2025年河南省驻马店市汝南一中、汝南二中、汝南三中中考物理二模试卷（含解析）
文档属性
| 名称 | 2025年河南省驻马店市汝南一中、汝南二中、汝南三中中考物理二模试卷（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 242.4KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-08-01 17:27:36 | ||
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文档简介
2025年河南省驻马店市汝南一中、汝南二中、汝南三中中考物理二模试卷
一、单选题：本大题共6小题，共12分。
1.下列说法正确的是（ ）
A. 长度测量结果的倒数第一位代表所用刻度尺的分度值
B. 实验室用温度计测量液体温度时，可以离开被测液体读数
C. 弹簧测力计必须竖直使用
D. 在“测量平均速度”实验中，斜面的坡度要小
2.如图所示是小明在上学的路上，伞被风吹得向上翻起的情景，关于伞向上翻，下列说法正确的是（ ）
A. 伞的上表面风速比下表面小，上表面空气压强比下表面小
B. 伞的上表面风速比下表面小，上表面空气压强比下表面大
C. 伞的上表面风速比下表面大，上表面空气压强比下表面小
D. 伞的上表面风速比下表面大，上表面空气压强比下表面大
3.摩擦起电不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，使正、负电荷分开，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明摩擦过程中橡胶棒（ ）
A. 得到电子 B. 失去电子 C. 得到正电荷 D. 失去正电荷
4.在探究“凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如下图所示，这时烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，下列说法正确的是（ ）
A. 凸透镜的焦距可能是10cm
B. 图中凸透镜成像的特点应用在照相机上
C. 蜡烛燃烧一段时间后，光屏上的像会向下移
D. 若在凸透镜和蜡烛之间放远视镜片，将光屏适当左移，可再次出现清晰的像
5.现在兴起的智能手机无线充电主要是运用电磁感应技术，当电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场就能接收磁场，产生电流，实现充电过程。以下设备也是利用“磁生电”工作的是（ ）
A. 指南针 B. 扬声器 C. 动圈式话筒 D. 电磁继电器
6.如图所示，小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，下列说法正确的是（ ）
A. 小红的动能不变，重力势能增大，机械能增大
B. 小红受到重力、支持力和水平向右的摩擦力的作用
C. 小红对扶梯的压力和扶梯对小红的支持力是一对平衡力
D. 小红到达终点时，不能立即停下来，是因为她受到惯性的作用
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
7.水平面上放有甲、乙两个完全相同的容器，容器中装有质量相等的不同液体。现把质量相等的A、B两球放入甲容器中后，A漂浮、B沉底；用线把A、B两球系在一起放入乙容器中（线的质量和体积不计），静止后的状态如图所示，两容器中液面恰好相平。下列说法中正确的是（ ）
A. 甲容器中的液体密度大于乙容器中的液体密度
B. A球在甲中所受浮力大于在乙中所受浮力
C. 甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受液体压强
D. 甲容器对水平面压强等于乙容器对水平面压强
8.如图所示是压力传感器的原理图，电源电压恒定，M、N均为绝缘材料，M、N间有可收缩的导线，R1为定值电阻，弹簧上端和滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，闭合开关S，当压力F增大时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表的示数变小 B. 电压表的示数变小
C. 电压表与电流表的示数之比变大 D. 电路消耗的总功率变大
三、填空题：本大题共6小题，共14分。
9.2019年4月10日，科学家发布了人类首次直接拍摄到的黑洞照片（如图所示）。该照片由分布在世界不同地方的八座射电望远镜联合拍摄而成。射电望远镜是通过______波来接收信息的，这颗黑洞位于代号为M87的星系当中，距离地球5300万______（填长度单位）。
10.演奏会上，小提琴手在演奏前调整琴弦的松紧程度，这样做的目的是改变琴声的______听众能分辨出小提琴声和钢琴声，主要是因为这两种声音的______不同。（均选填“响度”“音调”或“音色”）
11.将纸餐盘、纸杯和吸管按照如图方式粘合在一起做成“纸杯船”。往纸杯里倒一些水，水从吸管喷出时，纸杯船就会前进，说明力的作用是______的；以纸杯为参照物，纸餐盘是______（选填“运动”或“静止”）的。
12.小明喜欢喝茶，他在家中用煤气灶烧水泡茶。将初温为20℃.质量为2kg的一壶水加热到100℃，这是通过______的方式改变水的内能。如果煤气完全燃烧放出的热量只有80%被水吸收，则至少需要燃烧______kg的煤气；泡好的茶水散发出清香，这是______现象[水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），煤气的热值为4.2×107J/kg]
13.如图是电饭锅工作原理的简化电路图，其额定电压为220V，电饭锅有两挡，分别是高温烧煮挡和低温焖饭挡。S2为挡位自动控制开关，R1和R2均为电热丝，R1的阻值为1210Ω，高温烧煮挡的额定功率为840W，电饭锅正常工作时，高温烧煮10min消耗的电能为______J，电饭锅低温焖饭时的额定功率为______W，电热丝R2的阻值为______Ω。
14.生活中的许多现象或情景和物态变化有关，请你仿照示例中的形式，将下表中的空格填写完整
现象或情景 现象形成解释
示例：夏天，从冰箱中拿出的瓶装矿泉水，过一会儿瓶的外壁会附着一层小水珠 矿泉水瓶附近的空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠
______ ______
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
15.如图甲是人们锻炼身体时常用的握力器，使用时左半部分可视为一个杠杆，其简化示意图如图乙所示，请在图乙中画出杠杆平衡时作用在A点的最小动力F1的示意图及阻力F2的力臂。
16.用笔画线表示导线，将图中的电灯（规格为“220V 40W”）、开关（开关控制两盏灯且两灯都能正常发光）和插座（插座单独使用）接入家庭电路中。
五、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
17.小勇同学利用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。
（1）在实验中用透明的玻璃板代替平面镜，是为了便于______
（2）在实验中点燃A蜡烛，在水平桌面上无论怎样移动与A蜡烛相同大小的B蜡烛，也不能使B蜡烛与A蜡烛的像完全重合，原因是______
（3）解决上述问题后，在实验中，小勇将A蜡烛向远离玻璃板的方向移动了3cm,再将B蜡烛移到A蜡烛像的位置，经测量，A蜡烛与它的像之间的距离变化了______cm,同时观察到像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
18.小天妈妈买到一块绿松石小工艺品，小天想知道绿松石的密度，进行了如下实验：
（1）将天平放在______上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，他应向______调节平衡螺母，使指针指在分度盘中央刻度线处，天平平衡
（2）用天平称出绿松石工艺品的质量。天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示，绿松石工艺品的质量为______g
（3）绿松石工艺品放入量筒前后的情况如图乙所示（忽略细线的体积），绿松石工艺品的密度是______g/cm3。
（4）实验结束，小天发现所用的10g砝码粘有粉笔灰，那么，他所测量的绿松石工艺品密度将比真实的密度______（选填“偏大”或“偏小”）
（5）小天还利用这块绿松石工艺品和一个弹簧测力计测出了家中食用油的密度，实验过程如图丙所示，弹簧测力计示数为F，则食用油的密度（写出字母表达式）ρ油=______（绿松石工艺品已经测出的质量和体积分别用m石和V石表示）
19.小明用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“20Ω 2 A“字样，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按甲图连接完整（要求导线不交叉）
（2）连接好电路后，开关闭合前，应将滑片移至滑动变阻器的______（选填“左”或“右”）端。闭合开关，缓慢移动滑片的位置，发现电压表有示数且始终为3V，电流表示数始终为零。可能是定值电阻R处发生了______（选填“断路”或“短路”）故障
（3）排除故障后，小明先用5Ω的电阻做实验，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数达到某一值时，电流表的示数如图丙所示，此时电路中的电流为______A
（4）小明用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变。接下来把5Ω电阻换成10Ω电阻后，为保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向______（选填“左”或“右”）端移动，直至电压表示数为______V时，读出电流表的示数
（5）再将10Ω定值电阻换成20Ω定值电阻，重复以上步骤。实验记录的多组数据如下表所示。分析数据可得出结论：当导体两端电压一定时，通过导体中的电流与导体的电阻成______比
实验次数 定值电阻Ω） 电流表示数（A）
1 5
2 10 0.18
3 20 0.09
（6）小明同学换用40Ω的定值电阻接着进行上述实验，请判断他能否顺利完成并说明理由：______
六、综合题：本大题共2小题，共18分。
20.如图所示，工人用滑轮组提升货物，每个滑轮的重力均为50N
（1）工人拉绳子时，用力握紧绳子，这是通过______的方法来增大摩擦力的
（2）求工人未用力拉货物时，重为750N，底面积为4000cm2的货物静止在水平地面上对水平地面的压强。
（3）用滑轮组使重为750N的货物以0.2m/s的速度匀速上升10s,求人做的功。（不计绳重和摩擦）
（4）若绳子能够承受的最大拉力为500N，货物提升过程中绳重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，求滑轮组的最大机械效率。
21.国家规定燃气灶须安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装置能自动关闭气路。图甲为小华设计的模拟装置示意图，电源电压U=6V，定值电阻R0=200Ω．当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时，衔铁K被释放从而关闭气路（未画出）启动保护，反之打开气路线电阻不计，热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图乙中图线①所示。闭合开关S，问：
（1）电磁铁上端为______（选填“N”或“S”）极，停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将变______（选填“大”或“小”）。
（2）当温度为20℃时，电路的总功率是多大？
（3）装置启动保护时，Rt的最高温度是多少？
（4）若仅将Rt更换为图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热本领相同），小华发现装置启动保护的灵敏度会降低，你认为其中的原因是：______
1.【答案】
【解析】解：A、用刻度尺测量物体的长度时要估读到分度值的下一位，倒数第一位为估读值，故A错误；
B、使用温度计测量液体的温度，读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，故B错误；
C、测量力的大小时，弹簧测力计既可以在竖直方向上使用，又可以在倾斜方向使用，故C错误；
D、在斜面坡度越大，小车沿斜面向下加速运动越快，过某点的时间会越短，计时会越困难，斜面保持较小的坡度，便于测量小车运动所用的时间，故D正确。
故选：D。
（1）使用刻度尺测量物体的长度时要估读到分度值的下一位；
（2）读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；
（3）弹簧测力计既可以在竖直方向上使用，又可以在倾斜方向使用。使用时力的方向应与弹簧的轴线一致；
（4）若要计时方便，应使小车运动速度慢些，斜面的坡度要小，这样所用的时间长些。
本题考查了弹簧测力计的使用、刻度尺的分度值、天平的使用、测量速度的实验要求等知识，是一道综合性题目。
2.【答案】
【解析】解：风吹向伞，由于伞的下表面风速比伞的上表面的风速小，从而使伞的下表面受到空气压强比上表面大，对伞产生一个向上的升力，故伞向上翻起，C正确、ABD错误。
故选：C。
流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小、流速越小的地方压强越大。
本题旨在考查流体压强与流速的关系的知识，考查学生对流体压强与流速的关系掌握和应用，属于基础题。
3.【答案】
【解析】解：在毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，毛皮中的部分电子转移到橡胶棒上，则毛皮因失去电子而带正电荷，而橡胶棒得到电子带等量的负电荷，即电子从毛皮转移到了橡胶棒。
故选：A。
摩擦起电的实质是电子发生了转移，使物体的正负电荷数不相等；失去电子的带正电，得到电子的带负电。
本题考查了摩擦起电的实质，知道物体上的电子比质子数量多带负电，电子比质子数量少带正电。
4.【答案】
【解析】解：A、由图可知，物距u=25cm，v=40cm，物距u＜v，f＜25cm＜2f，解得，12.5cm＜f＜25cm，40cm＞2f，解得，f＜20cm，由以上解得可得，12.5cm＜f＜20cm，故A错误；
B、u＜v，成倒立放大的实像，与投影仪的成像原理相同，故B错误；
C、蜡烛变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向，像的位置向上移动，故C错误；
D、远视眼镜的镜片为凸透镜，对光有会聚作用，可使光线的会聚点提前。因此，将一副远视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动光屏可以得到清晰的像，故D正确。
故选：D。
（1）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像。
（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大。
（3）根据光线过透镜的光心不改变方向，判断蜡烛变短后，像的移动方向；
（4）凸透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点提前，可以用来矫正远视眼；根据凸透镜的作用和物远像近小的特点可判断应进行的操作。
根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f。
u＜f，成正立、放大的虚像。
5.【答案】
【解析】解：A、指南针是利用地磁场对磁体的作用来指示方向的，其工作原理是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，并非“磁生电”原理。故A不符合题意。
B、扬声器是将电信号转化为声信号的装置，它是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。当变化的电流通过扬声器的线圈时，线圈会在磁场中受力振动，带动纸盆振动发出声音，是“电生磁”的应用，不是“磁生电”。故B不符合题意。
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的。当声波使话筒内的振膜振动，带动连接在振膜上的线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流，将声音信号转化为电信号，属于“磁生电”现象。故C符合题意。
D、电磁继电器主要是利用电磁铁来工作的，电磁铁是根据电流的磁效应制成的，即通电导体周围存在磁场。通过控制电磁铁中电流的通断，来控制衔铁的吸合与释放，从而实现对工作电路的控制，是“电生磁”的应用，不是“磁生电”。故D不符合题意。
故选：C。
电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
本题主要考查电磁感应的相关应用，属于基础题。
6.【答案】
【解析】解：
A、小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，质量不变，速度不变，高度升高，所以动能不变，重力势能变大，因机械能等于动能与势能之和，所以机械能增大，故A正确；
B、小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，处于平衡状态；在竖直方向上她受重力和支持力的作用，小红与自动扶梯之间没有发生相对运动也没有相对运动趋势，所以小红不受摩擦力；故B错误；
C、小红对扶梯的压力和扶梯对小红的支持力是作用在不同物体的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、小红到达终点时，不能立即停下来，是因为她具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：A。
（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
（2）受力分析的顺序先是重力、再弹力、最后摩擦力。根据力的平衡判断摩擦力的有无。
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
此题以生活中的一个场景综合考查学生对多个物理知识点的理解和掌握，解决本题的关键会对物体进行受力分析，并根据力的平衡否定摩擦力的存在。
7.【答案】
【解析】解：AC．由题意知，两容器内装入的液体的质量相等，甲容器中，A和B两个物体排开液体的总体积比乙容器中A和B两个物体排开液体的总体积小，此时两个容器中液面恰好相平，说明甲容器中液体的体积比乙容器的大。据知，甲容器中液体的密度比乙容器中液体的密度小，此时液面相平，即两种液体的深度相同，据p=ρgh,甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受的压强。故C正确，A错误；
B．A球在甲容器的液体中漂浮，排开液体的体积比自身体积小，在乙容器中浸没，排开液体的体积等于自身的体积，而甲容器中液体的密度比乙的小，据阿基米德原理知，甲中所受的浮力比乙的小，故B错误；
D．容器底对水平面的压力等于容器的重力、液体的重力及两球的重力之和，而两个容器相同，重力相同，底面积相同；两种液体的质量相等，重力相等，则两个容器对水平面的压力相等，据知，甲容器对水平面的压强等于乙容器对水平面的压强。故D正确。
故选：CD。
（1）已知两容器中液面恰好相平，根据A、B两球在甲、乙两容器中排开液体的体积判断得出甲、乙液体的体积大小，由于容器中装有质量相等的不同液体，则根据ρ=即可判断液体的密度大小关系；已知两容器中液面恰好相平，根据p=ρgh即可判断容器底所受液体压强的大小；
（2）根据A球在甲、乙容器液体中的受力情况即可判断；
（3）根据总质量等于总重力关系，根据p=比较压强。
此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，综合性强，难度较大。
8.【答案】
【解析】解：（1）由电路图可知，压力F增大时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，滑动变阻器的分压变大，电压表示数增大，故B错误；
（2）滑动变阻器接入电路阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，故A正确；
（3）因为电源电压不变，电路电流减小，由P=UI可知，电路消耗的电功率减小，故D错误；
（4）压力F增大时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，即电压表与电流表的示数之比变大，故C正确；
故选：AC。
由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路电流，根据滑片的移动移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电压表示数如何变化，根据欧姆定律判断电流表示数如何变化，根据P=UI可知电路消耗电功率的变化。
本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、电功率计算公式的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键。
9.【答案】
【解析】解：电磁波可以在真空中传播且能够传递信息，所以射电望远镜是通过电磁波来接收信息的；
黑洞与地球的距离很远，为5300万光年。
故答案为：电磁；光年。
（1）电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
（2）光年是光在一年内传播的距离，是一个很大的长度单位。
本题考查了电磁波的应用以及对光年单位的理解等知识，是一道理论联系实际的好题。
10.【答案】
【解析】解：小提琴手在演奏前调整琴弦的松紧程度，他这样做的目的是改变琴声的音调；琴弦振动发出悠扬的琴声，琴声通过空气传播到我们耳中；不同发声体的材料和结构，音色不同，所以听众能根据音色分辨出小提琴声和钢琴声。
故答案为：音调；音色。
掌握声音的三要素：音调、响度和音色，并能够搞清影响它们的因素：音调与发声体的振动频率有关，响度与振幅有关，音色与发声体有关；音色是由发声体的材料和结构决定的，可以用来区分不同物体发出的声音。
此题主要考查了声音的三要素及区别，属于一道声学基础题，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：（1）往纸杯里倒些水，水从吸管喷出时，水给空气一个向后的力，由于力的作用是相互的，故空气给水一个向前的力，故纸杯船就会前进。
（2）以纸杯为参照物，纸餐盘与纸杯没有位置的变化，故以纸杯为参照物，纸餐盘是静止的。
故答案为：相互；静止。
（1）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
（2）被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
本题考查了物体间力的作用的相互性；参照物的选择，难度不大，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。
12.【答案】
【解析】解：
（1）用煤气灶烧水的过程中，内能发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能增加的；
（2）水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.72×105J；
由η=可得煤气完全燃烧放出的热量：
Q放===8.4×105J；
由Q放=mq可得煤气的质量：
m′===0.02kg。
（2）用热水泡茶时，茶水散发出清香，这是茶叶分子不停地无规则运动形成的，属于扩散现象。
故答案为：热传递；0.02；扩散。
（1）热传递可以改变物体的内能，其实质是内能的转移；
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量。根据η=可求出煤气完全燃烧放出的热量；最后可利用公式m=计算出煤气的质量。
（3）一切物体上的分子在不停地做无规则运动。
本题主要考查了热传递改变物体的内能、分子动理论的应用、热量公式的灵活运用、热值公式以及热效率公式的运用等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
13.【答案】
【解析】解：（1）电饭锅高温烧煮的功率P高=840W，烧煮时间t=10min=600s，
由P=得，电饭锅高温烧煮消耗的电能：
W=P高t=840W×600s=5.04×105J；
（2）当开关S1闭合、S2断开时，仅有R1接入电路，电路电阻较大，
根据P=可知，电压一定时，电路电阻越大，电功率越小，此时电饭锅处于低温焖饭状态；
电饭锅低温焖饭时的额定功率：
P低===40W；
（3）当开关S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联接入电路，电路电阻较小，
根据P=可知，电压一定时，电路电阻越小，电功率越大，此时电饭锅处于高温烧煮状态；
则电热丝R消耗的电功率：
P=P高-P低=840W-40W=800W，
电热丝R2的阻值：
R2===60.5Ω。
故答案为：5.04×105；40；60.5。
（1）知道电饭锅高温烧煮的功率和烧煮时间，根据W=Pt求出电饭锅高温烧煮10min消耗的电能；
（2）当开关S1闭合、S2断开时，仅有R1接入电路，电路电阻较大，根据P=可知，此时电饭锅处于低温焖饭状态，进而求出电饭锅低温焖饭时的额定功率；
（3）当开关S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联接入电路，电路电阻较小，根据P=可知，此时电饭锅处于高温烧煮状态，用电饭锅高温烧煮的功率减去低温焖饭时的额定功率即得电热丝R2消耗的电功率，最后根据R=求出电热丝R2的阻值。
本题考查了电功公式和电功率公式的灵活应用，分析当S1、S2处于不同状态时的电路连接方式，根据电功率公式判断电饭锅的状态是本题的难点。
14.【答案】
【解析】解：灯泡发光时，由于电流的热效应会使灯丝温度升高发生升华现象，从固态直接变成气态；当灯泡不亮时温度降低，钨丝升华形成的钨蒸气遇到冷的玻璃时会发生凝华现象，直接变成固态的钨附着在灯泡内侧，使灯泡变黑。
故答案为：用久的日光灯两头会“变黑”；钨丝升华形成的钨蒸气遇到冷的玻璃时会发生凝华现象，直接变成固态的钨附着在灯泡内侧，使灯泡变黑。（现象和解释合理即可，答案不唯一）
物质由固态直接变成气态的过程叫做升华，由气态直接变成固态的过程叫做凝华。
本题考查了生活中物态变化的知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
15.【答案】
【解析】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂L1最长；动力的方向应该向下，过点A垂直于OA作出最小动力F1的示意图，过支点O作动力F2的垂线即为阻力臂L2，如下图所示：
力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
此题考查杠杆的平衡条件的应用和最小力的画法，注意以支点到力的作用点的距离作为力臂是最大的力臂，力最小。
16.【答案】
【解析】解：由题意知，开关控制两盏灯且两灯都能正常发光，故两灯应并联，火线首先接入开关，零线分别接入两灯的另一根导线。
三孔插座的顶端接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示。
（1）灯泡的接法：火线首先接入开关，零线分别接入两灯的另一根导线。这种接法能在更换灯泡时，断开开关，切断火线防止触电。两灯都能正常工作，故应并联。
（2）三孔插座的上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，上孔（中间）接地线是为了使用电器的金属外壳接地，如果用电器漏电时，防止触电。
本题考查了家庭电路的连接，要掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座等的接法。
17.【答案】
【解析】（1）实验中用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于确定像的位置；
（2）无法让蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可能是实验时玻璃板没有竖直放置时，像与物体不在同一水平面上；
（3）他将蜡烛A向玻璃板远离3cm,蜡烛A的像也向玻璃板远离3cm；因此，再将蜡烛B移到A像的位置，通过测量，发现蜡烛A与它在玻璃板中像的距离变化了6cm；平面镜所成的像与物体等大，此过程像的大小不变。
故答案为：（1）确定像的位置；（2）玻璃板与桌不垂直；（3）6；不变。
（1）平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等，根据成像的特点分析实验操作的要求；
（2）实验时玻璃板没有竖直放置时，像和物体不在同一水平面上，则无法使蜡烛B与像完全重合。
（3）平面镜成像，像物到镜面距离相等，像大小跟物体的大小相等。
本题考查探究平面镜成像的一些细节要求，培养学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
18.【答案】
【解析】（1）将天平放在水平桌面上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，说明天平的左端下沉，右端上翘，他应向上翘的右端调节平衡螺母，使指针指在分度盘中央刻度线处，天平平衡。
（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，绿松石的质量：m=50g+10g+4g=64g。
（3）绿松石的体积：V=40ml-20ml=20ml=20cm3。
绿松石的密度：ρ===3.2g/cm3。
（4）由于砝码上沾有粉笔灰导致砝码质量偏大，但是读数偏小，所以测量值偏小。
（5）物体的重力：G=mg,物体浸没在食用油中弹簧测力计示数为F，物体在食用油中受到的浮力：F浮=G-F=m石g-F，
根据阿基米德原理物体受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgV石，
则食用油的密度：ρ===。
故答案为：（1）水平桌面；右；（2）64；（3）3.2；（4）偏小；（5）。
（1）天平的正确使用：
把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；
调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
（3）从量筒上读出放入物体前后的刻度求出物体的体积，知道质量和体积根据密度公式求出物体密度。
（4）由于砝码上沾有粉笔灰导致砝码质量偏大，测量值偏小。
（5）知道物体的重力和物体浸没在水中弹簧测力计示数求出浮力，根据阿基米德原理求出液体的密度。
此实验题考查了两个测量物体密度的方法，一个是一般测量方法，测量质量和体积求密度；另一个是利用浮力测量密度，也是很常见的考查内容。
19.【答案】
【解析】（1）电源电压恒为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，变阻器按一下一上接入电路中，如下所示：
（2）连接好电路后，开关闭合前，应将滑片移至滑动变阻器的阻值最大处，即右端。闭合开关，缓慢移动滑片的位置，发现电压表有示数且始终为3V，电流表示数始终为零，可能是定值电阻R处发生了断路故障；
（3）电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电路中的电流为0.36A；
（4）由欧姆定律，电压表示数为：UV=IR=0.36A×5Ω=1.8V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.8V，读出电流表的示数；
（5）纵向分析数据知，电阻为原来的几倍，电流为原来的几分之一，故可得出结论：当导体两端电压一定时，通过导体中的电流与导体的电阻成反比；
（6）电阻两端的电压始终保持UV=1.8V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=3V-1.8V=1.2V，定值电阻的电压为变阻器分得的电压=1.5倍，根据分压原理，当变阻器接入20Ω电阻时，对应的定值电阻最大值为：R大=1.5×20Ω=30Ω＜40Ω，小明同学换用40Ω的定值电阻不能进行上述实验，原因是滑动变阻器的最大电阻太小。
故答案为：（1）如上所示；
（2）右；断路；
（3）0.36；
（4）右；1.8；（5）反；（6）不能；滑动变阻器的最大电阻太小。
（1）根据电源电压恒为3V确定电压表选用小量程与电阻并联，变阻器按一下一上接入电路中；
（2）连接好电路后，开关闭合前，应将滑片移至滑动变阻器的阻值最大处；若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
（4）由欧姆定律求出电压表示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入电路中时对应的定值电阻大小。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、操作过程、控制变量法和对器材的要求。
20.【答案】
【解析】（1）工人拉绳子时，用力握紧绳子，这是用在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
（2）工人未用力拉货物时，货物放在水平地面静止时对地面的压力：
F=G=750N；
S=4000cm2=0.4m2，
对地面的压强：
p===1875Pa；
（3）由图可知，n=2，则绳端移动的距离：
s=nh=nvt=2×0.2m/s×10s=4m,
不计绳重和摩擦时，拉力F=（G+G动）=×（750N+50N）=400N，
W总=Fs=400N×4m=1600J；
（4）由于s=nh=2h,若绳子能够承受的最大拉力为500N，即：F=500N，
W总=Fs=F2h=2Fh,
货物提升过程中绳重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，即：W额2=10%W总=10%×2Fh=0.2Fh；
由于克服动滑轮的重力而产生的额外功，W额1=G动h,
所以，有用功W有用=W总-W额1-W额2=2Fh-G动h-0.2Fh=1.8Fh-G动h,
滑轮组的最大机械效率η=×100%=×100%=×100%=×100%=85%。
答：（1）增大压力；
（2）货物静止在水平地面上对水平地面的压强为1875Pa。
（3）人做的功为1600J。
（4）滑轮组的最大机械效率是85%。
（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）工人未用力拉货物时，不用力拉，货物放在水平地面静止时对地面的压力和自身的重力相等，根据p=求出对地面的压强；
（3）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Gh求出有用功，；
（4）根据绳子能够承受的最大拉力求出能提升的物体的重力，
得出由于货物提升过程中绳重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，据此根据W总=Fs求出总功，然后得出由于绳重和摩擦对应的额外功，根据W=Gh求出由于动滑轮的重力而产生的额外功，最后根据η=×100%求出滑轮组的最大机械效率。
本题考查增大和减小摩擦的方法、重力和压强、有用功、总功、机械效率的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
21.【答案】
【解析】解：（1）已知电源正负极，根据电流流向，由安培定则可知，电磁继电器中电磁铁下端为N极，上端是S极，
停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，由图2中图线①知，Rt的阻值增大，根据I=知，线圈中电流将变小；
（2）当温度为20℃时，热敏电阻Rt=250Ω，
电路的总电阻为：R=Rt+R0=250Ω+200Ω=450Ω，
电路的总功率为：P===0.08W；
（3）装置启动保护时，当电路中电流为I=0.02A时，Rt的温度最高，
此时电路的总电阻为：R总===300Ω，
Rt电阻：Rt′=R总-R0=300Ω-200Ω=100Ω，
由图乙知，此时Rt的温度为80℃；
（3）由图乙可知，随着熄火后Rt温度降低，图线②若仅将R1更换为图线②所对应的热敏电阻要比图线①所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护，因此灵敏度降低。
故答案为：（1）S；小；
（2）当温度为20℃时，电路的总功率是0.08W；
（3）装置启动保护时，Rt的最高温度是80℃；
（4）由图乙可知，随着熄火后Rt温度降低，图线②所对应的热敏电阻要比图线①所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护，因此灵敏度降低。
（1）由安培定则可判断电磁铁的磁极；
根据图像得出电阻与温度的关系；
（2）根据图读出当温度为20℃时，热敏电阻的阻值，由串联电路的电阻电路的特点求出总电阻，根据P=算出电路的总功率；
（3）装置启动保护时，当电路中电流为I=0.02A时，根据欧姆定律算出此时的总电阻，根据串联电路电阻的特点算出热敏电阻的阻值，由图乙读出此时的温度（即装置启动保护时Rt的最高温度）；
（4）调试完成后，装置启动熄火保护功能时，回路中的电流及回路的总电阻是确定的，即启动保护功能时，Rt阻值是确定的，与接入哪一个热敏电阻无关。
本题综合考查电磁铁、欧姆定律和电功率等知识，是一道综合题，难度较大。
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一、单选题：本大题共6小题，共12分。
1.下列说法正确的是（ ）
A. 长度测量结果的倒数第一位代表所用刻度尺的分度值
B. 实验室用温度计测量液体温度时，可以离开被测液体读数
C. 弹簧测力计必须竖直使用
D. 在“测量平均速度”实验中，斜面的坡度要小
2.如图所示是小明在上学的路上，伞被风吹得向上翻起的情景，关于伞向上翻，下列说法正确的是（ ）
A. 伞的上表面风速比下表面小，上表面空气压强比下表面小
B. 伞的上表面风速比下表面小，上表面空气压强比下表面大
C. 伞的上表面风速比下表面大，上表面空气压强比下表面小
D. 伞的上表面风速比下表面大，上表面空气压强比下表面大
3.摩擦起电不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，使正、负电荷分开，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明摩擦过程中橡胶棒（ ）
A. 得到电子 B. 失去电子 C. 得到正电荷 D. 失去正电荷
4.在探究“凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如下图所示，这时烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，下列说法正确的是（ ）
A. 凸透镜的焦距可能是10cm
B. 图中凸透镜成像的特点应用在照相机上
C. 蜡烛燃烧一段时间后，光屏上的像会向下移
D. 若在凸透镜和蜡烛之间放远视镜片，将光屏适当左移，可再次出现清晰的像
5.现在兴起的智能手机无线充电主要是运用电磁感应技术，当电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场就能接收磁场，产生电流，实现充电过程。以下设备也是利用“磁生电”工作的是（ ）
A. 指南针 B. 扬声器 C. 动圈式话筒 D. 电磁继电器
6.如图所示，小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，下列说法正确的是（ ）
A. 小红的动能不变，重力势能增大，机械能增大
B. 小红受到重力、支持力和水平向右的摩擦力的作用
C. 小红对扶梯的压力和扶梯对小红的支持力是一对平衡力
D. 小红到达终点时，不能立即停下来，是因为她受到惯性的作用
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
7.水平面上放有甲、乙两个完全相同的容器，容器中装有质量相等的不同液体。现把质量相等的A、B两球放入甲容器中后，A漂浮、B沉底；用线把A、B两球系在一起放入乙容器中（线的质量和体积不计），静止后的状态如图所示，两容器中液面恰好相平。下列说法中正确的是（ ）
A. 甲容器中的液体密度大于乙容器中的液体密度
B. A球在甲中所受浮力大于在乙中所受浮力
C. 甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受液体压强
D. 甲容器对水平面压强等于乙容器对水平面压强
8.如图所示是压力传感器的原理图，电源电压恒定，M、N均为绝缘材料，M、N间有可收缩的导线，R1为定值电阻，弹簧上端和滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，闭合开关S，当压力F增大时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表的示数变小 B. 电压表的示数变小
C. 电压表与电流表的示数之比变大 D. 电路消耗的总功率变大
三、填空题：本大题共6小题，共14分。
9.2019年4月10日，科学家发布了人类首次直接拍摄到的黑洞照片（如图所示）。该照片由分布在世界不同地方的八座射电望远镜联合拍摄而成。射电望远镜是通过______波来接收信息的，这颗黑洞位于代号为M87的星系当中，距离地球5300万______（填长度单位）。
10.演奏会上，小提琴手在演奏前调整琴弦的松紧程度，这样做的目的是改变琴声的______听众能分辨出小提琴声和钢琴声，主要是因为这两种声音的______不同。（均选填“响度”“音调”或“音色”）
11.将纸餐盘、纸杯和吸管按照如图方式粘合在一起做成“纸杯船”。往纸杯里倒一些水，水从吸管喷出时，纸杯船就会前进，说明力的作用是______的；以纸杯为参照物，纸餐盘是______（选填“运动”或“静止”）的。
12.小明喜欢喝茶，他在家中用煤气灶烧水泡茶。将初温为20℃.质量为2kg的一壶水加热到100℃，这是通过______的方式改变水的内能。如果煤气完全燃烧放出的热量只有80%被水吸收，则至少需要燃烧______kg的煤气；泡好的茶水散发出清香，这是______现象[水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），煤气的热值为4.2×107J/kg]
13.如图是电饭锅工作原理的简化电路图，其额定电压为220V，电饭锅有两挡，分别是高温烧煮挡和低温焖饭挡。S2为挡位自动控制开关，R1和R2均为电热丝，R1的阻值为1210Ω，高温烧煮挡的额定功率为840W，电饭锅正常工作时，高温烧煮10min消耗的电能为______J，电饭锅低温焖饭时的额定功率为______W，电热丝R2的阻值为______Ω。
14.生活中的许多现象或情景和物态变化有关，请你仿照示例中的形式，将下表中的空格填写完整
现象或情景 现象形成解释
示例：夏天，从冰箱中拿出的瓶装矿泉水，过一会儿瓶的外壁会附着一层小水珠 矿泉水瓶附近的空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠
______ ______
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
15.如图甲是人们锻炼身体时常用的握力器，使用时左半部分可视为一个杠杆，其简化示意图如图乙所示，请在图乙中画出杠杆平衡时作用在A点的最小动力F1的示意图及阻力F2的力臂。
16.用笔画线表示导线，将图中的电灯（规格为“220V 40W”）、开关（开关控制两盏灯且两灯都能正常发光）和插座（插座单独使用）接入家庭电路中。
五、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
17.小勇同学利用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。
（1）在实验中用透明的玻璃板代替平面镜，是为了便于______
（2）在实验中点燃A蜡烛，在水平桌面上无论怎样移动与A蜡烛相同大小的B蜡烛，也不能使B蜡烛与A蜡烛的像完全重合，原因是______
（3）解决上述问题后，在实验中，小勇将A蜡烛向远离玻璃板的方向移动了3cm,再将B蜡烛移到A蜡烛像的位置，经测量，A蜡烛与它的像之间的距离变化了______cm,同时观察到像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
18.小天妈妈买到一块绿松石小工艺品，小天想知道绿松石的密度，进行了如下实验：
（1）将天平放在______上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，他应向______调节平衡螺母，使指针指在分度盘中央刻度线处，天平平衡
（2）用天平称出绿松石工艺品的质量。天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示，绿松石工艺品的质量为______g
（3）绿松石工艺品放入量筒前后的情况如图乙所示（忽略细线的体积），绿松石工艺品的密度是______g/cm3。
（4）实验结束，小天发现所用的10g砝码粘有粉笔灰，那么，他所测量的绿松石工艺品密度将比真实的密度______（选填“偏大”或“偏小”）
（5）小天还利用这块绿松石工艺品和一个弹簧测力计测出了家中食用油的密度，实验过程如图丙所示，弹簧测力计示数为F，则食用油的密度（写出字母表达式）ρ油=______（绿松石工艺品已经测出的质量和体积分别用m石和V石表示）
19.小明用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“20Ω 2 A“字样，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按甲图连接完整（要求导线不交叉）
（2）连接好电路后，开关闭合前，应将滑片移至滑动变阻器的______（选填“左”或“右”）端。闭合开关，缓慢移动滑片的位置，发现电压表有示数且始终为3V，电流表示数始终为零。可能是定值电阻R处发生了______（选填“断路”或“短路”）故障
（3）排除故障后，小明先用5Ω的电阻做实验，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数达到某一值时，电流表的示数如图丙所示，此时电路中的电流为______A
（4）小明用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变。接下来把5Ω电阻换成10Ω电阻后，为保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向______（选填“左”或“右”）端移动，直至电压表示数为______V时，读出电流表的示数
（5）再将10Ω定值电阻换成20Ω定值电阻，重复以上步骤。实验记录的多组数据如下表所示。分析数据可得出结论：当导体两端电压一定时，通过导体中的电流与导体的电阻成______比
实验次数 定值电阻Ω） 电流表示数（A）
1 5
2 10 0.18
3 20 0.09
（6）小明同学换用40Ω的定值电阻接着进行上述实验，请判断他能否顺利完成并说明理由：______
六、综合题：本大题共2小题，共18分。
20.如图所示，工人用滑轮组提升货物，每个滑轮的重力均为50N
（1）工人拉绳子时，用力握紧绳子，这是通过______的方法来增大摩擦力的
（2）求工人未用力拉货物时，重为750N，底面积为4000cm2的货物静止在水平地面上对水平地面的压强。
（3）用滑轮组使重为750N的货物以0.2m/s的速度匀速上升10s,求人做的功。（不计绳重和摩擦）
（4）若绳子能够承受的最大拉力为500N，货物提升过程中绳重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，求滑轮组的最大机械效率。
21.国家规定燃气灶须安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装置能自动关闭气路。图甲为小华设计的模拟装置示意图，电源电压U=6V，定值电阻R0=200Ω．当电磁铁线圈中的电流I≤0.02A时，衔铁K被释放从而关闭气路（未画出）启动保护，反之打开气路线电阻不计，热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图乙中图线①所示。闭合开关S，问：
（1）电磁铁上端为______（选填“N”或“S”）极，停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将变______（选填“大”或“小”）。
（2）当温度为20℃时，电路的总功率是多大？
（3）装置启动保护时，Rt的最高温度是多少？
（4）若仅将Rt更换为图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热本领相同），小华发现装置启动保护的灵敏度会降低，你认为其中的原因是：______
1.【答案】
【解析】解：A、用刻度尺测量物体的长度时要估读到分度值的下一位，倒数第一位为估读值，故A错误；
B、使用温度计测量液体的温度，读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，故B错误；
C、测量力的大小时，弹簧测力计既可以在竖直方向上使用，又可以在倾斜方向使用，故C错误；
D、在斜面坡度越大，小车沿斜面向下加速运动越快，过某点的时间会越短，计时会越困难，斜面保持较小的坡度，便于测量小车运动所用的时间，故D正确。
故选：D。
（1）使用刻度尺测量物体的长度时要估读到分度值的下一位；
（2）读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；
（3）弹簧测力计既可以在竖直方向上使用，又可以在倾斜方向使用。使用时力的方向应与弹簧的轴线一致；
（4）若要计时方便，应使小车运动速度慢些，斜面的坡度要小，这样所用的时间长些。
本题考查了弹簧测力计的使用、刻度尺的分度值、天平的使用、测量速度的实验要求等知识，是一道综合性题目。
2.【答案】
【解析】解：风吹向伞，由于伞的下表面风速比伞的上表面的风速小，从而使伞的下表面受到空气压强比上表面大，对伞产生一个向上的升力，故伞向上翻起，C正确、ABD错误。
故选：C。
流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小、流速越小的地方压强越大。
本题旨在考查流体压强与流速的关系的知识，考查学生对流体压强与流速的关系掌握和应用，属于基础题。
3.【答案】
【解析】解：在毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，毛皮中的部分电子转移到橡胶棒上，则毛皮因失去电子而带正电荷，而橡胶棒得到电子带等量的负电荷，即电子从毛皮转移到了橡胶棒。
故选：A。
摩擦起电的实质是电子发生了转移，使物体的正负电荷数不相等；失去电子的带正电，得到电子的带负电。
本题考查了摩擦起电的实质，知道物体上的电子比质子数量多带负电，电子比质子数量少带正电。
4.【答案】
【解析】解：A、由图可知，物距u=25cm，v=40cm，物距u＜v，f＜25cm＜2f，解得，12.5cm＜f＜25cm，40cm＞2f，解得，f＜20cm，由以上解得可得，12.5cm＜f＜20cm，故A错误；
B、u＜v，成倒立放大的实像，与投影仪的成像原理相同，故B错误；
C、蜡烛变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向，像的位置向上移动，故C错误；
D、远视眼镜的镜片为凸透镜，对光有会聚作用，可使光线的会聚点提前。因此，将一副远视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动光屏可以得到清晰的像，故D正确。
故选：D。
（1）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像。
（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大。
（3）根据光线过透镜的光心不改变方向，判断蜡烛变短后，像的移动方向；
（4）凸透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点提前，可以用来矫正远视眼；根据凸透镜的作用和物远像近小的特点可判断应进行的操作。
根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f。
u＜f，成正立、放大的虚像。
5.【答案】
【解析】解：A、指南针是利用地磁场对磁体的作用来指示方向的，其工作原理是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，并非“磁生电”原理。故A不符合题意。
B、扬声器是将电信号转化为声信号的装置，它是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。当变化的电流通过扬声器的线圈时，线圈会在磁场中受力振动，带动纸盆振动发出声音，是“电生磁”的应用，不是“磁生电”。故B不符合题意。
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的。当声波使话筒内的振膜振动，带动连接在振膜上的线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流，将声音信号转化为电信号，属于“磁生电”现象。故C符合题意。
D、电磁继电器主要是利用电磁铁来工作的，电磁铁是根据电流的磁效应制成的，即通电导体周围存在磁场。通过控制电磁铁中电流的通断，来控制衔铁的吸合与释放，从而实现对工作电路的控制，是“电生磁”的应用，不是“磁生电”。故D不符合题意。
故选：C。
电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
本题主要考查电磁感应的相关应用，属于基础题。
6.【答案】
【解析】解：
A、小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，质量不变，速度不变，高度升高，所以动能不变，重力势能变大，因机械能等于动能与势能之和，所以机械能增大，故A正确；
B、小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，处于平衡状态；在竖直方向上她受重力和支持力的作用，小红与自动扶梯之间没有发生相对运动也没有相对运动趋势，所以小红不受摩擦力；故B错误；
C、小红对扶梯的压力和扶梯对小红的支持力是作用在不同物体的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、小红到达终点时，不能立即停下来，是因为她具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：A。
（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
（2）受力分析的顺序先是重力、再弹力、最后摩擦力。根据力的平衡判断摩擦力的有无。
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
此题以生活中的一个场景综合考查学生对多个物理知识点的理解和掌握，解决本题的关键会对物体进行受力分析，并根据力的平衡否定摩擦力的存在。
7.【答案】
【解析】解：AC．由题意知，两容器内装入的液体的质量相等，甲容器中，A和B两个物体排开液体的总体积比乙容器中A和B两个物体排开液体的总体积小，此时两个容器中液面恰好相平，说明甲容器中液体的体积比乙容器的大。据知，甲容器中液体的密度比乙容器中液体的密度小，此时液面相平，即两种液体的深度相同，据p=ρgh,甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受的压强。故C正确，A错误；
B．A球在甲容器的液体中漂浮，排开液体的体积比自身体积小，在乙容器中浸没，排开液体的体积等于自身的体积，而甲容器中液体的密度比乙的小，据阿基米德原理知，甲中所受的浮力比乙的小，故B错误；
D．容器底对水平面的压力等于容器的重力、液体的重力及两球的重力之和，而两个容器相同，重力相同，底面积相同；两种液体的质量相等，重力相等，则两个容器对水平面的压力相等，据知，甲容器对水平面的压强等于乙容器对水平面的压强。故D正确。
故选：CD。
（1）已知两容器中液面恰好相平，根据A、B两球在甲、乙两容器中排开液体的体积判断得出甲、乙液体的体积大小，由于容器中装有质量相等的不同液体，则根据ρ=即可判断液体的密度大小关系；已知两容器中液面恰好相平，根据p=ρgh即可判断容器底所受液体压强的大小；
（2）根据A球在甲、乙容器液体中的受力情况即可判断；
（3）根据总质量等于总重力关系，根据p=比较压强。
此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，综合性强，难度较大。
8.【答案】
【解析】解：（1）由电路图可知，压力F增大时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，滑动变阻器的分压变大，电压表示数增大，故B错误；
（2）滑动变阻器接入电路阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，故A正确；
（3）因为电源电压不变，电路电流减小，由P=UI可知，电路消耗的电功率减小，故D错误；
（4）压力F增大时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，即电压表与电流表的示数之比变大，故C正确；
故选：AC。
由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路电流，根据滑片的移动移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电压表示数如何变化，根据欧姆定律判断电流表示数如何变化，根据P=UI可知电路消耗电功率的变化。
本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、电功率计算公式的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键。
9.【答案】
【解析】解：电磁波可以在真空中传播且能够传递信息，所以射电望远镜是通过电磁波来接收信息的；
黑洞与地球的距离很远，为5300万光年。
故答案为：电磁；光年。
（1）电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
（2）光年是光在一年内传播的距离，是一个很大的长度单位。
本题考查了电磁波的应用以及对光年单位的理解等知识，是一道理论联系实际的好题。
10.【答案】
【解析】解：小提琴手在演奏前调整琴弦的松紧程度，他这样做的目的是改变琴声的音调；琴弦振动发出悠扬的琴声，琴声通过空气传播到我们耳中；不同发声体的材料和结构，音色不同，所以听众能根据音色分辨出小提琴声和钢琴声。
故答案为：音调；音色。
掌握声音的三要素：音调、响度和音色，并能够搞清影响它们的因素：音调与发声体的振动频率有关，响度与振幅有关，音色与发声体有关；音色是由发声体的材料和结构决定的，可以用来区分不同物体发出的声音。
此题主要考查了声音的三要素及区别，属于一道声学基础题，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：（1）往纸杯里倒些水，水从吸管喷出时，水给空气一个向后的力，由于力的作用是相互的，故空气给水一个向前的力，故纸杯船就会前进。
（2）以纸杯为参照物，纸餐盘与纸杯没有位置的变化，故以纸杯为参照物，纸餐盘是静止的。
故答案为：相互；静止。
（1）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
（2）被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
本题考查了物体间力的作用的相互性；参照物的选择，难度不大，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。
12.【答案】
【解析】解：
（1）用煤气灶烧水的过程中，内能发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能增加的；
（2）水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.72×105J；
由η=可得煤气完全燃烧放出的热量：
Q放===8.4×105J；
由Q放=mq可得煤气的质量：
m′===0.02kg。
（2）用热水泡茶时，茶水散发出清香，这是茶叶分子不停地无规则运动形成的，属于扩散现象。
故答案为：热传递；0.02；扩散。
（1）热传递可以改变物体的内能，其实质是内能的转移；
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量。根据η=可求出煤气完全燃烧放出的热量；最后可利用公式m=计算出煤气的质量。
（3）一切物体上的分子在不停地做无规则运动。
本题主要考查了热传递改变物体的内能、分子动理论的应用、热量公式的灵活运用、热值公式以及热效率公式的运用等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
13.【答案】
【解析】解：（1）电饭锅高温烧煮的功率P高=840W，烧煮时间t=10min=600s，
由P=得，电饭锅高温烧煮消耗的电能：
W=P高t=840W×600s=5.04×105J；
（2）当开关S1闭合、S2断开时，仅有R1接入电路，电路电阻较大，
根据P=可知，电压一定时，电路电阻越大，电功率越小，此时电饭锅处于低温焖饭状态；
电饭锅低温焖饭时的额定功率：
P低===40W；
（3）当开关S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联接入电路，电路电阻较小，
根据P=可知，电压一定时，电路电阻越小，电功率越大，此时电饭锅处于高温烧煮状态；
则电热丝R消耗的电功率：
P=P高-P低=840W-40W=800W，
电热丝R2的阻值：
R2===60.5Ω。
故答案为：5.04×105；40；60.5。
（1）知道电饭锅高温烧煮的功率和烧煮时间，根据W=Pt求出电饭锅高温烧煮10min消耗的电能；
（2）当开关S1闭合、S2断开时，仅有R1接入电路，电路电阻较大，根据P=可知，此时电饭锅处于低温焖饭状态，进而求出电饭锅低温焖饭时的额定功率；
（3）当开关S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联接入电路，电路电阻较小，根据P=可知，此时电饭锅处于高温烧煮状态，用电饭锅高温烧煮的功率减去低温焖饭时的额定功率即得电热丝R2消耗的电功率，最后根据R=求出电热丝R2的阻值。
本题考查了电功公式和电功率公式的灵活应用，分析当S1、S2处于不同状态时的电路连接方式，根据电功率公式判断电饭锅的状态是本题的难点。
14.【答案】
【解析】解：灯泡发光时，由于电流的热效应会使灯丝温度升高发生升华现象，从固态直接变成气态；当灯泡不亮时温度降低，钨丝升华形成的钨蒸气遇到冷的玻璃时会发生凝华现象，直接变成固态的钨附着在灯泡内侧，使灯泡变黑。
故答案为：用久的日光灯两头会“变黑”；钨丝升华形成的钨蒸气遇到冷的玻璃时会发生凝华现象，直接变成固态的钨附着在灯泡内侧，使灯泡变黑。（现象和解释合理即可，答案不唯一）
物质由固态直接变成气态的过程叫做升华，由气态直接变成固态的过程叫做凝华。
本题考查了生活中物态变化的知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
15.【答案】
【解析】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂L1最长；动力的方向应该向下，过点A垂直于OA作出最小动力F1的示意图，过支点O作动力F2的垂线即为阻力臂L2，如下图所示：
力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
此题考查杠杆的平衡条件的应用和最小力的画法，注意以支点到力的作用点的距离作为力臂是最大的力臂，力最小。
16.【答案】
【解析】解：由题意知，开关控制两盏灯且两灯都能正常发光，故两灯应并联，火线首先接入开关，零线分别接入两灯的另一根导线。
三孔插座的顶端接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示。
（1）灯泡的接法：火线首先接入开关，零线分别接入两灯的另一根导线。这种接法能在更换灯泡时，断开开关，切断火线防止触电。两灯都能正常工作，故应并联。
（2）三孔插座的上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，上孔（中间）接地线是为了使用电器的金属外壳接地，如果用电器漏电时，防止触电。
本题考查了家庭电路的连接，要掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座等的接法。
17.【答案】
【解析】（1）实验中用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于确定像的位置；
（2）无法让蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可能是实验时玻璃板没有竖直放置时，像与物体不在同一水平面上；
（3）他将蜡烛A向玻璃板远离3cm,蜡烛A的像也向玻璃板远离3cm；因此，再将蜡烛B移到A像的位置，通过测量，发现蜡烛A与它在玻璃板中像的距离变化了6cm；平面镜所成的像与物体等大，此过程像的大小不变。
故答案为：（1）确定像的位置；（2）玻璃板与桌不垂直；（3）6；不变。
（1）平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等，根据成像的特点分析实验操作的要求；
（2）实验时玻璃板没有竖直放置时，像和物体不在同一水平面上，则无法使蜡烛B与像完全重合。
（3）平面镜成像，像物到镜面距离相等，像大小跟物体的大小相等。
本题考查探究平面镜成像的一些细节要求，培养学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
18.【答案】
【解析】（1）将天平放在水平桌面上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，说明天平的左端下沉，右端上翘，他应向上翘的右端调节平衡螺母，使指针指在分度盘中央刻度线处，天平平衡。
（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，绿松石的质量：m=50g+10g+4g=64g。
（3）绿松石的体积：V=40ml-20ml=20ml=20cm3。
绿松石的密度：ρ===3.2g/cm3。
（4）由于砝码上沾有粉笔灰导致砝码质量偏大，但是读数偏小，所以测量值偏小。
（5）物体的重力：G=mg,物体浸没在食用油中弹簧测力计示数为F，物体在食用油中受到的浮力：F浮=G-F=m石g-F，
根据阿基米德原理物体受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgV石，
则食用油的密度：ρ===。
故答案为：（1）水平桌面；右；（2）64；（3）3.2；（4）偏小；（5）。
（1）天平的正确使用：
把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；
调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
（3）从量筒上读出放入物体前后的刻度求出物体的体积，知道质量和体积根据密度公式求出物体密度。
（4）由于砝码上沾有粉笔灰导致砝码质量偏大，测量值偏小。
（5）知道物体的重力和物体浸没在水中弹簧测力计示数求出浮力，根据阿基米德原理求出液体的密度。
此实验题考查了两个测量物体密度的方法，一个是一般测量方法，测量质量和体积求密度；另一个是利用浮力测量密度，也是很常见的考查内容。
19.【答案】
【解析】（1）电源电压恒为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，变阻器按一下一上接入电路中，如下所示：
（2）连接好电路后，开关闭合前，应将滑片移至滑动变阻器的阻值最大处，即右端。闭合开关，缓慢移动滑片的位置，发现电压表有示数且始终为3V，电流表示数始终为零，可能是定值电阻R处发生了断路故障；
（3）电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电路中的电流为0.36A；
（4）由欧姆定律，电压表示数为：UV=IR=0.36A×5Ω=1.8V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.8V，读出电流表的示数；
（5）纵向分析数据知，电阻为原来的几倍，电流为原来的几分之一，故可得出结论：当导体两端电压一定时，通过导体中的电流与导体的电阻成反比；
（6）电阻两端的电压始终保持UV=1.8V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=3V-1.8V=1.2V，定值电阻的电压为变阻器分得的电压=1.5倍，根据分压原理，当变阻器接入20Ω电阻时，对应的定值电阻最大值为：R大=1.5×20Ω=30Ω＜40Ω，小明同学换用40Ω的定值电阻不能进行上述实验，原因是滑动变阻器的最大电阻太小。
故答案为：（1）如上所示；
（2）右；断路；
（3）0.36；
（4）右；1.8；（5）反；（6）不能；滑动变阻器的最大电阻太小。
（1）根据电源电压恒为3V确定电压表选用小量程与电阻并联，变阻器按一下一上接入电路中；
（2）连接好电路后，开关闭合前，应将滑片移至滑动变阻器的阻值最大处；若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
（4）由欧姆定律求出电压表示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入电路中时对应的定值电阻大小。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、操作过程、控制变量法和对器材的要求。
20.【答案】
【解析】（1）工人拉绳子时，用力握紧绳子，这是用在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
（2）工人未用力拉货物时，货物放在水平地面静止时对地面的压力：
F=G=750N；
S=4000cm2=0.4m2，
对地面的压强：
p===1875Pa；
（3）由图可知，n=2，则绳端移动的距离：
s=nh=nvt=2×0.2m/s×10s=4m,
不计绳重和摩擦时，拉力F=（G+G动）=×（750N+50N）=400N，
W总=Fs=400N×4m=1600J；
（4）由于s=nh=2h,若绳子能够承受的最大拉力为500N，即：F=500N，
W总=Fs=F2h=2Fh,
货物提升过程中绳重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，即：W额2=10%W总=10%×2Fh=0.2Fh；
由于克服动滑轮的重力而产生的额外功，W额1=G动h,
所以，有用功W有用=W总-W额1-W额2=2Fh-G动h-0.2Fh=1.8Fh-G动h,
滑轮组的最大机械效率η=×100%=×100%=×100%=×100%=85%。
答：（1）增大压力；
（2）货物静止在水平地面上对水平地面的压强为1875Pa。
（3）人做的功为1600J。
（4）滑轮组的最大机械效率是85%。
（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）工人未用力拉货物时，不用力拉，货物放在水平地面静止时对地面的压力和自身的重力相等，根据p=求出对地面的压强；
（3）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Gh求出有用功，；
（4）根据绳子能够承受的最大拉力求出能提升的物体的重力，
得出由于货物提升过程中绳重和摩擦对应的额外功始终占总功的10%，据此根据W总=Fs求出总功，然后得出由于绳重和摩擦对应的额外功，根据W=Gh求出由于动滑轮的重力而产生的额外功，最后根据η=×100%求出滑轮组的最大机械效率。
本题考查增大和减小摩擦的方法、重力和压强、有用功、总功、机械效率的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
21.【答案】
【解析】解：（1）已知电源正负极，根据电流流向，由安培定则可知，电磁继电器中电磁铁下端为N极，上端是S极，
停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，由图2中图线①知，Rt的阻值增大，根据I=知，线圈中电流将变小；
（2）当温度为20℃时，热敏电阻Rt=250Ω，
电路的总电阻为：R=Rt+R0=250Ω+200Ω=450Ω，
电路的总功率为：P===0.08W；
（3）装置启动保护时，当电路中电流为I=0.02A时，Rt的温度最高，
此时电路的总电阻为：R总===300Ω，
Rt电阻：Rt′=R总-R0=300Ω-200Ω=100Ω，
由图乙知，此时Rt的温度为80℃；
（3）由图乙可知，随着熄火后Rt温度降低，图线②若仅将R1更换为图线②所对应的热敏电阻要比图线①所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护，因此灵敏度降低。
故答案为：（1）S；小；
（2）当温度为20℃时，电路的总功率是0.08W；
（3）装置启动保护时，Rt的最高温度是80℃；
（4）由图乙可知，随着熄火后Rt温度降低，图线②所对应的热敏电阻要比图线①所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护，因此灵敏度降低。
（1）由安培定则可判断电磁铁的磁极；
根据图像得出电阻与温度的关系；
（2）根据图读出当温度为20℃时，热敏电阻的阻值，由串联电路的电阻电路的特点求出总电阻，根据P=算出电路的总功率；
（3）装置启动保护时，当电路中电流为I=0.02A时，根据欧姆定律算出此时的总电阻，根据串联电路电阻的特点算出热敏电阻的阻值，由图乙读出此时的温度（即装置启动保护时Rt的最高温度）；
（4）调试完成后，装置启动熄火保护功能时，回路中的电流及回路的总电阻是确定的，即启动保护功能时，Rt阻值是确定的，与接入哪一个热敏电阻无关。
本题综合考查电磁铁、欧姆定律和电功率等知识，是一道综合题，难度较大。
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