(共59张PPT)
第2课时 直线与平面垂直的性质
新课程标准解读 核心素养
1.从相关定义和基本事实出发,借助长方体,通过直
观感知,了解空间中直线与平面的垂直关系 数学抽象
2.归纳出直线与平面垂直的性质定理 逻辑推理
3.了解直线与平面、平面与平面的距离 直观想象
目录
基础知识·重落实
01
典型例题·精研析
02
知能演练·扣课标
03
基础知识·重落实
01
课前预习 必备知识梳理
【问题】 (1)如果直线a垂直于一个平面α,直线b与直线a平行,
那么直线b与平面α是否垂直?猜测结果并说明理由;
(2)如果两条直线同时垂直于一个平面,那么这两条直线具有怎样
的位置关系?猜测结果并说明理由.
知识点一 直线与平面垂直的性质定理
文字语言 垂直于同一个平面的两条直线
符号语言
图形语言
作用 ①线面垂直 线线平行;②作平行线
平行
a∥b
【想一想】
在长方体ABCD-A'B'C'D'中,棱AA',BB'所在直线与平面ABCD位置
关系如何?这两条直线又有什么样的位置关系?
提示:棱AA',BB'所在直线都与平面ABCD垂直;这两条直线互相
平行.
知识点二 线面距与面面距
1. 直线与平面的距离:一条直线与一个平面平行时,这条直线上
到这个平面的距离.
2. 平面与平面的距离:如果两个平面平行,那么其中一个平面内
的 到另一个平面的距离都相等.
任
意一点
任意一点
【想一想】
是不是任意的直线与平面、平面与平面间都有距离?
提示:不是.只有当直线与平面平行、平面与平面平行时才涉及距
离问题.
1. △ABC所在的平面为α,直线l⊥AB,l⊥AC,直线m⊥BC,
m⊥AC,则直线l,m的位置关系是( )
A. 相交 B. 异面
C. 平行 D. 不确定
解析: ∵l⊥AB,l⊥AC,AB∩AC=A,∴l⊥平面ABC,
同理m⊥平面ABC,∴l∥m.
2. 如图,平行四边形ADEF的边AF⊥平面ABCD,且AF=2,CD=
3,则CE=( )
A. 2 B. 3
解析: 因为四边形ADEF为平行四边形,所以AF∥DE,且
AF=DE. 因为AF⊥平面ABCD,所以DE⊥平面ABCD,所以
DE⊥DC. 因为AF=2,所以DE=2.又CD=3,所以CE=
= = .故选D.
C. D.
3. 正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为1,则直线B1C1到平面ABCD的距
离是 .
解析:由正方体的性质可知,B1C1∥平面ABCD,所以直线
B1C1到平面ABCD的距离即为B1到平面ABCD的距离,由正方体
的性质知B1到平面ABCD的距离为1,即直线B1C1到平面ABCD
的距离为1.
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典型例题·精研析
02
课堂互动 关键能力提升
题型一 线面垂直有关性质的理解
【例1】 已知直线m,n和平面α,若n⊥α,则“m α”是
“n⊥m”的( )
A. 充分不必要条件
B. 必要不充分条件
C. 充要条件
D. 既不充分也不必要条件
解析: 若n⊥α,m α,则n⊥m,故充分性成立,若n⊥m,
n⊥α,则m α或m∥α,故必要性不成立,故“m α”是
“n⊥m”的充分不必要条件.故选A.
通性通法
1. 线面垂直的性质定理揭示了“垂直”与“平行”这两种特殊位置关
系之间的转化.
2. 常用的线面垂直的性质还有:①a⊥α,b∥a b⊥α;②a⊥α,
a⊥β α∥β.
【跟踪训练】
(多选)如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,M是AB上一点,N是
A1C的中点,MN⊥平面A1DC,则下列选项正确的是( )
A. AD1与平面A1DC相交
B. AD1⊥平面A1DC
C. AD1与MN异面
D. AD1∥MN
解析: 因为AD1∩A1D=O,则点O∈平面A1DC且点A 平面A1DC,A正确;因为AD1⊥A1D,AD1⊥CD,且CD∩A1D=D,所以AD1⊥平面A1DC,B正确;又因MN⊥平面A1DC,则AD1∥MN即D正确,C错误.故选A、B、D.
题型二 直线与平面垂直的性质的应用
【例2】 在正方体ABCD-A1B1C1D1中,点E,F分别在A1D,AC
上,EF⊥A1D,EF⊥AC,求证:EF∥BD1.
证明:如图所示,连接A1C1,C1D,B1D1,BD.
∵AC∥A1C1,EF⊥AC,∴EF⊥A1C1.
又EF⊥A1D,A1D∩A1C1=A1,
∴EF⊥平面A1C1D, ①
∵BB1⊥平面A1B1C1D1,A1C1 平面A1B1C1D1,∴BB1⊥A1C1.
∵四边形A1B1C1D1为正方形,
∴A1C1⊥B1D1,
又B1D1∩BB1=B1,∴A1C1⊥平面BB1D1D,
而BD1 平面BB1D1D,∴A1C1⊥BD1.同理DC1⊥BD1.
又DC1∩A1C1=C1,∴BD1⊥平面A1C1D, ②
由①②可知EF∥BD1.
通性通法
证明线线平行常用的方法
(1)利用线线平行定义:证共面且无公共点;
(2)利用三线平行基本事实:证两线同时平行于第三条直线;
(3)利用线面平行的性质定理:把证线线平行转化为证线面平行;
(4)利用线面垂直的性质定理:把证线线平行转化为证线面垂直;
(5)利用面面平行的性质定理:把证线线平行转化为证面面平行.
【跟踪训练】
如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是矩形,AB⊥平面PAD,
AD=AP,E是PD的中点,M,N分别在AB,PC上,且
MN⊥AB,MN⊥PC. 证明:AE∥MN.
证明:因为AB⊥平面PAD,AE 平面PAD,所以AE⊥AB,又
AB∥CD,所以AE⊥CD.
因为AD=AP,E是PD的中点,所以AE⊥PD.
又CD∩PD=D,CD,PD 平面PCD,所以AE⊥平面PCD.
因为MN⊥AB,AB∥CD,所以MN⊥CD.
又因为MN⊥PC,PC∩CD=C,PC,CD 平面PCD,
所以MN⊥平面PCD,所以AE∥MN.
题型三 空间中的距离问题
【例3】 如图,在棱长为a的正方体ABCD-A1B1C1D1中求出下列
距离:
(1)点A到平面BB1D1D的距离;
解:连接AC(图略),易证AC⊥平面BB1D1D,
所以点A到平面BB1D1D的距离为面对角线AC的 ,即 a.
(2)点C到平面BDC1的距离.
解:设点C到平面BDC1的距离为h,三棱锥C-BDC1的体积为V,
在△BDC1中,BD=DC1=BC1= a,则△BDC1的面积为
×( a)2= a2,
由等体积法可得V= × ×a×a×a= × a2×h,
解得h= a.所以点C到平面BDC1的距离为 a.
通性通法
求点到平面的距离的两种方法
(1)构造法:根据定义构造垂直于平面的直线,确定垂足位置,将
所求线段化归到三角形中求解;
(2)等积变换法:将所求距离看作某个几何体(多为棱锥)的高,
利用体积相等建立方程求解.
无论是求直线与平面的距离还是求平面与平面的距离,最终都
转化为点到平面的距离.
【跟踪训练】
(2024·济南月考)如图,在底面是直角梯形的四棱锥P-ABCD中,
侧棱PA⊥底面ABCD,∠ABC=90°,PA=AB=BC=2,
AD∥BC,求AD到平面PBC的距离.
解:因为AD∥BC,AD 平面PBC,BC 平面PBC,所以AD∥平面PBC,
所以AD到平面PBC的距离等于点A到平面PBC的距离,
因为侧棱PA⊥底面ABCD,所以PA⊥AB,PA⊥BC,因为∠ABC=
90°,即AB⊥BC,
因为PA∩AB=A,所以BC⊥平面PAB,所以BC⊥PB,
因为PA=AB=BC=2,所以PB=2 ,
设点A到平面PBC的距离为d,则由V三棱锥P-ABC=V三棱锥A-PBC得
PA·S△ABC= d·S△PBC,
所以 ×2× ×2×2= d× ×2 ×2,得d= ,所以AD到平面
PBC的距离为 .
1. 在空间中,到一圆周上各点距离相等的点的集合表示的图形是( )
A. 一个点 B. 一条直线
C. 一个平面 D. 一个球面
解析: 过圆的圆心作此圆所在平面的垂线,则垂线上的点到圆
周的各点距离相等,所以到一圆周上各点距离相等的点的集合是一
条直线.故选B.
2. 已知m和n是两条不同的直线,α和β是两个不重合的平面,那么下
面给出的条件中,一定能推出m⊥β的是( )
A. α∥β,且m α B. m∥n,且n⊥β
C. m⊥n,且n β D. m⊥n,且n∥β
解析: A中,由α∥β,且m α,知m∥β,不符合题意;B中,
由n⊥β,知n垂直于平面β内的任意直线,再由m∥n,知m也垂
直于β内的任意直线,所以m⊥β,符合题意;C、D中,m β或
m∥β或m与β相交,不符合题意.故选B.
3. 在四棱台ABCD-A1B1C1D1中,若点A1到平面ABCD的距离为4,则
平面ABCD到平面A1B1C1D1的距离为 .
解析:平面ABCD∥平面A1B1C1D1且点A1到平面ABCD的距离为
4,所以所求距离为4.
4
证明:因为PA⊥平面ABCD,CD 平面ABCD,所以PA⊥CD,
又CD⊥AD,PA∩AD=A,PA,AD 平面PAD,所以CD⊥平
面PAD.
因为AE 平面PAD,所以CD⊥AE.
又因为AE⊥PD,CD∩PD=D,CD,PD 平面PCD,所以
AE⊥平面PCD.
因为l⊥平面PCD,所以l∥AE.
4. 如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,且四边形ABCD是矩形,AE⊥PD于点E,l⊥平面PCD. 求证:l∥AE.
知能演练·扣课标
03
课后巩固 核心素养落地
1. 已知平面α与两条直线l,m,l⊥α,则“m∥l”是“m⊥α”的
( )
A. 充分不必要条件
B. 必要不充分条件
C. 充要条件
D. 既不充分也不必要条件
解析: 根据线面垂直的性质定理可知,“m∥l”是“m⊥α”
的充要条件.
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2. 已知m,n为异面直线,m⊥平面α,n⊥平面β.直线l满足
l⊥m,l⊥n,l α,l β,则( )
A. α∥β,且l∥α
B. α⊥β,且l⊥β
C. α与β相交,且交线垂直于l
D. α与β相交,且交线平行于l
解析: 由于m,n为异面直线,m⊥平面α,n⊥平面β,则平
面α与平面β必相交但未必垂直,且交线垂直于直线m,n,又直线
l满足l⊥m,l⊥n,则交线平行于l,故选D.
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3. 已知正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为 ,平面AB1D1到平面
BC1D的距离为( )
A. B.
解析: 因为两平面平行,所以原问题等价于求解点C1到平面
AB1D1的距离h,由等体积法可得 = ,
即h× × ×22× sin 60°= × × × × ,解得h=
,即平面AB1D1到平面BC1D的距离为 .
C. D.
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4. 已知Rt△EFG的直角顶点E在平面α内,斜边FG∥α,且FG=6
cm,EF,EG与平面α分别成30°和45°角,则FG到平面α的距离
是( )
A. cm B. cm
解析: 如图所示,过F,G分别作FA⊥α,GB⊥α,A,B分别为垂足,连接AE,EB,在Rt△FAE中,FE=2FA,在Rt△GBE中,EG= BG. 设FG到平面α的距离为d,则d=FA=GB. 在Rt△FEG中,EF2+EG2=36,即4d2+2d2=36,d2=6,所以d= cm.
C. 2 cm D. 2 cm
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5. (多选)(2024·潮州月考)如图,PA⊥矩形ABCD所在的平面,
则下列结论中正确的是( )
A. PB⊥BC
B. PD⊥CD
C. PD⊥BD
D. PA⊥BD
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解析: ∵PA⊥矩形ABCD,BD 矩形ABCD,∴PA⊥BD,故D正确;若PD⊥BD,则BD⊥平面PAD,又BA⊥平面PAD,则过平面外一点有两条直线与平面垂直,故PD⊥BD不正确,故C不正确;∵PA⊥矩形ABCD,∴PA⊥CD,AD⊥CD,∴CD⊥平面PAD,∴PD⊥CD,故B正确;∵PA⊥矩形ABCD,∴PA⊥BC,又在矩形ABCD中,AB⊥BC,又PA∩AB=A,∴CB⊥平面PAB,∴PB⊥BC,故A正确.故选A、B、D.
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6. (多选)如图,ABCD是矩形,沿对角线BD将△ABD折起到
△A'BD,且A'在平面BCD上的射影O恰好在CD上,则下列结论正
确的是( )
A. A'C⊥BD B. A'D⊥BC
C. A'C⊥BC D. A'D⊥A'B
解析: ∵ABCD是矩形,且A'在平面BCD上的射影O恰好在CD上,∴A'O⊥平面BCD,又BC 平面BCD,∴BC⊥A'O,又BC⊥CD,且DC∩A'O=O,∴BC⊥平面A'CD,从而BC⊥A'D,BC⊥A'C. 显然,由矩形ABCD,易知A'B⊥A'D. 故B、C、D正确.
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7. 在长方体ABCD-A1B1C1D1中,E∈BD,F∈B1D1,且EF⊥AB,
则EF与AA1的位置关系是 .
解析:如图,因为AB⊥BB1,AB⊥EF,且AB不垂直于平面
BB1D1D,所以EF与BB1不相交,所以EF∥BB1,又AA1∥BB1,
所以EF∥AA1.
平行
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8. 在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=4,AD=3,AA1=2.则直线
AB到平面A1B1C1D1的距离为 ;平面ADD1A1与平面BCC1B1
之间的距离为 .
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解析:如图,在长方体中,因为AB∥平面A1B1C1D1,点A到平面A1B1C1D1的距离就是AB到平面A1B1C1D1的距离,因为AA1⊥平面A1B1C1D1,所以所求距离为AA1=2;AB⊥平面ADD1A1,AB⊥平面BCC1B1,所以平面ADD1A1∥平面BCC1B1,所以所求距离为AB=4.
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9. 一条与平面α相交的线段,其长度为10 cm,两端点到平面α的距离
分别是2 cm,3 cm,则这条线段与平面α所成角的大小是 .
解析:如图,作出AC⊥α,BD⊥α,则AC∥BD,
AC,BD确定的平面与平面α交于CD,且CD与AB
相交于O,AB=10,AC=3,BD=2,则AO=
6,BO=4,∴∠AOC=∠BOD=30°.
30°
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证明:因为PA⊥平面ABC,
所以PA⊥BC.
又因为△ABC为直角三角形,所以
BC⊥AC,PA∩AC=A,
所以BC⊥平面PAC.
10. 斜边为AB的Rt△ABC,PA⊥平面ABC. AE⊥PB,AF⊥PC,
E,F分别为垂足,如图.
(1)求证:EF⊥PB;
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又因为AF 平面PAC,所以BC⊥AF.
又AF⊥PC,且PC∩BC=C,
所以AF⊥平面PBC.
又PB 平面PBC,所以AF⊥BP.
又AE⊥PB,且AE∩AF=A,
所以PB⊥平面AEF.
又EF 平面AEF,所以EF⊥PB.
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(2)若直线l⊥平面AEF,求证:PB∥l.
证明:由(1)知,PB⊥平面AEF,
而l⊥平面AEF,所以PB∥l.
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11. 如图,设平面α∩平面β=PQ,EG⊥平面α,FH⊥平面α,垂足
分别为G,H. 为使PQ⊥GH,则需增加的一个条件是( )
A. EF⊥平面α
B. EF⊥平面β
C. PQ⊥GE
D. PQ⊥FH
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解析: 因为EG⊥平面α,FH⊥平面α,所以E,F,H,G四
点共面.又PQ 平面α,所以EG⊥PQ. 若EF⊥平面β,则由
PQ 平面β,得EF⊥PQ. 又EG∩EF=E,所以PQ⊥平面
EFHG,所以PQ⊥GH,故选B.
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12. (多选)如图,等边三角形ABC的边长为1,BC边上的高为
AD,沿AD把△ABC折起来,则( )
A. 在折起的过程中始终有AD⊥平面DB'C
B. 三棱锥A-DB'C的体积的最大值为
C. 当∠B'DC=60°时,点A到B'C的距离为
D. 当∠B'DC=90°时,点C到平面ADB'的距离为
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解析: 因为AD⊥DC,AD⊥DB',且DC∩DB'=D,DC,DB' 平面DB'C,所以AD⊥平面DB'C,故A正确;当DB'⊥DC时,△DB'C的面积最大,此时三棱锥A-DB'C的体积也最大,最大值为 × × × × = ,故B正确;当∠B'DC=60°时,△DB'C是等边三角形,设B'C的中点为E,连接AE,则AE⊥B'C,即AE为点A到B'C的距离,AE= = ,故C正确;当∠B'DC=90°时,CD⊥DB',CD⊥AD,故CD⊥平面ADB',则CD就是点C到平面ADB'的距离,CD= ,故D不正确.
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13. 如图,在四棱锥P-ABCD中,已知底面ABCD是矩形,AB=2,AD=a,PD⊥平面ABCD,若边AB上存在点M,使得PM⊥CM,则实数a的取值范围是 .
(0,1]
解析:连接DM,如图,因为PD⊥平面ABCD,所以PD⊥CM. 又PM⊥CM,且PD∩PM=P,所以CM⊥平面PDM,所以CM⊥DM,所以以DC为直径的圆与AB有交点,所以0<a≤1.
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14. 如图,已知AB为圆柱OO1底面圆O的直径,C为 的中点,点
P为圆柱上底面圆O1上一点,PA⊥平面ABC,PA=AB,过点A
作AE⊥PC,交PC于点E.
(1)求证:AE⊥PB;
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解:证明:因为AB为圆柱OO1底面圆O的直径,C为 的中点,所以BC⊥AC,
因为PA⊥平面ABC,BC 平面ABC,所以PA⊥BC,
又因为PA∩AC=A,所以BC⊥平面PAC,
因为AE 平面PAC,所以BC⊥AE,
又因为AE⊥PC,且PC∩BC=C,所以AE⊥平面PBC,
因为PB 平面PBC,所以AE⊥PB.
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(2)若点C到平面PAB的距离为1,求圆柱OO1的表面积.
解:因为点C到平面PAB的距离为1且C为 的中点,所以PA=AB=2,所以圆柱OO1的表面积为S=2×π×12+2π×1×2=6π.
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15. (2024·杭州月考)在△ABC中,∠ACB=90°,AB=8,
∠BAC=60°,PC⊥平面ABC,PC=4,M是AB边上的一动
点,则PM的最小值为( )
A. 2 B. 7
C. D.
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解析: 如图所示,因为PC⊥平面ABC,CM
平面ABC,所以PC⊥CM,则△PCM是直角三角
形,故PM2=PC2+CM2,所以当CM⊥AB时,
CM最小,此时PM也最小.由条件知AC=4,BC
=4 ,故CM的最小值为2 ,又PC=4,则
PM的最小值为 =2 .
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16. 如图,在四面体P-ABC中,PA⊥平面ABC,PA=AB=1,BC
= ,AC=2.
(1)证明:BC⊥平面PAB;
解:证明:由题知AB=1,BC= ,AC=2.
则AB2+BC2=AC2,所以AB⊥BC,
又因为PA⊥平面ABC,所以PA⊥BC,
因为PA∩AB=A,所以BC⊥平面PAB.
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(2)在线段PC上是否存在点D,使得AC⊥BD?若存在,求出
PD的值,若不存在,请说明理由.
解:在线段PC上存在点D,当PD= 时,使得AC⊥BD.
理由如下:如图,在平面ABC内,过点B
作BE⊥AC,垂足为E,在平面PAC内,
过点E作DE∥PA,交PC于点D,连接
BD,由PA⊥平面ABC,知PA⊥AC,
所以DE⊥AC,所以AC⊥平面DBE,
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又因为BD 平面DBE,
所以AC⊥BD,
在△ABC中,BE= = ,
所以AE= ,CE= ,
所以 = ,所以CD= ,PD= .
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谢 谢 观 看!第2课时 直线与平面平行的性质
1.若l∥平面α,m α,则l与m的关系一定存在的是( )
A.l∥m B.l与m异面
C.l与m可能相交 D.l∩m=
2.若直线l∥平面α,则过l作一组平面与α相交,记所得的交线分别为a,b,c,…,那么这些交线的位置关系为( )
A.都平行
B.都相交且一定交于同一点
C.都相交但不一定交于同一点
D.都平行或交于同一点
3.(2024·商丘月考)已知直线a∥平面α,α内有n条直线相交于一点,则这n条直线中与直线a平行的直线有( )
A.0条 B.1条
C.0条或1条 D.无数条
4.如图,四棱锥S-ABCD的所有的棱长都等于2,E是SA的中点,过C,D,E三点的平面与SB交于点F,则四边形DEFC的周长为( )
A.2+ B.3+
C.3+2 D.2+2
5.(多选)如图,在四棱锥P-ABCD中,M,N分别为AC,PC上的点,且MN∥平面PAD,则( )
A.MN∥PD
B.MN∥平面PAB
C.MN∥AD
D.MN∥PA
6.(多选)在空间四边形ABCD中,E,F,G,H分别是AB,BC,CD,DA上的点,当BD∥平面EFGH时,下面结论正确的是( )
A.E,F,G,H一定是各边的中点
B.G,H一定是CD,DA的中点
C.AE∶EB=AH∶HD,且BF∶FC=DG∶GC
D.四边形EFGH是平行四边形或梯形
7.平面α外的两条直线a,b,且a∥α,则a∥b是b∥α的 条件(填“充分不必要”“必要不充分”“充要”“既不充分也不必要”).
8.如图,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别是棱AA1,BB1的中点,过EF的平面EFGH分别交于BC和AD于点G,H,则GH与AB的位置关系是 (填平行、相交、异面其中之一).
9.(2024·福州质检)如图所示,直线a∥平面α,点A 平面α,并且直线a和点A位于平面α两侧,点B,C,D∈a,AB,AC,AD分别交平面α于点E,F,G,若BD=4,CF=4,AF=5,则EG= .
10.一正四面体木块如图所示,点P是棱VA的中点.
(1)过点P将木块锯开,使截面平行于棱VB和AC,在木块的表面应该怎样画线?
(2)在平面ABC中所画的线与棱AC是什么位置关系?
11.如图,P为平行四边形ABCD所在平面外一点,过BC的平面与平面PAD交于EF,E在线段PD上且异于P,D两点,则四边形EFBC是( )
A.空间四边形 B.矩形
C.梯形 D.平行四边形
12.如图,已知四棱锥P-ABCD的底面是平行四边形,AC交BD于点O,E为AD的中点,F在PA上,AP=λAF,PC∥平面BEF,则λ的值为( )
A.1 B.
C.2 D.3
13.如图,在底面边长为8 cm,高为6 cm的正三棱柱ABC-A1B1C1中,若D为棱A1B1的中点,则过BC和D的截面面积等于 cm2.
14.如图,在直三棱柱A1B1C1-ABC中,M,N分别为线段A1B,AC1的中点.
(1)求证:MN∥平面BB1C1C;
(2)若点D在棱BC上,DN∥平面ABB1A1,求的值.
15.(多选)已知在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为梯形,且AB∥CD,AC,BD的交点为O,CD=3AB,在PC上取一点N,使得PA∥平面NBD,四棱锥P-ABCD的体积为V1,三棱锥N-BDC的体积为V2,则下面结论正确的为( )
A.= B.PA∥ON
C.VP-ADC=VP-ABC D.=
16.如图所示,四边形EFGH为三棱锥A-BCD的一个截面,四边形EFGH为平行四边形.
(1)求证:AB∥平面EFGH;
(2)若AB=4,CD=6,求四边形EFGH周长的取值范围.
第2课时 直线与平面垂直的性质
1.C 根据线面垂直的性质定理可知,“m∥l”是“m⊥α”的充要条件.
2.D 由于m,n为异面直线,m⊥平面α,n⊥平面β,则平面α与平面β必相交但未必垂直,且交线垂直于直线m,n,又直线l满足l⊥m,l⊥n,则交线平行于l,故选D.
3.C 因为两平面平行,所以原问题等价于求解点C1到平面AB1D1的距离h,由等体积法可得=,即h×××22×sin 60°=××××,解得h=,即平面AB1D1到平面BC1D的距离为.
4.B 如图所示,过F,G分别作FA⊥α,GB⊥α,A,B分别为垂足,连接AE,EB,在Rt△FAE中,FE=2FA,在Rt△GBE中,EG=BG.设FG到平面α的距离为d,则d=FA=GB.在Rt△FEG中,EF2+EG2=36,即4d2+2d2=36,d2=6,所以d= cm.
5.ABD ∵PA⊥矩形ABCD,BD 矩形ABCD,∴PA⊥BD,故D正确;若PD⊥BD,则BD⊥平面PAD,又BA⊥平面PAD,则过平面外一点有两条直线与平面垂直,故PD⊥BD不正确,故C不正确;∵PA⊥矩形ABCD,∴PA⊥CD,AD⊥CD,∴CD⊥平面PAD,∴PD⊥CD,故B正确;∵PA⊥矩形ABCD,∴PA⊥BC,又在矩形ABCD中,AB⊥BC,又PA∩AB=A,∴CB⊥平面PAB,∴PB⊥BC,故A正确.故选A、B、D.
6.BCD ∵ABCD是矩形,且A'在平面BCD上的射影O恰好在CD上,∴A'O⊥平面BCD,又BC 平面BCD,∴BC⊥A'O,又BC⊥CD,且DC∩A'O=O,∴BC⊥平面A'CD,从而BC⊥A'D,BC⊥A'C.显然,由矩形ABCD,易知A'B⊥A'D.故B、C、D正确.
7.平行 解析:如图,因为AB⊥BB1,AB⊥EF,且AB不垂直于平面BB1D1D,所以EF与BB1不相交,所以EF∥BB1,又AA1∥BB1,所以EF∥AA1.
8.2 4 解析:如图,在长方体中,因为AB∥平面A1B1C1D1,点A到平面A1B1C1D1的距离就是AB到平面
A1B1C1D1的距离,因为AA1⊥平面A1B1C1D1,所以所求距离为AA1=2;AB⊥平面ADD1A1,AB⊥平面BCC1B1,所以平面ADD1A1∥平面BCC1B1,所以所求距离为AB=4.
9.30° 解析:如图,作出AC⊥α,BD⊥α,则AC∥BD,AC,BD确定的平面与平面α交于CD,且CD与AB相交于O,AB=10,AC=3,BD=2,则AO=6,BO=4,∴∠AOC=∠BOD=30°.
10.证明:(1)因为PA⊥平面ABC,
所以PA⊥BC.
又因为△ABC为直角三角形,所以BC⊥AC,PA∩AC=A,
所以BC⊥平面PAC.
又因为AF 平面PAC,所以BC⊥AF.
又AF⊥PC,且PC∩BC=C,
所以AF⊥平面PBC.
又PB 平面PBC,所以AF⊥BP.
又AE⊥PB,且AE∩AF=A,
所以PB⊥平面AEF.
又EF 平面AEF,所以EF⊥PB.
(2)由(1)知,PB⊥平面AEF,
而l⊥平面AEF,所以PB∥l.
11.B 因为EG⊥平面α,FH⊥平面α,所以E,F,H,G四点共面.又PQ 平面α,所以EG⊥PQ.若EF⊥平面β,则由PQ 平面β,得EF⊥PQ.又EG∩EF=E,所以PQ⊥平面EFHG,所以PQ⊥GH,故选B.
12.ABC 因为AD⊥DC,AD⊥DB',且DC∩DB'=D,DC,DB' 平面DB'C,所以AD⊥平面DB'C,故A正确;当DB'⊥DC时,△DB'C的面积最大,此时三棱锥A-DB'C的体积也最大,最大值为××××=,故B正确;当∠B'DC=60°时,△DB'C是等边三角形,设B'C的中点为E,连接AE,则AE⊥B'C,即AE为点A到B'C的距离,AE==,故C正确;当∠B'DC=90°时,CD⊥DB',CD⊥AD,故CD⊥平面ADB',则CD就是点C到平面ADB'的距离,CD=,故D不正确.
13.(0,1] 解析:连接DM,如图,因为PD⊥平面ABCD,所以PD⊥CM.又PM⊥CM,且PD∩PM=P,所以CM⊥平面PDM,所以CM⊥DM,所以以DC为直径的圆与AB有交点,所以0<a≤1.
14.解:(1)证明:因为AB为圆柱OO1底面圆O的直径,C为的中点,所以BC⊥AC,
因为PA⊥平面ABC,BC 平面ABC,所以PA⊥BC,
又因为PA∩AC=A,所以BC⊥平面PAC,
因为AE 平面PAC,所以BC⊥AE,
又因为AE⊥PC,且PC∩BC=C,所以AE⊥平面PBC,
因为PB 平面PBC,
所以AE⊥PB.
(2)因为点C到平面PAB的距离为1且C为的中点,所以PA=AB=2,所以圆柱OO1的表面积为S=2×π×12+2π×1×2=6π.
15.A 如图所示,因为PC⊥平面ABC,CM 平面ABC,所以PC⊥CM,则△PCM是直角三角形,故PM2=PC2+CM2,所以当CM⊥AB时,CM最小,此时PM也最小.由条件知AC=4,BC=4,故CM的最小值为2,又PC=4,则PM的最小值为=2.
16.解:(1)证明:由题知AB=1,BC=,AC=2.
则AB2+BC2=AC2,所以AB⊥BC,
又因为PA⊥平面ABC,所以PA⊥BC,
因为PA∩AB=A,所以BC⊥平面PAB.
(2)在线段PC上存在点D,当PD=时,使得AC⊥BD.
理由如下:如图,在平面ABC内,过点B作BE⊥AC,垂足为E,在平面PAC内,过点E作DE∥PA,交PC于点D,连接BD,由PA⊥平面ABC,知PA⊥AC,
所以DE⊥AC,所以AC⊥平面DBE,
又因为BD 平面DBE,
所以AC⊥BD,
在△ABC中,BE==,
所以AE=,CE=,
所以=,所以CD=,
PD=.
3 / 3第2课时 直线与平面平行的性质
新课程标准解读 核心素养
1.借助长方体,通过直观感知,归纳出直线和平面平行的性质定理,并加以证明 逻辑推理
2.会应用直线和平面平行的性质定理证明一些空间的简单线面关系 直观想象
当直线l∥平面α时,l与α没有公共点.此时,若m α,这时可以判定,l与m的位置关系是平行或异面.
【问题】 那么在什么情况下l与m平行呢?
知识点 直线与平面平行的性质定理
文字语言 一条直线与一个平面 ,如果过该直线的平面与此平面相交,那么该直线与 平行
符号语言 a∥α, a∥b
图形语言
提醒 (1)线面平行的性质定理的条件有三个:①直线a与平面α平行,即a∥α;②平面α,β相交于一条直线,即α∩β=b;③直线a在平面β内,即a β.三个条件缺一不可;(2)定理的作用:①线面平行 线线平行;②画一条直线与已知直线平行.
1.已知a,b是两条相交直线,a∥α,则b与α的位置关系是( )
A.b∥α B.b与α相交
C.b α D.b∥α或b与α相交
2.如图,在三棱锥S-ABC中,E,F分别是SB,SC上的点,且EF∥平面ABC,则( )
A.EF与BC相交 B.EF∥BC
C.EF与BC异面 D.以上均有可能
3.如图,α∩β=CD,α∩γ=EF,β∩γ=AB,AB∥α,则CD与EF的位置关系为 .
题型一 直线与平面平行性质定理的应用
【例1】 如图所示,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是平行四边形,AC与BD交于点O,M是PC的中点,在DM上取一点G,过G和AP作平面交平面BDM于GH,求证:AP∥GH.
通性通法
1.利用线面平行性质定理解题的步骤
2.运用线面平行的性质定理时,应先确定线面平行,再寻找过已知直线的平面与这个平面的交线,然后确定线线平行.
【跟踪训练】
如图,用平行于四面体ABCD的一组对棱AB,CD的平面截此四面体.求证:截面MNPQ是平行四边形.
题型二 与线面平行性质定理有关的计算问题
【例2】 如图,在四面体A-BCD中,已知△ABD是边长为2的等边三角形,△BCD是以点C为直角顶点的等腰直角三角形,E为线段AB的中点,G为线段BD的中点,F为线段BD上的点.若AG∥平面CEF,求线段CF的长.
通性通法
利用线面平行的性质定理计算有关问题的三个关键点
(1)根据已知线面平行关系推出线线平行关系;
(2)在三角形内利用三角形中位线性质、平行线分线段成比例定理推出有关线段的关系;
(3)利用所得关系计算求值.
【跟踪训练】
如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=2,点E为AD的中点,点F在CD上,若EF∥平面AB1C,求线段EF的长度.
题型三 线面平行关系的综合应用
【例3】 如图所示的一块木料中,棱BC平行于平面A'C'.
(1)要经过平面A'C'内的一点P和棱BC将木料锯开,在木料表面应该怎样画线?
(2)所画的线与平面AC是什么位置关系?
通性通法
关于线面平行关系的综合应用
判定和性质之间的推理关系是由线线平行 线面平行 线线平行得来的,既体现了线线平行与线面平行之间的相互联系,也体现了空间和平面之间的相互转化.
【跟踪训练】
如图,AB是圆O的直径,点C是圆O上异于A,B的点,P为平面ABC外一点,E,F分别是PA,PC的中点.记平面BEF与平面ABC的交线为l,试判断直线l与平面PAC的位置关系,并加以证明.
1.若A是直线m外一点,过点A且与m平行的平面( )
A.存在无数个 B.不存在
C.存在但只有一个 D.只存在两个
2.已知m,n为两条不同的直线,α,β为两个不同的平面,则下列结论中正确的是( )
A.m∥α,m∥n n∥α
B.m∥α,n∥α m∥n
C.m∥α,m β,α∩β=n m∥n
D.m∥α,n α m∥n
3.如图,四棱锥P-ABCD中底面是正方形,四条侧棱均相等,点G,E,F,H分别是棱PB,AB,CD,PC上共面的四点,BC∥平面GEFH.求证:GH∥EF.
第2课时 直线与平面垂直的性质
【基础知识·重落实】
知识点一
平行 a∥b
想一想
提示:棱AA',BB'所在直线都与平面ABCD垂直;这两条直线互相平行.
知识点二
1.任意一点 2.任意一点
想一想
提示:不是.只有当直线与平面平行、平面与平面平行时才涉及距离问题.
自我诊断
1.C ∵l⊥AB,l⊥AC,AB∩AC=A,∴l⊥平面ABC,同理m⊥平面ABC,∴l∥m.
2.D 因为四边形ADEF为平行四边形,所以AF∥DE,且AF=DE.因为AF⊥平面ABCD,所以DE⊥平面ABCD,所以DE⊥DC.因为AF=2,所以DE=2.又CD=3,所以CE===.故选D.
3.1 解析:由正方体的性质可知,B1C1∥平面ABCD,所以直线B1C1到平面ABCD的距离即为B1到平面ABCD的距离,由正方体的性质知B1到平面ABCD的距离为1,即直线B1C1到平面ABCD的距离为1.
【典型例题·精研析】
【例1】 A 若n⊥α,m α,则n⊥m,故充分性成立,若n⊥m,n⊥α,则m α或m∥α,故必要性不成立,故“m α”是“n⊥m”的充分不必要条件.故选A.
跟踪训练
ABD 因为AD1∩A1D=O,则点O∈平面A1DC且点A 平面A1DC,A正确;因为AD1⊥A1D,AD1⊥CD,且CD∩A1D=D,所以AD1⊥平面A1DC,B正确;又因MN⊥平面A1DC,则AD1∥MN即D正确,C错误.故选A、B、D.
【例2】 证明:如图所示,连接A1C1,C1D,B1D1,BD.
∵AC∥A1C1,EF⊥AC,∴EF⊥A1C1.
又EF⊥A1D,A1D∩A1C1=A1,
∴EF⊥平面A1C1D, ①
∵BB1⊥平面A1B1C1D1,A1C1 平面A1B1C1D1,∴BB1⊥A1C1.
∵四边形A1B1C1D1为正方形,
∴A1C1⊥B1D1,
又B1D1∩BB1=B1,∴A1C1⊥平面BB1D1D,
而BD1 平面BB1D1D,∴A1C1⊥BD1.同理DC1⊥BD1.
又DC1∩A1C1=C1,∴BD1⊥平面A1C1D, ②
由①②可知EF∥BD1.
跟踪训练
证明:因为AB⊥平面PAD,AE 平面PAD,所以AE⊥AB,又AB∥CD,所以AE⊥CD.
因为AD=AP,E是PD的中点,所以AE⊥PD.
又CD∩PD=D,CD,PD 平面PCD,所以AE⊥平面PCD.
因为MN⊥AB,AB∥CD,所以MN⊥CD.
又因为MN⊥PC,PC∩CD=C,PC,CD 平面PCD,
所以MN⊥平面PCD,所以AE∥MN.
【例3】 解:(1)连接AC(图略),易证AC⊥平面BB1D1D,
所以点A到平面BB1D1D的距离为面对角线AC的,即a.
(2)设点C到平面BDC1的距离为h,三棱锥C-BDC1的体积为V,
在△BDC1中,BD=DC1=BC1=a,则△BDC1的面积为×(a)2=a2,
由等体积法可得V=××a×a×a=×a2×h,
解得h=a.所以点C到平面BDC1的距离为a.
跟踪训练
解:因为AD∥BC,AD 平面PBC,BC 平面PBC,所以AD∥平面PBC,
所以AD到平面PBC的距离等于点A到平面PBC的距离,
因为侧棱PA⊥底面ABCD,所以PA⊥AB,PA⊥BC,因为∠ABC=90°,即AB⊥BC,
因为PA∩AB=A,所以BC⊥平面PAB,所以BC⊥PB,
因为PA=AB=BC=2,所以PB=2,
设点A到平面PBC的距离为d,则由V三棱锥P-ABC=V三棱锥A-PBC得PA·S△ABC=d·S△PBC,
所以×2××2×2=d××2×2,得d=,所以AD到平面PBC的距离为.
随堂检测
1.B 过圆的圆心作此圆所在平面的垂线,则垂线上的点到圆周的各点距离相等,所以到一圆周上各点距离相等的点的集合是一条直线.故选B.
2.B A中,由α∥β,且m α,知m∥β,不符合题意;B中,由n⊥β,知n垂直于平面β内的任意直线,再由m∥n,知m也垂直于β内的任意直线,所以m⊥β,符合题意;C、D中,m β或m∥β或m与β相交,不符合题意.故选B.
3.4 解析:平面ABCD∥平面A1B1C1D1且点A1到平面ABCD的距离为4,所以所求距离为4.
4.证明:因为PA⊥平面ABCD,CD 平面ABCD,所以PA⊥CD,
又CD⊥AD,PA∩AD=A,PA,AD 平面PAD,所以CD⊥平面PAD.
因为AE 平面PAD,所以CD⊥AE.
又因为AE⊥PD,CD∩PD=D,CD,PD 平面PCD,所以AE⊥平面PCD.
因为l⊥平面PCD,所以l∥AE.
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