2025年四川省成都市高新实验学校中考物理模拟试卷（含解析）
文档属性
| 名称 | 2025年四川省成都市高新实验学校中考物理模拟试卷（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 484.2KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-08-01 17:30:31 | ||
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文档简介
2025年四川省成都市高新实验学校中考物理模拟试卷
一、单选题：本大题共15小题，共30分。
1.2025年5月7日，印巴冲突中体系化作战歼10CE大放异彩，取得了战机战损比0：6的巨大胜利，体系化作战指地面防空系统锁定对方战机，隐身战机隐蔽发射霹雳15空空导弹，再由预警机实时指引导弹命中目标。预警机指引导弹依靠的是（ ）
A. 激光 B. 次声波 C. 电磁波 D. 超声波
2.如图所示的实验中，用不同的力拨动钢尺，钢尺上下不停地振动。关于该实验，下列说法不正确的是（ ）
A. 我们听到的所有声音都是空气振动产生的
B. 只要拨动钢尺，使其振动就能发出声音
C. 改变钢尺伸出的长度，可以探究音调和频率的关系
D. 用不同的力拨动钢尺，可以探究响度与振幅的关系
3.如图是某小组探究“水沸腾的条件”的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A. 实验时，自上而下可快速组装仪器
B. 水沸腾后继续加热，探究水沸腾的温度特点
C. 通过有无“白气”冒出来判断水是否沸腾
D. 温度计显示97℃不变，加大火力可以加热至100℃
4.了解我国科技发展成就，关注身边的物理，是物理学习的基本要求。下列数据，符合实际的是（ ）
A. 家用电热毯的功率约为700W B. 微波炉工作1h耗电8kW h
C. 洗衣机工作时的电流约为10A D. 福建舰受到的浮力约为8×108N
5.走进厨房进行劳动实践，是当代中学生必修的一课，小李发现厨房里涉及到很多物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 熬粥时，冒出大量的“白气”，“白气”是液态
B. 多油的汤盛出后不易凉，是因为汤能从油中吸热
C. 刚取出的冷冻虾表面有“白霜”，“白霜”的形成与冰相同
D. 冻排骨“解冻”过程中，排骨中的冰吸热升华成水
6.2023年7月28日，第31届世界大学生夏季运动会在成都隆重开幕。如图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（ ）
A. 助跑过程中，动能转化为重力势能 B. 助跑过程中，机械能总量增大
C. 起跳后的上升过程中，动能增大 D. 越过横杆后的下降过程中，重力势能增大
7.用微小压强计“探究液体内部的压强”实验中，烧杯中装有相同的水，实验现象如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 组装微小压强计时出现液面高度差，不必调整，可用它直接实验
B. 比较乙、丁两图，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大
C. 比较甲、乙、丙三图，同一深度液体内部向各个方向的压强不相等
D. 图中的实验现象能得出：同一深度，液体密度越大，液体压强越大
8.关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确的是（ ）
A. 检修电路时，只要做好保护可以不用切断电源
B. 电路起火，切断电源，扑火后，尽快查找原因
C. 控制电灯的开关，应接在灯泡和相线之间
D. 家庭电路中，空气开关跳闸一定因为电流过大
9.如图所示，是小慧同学掷实心球的场景，图中虚线表示球的运动轨迹，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后继续运动到d点停止。忽略空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 球从a点上升到b点，小球的惯性越来越小
B. 球在b点，若外力突然消失，小球将处于静止
C. 球从b点到c点，球的合力等于竖直向下的重力
D. 球从c点到d点，说明力是维持物体运动的原因
10.如图所示的实验电路，还有部分导线未连接，字母a、b、c、d、e、f、g、h表示各元件的接线柱。下列说法正确的是（ ）
A. 用导线连接b、f,用另一根导线连接e、f,闭合开关S，L1、L2都发光
B. 用导线连接e、f,用另一根导线连接d、g,闭合开关S，L1、L2都发光
C. 用导线连接d、f,用另一根导线连接e、g,闭合开关S，电流表测L1的电流
D. 用导线连接e、h,用另一根导线连接d、f,闭合开关S，电流表测L2的电流
11.如图所示，在“探究电磁感应”的实验中，将导体ab、开关和灵敏电流表用导线连接，导体ab放置在磁极间。下列说法正确的是（ ）
A. 灵敏电流表的作用是测量电路中感应电流的大小
B. 开关闭合，ab竖直上下运动，电路中有感应电流产生
C. 开关闭合，磁铁向左移动，指针偏转，磁铁相当于电源
D. 利用该实验装置可以得出感应电流方向与磁场方向有关
12.如图所示，小丽同学想利用空气浮力估算手中气球的体积大小，采集的数据有：无风静止时细绳竖直向下的拉力（约为0.25N）、气球的重力（约为1.4×10-2N）、空气的密度（约为1.3kg/m3）。气球的体积大小约为（ ）
A. 2m3
B. 0.2m3
C. 0.02m3
D. 2dm3
13.能源是世界永恒的话题。对于能量、能源的认识，下列说法正确的是（ ）
A. 做功过程只能实现能量的转化不能实现能量的转移
B. 水能是可再生能源也是一次能源，电能是二次能源
C. 要做到“节能减排”唯一途径是提高能量转化效率
D. 只要做好技术保护，核能是没有污染的
14.“因为有了光，自然界才绚丽多彩，世界才生机勃勃……”，下列对光现象描述正确的是（ ）
A. 树荫下圆形光斑是太阳正立的像，是光直线传播形成的
B. 阳光下的溪水波光粼粼，是水面对光的折射现象
C. 由远及近看物体，眼睛的晶状体会变厚
D. 手机扫二维码付款时，二维码是光源
15.小美在老师指导下进行了以下实验：甲、乙两烧杯各装100g水，用酒精灯加热甲烧杯，煤油灯加热乙烧杯，直至杯内水沸腾1分钟即熄灭该灯，测得消耗酒精4g、煤油2.5g。她根据实验数据绘制了水温与加热时间关系的图像（如图）。若水沸腾前质量不改变，同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，q酒精=3.0×107J/kg,q煤油=4.6×107J/kg,c水=4.2×103J/（kg ℃），则下列说法正确的是（ ）
A. 煤油灯加热的效率为35.06%
B. 整个过程，甲杯中的水吸收的热量为3.36×104J
C. 前3分钟，乙杯中的水吸收的热量为3.36×104J
D. 沸腾前，甲烧杯中的水的比热容更大一些
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
16.如图所示的情景中，下列说法正确的是（ ）
A. 市民积极接种疫苗，用注射器将药液注入肌肉时利用了大气压
B. 塑料挂钩的吸盘能贴在玻璃表面，是因为吸盘对玻璃有吸引力
C. 测量成都各地气压值，青城山顶峰的大气压比天府广场的大气压低
D. 用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压低于人体血压
17.小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm,此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg,下列说法正确的是（ ）
A. 滑轮组的机械效率为66.7%
B. 克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J
C. 动滑轮对物体拉力的功率为0.03W
D. 若减小动滑轮的质量，滑轮组的机械效率减小
18.如图所示电路，电源电压U恒定不变，电流表A1量程为0-3A，A2量程为0-0.6A，电压表V量程为0-3V或0-15V。闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，A1表的示数为0.35A，R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=3：1；滑片P向右移到某一位置的过程中，A1表的示数变化了0.3A，V表的示数变化了3V。三个开关都闭合时，在确保电路安全的前提下，R2允许接入的最小阻值为R2小，电路消耗的最大电功率为P大。下列结论正确的是（ ）
A. R3=10Ω B. 电压表选用的量程为0-15V
C. R2小=40Ω D. P大=7.4W
三、填空题：本大题共8小题，共33分。
19.端午节有挂艾草香囊的习俗，挂上香囊后会闻到淡淡的中药香味，这是______现象。如果用慢火熬煮艾草水沐浴，中药香味会更加浓郁，艾草水沸腾前，内能会______。
20.夜幕降临，横跨成都锦江两岸的安顺廊桥灯火璀璨，桨声灯影里，夜色让人陶然而醉……正所谓“锦江灯月遥相近，烟火市井三千年”。如图，水中“灯影”是由于光的______形成的；若锦江水面上涨，水中“灯影”到水面的距离变______。
21.在探究“通电螺线管的磁性”的实验中，连接了如图所示的电路，小磁针的右边应该是______极；对调电源的正负极，闭合开关小磁针旋转180°，说明螺线管的磁场方向与______有关。
22.同学们使用天平和量筒测量醋、水和酒精三种液体的密度。根据你已有的知识和经验判断，三者中密度最大的是______。将装有适量醋的烧杯放在已调平的天平左盘，当右盘中砝码和标尺上的游码如图所示时，天平再次平衡，则醋和烧杯的总质量为______g。
23.在“探究二力平衡的条件”实验中，同学们设计了如图所示的甲、乙两种实验方案。你认为______方案更合理；在甲方案中，当看到木块处于静止状态时，此时F1______F2。
24.如图是小华探究“电流与电阻关系”的实验电路，AB间可以换接多个不同阻值的电阻。某次由5Ω换成10Ω，他应向______调节滑动变阻器滑片，同时眼睛应该注视着______。
25.如图是家里常用蒸汽熨烫机的电路原理图，R1、R2是电热丝，开关S接触相邻的两个触点。R1=242Ω，R2=121Ω，该熨烫机可以实现______个加热挡位。在最低挡位，通电工作1min,电流产生的热量是______J。
26.如图甲是传统电热水壶的工作原理图，它是通过底部的加热丝对底盘进行加热，再传导到壶内的水，使其逐渐升温，最终沸腾。当水沸腾时，所产生的水蒸气会使蒸气感温元件的双金属片产生变形，这种变形通过杠杆原理推动电源开关断电，从而实现了自动断电的功能。这个断电机制是不可自行复位的，因此一旦水沸腾，电热水壶将不再继续加热。
（1）以下关于传统电热水壶的说法，错误的是______；
A.传统电热水壶主要利用电流的磁效应工作
B.传统电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水
C.指示灯出现故障时，传统电热水壶也可能工作，所以人离开时应该断开电源
D.防干烧开关和蒸汽开关起到了双重保护作用，可以防止传统电热水壶由于温度过高而损坏
（2）该传统电热水壶烧开一壶水用时8min,消耗0.1度电，则它的功率和家用电器中的______很接近（选填“电热毯”、“电冰箱”或“微波炉”）。
（3）如图乙是市面上一款智能恒温调奶器控制面板，该调奶器宣称除具有加热、解冻、消毒、除氯功能外，还有40℃恒温功能。丙图为简化电路，其中R1、R2为加热电阻，R0为定值保护电阻。R为温敏电阻，其阻值随温度升高而增加，且在40℃时，电磁继电器刚好将衔铁吸引，工作一段时间后再断开。小明和爸爸对该电路能否真正实现温度精确保持在40℃不变的功能有不同的意见，你的判断及理由是______。
A.可以实现，因为温敏电阻可以控制温度不变
B.可以实现，因为衔铁吸下后功率增大，温度不会再下降
C.不能实现，因为缺少一个到达一定温度自动断开的开关
D.不能实现，因为40℃时衔铁吸下，电路处于加热状态，温度会升高一些
（4）小明购买如图乙所示恒温调奶器后利用家庭电工仪器和爸爸一起研究，发现该恒温调奶器加热时额定电压为220V，额定功率为600W，R1、R2阻值相同。小明仅选用煮沸和保温挡位工作，发现该调奶器连续工作8h,保温时间与加热时间的比值为15：1，若小明家目前电费为每度电0.5元，则该调奶器这8h工作需要______元电费。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
27.如图所示，F为凸透镜的焦点，O为光心，完成光路图。
28.图甲为我国古人运送巨木的劳动情景示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，图乙是其简化示意图，O是支点，A是人的施力点，B是绳子的悬挂点，杆自重不计，请在图乙中作出：在A点施加的最小动力F及其力臂L。
五、实验探究题：本大题共2小题，共14分。
29.晓东利用如图所示电路探究“串联电路中的电压关系”。
实验次数 L1的电压/V L2的电压/V L1和L2的电压/V
第1次 0.8 2.0 2.8
第2次 1.0 1.8 2.8
第3次 1.4 1.4 2.7
（1）闭合开关，电压表测______的电压。
（2）晓东用导线把L1的两端连接起来模拟短路现象，闭合开关，L2也不亮，电压表的示数为零，则该电路可能还存在什么故障？
（3）晓东排除故障后，多次更换不同规格的灯泡，测出数据如表所示。分析表中实验数据，在误差允许范围内，可得出的结论是______。
A.串联电路中各处电流相等
B.灯泡阻值随灯泡两端电压增大而增大
C.串联电路中电阻值越大的部分两端电压越大
D.串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和
30.小明在探究“重力与质量的关系”时，进行了相关操作，实验器材如图所示。
（1）通过观察弹簧测力计的______来判断所选弹簧测力计是否合适；
（2）小明测量了三组数据如表所示分析数据，可以得到的结论是：物体受到的重力与质量成______；
实验序号 物体质量m/kg 重力G/N 重力与质量之比g/N kg-1
① 0.1 1.0 10
② 0.2 2.0 10
③ 0.3 3.0 10
（3）旁边刚做完“探究滑动摩擦力大小的因素”实验的小红认为小明的实验次数过少，不足以排除偶然性，于是她直接用“探究滑动摩擦力大小的因素”实验中所使用的弹簧测力计又进行了四次实验，数据如表，她发现重力并不与质量成比例关系，第④⑤组数据中其重力与质量的比值与小明不同的原因可能是______。分析第⑥⑦组数据，发现弹簧测力计的示数不再变化，出现该现象的原因是______。
实验序号 物体质量m/kg 重力G/N 重力与质量之比g/N kg-1
④ 0.4 4.2 10.5
⑤ 0.45 4.7 10.4
⑥ 0.5 5.0 10
⑦ 0.55 5.0 9.1
六、计算题：本大题共3小题，共18分。
31.近年来，电动平衡车深受年轻人的喜爱。它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾和后仰实现驾驶，如图所示。（g取10N/kg）
（1）质量为40kg的小亮同学驾驶质量为10kg平衡车在水平地面上静止时，轮胎与地面总的接触面积为50cm2，求平衡车对水平地面的压强；
（2）若小亮驾驶该车在水平路面以5m/s的速度匀速直线行驶3min,该车受到的阻力是人和车总重的0.16倍，求平衡车牵引力所做的功。
32.进入冬季之后，天气开始变得干燥，学科实践小组利用一块湿敏电阻R设计了一个电路图如图甲所示的湿度表，已知R的阻值随环境湿度RH的变化情况如图乙所示，电路中的电源电压恒为12V，定值电阻R0=15Ω，电压表的量程为“0～15V”，电流表量程为“0～0.6A”。求：
（1）当电流表的示数为0.48A时，环境的湿度；
（2）在保证电路安全的前提下，电压表的变化范围。
33.如图甲所示，薄壁圆柱形容器放在水平台上，容器的底面积S容=100cm2，质量均匀的圆柱体物块上表面中央用足够长的细绳系住，悬挂于容器中。以恒定速度向容器中缓慢注水（每分钟注入100g），直至注满容器为止，细绳的拉力大小与注水时间的关系图像如图乙所示。ρ水=1g/cm3，常数g=10N/kg，物块不吸水，忽略细绳体积、液体扰动等其它次要因素。
（1）求注水前圆柱体物块的下表面到容器底部的距离L1；
（2）当细绳的拉力为0.9N时，求水对物块下表面的压强；
（3）若改为以恒定速度向容器中缓慢注入另一种液体（每分钟注入100cm3，ρ液=1.5g/cm3），直至9.4min时停止。求容器底部所受液体压强p与注液时间tx分钟（0≤tx≤9.4）的函数关系式。
1.【答案】
【解析】解：预警机指引导弹依靠的是电磁波，故C正确，ACD错误。
故选：C。
声音的传播需要介质，真空不能传播声音，电磁波的传播不需要介质。
本题考查了电磁波的传播，属于基础题。
2.【答案】
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，但我们听到的所有声音不都是空气振动产生的，各种物体振动都可以产生声音，故A错误；
B、只要拨动钢尺，钢尺振动就能发出声音，故B正确；
C、改变钢尺伸出的长度，由于钢尺的振动长度不同，所以振动频率不同，因此可以探究音调与频率的关系，故C正确；
D、用不同的力拨动钢尺，钢尺的振动幅度不同；用力越大，振幅越大，声音的响度越大。故可探究响度与振幅的关系，故D正确。
故选：A。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的三要素的因素：音调与发声体的振动频率有关；响度与振幅有关；音色与发声体有关。
此题考查了的声音的产生以及声音的特性，牢记影响声音三特性的因素是解决该题的关键。
3.【答案】
【解析】解：A、由于使用酒精灯要用外焰进行加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此要按照自下而上的顺序依次按装实验器，故A错误；
B、沸腾时，吸收热量、温度不变，故水沸腾后继续加热，探究水沸腾的温度特点，故B正确；
C、水蒸气遇冷液化为小水滴，出现“白气”，不沸腾时，也会形成“白气”，不过形成的少一点，故C错误；
D、温度计显示97℃不变，说明水的沸点是97℃，加大火力保持97℃不变，故D错误。
故选：B。
（1）组装实验装置时，应按照自下而上的顺序进行，便于合理布置各个实验器材的位置；
（2）水沸腾时，吸收热量、温度不变；
（3）水蒸气遇冷液化为小水滴，出现“白气”；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高沸点越高。
本题为“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，考查器材安装、沸腾特点以及液化现象，难度不大。
4.【答案】
【解析】解：A、家用电热毯的功率约为70W，故A不符合实际；
B、微波炉功率约为1kW，工作1h耗电W=Pt=1kW×1h=1kW h,故B不符合实际；
C、洗衣机工作时的电流约为1～3A，故C不符合实际；
D、福建舰的排水量约为8×107kg,其受到的浮力约为F浮=G排=m排g=8×107kg×10N/kg=8×108N，故D符合实际。
故选：D。
首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
5.【答案】
【解析】解：A、液化是物质由气态变成液态的过程，白气是水蒸气液化形成的小水珠，故A正确；
B、多油的汤盛出后不易凉，是因为汤的表面有一层油，使水蒸发的慢，而蒸发吸热，能使汤降温，故B错误；
C、霜的形成属于凝华现象，是水蒸气凝华形成的小冰晶，“白霜”是固态，冰是水凝固形成的，两者不同，故C错误；
D、解冻过程属于熔化，熔化过程吸热，故D错误。
故选：A。
（1）液化是物质由气态变成液态的过程；
（2）汽化是物质由液态变成气态的过程，汽化吸热，汽化有蒸发和沸腾两种方式；
（3）凝华是指物质由气态直接变成固态的过程，凝固是物质由液态变成固态的过程；
（4）熔化是指物质由固态变成液态的过程，解冻过程属于熔化。
这是一道有关物态变化的简单题，要熟悉各种物态变化现象，知道发生每种物态变化时，吸热还是放热。
6.【答案】
【解析】解：A、助跑过程中，运动员速度增大，高度不变，动能增大，重力势能不变，不是动能转化为重力势能，故A错误。
B、助跑过程中，运动员速度增大，动能增大，高度不变，重力势能不变，机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能总量增大，故B正确。
C、起跳后的上升过程中，高度增加，速度减小，动能减小，重力势能增大，故C错误。
D、越过横杆后的下降过程中，高度减小，重力势能减小，故D错误。
故选：B。
动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关，机械能等于动能与势能之和，据此分析。
本题考查动能与重力势能的影响因素，难度适中。
7.【答案】
【解析】解：A、当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差，需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故A错误；
B、比较乙、丁实验可知，两图中液体的密度相同，图丁中压强计的金属盒所处的深度较深，U形管内液面出现高度差比较大，说明同种液体，深度越大，液体的压强越大，故B正确；
C、比较甲、乙、丙三图，金属盒距液面的深度相同，根据同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等可知，U形管两边液柱的高度差不变，故C错误；
D、
实验中只有液体水，无法得出液体压强与液体密度的关系，故D错误。
故选：B。
（1）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）（4）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
橡皮膜发生形变是因为受到液体压强的作用，采用了转换法，据此结合图分析得出结论；
（3）液体内部朝各个方向都有压强，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法和转换法探究液体压强大小的影响因素是本题考查的重点。
8.【答案】
【解析】解：A、检修电路时，应先切断电源再操作，否则容易发生触电事故，故A错误；
B、电路起火，应先切断电源再灭火，扑火后，尽快查找原因进行维修，故B正确；
C、控制电灯的开关，应接在灯泡和相线（火线）之间，故C正确；
D、空气开关的作用是在电路中电流过大时切断电路，因此，家庭电路中，空气开关跳闸一定因为电流过大，故D正确。
故选：A。
（1）检修电路时，应先切断电源；
（2）电路起火应先切断电源再救火；
（3）控制电灯的开关，应接在灯泡和火线之间；
（4）造成空气开关跳闸的原因是电路中电流过大。
本题主要考查了对家庭电路和安全用电常识的理解与应用，属基础题。
9.【答案】
【解析】解：A、惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关。球从 a 点上升到 b 点，质量不变，所以惯性大小不变，故A错误。
B、球在 b 点时，仍有水平方向的速度。根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，若外力突然消失，小球将沿水平方向做匀速直线运动，故B错误。
C、忽略空气阻力，球从 b 点到 c 点，只受到竖直向下的重力作用，所以球的合力等于竖直向下的重力，故C正确。
D、球从 c 点到 d 点，是因为受到地面摩擦力的作用，速度逐渐减小直至停止，说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故D错误。
故选：C。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
当物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
忽略空气阻力，球从 b 点到 c 点，只受到竖直向下的重力作用。
力是改变物体运动状态的原因。
此题考查惯性大小的影响因素及力与运动的关系等，属于基础知识考查，难度不大。
10.【答案】
【解析】解：A、用导线连接b、f,用另一根导线连接e、f,灯L1被短路，闭合开关S，L2发光，故A错误；
B、用一根导线连接e、f,用另一根导线连接d、g,再闭合开关S，电源短路，两灯都不亮，且会烧坏电流表，故B错误；
C、用导线连接d、f,用另一根导线连接e、g,闭合开关S，两灯并联，电流表串联在干路上，测量电路的总电流，故C错误；
D、用导线连接e、h,用另一根导线连接d、f,闭合开关S，两灯并联，电流表与灯L2串联，电流表测L2的电流，故D正确。
故选：D。
电路的三种状态：
通路：处处连通的电路叫通路，通路时，有电流通过用电器，用电器工作，这样的电路也叫闭合电路；
断路：断开的电路叫断路或开路；断路时，没有电流通过用电器，用电器不工作；
短路：不经过用电器而直接将电源两极连接的电路叫短路；电源短路：是指用导线直接将电源两极连接起来的电路。电源短路时，电路中有强大的电流通过，可能烧毁电源和导线，甚至引起火灾，因此绝对不允许发生电源短路。
电流表与被测用电器串联。
本题考查了电流表的使用和电路的三种状态，比较简单。
11.【答案】
【解析】解：A．在“探究产生感应电流的条件”的实验中，灵敏电流计的作用是判断感应电流的有无、大小及判断感应电流的大小和方向，故A错误；
B．开关闭合，ab竖直上下运动，没有切割磁感线，电路中不会产生感应电流，故B错误；
C．开关闭合，磁铁向左移动，指针偏转，产生感应电流，导体ab相当于电源，故C错误；
D．研究感应电流方向与磁场方向的关系，要控制导体切割方向不变，只改变磁场的方向，故调换磁铁N、S极，故利用该实验装置可以得出感应电流方向与磁场方向有关，故D正确。
故选：D。
A．在“探究产生感应电流的条件”的实验中，由转换法，灵敏电流计的作用是判断感应电流的有无、大小及判断感应电流的方向，故A错误；
B．产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
C．提供电能的装置叫电源；
D．研究感应电流方向与磁场方向的关系，要控制导体切割方向不变，只改变磁场的方向，据此分析。
在“探究电磁感应”的实验，考查产生感应电流的条件及研究感应电流方向与磁场方向的关系和转换法、控制变量法的运用。
12.【答案】
【解析】解：无风静止时气球受细绳竖直向下的拉力、重力和竖直向上的浮力作用，由于气球处于静止状态，根据受力平衡可得浮力：
F浮=G+F=0.25N+1.4×10-2N=0.264N；
由于气球排开空气的体积和气球的体积相等，所以，由F浮=ρ气gV排得气球的体积：
V=V排===0.02m3=20dm3，故C正确。
故选：C。
无风静止时气球处于静止状态，受平衡力作用；根据受力平衡合力为零求出浮力；根据阿基米德原理求出气球的体积。
本题考查浮力的计算和阿基米德原理的应用。
13.【答案】
【解析】解：A、做功过程不仅能实现能量的转化也能实现能量的转移，故A错误；
B、水能可以在自然界里源源不断地得到，也可以从自然界直接获取，因此既属于可再生能源，也属于一次能源；电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，故B正确；
C、提高能量转化效率不是“节能减排”的唯一途径，只是措施之一，例如提倡绿色出行也可以节能减排，故C错误；
D、核能利用过程中存在放射性物质泄漏和核事故的风险。核废料的处理和处置是一个难题，需要解决长期储存和处置问题。因此，即使做好技术保护，也不能完全排除核能污染的可能性，故D错误。
故选：B。
（1）做功过程不仅能实现能量的转化，也能实现能量的转移。
在做功过程中，能量可以从一个物体转移到另一个物体。例如，一个小球自空中自由下落，它的正下方竖直放置一个弹簧，在小球与弹簧接触后继续向下运动的过程中，小球的机械能转移到弹簧；
（2）可以从自然界直接获取的能源属于一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源属于二次能源；越用越少，不能在短期内从自然界得到补充的能源属于不可再生能源；可以在自然界里源源不断地得到的能源属于可再生能源；
（3）节能减排是指节约能源、降低能源消耗、减少污染物排放。从广义上来说，是节约物质资源与能量资源，减少有害物排放。
可从工业、办公、学校、交通、日常生活等多方面开展节能减排，如调整产业结构、加强宣传、推广新技术等。
（4）核能利用过程中存在放射性物质泄漏和核事故的风险。
此题考查了能量的转化和转移、能源的分类、核能的利用，难度不大，属基础题目。
14.【答案】
【解析】解：A、树荫下的圆形光斑实际上是太阳通过树叶间的缝隙形成的倒立实像，这是光的直线传播的结果，故A错误；
B、阳光下的溪水波光粼粼，这是由于水面的不平整导致光线发生反射，而不是折射，故B错误；
C、当人从远处向近处看物体时，眼睛的晶状体会变厚，以增加其折射能力，使光线正确聚焦在视网膜上，这是眼睛调节机制的一部分，故C正确；
D、手机扫二维码付款时，二维码本身并不发光，而是反射光，故此，二维码不是光源，故D错误。
故选：C。
根据光源的概念和眼睛视物原理、小孔成像原理及光的反射现象来推断选项的物理原理，特别需要注意的是，小孔成像总是形成倒立的实像，而光源是指能够自行发光的物体。
本题考查光的直线传播、光的反射、眼睛的调节机制以及光源的定义。
15.【答案】
【解析】解：BC、由题意可知，由于甲、乙两烧杯各装水的质量相等，水的初始温度相同，
水沸腾前，两杯水吸收的热量相等：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.1kg×（98℃-18℃）=3.36×104J，即前3分钟，乙杯中的水吸收的热量为3.36×104J，故C正确；
且同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，则整个过程甲、乙两杯水所吸收的热量分别为：Q甲=6×Q吸=×3.36×104J=4.032×104J，Q乙=4×Q吸=×3.36×104J=4.48×104J，故B错误；
A、整个过程消耗的煤油完全燃烧放出的热量为：Q煤油=q煤油m煤油=4.6×107J/kg×2.5×10-3kg=1.15×105J，
则煤油灯加热的效率为：η=×100%=≈38.96%，故A错误；
D、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与温度变化无关，沸腾前，甲、乙烧杯中的水的比热容一样大，故D错误。
故选：C。
（1）由题意可知，甲、乙两烧杯各装水的质量相等，水的初始温度相同，根据Q吸=cmΔt可求出水沸腾前两杯水吸收的热量相等；且同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，则可分别计算出甲、乙两杯水整个过程所吸收的热量；
（2）根据Q煤油=q煤油m煤油可计算出整个过程燃烧2.5g煤油所释放的热量，根据η=×100%可计算出煤油灯加热的效率；
（3）比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与温度变化无关。
本题考查了吸热和放热公式的应用、效率的计算以及比热容的特性，考查的知识点较多。
16.【答案】
【解析】解：A、用注射器将药液注入肌肉时，需用力推活塞，推力产生的压强把药液注入肌肉，不是利用了大气压，故A错误；
B、塑料挂钩的吸盘能贴在玻璃表面，因为压紧后排出了空气，使得内部压强小于外界大气压，利用大气压压在玻璃上，不是吸引力，故B错误；
C、大气压随高度的增加而减小，山顶大气压小于地面广场的大气压，故C正确；
D、真空采血管内接近真空，压强很小，而血液在血压的作用下流入管内，管内气压低于人体血压，故D正确。
故选：CD。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；大气压随高度的增加而减小。
本题考查了大气压与高度的关系、大气压在生活中的应用，属于基本题。
17.【答案】
【解析】解：A、滑轮组做的有用功：W有=Gh=mgh=100×10-3kg×10N/kg×20×10-2m=0.2J，
由图可知动滑轮上承担物重的绳子段数为n=3，
拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=0.5N×3×20×10-2m=0.3J，
滑轮组的机械效率：η==×100%≈66.7%，故A正确；
B、额外功：W额=W总-W有=0.3J-0.2J=0.1J，
克服动滑轮重做的额外功：W动=G动h=0.25N×20×10-2m=0.05J
克服绳重和摩擦做的额外功：Wf=W额-W动=0.1J-0.05J=0.05J，故B正确；
C、动滑轮对物体的拉力做的功等于有用功，故动滑轮对物体拉力的功率：
P===0.02W，故C错误；
D、若减小动滑轮的质量，即减小动滑轮的重，则额外功减小，滑轮组的机械效率增大，故D错误。
故选：AB。
（1）根据W=Gh=mgh求有用功；由图可知动滑轮上承担物重的绳子段数，根据W=Fs=Fnh求总功；根据η=求滑轮组的机械效率；
（2）根据W额=W总-W有求额外功，根据W=Gh求克服动滑轮重做的额外功，从而可得克服绳重和摩擦做的额外功；
（3）动滑轮对物体的拉力做的功等于有用功，根据P=求动滑轮对物体拉力的功率；
（4）提高滑轮组机械效率的方法有：减小机械的重、减小摩擦和增大物重等。
本题考查功、功率和机械效率的计算，明确n的大小是关键之一，难度一般。
18.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路，A1表的示数为I=0.35A，电压表测量R3两端的电压；
根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，
R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=I2R1：I2R3=R1：R3=3：1，即R1=3R3；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，
A1表的示数变化了0.3A，所以电流表A1此时的示数I′=I-ΔI=0.35A-0.3A=0.05A；
根据欧姆定律可知，电压表的示数变化ΔU=IR3-I′R3=0.35A×R3-0.05A×R3=3V，
解得：R3=10Ω，故A正确；
R1的阻值R1=3R3=3×10Ω=30Ω；
由欧姆定律可知，滑片P移到最左端时，R3两端的电压U3=IR3=0.35A×10Ω=3.5V＞3V，
所以电压表的量程为0～15V，故B正确；
电源电压U=U1+U3=IR1+IR3=0.35A×30Ω+0.35A×10Ω=14V；
（2）三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，
在确保电路安全的前提下，由于电流表A1的量程为3A。电流表A2的量程为0.6A，只要电流表A2安全，则电流表A1安全，电路就是安全的，所以电流表A2的最大电流I12=0.6A，
根据并联电路的电压特点可知，各支路电压相等，都等于电源电压14V；
此时通过R1的电流I1===A；
根据并联电路的电流特点可知，通过R2的最大电流I2=I12-I1=0.6A-A=A；
根据欧姆定律可知，R2允许接入的最小阻值为R2小===105Ω，故C错误；
通过R3的电流：I3===1.4A；
根据并联电路的电流特点可知，干路的最大电流I大=I12+I3=0.6A+1.4A=2A；
电路消耗的最大电功率为P大=UI大=14V×2A=28W，故D错误。
故选：AB。
（1）由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路；根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，根据P=I2R和R1和R3消耗的电功率之比可知R1、R3的阻值之比；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，据此可知A1的电流表示数；根据欧姆定律以及电压表的示数变化可知R3的阻值；根据R1、R3的阻值之比可知R1的阻值；知道R1、R3的阻值，根据欧姆定律可知电源电压；知道通过R3的电流和阻值，利用欧姆定律可知电压表的示数，据此可知电压表的量程；
（2）三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，根据电流表A2的量程可知通过R2的最大电流，利用欧姆定律可知R2接入的最小阻值；利用欧姆定律计算出通过R3的电流，据此可知干路的最大电流，利用P=UI可以求出电路消耗的最大电功率。
本题考查动态电路的分析、欧姆定律的应用、电功率的计算，解题的关键是分析清楚开关在不同状态下电路的连接情况，题目难度较大。
19.【答案】
【解析】解：扩散现象是指不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象，闻到中药香味是因为香囊中中药的分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中。
物体的内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，加热未沸腾的艾草水，水吸收热量，温度升高，分子热运动加剧，分子动能和分子势能增大，所以内能增大。
故答案为：扩散；增大。
扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
物体的内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。
此题考查了内能大小的变化及分子动理论在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。
20.【答案】
【解析】解：水中“灯影”相当于平面镜成像，是由于光的反射形成的；若锦江水面上涨，灯到水面的距离减小，由于平面镜所成的像与物体大小相同，像与物到镜面的距离相等，水中“灯影”到水面的距离变小。
故答案为：反射；小。
平静的水面相当于平面镜，这是光的反射形成的；平面镜所成的像与物体大小相同，像与物到镜面的距离相等。
本题考查平面镜成像特点的分析与原理，属于基础题。
21.【答案】
【解析】解：
图中螺线管中的电流从左端流入，右端流出，由安培定则，可判断出螺线管的右端为N极，再根据磁极间的相互作用规律（同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引），能确定小磁针的右端为S极。
对调电源正负极，螺线管中电流方向改变，小磁针旋转180°，说明螺线管的磁场方向发生了改变，即螺线管的磁场方向与电流方向有关。
故答案为：S；电流方向。
（1）根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极。
（2）通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
本题考查的是通电螺线管的磁场分布；知道通电螺线管的磁场方向与电流的方向有关。
22.【答案】
【解析】解：
根据生活经验，结合物理常识可知，醋、水和酒精三种液体中密度最大的是醋。
第二个空：待测物体放在左盘，砝码放在右盘，操作准确无误，因此测量结果为砝码与游码示数之和，即50g+20g+20g+20g+1.2g=111.2g。
故答案为：醋；111.2。
（1）根据生活经验，结合物理常识判断醋、水和酒精三种液体的密度大小；
（2）根据图示托盘天平中砝码的质量和游码所对的刻度值可以知道烧杯和液体的质量。
只要结合生活常识，再关注到实验操作无误，即可得到正确答案，此题不难。
23.【答案】
【解析】解：乙方案使用小车的优点：乙方案中使用小车时，小车与桌面间是滚动摩擦，相比甲方案中木块与桌面间的滑动摩擦，滚动摩擦力更小，可以忽略不计，能减小摩擦力对实验的影响，使实验结果更准确。
在甲方案中，由于左盘和右盘中砝码的质量相等，故木块两边所受的拉力相等，即F1=F2。
故答案为：乙；=。
乙方案使用小车的优点：乙方案中使用小车时，小车与桌面间是滚动摩擦，能减小摩擦力对实验的影响，使实验结果更准确。
物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，物体受到平衡力的作用；。
二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点，需要掌握。
24.【答案】
【解析】解：探究“电流与电阻的关系”应控制电阻两端电压不变，电阻由5Ω换成10Ω分得的电压增大，故应增大滑动变阻器的电压，则滑动变阻器接入电路的电阻需变大，所以需向左移动滑片，移动过程中眼睛注视电压表的示数。
故答案为：左；电压表。
探究“电流与电阻的关系”应控制电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知滑动变阻器的滑片的运动方向，同时眼睛应该注视着电压表。
本题考查探究“电流与电阻的关系”相关知识。
25.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，当开关S接触“2、3”两个触点时，R1、R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，由P=可知，电路的总功率最大，电加热器处于高温挡；
由R1＞R2，则当开关S接触“1、2”两个触点时，只有R1工作，电路的总电阻最大，总功率最小，电加热器处于低温挡；
当开关S接触“3、4”两个触点时，只有R2工作，电路的总电阻较小，总功率较大，电加热器处于中温挡，故该熨烫机可以实现3个加热挡位；
（2）当电加热器处于低温挡时通电1min,电流产生的热量：
Q=W=t=×60s=1.2×104J。
故答案为：3；1.2×104。
（1）由图可知，当开关S接触“0、1”两个触点时，电路断开，当开关S接触“1、2”两个触点时，只有R1工作，当开关S接触“2、3”两个触点时，R1、R2并联，当开关S接触“3、4”两个触点时，只有R2工作，根据R1＞R2和P=可知蒸汽熨斗有三个挡位；
（2）根据Q=W=t求出开关S接触“1、2”两个触点时，通电1min电流产生的热量。
本题考查并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析电路连接是解题的关键。
26.【答案】
【解析】解：（1）A、传统电热水壶是通过底部的加热丝对底盘进行加热，是利用电流的热效应工作，而不是电流的磁效应，电流的磁效应是指电流周围产生磁场的现象，如电磁铁等，故A错误。
B、传统电热水壶将电能转化为内能，直接对水加热，热量散失相对较少；而燃气灶烧水时，有一部分热量会散失到周围空气中，还有一部分被锅等吸收，所以电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水，故B正确。
C、指示灯和加热电路可能是并联的，指示灯出现故障时，不影响加热电路的工作，所以人离开时应该断开电源，防止发生意外，故C正确。
D、防干烧开关在无水或水量过少时会断开电路，蒸汽开关在水沸腾时断开电路，起到了双重保护作用，可以防止传统电热水壶由于温度过高而损坏，故D正确。
故选：A。
（2）根据功率公式可得热水壶的功率为：P===0.75kW= 750 W。电热毯功率一般在50W-100W左右，电冰箱功率一般在100W-200W左右，微波炉功率一般在700W-1200W左右，所以它的功率和微波炉很接近。
（3）在40℃时，电磁继电器刚好将衔铁吸引，此时电路处于加热状态，工作一段时间后，由于电路在加热，温度会升高一些，不能真正实现温度精确保持在40℃不变，故选D。
（4）已知调奶器连续工作t总=8h,保温时间与加热时间的比值为15：1，则加热时间t加=×8h =0.5h,保温时间t保=8h-0.5h=7.5h。则加热消耗的电能W加=P加t加=0.6kW×0.5h =0.3kW h。保温状态时，相同的两电阻串联，则其中一电阻的功率就变为原来的，即变为加热功率的，即600W×=150W，
两相同电阻串联，总保温功率为：P保=2×150W=300W=0.3kW，
则保温时消耗的电能为：W保=P保t保=0.3kW×7.5h=2.25kW h,
则总消耗电能为：W=W加+W保=0.3kW h+2.25kW h=2.55kW h。已知每度电0.5元，则电费=2.55kW h×0.5元/kW h=1.275元。
故答案为：（1）A；（2）微波炉；（3）D；（4）1.275。
电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应。
电功率等于电功与时间之比。
多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对挡位的控制。
电流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。
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27.【答案】
【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线传播方向不变。
28.【答案】
【解析】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中O是支点，因此以OA作为动力臂最长，由图知动力的方向垂直OA向下，如图所示：
。
（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是知道阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
29.【答案】
【解析】（1）电压表与待测电路并联，闭合开关，电压表测 L2的电压。
（2）晓东用导线把L1的两端连接起来模拟短路现象，闭合开关，L2也不亮，电路可能断路，电压表的示数为零，电压表与电源没有连通，则该电路可能的故障为开关断路/
（3）分析表中实验数据，在误差允许范围内，
2.8V=0.8V+2.0V
2.8V=1.0V+1.8V
2.7V≈1.4V+1.4V
串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，可得出的结论是D。
故选：D。
故答案为：（1）L2；（2）开关断路；（3）D。
（1）电压表与待测电路并联，据此分析；
（2）闭合开关，L2也不亮，电路可能断路，电压表的示数为零，电压表与电源没有连通，据此分析；
（3）分析表中实验数据，考虑到误差因素分析得出结论。
本题探究“串联电路中的电压关系”，考查电压表的使用及故障和数据分析。
30.【答案】
【解析】（1）通过观察弹簧测力计的量程来判断所选弹簧测力计；
（2）由表中数据，利用描点法画出重力与质量的关系图象，如图所示：
由图像可知，重力与质量之比是一个定值，可以得到的结论是：物体受到的重力与质量成正比；
（3）她直接用“探究滑动摩擦力大小的因素”实验中所使用的弹簧测力计又进行了四次实验，“探究滑动摩擦力大小的因素”中的弹簧测力计是在水平方向上使用的，在水平方向调零，而测量物体的重力，弹簧测力计需要在竖直方向上使用，故需要将弹簧测力计在竖直方向上调零，故重力与质量的比值与小明不同的原因可能是弹簧测力计未在竖直方向调零；
分析第⑥⑦组数据，重力比较大，发现弹簧测力计的示数不再变化，可能原因是所测力的大小超出弹簧测力计量程，超过了弹簧的弹性限度。
故答案为：（1）量程；（2）正比；（3）弹簧测力计未在竖直方向调零；所测力的大小超出弹簧测力计量程。
（1）通过观察弹簧测力计的量程来判断所选弹簧测力计；
（2）分析图象，得出图中物体所受的重力跟质量的关系；
（3）根据“探究滑动摩擦力大小的因素”实验与“探究滑动摩擦力大小的因素”实验中所使用的弹簧测力计的方法进行回答。
本题展示了物体所受的重力跟质量关系的探究过程，考查学生实验数据的分析能力、作图能力以及概括能力。
31.【答案】
【解析】（1）利用G=mg求出人和电动平衡车的总重力，平衡车对水平地面的压力等于人和车的总重力，又知受力面积，利用p=得到平衡车对水平地面的压强；
（2）利用阻力和重力的关系求出阻力，再利用二力平衡的条件得出牵引力大小；由P=Fv计算牵引力的功率，利用W=Pt求得牵引力所做的功。
本题考查功率计算、二力平衡的条件的应用，压强的大小计算，是一道综合性较强的题目，关键是知道车对水平地面的压力等于人和车的总重力。
32.【答案】
【解析】（1）由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压。
当电流表的示数为0.48A时，根据欧姆定律可知总电阻R总===25Ω；
根据电阻串联的特点可知湿敏电阻的阻值R=R总-R0=25Ω-15Ω=10Ω；
由图乙可知当环境湿度为40%；
（2）电流表量程为“0～0.6A”，当电路中电流最大为0.6A时，
根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压U0=I大R0=0.6A×15Ω=9V；
空气湿度为0%时，R=15Ω，
根据欧姆定律可知电路电流I小===0.4A，
根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压U0′=I小R0=0.4A×15Ω=6V；
电压表的变化范围为6V～9V；
答：（1）当电流表的示数为0.48A时，环境的湿度为40%；
（2）在保证电路安全的前提下，电压表的变化范围为6V～9V；
（1）由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压。
当电流表的示数为0.48A时，根据欧姆定律可知总电阻，根据电阻串联的特点可知湿敏电阻的阻值，由图乙可知当环境湿度；
（2）电流表量程为“0～0.6A”，当电路中电流最大为0.6A时，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压，空气湿度为0%时，R=15Ω，根据欧姆定律可知电路电流，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压，进而得出电压表的变化范围。
本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
33.【答案】
【解析】（1）由图乙可知，第4min时水面刚好接触物块下底面，故可求出注入水的质量，由密度可求出体积，再由体积公式可求出此时水的深度；
（2）物块的重力等于开始时的拉力,即:G物=2.4N,根据重力公式得出物体的质量，
第7min时水面刚好与物块的上表面相平，根据F浮=G物-F得出浮力，
根据阿基米德原理可得出V物和V排，
从第4min到第7min注水质量为300g,注水体积V2=300cm3，'
细绳拉力不为零,说明细绳一直处于拉直状态，物块位置没有移动，
根据V物+V2=S容h物得出h物，进而得出物体的底面积，
当细绳拉力为0.9N时,求出水对物块底面的压力F压。
根据p=得出水对物块下表面的压强；
(3)从注水时的图象看,第7min至第9min注水质量为200g,根据密度公式可知注水体积V3，根据:L3=得出物块的上表面距容器口距离，
进而得出容器的高度h容，
由于每分钟注水和注液的体积是相同的,所以第4min时液体刚好接触物块底面。
每分钟注入100cm3，当0≤tx≤4时,根据p=得出容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式；
第4min时,根据密度公式得出ρ物，
分析ρ液、ρ物的大小关系，所以继续注液到某一时刻,物块刚好漂浮。
根据阿基米德原理得出此时的V排，
进而得出物块底面浸入深度:h浸，
从根据V=(S容-S物)h浸得出第4min到这一时刻的注液体积，
进而得出注液时间，
当4< tx≤6.4时,p=600Pa+△p=(250tx-400)Pa得出此段容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式；
6.4min时,p=1200Pa，
6.4min至9.4min,物块漂浮并随液面一起上升。
这段时间注液体积V5=300cm3,假设无液体溢出,液面上升3cm。
9.4min时,液体深度为4cm+4cm+3cm=11cm=h容,所以假设成立。
可得出当6.4< tx≤9.4时,容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式。
本题考查液体压强的有关计算，综合性强，难度较大。
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一、单选题：本大题共15小题，共30分。
1.2025年5月7日，印巴冲突中体系化作战歼10CE大放异彩，取得了战机战损比0：6的巨大胜利，体系化作战指地面防空系统锁定对方战机，隐身战机隐蔽发射霹雳15空空导弹，再由预警机实时指引导弹命中目标。预警机指引导弹依靠的是（ ）
A. 激光 B. 次声波 C. 电磁波 D. 超声波
2.如图所示的实验中，用不同的力拨动钢尺，钢尺上下不停地振动。关于该实验，下列说法不正确的是（ ）
A. 我们听到的所有声音都是空气振动产生的
B. 只要拨动钢尺，使其振动就能发出声音
C. 改变钢尺伸出的长度，可以探究音调和频率的关系
D. 用不同的力拨动钢尺，可以探究响度与振幅的关系
3.如图是某小组探究“水沸腾的条件”的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A. 实验时，自上而下可快速组装仪器
B. 水沸腾后继续加热，探究水沸腾的温度特点
C. 通过有无“白气”冒出来判断水是否沸腾
D. 温度计显示97℃不变，加大火力可以加热至100℃
4.了解我国科技发展成就，关注身边的物理，是物理学习的基本要求。下列数据，符合实际的是（ ）
A. 家用电热毯的功率约为700W B. 微波炉工作1h耗电8kW h
C. 洗衣机工作时的电流约为10A D. 福建舰受到的浮力约为8×108N
5.走进厨房进行劳动实践，是当代中学生必修的一课，小李发现厨房里涉及到很多物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 熬粥时，冒出大量的“白气”，“白气”是液态
B. 多油的汤盛出后不易凉，是因为汤能从油中吸热
C. 刚取出的冷冻虾表面有“白霜”，“白霜”的形成与冰相同
D. 冻排骨“解冻”过程中，排骨中的冰吸热升华成水
6.2023年7月28日，第31届世界大学生夏季运动会在成都隆重开幕。如图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（ ）
A. 助跑过程中，动能转化为重力势能 B. 助跑过程中，机械能总量增大
C. 起跳后的上升过程中，动能增大 D. 越过横杆后的下降过程中，重力势能增大
7.用微小压强计“探究液体内部的压强”实验中，烧杯中装有相同的水，实验现象如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 组装微小压强计时出现液面高度差，不必调整，可用它直接实验
B. 比较乙、丁两图，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大
C. 比较甲、乙、丙三图，同一深度液体内部向各个方向的压强不相等
D. 图中的实验现象能得出：同一深度，液体密度越大，液体压强越大
8.关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确的是（ ）
A. 检修电路时，只要做好保护可以不用切断电源
B. 电路起火，切断电源，扑火后，尽快查找原因
C. 控制电灯的开关，应接在灯泡和相线之间
D. 家庭电路中，空气开关跳闸一定因为电流过大
9.如图所示，是小慧同学掷实心球的场景，图中虚线表示球的运动轨迹，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后继续运动到d点停止。忽略空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 球从a点上升到b点，小球的惯性越来越小
B. 球在b点，若外力突然消失，小球将处于静止
C. 球从b点到c点，球的合力等于竖直向下的重力
D. 球从c点到d点，说明力是维持物体运动的原因
10.如图所示的实验电路，还有部分导线未连接，字母a、b、c、d、e、f、g、h表示各元件的接线柱。下列说法正确的是（ ）
A. 用导线连接b、f,用另一根导线连接e、f,闭合开关S，L1、L2都发光
B. 用导线连接e、f,用另一根导线连接d、g,闭合开关S，L1、L2都发光
C. 用导线连接d、f,用另一根导线连接e、g,闭合开关S，电流表测L1的电流
D. 用导线连接e、h,用另一根导线连接d、f,闭合开关S，电流表测L2的电流
11.如图所示，在“探究电磁感应”的实验中，将导体ab、开关和灵敏电流表用导线连接，导体ab放置在磁极间。下列说法正确的是（ ）
A. 灵敏电流表的作用是测量电路中感应电流的大小
B. 开关闭合，ab竖直上下运动，电路中有感应电流产生
C. 开关闭合，磁铁向左移动，指针偏转，磁铁相当于电源
D. 利用该实验装置可以得出感应电流方向与磁场方向有关
12.如图所示，小丽同学想利用空气浮力估算手中气球的体积大小，采集的数据有：无风静止时细绳竖直向下的拉力（约为0.25N）、气球的重力（约为1.4×10-2N）、空气的密度（约为1.3kg/m3）。气球的体积大小约为（ ）
A. 2m3
B. 0.2m3
C. 0.02m3
D. 2dm3
13.能源是世界永恒的话题。对于能量、能源的认识，下列说法正确的是（ ）
A. 做功过程只能实现能量的转化不能实现能量的转移
B. 水能是可再生能源也是一次能源，电能是二次能源
C. 要做到“节能减排”唯一途径是提高能量转化效率
D. 只要做好技术保护，核能是没有污染的
14.“因为有了光，自然界才绚丽多彩，世界才生机勃勃……”，下列对光现象描述正确的是（ ）
A. 树荫下圆形光斑是太阳正立的像，是光直线传播形成的
B. 阳光下的溪水波光粼粼，是水面对光的折射现象
C. 由远及近看物体，眼睛的晶状体会变厚
D. 手机扫二维码付款时，二维码是光源
15.小美在老师指导下进行了以下实验：甲、乙两烧杯各装100g水，用酒精灯加热甲烧杯，煤油灯加热乙烧杯，直至杯内水沸腾1分钟即熄灭该灯，测得消耗酒精4g、煤油2.5g。她根据实验数据绘制了水温与加热时间关系的图像（如图）。若水沸腾前质量不改变，同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，q酒精=3.0×107J/kg,q煤油=4.6×107J/kg,c水=4.2×103J/（kg ℃），则下列说法正确的是（ ）
A. 煤油灯加热的效率为35.06%
B. 整个过程，甲杯中的水吸收的热量为3.36×104J
C. 前3分钟，乙杯中的水吸收的热量为3.36×104J
D. 沸腾前，甲烧杯中的水的比热容更大一些
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
16.如图所示的情景中，下列说法正确的是（ ）
A. 市民积极接种疫苗，用注射器将药液注入肌肉时利用了大气压
B. 塑料挂钩的吸盘能贴在玻璃表面，是因为吸盘对玻璃有吸引力
C. 测量成都各地气压值，青城山顶峰的大气压比天府广场的大气压低
D. 用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压低于人体血压
17.小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm,此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg,下列说法正确的是（ ）
A. 滑轮组的机械效率为66.7%
B. 克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J
C. 动滑轮对物体拉力的功率为0.03W
D. 若减小动滑轮的质量，滑轮组的机械效率减小
18.如图所示电路，电源电压U恒定不变，电流表A1量程为0-3A，A2量程为0-0.6A，电压表V量程为0-3V或0-15V。闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，A1表的示数为0.35A，R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=3：1；滑片P向右移到某一位置的过程中，A1表的示数变化了0.3A，V表的示数变化了3V。三个开关都闭合时，在确保电路安全的前提下，R2允许接入的最小阻值为R2小，电路消耗的最大电功率为P大。下列结论正确的是（ ）
A. R3=10Ω B. 电压表选用的量程为0-15V
C. R2小=40Ω D. P大=7.4W
三、填空题：本大题共8小题，共33分。
19.端午节有挂艾草香囊的习俗，挂上香囊后会闻到淡淡的中药香味，这是______现象。如果用慢火熬煮艾草水沐浴，中药香味会更加浓郁，艾草水沸腾前，内能会______。
20.夜幕降临，横跨成都锦江两岸的安顺廊桥灯火璀璨，桨声灯影里，夜色让人陶然而醉……正所谓“锦江灯月遥相近，烟火市井三千年”。如图，水中“灯影”是由于光的______形成的；若锦江水面上涨，水中“灯影”到水面的距离变______。
21.在探究“通电螺线管的磁性”的实验中，连接了如图所示的电路，小磁针的右边应该是______极；对调电源的正负极，闭合开关小磁针旋转180°，说明螺线管的磁场方向与______有关。
22.同学们使用天平和量筒测量醋、水和酒精三种液体的密度。根据你已有的知识和经验判断，三者中密度最大的是______。将装有适量醋的烧杯放在已调平的天平左盘，当右盘中砝码和标尺上的游码如图所示时，天平再次平衡，则醋和烧杯的总质量为______g。
23.在“探究二力平衡的条件”实验中，同学们设计了如图所示的甲、乙两种实验方案。你认为______方案更合理；在甲方案中，当看到木块处于静止状态时，此时F1______F2。
24.如图是小华探究“电流与电阻关系”的实验电路，AB间可以换接多个不同阻值的电阻。某次由5Ω换成10Ω，他应向______调节滑动变阻器滑片，同时眼睛应该注视着______。
25.如图是家里常用蒸汽熨烫机的电路原理图，R1、R2是电热丝，开关S接触相邻的两个触点。R1=242Ω，R2=121Ω，该熨烫机可以实现______个加热挡位。在最低挡位，通电工作1min,电流产生的热量是______J。
26.如图甲是传统电热水壶的工作原理图，它是通过底部的加热丝对底盘进行加热，再传导到壶内的水，使其逐渐升温，最终沸腾。当水沸腾时，所产生的水蒸气会使蒸气感温元件的双金属片产生变形，这种变形通过杠杆原理推动电源开关断电，从而实现了自动断电的功能。这个断电机制是不可自行复位的，因此一旦水沸腾，电热水壶将不再继续加热。
（1）以下关于传统电热水壶的说法，错误的是______；
A.传统电热水壶主要利用电流的磁效应工作
B.传统电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水
C.指示灯出现故障时，传统电热水壶也可能工作，所以人离开时应该断开电源
D.防干烧开关和蒸汽开关起到了双重保护作用，可以防止传统电热水壶由于温度过高而损坏
（2）该传统电热水壶烧开一壶水用时8min,消耗0.1度电，则它的功率和家用电器中的______很接近（选填“电热毯”、“电冰箱”或“微波炉”）。
（3）如图乙是市面上一款智能恒温调奶器控制面板，该调奶器宣称除具有加热、解冻、消毒、除氯功能外，还有40℃恒温功能。丙图为简化电路，其中R1、R2为加热电阻，R0为定值保护电阻。R为温敏电阻，其阻值随温度升高而增加，且在40℃时，电磁继电器刚好将衔铁吸引，工作一段时间后再断开。小明和爸爸对该电路能否真正实现温度精确保持在40℃不变的功能有不同的意见，你的判断及理由是______。
A.可以实现，因为温敏电阻可以控制温度不变
B.可以实现，因为衔铁吸下后功率增大，温度不会再下降
C.不能实现，因为缺少一个到达一定温度自动断开的开关
D.不能实现，因为40℃时衔铁吸下，电路处于加热状态，温度会升高一些
（4）小明购买如图乙所示恒温调奶器后利用家庭电工仪器和爸爸一起研究，发现该恒温调奶器加热时额定电压为220V，额定功率为600W，R1、R2阻值相同。小明仅选用煮沸和保温挡位工作，发现该调奶器连续工作8h,保温时间与加热时间的比值为15：1，若小明家目前电费为每度电0.5元，则该调奶器这8h工作需要______元电费。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
27.如图所示，F为凸透镜的焦点，O为光心，完成光路图。
28.图甲为我国古人运送巨木的劳动情景示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，图乙是其简化示意图，O是支点，A是人的施力点，B是绳子的悬挂点，杆自重不计，请在图乙中作出：在A点施加的最小动力F及其力臂L。
五、实验探究题：本大题共2小题，共14分。
29.晓东利用如图所示电路探究“串联电路中的电压关系”。
实验次数 L1的电压/V L2的电压/V L1和L2的电压/V
第1次 0.8 2.0 2.8
第2次 1.0 1.8 2.8
第3次 1.4 1.4 2.7
（1）闭合开关，电压表测______的电压。
（2）晓东用导线把L1的两端连接起来模拟短路现象，闭合开关，L2也不亮，电压表的示数为零，则该电路可能还存在什么故障？
（3）晓东排除故障后，多次更换不同规格的灯泡，测出数据如表所示。分析表中实验数据，在误差允许范围内，可得出的结论是______。
A.串联电路中各处电流相等
B.灯泡阻值随灯泡两端电压增大而增大
C.串联电路中电阻值越大的部分两端电压越大
D.串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和
30.小明在探究“重力与质量的关系”时，进行了相关操作，实验器材如图所示。
（1）通过观察弹簧测力计的______来判断所选弹簧测力计是否合适；
（2）小明测量了三组数据如表所示分析数据，可以得到的结论是：物体受到的重力与质量成______；
实验序号 物体质量m/kg 重力G/N 重力与质量之比g/N kg-1
① 0.1 1.0 10
② 0.2 2.0 10
③ 0.3 3.0 10
（3）旁边刚做完“探究滑动摩擦力大小的因素”实验的小红认为小明的实验次数过少，不足以排除偶然性，于是她直接用“探究滑动摩擦力大小的因素”实验中所使用的弹簧测力计又进行了四次实验，数据如表，她发现重力并不与质量成比例关系，第④⑤组数据中其重力与质量的比值与小明不同的原因可能是______。分析第⑥⑦组数据，发现弹簧测力计的示数不再变化，出现该现象的原因是______。
实验序号 物体质量m/kg 重力G/N 重力与质量之比g/N kg-1
④ 0.4 4.2 10.5
⑤ 0.45 4.7 10.4
⑥ 0.5 5.0 10
⑦ 0.55 5.0 9.1
六、计算题：本大题共3小题，共18分。
31.近年来，电动平衡车深受年轻人的喜爱。它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾和后仰实现驾驶，如图所示。（g取10N/kg）
（1）质量为40kg的小亮同学驾驶质量为10kg平衡车在水平地面上静止时，轮胎与地面总的接触面积为50cm2，求平衡车对水平地面的压强；
（2）若小亮驾驶该车在水平路面以5m/s的速度匀速直线行驶3min,该车受到的阻力是人和车总重的0.16倍，求平衡车牵引力所做的功。
32.进入冬季之后，天气开始变得干燥，学科实践小组利用一块湿敏电阻R设计了一个电路图如图甲所示的湿度表，已知R的阻值随环境湿度RH的变化情况如图乙所示，电路中的电源电压恒为12V，定值电阻R0=15Ω，电压表的量程为“0～15V”，电流表量程为“0～0.6A”。求：
（1）当电流表的示数为0.48A时，环境的湿度；
（2）在保证电路安全的前提下，电压表的变化范围。
33.如图甲所示，薄壁圆柱形容器放在水平台上，容器的底面积S容=100cm2，质量均匀的圆柱体物块上表面中央用足够长的细绳系住，悬挂于容器中。以恒定速度向容器中缓慢注水（每分钟注入100g），直至注满容器为止，细绳的拉力大小与注水时间的关系图像如图乙所示。ρ水=1g/cm3，常数g=10N/kg，物块不吸水，忽略细绳体积、液体扰动等其它次要因素。
（1）求注水前圆柱体物块的下表面到容器底部的距离L1；
（2）当细绳的拉力为0.9N时，求水对物块下表面的压强；
（3）若改为以恒定速度向容器中缓慢注入另一种液体（每分钟注入100cm3，ρ液=1.5g/cm3），直至9.4min时停止。求容器底部所受液体压强p与注液时间tx分钟（0≤tx≤9.4）的函数关系式。
1.【答案】
【解析】解：预警机指引导弹依靠的是电磁波，故C正确，ACD错误。
故选：C。
声音的传播需要介质，真空不能传播声音，电磁波的传播不需要介质。
本题考查了电磁波的传播，属于基础题。
2.【答案】
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，但我们听到的所有声音不都是空气振动产生的，各种物体振动都可以产生声音，故A错误；
B、只要拨动钢尺，钢尺振动就能发出声音，故B正确；
C、改变钢尺伸出的长度，由于钢尺的振动长度不同，所以振动频率不同，因此可以探究音调与频率的关系，故C正确；
D、用不同的力拨动钢尺，钢尺的振动幅度不同；用力越大，振幅越大，声音的响度越大。故可探究响度与振幅的关系，故D正确。
故选：A。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的三要素的因素：音调与发声体的振动频率有关；响度与振幅有关；音色与发声体有关。
此题考查了的声音的产生以及声音的特性，牢记影响声音三特性的因素是解决该题的关键。
3.【答案】
【解析】解：A、由于使用酒精灯要用外焰进行加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此要按照自下而上的顺序依次按装实验器，故A错误；
B、沸腾时，吸收热量、温度不变，故水沸腾后继续加热，探究水沸腾的温度特点，故B正确；
C、水蒸气遇冷液化为小水滴，出现“白气”，不沸腾时，也会形成“白气”，不过形成的少一点，故C错误；
D、温度计显示97℃不变，说明水的沸点是97℃，加大火力保持97℃不变，故D错误。
故选：B。
（1）组装实验装置时，应按照自下而上的顺序进行，便于合理布置各个实验器材的位置；
（2）水沸腾时，吸收热量、温度不变；
（3）水蒸气遇冷液化为小水滴，出现“白气”；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高沸点越高。
本题为“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，考查器材安装、沸腾特点以及液化现象，难度不大。
4.【答案】
【解析】解：A、家用电热毯的功率约为70W，故A不符合实际；
B、微波炉功率约为1kW，工作1h耗电W=Pt=1kW×1h=1kW h,故B不符合实际；
C、洗衣机工作时的电流约为1～3A，故C不符合实际；
D、福建舰的排水量约为8×107kg,其受到的浮力约为F浮=G排=m排g=8×107kg×10N/kg=8×108N，故D符合实际。
故选：D。
首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
5.【答案】
【解析】解：A、液化是物质由气态变成液态的过程，白气是水蒸气液化形成的小水珠，故A正确；
B、多油的汤盛出后不易凉，是因为汤的表面有一层油，使水蒸发的慢，而蒸发吸热，能使汤降温，故B错误；
C、霜的形成属于凝华现象，是水蒸气凝华形成的小冰晶，“白霜”是固态，冰是水凝固形成的，两者不同，故C错误；
D、解冻过程属于熔化，熔化过程吸热，故D错误。
故选：A。
（1）液化是物质由气态变成液态的过程；
（2）汽化是物质由液态变成气态的过程，汽化吸热，汽化有蒸发和沸腾两种方式；
（3）凝华是指物质由气态直接变成固态的过程，凝固是物质由液态变成固态的过程；
（4）熔化是指物质由固态变成液态的过程，解冻过程属于熔化。
这是一道有关物态变化的简单题，要熟悉各种物态变化现象，知道发生每种物态变化时，吸热还是放热。
6.【答案】
【解析】解：A、助跑过程中，运动员速度增大，高度不变，动能增大，重力势能不变，不是动能转化为重力势能，故A错误。
B、助跑过程中，运动员速度增大，动能增大，高度不变，重力势能不变，机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能总量增大，故B正确。
C、起跳后的上升过程中，高度增加，速度减小，动能减小，重力势能增大，故C错误。
D、越过横杆后的下降过程中，高度减小，重力势能减小，故D错误。
故选：B。
动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关，机械能等于动能与势能之和，据此分析。
本题考查动能与重力势能的影响因素，难度适中。
7.【答案】
【解析】解：A、当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差，需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故A错误；
B、比较乙、丁实验可知，两图中液体的密度相同，图丁中压强计的金属盒所处的深度较深，U形管内液面出现高度差比较大，说明同种液体，深度越大，液体的压强越大，故B正确；
C、比较甲、乙、丙三图，金属盒距液面的深度相同，根据同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等可知，U形管两边液柱的高度差不变，故C错误；
D、
实验中只有液体水，无法得出液体压强与液体密度的关系，故D错误。
故选：B。
（1）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）（4）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
橡皮膜发生形变是因为受到液体压强的作用，采用了转换法，据此结合图分析得出结论；
（3）液体内部朝各个方向都有压强，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法和转换法探究液体压强大小的影响因素是本题考查的重点。
8.【答案】
【解析】解：A、检修电路时，应先切断电源再操作，否则容易发生触电事故，故A错误；
B、电路起火，应先切断电源再灭火，扑火后，尽快查找原因进行维修，故B正确；
C、控制电灯的开关，应接在灯泡和相线（火线）之间，故C正确；
D、空气开关的作用是在电路中电流过大时切断电路，因此，家庭电路中，空气开关跳闸一定因为电流过大，故D正确。
故选：A。
（1）检修电路时，应先切断电源；
（2）电路起火应先切断电源再救火；
（3）控制电灯的开关，应接在灯泡和火线之间；
（4）造成空气开关跳闸的原因是电路中电流过大。
本题主要考查了对家庭电路和安全用电常识的理解与应用，属基础题。
9.【答案】
【解析】解：A、惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关。球从 a 点上升到 b 点，质量不变，所以惯性大小不变，故A错误。
B、球在 b 点时，仍有水平方向的速度。根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，若外力突然消失，小球将沿水平方向做匀速直线运动，故B错误。
C、忽略空气阻力，球从 b 点到 c 点，只受到竖直向下的重力作用，所以球的合力等于竖直向下的重力，故C正确。
D、球从 c 点到 d 点，是因为受到地面摩擦力的作用，速度逐渐减小直至停止，说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故D错误。
故选：C。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
当物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
忽略空气阻力，球从 b 点到 c 点，只受到竖直向下的重力作用。
力是改变物体运动状态的原因。
此题考查惯性大小的影响因素及力与运动的关系等，属于基础知识考查，难度不大。
10.【答案】
【解析】解：A、用导线连接b、f,用另一根导线连接e、f,灯L1被短路，闭合开关S，L2发光，故A错误；
B、用一根导线连接e、f,用另一根导线连接d、g,再闭合开关S，电源短路，两灯都不亮，且会烧坏电流表，故B错误；
C、用导线连接d、f,用另一根导线连接e、g,闭合开关S，两灯并联，电流表串联在干路上，测量电路的总电流，故C错误；
D、用导线连接e、h,用另一根导线连接d、f,闭合开关S，两灯并联，电流表与灯L2串联，电流表测L2的电流，故D正确。
故选：D。
电路的三种状态：
通路：处处连通的电路叫通路，通路时，有电流通过用电器，用电器工作，这样的电路也叫闭合电路；
断路：断开的电路叫断路或开路；断路时，没有电流通过用电器，用电器不工作；
短路：不经过用电器而直接将电源两极连接的电路叫短路；电源短路：是指用导线直接将电源两极连接起来的电路。电源短路时，电路中有强大的电流通过，可能烧毁电源和导线，甚至引起火灾，因此绝对不允许发生电源短路。
电流表与被测用电器串联。
本题考查了电流表的使用和电路的三种状态，比较简单。
11.【答案】
【解析】解：A．在“探究产生感应电流的条件”的实验中，灵敏电流计的作用是判断感应电流的有无、大小及判断感应电流的大小和方向，故A错误；
B．开关闭合，ab竖直上下运动，没有切割磁感线，电路中不会产生感应电流，故B错误；
C．开关闭合，磁铁向左移动，指针偏转，产生感应电流，导体ab相当于电源，故C错误；
D．研究感应电流方向与磁场方向的关系，要控制导体切割方向不变，只改变磁场的方向，故调换磁铁N、S极，故利用该实验装置可以得出感应电流方向与磁场方向有关，故D正确。
故选：D。
A．在“探究产生感应电流的条件”的实验中，由转换法，灵敏电流计的作用是判断感应电流的有无、大小及判断感应电流的方向，故A错误；
B．产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
C．提供电能的装置叫电源；
D．研究感应电流方向与磁场方向的关系，要控制导体切割方向不变，只改变磁场的方向，据此分析。
在“探究电磁感应”的实验，考查产生感应电流的条件及研究感应电流方向与磁场方向的关系和转换法、控制变量法的运用。
12.【答案】
【解析】解：无风静止时气球受细绳竖直向下的拉力、重力和竖直向上的浮力作用，由于气球处于静止状态，根据受力平衡可得浮力：
F浮=G+F=0.25N+1.4×10-2N=0.264N；
由于气球排开空气的体积和气球的体积相等，所以，由F浮=ρ气gV排得气球的体积：
V=V排===0.02m3=20dm3，故C正确。
故选：C。
无风静止时气球处于静止状态，受平衡力作用；根据受力平衡合力为零求出浮力；根据阿基米德原理求出气球的体积。
本题考查浮力的计算和阿基米德原理的应用。
13.【答案】
【解析】解：A、做功过程不仅能实现能量的转化也能实现能量的转移，故A错误；
B、水能可以在自然界里源源不断地得到，也可以从自然界直接获取，因此既属于可再生能源，也属于一次能源；电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，故B正确；
C、提高能量转化效率不是“节能减排”的唯一途径，只是措施之一，例如提倡绿色出行也可以节能减排，故C错误；
D、核能利用过程中存在放射性物质泄漏和核事故的风险。核废料的处理和处置是一个难题，需要解决长期储存和处置问题。因此，即使做好技术保护，也不能完全排除核能污染的可能性，故D错误。
故选：B。
（1）做功过程不仅能实现能量的转化，也能实现能量的转移。
在做功过程中，能量可以从一个物体转移到另一个物体。例如，一个小球自空中自由下落，它的正下方竖直放置一个弹簧，在小球与弹簧接触后继续向下运动的过程中，小球的机械能转移到弹簧；
（2）可以从自然界直接获取的能源属于一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源属于二次能源；越用越少，不能在短期内从自然界得到补充的能源属于不可再生能源；可以在自然界里源源不断地得到的能源属于可再生能源；
（3）节能减排是指节约能源、降低能源消耗、减少污染物排放。从广义上来说，是节约物质资源与能量资源，减少有害物排放。
可从工业、办公、学校、交通、日常生活等多方面开展节能减排，如调整产业结构、加强宣传、推广新技术等。
（4）核能利用过程中存在放射性物质泄漏和核事故的风险。
此题考查了能量的转化和转移、能源的分类、核能的利用，难度不大，属基础题目。
14.【答案】
【解析】解：A、树荫下的圆形光斑实际上是太阳通过树叶间的缝隙形成的倒立实像，这是光的直线传播的结果，故A错误；
B、阳光下的溪水波光粼粼，这是由于水面的不平整导致光线发生反射，而不是折射，故B错误；
C、当人从远处向近处看物体时，眼睛的晶状体会变厚，以增加其折射能力，使光线正确聚焦在视网膜上，这是眼睛调节机制的一部分，故C正确；
D、手机扫二维码付款时，二维码本身并不发光，而是反射光，故此，二维码不是光源，故D错误。
故选：C。
根据光源的概念和眼睛视物原理、小孔成像原理及光的反射现象来推断选项的物理原理，特别需要注意的是，小孔成像总是形成倒立的实像，而光源是指能够自行发光的物体。
本题考查光的直线传播、光的反射、眼睛的调节机制以及光源的定义。
15.【答案】
【解析】解：BC、由题意可知，由于甲、乙两烧杯各装水的质量相等，水的初始温度相同，
水沸腾前，两杯水吸收的热量相等：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.1kg×（98℃-18℃）=3.36×104J，即前3分钟，乙杯中的水吸收的热量为3.36×104J，故C正确；
且同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，则整个过程甲、乙两杯水所吸收的热量分别为：Q甲=6×Q吸=×3.36×104J=4.032×104J，Q乙=4×Q吸=×3.36×104J=4.48×104J，故B错误；
A、整个过程消耗的煤油完全燃烧放出的热量为：Q煤油=q煤油m煤油=4.6×107J/kg×2.5×10-3kg=1.15×105J，
则煤油灯加热的效率为：η=×100%=≈38.96%，故A错误；
D、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与温度变化无关，沸腾前，甲、乙烧杯中的水的比热容一样大，故D错误。
故选：C。
（1）由题意可知，甲、乙两烧杯各装水的质量相等，水的初始温度相同，根据Q吸=cmΔt可求出水沸腾前两杯水吸收的热量相等；且同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，则可分别计算出甲、乙两杯水整个过程所吸收的热量；
（2）根据Q煤油=q煤油m煤油可计算出整个过程燃烧2.5g煤油所释放的热量，根据η=×100%可计算出煤油灯加热的效率；
（3）比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与温度变化无关。
本题考查了吸热和放热公式的应用、效率的计算以及比热容的特性，考查的知识点较多。
16.【答案】
【解析】解：A、用注射器将药液注入肌肉时，需用力推活塞，推力产生的压强把药液注入肌肉，不是利用了大气压，故A错误；
B、塑料挂钩的吸盘能贴在玻璃表面，因为压紧后排出了空气，使得内部压强小于外界大气压，利用大气压压在玻璃上，不是吸引力，故B错误；
C、大气压随高度的增加而减小，山顶大气压小于地面广场的大气压，故C正确；
D、真空采血管内接近真空，压强很小，而血液在血压的作用下流入管内，管内气压低于人体血压，故D正确。
故选：CD。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；大气压随高度的增加而减小。
本题考查了大气压与高度的关系、大气压在生活中的应用，属于基本题。
17.【答案】
【解析】解：A、滑轮组做的有用功：W有=Gh=mgh=100×10-3kg×10N/kg×20×10-2m=0.2J，
由图可知动滑轮上承担物重的绳子段数为n=3，
拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=0.5N×3×20×10-2m=0.3J，
滑轮组的机械效率：η==×100%≈66.7%，故A正确；
B、额外功：W额=W总-W有=0.3J-0.2J=0.1J，
克服动滑轮重做的额外功：W动=G动h=0.25N×20×10-2m=0.05J
克服绳重和摩擦做的额外功：Wf=W额-W动=0.1J-0.05J=0.05J，故B正确；
C、动滑轮对物体的拉力做的功等于有用功，故动滑轮对物体拉力的功率：
P===0.02W，故C错误；
D、若减小动滑轮的质量，即减小动滑轮的重，则额外功减小，滑轮组的机械效率增大，故D错误。
故选：AB。
（1）根据W=Gh=mgh求有用功；由图可知动滑轮上承担物重的绳子段数，根据W=Fs=Fnh求总功；根据η=求滑轮组的机械效率；
（2）根据W额=W总-W有求额外功，根据W=Gh求克服动滑轮重做的额外功，从而可得克服绳重和摩擦做的额外功；
（3）动滑轮对物体的拉力做的功等于有用功，根据P=求动滑轮对物体拉力的功率；
（4）提高滑轮组机械效率的方法有：减小机械的重、减小摩擦和增大物重等。
本题考查功、功率和机械效率的计算，明确n的大小是关键之一，难度一般。
18.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路，A1表的示数为I=0.35A，电压表测量R3两端的电压；
根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，
R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=I2R1：I2R3=R1：R3=3：1，即R1=3R3；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，
A1表的示数变化了0.3A，所以电流表A1此时的示数I′=I-ΔI=0.35A-0.3A=0.05A；
根据欧姆定律可知，电压表的示数变化ΔU=IR3-I′R3=0.35A×R3-0.05A×R3=3V，
解得：R3=10Ω，故A正确；
R1的阻值R1=3R3=3×10Ω=30Ω；
由欧姆定律可知，滑片P移到最左端时，R3两端的电压U3=IR3=0.35A×10Ω=3.5V＞3V，
所以电压表的量程为0～15V，故B正确；
电源电压U=U1+U3=IR1+IR3=0.35A×30Ω+0.35A×10Ω=14V；
（2）三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，
在确保电路安全的前提下，由于电流表A1的量程为3A。电流表A2的量程为0.6A，只要电流表A2安全，则电流表A1安全，电路就是安全的，所以电流表A2的最大电流I12=0.6A，
根据并联电路的电压特点可知，各支路电压相等，都等于电源电压14V；
此时通过R1的电流I1===A；
根据并联电路的电流特点可知，通过R2的最大电流I2=I12-I1=0.6A-A=A；
根据欧姆定律可知，R2允许接入的最小阻值为R2小===105Ω，故C错误；
通过R3的电流：I3===1.4A；
根据并联电路的电流特点可知，干路的最大电流I大=I12+I3=0.6A+1.4A=2A；
电路消耗的最大电功率为P大=UI大=14V×2A=28W，故D错误。
故选：AB。
（1）由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路；根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，根据P=I2R和R1和R3消耗的电功率之比可知R1、R3的阻值之比；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，据此可知A1的电流表示数；根据欧姆定律以及电压表的示数变化可知R3的阻值；根据R1、R3的阻值之比可知R1的阻值；知道R1、R3的阻值，根据欧姆定律可知电源电压；知道通过R3的电流和阻值，利用欧姆定律可知电压表的示数，据此可知电压表的量程；
（2）三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，根据电流表A2的量程可知通过R2的最大电流，利用欧姆定律可知R2接入的最小阻值；利用欧姆定律计算出通过R3的电流，据此可知干路的最大电流，利用P=UI可以求出电路消耗的最大电功率。
本题考查动态电路的分析、欧姆定律的应用、电功率的计算，解题的关键是分析清楚开关在不同状态下电路的连接情况，题目难度较大。
19.【答案】
【解析】解：扩散现象是指不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象，闻到中药香味是因为香囊中中药的分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中。
物体的内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，加热未沸腾的艾草水，水吸收热量，温度升高，分子热运动加剧，分子动能和分子势能增大，所以内能增大。
故答案为：扩散；增大。
扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
物体的内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。
此题考查了内能大小的变化及分子动理论在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。
20.【答案】
【解析】解：水中“灯影”相当于平面镜成像，是由于光的反射形成的；若锦江水面上涨，灯到水面的距离减小，由于平面镜所成的像与物体大小相同，像与物到镜面的距离相等，水中“灯影”到水面的距离变小。
故答案为：反射；小。
平静的水面相当于平面镜，这是光的反射形成的；平面镜所成的像与物体大小相同，像与物到镜面的距离相等。
本题考查平面镜成像特点的分析与原理，属于基础题。
21.【答案】
【解析】解：
图中螺线管中的电流从左端流入，右端流出，由安培定则，可判断出螺线管的右端为N极，再根据磁极间的相互作用规律（同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引），能确定小磁针的右端为S极。
对调电源正负极，螺线管中电流方向改变，小磁针旋转180°，说明螺线管的磁场方向发生了改变，即螺线管的磁场方向与电流方向有关。
故答案为：S；电流方向。
（1）根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极。
（2）通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
本题考查的是通电螺线管的磁场分布；知道通电螺线管的磁场方向与电流的方向有关。
22.【答案】
【解析】解：
根据生活经验，结合物理常识可知，醋、水和酒精三种液体中密度最大的是醋。
第二个空：待测物体放在左盘，砝码放在右盘，操作准确无误，因此测量结果为砝码与游码示数之和，即50g+20g+20g+20g+1.2g=111.2g。
故答案为：醋；111.2。
（1）根据生活经验，结合物理常识判断醋、水和酒精三种液体的密度大小；
（2）根据图示托盘天平中砝码的质量和游码所对的刻度值可以知道烧杯和液体的质量。
只要结合生活常识，再关注到实验操作无误，即可得到正确答案，此题不难。
23.【答案】
【解析】解：乙方案使用小车的优点：乙方案中使用小车时，小车与桌面间是滚动摩擦，相比甲方案中木块与桌面间的滑动摩擦，滚动摩擦力更小，可以忽略不计，能减小摩擦力对实验的影响，使实验结果更准确。
在甲方案中，由于左盘和右盘中砝码的质量相等，故木块两边所受的拉力相等，即F1=F2。
故答案为：乙；=。
乙方案使用小车的优点：乙方案中使用小车时，小车与桌面间是滚动摩擦，能减小摩擦力对实验的影响，使实验结果更准确。
物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，物体受到平衡力的作用；。
二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点，需要掌握。
24.【答案】
【解析】解：探究“电流与电阻的关系”应控制电阻两端电压不变，电阻由5Ω换成10Ω分得的电压增大，故应增大滑动变阻器的电压，则滑动变阻器接入电路的电阻需变大，所以需向左移动滑片，移动过程中眼睛注视电压表的示数。
故答案为：左；电压表。
探究“电流与电阻的关系”应控制电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知滑动变阻器的滑片的运动方向，同时眼睛应该注视着电压表。
本题考查探究“电流与电阻的关系”相关知识。
25.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，当开关S接触“2、3”两个触点时，R1、R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，由P=可知，电路的总功率最大，电加热器处于高温挡；
由R1＞R2，则当开关S接触“1、2”两个触点时，只有R1工作，电路的总电阻最大，总功率最小，电加热器处于低温挡；
当开关S接触“3、4”两个触点时，只有R2工作，电路的总电阻较小，总功率较大，电加热器处于中温挡，故该熨烫机可以实现3个加热挡位；
（2）当电加热器处于低温挡时通电1min,电流产生的热量：
Q=W=t=×60s=1.2×104J。
故答案为：3；1.2×104。
（1）由图可知，当开关S接触“0、1”两个触点时，电路断开，当开关S接触“1、2”两个触点时，只有R1工作，当开关S接触“2、3”两个触点时，R1、R2并联，当开关S接触“3、4”两个触点时，只有R2工作，根据R1＞R2和P=可知蒸汽熨斗有三个挡位；
（2）根据Q=W=t求出开关S接触“1、2”两个触点时，通电1min电流产生的热量。
本题考查并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析电路连接是解题的关键。
26.【答案】
【解析】解：（1）A、传统电热水壶是通过底部的加热丝对底盘进行加热，是利用电流的热效应工作，而不是电流的磁效应，电流的磁效应是指电流周围产生磁场的现象，如电磁铁等，故A错误。
B、传统电热水壶将电能转化为内能，直接对水加热，热量散失相对较少；而燃气灶烧水时，有一部分热量会散失到周围空气中，还有一部分被锅等吸收，所以电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水，故B正确。
C、指示灯和加热电路可能是并联的，指示灯出现故障时，不影响加热电路的工作，所以人离开时应该断开电源，防止发生意外，故C正确。
D、防干烧开关在无水或水量过少时会断开电路，蒸汽开关在水沸腾时断开电路，起到了双重保护作用，可以防止传统电热水壶由于温度过高而损坏，故D正确。
故选：A。
（2）根据功率公式可得热水壶的功率为：P===0.75kW= 750 W。电热毯功率一般在50W-100W左右，电冰箱功率一般在100W-200W左右，微波炉功率一般在700W-1200W左右，所以它的功率和微波炉很接近。
（3）在40℃时，电磁继电器刚好将衔铁吸引，此时电路处于加热状态，工作一段时间后，由于电路在加热，温度会升高一些，不能真正实现温度精确保持在40℃不变，故选D。
（4）已知调奶器连续工作t总=8h,保温时间与加热时间的比值为15：1，则加热时间t加=×8h =0.5h,保温时间t保=8h-0.5h=7.5h。则加热消耗的电能W加=P加t加=0.6kW×0.5h =0.3kW h。保温状态时，相同的两电阻串联，则其中一电阻的功率就变为原来的，即变为加热功率的，即600W×=150W，
两相同电阻串联，总保温功率为：P保=2×150W=300W=0.3kW，
则保温时消耗的电能为：W保=P保t保=0.3kW×7.5h=2.25kW h,
则总消耗电能为：W=W加+W保=0.3kW h+2.25kW h=2.55kW h。已知每度电0.5元，则电费=2.55kW h×0.5元/kW h=1.275元。
故答案为：（1）A；（2）微波炉；（3）D；（4）1.275。
电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应。
电功率等于电功与时间之比。
多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对挡位的控制。
电流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。
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27.【答案】
【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线传播方向不变。
28.【答案】
【解析】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中O是支点，因此以OA作为动力臂最长，由图知动力的方向垂直OA向下，如图所示：
。
（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是知道阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
29.【答案】
【解析】（1）电压表与待测电路并联，闭合开关，电压表测 L2的电压。
（2）晓东用导线把L1的两端连接起来模拟短路现象，闭合开关，L2也不亮，电路可能断路，电压表的示数为零，电压表与电源没有连通，则该电路可能的故障为开关断路/
（3）分析表中实验数据，在误差允许范围内，
2.8V=0.8V+2.0V
2.8V=1.0V+1.8V
2.7V≈1.4V+1.4V
串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，可得出的结论是D。
故选：D。
故答案为：（1）L2；（2）开关断路；（3）D。
（1）电压表与待测电路并联，据此分析；
（2）闭合开关，L2也不亮，电路可能断路，电压表的示数为零，电压表与电源没有连通，据此分析；
（3）分析表中实验数据，考虑到误差因素分析得出结论。
本题探究“串联电路中的电压关系”，考查电压表的使用及故障和数据分析。
30.【答案】
【解析】（1）通过观察弹簧测力计的量程来判断所选弹簧测力计；
（2）由表中数据，利用描点法画出重力与质量的关系图象，如图所示：
由图像可知，重力与质量之比是一个定值，可以得到的结论是：物体受到的重力与质量成正比；
（3）她直接用“探究滑动摩擦力大小的因素”实验中所使用的弹簧测力计又进行了四次实验，“探究滑动摩擦力大小的因素”中的弹簧测力计是在水平方向上使用的，在水平方向调零，而测量物体的重力，弹簧测力计需要在竖直方向上使用，故需要将弹簧测力计在竖直方向上调零，故重力与质量的比值与小明不同的原因可能是弹簧测力计未在竖直方向调零；
分析第⑥⑦组数据，重力比较大，发现弹簧测力计的示数不再变化，可能原因是所测力的大小超出弹簧测力计量程，超过了弹簧的弹性限度。
故答案为：（1）量程；（2）正比；（3）弹簧测力计未在竖直方向调零；所测力的大小超出弹簧测力计量程。
（1）通过观察弹簧测力计的量程来判断所选弹簧测力计；
（2）分析图象，得出图中物体所受的重力跟质量的关系；
（3）根据“探究滑动摩擦力大小的因素”实验与“探究滑动摩擦力大小的因素”实验中所使用的弹簧测力计的方法进行回答。
本题展示了物体所受的重力跟质量关系的探究过程，考查学生实验数据的分析能力、作图能力以及概括能力。
31.【答案】
【解析】（1）利用G=mg求出人和电动平衡车的总重力，平衡车对水平地面的压力等于人和车的总重力，又知受力面积，利用p=得到平衡车对水平地面的压强；
（2）利用阻力和重力的关系求出阻力，再利用二力平衡的条件得出牵引力大小；由P=Fv计算牵引力的功率，利用W=Pt求得牵引力所做的功。
本题考查功率计算、二力平衡的条件的应用，压强的大小计算，是一道综合性较强的题目，关键是知道车对水平地面的压力等于人和车的总重力。
32.【答案】
【解析】（1）由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压。
当电流表的示数为0.48A时，根据欧姆定律可知总电阻R总===25Ω；
根据电阻串联的特点可知湿敏电阻的阻值R=R总-R0=25Ω-15Ω=10Ω；
由图乙可知当环境湿度为40%；
（2）电流表量程为“0～0.6A”，当电路中电流最大为0.6A时，
根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压U0=I大R0=0.6A×15Ω=9V；
空气湿度为0%时，R=15Ω，
根据欧姆定律可知电路电流I小===0.4A，
根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压U0′=I小R0=0.4A×15Ω=6V；
电压表的变化范围为6V～9V；
答：（1）当电流表的示数为0.48A时，环境的湿度为40%；
（2）在保证电路安全的前提下，电压表的变化范围为6V～9V；
（1）由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压。
当电流表的示数为0.48A时，根据欧姆定律可知总电阻，根据电阻串联的特点可知湿敏电阻的阻值，由图乙可知当环境湿度；
（2）电流表量程为“0～0.6A”，当电路中电流最大为0.6A时，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压，空气湿度为0%时，R=15Ω，根据欧姆定律可知电路电流，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压，进而得出电压表的变化范围。
本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
33.【答案】
【解析】（1）由图乙可知，第4min时水面刚好接触物块下底面，故可求出注入水的质量，由密度可求出体积，再由体积公式可求出此时水的深度；
（2）物块的重力等于开始时的拉力,即:G物=2.4N,根据重力公式得出物体的质量，
第7min时水面刚好与物块的上表面相平，根据F浮=G物-F得出浮力，
根据阿基米德原理可得出V物和V排，
从第4min到第7min注水质量为300g,注水体积V2=300cm3，'
细绳拉力不为零,说明细绳一直处于拉直状态，物块位置没有移动，
根据V物+V2=S容h物得出h物，进而得出物体的底面积，
当细绳拉力为0.9N时,求出水对物块底面的压力F压。
根据p=得出水对物块下表面的压强；
(3)从注水时的图象看,第7min至第9min注水质量为200g,根据密度公式可知注水体积V3，根据:L3=得出物块的上表面距容器口距离，
进而得出容器的高度h容，
由于每分钟注水和注液的体积是相同的,所以第4min时液体刚好接触物块底面。
每分钟注入100cm3，当0≤tx≤4时,根据p=得出容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式；
第4min时,根据密度公式得出ρ物，
分析ρ液、ρ物的大小关系，所以继续注液到某一时刻,物块刚好漂浮。
根据阿基米德原理得出此时的V排，
进而得出物块底面浸入深度:h浸，
从根据V=(S容-S物)h浸得出第4min到这一时刻的注液体积，
进而得出注液时间，
当4< tx≤6.4时,p=600Pa+△p=(250tx-400)Pa得出此段容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式；
6.4min时,p=1200Pa，
6.4min至9.4min,物块漂浮并随液面一起上升。
这段时间注液体积V5=300cm3,假设无液体溢出,液面上升3cm。
9.4min时,液体深度为4cm+4cm+3cm=11cm=h容,所以假设成立。
可得出当6.4< tx≤9.4时,容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式。
本题考查液体压强的有关计算，综合性强，难度较大。
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