，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡额定功率为PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W
（5）在步骤①中，灯泡和R0并联，电流表测定值电阻的电流，由欧姆定律，定值电阻两端的电压为
根据并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，此时灯正常发光；在步骤②中，电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流
小灯泡正常发光时的电功率
故答案为：（1）；
（2）A；
（3）短路；
（4）右；0.5；
（5）； 。
（1）小灯泡额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为12Ω，由欧姆定律求出灯的额定电流，据此确定电流表量程，将电流表串联在电路中；
（2）为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）小组同学电路连接无误后闭合开关，观察到电流表有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路；
（4）根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据（1）确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
（5）要测小灯泡额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为时，由并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据R=写出小灯泡的额定功率表达式。
本题测小灯泡额定功率实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、实验操作、电流表读数、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
44.【答案】
【解析】（1）由于小球完全浸没，小球排开水的体积等于小球的体积，即V排=V球=10-3m3
根据阿基米德原理得出此时小球在水中受到的浮力为
（2）小球的重力G球=mg=0.8kg×10N/kg=8N
细杆对小球的压力为F=F浮-G球=10N-8N=2N；
容器的重力G容=m容g=1kg×10N/kg=10N
水和小球的体积
则水的体积
水的质量为
水的重力为G水=m水g=2kg×10N/kg=20N
容器对桌面的压力F压=F+G球+G容+G水=2N+8N+10N+20N=40N
此时容器对桌面的压强p===4000Pa；
（3）因为F浮=10N＞G球=8N
所以撤去细杆后，小球将上浮，最终漂浮在水面上。当小球漂浮时F浮'=G球=8N
此时排开水的体积
排开水的体积的变化量
撤去细杆，当小球再次静止时，液面高度降低了。
答：（1）此时小球在水中受到的浮力为10N；
（2）此时容器对桌面的压强为4000Pa；
（3）撤去细杆，当小球再次静止时，液面高度降低了2cm。
（1）由于小球完全浸没，小球排开水的体积等于小球的体积，根据阿基米德原理得出此时小球在水中受到的浮力；
（2）根据G=mg得出小球的重和容器的重力；根据F=F浮-G球得出细杆对小球的压力；得出水和小球的体积，进而得出水的体积，根据密度公式可知水的质量，根据重力公式可知水的重力，根据F压=F+G球+G容+G水得出容器对桌面的压力，结合压强公式得出此时容器对桌面的压强；
（3）结合浮沉条件得出小球所受浮力，由F浮=ρ液gV排可知此时排开水的体积；进而得出排开水的体积的变化量及液面高度变化量。
本题考查压强和浮力的知识，是一道综合题。
45.【答案】
【解析】（1）利用W有=Gh求提升重物做的有用功；
（2）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh,利用W总=Fs求拉力做的总功，利用η=×100%求滑轮组的机械效率；
（3）利用W总=W有+W额求总的额外功，利用W动=G动h求克服动滑轮重力做的功，进而求出克服摩擦和钢绳重所做的功。
本题考查使用滑轮组时功和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
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一、单选题：本大题共16小题，共32分。
1.“掬手为升”是我国古代的计量方法之一，“掬”即为双手捧。如图所示，人双手捧起米所用的力约为（ ）
A. 0.3N B. 3N C. 30N D. 300N
2.到今天仍然可以用来演奏。经过专家鉴定，这套编钟是“双音钟”，用相同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面和侧面，就可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指________，用不同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面也可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指________（ ）
A. 音调 响度 B. 响度 音调 C. 音色 响度 D. 音色 音调
3.如图甲所示为手机防窥膜结构图，采用了超细百叶窗光学技术。贴在手机屏幕上的效果如图乙所示，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，如图丙所示。下列光现象中与手机防窥膜工作原理相同的是（ ）
A. 水中倒影 B. 日晷仪
C. 海市蜃楼 D. 筷子弯折
4.科技推动社会进步，也体现国家的综合实力。下列选项中不正确的是（ ）
A. 钱学森被誉为“航天之父”，火箭升空——物体间力的作用是相互的
B. 南仁东被誉为“天眼之父”，天眼是射电望远镜——利用了光的反射原理
C. 孙家栋被誉为“北斗之父”，北斗卫星导航系统——通过电磁波传递信息
D. 袁隆平被誉为“杂交水稻之父”，“稻花香里说丰年”——说明了分子间有引力
5.如图所示，凸透镜位于光具座上某处，且位置不变，移动蜡烛，光屏上先后两次在甲、乙两处得到烛焰清晰的像，则（ ）
A. 甲处像一定是缩小的 B. 移动蜡烛时，像距可能是增大的
C. 凸透镜位置可能在乙的右侧 D. 蜡烛的移动方向一定向右
6.如图所示是我国的太阳能无人机“启明星50”，它是第一款以太阳能为唯一动力能源的全电大型无人机，通过在全身布满太阳能电池板为无人机提供动力。下列有关说法正确的是（ ）
A. 太阳能是二次能源 B. 太阳能电池板是由超导材料制成的
C. 地面通过超声波控制“启明星50” D. 太阳能是太阳内部发生核聚变产生的能量
7.关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A. 人可以向落在地面上的“高压线头”靠近
B. 客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四只节能灯一定是串联的
C. 家庭电路中空气开关“跳闸”了，可能是发生了短路现象
D. 使用试电笔时，手指不能触碰笔尾金属体
8.如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上面，在水平拉力F作用下一起向左做匀速直线运动，空气阻力不计，下列判断正确的是（ ）
A. 水平拉力F和木块M受到的摩擦力大小相等
B. 木块m受到方向向左的摩擦力
C. 木块M受到的重力和地面对木块M的支持力是一对平衡力
D. 若突然撤去水平拉力F，木块m将向右倾倒
9.如图所示，小红竖直向上垫起排球，排球依次经过a、b、c三处，到达最高处d。已知排球所受空气阻力随运动速度的增大而增大。则排球经过四处时，所受合力最大的是（ ）
A. a处
B. b处
C. c处
D. d处
10.如图所示是一种天然气浓度检测的电路图，电源电压保持不变，电阻R1、R2中，一个是定值电阻，另一个是气敏电阻。气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小。闭合开关后，当气敏电阻所在处的天然气浓度升高，电压表示数增大，超过量程时就会触发报警器报警，下列说法中正确的是（ ）
A. R1是气敏电阻
B. 随着天然气浓度增加，通过定值电阻的电流变小
C. 达到报警浓度时，电路的总功率最大
D. 要使报警浓度变低，可以换用阻值更小的定值电阻
11.在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，让质量相同的铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的同一木块，能将木块撞出一段距离，如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 该实验中研究的动能是指木块的动能
B. 用小车代替木块更便于得到实验结论
C. 木块被撞后滑行距离不同，但滑行时所受摩擦力相同
D. 该实验的目的是探究物体动能的大小与高度的关系
12.如图，电路中电源电压不变，电阻R1的阻值为15Ω，滑动变阻器铭牌上标有“1A”字样。开关S闭合，S1断开时，电流表的示数为0.4A；再闭合S1，当滑片P自某处M点分别向左、右移动时，发现电流表示数可发生变化的最大值均为0.2A，则（ ）
A. 滑动变阻器最大阻值是12Ω
B. P自M点左移的距离小于自M点右移的距离
C. P在移动过程中电阻R1的功率变化量为2.4W
D. P在移动过程中滑动变阻器最大功率为0.6W
13.各类运动项目中蕴含着丰富的物理知识，下列描述正确的是（ ）
A. 羽毛球比赛中，球在空中飞行，若所有力全部消失，球会落向地面
B. 跳远运动员需要助跑，是为了增大惯性，跳得更远
C. 举重运动员举起杠铃站立静止时，运动员所受重力与水平地面对运动员的支持力是一对平衡力
D. 足球比赛中的“香蕉球”利用了气体流速大的地方压强小
14.如图甲所示电路，电源电压不变，将一个定值电阻接入虚线框处，并将一只电压表（图中未画出）并联在某段电路两端，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，多次记录两电表示数；断开开关，只将定值电阻更换为小灯泡，再次获取数据并记录，将记录的数据绘制成如图乙所示的I-U图像。下列分析中正确的是（ ）
A. 电源电压为3.5V
B. 图线b是用接入定值电阻时记录的数据绘制得到的
C. 定值电阻和小灯泡两端的电压在小于1V时，小灯泡的电阻较小
D. 接入小灯泡后，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表的示数将变大
15.如图甲所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表示数与两电压表示数的关系如图乙所示。对于这个电路，下列说法中正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定电流是0.2A
B. 此过程中灯泡的阻值不变
C. 滑片P在最右端时滑动变阻器两端电压是7V
D. 图中A点对应的电压是5V
16.如图所示，小球以某速度从M点开始沿粗糙轨道MOP运动，经P点离开轨道，上升至最高点N，又下落经过Q点，N位于P、Q之间，O、P、Q处在同一水平高度。不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 小球经过O、P两点时动能相等
B. 小球到达最高点N时速度一定为零
C. 小球到达的最高点N不可能高于M点
D. 小球经过N点时的机械能等于经过Q点时的机械能
二、多选题：本大题共4小题，共8分。
17.如图a所示，用相同的加热器给初温均为20℃的甲、乙液体加热（m甲＜m乙）；两种液体每秒吸收的热量相同，这两种液体的温度一加热时间的图像如图b所示，则（ ）
A. a图中乙里面温度计示数为58℃，b图中乙在30～60s分子无规则运动越来越剧烈
B. 甲液体的比热容比乙液体的比热容大
C. 甲液体的比热容和乙液体的比热容相等
D. 如果选一种液体作为散热剂，甲比乙好
18.无人机是通过无线电遥控设备或机载计算机程控系统进行操控的不载人飞行器，如图所示。无人机的应用领域非常广泛，涵盖了应急通讯、航拍测绘、以及国防军工等多个行业。无人机航拍影像具有高清晰、高现实性的优点。某小型无人机电池电压为24V，电池容量为2500mAh,（电池容量=放电电流×放电时间，2500mAh是指以2500mA的电流能连续工作1h）下列说法中正确的是（ ）
A. 无人机镜头所成的像是放大的实像
B. 无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，还应将摄像机的镜头适当前推
C. 无人机使用的无线电信号在真空传播的速度是3×108m/s
D. 该无人机充满电后，电池的总电能为2.16×108J
19.如图甲所示是部分家庭电路的简化图，下列说法正确的是（ ）
A. 当空气开关自动切断电路时，不一定是短路的原因
B. 电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
C. 插入插座的电视和台灯在电路中是串联的
D. 乙图中，电能表所在电路的总功率不能超过2200W
20.如图所示，物体A的质量为60kg,卷扬机工作时以拉力F向下拉动绳子自由端，同时提升物体A匀速竖直上升。作用在绳子自由端的拉力F所做的功W随时间t的变化关系如图乙所示。若提升物体A的过程中滑轮组的机械效率为80%，已知两个滑轮质量相等，不计绳重和摩擦（g=10N/kg），此过程中下列说法正确的是（ ）
A. 物体A上升的速度是0.4m/s
B. 10s内额外功是300J
C. 提升重物A过程中定滑轮对支架的拉力为1125N
D. 若以相同的速度提升质量为80kg的物体B，则卷扬机的拉力的功率为190W
三、填空题：本大题共17小题，共27分。
21.如图所示，物体A的长度为______cm。
22.根据如图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是______极。
23.如图所示，温度计的示数是______℃。
24.如图所示电能表的示数为______kW h。
25.用调节好的天平测金属块的质量，砝码及游码位置如图所示，则金属块的质量为______g。
26.如图甲所示，用A、B两把刻度尺测量同一物体的长度，放置正确的是______（选填“A”或“B”）刻度尺；图乙秒表的读数是______s；图丙电压表的示数是______V。
27.小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云上游”的现象。“云在水中飘”是小明以______为参照物看到“云”在水中运动的现象。“鱼在云上游”是鱼通过水面的______形成的虚像和云在水面的______形成的虚像同时出现的现象。
28.某景点的星光梦幻馆如图所示，它由彩灯和若干镜子组合而成，彩灯在镜中的像是光的______形成的。一眼望去，感觉镜中彩灯的像越远越小，根据学过的物理知识可知，此彩灯最远处的像与彩灯相比______（填“彩灯更大”“像更大”或“一样大”）。
29.为了抵御极寒，小胡同学购买了某种品牌的暖手宝，如图所示该型号暖手宝额定功率为4W，电池容量为7000mA h,充放电时的电压均为5V，若不考虑能量的损失，则正常工作一小时，该暖手宝消耗的电能为______J。
30.有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能，排气更清洁。同样的汽油加在T型轿车内与加在L型轿车内相比热值______（选填“更大”、“一样大”或“更小”）；为防止发动机温度过高，用水进行冷却，这是利用水的______较大。
31.2024年12月9日，西安新地标“生命之树”景观正式亮相，吸引许多市民围观打卡。如图所示，“生命之树”的装饰小彩灯采用的是发光二极管，其主要制作材料是______（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；多个小彩灯可以交替发光，说明它们之间是______（选填“串联”或“并联”）的。
32.引体向上是一种体育运动，如图所示：该运动的规范动作是：两手正握单杠，身体自然悬垂，上拉时，下颚超过单杠；下放时，两臂放直，不能曲臂。这样上拉、下放，重复动作，达到锻炼的目的。小明同学想测出自己引体向上的功率大小，则其需要测量的物理量有自己的体重G、______、______，用上述测量的物理量写出做引体向上的功率的表达式P=______。
33.如图所示电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为10Ω，闭合开关后，将滑动变阻器R2的滑片从某个位置向右滑动一段距离，使变阻器阻值增加了5Ω，电流表示数减少了0.2A，则电压表示数的变化量是______V。
34.如图甲所示，滑动变阻器R2最大阻值是40Ω。闭合开关，移动滑动变阻器，其功率P与阻值R的图象如图乙所示，当滑片滑至最右端时，通电10s,电流通过R1产生的热量是 J。
35.小明用酒精灯均匀加热0.6kg某固体（酒精灯在单位时间内放出的热量相同），其熔化过程中温度随时间变化图像如图所示。规定“质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做该物质的熔化热”，如果该物质液态时的比热容为2×103J/（kg ℃），通过图像试计算出该固体的熔化热为______J/kg。
36.2025年春晚节目《秧BOT》中，16台人形机器人“福兮”与舞蹈演员共同表演东北秧歌，行云流水的舞步惊艳全场，如图所示，机器人能够快速移动，旋转手绢等高难度动作，若一个机器人的质量为60kg,双脚站立时与舞台的接触面积为0.04m2，在舞台上4s沿直线匀速移动2m。若机器人沿直线匀速运动时在水平方向上受到的平均阻力为重力的0.05倍，则4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率是______W。
37.小阳在学习了大气压强的知识后，上网查阅了相关资料如表所示，请利用信息回答下列问题：
城市 海拔高度/m 大气压/kPa 水的沸点/℃
北京 43.5 100.87 100
成都 505.9 94.77 98.4
贵阳 1071.2 88.79 96.6
兰州 1517.2 84.31 95.2
拉萨 3658.0 65.23 88.4
（1）海拔高度为3000米处，水的沸点可能是 ；
A、75℃
B、83℃
C、90℃
D、100℃
（2）若他将一个用橡皮膜密封的玻璃瓶（如图所示）从北京带到拉萨，请你推断橡皮膜发生的变化并解释该现象产生的原因： 。
四、作图题：本大题共2小题，共2分。
38.如图所示用杠杆OA提升重物G，为使杠杆OA在图示位置能保持静止，请画出作用在A点的最小力。
39.按题目要求作图。
（1）如图甲，轻拉弹簧，水平面上的物体A和B处于静止状态，画出物体A的受力示意图。
（2）如图乙，请画出滑轮组的绕法，实现既省力又改变力的方向。
（3）如图丙所示，白鹭A掠过平静的湖面，请画出小红看到它在水中像的光路图。
五、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
40.用如图甲所示的装置探究滑轮组的机械效率η与动滑轮重G动的关系：
（1）改变动滑轮重，提升同一物体进行多次实验，获得数据并绘制出如图乙所示的图象。分析可知：被提升物体所受的重力相同时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越______。
（2）分析图象中的A点可知，被提升物体所受的重力为______N．（忽略绳重和摩擦）
41.请回答下列几个光学实验涉及到的问题：
（1）如图1，探究光的反射定律时：在纸板前从不同方向都可以看到纸板上入射光AO的径迹，这是因为光在纸板上发生了______反射（选填“镜面”和“漫”）用前后可折的纸板不仅能呈现光路，还能探究反射光线、入射光线和法线是否______，如果让光沿BO方向入射，反射光将沿OA方向射出。这表明，在反射现象中，光路是______的；
（2）如图2，探究“光的折射规律”时，做了两个实验，对比两图，请写出你的两个发现：
①______；
②______；
（3）探究平面镜成像规律时：
①如图3甲，用透明玻璃板代替平面镜的目的是______。实验中透过玻璃板观察蜡烛A的像时，看到在像B处的后面还有一个较模糊、与像B有部分重叠的像，出现两个像的原因是______；
②如图3甲，将光屏放到像的位置，光屏上______（选填“能”或“不能”）承接到像，所以平面镜所成的像是______（选填“虚”或“实”）像；
③如图3乙，若玻璃板上端向左倾斜，蜡烛A在玻璃板中成像的位置会偏______（选填“高”或“低”）；
④如果在图3丙中玻璃板与蜡烛的像之间放一块不透明的挡板，从蜡烛A这侧______（选填“仍能”或“不能”）观察到蜡烛的像。
42.某实验小组用带有定滑轮的木板（定滑轮高度可调）、材料和粗糙程度都相同且大小不等的正方体物块A和B、细绳、弹簧测力计，探究“滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关”。
（1）下面是他们的主要实验过程，请你回答下列问题：
①把木板放到水平桌面上，组装好如图所示的实验装置。准备拉动正方体A时，有组员发现装置安装过程中存在一个错误，这个错误是______。
②消除错误后，他们缓慢匀速的竖直向上提升弹簧测力计，使A物体在水平木板上滑动，并读出此时弹簧测力计的示数F，将接触面的大小和F记入表格。
③用B替换A，调整好定滑轮支架的倾斜角度，仿照步骤②进行操作，读出测力计示数F，将接触面的大小和F记入表格。
④根据f=F算出两次滑动摩擦力的值，记入表格。
（2）该小组探究过程中存在的问题是：______。
（3）请你针对存在的问题，利用现有器材，提出具体的改进方法：______。
43.实验小组在“测量小灯泡额定功率”的实验中，用到的实验器材有：电压恒定为6V的电源、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时灯丝的电阻约为12Ω）、滑动变阻器、开关和若干导线。
（1）请根据实验要求将图甲所示的电路连接完整（导线不能交叉）；
（2）电路连接完整，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到______（选填“A”或“B”）端；
（3）小组同学将电路连接无误后闭合开关，观察到小灯泡不亮且电流表有示数、电压表示无数，电路中只有一处故障，则故障可能是灯泡______；
（4）排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，此时应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）移动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W；
（5）小组同学测量另一个灯泡正常发光时的电功率，电压表意外损坏，经讨论后，选用阻值为R0的定值电阻进行实验，设计如图丙所示的电路，已知灯泡额定电压为U额。请将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为______；
②保持滑动变阻器的滑片P不动，只闭合开关S、S2，读出电流表的示数为I；
③小灯泡正常发光时的电功率PL= ______。（用U额、I、R0表示）
六、计算题：本大题共2小题，共6分。
44.如图所示，将一个盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，用细杆（体积和质量均可忽略）将一个小球按压在水面下，使小球完全浸没在水中。小球静止时，细杆对小球的压力为F。已知：小球的质量m=0.8kg,容器的质量为1kg,小球的体积V=10-3m3，圆柱形容器中水的深度30cm,容器底面积为100cm2。（g=10N/kg）求：
（1）此时小球在水中受到的浮力；
（2）此时容器对桌面的压强；
（3）撤去细杆，当小球再次静止时，液面高度降低了多少？
45.如图，塔式起重机上的滑轮组将重为2.4×104N的重物匀速吊起2m时，此时拉力F=1.0×104N，g取10N/kg。
（1）求提升重物做的有用功；
（2）求滑轮组的机械效率；
（3）若动滑轮的重力为500N，求克服摩擦和钢绳重所做的功。
1.【答案】
【解析】解：人双手捧起的米的质量约为m=300g=0.3kg,则人双手捧起的米的重力约为G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，故B正确。
故选：B。
先估出手捧米的质量，利用重力公式得到米的重力，判断哪个选项符合实际。
本题考查重力的估测，通常先估出物体的质量，再利用重力公式进行计算。
2.【答案】
【解析】解：这套编钟是“双音钟”，用相同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面和侧面时，甬钟的振幅相同，则发出声音的响度相同，由于编钟的材料、结构不变，所以发出声音的音色不变，则可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指音调，因为它们的振动频率不同；用不同力度轻轻敲击同一个甬钟的正面，甬钟振动的频率相同，则发出声音的音调相同，由于编钟的材料、结构不变，所以发出声音的音色不变，则可以发出两种不同的声音，这里的“不同”是指响度，因为它们的振动幅度不同。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振动幅度和距离发声体远近有关；音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
本题考查了声音的特性，属于声学部分的常考知识。
3.【答案】
【解析】解：手机防窥膜工作原理是由光的直线传播；
A、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；
B、日晷仪说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，故B符合题意；
CD、海市蜃楼和筷子变折是由于光的折射造成的，故CD不符合题意；
故选：B。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的直线传播、光的反射、光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4.【答案】
【解析】解：A、钱学森被誉为“航天之父”，火箭升空是利用物体间力的作用是相互的，故A正确；
B、南仁东被誉为“天眼之父”，天眼是射电望远镜利用了光的反射原理，故B正确；
C、孙家栋被誉为“北斗之父”，北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的，故C正确；
D、袁隆平被誉为“杂交水稻之父”，“稻花香里说丰年”说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：D。
根据科学教的重要贡献进行分析。
本题考查的是物理学常识，属于基础题目。
5.【答案】
【解析】解：由于两次都能在光屏上成清晰的像，所以甲、乙两处都成实像；光屏先后在的甲、乙两处得到烛焰清晰的像，且甲处的像比乙处小，根据“凸透镜成实像时，物近像远像变大”可知，从甲像到乙像在不断地远离凸透镜，即移动蜡烛时，像距变大，故B错误；因此凸透镜在乙的左侧，蜡烛在凸透镜的左侧，故C错误；此时蜡烛的像在远离凸透镜，因此蜡烛也向右移动，故D正确；
由于题干未提供物距和凸透镜的焦距，因此甲处可能成放大的实像也可能成缩小的实像，故A错误。
故选：D。
根据“光屏能承接到的像为实像”分析甲、乙两处所成像的虚实；根据光屏先后在的甲、乙两处得到烛焰清晰的像，且甲处的像比乙处小可知像的大小变化，利用凸透镜成像规律可知凸透镜和蜡烛的位置以及蜡烛的移动方向；根据物距与焦距的可能关系结合凸透镜成像的规律分析甲处所成像的性质。
此题考查凸透镜成像的规律。掌握凸透镜成像的特点是解题关键。
6.【答案】
【解析】解：A、太阳能可以从自然界直接获取的，是一次能源，A错误；
B、太阳能电池板由半导体材料制成，B错误；
C、地面通过电磁波控制“启明星50”，C错误；
D、太阳能是核聚变形成的，D正确。
故选：D。
（1）能从自然界直接获取的能源叫一次能源；
（2）半导体的导电能力介于导体与绝缘体之间；
（3）电磁波的传播不需要介质；
（4）获取核能的方式：核聚变和核裂变。
本题考查了能源、半导体、电磁波与核能的获取方式，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：A、人不可以向落在地面上的“高压线头”靠近，可能会导致跨步电压触电，故A错误；
B、客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四只节能灯是并联的，故B错误；
C、家庭电路中空气开关“跳闸”了，可能是发生了短路现象，故C正确；
D、使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。
故选：C。
（1）高压触电分为高压电弧触电和跨步电压触电。
（2）家庭电路中的各个用电器是并联的。
（3）家庭电路中电流过大的原因：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
（4）使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
本题考查的是家庭电路的组成；知道试电笔的使用规则；知道家庭电路中电流过大的原因。
8.【答案】
【解析】解：
A、在拉力F的作用下，物体M和m一起沿水平方向向左做匀速直线运动，说明两个物体受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，所以F和木块M受到的摩擦力大小相等．此选项正确；
B、在M向左匀速直线运动过程中，m与之同时运动，两者处于相对静止状态，所以m与M之间没有摩擦力．此选项错误；
C、木块M受到的重力及m的重力之和与地面对M的支持力是一对平衡力．此选项错误；
D、原来m随M一起运动，若突然撤去水平拉力F，由于摩擦M立刻停止运动；而由于惯性，木块m下部随M停止运动，而上部将保持原来的运动状态，向左倾倒．此选项错误．
故选A．
（1）做匀速直线运动的物体，受到平衡力的作用；
（2）两个相互接触的物体发生相对运动或有相对运动的趋势时，在接触面上会产生阻碍相对运动的力，这就是摩擦力；
（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性．
此题考查的是我们对力的平衡、摩擦力的产生及其方向的理解和应用．解答摩擦力问题时注意：物体间有摩擦力时别忘了分析，没有摩擦力时别乱分析．
9.【答案】
【解析】解：排球上升过程中依次经过a、b、c三点，到达最高点d。已知物体所受空气阻力会随着其运动速度的增大而增大，则在由a点运动到d点的过程中，阻力是竖直向下的，
重力是竖直向下的，合力等于二力之和，因而阻力最大的位置，合力最大，而a点的速度最大，阻力最大，故排球所受合力最大的是a。
故选：A。
上升时阻力向下，重力方向向下，二力同向，根据力的合成方法解答。
本题考查二力合成方法，属于基础题。
10.【答案】
【解析】解：根据电路图可知，电阻R1、R2串接入电路中，电压表测量电阻R1两端的电压；
AB、气敏电阻的阻值随燃气浓度的增加而减小，当燃气浓度的增加时，气敏电阻的阻值减小，根据串联电路的分压规律气敏电阻分担的电压变小；
根据串联电路的电压规律可知，定值电阻两端电压变大，由于电压表示数大于某一值U时，就会触发报警，所以R2是气敏电阻；
此时电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，故AB错误；
C、达到报警浓度时，电路中的总电阻为最小，电源电压不变，由P=可知，电路的总功率最大，故C正确；
D、电压表的报警电压不变，定值电阻两端电压不变，气敏电阻的电压也不变，若换用阻值更小的定值电阻，根据串联分压规律可知，气敏电阻的阻值变小，警戒浓度将变大，故D错误。
故选：C。
（1）根据电路图可知，电阻R1、R2串接入电路中，电压表测量电阻R1两端的电压；
气敏电阻的阻值随燃气浓度的增加而减小，当燃气浓度增加时，气敏电阻的阻值减小，根据电路总电阻的变化，利用欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析气敏电阻分担电压的变化，根据串联电路电压规律分析定值电阻分担的电压的变化，从而判定哪个电阻为气敏电阻；
（2）（3）由P=分析电路的总功率；电压表的报警电压不变，定值电阻两端电压不变，若换用阻值更大的定值电阻，根据欧姆定律分析气敏电阻阻值的变化。
本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电压规律以及电功率的分析，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：A、该实验中研究的动能是铁球的动能，故A错误；
B、小车与接触面的摩擦属于滚动摩擦力，摩擦力较小，不容易停下来，不便于得到实验结论，故B错误；
C、木块被撞击后滑行距离不同，但木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度都相同，木块对滑行时所受摩擦力相同，故C正确；
D、实验中，让质量相同的铁球从斜面的不同高度由静止释放，使小球到达斜面底端的速度不同，是探究铁球动能的大小与速度的关系，故D错误。
故选：C。
（1）该实验中研究的动能是铁球的动能实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让铁球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证铁球的质量相同；
（2）影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度；
（3）滚动摩擦小于滑动摩擦。
本题考查了控制变量法和转换法的应用以及影响摩擦力的因素等知识，是一道难题。
12.【答案】
【解析】解：ABD、开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，由欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.4A×15Ω=6V，
闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，
当P向M点左移时，R2连入阻值变小，通过R2的电流变大，电流表示数变大，
由于滑动变阻器允许通过最大电流1A，所以，P自M点左移过程中通过滑动变阻器的最大电流为1A，
P在移动过程中滑动变阻器最大功率：P2大=UI2大=6V×1A=6W，故D错误；
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻：R2小===6Ω，
因通过滑动变阻器电流的变化量最大为0.2A，所以，P在M点时通过滑动变阻器的电流：IM=I2大-ΔI=1A-0.2A=0.8A，
P在M点时，滑动变阻器接入电路的电阻：R2M===7.5Ω，
由欧姆定律可知，当通过R2的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
由题意可知，通过R2的最小电流：I2小=IM-ΔI=0.8A-0.2A=0.6A，
则滑动变阻器的最大阻值：R2大===10Ω，故A错误；
P自M点左移减小的电阻：ΔR左=R2M-R2小=7.5Ω-6Ω=1.5Ω，
P自M点右移增加的电阻：ΔR右=R2大-R2M=10Ω-7.5Ω=2.5Ω，
即ΔR左＜ΔR右，由于滑动变阻器接入电路的电阻与滑动变阻器电阻丝接入电路的长度成正比，所以P自M点左移的距离小于自M点右移的距离，故B正确；
C、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，P在移动过程中，通过R1的电流保持不变，由P=UI可知，电阻R1的功率保持不变，故C错误。
故选：B。
（1）开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，当P向M点左移时，R2连入阻值变小，通过R2的电流变大，电流表示数变大，根据滑动变阻器允许通过的最大电流，分析出P自M点左移过程中通过滑动变阻器的最大电流，根据P=UI求出P在移动过程中滑动变阻器最大功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻；根据通过滑动变阻器电流的变化量最大为0.2A，求出P在M点时通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律求出P在M点时，滑动变阻器接入电路的电阻，由欧姆定律可知，当通过R2的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由题意求出通过R2的最小电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，进而求出P自M向两侧移动时滑动变阻器接入电路的电阻变化量，根据滑动变阻器接入电路的电阻与滑动变阻器电阻丝接入电路的长度成正比分析出P自M点左移的距离与自M点右移的距离大小关系；
（2）闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流保持不变，根据P=UI分析电阻R1的功率变化情况。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用以及滑动变阻器接入电路的电阻与接入电阻丝长度之间的关系。
13.【答案】
【解析】解：A、由牛顿第一定律可知，若所有的力全部消失，羽毛球会以原来的速度一直做匀速直线运动，若运动的方向是斜向上或与水平地面平行时，则不会落回地面，故A错误；
B、跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了利用惯性，跳得更远，而不是增大惯性，故B错误；
C、两个力平衡的条件：大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，运动员所受重力与运动员对地面的压力，两个力方向相同，受力物体不同，不是平衡力，故C错误；
D、根据流体压强和流速的关系可知，足球在空中向前做弧线运动，是因为流体流速大的地方压强小，故D正确。
故选：D。
（1）一切物体不受力时总保持静止或匀速直线运动状态。
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
（3）一对平衡力必须同时符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上。
（4）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
此题考查力学的多个知识点；平衡力的辨别与流体压强和流速的关系、惯性概念、力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目。
14.【答案】
【解析】解：闭合开关，定值电阻（或灯泡）和滑动变阻器串联接入电路，根据U=IR可知定值电阻（或灯泡）两端的电压随电流的增大而增大，串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器两端的电压随电流的增大而减小，由乙图可知电压表与滑动变阻器并联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
定值电阻的阻值不变，灯泡的电阻是变化的，所以a是接入定值电阻时记录的数据绘制得到的，b是接入灯泡时记录的数据绘制得到的，故B错误；
当滑动变阻器两端的电压为0.5V时，通过电路的电流为0.7A，当滑动变阻器两端的电压为3.5V时，通过电路的电流为0.1A，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压U=IR定+UV，
代入数据可得0.7A×R定+0.5V=0.1A×R定+3.5V，
解方程可得R定=5Ω，
则电源电压U=IR定+UV=0.7A×5Ω+0.5V=4V，故A错误；
定值电阻和灯泡两端的电压小于1V时，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压大于4V-1V=3V，由乙图可知此时通过定值电阻的电流小于通过灯泡的电流，根据R=可知灯泡的电阻较小，故C正确；
接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知电压表的示数将变小，故D错误。
故选：C。
闭合开关，定值电阻（或灯泡）和滑动变阻器串联接入电路，根据U=IR可知定值电阻（或灯泡）两端的电压随电流的增大而增大，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压随电流的增大而减小，由乙图可知电压表与滑动变阻器并联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
定值电阻的阻值不变，灯泡的电阻是变化的，所以a是接入定值电阻时记录的数据绘制得到的，b是接入灯泡时记录的数据绘制得到的；
当滑动变阻器两端的电压为0.5V时，通过电路的电流为0.7A，当滑动变阻器两端的电压为3.5V时，通过电路的电流为0.2A，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，代入数据解方程可得定值在的阻值和电源电压；
定值电阻和灯泡两端的电压小于1V，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，由乙图可知此时通过定值电阻的电流和通过灯泡的电流，比较电流大小，根据R=比较电阻的大小；
接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知电压表的示数变化。
本题考查串联电压特点和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
15.【答案】
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测L两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻增大时，滑动变阻器两端的电压增大，由欧姆定律可知，此时电路中的电流减小，由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压减小，因此图乙中左侧图线为灯泡的I-U图线，右侧图线为滑动变阻器的I-U图线；
A、调节滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯正常发光的位置，此时电流最大，根据图像知，为0.8A，故A错误；
B、如果灯泡的阻值不变，电流与电压成正比，图像应该是过原点的直线，而图中是曲线，说明电阻是变化的，故B错误；
C、滑片P在最右端时滑动变阻器电阻最大，根据欧姆定律知，电流电流最小，根据图像知滑动变阻器两端电压大于7V，故C错误；
D、当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，并且滑动变阻器分得的电压最大，因此根据图乙可知，此时电路电流为0.8A，灯泡两端电压为7V，滑动变阻器两端电压为3V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=UL1+U滑=3V+7V=10V，
图中A点是交叉点，说明电压相等，即每个的电压是电源电压的一半，即对应的电压是5V，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测L两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻增大时滑动变阻器两端的电压增大，由欧姆定律可知电路中的电流减小，由串联电路的电压特点可知灯泡两端的电压减小，据此分析判断滑动变阻器和灯泡对应的I-U图线；
（1）根据灯泡正常发光时电流最大分析；
（2）根据图像是曲线分析；
（3）滑片P在最右端时滑动变阻器电阻最大，根据欧姆定律知，电流电流最小，根据图像知电压大小；
（4）根据串联分压规律结合交叉点电压相同分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。
16.【答案】
【解析】解：
A、由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，故A错误；
B、球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，球在M点既有动能又有重力势能，球上升至最高点N时，仍水平方向飞行，也既有动能又有重力势能，故B错误；
C、球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，球在N点的机械能一定小于在M点的机械能，但由于球在M、N点的动能大小不确定，因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定，即N点重力势能有可能比M点重力势能大，则最高点N与M点对比，N点可能M高，故C错误；
D、忽略空气阻力，球从N点到Q点机械能守恒，因此球在N点的机械能等于Q点的机械能，故D正确。
故选：D。
机械能包括动能与重力势能；它们之间能相互转化，如果没有摩擦等阻力，机械能的总量保持不变，有摩擦阻力时，机械能的总量减小。
本题考查了机械能和能量之间的相互转化。
17.【答案】
【解析】解：
A、由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为58℃，b图中乙在30～60s温度变大，分子无规则运动越来越剧烈，故A正确；
BCD、由图可知，在0-60s内，甲乙变化图象是重合的，即甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，利用c=可知，甲的比热容大于乙的比热容；质量相同的甲乙，降低相同的温度，甲的比热容大，则甲放出的热量多，所以甲适合做散热剂，故BD正确，C错误。
故选：ABD。
（1）根据温度计的量程和分度值读数；温度升高，分子无规则运动剧烈；
（2）根据图象，利用c=比较比热容的大小；质量相同的不同物质，降低相同的温度时，比热容大的物质放出的热量多。
本题考查了物质的吸热能力的探究实验，关键是利用好吸热公式Q吸=cmΔt和控制变量法的应用。
18.【答案】
【解析】解：A、无人机拍摄时，物体与镜头的距离大于两倍焦距，成的倒立、缩小的实像，故A错误；
B、无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，应该减小物体到镜头的距离，即将摄像机的镜头适当前推，故B正确；
C、无人机使用的无线电信号是电磁波，电磁波在真空传播的速度是3×108m/s,故C正确；
D、该无人机充满电后，电池的总电能：W=UIt=24V×2500×10-3A×1×3600s=2.16×105J，故D错误。
故选：BC。
（1）凸透镜成像时，当u＞2f,物体成倒立、缩小的实像；
（2）凸透镜成实像时，物近像远像变大；
（3）电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；
（4）根据W=UIt求出该无人机充满电后，电池的总电能。
本题考查凸透镜成像的特点、电磁波的速度以及电能的计算，难度不大。
19.【答案】
【解析】解：A、当空气开关自动切断电路时，可能是短路的原因，也可能是用电器的总功率过大，故A正确；
B、电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地，故B正确；
C、插入插座的电视和台灯在电路中是并联的，故C错误；
D、乙图中，电能表所在电路的总功率为：P=UI=220V×40A=8800W，故D错误。
故答案为：AB。
（1）家庭电路中电流过大的原因有两个：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
（2）带金属外壳的家用电器应该接地。
（3）家庭电路的各个电器以及与插座之间是并联的。
（4）“220V 10（40A）”表示这个电能表应该在220V的电路中使用，这个电能表的标定电流为10A，额定最大电流为40A。电能表工作时的电流不应该超过额定最大电流。
根据P=UI进行计算。
本题考查的是电路中电流过大的原因；知道家庭电路中电流过大的原因；会根据P=UI进行计算。
20.【答案】
【解析】解：A、由图可知，n=2，根据η====可知，拉力F为：
F===375N；
由图乙可知，10s内拉力做的功为W总=1500J，则拉力做功的功率为：
P===150W，
根据P===Fv'=Fnv可知，物体A上升的速度为：
v===0.2m/s,故A错误；
B、10s拉力做的额外功为：
W额=（1-η）W总=（1-80%）×1500J=300J，故B正确；
C、不计滑轮组的绳重和摩擦，根据F=（G+G动）可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=nF-mg=2×375N-60kg×10N/kg=150N，
两个滑轮质量相等，其重力相等，则定滑轮的重力也为150N，
物体间力的作用是相互的，且定滑轮处于静止状态，则支架受到滑轮组的拉力F′=3F+G定=3×375N+150N=1275N．故C错误；
D、不计滑轮组的绳重和摩擦，若以相同的速度提升质量为80kg的物体B，则拉力F'为：
F'=（G'+G动）=（m'g+G动）=×（80kg×10N/kg+150N）=475N，
卷扬机的拉力的功率为：
P'===F'v'=F'nv=475N×2×0.2m/s=190W，故D正确。
故选：BD。
（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用η====求出拉力F；根据图乙确定10s内拉力做的功，利用P=求出拉力做功的功率，根据P===Fv'=Fnv求出物体A上升的速度；
（2）根据W额=（1-η）W总求出10s内拉力做的额外功；
（3）不计滑轮组的绳重和摩擦，由F=（G+G动）求得动滑轮的重力，根据物体间力的作用是相互的和力的平衡条件可求支架受到滑轮组的拉力；
（4）不计滑轮组的绳重和摩擦，由F'=（G'+G动）=（m'g+G动）求出拉力F'，根据P'===F'v'=F'nv求出卷扬机的拉力的功率。
本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。
21.【答案】
【解析】解：图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm,即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与2.85cm对齐，故物体的长度为2.85cm-1.00cm=1.85cm。
故答案为：1.85。
使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
本题考查了刻度尺使用，在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法。
22.【答案】
【解析】解：电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为N（北）极。右端为S（南）极，如图所示：
故答案为：N。
利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性。
此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一
23.【答案】
【解析】解：由图可知，温度计的分度值为1℃，温度计的示数越往上越大，所以温度计的示数为29℃。
故答案为：29。
温度计读数时，要注意零刻线、量程、分度值，液柱在零刻线以上记为正值，以下记为负值。
温度计的正确读数是命题热点，注意零刻线、量程、分度值，是读准数的前提。
24.【答案】
【解析】解：从电能表上可以看出显示的数字为31526，最后一位是小数，单位是kW h,故电能表的读数为3152.6kW h。
故答案为：3152.6。
电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW h。
本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表的最后一位是小数，单位是kW h。
25.【答案】
【解析】解：天平标尺的分度值为0.2g,游码对应的刻度值为4g,砝码的总质量为50g+20g=70g,
则金属块的质量为m=70g+4g=74g。
故答案为：74。
被测物体的质量等于砝码质量与游码对应刻度值之和，据此解答。
本题考查质量的测量，掌握天平的使用及其读数是解题的关键。
26.【答案】
【解析】解：长度测量时，刻度线要尽量紧贴被测物体，所以，放置正确的是A刻度尺；
停表小盘分度值为0.5min,指针在1和2之间，偏向2，示数为1min,大盘示数应大于30s,大盘分度值为0.1s,示数为40.3s,所以，停表读数为t=1min40.3s=100.3s；
如图，电压表选择的是0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V。
故答案为：A；100.3；2.4。
①放置刻度尺时要将刻度尺的刻度线与被测长度紧贴；刻度值读数时，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
②秒表分针与秒针示数之和是秒表示数；
③先根据电压表使用的接线柱确定选用的量程，再确定相应的分度值，最后根据指针位置读数。
本题考查了几种测量仪器的读数方法。
27.【答案】
【解析】解：
云在水中飘说明云是运动的，是以水为参照物；
水中的云属于平面镜成像，是由光的反射形成的与物体等大的虚像；
看到水中的鱼，是由于光的折射形成的，从上面看时，会感到鱼的位置比实际位置高一些，是鱼的虚像。
故答案为：水；折射；反射。
判断时首先要确立题中的参照物，然后看被研究物体与参照物之间的距离是否发生变化，变化则物体运动，没有变化则物体静止；
掌握平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。
同时要掌握光的折射现象。我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。
此题主要考查了通过同一幅画面考查了光的反射和光的折射现象。特别是看到的现象同是在水中，很容易搞错。相同之处还有，都是虚像，不同之处是，成像原理不同，做题时一定要仔细，认真。
28.【答案】
【解析】解：彩灯在镜中的像属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射现象
由平面镜成像特点知，彩灯最远处的像与彩灯一样大。
故答案为：反射；一样大。
平面镜中的像是由光的反射光线的反向延长线的交点形成的，所以平面镜中的像是虚像；根据平面镜成像特点可知：像与物体大小相等，像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。
此题主要考查学生对于平面镜成像原理和平面镜成像特点的理解和掌握，难度不大。
29.【答案】
【解析】解：
正常工作一小时，该暖手宝消耗的电能为W=Pt=4W×3600s=14400J。
故答案为：14400。
根据得W=Pt出该暖手宝消耗的电能为。
本题考查电能的计算，是一道综合题。
30.【答案】
【解析】解：（1）热值只与燃料的种类有关，与燃烧情况无关，因此汽油加在T型轿车内与加在L型轿车内热值一样大；
（2）用水做冷却剂是因为质量和升高相同的温度时，能带走更多的热量，主要原因是水的比热容大。
故答案为：一样大；比热容。
（1）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关；
（2）用水做冷却剂是因为水的比热容大。
本题主要考查对燃料热值的理解、比热容的理解以及水的比热容大的应用，属于常见题型。
31.【答案】
【解析】解：（1）由材料可知：二极管是由半导体做成的器件；
（2）多个装饰灯可以交替发光，说明它们独立工作，互不影响，所以是并联。
故答案为：半导体；并联。
（1）发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成。
（2）并联电路中，各个用电器互不影响。
本题考查了半导体、电路的连接方式的判定、能量的转化，属于基础题。
32.【答案】
【解析】解：人做引体向上时的功率：P==，所以实验中需要测出人的重力G、每次重心上升的高度h、向上n次所用的时间t。
故答案为：每次重心上升的高度h；向上n次所用的时间t；。
要测某同学做引体向上的功率，根据公式P=可知，只要测出双臂的拉力对身体做的功和做功需要的时间即可；双臂拉力对身体的做功，就是克服自身重力做的功，根据W=Gh可知，只要测出人的重力，身体向上移动的高度即可。
本题考查了学生对功率公式和做功公式的理解和掌握，以及利用功率公式设计实验方案解决实际问题的应用能力。
33.【答案】
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，
根据U=IR知，当电阻不变时，
ΔU=ΔIR=0.2A×10Ω=2V。
故答案为：2。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律计算电压表的示数变化量，从而得出答案。
本题考查欧姆定律的应用，属于中档题。
34.【答案】
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，
当滑片P滑至最右端时，R2=40Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.6W，
由P=I2R可得变阻器的电流，即电路中电流：
I===0.2A，
由串联电路的电阻规律及欧姆定律可得，电源电压：
U=I（R1+R2）=0.2A×（R1+40Ω）……①
当变阻器连入电路的电阻为R2中=20Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.8W，
同理可得，电路中的电流：
I′===0.3A，
同理可得，电源电压：
U=I′（R1+R2中）=0.3A×（R1+20Ω）……②
由①②得：U=12V；R1=20Ω；
当滑片滑至最右端时，电路中的电流为0.2A，
则通电10s电流通过R1产生的热量是：
Q=I2R1t=（0.2A）2×20Ω×10s=8J。
故答案为：8。
由电路图可知，R1与R2串联，当滑片P滑至最右端时，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率，由P=I2R可得电路中的电流，由串联电路的电阻规律及欧姆定律得出电源电压表达式；当变阻器连入电路的电阻为R2中=20Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.8W，同理求出电路中的电流大小，由串联电路的电阻规律及欧姆定律得出电源电压表式，根据电源电压不变列方程求出电源电压U和R1大小；
当滑片滑至最右端时，已知电流大小，由Q=I2Rt求出通电10s电流通过R1产生的热量。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
35.【答案】
【解析】解：由图像可知，第8至12分钟，该物质处于液态，则这4分钟液体吸收的热量为：
Q=cmΔt=2×103J/（kg ℃）×0.6kg×（80℃-60℃）=2.4×104J；
该物质每分钟吸收的热量为：
晶体在熔化时温度保持不变，由图像可知，该物质从第2分钟开始熔化，至第8分钟熔化过程结束，需要6分钟，则吸收的热量为：
Q″=6Q′=6×0.6×104J=3.6×104J，
质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做该物质的熔化热，则熔化热为：
。
故答案为：6×104。
该物质液态时的比热容为2×103J/（kg ℃），由图像可知，第8至12分钟，该物质处于液态，根据Q=cmΔt算出这4分钟液体吸收的热量，进而算出该物质每分钟吸收的热量；
晶体在熔化时温度保持不变，由图像可知，该物质从第2分钟开始熔化，至第8分钟熔化过程结束，需要6分钟，根据在相同的时间内吸收的热量相等算出此时吸收的热量，根据Q=mq算出熔化热。
本题考查了对吸热公式的应用及对新概念的接受能力，能够从图象中获取信息是关键，要理解加热时间与吸收热量的关系。
36.【答案】
【解析】解：机器人的重力为G=mg=60kg×10N/kg=600N，
机器人受到的平均阻力f=0.05G=0.05×600N=30N，
因为机器人做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上牵引力 F与阻力 f是一对平衡力，大小相等，所以牵引力F=f=30N，
牵引力做的功为W=Fs=30N×2m=60J，
牵引力做功的功率为。
故答案为：15。
根据G=mg得到机器人的重力，因机器人沿直线匀速运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据二力平衡得出机器人所受牵引力，根据W=Fs得到牵引力做的功，根据P=得到牵引力做功的功率。
本题考查重力和功率的计算，综合性强，难度适中。
37.【答案】
【解析】解：（1）由表中数据可知，海拔高度越高，大气压强越小，水的沸点越低，当海拔高度为3000m时，水的沸点在95.2℃和88.4℃之间，故此处水的沸点可能是90℃，故选C；
（2）现象：橡皮膜凸起；解释：从北京到拉萨大气压变小，玻璃瓶外气压小于瓶内气压，使得膜受到的向内的压力小于向外的压力，因此橡皮膜凸起。
（1）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；
（2）大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。
本题考查了液体沸点和气压的关系、大气压和高度的关系，属于基础题。
38.【答案】
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1l1=F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
39.【答案】
【解析】（1）轻拉弹簧，水平面上的物体A和B处于静止状态，A与B没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，A不受摩擦力作用；在竖直方向上A受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，二力是一对平衡力，作用点在A的重心，从作用点分别沿力的方向画一条带箭头的线段，在箭头附近分别标上符号G、F，如图所示：
（2）题目要求使用该滑轮组提升重物时既省力又能改变力的方向，说明绳端拉力的方向应向下，由外向里，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，最后固定在定滑轮的下挂钩上，如图所示：
（3）平静的湖面相当于平面镜，根据平面镜成像的特点，作出发光点A关于水面的对称点，即为白鹭A成的像A′；连接A′与人眼，与水面交于O，O为入射点，O到人眼的光线为反射光线，连接AO为入射光线，如图所示：
（1）轻拉弹簧，水平面上的物体A和B处于静止状态，A与B没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，A不受摩擦力作用；在竖直方向上A受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，根据力的示意图的画法作图；
（2）题目要求“既省力又能改变力的方向”，说明绳端拉力的方向应向下，据此由外向里依次绕成；
（3）平静的湖面相当于平面镜，根据平面镜成像的特点（物像关于平面镜对称），先作出发光点白鹭A关于水面的对称点，可得白鹭A成的像A′；连接A′与人眼，可得入射点O，进而画出反射光线、入射光线。
本题考查了力的示意图的画法、滑轮组的绕法，以及平面镜成像特点的应用，属于基础题目。
40.【答案】
【解析】解：
（1）根据图乙可知，被提升物体所受的重力相同时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低；
（3）根据图乙可知，当动滑轮重为1N时，滑轮组的机械效率为80%，根据η===得物重为：
G===3N。
故答案为：（1）低；（2）3。
（1）根据机械效率与动滑轮重的关系得出相应的结论；
（2）根据η===即可求出被提升物体所受的重力。
此题是探究“影响滑轮组机械效率与动滑轮重关系”的实验，考查了实验注意事项、图象分析以及机械效率公式的应用。
41.【答案】
【解析】（1）人在纸板前从不同方向都可以看到入射光AO的径迹，这是因为光在纸板上发生了漫反射；
将纸板的右半部分向前后翻折，就不会看到反射光线，只有当整个光屏为一平面时，才能够看到反射光线，说明反射光线、入射光线、法线共面。这说明光屏可以验证反射光线跟入射光线和法线是否在同一平面上；
将一束光沿BO射到O点，发现光沿图中OA方向射出，说明光反射时，光路是可逆的；
（2）①光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，折射角总是小于入射角；
②光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，入射角相同，折射角的大小与介质种类有关；
（3）①采用平板玻璃，既可以反射光线成像，也可以让光线透过，便于确定像的位置；
玻璃板两个面都可以反射光线成像，如果太厚，两个像的位置相差就很远，形成重叠的像，故出现两个像的原因是玻璃板有厚度，光经过玻璃板的两个面反射形成两个像；
②虚像不能成在光屏上，将光屏放在蜡烛B的位置上，发现光屏上不能承接到蜡烛A的像，这说明平面镜成像时成的是虚像；
③由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板上端向左倾斜，蜡烛A在玻璃板中成像的位置会偏高；
④平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块挡光板，则能看见物体的像A。
故答案为：（1）漫；同一平面；可逆；（2）①光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，折射角总是小于入射角；②光从空气中斜射入其它介质水或玻璃中时，入射角相同，折射角的大小与介质种类有关；（3）①便于确定像的位置；玻璃板太厚；②不能；虚；③高；④仍能。
（1）从不同方向都能看到入射光AO的径迹，是因为从各个角度都有反射光进入人的眼睛的缘故；
光的反射定律：反射光线、入射光线、法线都在同一平面内。反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
沿反射光线的方向入射时，反射光线沿入射光线的方向射出；
（2）由图可知，光线射入的介质不同时，其折射角也不同，据此解答；
（3）①利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
较厚的玻璃板两面，都可以成像，会出现了两个不重合的像，从而影响实验效果；
②虚像不能成在光屏上；
③由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛A的像偏高；
④平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像。
本题主要考查了光的反射定律、光的折射规律、平面镜成像特点实验，这三个实验时光学中的重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。
42.【答案】
【解析】解：（1）只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。故错误是：没有沿水平方向拉动物体；
（2）研究滑动摩擦力的大小与接触面积的关系，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，只改变接触面积大小，该小组探究过程中存在的问题是：没有控制压力相同。
（3）为了控制压力相同，接触面积的大小不同，木块A放在木块B上，细线的一端系在木块B的挂钩上，另一端绕过滑轮系在弹簧测力计的挂钩上，竖直向上匀速拉动测力计，使木块A和B在水平力作用下沿水平木板做匀速直线运动，读出测力计的示数为F1记录；再将木块B在木块A，重复上面的实验。
故答案为：（1）没有沿水平方向拉动物体；（2）没有控制压力相同；（3）木块A放在木块B上，细线的一端系在木块B的挂钩上，另一端绕过滑轮系在弹簧测力计的挂钩上，竖直向上匀速拉动测力计，使木块A和B在水平力作用下沿水平木板做匀速直线运动，读出测力计的示数为F1记录；再将木块B放在木块A上，重复上面的实验。
43.【答案】
【解析】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为12Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为
故电流表选用小量程与开关串联在电路中，电压表选用小量程并联在灯泡两端，滑动变阻器“一上一下”接入电路，如下图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最A端。
（3）灯与变阻器串联，电流表测电路的电流，电压表测灯的电压，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，若电路中只有一处故障，则故障可能是小灯泡短路。
（4）排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，小于灯泡额定电压2.5V，要测灯泡额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故此时应将滑动变阻器的滑片向右移动；由（1）可知，电流表选用小量程，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡额定功率为PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W
（5）在步骤①中，灯泡和R0并联，电流表测定值电阻的电流，由欧姆定律，定值电阻两端的电压为
根据并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，此时灯正常发光；在步骤②中，电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流
小灯泡正常发光时的电功率
故答案为：（1）；
（2）A；
（3）短路；
（4）右；0.5；
（5）； 。
（1）小灯泡额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为12Ω，由欧姆定律求出灯的额定电流，据此确定电流表量程，将电流表串联在电路中；
（2）为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）小组同学电路连接无误后闭合开关，观察到电流表有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路；
（4）根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据（1）确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
（5）要测小灯泡额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为时，由并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据R=写出小灯泡的额定功率表达式。
本题测小灯泡额定功率实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、实验操作、电流表读数、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
44.【答案】
【解析】（1）由于小球完全浸没，小球排开水的体积等于小球的体积，即V排=V球=10-3m3
根据阿基米德原理得出此时小球在水中受到的浮力为
（2）小球的重力G球=mg=0.8kg×10N/kg=8N
细杆对小球的压力为F=F浮-G球=10N-8N=2N；
容器的重力G容=m容g=1kg×10N/kg=10N
水和小球的体积
则水的体积
水的质量为
水的重力为G水=m水g=2kg×10N/kg=20N
容器对桌面的压力F压=F+G球+G容+G水=2N+8N+10N+20N=40N
此时容器对桌面的压强p===4000Pa；
（3）因为F浮=10N＞G球=8N
所以撤去细杆后，小球将上浮，最终漂浮在水面上。当小球漂浮时F浮'=G球=8N
此时排开水的体积
排开水的体积的变化量
撤去细杆，当小球再次静止时，液面高度降低了。
答：（1）此时小球在水中受到的浮力为10N；
（2）此时容器对桌面的压强为4000Pa；
（3）撤去细杆，当小球再次静止时，液面高度降低了2cm。
（1）由于小球完全浸没，小球排开水的体积等于小球的体积，根据阿基米德原理得出此时小球在水中受到的浮力；
（2）根据G=mg得出小球的重和容器的重力；根据F=F浮-G球得出细杆对小球的压力；得出水和小球的体积，进而得出水的体积，根据密度公式可知水的质量，根据重力公式可知水的重力，根据F压=F+G球+G容+G水得出容器对桌面的压力，结合压强公式得出此时容器对桌面的压强；
（3）结合浮沉条件得出小球所受浮力，由F浮=ρ液gV排可知此时排开水的体积；进而得出排开水的体积的变化量及液面高度变化量。
本题考查压强和浮力的知识，是一道综合题。
45.【答案】
【解析】（1）利用W有=Gh求提升重物做的有用功；
（2）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh,利用W总=Fs求拉力做的总功，利用η=×100%求滑轮组的机械效率；
（3）利用W总=W有+W额求总的额外功，利用W动=G动h求克服动滑轮重力做的功，进而求出克服摩擦和钢绳重所做的功。
本题考查使用滑轮组时功和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
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