6.2.3 组合 6.2.4 组合数 第2课时 组合的综合应用(课件 学案 练习)高中数学人教A版(2019)选择性必修 第三册

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名称 6.2.3 组合 6.2.4 组合数 第2课时 组合的综合应用(课件 学案 练习)高中数学人教A版(2019)选择性必修 第三册
格式 zip
文件大小 3.6MB
资源类型 教案
版本资源 人教A版(2019)
科目 数学
更新时间 2025-08-04 22:06:17

文档简介

(共58张PPT)
第2课时 
组合的综合应用
目录
典型例题·精研析
01
知能演练·扣课标
02
典型例题·精研析
01
课堂互动 关键能力提升
题型一 有限制条件的组合问题
【例1】 课外活动小组共13人,其中男生8人,女生5人,并且男、
女生各有一名队长,现从中选5人主持某项活动,依下列条件各有多
少种选法?
(1)至少有一名队长当选;
解: 法一 
法二 采用排除法有 - =825(种).
(3)既要有队长,又要有女生当选.
(2)至多有两名女生当选;
解:至多有两名女生含有三种情况:有两名女生、只有一名女生、
没有女生,故共有 · + · + =966(种).
解:分两种情况:第一类,女队长当选,有 种;
第二类,女队长不当选,则男队长当选,有 · + · + ·
+ 种.
故共有 + · + · + · + =790(种).
【母题探究】
 (变设问)在本例条件下,至多有1名队长被选上的方法有多少
种?
解:分两类情况:第一类,没有队长被选上,从除去两名队长之外的
11名学生中选取5人,有 =462(种)选法.
第二类,一名队长被选上,分女队长被选上和男队长被选上,不同的
选法有: + =660(种)选法.
所以至多有1名队长被选上的方法有462+660=1 122(种).
通性通法
有限制条件的组合问题主要有两类
(1)“含”与“不含”问题,其解法常用直接分步法,即“含”的
先取出,“不含”的元素去掉再取,分步计数;
(2)“至多”“至少”问题,其解法常有两种解决思路:一是直接
分类法,但要注意分类要不重不漏;二是间接法,注意找准对
立面,确保不重不漏.
【跟踪训练】
 某传统文化学习小组有10名同学,其中男生5名,女生5名,现要从
中选取4人参加学校举行的汇报展示活动.
(1)如果4人中男生、女生各2人,有多少种选法?
解: 根据题意,在5名男生中任选2人, =10(种)
选法,在5名女生中任选2人, =10(种)选法,则4人中
男生、女生各2人的选法有10×10=100(种).
(2)如果男生甲与女生乙至少有1人参加,有多少种选法?
解: 根据题意,在10人中任选4人,有 种选法,若甲、
乙都没有参加, 种选法,则 =140(种)符合题
意的选法.
(3)如果4人中既有男生又有女生,有多少种选法?
解: 根据题意,在10人中任选4人,有 种选法,只有男
生的选法有 种,只有女生的选法有 种,则既有男生又有女
生的选法 200(种).
题型二 与几何有关的组合问题
【例2】 如图,在以AB为直径的半圆周上,有异于A,B的六个点
C1,C2,…,C6,线段AB上有异于A,B的四个点D1,D2,D3,
D4.
(1)以这10个点中的3个点为顶点可作多少个三角形?其中含C1点的
有多少个?
解: 法一 可作出三角形 + · + · =116(个).

法二 可作三角形 - =116(个),

(2)以图中的12个点(包括A,B)中的4个点为顶点,可作出多少
个四边形?
解:可作出四边形 + · + · =360(个).
通性通法
解答几何图形组合问题的策略
(1)几何图形组合问题主要考查组合的知识和空间想象能力,题目
多是以立体几何中的点、线、面的位置关系为背景的排列、组
合.这类问题情境新颖,多个知识点交汇在一起,综合性强;
(2)解答几何图形组合问题的思考方法与一般的组合问题基本一
样,只要把图形的限制条件视为组合问题的限制条件即可;
(3)计算时可用直接法,也可用间接法,要注意在限制条件较多的
情况下,需要分类计算符合题意的组合数.
【跟踪训练】
 空间中有10个点,其中有5个点在同一个平面内,其余点无三点共
线,四点共面,则以这些点为顶点,共可构成四面体的个数为( )
A. 205 B. 110
C. 204 D. 200
解析:  法一 可以按从共面的5个点中取0个、1个、2个、3个进行
分类,则得到所有的取法总数为 + + + =205.
法二 从10个点中任取4个点的方法数中去掉4个点全部取自共面的5
个点的情况,得到所有构成四面体的个数为 - =205.
题型三 组合中的分组、分配问题
【例3】 6本不同的书,按下列要求各有多少种不同的分法:
(1)分给甲、乙、丙三人,每人两本;
解: 根据分步乘法计数原理得有 =90种.
(2)分为三份,每份两本;
解: 分给甲、乙、丙三人,每人两本有 种方法,
这个过程可以分两步完成:第一步分为三份,每份两本,设有x
种方法;第二步再将这三份分给甲、乙、丙三名同学有 种方
法.根据分步乘法计数原理可得 =x ,所以x=
=15.因此分为三份,每份两本一共有15种方法.
(3)分为三份,一份一本,一份两本,一份三本;
解: 这是“不均匀分组”问题,一共有 =60种
方法.
(4)分给甲、乙、丙三人,一人一本,一人两本,一人三本.
解: 在(3)的基础上再进行全排列,所以一共有
=360种方法.
通性通法
分组、分配问题的求解策略
(1)分组问题属于“组合”问题,常见的分组问题有三种:
①完全均匀分组,每组的元素个数均相等;
②部分均匀分组,应注意不要重复,若有n组均匀,最后必须除
以n!;
③完全非均匀分组,这种分组不考虑重复现象.
(2)分配问题属于“排列”问题.可以按要求逐个分配,也可以分组
后再分配.
【跟踪训练】
 将4个编号为1,2,3,4的小球放入4个编号为1,2,3,4的盒
子中.
(1)有多少种放法?
解: 每个小球都可能放入4个盒子中的任何一个,将小球
一个一个放入盒子,共有4×4×4×4=44=256种放法.
(2)每盒至多1个球,有多少种放法?
(3)恰好有1个空盒,有多少种放法?
解:这是全排列问题,共有 =24种放法.
解:法一 先将4个小球分为3组,有 种方法,再将3组小
球投入4个盒子中的3个盒子,有 种投放方法,故共有
· =144种放法.
法二 先取4个球中的2个“捆”在一起,有 种选法,把它与其他2个球共3个元素分别放入4个盒子中的3个盒子,有 种投放方法,所以共有 =144种放法.
解: 1个球的编号与盒子编号相同的选法有 种,
当1个球与1个盒子的编号相同时,用局部列举法可知,其余3个球的
投放方法有2种,故共有2 =8(种).
(4)每个盒内放1个球,并且恰好有1个球的编号与盒子的编号相
同,有多少种放法?
1. 一个口袋中装有大小相同的6个白球和4个黑球,从中取2个球,则
这2个球同色的不同取法有(  )
A. 27种 B. 24种
C. 21种 D. 18种
解析:  分两类:一类是2个白球有 =15(种)取法,另一类
是2个黑球有 =6(种)取法,所以共有15+6=21(种)取法.
2. 在1,2,3,4,5,6,7这组数据中,随机取出五个不同的数,则
数字5是取出的五个不同数的中位数的所有取法种数为(  )
A. 6 B. 12
C. 18 D. 24
解析:  根据题意,数字5是取出的五个不同数的中位数,则取
出的数字中必须有5,6,7,在1,2,3,4中有2个数字,则不同的
取法有 =6种.
3. 把5名同学分到甲、乙、丙3个小组,若甲组至少两人,乙、丙组至
少各一人,则不同的分配方案有(  )
A. 80种 B. 120种
C. 140种 D. 50种
解析:  当甲组中有3人,乙、丙组中各有1人时, =20
(种)不同的分配方案;当甲组中有2人,乙组中也有2人,丙组中
只有1人时,有 =30(种)不同的分配方案;当甲组中有2
人,乙组中有1人,丙组中有2人时,有 =30(种)不同的分
配方案.故共有20+30+30=80(种)不同的分配方案.
4. 在同一个平面内有一组平行线共8条,另一组平行线共10条,这两
组平行线相互不平行.
(1)它们共能构成 个平行四边形;
解析: 第一组中每两条与另一组中的每两条直线均能构
成一个平行四边形,故共有 =1 260(个).
(2)共有 个交点.
解析: 第一组中每条直线与另一组中每条直线均有一个
交点,所以共有 =80(个).
1 260 
80 
 用隔板法解相同元素的分配问题
1. 把8个相同的篮球分发给甲、乙、丙、丁4人,共有多少种不同
的分法?
2. 将10个志愿者名额分配给4个学校,要求每校至少有一个名额,则
不同的名额分配方法共有   种(用数字作答).
3. 从4个班中选出7位同学组成体育啦啦队,每班至少1位同学,则不
同的名额分配方案共有   种(用数字作答).
【问题探究】
 上述三个问题可归结为以下两个问题:
1. 把n个相同的小球放入m个不同的盒子中(n≥m≥1),要求每个
盒子非空,有多少种不同放法?
解:先将n个小球排成一列,然后在它们之间形成的(n-1)个空
(不含两端的)中插入(m-1)块隔板,便将n个小球分割成m
组,每组至少有1个小球,这m组小球依次放入m个不同的盒子,
(m-1)块隔板的一种插法就对应了n个相同小球投入m个不同
盒子的一种放法,故不同的放法共有 种.
2. 将n个相同的小球投放到m(n≥m≥1)个不同的盒子中,可以有
空盒的不同放法有多少种?
解:法一 将m个盒子排成一排(并在一起的两盒子的外壁视
为一块隔板),除去两端的盒子的外壁,共有(m-1)块隔
板;再把n个相同的小球投放到m个不同的盒子中,不同的放法
对应着n个球和(m-1)块隔板的不同排法,于是问题转化为
从(n+m-1)个位置中选出n个位置放球,共有不同放法
= 种.
法二 “将n个相同的小球投放到m(n≥m≥1)个不同的盒子中,
允许有空盒子”的放法种数,等于“将n+m个相同的小球投放到m
(n≥m)个不同的盒子中,每个盒子至少有1个球”的放法种数,根
据法一可知,共 种不同放法.
方法总结
相同元素的分配问题用“隔板法”
  “隔板法”的解题步骤:①定个数,确定名额的个数、分成的组
数以及各组名额的数量;②定空位,将元素排成一列,确定可插隔板
的空位数;③插隔板,确定需要的隔板个数,根据组数要求插入隔
板,利用组合数求解不同的分法种数.
【迁移应用】
1. 将6个相同的小球放入编号为1,2,3,4的盒子中,求下列放法的
种数.
(1)每个盒子都不空;
解: 需将6个小球分为4组,然后每个盒子放入1组,可
用3块隔板放在6个小球之间的5个空隙中的任意3处,每种放
法对应着一种分法,故共有 =10种.
(2)恰有1个盒子空;
解: 恰有1个盒子空,需将6个小球分为3组,然后放入
其中的3个盒子中,每个盒子放1组.这时可用2块隔板放在6个
小球之间的5个空隙中的任意2处,故共有 =40种.
(3)恰有2个盒子空.
解: 恰有2个盒子空,需将6个小球分为2组,然后放入
其中的2个盒子中,每个盒子放1组,这时可用1块隔板放在5
个空隙中的任意1处,故共有 =30种.
2. 某校准备参加2024年高中数学联赛,把16个选手名额分配到高三年
级的1~4班,每班至少一个名额.
(1)不同的分配方案共有多少种?
解: 问题相当于将16个小球串成一串,插入3块隔板,
截为4段,16个小球间有15个空隙,从中选3个插入隔板,插
法种数为 = =455.故不同的分配方案共有455种.
(2)若每班名额不少于该班的序号数,则不同的分配方案共有多
少种?
解: 问题等价于先给2班1个小球,3班2个小球,4班3个
小球,再把余下的10个小球放入4个盒子里,求每个盒子里至
少有1个小球的分配方法种数问题.即相当于将10个小球串成
一串,截为4段,10个小球间有9个空隙,从中选3个插入隔
板,插法种数为 =84,因此不同的分配方案共有84种.
知能演练·扣课标
02
课后巩固 核心素养落地
1. 某班级要从4名男生、2名女生中选派4人参加某次社区服务,如果
要求至少有1名女生,那么不同的选派方案种数为(  )
A. 14 B. 24
C. 28 D. 48
解析:  用间接法得不同选法有 -1=14种,故选A.
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2. 某食堂每天中午准备4种不同的荤菜,7种不同的素菜,用餐者可以
按下述方法之一搭配午餐:(1)任选两种荤菜、两种素菜和白米
饭;(2)任选一种荤菜、两种素菜和蛋炒饭.则每天不同午餐的搭
配方法共有(  )
A. 210种 B. 420种
C. 56种 D. 22种
解析: 由分类加法计数原理知,两类配餐的搭配方法之和即为
所求,所以每天不同午餐的搭配方法共有 + =210
(种).
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3. 如图,∠MON的边OM上有四个点A1,A2,A3,A4,ON上有三
个点B1,B2,B3,则以O,A1,A2,A3,A4,B1,B2,B3中三点
为顶点的三角形的个数为(  )
A. 30 B. 42
C. 54 D. 56
解析:  利用间接法,先在8个点中任取3个点,再减去三点共线
的情况,所以符合条件的三角形的个数为 - - =42.
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4. 2025年3月5号是毛泽东主席提出“向雷锋同志学习”62周年纪念
日,某志愿者服务队在该日安排4位志愿者到两所敬老院开展志愿
服务活动,要求每所敬老院至少安排1人,每个志愿者都要参加活
动,则不同的分配方法数是(  )
A. 8 B. 12
C. 14 D. 20
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解析: 将4名志愿者分配到两所敬老院,则有以下两种分配方
案:①一所敬老院1名志愿者,另外一所3名,则有 =8种,②
两所敬老院各安排两名志愿者,则有 =6种,故共有8+6=14
种方案.故选C.
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5. (多选)在新高考方案中,选择性考试科目有:物理、化学、生
物、政治、历史、地理6门.学生根据高校的要求,结合自身特长兴
趣,首先在物理、历史2门科目中选择1门,再从政治、地理、化
学、生物4门科目中选择2门,考试成绩计入考生总分,作为统一高
考招生录取的依据.某学生想在物理、化学、生物、政治、历史、
地理这6门课程中选三门作为选考科目,下列说法正确的是(  )
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解析:  对于A中,先从物理和历史中,任选1科,再从剩余
的四科中任选2科,根据分步乘法计数原理,可得选法总数为
种,所以A正确;对于B中,先从物理、历史中选1门,有 种选
法,若化学必选,再从生物、政治、地理中再选1门,有 种选
法,由分步乘法计数原理,可得选法共有 种,所以B正确;对
于C中,先从物理和历史中选1门,有 种选法,若从政治和地理
中只选1门,再从化学和生物中选1门,有 种选法,若政治和
地理都不选,则从化学和生物中选2门,只有1中选法,由分类加法
计数原理,可得共有 + ,所以C正确;对于D中,若物理必选,只有1种选法,若化学、生物只选1门,则在政治、地理中选1门,有 种选法,若化学、生物都选,则只有1种选法,由分类加法计数原理,可得选法总数为 +1,所以D错误.故选A、B、C.
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6. (多选)某中学为提升学生劳动意识和社会实践能力,利用周末进
社区义务劳动,高三一共6个班,其中只有1班有2个劳动模范,本
次义务劳动一共20个名额,劳动模范必须参加并不占名额,每个班
都必须有人参加,则下列说法正确的是(  )
C. 若每个班至少3人参加,则共有90种分配方法
D. 若每个班至少3人参加,则共有126种分配方法
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解析:  若1班不再分配名额,则20个名额分配到5个班级,每
个班级至少1个,根据隔板法,有 种分配方法,故A错误;若1
班有除劳动模范之外学生参加,则20个名额分配到6个班级,每个
班级至少1个,根据隔板法,有 种分配方法,故B正确;若每个
班至少3人参加,由于1班有2个劳模,故只需先满足每个班级有2个
名额,还剩10个名额,再将10个名额分配到6个班级,每个班级至
少1个名额,故只需在10个名额中的9个空上放置5个隔板即可,故
有 =126种,故C错误,D正确.故选B、D.
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7. 有大小形状相同的3个红色小球和5个白色小球排成一排,不同的排
列方法有 种.
解析:8个小球排好后对应着8个位置,题中的排法相当于在8个位
置中选出3个位置给红球,剩下的位置给白球,由于这3个红球完全
相同,所以没有顺序,是组合问题,这样共有 =56种排法.
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8. 某球队有2名队长和10名队员,现选派6人上场参加比赛,如果场上
最少有1名队长,那么共有 种不同的选法.
解析:若只有1名队长入选,则选法种数为 · ;若两名队长均
入选,则选法种数为 ,故不同选法有 · + =714
(种).
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9. 现有6张风景区门票分配给6位游客,若其中A,B风景区门票各2
张,C,D风景区门票各1张,则不同的分配方案共有 种.
解析:6位游客选2人去A风景区,有 种,余下4位游客选2人去B
风景区,有 种,余下2人去C,D风景区,有 种,所以分配方
案共有 =180(种).
180 
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解:可以分三类:
第一类,让两项工作都能胜任的青年从事英语翻译工作,有
种选法;
第二类,让两项工作都能胜任的青年从事德语翻译工作,有
种选法;
第三类,两项工作都能胜任的青年不从事任何工作,有
种选法.
根据分类加法计数原理,一共有 + + =42
(种)不同的选法.
10. 现有8名青年,其中有5名能胜任英语翻译工作,有4名能胜任德语
翻译工作(其中有1名青年两项工作都能胜任).现在要从中挑选5
名青年承担一项任务,其中3名从事英语翻译工作,2名从事德语
翻译工作,则有多少种不同的选法?
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11. 已知圆上有9个点,每两点连一线段,若任意两条线的交点不同,
则所有线段在圆内的交点有(  )
A. 36个 B. 72个
C. 63个 D. 126个
解析:  此题可化归为圆上9个点可以组成多少个四边形,所有
四边形的对角线交点个数即为所求,所以交点为 =126(个).
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12.4位同学参加某种形式的竞赛,竞赛规定:每位同学必须从甲、乙
两道题中任选一题作答,选甲题者答对得100分,答错得-100
分;选乙题者答对得90分,答错得-90分.若4位同学的总分为0,
则这4位同学不同得分情况的种数是 .
解析:4位同学的总分为0,有以下三种情况:①4人都选择答甲
题,2人答对,2人答错,有 种情况;②4人都选择答乙题,2人
答对,2人答错,有 种情况;③2人答甲题且1人对1人错,2人
答乙题且1人对1人错,有 ×2×2种情况.综上,共有 + +
×2×2=6 =36种情况.
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13. 将4名大学生分配到3个乡镇去当村干部,每个乡镇至少一名,则
不同的分配方案有 种(用数字作答).
解析:分两步完成:第一步,将4名大学生按2,1,1分成三组,
其分法有 种;第二步,将分好的三组分配到3个乡镇,其
分法有 种.所以满足条件的分配方案有 · =36(种).
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14. 已知平面α∥平面β,在α内有4个点,在β内有6个点.
(1)过这10个点中的3点作一平面,最多可作多少个不同的平
面?
解: 所作出的平面有三类:
①α内1点,β内2点确定的平面,最多有 · 个.
②α内2点,β内1点确定的平面,最多有 · 个.
③α,β本身,有2个.
故所作的平面最多有 · + · +2=98(个).
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(2)以这些点为顶点,最多可作多少个三棱锥?
解: 所作的三棱锥有三类:
①α内1点,β内3点确定的三棱锥,最多有 · 个.
②α内2点,β内2点确定的三棱锥,最多有 · 个.
③α内3点,β内1点确定的三棱锥,最多有 · 个.
故最多可作出的三棱锥有 · + · + · =194
(个).
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(3)(2)中的三棱锥最多可以有多少个不同的体积?
解: 当等底面积、等高时,三棱锥的体积相等.所以体
积不相同的三棱锥最多有 + + · =114(个).故
最多有114个体积不同的三棱锥.
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15. 设集合A={(x1,x2,x3,x4,x5)|xi∈{-1,0,1},i=1,
2,3,4,5},那么集合A中满足条件“1≤|x1|+|x2|+|
x3|+|x4|+|x5|≤2”的元素个数为(  )
A. 40 B. 50
C. 60 D. 70
1
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解析:  



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16. 一个口袋内有4个不同的红球、6个不同的白球.
(1)从中任取4个,使红球的个数不比白球的个数少,这样的取
法有多少种?
解: 从10个球中任取4个,使红球的个数不比白球的个
数少的取法,可分三类:
第一类,红球取4个时,有 种方法;
第二类,红球取3个、白球取1个时,有 种方法;
第三类,红球取2个、白球取2个时,有 种方法.
由分类加法计数原理可知,共有 + + =115
(种)取法.
1
2
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(2)如果取1个红球记2分,取1个白球记1分,那么从口袋中取5
个球,使总分不少于7的取法有多少种?
解: 设取红球x个、白球y个,依题意知,
且0≤x≤4,0≤y≤6,由此解得
或或这样使总分不少于7的取法可以分
为三类:
第一类,红球取2个、白球取3个的方法数为 ;
第二类,红球取3个、白球取2个的方法数为 ;
第三类,红球取4个、白球取1个的方法数为 .
由分类加法计数原理可知,共有符合条件的取法 +
+ =186(种).
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谢 谢 观 看!第2课时 组合的综合应用
1.某班级要从4名男生、2名女生中选派4人参加某次社区服务,如果要求至少有1名女生,那么不同的选派方案种数为(  )
A.14 B.24
C.28 D.48
2.某食堂每天中午准备4种不同的荤菜,7种不同的素菜,用餐者可以按下述方法之一搭配午餐:(1)任选两种荤菜、两种素菜和白米饭;(2)任选一种荤菜、两种素菜和蛋炒饭.则每天不同午餐的搭配方法共有(  )
A.210种 B.420种
C.56种 D.22种
3.如图,∠MON的边OM上有四个点A1,A2,A3,A4,ON上有三个点B1,B2,B3,则以O,A1,A2,A3,A4,B1,B2,B3中三点为顶点的三角形的个数为(  )
A.30 B.42
C.54 D.56
4.2025年3月5号是毛泽东主席提出“向雷锋同志学习”62周年纪念日,某志愿者服务队在该日安排4位志愿者到两所敬老院开展志愿服务活动,要求每所敬老院至少安排1人,每个志愿者都要参加活动,则不同的分配方法数是(  )
A.8 B.12
C.14 D.20
5.(多选)在新高考方案中,选择性考试科目有:物理、化学、生物、政治、历史、地理6门.学生根据高校的要求,结合自身特长兴趣,首先在物理、历史2门科目中选择1门,再从政治、地理、化学、生物4门科目中选择2门,考试成绩计入考生总分,作为统一高考招生录取的依据.某学生想在物理、化学、生物、政治、历史、地理这6门课程中选三门作为选考科目,下列说法正确的是(  )
A.若任意选科,选法总数为
B.若化学必选,选法总数为
C.若政治和地理至多选一门,选法总数为+
D.若物理必选,化学、生物至少选一门,选法总数为+
6.(多选)某中学为提升学生劳动意识和社会实践能力,利用周末进社区义务劳动,高三一共6个班,其中只有1班有2个劳动模范,本次义务劳动一共20个名额,劳动模范必须参加并不占名额,每个班都必须有人参加,则下列说法正确的是(  )
A.若1班不再分配名额,则共有种分配方法
B.若1班有除劳动模范之外学生参加,则共有种分配方法
C.若每个班至少3人参加,则共有90种分配方法
D.若每个班至少3人参加,则共有126种分配方法
7.有大小形状相同的3个红色小球和5个白色小球排成一排,不同的排列方法有    种.
8.某球队有2名队长和10名队员,现选派6人上场参加比赛,如果场上最少有1名队长,那么共有    种不同的选法.
9.现有6张风景区门票分配给6位游客,若其中A,B风景区门票各2张,C,D风景区门票各1张,则不同的分配方案共有    种.
10.现有8名青年,其中有5名能胜任英语翻译工作,有4名能胜任德语翻译工作(其中有1名青年两项工作都能胜任).现在要从中挑选5名青年承担一项任务,其中3名从事英语翻译工作,2名从事德语翻译工作,则有多少种不同的选法?
11.已知圆上有9个点,每两点连一线段,若任意两条线的交点不同,则所有线段在圆内的交点有(  )
A.36个 B.72个
C.63个 D.126个
12.4位同学参加某种形式的竞赛,竞赛规定:每位同学必须从甲、乙两道题中任选一题作答,选甲题者答对得100分,答错得-100分;选乙题者答对得90分,答错得-90分.若4位同学的总分为0,则这4位同学不同得分情况的种数是    .
13.将4名大学生分配到3个乡镇去当村干部,每个乡镇至少一名,则不同的分配方案有    种(用数字作答).
14.已知平面α∥平面β,在α内有4个点,在β内有6个点.
(1)过这10个点中的3点作一平面,最多可作多少个不同的平面?
(2)以这些点为顶点,最多可作多少个三棱锥?
(3)(2)中的三棱锥最多可以有多少个不同的体积?
15.设集合A={(x1,x2,x3,x4,x5)|xi∈{-1,0,1},i=1,2,3,4,5},那么集合A中满足条件“1≤|x1|+|x2|+|x3|+|x4|+|x5|≤2”的元素个数为(  )
A.40 B.50
C.60 D.70
16.一个口袋内有4个不同的红球、6个不同的白球.
(1)从中任取4个,使红球的个数不比白球的个数少,这样的取法有多少种?
(2)如果取1个红球记2分,取1个白球记1分,那么从口袋中取5个球,使总分不少于7的取法有多少种?
第2课时 组合的综合应用
1.A 用间接法得不同选法有-1=14种,故选A.
2.A 由分类加法计数原理知,两类配餐的搭配方法之和即为所求,所以每天不同午餐的搭配方法共有+=210(种). 
3.B 利用间接法,先在8个点中任取3个点,再减去三点共线的情况,所以符合条件的三角形的个数为--=42.
4.C 将4名志愿者分配到两所敬老院,则有以下两种分配方案:①一所敬老院1名志愿者,另外一所3名,则有=8种,②两所敬老院各安排两名志愿者,则有=6种,故共有8+6=14种方案.故选C.
5.ABC 对于A中,先从物理和历史中,任选1科,再从剩余的四科中任选2科,根据分步乘法计数原理,可得选法总数为种,所以A正确;对于B中,先从物理、历史中选1门,有种选法,若化学必选,再从生物、政治、地理中再选1门,有种选法,由分步乘法计数原理,可得选法共有种,所以B正确;对于C中,先从物理和历史中选1门,有种选法,若从政治和地理中只选1门,再从化学和生物中选1门,有种选法,若政治和地理都不选,则从化学和生物中选2门,只有1中选法,由分类加法计数原理,可得共有+,所以C正确;对于D中,若物理必选,只有1种选法,若化学、生物只选1门,则在政治、地理中选1门,有种选法,若化学、生物都选,则只有1种选法,由分类加法计数原理,可得选法总数为+1,所以D错误.故选A、B、C.
6.BD 若1班不再分配名额,则20个名额分配到5个班级,每个班级至少1个,根据隔板法,有种分配方法,故A错误;若1班有除劳动模范之外学生参加,则20个名额分配到6个班级,每个班级至少1个,根据隔板法,有种分配方法,故B正确;若每个班至少3人参加,由于1班有2个劳模,故只需先满足每个班级有2个名额,还剩10个名额,再将10个名额分配到6个班级,每个班级至少1个名额,故只需在10个名额中的9个空上放置5个隔板即可,故有=126种,故C错误,D正确.故选B、D.
7.56 解析:8个小球排好后对应着8个位置,题中的排法相当于在8个位置中选出3个位置给红球,剩下的位置给白球,由于这3个红球完全相同,所以没有顺序,是组合问题,这样共有=56种排法.
8.714 解析:若只有1名队长入选,则选法种数为·;若两名队长均入选,则选法种数为,故不同选法有·+=714(种).
9.180 解析:6位游客选2人去A风景区,有种,余下4位游客选2人去B风景区,有种,余下2人去C,D风景区,有种,所以分配方案共有=180(种).
10.解:可以分三类:
第一类,让两项工作都能胜任的青年从事英语翻译工作,有种选法;
第二类,让两项工作都能胜任的青年从事德语翻译工作,有种选法;
第三类,两项工作都能胜任的青年不从事任何工作,有种选法.
根据分类加法计数原理,一共有++=42(种)不同的选法.
11.D 此题可化归为圆上9个点可以组成多少个四边形,所有四边形的对角线交点个数即为所求,所以交点为=126(个).
12.36 解析:4位同学的总分为0,有以下三种情况:①4人都选择答甲题,2人答对,2人答错,有种情况;②4人都选择答乙题,2人答对,2人答错,有种情况;③2人答甲题且1人对1人错,2人答乙题且1人对1人错,有×2×2种情况.综上,共有++×2×2=6=36种情况.
13.36 解析:分两步完成:第一步,将4名大学生按2,1,1分成三组,其分法有种;第二步,将分好的三组分配到3个乡镇,其分法有种.所以满足条件的分配方案有·=36(种).
14.解:(1)所作出的平面有三类:
①α内1点,β内2点确定的平面,最多有·个.
②α内2点,β内1点确定的平面,最多有·个.
③α,β本身,有2个.
故所作的平面最多有·+·+2=98(个).
(2)所作的三棱锥有三类:
①α内1点,β内3点确定的三棱锥,最多有·个.
②α内2点,β内2点确定的三棱锥,最多有·个.
③α内3点,β内1点确定的三棱锥,最多有·个.
故最多可作出的三棱锥有·+·+·=194(个).
(3)当等底面积、等高时,三棱锥的体积相等.所以体积不相同的三棱锥最多有++·=114(个).故最多有114个体积不同的三棱锥.
15.B 
16.解:(1)从10个球中任取4个,使红球的个数不比白球的个数少的取法,可分三类:
第一类,红球取4个时,有种方法;
第二类,红球取3个、白球取1个时,有种方法;
第三类,红球取2个、白球取2个时,有种方法.
由分类加法计数原理可知,共有++=115(种)取法.
(2)设取红球x个、白球y个,依题意知,且0≤x≤4,0≤y≤6,由此解得或或这样使总分不少于7的取法可以分为三类:
第一类,红球取2个、白球取3个的方法数为;
第二类,红球取3个、白球取2个的方法数为;
第三类,红球取4个、白球取1个的方法数为.
由分类加法计数原理可知,共有符合条件的取法++=186(种).
2 / 2第2课时 组合的综合应用
题型一 有限制条件的组合问题
【例1】 课外活动小组共13人,其中男生8人,女生5人,并且男、女生各有一名队长,现从中选5人主持某项活动,依下列条件各有多少种选法?
(1)至少有一名队长当选;
(2)至多有两名女生当选;
(3)既要有队长,又要有女生当选.
【母题探究】
 (变设问)在本例条件下,至多有1名队长被选上的方法有多少种?
通性通法
有限制条件的组合问题主要有两类
(1)“含”与“不含”问题,其解法常用直接分步法,即“含”的先取出,“不含”的元素去掉再取,分步计数;
(2)“至多”“至少”问题,其解法常有两种解决思路:一是直接分类法,但要注意分类要不重不漏;二是间接法,注意找准对立面,确保不重不漏.
【跟踪训练】
 某传统文化学习小组有10名同学,其中男生5名,女生5名,现要从中选取4人参加学校举行的汇报展示活动.
(1)如果4人中男生、女生各2人,有多少种选法?
(2)如果男生甲与女生乙至少有1人参加,有多少种选法?
(3)如果4人中既有男生又有女生,有多少种选法?
题型二 与几何有关的组合问题
【例2】 如图,在以AB为直径的半圆周上,有异于A,B的六个点C1,C2,…,C6,线段AB上有异于A,B的四个点D1,D2,D3,D4.
(1)以这10个点中的3个点为顶点可作多少个三角形?其中含C1点的有多少个?
(2)以图中的12个点(包括A,B)中的4个点为顶点,可作出多少个四边形?
通性通法
解答几何图形组合问题的策略
(1)几何图形组合问题主要考查组合的知识和空间想象能力,题目多是以立体几何中的点、线、面的位置关系为背景的排列、组合.这类问题情境新颖,多个知识点交汇在一起,综合性强;
(2)解答几何图形组合问题的思考方法与一般的组合问题基本一样,只要把图形的限制条件视为组合问题的限制条件即可;
(3)计算时可用直接法,也可用间接法,要注意在限制条件较多的情况下,需要分类计算符合题意的组合数.
【跟踪训练】
 空间中有10个点,其中有5个点在同一个平面内,其余点无三点共线,四点共面,则以这些点为顶点,共可构成四面体的个数为(  )
A.205 B.110
C.204 D.200
题型三 组合中的分组、分配问题
【例3】 6本不同的书,按下列要求各有多少种不同的分法:
(1)分给甲、乙、丙三人,每人两本;
(2)分为三份,每份两本;
(3)分为三份,一份一本,一份两本,一份三本;
(4)分给甲、乙、丙三人,一人一本,一人两本,一人三本.
通性通法
分组、分配问题的求解策略
(1)分组问题属于“组合”问题,常见的分组问题有三种:
①完全均匀分组,每组的元素个数均相等;
②部分均匀分组,应注意不要重复,若有n组均匀,最后必须除以n!;
③完全非均匀分组,这种分组不考虑重复现象.
(2)分配问题属于“排列”问题.可以按要求逐个分配,也可以分组后再分配.
【跟踪训练】
 将4个编号为1,2,3,4的小球放入4个编号为1,2,3,4的盒子中.
(1)有多少种放法?
(2)每盒至多1个球,有多少种放法?
(3)恰好有1个空盒,有多少种放法?
(4)每个盒内放1个球,并且恰好有1个球的编号与盒子的编号相同,有多少种放法?
1.一个口袋中装有大小相同的6个白球和4个黑球,从中取2个球,则这2个球同色的不同取法有(  )
A.27种 B.24种
C.21种 D.18种
2.在1,2,3,4,5,6,7这组数据中,随机取出五个不同的数,则数字5是取出的五个不同数的中位数的所有取法种数为(  )
A.6 B.12
C.18 D.24
3.把5名同学分到甲、乙、丙3个小组,若甲组至少两人,乙、丙组至少各一人,则不同的分配方案有(  )
A.80种 B.120种
C.140种 D.50种
4.在同一个平面内有一组平行线共8条,另一组平行线共10条,这两组平行线相互不平行.
(1)它们共能构成    个平行四边形;
(2)共有    个交点.
用隔板法解相同元素的分配问题
1.把8个相同的篮球分发给甲、乙、丙、丁4人,共有多少种不同的分法?
2.将10个志愿者名额分配给4个学校,要求每校至少有一个名额,则不同的名额分配方法共有    种(用数字作答).
3.从4个班中选出7位同学组成体育啦啦队,每班至少1位同学,则不同的名额分配方案共有    种(用数字作答).
【问题探究】
 上述三个问题可归结为以下两个问题:
1.把n个相同的小球放入m个不同的盒子中(n≥m≥1),要求每个盒子非空,有多少种不同放法?
2.将n个相同的小球投放到m(n≥m≥1)个不同的盒子中,可以有空盒的不同放法有多少种?
方法总结
相同元素的分配问题用“隔板法”
  “隔板法”的解题步骤:①定个数,确定名额的个数、分成的组数以及各组名额的数量;②定空位,将元素排成一列,确定可插隔板的空位数;③插隔板,确定需要的隔板个数,根据组数要求插入隔板,利用组合数求解不同的分法种数.
【迁移应用】
1.将6个相同的小球放入编号为1,2,3,4的盒子中,求下列放法的种数.
(1)每个盒子都不空;
(2)恰有1个盒子空;
(3)恰有2个盒子空.
2.某校准备参加2024年高中数学联赛,把16个选手名额分配到高三年级的1~4班,每班至少一个名额.
(1)不同的分配方案共有多少种?
(2)若每班名额不少于该班的序号数,则不同的分配方案共有多少种?
第2课时 组合的综合应用
【典型例题·精研析】
【例1】 解:(1)法一 
法二 采用排除法有-=825(种).
(2)至多有两名女生含有三种情况:有两名女生、只有一名女生、没有女生,故共有·+·+=966(种).
(3)分两种情况:第一类,女队长当选,有种;
第二类,女队长不当选,则男队长当选,有·+·+·+种.
故共有+·+·+·+=790(种).
母题探究
 解:分两类情况:第一类,没有队长被选上,从除去两名队长之外的11名学生中选取5人,有=462(种)选法.
第二类,一名队长被选上,分女队长被选上和男队长被选上,不同的选法有:+=660(种)选法.
所以至多有1名队长被选上的方法有462+660=1 122(种).
跟踪训练
 解:(1)根据题意,在5名男生中任选2人,有=10(种)选法,在5名女生中任选2人,有=10(种)选法,则4人中男生、女生各2人的选法有10×10=100(种).
(2)根据题意,在10人中任选4人,有种选法,若甲、乙都没有参加,有种选法,则有-=140(种)符合题意的选法.
(3)根据题意,在10人中任选4人,有种选法,只有男生的选法有种,只有女生的选法有种,则既有男生又有女生的选法有--=200(种).
【例2】 解:(1)法一 可作出三角形+·+·=116(个).
法二 可作三角形-=116(个),
(2)可作出四边形+·+·=360(个).
跟踪训练
 A 法一 可以按从共面的5个点中取0个、1个、2个、3个进行分类,则得到所有的取法总数为+++=205.
法二 从10个点中任取4个点的方法数中去掉4个点全部取自共面的5个点的情况,得到所有构成四面体的个数为-=205.
【例3】 解:(1)根据分步乘法计数原理得有=90种.
(2)分给甲、乙、丙三人,每人两本有种方法,这个过程可以分两步完成:第一步分为三份,每份两本,设有x种方法;第二步再将这三份分给甲、乙、丙三名同学有种方法.根据分步乘法计数原理可得=x,所以x==15.因此分为三份,每份两本一共有15种方法.
(3)这是“不均匀分组”问题,一共有=60种方法.
(4)在(3)的基础上再进行全排列,所以一共有=360种方法.
跟踪训练
 解:(1)每个小球都可能放入4个盒子中的任何一个,将小球一个一个放入盒子,共有4×4×4×4=44=256种放法.
(2)这是全排列问题,共有=24种放法.
(3)法一 先将4个小球分为3组,有种方法,再将3组小球投入4个盒子中的3个盒子,有种投放方法,故共有·=144种放法.
法二 先取4个球中的2个“捆”在一起,有种选法,把它与其他2个球共3个元素分别放入4个盒子中的3个盒子,有种投放方法,所以共有=144种放法.
(4)1个球的编号与盒子编号相同的选法有种,
当1个球与1个盒子的编号相同时,用局部列举法可知,其余3个球的投放方法有2种,故共有2=8(种).
随堂检测
1.C 分两类:一类是2个白球有=15(种)取法,另一类是2个黑球有=6(种)取法,所以共有15+6=21(种)取法.
2.A 根据题意,数字5是取出的五个不同数的中位数,则取出的数字中必须有5,6,7,在1,2,3,4中有2个数字,则不同的取法有=6种.
3.A 当甲组中有3人,乙、丙组中各有1人时,有=20(种)不同的分配方案;当甲组中有2人,乙组中也有2人,丙组中只有1人时,有=30(种)不同的分配方案;当甲组中有2人,乙组中有1人,丙组中有2人时,有=30(种)不同的分配方案.故共有20+30+30=80(种)不同的分配方案.
4.(1)1 260 (2)80 解析:(1)第一组中每两条与另一组中的每两条直线均能构成一个平行四边形,故共有=1 260(个).
(2)第一组中每条直线与另一组中每条直线均有一个交点,所以共有=80(个). 
拓视野 用隔板法解相同元素的分配问题
问题探究
1.解:先将n个小球排成一列,然后在它们之间形成的(n-1)个空(不含两端的)中插入(m-1)块隔板,便将n个小球分割成m组,每组至少有1个小球,这m组小球依次放入m个不同的盒子,(m-1)块隔板的一种插法就对应了n个相同小球投入m个不同盒子的一种放法,故不同的放法共有种.
2.解:法一 将m个盒子排成一排(并在一起的两盒子的外壁视为一块隔板),除去两端的盒子的外壁,共有(m-1)块隔板;再把n个相同的小球投放到m个不同的盒子中,不同的放法对应着n个球和(m-1)块隔板的不同排法,于是问题转化为从(n+m-1)个位置中选出n个位置放球,共有不同放法=种.
法二 “将n个相同的小球投放到m(n≥m≥1)个不同的盒子中,允许有空盒子”的放法种数,等于“将n+m个相同的小球投放到m(n≥m)个不同的盒子中,每个盒子至少有1个球”的放法种数,根据法一可知,共种不同放法.
迁移应用
1.解:(1)需将6个小球分为4组,然后每个盒子放入1组,可用3块隔板放在6个小球之间的5个空隙中的任意3处,每种放法对应着一种分法,故共有=10种.
(2)恰有1个盒子空,需将6个小球分为3组,然后放入其中的3个盒子中,每个盒子放1组.这时可用2块隔板放在6个小球之间的5个空隙中的任意2处,故共有=40种.
(3)恰有2个盒子空,需将6个小球分为2组,然后放入其中的2个盒子中,每个盒子放1组,这时可用1块隔板放在5个空隙中的任意1处,故共有=30种.
2.解:(1)问题相当于将16个小球串成一串,插入3块隔板,截为4段,16个小球间有15个空隙,从中选3个插入隔板,插法种数为==455.故不同的分配方案共有455种.
(2)问题等价于先给2班1个小球,3班2个小球,4班3个小球,再把余下的10个小球放入4个盒子里,求每个盒子里至少有1个小球的分配方法种数问题.即相当于将10个小球串成一串,截为4段,10个小球间有9个空隙,从中选3个插入隔板,插法种数为=84,因此不同的分配方案共有84种.
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