2025年广东省珠海市香洲区中考二模物理试题
一、【交通中的物理】广珠城际铁路是我们熟悉的交通.请结合所学知识，完成 1 3题.
1．（2025·香洲模拟）小珠在列车的玻璃窗看到自己的像，像形成的原因是（ ）
A．光的色散 B．光的折射
C．光的反射 D．光沿直线传播
2．（2025·香洲模拟）列车运行伴随很多与声相关的现象，下列说法正确的是（ ）
A．乘务员使用的对讲机主要利用电磁波工作
B．车厢内请轻声细语是降低声音的音调
C．车内广播声在空气中传播速度约
D．报站声提醒乘客到站下车说明声可以传递能量
3．（2025·香洲模拟）下列与广珠城际铁路相关的说法正确的是（ ）
A．列车从珠海站开到广州南站约8小时
B．列车行驶最大速度可达10m/s
C．为防止被“吸”向行驶的列车，乘客应站在安全线以外候车
D．车厢内允许使用插线板对多个大功率用电器同时充电
4．（2025·香洲模拟）我国选手宁忠岩在男子速度滑冰1500米比赛中获得冠军，如图为起跑前的情景，下列说法正确的是（ ）
A．图中他所受支持力与他对冰面的压力是一对平衡力
B．起跑瞬间用力向后蹬才能前进，说明力的作用是相互的
C．起跑后，他的动能一直不变
D．冲刺后，他由于惯性会马上停止运动
5．（2025·香洲模拟）如图为小海探究盐水凝固过程的温度与时间关系图像，根据图像可知（ ）
A．固态的盐水属于非晶体 B．盐水的凝固点为
C．盐水凝固持续了30min D．第25min时物质处于固态
6．（2025·香洲模拟）小珠自制了一个扬声器，如图所示，塑料桶底部紧密粘贴着线圈，线圈上方放置一个强磁体，在线圈中通入方向不断改变的电流后，塑料桶振动发声。下列说法正确的是（ ）
A．强磁体周围的磁感线是真实存在的
B．将一个小磁针靠近强磁体，它静止时南极所指方向为该点磁场方向
C．磁场对线圈的力的方向随电流方向的改变而改变
D．该扬声器与发电机的工作原理相同
7．（2025·香洲模拟）甲、乙两个实心小球质量和体积的大小如图所示，下列说法正确的是（取）（ ）
A．甲球的密度为
B．甲球的密度大于乙球的密度
C．乙球在水中静止时处于悬浮状态
D．乙球浸没在水中时所受浮力大小为0.03N
二、填空题（本大题7小题，每空，共2）
8．（2025·香洲模拟）原子核由 和中子组成。如图所示，目前核电站利用原子核 （选填“裂变”或“聚变”）释放的能量发电；所释放的核能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
9．（2025·香洲模拟）我国自主生产的歼-35A在珠海航展表演，如图所示.向后喷出高温气体时，它加速上升，说明力可以改变物体的 ；此过程，歼-35A的机械能 （选填“守恒”或“不守恒”）；以地面为参照物，歼-35A是 （选填“静止”或“运动”）的.
10．（2025·香洲模拟）用洗手液洗手时能闻到洗手液香味，这是 现象；洗手后搓手让我们感觉到温暖，这是通过 方式改变手的内能；生活中很多事例能利用“水的比热容较大”这一特点解释，请列举其中一个： 。
11．（2025·香洲模拟）如图所示装置，将条形磁体迅速插入线圈中时，观察到电流表指针偏转，这是 现象；通电线圈两端相当于条形磁体两极，若某一瞬间产生的电流方向如图所示，则此时线圈的A端为 极；若条形磁体放在线圈中静止不动，则电流表指针 （选填“会”或“不会”）偏转。
12．（2025·香洲模拟）如图甲为 冲程：给试管内的水加热，一段时间后塞子被推出，该过程与如图 （选填“甲”或“乙”）所示的冲程相似；若此段时间完全燃烧酒精，则燃烧放出的热量为 J。
13．（2025·香洲模拟）如图是一个连体花瓶，瓶中水不流动时，各部分的水面高度总是相同的，这种花瓶实质上是一个 ；若花瓶底部受到水的压强为800Pa，则花瓶中水的深度为 m；当向图中A瓶加水后，花瓶对水平桌面压力将 （选填“变大”“不变”或“变小”）。（g取，）
14．（2025·香洲模拟）“二极管”元件符号如图甲所示。当电流从“＋”极流入时，它处于导通状态，相当于导线；当电流从“－”极流入时，它处于断路状态.如图乙所示电路中，电源电压保持不变，R是定值电阻，小灯泡L标有“6V 0.5A”，其额定功率是 W。当开关S接a处，小灯泡恰好正常发光，此时二极管处于 （选填“通路”或“断路”）状态；当开关S从接a处改接到b处时，电流表的示数 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
三、作图题（本大题3小题，共7分）
15．（2025·香洲模拟）按要求作图。
（1）如图1所示，点光源S发出的一束光射向平面镜O点，请画出反射光线；
（2）小海在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，进行了如图2所示操作。请在图中O点画出木块受到的重力G和向右运动时受到的摩擦力f；
（3）一种调光台灯的内部简化电路如图3所示。请按照安全用电原则完成电路连接，要求：调光开关（a、b、c是三个接线柱）控制台灯的亮度，当调光开关金属滑片顺时针转动时，台灯变亮。
四、实验题（本大题3小题，共19分）
16．（2025·香洲模拟）按要求完成实验。
（1）小珠在实验室对一根金属棒进行了一些测量.如图1所示，金属棒的长度为 cm；测量质量时，天平平衡后砝码及游码的位置如图2所示，则金属棒的质量为 g；
（2）探究杠杆的平衡条件时，实验前杠杆在图3甲所示位置静止，为使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节。图乙是平衡的杠杆，若在杠杆左侧钩码上再增加一个钩码，为了使杠杆再次平衡，应将杠杆右侧钩码向右移动 个格子；
（3）小海探究凸透镜成像规律，某次实验如图4所示，他认为此时的像为实像，判断的依据是 ，该实验现象可以说明 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像特点。
17．（2025·香洲模拟）小珠用图1所示实验装置探究电流和电阻的关系。电源电压为4.5V，三个定值电阻的阻值分别为、、，两个滑动变阻器规格分别为“ ”和“ ”
（1）按照如图1所示连接电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至最 （选填“左”或“右”）端。
（2）小珠依次使用三个定值电阻进行实验，每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使 （选填“电流表”或“电压表”）示数与前次实验相同，记录三组数据并绘制出图像如图2所示，第一次实验时电压表的示数为 V。
（3）将阻值和的定值电阻串联后相当于一个阻值的定值电阻，小珠按照图3所示连接电路进行第四次实验.连接电压表的导线a端应与 （选填“e”或“f”）端相连，实验中，电流表指针如图4所示，示数为 。
（4）通过实验数据可以得到的结论是： 。
（5）实验中小珠选择的滑动变阻器规格应为 （选填“ ”或“ ”）。
18．（2025·香洲模拟）小珠和小海利用如图甲所示的探头进行了液体压强和浮力的综合探究。
（1）通过观察图乙和图丙中橡皮膜的 来比较液体压强的大小。
（2）比较图乙和图丁，可以初步得出结论：液体内部压强与液体的 有关。
（3）他们用弹簧测力计悬挂此探头继续探究物体所受浮力大小与浸没的深度是否有关：
①向溢水杯中注水，直到杯中的水面恰好与溢水口相平；
②探头刚好浸没于水中，如图戊所示，溢出的水全部流入量筒中，此时量筒的读数为 mL，探头所受的浮力为 N；（g取，）
③探头从戊图位置不断缓慢往下放（未触底），发现弹簧测力计的示数会逐渐变大，说明探头所受浮力 （选填“变大”，“不变”或“变小”），因此小珠认为“物体所受浮力大小与浸没的深度有关”，但小海认为有误，实验存在的问题是 。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
19．（2025·香洲模拟）2025年春晚，身穿红绿大花袄的机器人给大家带来无限惊喜.如图所示，该机器人手拿手绢时总质量为48kg，与水平舞台接触总面积为.求：（g取）
（1）机器人以速度直线移动15m需要的时间；
（2）若一块手绢的重力为2N，机器人将一块手绢竖直举起1.2m过程中对手绢所做的功；
（3）图中机器人对水平舞台的压强。
20．（2025·香洲模拟）家用即热式电热水器的内部简化电路如图所示，和均为阻值恒定的电热丝。当温控开关接a时，热水器处于高温加热，此时只有工作，通过的电流为20A；当温控开关S接b时，热水器处于低温加热，电路消耗的功率为880W，求：
（1）的阻值；
（2）低温加热100s，电路消耗的总电能；
（3）低温加热时，两端的电压。
六、综合能力题（本大题3小题，共19分）
21．（2025·香洲模拟）在跨学科实践活动中，小海和组内同学以“不同方式烹饪牛肉”为主题开展研究.他们选择用三种烹饪方式进行实践：高压锅快速炖煮，普通锅小火慢炖，用油慢慢煎熟.在烹饪过程中发现：
（1）高压锅快速炖煮：
高压锅的工作原理是通过增大锅内气压，让液体的沸点 （选填“升高”或“降低”），使牛肉更容易煮熟，从而减少炖煮时间。打开高压锅，由于水蒸气液化时要 （选填“吸收”或“放出”）大量的热，因此要防止烫伤。
（2）普通锅小火慢炖：
由于液体沸腾时温度 ，所以沸腾后用小火或大火炖牛肉并不会影响炖熟牛肉的时间，用小火反而更节能。炖牛肉时，将燃气灶火焰调小，燃气的热值 。（选填“变大”“不变”或“变小”）
（3）用油煎牛肉：
煎牛肉时使用食品夹将牛肉翻面，在正常使用过程中，食品夹相当于一个 杠杆；如图所示，食品夹手柄处有一些花纹，主要通过 的方法来增大摩擦，防止掉落。
22．（2025·香洲模拟）透光性往往是人们选购窗帘的重要考虑因素，于是小珠利用如图所示实验装置进行实验。
【猜想】
结合与家人一起购买窗帘的经历，小珠认为窗帘的透光性可能与以下因素有关：
（1）布料种类；（2）布料厚度；（3）布料颜色
【实验】
小珠利用光源、测量光照强度的照度计、面积相同但厚度d不同的布料等按如图组装好实验器材后，开启光源，手持照度计进行测量，记录实验数据如下表所示：已知照度的单位是勒克司（Lux）；照度计示数越大，光照强度越强。模拟窗户未悬挂窗帘时，照度计示数为119.5Lux。
序号 材料 布料厚度d 布料颜色 照度计示数/Lux
1 布料A 白 27.0
2 布料A 白 22.8
3 布料A 白 44.2
4 布料B 白 19.3
5 布料B 褐 11.9
【结论】
（1）对比1、2组数据可知：窗帘的透光性与布料 有关；
（2）对比 两组数据可知：窗帘的透光性与布料种类有关；
（3）对比4、5组数据可知：布料的颜色越深，窗帘透光性越 （选填“强”或“弱”）。
【交流讨论】
（1）小珠发现第3组数据异常，查找资料还发现窗帘的透光性可能与布料的面密度有关。相同厚度时，面密度是指单位面积上面料的质量，通常以来表示.它与面料的编织方式、纤维密度等因素有关.若测得2、3组实验所使用布料质量关系为，则其他因素均相同的布料，面密度越 （选填“大”或“小”），透光性越强。
（2）小珠为了让休息时卧室更加昏暗，她应该选择 （选填下列选项前的字母）款布料做成的窗帘。
A.浅色且面密度小B.深色且面密度小C.浅色且面密度大D.深色且面密度大
（3）请你根据实验过程和相关光学实验知识为小珠的实验提出优化建议： （只写一条即可）。
23．（2025·香洲模拟）电动汽车以电动机为主要动力装置，有节能减排、低噪声等优点，是汽车产业的重要发展方向，电池是电动汽车的核心部件之一，衡量电池性能的一个重要参数是能量密度，电池能量密度指的是电池平均单位质量所储存的电能某款电动汽车部分参数如下表，此车支持多种充电方式，一般快充采用直流电，电压高、电流大，半小时即可将电量由30％充至80%；若选“随车充”，通过随车充电设备接入220V家庭电路中充电25小时即可充满，无论哪种充电方式都需要供电系统提供良好的接地线，否则该款电动汽车拒绝接受充电.
长×宽×高 4.7m×2.0m×1.4m 最高续航里程 600km
电池容量 60kW·h 电池质量 400kg
请根据材料回答以下问题：
（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是在 （选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声；
（2）电动汽车充电的过程中电能转化为 能存储在电池中；
（3）针对快充特点，为了避免导线过热，快充线适宜选用横截面积较 （选填“大”或“小”）的导线：该车在快充时（由30％充至80%）的充电功率为 kW；
（4）此款电动汽车电池的能量密度是 （W·h）/kg；
（5）电动汽车运动时受到的总阻力包括空气阻力f1和机械阻力f2，其中f1的大小与车速的平方（v2）成正比．若车速是40m/s时，f1的大小为640N，当车速是50m/s时，f1的大小变为 N。若空气阻力分布（空气阻力占总阻力的比例）与车速关系如题图乙所示，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力等于总阻力，则此款电动汽车行驶的最大速度为 m/s。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】光的色散涉及不同波长光的分散，与成像无关，故选项A错误；光的折射会导致物体位置偏移或变形，但题目中像和物等大，故选项B错误；光沿直线传播解释影子的形成，不是像的产生，故选项D错误。故选项C正确。【分析】小珠在列车的玻璃窗看到自己的像，其原理是由于光遇到镜面而发生反射，反射光线的反向延长线相交形成的虚像，即平面镜成像。
2．【答案】A
【知识点】声速；音调、响度与音色的区分；声与信息；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】乘务员在高空中通话，类似声音要在真空中传播，只能借助电磁波，故选项A正确；轻声细雨是指声音的大小，用响度表示，故选项B错误；在15℃空气中传播的快慢为340m/s，故选项C错误；报声员提醒乘客传递的是信息，故D选项错误。因此选择A。
【分析】电磁波可以在真空中传播，声音的传播需要介质。声音在传播过程中传播声音的大小是响度，在15℃空气中传播的快慢为340m/s，声音在传播过程中所起的作用是传递能量、传递信息。
3．【答案】C
【知识点】速度与物体运动；速度公式及其应用；流体压强与流速的关系；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A.运用可以求出时间为0.57h，故A错误；B.从广州南站到珠海站时速大约200公里，合56m/s，故B错误；
C.由于受流体压强与流速的影响，靠近行驶列车一侧流速大，压强小，人会向压强小的方向倾斜，为防止被“吸”向行驶的列车，乘客应站在安全线以外候车，故C正确；
故选C。
D. 用大功率电器可能导致供电系统过热、老化甚至火灾 ，故D错误。
本题选择C
【分析】从广州南站到珠海站时速大约200公里，合56m/s，南站至珠海站的距离约为115.6公里，可以根据求时间；由于受流体压强与流速的影响，乘客很容易被吸向行驶的列车；车厢里使用多个大功率用电器同时工作时，可能造成电路电流过大，跳闸甚至发生火灾事故。
4．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．图中他所受的支持力和他对冰面的压力分别作用在两个不同的物体上，不满足平衡力条件，故A错误；
B．起跑瞬间，运动员对地一个压力，由于力的作用是相互的，地对脚一个反作用力使人前进，故B正确；
C．起跑后，运动员质量不变，而速度变大，动能变大，C错误；
D．冲刺后，运动员由于惯性会继续向前运动。但由于受摩擦力，质量不变，速度减小，动能减小，所有最终会停下来，故D错误。
故选B。
【分析】本题考查：一对平衡力要满足大小相等、方向相反、同一直线、同一物体；物体间力的作用是相互的；动能大小取决于物体的质量和速度；惯性跟物体的质量有关。
5．【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】A.由图像可知，该盐水在凝固过程中有一段温度保持不变的过程，符合晶体的特点，因此固态的盐水属于晶体，故A错误；B.有图像可知，盐水在凝固过程中有一段温度保持不变的过程，该水平线对应的温度为-2℃，凝固点 -2℃ ，故B错误 ；
C.盐水从第10min到第20min过程中共经历了10min，故C错误；
D.第25min在完全凝固后，处于固态，故D正确。
【分析】本题考查：晶体和非晶体；晶体的凝固点；晶体的凝固时间；晶体在凝固过程中所处状态判断。
6．【答案】C
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】A．为了更方便的研究磁体周围磁场的分布情况，才引入了磁感线，所以磁感线是假设的，故A错误；
B．小磁针静止时，北极所指的方向为该点的磁场方向，故B错误；
C.磁场是因电流而产生，因此 磁场对线圈的力的方向随电流方向的改变而改变 ，故C正确；
D.扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，故与电动机的原理相同。
故选C。
【分析】本题考查：磁场是真实存在的，而磁感线是为了描述磁场的分布情况假设的；变化的电流产生变化的磁场，每一个位置磁场都是有方向的，并且规定该方向与放置在该位置的小磁针静止时北极所指的方向一致；磁场对通电线圈会产生磁场力，并且磁场力的方向会随磁场方向的变化而变化，根据这个原理制成了电动机。
7．【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由图可知，。由密度公式得，故A错误；
B．，，则，可知，故B正确；
C．因，由物体的浮沉条件可知，乙球在水中静止时处于漂浮状态，故C错误；
D．如果乙球浸没在水中则，
由浮力公式，故D错误。
故选B。
【分析】本题考查：由图像挖掘有效信息，根据信息及相关公式求相关量；通过比较物体与液体密度大小，判断物体的浮沉情况；选择合适的浮力公式求浮力大小。
8．【答案】质子；裂变；不可再生
【知识点】能源及其分类；核裂变；原子结构
【解析】【解答】（1）核能是由质子和中子组成，所以第1空填质子；（2）目前核裂变是人类可控的，所有人类利用可裂变产生大量的核能来发电，故第2问填核聚变；
（3）由于核燃料在地球上的储量有限，一旦用完，难以再生，因此核能为不可再生能源，故第3问填不可再生能源。
【分析】本题考查（1）原子核的构成：质子和中子组成；（2）核电站是利用可控的核裂变释放核能发电；（3）核能的 在地球上的储量是有限的，一旦消耗短时间内难以再生，所以是不可再生能源。
9．【答案】运动状态；不守恒；运动
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）运动状态改变包括运动方向发生改变，运动快慢发生改变，由于本题中出现加速上升，故说明力可以改变物体的运动状态；
（2） 歼-35A 在上升过程中，高度增加，重力势能增大，又加速上升，动能增大，故机械能是增大的，因此机械能不守恒；
（3）以地面为参照物， 歼-35A 相对于地面位置在发生改变，故 歼-35A 是运动的。
【分析】本题考查：（1）力可以改变物体的运动状态；（2）机械能是否守恒的判断：是否有阻力做功，是否机械能前后发生了变化；
（3）运动和静止的判断：选参照物，研究对象相对于参照物位置没有改变，物体是静止的，反之物体是运动的。
10．【答案】扩散；做功；用作汽车发动机的冷却剂
【知识点】做功改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】（1）香味是物质自发形成的，故属于扩散现象，故第1问填扩散现象；
（2）搓手这个词告诉我们，手的温度变化是物质间发生摩擦而产生，即做功改变内能，故第2空填做功；
（3） 汽车发动机用水作为冷却剂，因为水的比热容大，相同质量的水和其他液体相比，升高相同的温度时，水吸收的热量多，能更好地冷却发动机。
【分析】本题考查：（1）扩散现象的判断；（2）内能改变的方式判断；（3）比热容的应用
11．【答案】电磁感应；N（北）；不会
【知识点】产生感应电流的条件；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）电路闭合，条形磁体插入线圈中，相当于线圈做切割磁感线运动，电路中产生电流，这个原理就是电磁感应现象，故第1空填电磁感应现象。
（2）从图中发现，电流是下进上出，因此我们可以根据线圈中电流方向用右手定则确定上端是N极，故第2空填N极；
（3）由于条形磁体放在线圈中静止不动，线圈不切割磁感线，因此所以没有感应电流的产生，故第3空填不会。
【分析】本题考查（1）电磁感应现象的条件：电路闭合，电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；（2）安培定则的运用：右手握住线圈，四指所指方向为导线中电流方向，大拇指所指方向为线圈的南北极。
12．【答案】压缩；乙；
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】(1)，由图甲发现，两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，故第1空选择压缩；
(2)由题意“ 给试管内的水加热，一段时间后塞子被推出 ”可知，发生的内能转化为机械能，为做功冲程，故第2空填做功；
(3)已知燃料燃烧时， 酒精完全燃烧放出的热量为 ，故第3空填。
【分析】本题考查：（1）热机的四冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，其中压缩冲程是机械能转化内能，做功冲程是内能转化为机械能；（2）燃料燃烧释放的内能大小计算：
13．【答案】连通器；0.08；变大
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1） “瓶中水不流动时，各部分的水面高度总是相同”符合连通器原理，故第1空填“连通器”；
（2）由p=ρgh得，故第2空填0.08m；
（3）花瓶放在水平面上时，花瓶对水平面的压力等于花瓶的重力，加水后重力增大，压力增大，故第3空填变大。
【分析】本题考查；(1)连通器原理：装同种液体，当液体不流动时，各部分液面的高度相同；（2）根据p=ρgh求h；(3)物体放在水平面上时，物体对水平面的压力等于物体的重力大小。
14．【答案】3；断路；变大
【知识点】并联电路的电流规律；电路故障的判断；电功率的计算
【解析】【解答】（1）已知U=6v I=0.5A ，由P=UI得P=6v×0.5A=3W，故第1问填3w；
（2）当开关S接a处时，电流从二极管的“－”极流入，因此它处于断路状态，故第2空填断路；
（3） 当开关S从接a处改接到b处时 ，小灯泡和电阻R并联，因此总电阻变小，由于电路中总电压不变，由I=知电流变大，故第3空填变大。
【分析】本题考查：（1）小灯泡额定电压和电流，求额定电功率，即P=UI；（2）电流从“＋”极流入时，它处于导通状态，相当于导线；当电流从“－”极流入时，它处于断路状态；（3）电路中总电压不变，电阻变小，电流变大。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；变阻器；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）先根据入射点做一条垂直于镜面的垂线即法线，然后根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线另一侧做出反射角即可。
（2）木块为研究对象，其受力点为其中心，因此在其中心作一个点，然后以这个点为起点，沿竖直向下方向画一条线段，末端标箭头，写字母G即为重力示意图；然后以这个点为起点，沿水平向左方向画一条线段，末端标箭头，写字母f即为摩擦力示意图；
（3）首先根据“用电器一端接零线，开关一端接火线”，按照导线横平竖直的原则，把灯泡这一端接到零线上（注意交叉处打点），
然后根据调光开关电阻丝电阻可变原则，确定调光开关的另一端为b端，然后把b端沿竖直方向接到火线上（注意交叉处打点）即可。
【分析】本题考查：（1）已知入射光线，作出反射光线光路图，即先根据入射点和平面镜作法线，然后由入射光线和反射光线分居法线两侧，反射角等于入射角做出反射角得出反射光线；
（2）物体所受的重力作用点在物体的几何中心，方向总是竖直向下；摩擦力作用点在物体的几何中心，方向与物体相对运动方向相反；
（3）用电器一端接零线，开关一端接火线，其目的是为了用电安全考虑；电阻丝长度越短，电阻越小，根据P=知，电功率越大，灯泡越亮。
（1）根据光的反射规律，作图过程如下：过入射点O与镜面垂直作出法线，用量角器测量出入射角，反射角等于入射角，用量角器测出反射角，作出反射光线，如图所示：
（2）木块受到的重力竖直向下；木块相对木板向右水平运动，受到的摩擦力水平向左。如图所示：
（3）调光开关与灯泡串联，开关接火线，灯泡接零线；要使调光开关金属滑片顺时针转动时，台灯变亮，需把a、b两个接线柱接入电路，如图所示：
16．【答案】（1）4.55；38.6
（2）右；1
（3）光屏能承接到像；照相机
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；刻度尺的使用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）本刻度尺的分度值为0.1cm，因此所测物体的准确值为4.5，又估读值为5，故测量结果为4.55cm；天平读数时，砝码的质量数为
35g，游码的质量数为3.6g，故天平的测量结果为38.6g，故第1空填4.55cm，第2空填38.6cm.
（2）测量前，杠杆不平衡，左右螺母都往高处调，故第1空填右；为了使杠杆平衡，要用到杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”，由此判断出 杠杆右侧钩码向右移动 1个格子，第2空填1个格子。
（3）由图可知，U>v且成实像，故第1空填“当U>v时，成倒立缩小的实像”；照相机原理。
【分析】本题考查：（1）长度测量结果记录为准确部分+估读部分+单位，天平测量读数结果为砝码的质量数+游码的质量数；（2）放物体前，天平不平衡，按照“螺母反向高处动”的原则调节，杠杆平衡时，满足“动力×动力臂=阻力×阻力臂”原则进行判断；（3）成实像时，当U>v时，成倒立缩小的，照相机原理；当U（1）[1]刻度尺的分度值为0.1cm，物体两侧分别于0.00cm和4.55cm对齐，所以长度为4.55cm。
[2]砝码的质量为20g+10g+5g=35g，游码的示数3.6g，所以总质量m=35g+3.6g=38.6g
（2）[1]杠杆左端偏下，所以左端重，应该向右调节平衡螺母。
[2]设一个砝码的重力G，一个格子的长度为L，杠杆左侧增加砝码，根据杠杆平衡可列4G×2L=nL×2G
解得n=4，此时格子的长度为3，所以向右移动1格即可。
（3）[1]在光屏上看到了像，所以此时凸透镜成实像。
[2]物距大于像距，此时成倒立的缩小的实像，应用为照相机。
17．【答案】（1）右
（2）电压表；2.4
（3）f；0.12
（4）当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
（5）“ 1A”
【知识点】电流的测量及电流表的使用；串联电路的电压规律；探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）在连接电路时，为了保护电路，应将滑动变阻器滑到阻值最大处，由于下端接在最左端，所以滑片必须滑到最右端，故第1空填右；
（2）在研究电流和电阻关系时，根据控制变量法思想，换用不同的电阻，但保持它们的电压相同，由图2可知，每次的电流与对应的电阻乘积相同，即为2.4v，故第1空填电压，第2空填2.4v；
（3） 将阻值和的定值电阻串联后相当于一个阻值的定值电阻 后，电压表要测该电阻的电压，必须把电压表并在该电阻的两端，所有电压表的右端接f；由图知，电流表接0.6A量程，分度值为0.02A，指针对应0.1A后一小格，所以该电流表读数为0.12A，故第1空填f，第2空填0.12A；
（4）在探究电流和电阻关系时，电压一定，电流与电阻成反比，故第1空填“电压一定，电流与电阻成反比”；
（5）当被测电阻越大时，根据串联电路分压特点，分得的电压会越大，但要保持其两端电压不变，只能是滑动变阻器的电阻变大，才能够确保被测电阻两端电压不变。由图1知当被测电阻为时，对应的电流为0.16A，此时滑动变阻器的电压为4.5v-2.5v=2.1v，根据串联电路电流相等，滑动变阻器的电流为0.16A，所以，故第1空填 。
【分析】本题考查：（1）为了保护电路，在连接电路时，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处；
（2） 在探究电流和电阻的关系时，运用控制变量法，换用不同阻值的电阻，保持不同电阻两端的电压相同；
（3） 在探究电流和电阻的关系中，电压一定时，电路中电流与导体的电阻成反比；
（5）电阻和滑动变阻器串联时，如何求滑动变阻器接入电路中的电阻相关计算问题。
（1）在连接电路时，为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。由图1可知，滑动变阻器下面接的是左端的接线柱，所以滑片应移至最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻丝最长，阻值最大。
（2）[1]在探究电流和电阻的关系时，要控制定值电阻两端的电压不变。所以每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数与前次实验相同。
[2]由图2可知，当时，，根据欧姆定律，电压表的示数
（3）[1]将阻值5Ω和15Ω的定值电阻串联后相当于一个阻值20Ω的定值电阻，探究电流和电阻的关系时，电压表要测定值电阻两端的电压，所以连接电压表的导线a端应与f端相连。
[2]观察图4可知，电流表使用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.12A。
（4）分析图2中的数据，当电压一定时，电阻增大为原来的几倍，电流就减小为原来的几分之一，所以可以得到的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（5）电源电压为4.5V，实验中要控制定值电阻两端的电压为2.4V，则滑动变阻器两端的电压为
当接入15Ω的定值电阻时，由图2可知，此时电流为0.16A，此时滑动变阻器接入电路的电阻
所以实验中小珠选择的滑动变阻器规格应为 “20Ω 1A”。
18．【答案】（1）凹陷程度（形变程度）
（2）密度
（3）40；0.4；变小；探头排开液体的体积变小（没有控制排开液体体积一定）
【知识点】探究液体压强的特点实验；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）液体压强大小无法直接观察，所以用液体压强对物体产生的效果：凹陷程度来间接反映液体压强的大小，故第1空填凹陷程度；
（2）由图乙和图丁观察发现，不变的量是排开液体的体积，变化的量是液体的密度，故第1空填密度；
（3）由图戊观察可知，液面顶端对应的刻度是刚好是40mL，故第1空填40mL；根据浮力公式得，故第2空填0.4N；在探究浮力与用弹簧测力计吊着的重物的拉力大小时，用来判断，所以当F示变大时，G不变，故F浮变小，故第3空填变小；由于在浮力发生改变时，都是处于浸没，所以 物体所受浮力大小与浸没的深度有关的结论是错误的，故第4空填探头排开液体的体积变小。
【分析】本题考查：（1）转换法，即液体压强大小无法直接观察，所以用液体压强对物体产生的效果：凹陷程度来间接反映液体压强的大小；
（2）当研究对象受多个因素影响时，为了研究一个因素对研究对象的影响，用到控制变量法进行分析判断；
（3）在探究浮力与用弹簧测力计吊着的重物的拉力大小时，用来判断。
（1）在探究液体压强时，由于液体压强的大小难以直接测量，所以采用转换法，通过观察图乙和图丙中橡皮膜的凹陷程度（形变程度）来比较液体压强的大小。液体压强越大，对橡皮膜的压力越大，橡皮膜的凹陷程度就越明显。
（2）图乙和图丁中，探头在液体中的深度相同，但液体种类不同。比较两图中橡皮膜的凹陷程度可以发现存在差异，这表明液体内部压强与液体的密度有关。在深度相同的情况下，液体密度越大，产生的压强越大。
（3）[1]量筒的分度值可观察得出，分度值为2mL，图中溢出的水在量筒中的液面所对刻度为40mL，则量筒的读数为40mL。
[2]由量筒读数可知探头排开水的体积为，水的密度，，根据阿基米德原理，则探头所受的浮力
[3][4]探头从戊图位置不断缓慢往下放（未触底）时，弹簧测力计示数逐渐变大，根据（其中为探头重力，为弹簧测力计示数），可知探头所受浮力变小。而小海认为有误，是因为实验过程中没有控制探头排开液体的体积一定，探头往下放时可能导致其排开液体的体积变小，从而影响了浮力大小，不能得出物体所受浮力大小与浸没深度有关的结论。
19．【答案】（1）已知s=15m，v=3m/s，则t=，故第1问填5s；
（2）机器人对手绢做的功，故第2问填2.4J；
（3）水平面上的物体所受的压力等于重力，则P=，故第3问填。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】本题考查：（1）路程、时间及速度的相关计算；（2）物体对物体的做功问题；（3）水平面上的物体所受压强问题。
（1）机器人以速度直线移动15m需要的时间
（2）机器人对手绢所做的功
（3）机器人对水平舞台的压力
机器人对水平舞台的压强
20．【答案】（1）当开关接a时，，故第1问填；
（2）当开关S接b时，R1和R2串联组成的电路为低温档电路，电路消耗的总电能为
（3）低温加热时，由于两电阻和串联，因此电路中的电流为，又，根据串联电路电压特点有U2=U总-U1=220v-44v=176v，故第3问为176v。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】本题考查生活中常见的高低档电路问题：首先根据开关的通断确定有哪几种电路，然后运用P=以及R的变化判断P的变化再根据P大电路为高温档电路，P小电路为低温档电路，P则中为中温档电路，分别求相关电路中I、U、R、W、P等问题。
（1）因为当温控开关接a时，热水器处于高温加热，此时只有工作，通过的电流为20A，所以的阻值为
（2）当温控开关S接b时，热水器处于低温加热，电路消耗的功率为880W，低温加热100s，电路消耗的总电能为
（3）低温加热时，两电阻和串联，电路中的电流为
此时R1两端电压为
两端的电压为
21．【答案】（1）升高；放出
（2）不变；不变
（3）费力；增大接触面粗糙程度
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；增大或减小摩擦的方法；沸点及沸点与气压的关系；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）液体沸点随气压的变化而 变化，故第1空填升高；液化要吸热，故第2空填吸收；
（2）液体沸腾时，继续加热，温度保持不变，第1空填不变；同种燃料其热值相同，故第2空填不变；
（3）使用食品夹时省距离，但费力，则食品夹为费力杠杆，故第1空填费力杠杆；食品夹有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故第2空填增大接触面的粗糙程度。
【分析】本题考查：（1）液体的沸点与大气压强有关，气压大，沸点高，反之，沸点低；
（2）液化要吸热；
（3）液体沸腾时，继续吸热，但温度保持不变；
（4）同种物质其热值是相同的；
（5）杠杆的分类：省力杠杆、费力杠杆及等臂杠杆；
（6）增大摩擦力的方法即增大压力、减小受力面积、滚动变滑动。
（1）[1]液体沸点随气压的增大而增大，高压锅的工作原理是通过增大锅内气压，让液体的沸点升高。
[2]打开高压锅，高压锅内的高温水蒸气遇冷液化，水蒸气温度本身就很高，又由于水蒸气液化时要放出大量的热，因此要防止烫伤。
（2）[1]液体的沸腾特点为不断吸热，但温度不变，所以沸腾后用小火或大火炖牛肉并不会影响炖熟牛肉的时间，用小火反而更节能。
[2]燃料的热值只与燃料的种类有关，与火焰大小无关，炖牛肉时，将燃气灶火焰调小，燃气的热值不变。
（3）[1]使用食品夹时费力但省距离，因此食品夹是一个费力杠杆。
[2]滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，食品夹手柄处有一些花纹，主要通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
22．【答案】厚度；1、4；弱；小；D；见解析
【知识点】密度公式及其应用；物理学方法；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】对结论环节问题：
（1）表中数据1、2组观察发现，布料种类相同，布料颜色相同，布料厚度d不同，结果发现照度计示数 不同，说明布料厚度决定照度大小，故第1空填布料厚度；
（2）观察表1、4组发现，布料厚度相同，布料颜色相同，布料种类不同，结果发现照度示数不同，说明布料种类决定照度大小，故第2空填布料颜色；
（3）观察表4、5组发现，布料厚度相同，布料种类相同，布料颜色不同，结果发现照度示数不同，说明布料种类决定照度大小，故第2空填布料颜色。
对交流讨论环节问题：
（1）2、3 组实验布料厚度相同，，由得厚度相同（体积相同），质量越小，面密度越小，3组透光性更强，故第1空填小；
（2）为了让休息时卧室更加昏暗，需要选择透光性弱的窗帘，故第2空填D；
（3）a、可以多次实验，减少偶然因素对实验结果的影响；b、使用精确度更高的实验仪器；c、用支架固定照度计，增加稳定性。
【分析】本题考查：控制变量法在实验探究题中的应用。控制变量法是一种将多因素问题转化为多个单因素问题的研究方法，其核心逻辑是通过人为控制其他因素不变，仅改变某一特定因素，从而单独研究该因素对事物的影响，最后综合各因素的作用得出结论。这种方法的本质是排除干扰，聚焦于目标变量与结果之间的因果关系，适用于解决复杂系统中多变量相互作用的问题。
23．【答案】（1）声源处
（2）化学
（3）大；60
（4）150
（5）1000；72
【知识点】功率计算公式的应用；能量的转化或转移；防治噪声的途径；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是在声源处减弱噪声；
（2）电动汽车充电的过程中电能转化为化学能存储在电池中；
（3）根据焦耳定律Q=I2Rt可知，在电流I和通电时间t一定时，电阻R越小，产生的热量Q越少；故应选用横截面积较大的导线；
电量从30%充至80%，实际充电量为：
W=（80%-30%）W总=50%×60kW·h=30kW·h，
由短文信息可知，快充时间为0.5小时，因此功率：
（4）根据表格可知，电池容量为60KW/h，电池质量为400kg， 此款电动汽车电池的能量密度为：
（5）空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，故：
当v2=50m/s时，
f1=0.4Ns2/m2×(50m/s)2N=1000N
由题图乙可知，当汽车以最大速度匀速行驶时，空气阻力占总阻力的比例为80%，则机械阻力占总阻力的20%，已知汽车牵引力的的功率P=90kW=90000W，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力F等于总阻力f总，空气阻力f1占总阻力的80%，总阻力：
f1=f总×80%
即
1000N=f总×80%
解得：f总=1250N，
此时牵引力功率：
P=f总×vmax 即 90000KW=1250N×vmax
解得：vmax=72m/s
【分析】（1）减弱噪声的途径：在声源处减弱、传播过程中减弱、人耳处减弱减弱；
（2）充电过程，电能转化为化学能；
（3）根据焦耳定律Q=I2Rt分析解答；根据W=（80%-30%）W总计算实际充电量，根据计算该车在快充时（由30％充至80%）的充电功率；
（4）根据电池能量密度的定义计算；
（5）空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，代入数据解出空气阻力大小；
当汽车以最大速度匀速行驶时，空气阻力占总阻力的比例为80%，根据f1=f总×80%求出总阻力的大小f总，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力F等于总阻力f总，根据P=f总×vmax计算 电动汽车行驶的最大速度。
（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是因为电动机运行时振动和机械摩擦较小，属于在声源处减弱噪声。
（2）电动汽车充电时，电能通过电池内部的化学反应转化为化学能存储起来，因此电能转化为化学能。
（3）[1]快充时电流较大，根据焦耳定律（Q=I2Rt），导线发热量与电流平方成正比，为避免过热，需减小导线电阻，故应选用横截面积较大的导线。
[2]电量从30%充至80%，实际充电量为50%×60kW·h=30kW·h，快充时间为0.5小时，因此功率
（4）
（5）[1]空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，故
当v2=50m/s时，f1=0.4×502N=1000N
[2]由题图乙可知，最大速度时空气阻力占总阻力的100%，即总阻力f总=f1
此时牵引力功率P=90kW=f总×vmax
代入vmax=90m/s
1 / 12025年广东省珠海市香洲区中考二模物理试题
一、【交通中的物理】广珠城际铁路是我们熟悉的交通.请结合所学知识，完成 1 3题.
1．（2025·香洲模拟）小珠在列车的玻璃窗看到自己的像，像形成的原因是（ ）
A．光的色散 B．光的折射
C．光的反射 D．光沿直线传播
【答案】C
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】光的色散涉及不同波长光的分散，与成像无关，故选项A错误；光的折射会导致物体位置偏移或变形，但题目中像和物等大，故选项B错误；光沿直线传播解释影子的形成，不是像的产生，故选项D错误。故选项C正确。【分析】小珠在列车的玻璃窗看到自己的像，其原理是由于光遇到镜面而发生反射，反射光线的反向延长线相交形成的虚像，即平面镜成像。
2．（2025·香洲模拟）列车运行伴随很多与声相关的现象，下列说法正确的是（ ）
A．乘务员使用的对讲机主要利用电磁波工作
B．车厢内请轻声细语是降低声音的音调
C．车内广播声在空气中传播速度约
D．报站声提醒乘客到站下车说明声可以传递能量
【答案】A
【知识点】声速；音调、响度与音色的区分；声与信息；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】乘务员在高空中通话，类似声音要在真空中传播，只能借助电磁波，故选项A正确；轻声细雨是指声音的大小，用响度表示，故选项B错误；在15℃空气中传播的快慢为340m/s，故选项C错误；报声员提醒乘客传递的是信息，故D选项错误。因此选择A。
【分析】电磁波可以在真空中传播，声音的传播需要介质。声音在传播过程中传播声音的大小是响度，在15℃空气中传播的快慢为340m/s，声音在传播过程中所起的作用是传递能量、传递信息。
3．（2025·香洲模拟）下列与广珠城际铁路相关的说法正确的是（ ）
A．列车从珠海站开到广州南站约8小时
B．列车行驶最大速度可达10m/s
C．为防止被“吸”向行驶的列车，乘客应站在安全线以外候车
D．车厢内允许使用插线板对多个大功率用电器同时充电
【答案】C
【知识点】速度与物体运动；速度公式及其应用；流体压强与流速的关系；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A.运用可以求出时间为0.57h，故A错误；B.从广州南站到珠海站时速大约200公里，合56m/s，故B错误；
C.由于受流体压强与流速的影响，靠近行驶列车一侧流速大，压强小，人会向压强小的方向倾斜，为防止被“吸”向行驶的列车，乘客应站在安全线以外候车，故C正确；
故选C。
D. 用大功率电器可能导致供电系统过热、老化甚至火灾 ，故D错误。
本题选择C
【分析】从广州南站到珠海站时速大约200公里，合56m/s，南站至珠海站的距离约为115.6公里，可以根据求时间；由于受流体压强与流速的影响，乘客很容易被吸向行驶的列车；车厢里使用多个大功率用电器同时工作时，可能造成电路电流过大，跳闸甚至发生火灾事故。
4．（2025·香洲模拟）我国选手宁忠岩在男子速度滑冰1500米比赛中获得冠军，如图为起跑前的情景，下列说法正确的是（ ）
A．图中他所受支持力与他对冰面的压力是一对平衡力
B．起跑瞬间用力向后蹬才能前进，说明力的作用是相互的
C．起跑后，他的动能一直不变
D．冲刺后，他由于惯性会马上停止运动
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．图中他所受的支持力和他对冰面的压力分别作用在两个不同的物体上，不满足平衡力条件，故A错误；
B．起跑瞬间，运动员对地一个压力，由于力的作用是相互的，地对脚一个反作用力使人前进，故B正确；
C．起跑后，运动员质量不变，而速度变大，动能变大，C错误；
D．冲刺后，运动员由于惯性会继续向前运动。但由于受摩擦力，质量不变，速度减小，动能减小，所有最终会停下来，故D错误。
故选B。
【分析】本题考查：一对平衡力要满足大小相等、方向相反、同一直线、同一物体；物体间力的作用是相互的；动能大小取决于物体的质量和速度；惯性跟物体的质量有关。
5．（2025·香洲模拟）如图为小海探究盐水凝固过程的温度与时间关系图像，根据图像可知（ ）
A．固态的盐水属于非晶体 B．盐水的凝固点为
C．盐水凝固持续了30min D．第25min时物质处于固态
【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】A.由图像可知，该盐水在凝固过程中有一段温度保持不变的过程，符合晶体的特点，因此固态的盐水属于晶体，故A错误；B.有图像可知，盐水在凝固过程中有一段温度保持不变的过程，该水平线对应的温度为-2℃，凝固点 -2℃ ，故B错误 ；
C.盐水从第10min到第20min过程中共经历了10min，故C错误；
D.第25min在完全凝固后，处于固态，故D正确。
【分析】本题考查：晶体和非晶体；晶体的凝固点；晶体的凝固时间；晶体在凝固过程中所处状态判断。
6．（2025·香洲模拟）小珠自制了一个扬声器，如图所示，塑料桶底部紧密粘贴着线圈，线圈上方放置一个强磁体，在线圈中通入方向不断改变的电流后，塑料桶振动发声。下列说法正确的是（ ）
A．强磁体周围的磁感线是真实存在的
B．将一个小磁针靠近强磁体，它静止时南极所指方向为该点磁场方向
C．磁场对线圈的力的方向随电流方向的改变而改变
D．该扬声器与发电机的工作原理相同
【答案】C
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】A．为了更方便的研究磁体周围磁场的分布情况，才引入了磁感线，所以磁感线是假设的，故A错误；
B．小磁针静止时，北极所指的方向为该点的磁场方向，故B错误；
C.磁场是因电流而产生，因此 磁场对线圈的力的方向随电流方向的改变而改变 ，故C正确；
D.扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，故与电动机的原理相同。
故选C。
【分析】本题考查：磁场是真实存在的，而磁感线是为了描述磁场的分布情况假设的；变化的电流产生变化的磁场，每一个位置磁场都是有方向的，并且规定该方向与放置在该位置的小磁针静止时北极所指的方向一致；磁场对通电线圈会产生磁场力，并且磁场力的方向会随磁场方向的变化而变化，根据这个原理制成了电动机。
7．（2025·香洲模拟）甲、乙两个实心小球质量和体积的大小如图所示，下列说法正确的是（取）（ ）
A．甲球的密度为
B．甲球的密度大于乙球的密度
C．乙球在水中静止时处于悬浮状态
D．乙球浸没在水中时所受浮力大小为0.03N
【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由图可知，。由密度公式得，故A错误；
B．，，则，可知，故B正确；
C．因，由物体的浮沉条件可知，乙球在水中静止时处于漂浮状态，故C错误；
D．如果乙球浸没在水中则，
由浮力公式，故D错误。
故选B。
【分析】本题考查：由图像挖掘有效信息，根据信息及相关公式求相关量；通过比较物体与液体密度大小，判断物体的浮沉情况；选择合适的浮力公式求浮力大小。
二、填空题（本大题7小题，每空，共2）
8．（2025·香洲模拟）原子核由 和中子组成。如图所示，目前核电站利用原子核 （选填“裂变”或“聚变”）释放的能量发电；所释放的核能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】质子；裂变；不可再生
【知识点】能源及其分类；核裂变；原子结构
【解析】【解答】（1）核能是由质子和中子组成，所以第1空填质子；（2）目前核裂变是人类可控的，所有人类利用可裂变产生大量的核能来发电，故第2问填核聚变；
（3）由于核燃料在地球上的储量有限，一旦用完，难以再生，因此核能为不可再生能源，故第3问填不可再生能源。
【分析】本题考查（1）原子核的构成：质子和中子组成；（2）核电站是利用可控的核裂变释放核能发电；（3）核能的 在地球上的储量是有限的，一旦消耗短时间内难以再生，所以是不可再生能源。
9．（2025·香洲模拟）我国自主生产的歼-35A在珠海航展表演，如图所示.向后喷出高温气体时，它加速上升，说明力可以改变物体的 ；此过程，歼-35A的机械能 （选填“守恒”或“不守恒”）；以地面为参照物，歼-35A是 （选填“静止”或“运动”）的.
【答案】运动状态；不守恒；运动
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）运动状态改变包括运动方向发生改变，运动快慢发生改变，由于本题中出现加速上升，故说明力可以改变物体的运动状态；
（2） 歼-35A 在上升过程中，高度增加，重力势能增大，又加速上升，动能增大，故机械能是增大的，因此机械能不守恒；
（3）以地面为参照物， 歼-35A 相对于地面位置在发生改变，故 歼-35A 是运动的。
【分析】本题考查：（1）力可以改变物体的运动状态；（2）机械能是否守恒的判断：是否有阻力做功，是否机械能前后发生了变化；
（3）运动和静止的判断：选参照物，研究对象相对于参照物位置没有改变，物体是静止的，反之物体是运动的。
10．（2025·香洲模拟）用洗手液洗手时能闻到洗手液香味，这是 现象；洗手后搓手让我们感觉到温暖，这是通过 方式改变手的内能；生活中很多事例能利用“水的比热容较大”这一特点解释，请列举其中一个： 。
【答案】扩散；做功；用作汽车发动机的冷却剂
【知识点】做功改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】（1）香味是物质自发形成的，故属于扩散现象，故第1问填扩散现象；
（2）搓手这个词告诉我们，手的温度变化是物质间发生摩擦而产生，即做功改变内能，故第2空填做功；
（3） 汽车发动机用水作为冷却剂，因为水的比热容大，相同质量的水和其他液体相比，升高相同的温度时，水吸收的热量多，能更好地冷却发动机。
【分析】本题考查：（1）扩散现象的判断；（2）内能改变的方式判断；（3）比热容的应用
11．（2025·香洲模拟）如图所示装置，将条形磁体迅速插入线圈中时，观察到电流表指针偏转，这是 现象；通电线圈两端相当于条形磁体两极，若某一瞬间产生的电流方向如图所示，则此时线圈的A端为 极；若条形磁体放在线圈中静止不动，则电流表指针 （选填“会”或“不会”）偏转。
【答案】电磁感应；N（北）；不会
【知识点】产生感应电流的条件；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）电路闭合，条形磁体插入线圈中，相当于线圈做切割磁感线运动，电路中产生电流，这个原理就是电磁感应现象，故第1空填电磁感应现象。
（2）从图中发现，电流是下进上出，因此我们可以根据线圈中电流方向用右手定则确定上端是N极，故第2空填N极；
（3）由于条形磁体放在线圈中静止不动，线圈不切割磁感线，因此所以没有感应电流的产生，故第3空填不会。
【分析】本题考查（1）电磁感应现象的条件：电路闭合，电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；（2）安培定则的运用：右手握住线圈，四指所指方向为导线中电流方向，大拇指所指方向为线圈的南北极。
12．（2025·香洲模拟）如图甲为 冲程：给试管内的水加热，一段时间后塞子被推出，该过程与如图 （选填“甲”或“乙”）所示的冲程相似；若此段时间完全燃烧酒精，则燃烧放出的热量为 J。
【答案】压缩；乙；
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】(1)，由图甲发现，两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，故第1空选择压缩；
(2)由题意“ 给试管内的水加热，一段时间后塞子被推出 ”可知，发生的内能转化为机械能，为做功冲程，故第2空填做功；
(3)已知燃料燃烧时， 酒精完全燃烧放出的热量为 ，故第3空填。
【分析】本题考查：（1）热机的四冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，其中压缩冲程是机械能转化内能，做功冲程是内能转化为机械能；（2）燃料燃烧释放的内能大小计算：
13．（2025·香洲模拟）如图是一个连体花瓶，瓶中水不流动时，各部分的水面高度总是相同的，这种花瓶实质上是一个 ；若花瓶底部受到水的压强为800Pa，则花瓶中水的深度为 m；当向图中A瓶加水后，花瓶对水平桌面压力将 （选填“变大”“不变”或“变小”）。（g取，）
【答案】连通器；0.08；变大
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1） “瓶中水不流动时，各部分的水面高度总是相同”符合连通器原理，故第1空填“连通器”；
（2）由p=ρgh得，故第2空填0.08m；
（3）花瓶放在水平面上时，花瓶对水平面的压力等于花瓶的重力，加水后重力增大，压力增大，故第3空填变大。
【分析】本题考查；(1)连通器原理：装同种液体，当液体不流动时，各部分液面的高度相同；（2）根据p=ρgh求h；(3)物体放在水平面上时，物体对水平面的压力等于物体的重力大小。
14．（2025·香洲模拟）“二极管”元件符号如图甲所示。当电流从“＋”极流入时，它处于导通状态，相当于导线；当电流从“－”极流入时，它处于断路状态.如图乙所示电路中，电源电压保持不变，R是定值电阻，小灯泡L标有“6V 0.5A”，其额定功率是 W。当开关S接a处，小灯泡恰好正常发光，此时二极管处于 （选填“通路”或“断路”）状态；当开关S从接a处改接到b处时，电流表的示数 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】3；断路；变大
【知识点】并联电路的电流规律；电路故障的判断；电功率的计算
【解析】【解答】（1）已知U=6v I=0.5A ，由P=UI得P=6v×0.5A=3W，故第1问填3w；
（2）当开关S接a处时，电流从二极管的“－”极流入，因此它处于断路状态，故第2空填断路；
（3） 当开关S从接a处改接到b处时 ，小灯泡和电阻R并联，因此总电阻变小，由于电路中总电压不变，由I=知电流变大，故第3空填变大。
【分析】本题考查：（1）小灯泡额定电压和电流，求额定电功率，即P=UI；（2）电流从“＋”极流入时，它处于导通状态，相当于导线；当电流从“－”极流入时，它处于断路状态；（3）电路中总电压不变，电阻变小，电流变大。
三、作图题（本大题3小题，共7分）
15．（2025·香洲模拟）按要求作图。
（1）如图1所示，点光源S发出的一束光射向平面镜O点，请画出反射光线；
（2）小海在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，进行了如图2所示操作。请在图中O点画出木块受到的重力G和向右运动时受到的摩擦力f；
（3）一种调光台灯的内部简化电路如图3所示。请按照安全用电原则完成电路连接，要求：调光开关（a、b、c是三个接线柱）控制台灯的亮度，当调光开关金属滑片顺时针转动时，台灯变亮。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；变阻器；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）先根据入射点做一条垂直于镜面的垂线即法线，然后根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线另一侧做出反射角即可。
（2）木块为研究对象，其受力点为其中心，因此在其中心作一个点，然后以这个点为起点，沿竖直向下方向画一条线段，末端标箭头，写字母G即为重力示意图；然后以这个点为起点，沿水平向左方向画一条线段，末端标箭头，写字母f即为摩擦力示意图；
（3）首先根据“用电器一端接零线，开关一端接火线”，按照导线横平竖直的原则，把灯泡这一端接到零线上（注意交叉处打点），
然后根据调光开关电阻丝电阻可变原则，确定调光开关的另一端为b端，然后把b端沿竖直方向接到火线上（注意交叉处打点）即可。
【分析】本题考查：（1）已知入射光线，作出反射光线光路图，即先根据入射点和平面镜作法线，然后由入射光线和反射光线分居法线两侧，反射角等于入射角做出反射角得出反射光线；
（2）物体所受的重力作用点在物体的几何中心，方向总是竖直向下；摩擦力作用点在物体的几何中心，方向与物体相对运动方向相反；
（3）用电器一端接零线，开关一端接火线，其目的是为了用电安全考虑；电阻丝长度越短，电阻越小，根据P=知，电功率越大，灯泡越亮。
（1）根据光的反射规律，作图过程如下：过入射点O与镜面垂直作出法线，用量角器测量出入射角，反射角等于入射角，用量角器测出反射角，作出反射光线，如图所示：
（2）木块受到的重力竖直向下；木块相对木板向右水平运动，受到的摩擦力水平向左。如图所示：
（3）调光开关与灯泡串联，开关接火线，灯泡接零线；要使调光开关金属滑片顺时针转动时，台灯变亮，需把a、b两个接线柱接入电路，如图所示：
四、实验题（本大题3小题，共19分）
16．（2025·香洲模拟）按要求完成实验。
（1）小珠在实验室对一根金属棒进行了一些测量.如图1所示，金属棒的长度为 cm；测量质量时，天平平衡后砝码及游码的位置如图2所示，则金属棒的质量为 g；
（2）探究杠杆的平衡条件时，实验前杠杆在图3甲所示位置静止，为使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节。图乙是平衡的杠杆，若在杠杆左侧钩码上再增加一个钩码，为了使杠杆再次平衡，应将杠杆右侧钩码向右移动 个格子；
（3）小海探究凸透镜成像规律，某次实验如图4所示，他认为此时的像为实像，判断的依据是 ，该实验现象可以说明 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像特点。
【答案】（1）4.55；38.6
（2）右；1
（3）光屏能承接到像；照相机
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；刻度尺的使用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）本刻度尺的分度值为0.1cm，因此所测物体的准确值为4.5，又估读值为5，故测量结果为4.55cm；天平读数时，砝码的质量数为
35g，游码的质量数为3.6g，故天平的测量结果为38.6g，故第1空填4.55cm，第2空填38.6cm.
（2）测量前，杠杆不平衡，左右螺母都往高处调，故第1空填右；为了使杠杆平衡，要用到杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”，由此判断出 杠杆右侧钩码向右移动 1个格子，第2空填1个格子。
（3）由图可知，U>v且成实像，故第1空填“当U>v时，成倒立缩小的实像”；照相机原理。
【分析】本题考查：（1）长度测量结果记录为准确部分+估读部分+单位，天平测量读数结果为砝码的质量数+游码的质量数；（2）放物体前，天平不平衡，按照“螺母反向高处动”的原则调节，杠杆平衡时，满足“动力×动力臂=阻力×阻力臂”原则进行判断；（3）成实像时，当U>v时，成倒立缩小的，照相机原理；当U（1）[1]刻度尺的分度值为0.1cm，物体两侧分别于0.00cm和4.55cm对齐，所以长度为4.55cm。
[2]砝码的质量为20g+10g+5g=35g，游码的示数3.6g，所以总质量m=35g+3.6g=38.6g
（2）[1]杠杆左端偏下，所以左端重，应该向右调节平衡螺母。
[2]设一个砝码的重力G，一个格子的长度为L，杠杆左侧增加砝码，根据杠杆平衡可列4G×2L=nL×2G
解得n=4，此时格子的长度为3，所以向右移动1格即可。
（3）[1]在光屏上看到了像，所以此时凸透镜成实像。
[2]物距大于像距，此时成倒立的缩小的实像，应用为照相机。
17．（2025·香洲模拟）小珠用图1所示实验装置探究电流和电阻的关系。电源电压为4.5V，三个定值电阻的阻值分别为、、，两个滑动变阻器规格分别为“ ”和“ ”
（1）按照如图1所示连接电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至最 （选填“左”或“右”）端。
（2）小珠依次使用三个定值电阻进行实验，每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使 （选填“电流表”或“电压表”）示数与前次实验相同，记录三组数据并绘制出图像如图2所示，第一次实验时电压表的示数为 V。
（3）将阻值和的定值电阻串联后相当于一个阻值的定值电阻，小珠按照图3所示连接电路进行第四次实验.连接电压表的导线a端应与 （选填“e”或“f”）端相连，实验中，电流表指针如图4所示，示数为 。
（4）通过实验数据可以得到的结论是： 。
（5）实验中小珠选择的滑动变阻器规格应为 （选填“ ”或“ ”）。
【答案】（1）右
（2）电压表；2.4
（3）f；0.12
（4）当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
（5）“ 1A”
【知识点】电流的测量及电流表的使用；串联电路的电压规律；探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）在连接电路时，为了保护电路，应将滑动变阻器滑到阻值最大处，由于下端接在最左端，所以滑片必须滑到最右端，故第1空填右；
（2）在研究电流和电阻关系时，根据控制变量法思想，换用不同的电阻，但保持它们的电压相同，由图2可知，每次的电流与对应的电阻乘积相同，即为2.4v，故第1空填电压，第2空填2.4v；
（3） 将阻值和的定值电阻串联后相当于一个阻值的定值电阻 后，电压表要测该电阻的电压，必须把电压表并在该电阻的两端，所有电压表的右端接f；由图知，电流表接0.6A量程，分度值为0.02A，指针对应0.1A后一小格，所以该电流表读数为0.12A，故第1空填f，第2空填0.12A；
（4）在探究电流和电阻关系时，电压一定，电流与电阻成反比，故第1空填“电压一定，电流与电阻成反比”；
（5）当被测电阻越大时，根据串联电路分压特点，分得的电压会越大，但要保持其两端电压不变，只能是滑动变阻器的电阻变大，才能够确保被测电阻两端电压不变。由图1知当被测电阻为时，对应的电流为0.16A，此时滑动变阻器的电压为4.5v-2.5v=2.1v，根据串联电路电流相等，滑动变阻器的电流为0.16A，所以，故第1空填 。
【分析】本题考查：（1）为了保护电路，在连接电路时，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处；
（2） 在探究电流和电阻的关系时，运用控制变量法，换用不同阻值的电阻，保持不同电阻两端的电压相同；
（3） 在探究电流和电阻的关系中，电压一定时，电路中电流与导体的电阻成反比；
（5）电阻和滑动变阻器串联时，如何求滑动变阻器接入电路中的电阻相关计算问题。
（1）在连接电路时，为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。由图1可知，滑动变阻器下面接的是左端的接线柱，所以滑片应移至最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻丝最长，阻值最大。
（2）[1]在探究电流和电阻的关系时，要控制定值电阻两端的电压不变。所以每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数与前次实验相同。
[2]由图2可知，当时，，根据欧姆定律，电压表的示数
（3）[1]将阻值5Ω和15Ω的定值电阻串联后相当于一个阻值20Ω的定值电阻，探究电流和电阻的关系时，电压表要测定值电阻两端的电压，所以连接电压表的导线a端应与f端相连。
[2]观察图4可知，电流表使用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.12A。
（4）分析图2中的数据，当电压一定时，电阻增大为原来的几倍，电流就减小为原来的几分之一，所以可以得到的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（5）电源电压为4.5V，实验中要控制定值电阻两端的电压为2.4V，则滑动变阻器两端的电压为
当接入15Ω的定值电阻时，由图2可知，此时电流为0.16A，此时滑动变阻器接入电路的电阻
所以实验中小珠选择的滑动变阻器规格应为 “20Ω 1A”。
18．（2025·香洲模拟）小珠和小海利用如图甲所示的探头进行了液体压强和浮力的综合探究。
（1）通过观察图乙和图丙中橡皮膜的 来比较液体压强的大小。
（2）比较图乙和图丁，可以初步得出结论：液体内部压强与液体的 有关。
（3）他们用弹簧测力计悬挂此探头继续探究物体所受浮力大小与浸没的深度是否有关：
①向溢水杯中注水，直到杯中的水面恰好与溢水口相平；
②探头刚好浸没于水中，如图戊所示，溢出的水全部流入量筒中，此时量筒的读数为 mL，探头所受的浮力为 N；（g取，）
③探头从戊图位置不断缓慢往下放（未触底），发现弹簧测力计的示数会逐渐变大，说明探头所受浮力 （选填“变大”，“不变”或“变小”），因此小珠认为“物体所受浮力大小与浸没的深度有关”，但小海认为有误，实验存在的问题是 。
【答案】（1）凹陷程度（形变程度）
（2）密度
（3）40；0.4；变小；探头排开液体的体积变小（没有控制排开液体体积一定）
【知识点】探究液体压强的特点实验；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）液体压强大小无法直接观察，所以用液体压强对物体产生的效果：凹陷程度来间接反映液体压强的大小，故第1空填凹陷程度；
（2）由图乙和图丁观察发现，不变的量是排开液体的体积，变化的量是液体的密度，故第1空填密度；
（3）由图戊观察可知，液面顶端对应的刻度是刚好是40mL，故第1空填40mL；根据浮力公式得，故第2空填0.4N；在探究浮力与用弹簧测力计吊着的重物的拉力大小时，用来判断，所以当F示变大时，G不变，故F浮变小，故第3空填变小；由于在浮力发生改变时，都是处于浸没，所以 物体所受浮力大小与浸没的深度有关的结论是错误的，故第4空填探头排开液体的体积变小。
【分析】本题考查：（1）转换法，即液体压强大小无法直接观察，所以用液体压强对物体产生的效果：凹陷程度来间接反映液体压强的大小；
（2）当研究对象受多个因素影响时，为了研究一个因素对研究对象的影响，用到控制变量法进行分析判断；
（3）在探究浮力与用弹簧测力计吊着的重物的拉力大小时，用来判断。
（1）在探究液体压强时，由于液体压强的大小难以直接测量，所以采用转换法，通过观察图乙和图丙中橡皮膜的凹陷程度（形变程度）来比较液体压强的大小。液体压强越大，对橡皮膜的压力越大，橡皮膜的凹陷程度就越明显。
（2）图乙和图丁中，探头在液体中的深度相同，但液体种类不同。比较两图中橡皮膜的凹陷程度可以发现存在差异，这表明液体内部压强与液体的密度有关。在深度相同的情况下，液体密度越大，产生的压强越大。
（3）[1]量筒的分度值可观察得出，分度值为2mL，图中溢出的水在量筒中的液面所对刻度为40mL，则量筒的读数为40mL。
[2]由量筒读数可知探头排开水的体积为，水的密度，，根据阿基米德原理，则探头所受的浮力
[3][4]探头从戊图位置不断缓慢往下放（未触底）时，弹簧测力计示数逐渐变大，根据（其中为探头重力，为弹簧测力计示数），可知探头所受浮力变小。而小海认为有误，是因为实验过程中没有控制探头排开液体的体积一定，探头往下放时可能导致其排开液体的体积变小，从而影响了浮力大小，不能得出物体所受浮力大小与浸没深度有关的结论。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
19．（2025·香洲模拟）2025年春晚，身穿红绿大花袄的机器人给大家带来无限惊喜.如图所示，该机器人手拿手绢时总质量为48kg，与水平舞台接触总面积为.求：（g取）
（1）机器人以速度直线移动15m需要的时间；
（2）若一块手绢的重力为2N，机器人将一块手绢竖直举起1.2m过程中对手绢所做的功；
（3）图中机器人对水平舞台的压强。
【答案】（1）已知s=15m，v=3m/s，则t=，故第1问填5s；
（2）机器人对手绢做的功，故第2问填2.4J；
（3）水平面上的物体所受的压力等于重力，则P=，故第3问填。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】本题考查：（1）路程、时间及速度的相关计算；（2）物体对物体的做功问题；（3）水平面上的物体所受压强问题。
（1）机器人以速度直线移动15m需要的时间
（2）机器人对手绢所做的功
（3）机器人对水平舞台的压力
机器人对水平舞台的压强
20．（2025·香洲模拟）家用即热式电热水器的内部简化电路如图所示，和均为阻值恒定的电热丝。当温控开关接a时，热水器处于高温加热，此时只有工作，通过的电流为20A；当温控开关S接b时，热水器处于低温加热，电路消耗的功率为880W，求：
（1）的阻值；
（2）低温加热100s，电路消耗的总电能；
（3）低温加热时，两端的电压。
【答案】（1）当开关接a时，，故第1问填；
（2）当开关S接b时，R1和R2串联组成的电路为低温档电路，电路消耗的总电能为
（3）低温加热时，由于两电阻和串联，因此电路中的电流为，又，根据串联电路电压特点有U2=U总-U1=220v-44v=176v，故第3问为176v。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】本题考查生活中常见的高低档电路问题：首先根据开关的通断确定有哪几种电路，然后运用P=以及R的变化判断P的变化再根据P大电路为高温档电路，P小电路为低温档电路，P则中为中温档电路，分别求相关电路中I、U、R、W、P等问题。
（1）因为当温控开关接a时，热水器处于高温加热，此时只有工作，通过的电流为20A，所以的阻值为
（2）当温控开关S接b时，热水器处于低温加热，电路消耗的功率为880W，低温加热100s，电路消耗的总电能为
（3）低温加热时，两电阻和串联，电路中的电流为
此时R1两端电压为
两端的电压为
六、综合能力题（本大题3小题，共19分）
21．（2025·香洲模拟）在跨学科实践活动中，小海和组内同学以“不同方式烹饪牛肉”为主题开展研究.他们选择用三种烹饪方式进行实践：高压锅快速炖煮，普通锅小火慢炖，用油慢慢煎熟.在烹饪过程中发现：
（1）高压锅快速炖煮：
高压锅的工作原理是通过增大锅内气压，让液体的沸点 （选填“升高”或“降低”），使牛肉更容易煮熟，从而减少炖煮时间。打开高压锅，由于水蒸气液化时要 （选填“吸收”或“放出”）大量的热，因此要防止烫伤。
（2）普通锅小火慢炖：
由于液体沸腾时温度 ，所以沸腾后用小火或大火炖牛肉并不会影响炖熟牛肉的时间，用小火反而更节能。炖牛肉时，将燃气灶火焰调小，燃气的热值 。（选填“变大”“不变”或“变小”）
（3）用油煎牛肉：
煎牛肉时使用食品夹将牛肉翻面，在正常使用过程中，食品夹相当于一个 杠杆；如图所示，食品夹手柄处有一些花纹，主要通过 的方法来增大摩擦，防止掉落。
【答案】（1）升高；放出
（2）不变；不变
（3）费力；增大接触面粗糙程度
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；增大或减小摩擦的方法；沸点及沸点与气压的关系；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）液体沸点随气压的变化而 变化，故第1空填升高；液化要吸热，故第2空填吸收；
（2）液体沸腾时，继续加热，温度保持不变，第1空填不变；同种燃料其热值相同，故第2空填不变；
（3）使用食品夹时省距离，但费力，则食品夹为费力杠杆，故第1空填费力杠杆；食品夹有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故第2空填增大接触面的粗糙程度。
【分析】本题考查：（1）液体的沸点与大气压强有关，气压大，沸点高，反之，沸点低；
（2）液化要吸热；
（3）液体沸腾时，继续吸热，但温度保持不变；
（4）同种物质其热值是相同的；
（5）杠杆的分类：省力杠杆、费力杠杆及等臂杠杆；
（6）增大摩擦力的方法即增大压力、减小受力面积、滚动变滑动。
（1）[1]液体沸点随气压的增大而增大，高压锅的工作原理是通过增大锅内气压，让液体的沸点升高。
[2]打开高压锅，高压锅内的高温水蒸气遇冷液化，水蒸气温度本身就很高，又由于水蒸气液化时要放出大量的热，因此要防止烫伤。
（2）[1]液体的沸腾特点为不断吸热，但温度不变，所以沸腾后用小火或大火炖牛肉并不会影响炖熟牛肉的时间，用小火反而更节能。
[2]燃料的热值只与燃料的种类有关，与火焰大小无关，炖牛肉时，将燃气灶火焰调小，燃气的热值不变。
（3）[1]使用食品夹时费力但省距离，因此食品夹是一个费力杠杆。
[2]滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，食品夹手柄处有一些花纹，主要通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
22．（2025·香洲模拟）透光性往往是人们选购窗帘的重要考虑因素，于是小珠利用如图所示实验装置进行实验。
【猜想】
结合与家人一起购买窗帘的经历，小珠认为窗帘的透光性可能与以下因素有关：
（1）布料种类；（2）布料厚度；（3）布料颜色
【实验】
小珠利用光源、测量光照强度的照度计、面积相同但厚度d不同的布料等按如图组装好实验器材后，开启光源，手持照度计进行测量，记录实验数据如下表所示：已知照度的单位是勒克司（Lux）；照度计示数越大，光照强度越强。模拟窗户未悬挂窗帘时，照度计示数为119.5Lux。
序号 材料 布料厚度d 布料颜色 照度计示数/Lux
1 布料A 白 27.0
2 布料A 白 22.8
3 布料A 白 44.2
4 布料B 白 19.3
5 布料B 褐 11.9
【结论】
（1）对比1、2组数据可知：窗帘的透光性与布料 有关；
（2）对比 两组数据可知：窗帘的透光性与布料种类有关；
（3）对比4、5组数据可知：布料的颜色越深，窗帘透光性越 （选填“强”或“弱”）。
【交流讨论】
（1）小珠发现第3组数据异常，查找资料还发现窗帘的透光性可能与布料的面密度有关。相同厚度时，面密度是指单位面积上面料的质量，通常以来表示.它与面料的编织方式、纤维密度等因素有关.若测得2、3组实验所使用布料质量关系为，则其他因素均相同的布料，面密度越 （选填“大”或“小”），透光性越强。
（2）小珠为了让休息时卧室更加昏暗，她应该选择 （选填下列选项前的字母）款布料做成的窗帘。
A.浅色且面密度小B.深色且面密度小C.浅色且面密度大D.深色且面密度大
（3）请你根据实验过程和相关光学实验知识为小珠的实验提出优化建议： （只写一条即可）。
【答案】厚度；1、4；弱；小；D；见解析
【知识点】密度公式及其应用；物理学方法；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】对结论环节问题：
（1）表中数据1、2组观察发现，布料种类相同，布料颜色相同，布料厚度d不同，结果发现照度计示数 不同，说明布料厚度决定照度大小，故第1空填布料厚度；
（2）观察表1、4组发现，布料厚度相同，布料颜色相同，布料种类不同，结果发现照度示数不同，说明布料种类决定照度大小，故第2空填布料颜色；
（3）观察表4、5组发现，布料厚度相同，布料种类相同，布料颜色不同，结果发现照度示数不同，说明布料种类决定照度大小，故第2空填布料颜色。
对交流讨论环节问题：
（1）2、3 组实验布料厚度相同，，由得厚度相同（体积相同），质量越小，面密度越小，3组透光性更强，故第1空填小；
（2）为了让休息时卧室更加昏暗，需要选择透光性弱的窗帘，故第2空填D；
（3）a、可以多次实验，减少偶然因素对实验结果的影响；b、使用精确度更高的实验仪器；c、用支架固定照度计，增加稳定性。
【分析】本题考查：控制变量法在实验探究题中的应用。控制变量法是一种将多因素问题转化为多个单因素问题的研究方法，其核心逻辑是通过人为控制其他因素不变，仅改变某一特定因素，从而单独研究该因素对事物的影响，最后综合各因素的作用得出结论。这种方法的本质是排除干扰，聚焦于目标变量与结果之间的因果关系，适用于解决复杂系统中多变量相互作用的问题。
23．（2025·香洲模拟）电动汽车以电动机为主要动力装置，有节能减排、低噪声等优点，是汽车产业的重要发展方向，电池是电动汽车的核心部件之一，衡量电池性能的一个重要参数是能量密度，电池能量密度指的是电池平均单位质量所储存的电能某款电动汽车部分参数如下表，此车支持多种充电方式，一般快充采用直流电，电压高、电流大，半小时即可将电量由30％充至80%；若选“随车充”，通过随车充电设备接入220V家庭电路中充电25小时即可充满，无论哪种充电方式都需要供电系统提供良好的接地线，否则该款电动汽车拒绝接受充电.
长×宽×高 4.7m×2.0m×1.4m 最高续航里程 600km
电池容量 60kW·h 电池质量 400kg
请根据材料回答以下问题：
（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是在 （选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声；
（2）电动汽车充电的过程中电能转化为 能存储在电池中；
（3）针对快充特点，为了避免导线过热，快充线适宜选用横截面积较 （选填“大”或“小”）的导线：该车在快充时（由30％充至80%）的充电功率为 kW；
（4）此款电动汽车电池的能量密度是 （W·h）/kg；
（5）电动汽车运动时受到的总阻力包括空气阻力f1和机械阻力f2，其中f1的大小与车速的平方（v2）成正比．若车速是40m/s时，f1的大小为640N，当车速是50m/s时，f1的大小变为 N。若空气阻力分布（空气阻力占总阻力的比例）与车速关系如题图乙所示，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力等于总阻力，则此款电动汽车行驶的最大速度为 m/s。
【答案】（1）声源处
（2）化学
（3）大；60
（4）150
（5）1000；72
【知识点】功率计算公式的应用；能量的转化或转移；防治噪声的途径；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是在声源处减弱噪声；
（2）电动汽车充电的过程中电能转化为化学能存储在电池中；
（3）根据焦耳定律Q=I2Rt可知，在电流I和通电时间t一定时，电阻R越小，产生的热量Q越少；故应选用横截面积较大的导线；
电量从30%充至80%，实际充电量为：
W=（80%-30%）W总=50%×60kW·h=30kW·h，
由短文信息可知，快充时间为0.5小时，因此功率：
（4）根据表格可知，电池容量为60KW/h，电池质量为400kg， 此款电动汽车电池的能量密度为：
（5）空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，故：
当v2=50m/s时，
f1=0.4Ns2/m2×(50m/s)2N=1000N
由题图乙可知，当汽车以最大速度匀速行驶时，空气阻力占总阻力的比例为80%，则机械阻力占总阻力的20%，已知汽车牵引力的的功率P=90kW=90000W，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力F等于总阻力f总，空气阻力f1占总阻力的80%，总阻力：
f1=f总×80%
即
1000N=f总×80%
解得：f总=1250N，
此时牵引力功率：
P=f总×vmax 即 90000KW=1250N×vmax
解得：vmax=72m/s
【分析】（1）减弱噪声的途径：在声源处减弱、传播过程中减弱、人耳处减弱减弱；
（2）充电过程，电能转化为化学能；
（3）根据焦耳定律Q=I2Rt分析解答；根据W=（80%-30%）W总计算实际充电量，根据计算该车在快充时（由30％充至80%）的充电功率；
（4）根据电池能量密度的定义计算；
（5）空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，代入数据解出空气阻力大小；
当汽车以最大速度匀速行驶时，空气阻力占总阻力的比例为80%，根据f1=f总×80%求出总阻力的大小f总，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力F等于总阻力f总，根据P=f总×vmax计算 电动汽车行驶的最大速度。
（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是因为电动机运行时振动和机械摩擦较小，属于在声源处减弱噪声。
（2）电动汽车充电时，电能通过电池内部的化学反应转化为化学能存储起来，因此电能转化为化学能。
（3）[1]快充时电流较大，根据焦耳定律（Q=I2Rt），导线发热量与电流平方成正比，为避免过热，需减小导线电阻，故应选用横截面积较大的导线。
[2]电量从30%充至80%，实际充电量为50%×60kW·h=30kW·h，快充时间为0.5小时，因此功率
（4）
（5）[1]空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，故
当v2=50m/s时，f1=0.4×502N=1000N
[2]由题图乙可知，最大速度时空气阻力占总阻力的100%，即总阻力f总=f1
此时牵引力功率P=90kW=f总×vmax
代入vmax=90m/s
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