第三章 章末复习与总结(课件 学案)高中数学人教B版(2019)选择性必修 第二册

文档属性

名称 第三章 章末复习与总结(课件 学案)高中数学人教B版(2019)选择性必修 第二册
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文件大小 1.9MB
资源类型 教案
版本资源 人教B版(2019)
科目 数学
更新时间 2025-08-06 18:33:10

文档简介

一、数学抽象
  数学抽象是数学的基本思想,是形成理性思维的重要基础,反映了数学的本质特征,贯穿在数学的产生、发展、应用的过程中.数学抽象使得数学成为高度概括、表达准确、结论一般、有序多级的系统.对基本计数原理、排列问题及组合问题的理解是数学抽象的学科素养在本章中的体现.
培优一 排列问题
【例1】 把5件不同产品摆成一排,若产品A与产品B相邻,且产品A与产品C不相邻,则不同的摆法有    种.
尝试解答                       
                       
培优二 组合问题
【例2】 (2023·新高考Ⅱ卷3题)某学校为了解学生参加体育运动的情况,用比例分配的分层随机抽样方法作抽样调查,拟从初中部和高中部两层共抽取60名学生,已知该校初中部和高中部分别有400名和200名学生,则不同的抽样结果共有(  )
A.·种   B.·种
C.·种 D.·种
尝试解答                       
                       
二、数学运算
  在数学运算核心素养的形成过程中,能够通过运算促进数学思维发展,养成程序化思考问题的习惯,形成一丝不苟、严谨求实的科学精神.
培优三 排列数的简单计算
【例3】 求证:(1)=·;
(2)=1·3·5·…·(2n-1).
尝试解答                       
                       
培优四 二项式定理的应用
【例4】 (1)(x+y)5的展开式中x3y3的系数为(  )
A.5 B.10
C.15 D.20
(2)(2023·天津高考11题)在(2x3-)6的展开式中,x2的系数是    ;
(3)二项展开式(1+2x)5=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4+a5x5,则a4=    ,a1+a3+a5=    .
尝试解答                       
                       
三、直观想象
  直观想象是发现和提出数学问题、分析和解决数学问题的重要手段.本章内容中的染色与杨辉三角问题就是利用图形描述、分析数学问题;建立形与数的联系;构建数学问题的直观模型,探索解决问题的思路.
培优五 染色问题
【例5】 如图,给7条线段的5个端点涂色,要求同一条线段的两个端点不能同色,现有4种不同的颜色可供选择,则不同的涂色方法种数为(  )
A.24        B.48
C.96 D.120
尝试解答                       
                       
培优六 杨辉三角问题
【例6】 西方著名的莱布尼茨三角形要比中国的杨辉三角晚400多年.如图是莱布尼茨三角形,它和杨辉三角也有着极其密切的联系,在莱布尼茨三角形中,第(n+1)行第k列(n∈N,k≤n+1且k∈N*)的数为    .
 
  
   
    
     
      
……
尝试解答                       
                       
四、逻辑推理
  在逻辑推理核心素养的形成过程中,学生能够发现问题和提出命题;能掌握推理的基本形式,表述论证的过程.本章中逻辑推理素养主要体现在利用排列、组合的知识解决综合性的实际问题中.
培优七 排列、组合的综合应用
【例7】 (1)用数字1,2,3,4,5,6组成没有重复数字的四位数,其中个位、十位和百位上的数字之和为偶数的四位数共有    个(用数字作答);
(2)(2023·新高考Ⅰ卷13题)某学校开设了4门体育类选修课和4门艺术类选修课,学生需从这8门课中选修2门或3门课,并且每类选修课至少选修1门,则不同的选课方案共有    种(用数字作答).
尝试解答                       
                       
培优八 构造排列、组合模型
【例8】 某幢楼房从2楼到3楼共10个台阶,上楼可以一步上1个台阶,也可以一步上2个台阶.若规定从2楼到3楼用8步走完,则上楼的方法有(  )
A.14种 B.16种
C.21种 D.28种
尝试解答    
章末复习与总结
【例1】 36 解析:将产品A与B捆绑在一起,然后与其他三件产品进行全排列,共有种方法,将产品A,B,C捆绑在一起,且A在中间,然后与其他两件产品进行全排列,共有种方法.于是符合题意的排法共有-=36(种).
【例2】 D 由题意知,从初中部抽取学生的人数为60×=40,从高中部抽取学生的人数为60×=20.完成这件事情分两步:第一步,从初中部400名学生中抽取40名学生,有种方法;第二步,从高中部200名学生中抽取20名学生,有种方法.根据分步乘法计数原理,得共有·种不同的抽样结果.故选D.
【例3】 证明:(1)·=·(n-m)!=n!=,故原等式成立.
(2)=


=1·3·5·…·(2n-1),故原等式成立.
【例4】 (1)C (2)60 (3)80 122
解析:(1)(x+y)5展开式的通项公式为Tr+1=x5-ryr(r∈N且r≤5),
所以的各项与(x+y)5展开式的通项的乘积可表示为:xTr+1=xx5-ryr=x6-ryr和Tr+1=x5-ryr=x4-ryr+2.
在xTr+1=x6-ryr中,令r=3,可得:xT4=x3y3,该项中x3y3的系数为10,
在Tr+1=x4-ryr+2中,令r=1,可得:T2=x3y3,该项中x3y3的系数为5.
所以x3y3的系数为10+5=15.故选C.
(2)(2x3-)6的展开式的通项为Tr+1=(2x3)6-r·(-)r=26-r(-1)rx18-4r(r=0,1,2,…,6).令18-4r=2,解得r=4.所以T5=22·(-1)4x2=60x2,故x2的系数为60.
(3)(1+2x)5的通项为Tr+1=(2x)r=2rxr,令r=4,则T5=24x4=80x4,故a4=80;a1+a3+a5=21+23+25=122.
【例5】 C 若A,D颜色相同,先涂E有4种涂法,再涂A,D有3种涂法,再涂B有2种涂法,C只有1种涂法,共有4×3×2×1=24(种)涂法;若A,D颜色不同,先涂E有4种涂法,再涂A有3种涂法,再涂D有2种涂法,当B和D相同时,C有2种涂法,当B和D不同时,B,C只有1种涂法,共有4×3×2×(2+1)=72(种)涂法,根据分类加法计数原理可得,共有24+72=96(种)涂法,故选C.
【例6】  解析:将莱布尼茨三角形中第二行每个数乘2,第三行每个数乘3,……,第n行每个数乘n,得到如图所示的三角形数阵,再把每个数取倒数就得到了杨辉三角.杨辉三角中第(n+1)行第k列的数为,倒数是,除以(n+1)就是.
1
1 1
1  1
1   1
1    1
……
【例7】 (1)180 (2)64 解析:(1)个位、十位和百位上的数字之和为偶数的四位数可分为以下两类:
第一类,个位、十位和百位上的数字为3个偶数,即个位、十位和百位上的数字由2,4,6构成,共有种排法.千位数字只能从1,3,5中选,所以有种选法.
故本类包含个数.
第二类,个位、十位和百位上的数字为1个偶数和2个奇数,先选出这个偶数有种选法,然后选2个奇数,有种选法,将3个数排序得到四位数的个位、十位和百位,有种排法.最后选千位数字,从余下的3个数中选,有种选法.
故本类包含个数.
综上,根据分类加法计数原理可知,满足题意的四位数共有+=180(个).
(2)由题意,可分三类:第一类,体育类选修课和艺术类选修课各选修1门,有种方案;第二类,在体育类选修课中选修1门,在艺术类选修课中选修2门,有种方案;第三类,在体育类选修课中选修2门,在艺术类选修课中选修1门,有种方案.综上,不同的选课方案共有++=64(种).
【例8】 D 法一 由于10÷8的余数为2,所以可以肯定一步1个台阶共6次,一步2个台阶共2次.选定在这8步中一步1个台阶的位置或一步2个台阶的位置,则上楼的方法有==28种.
法二 从结果入手,设计“插入法模型”,构建组合数求解.问题就是将6个1和2个2组合,不同的组合方案就构成了不同的走法,分两类完成.①若2个2不相邻,则先排6个1构成7个空位,在7个空位中选出2个插入2,有种方法;②若2个2相邻,则先排6个1构成7个空位,在7个空位中选出1个插入2个2,有种方法,因此上楼的方法共有+=28(种).
3 / 3(共27张PPT)
章末复习与总结
一、数学抽象
数学抽象是数学的基本思想,是形成理性思维的重要基础,反映
了数学的本质特征,贯穿在数学的产生、发展、应用的过程中.数学
抽象使得数学成为高度概括、表达准确、结论一般、有序多级的系
统.对基本计数原理、排列问题及组合问题的理解是数学抽象的学科
素养在本章中的体现.
培优一 排列问题
【例1】 把5件不同产品摆成一排,若产品 A 与产品 B 相邻,且产品
A 与产品 C 不相邻,则不同的摆法有 种.
解析:将产品 A 与 B 捆绑在一起,然后与其他三件产品进行全排列,
共有 种方法,将产品 A , B , C 捆绑在一起,且 A 在中间,然后
与其他两件产品进行全排列,共有 种方法.于是符合题意的排法
共有 - =36(种).
36
培优二 组合问题
【例2】 (2023·新高考Ⅱ卷3题)某学校为了解学生参加体育运动的
情况,用比例分配的分层随机抽样方法作抽样调查,拟从初中部和高
中部两层共抽取60名学生,已知该校初中部和高中部分别有400名和
200名学生,则不同的抽样结果共有(  )
A. · 种 B. · 种
C. · 种 D. · 种
解析:  由题意知,从初中部抽取学生的人数为60× =40,
从高中部抽取学生的人数为60× =20.完成这件事情分两步:
第一步,从初中部400名学生中抽取40名学生,有 种方法;第二
步,从高中部200名学生中抽取20名学生,有 种方法.根据分步乘
法计数原理,得共有 · 种不同的抽样结果.故选D.
二、数学运算
在数学运算核心素养的形成过程中,能够通过运算促进数学思维
发展,养成程序化思考问题的习惯,形成一丝不苟、严谨求实的科学
精神.
培优三 排列数的简单计算
【例3】 求证:(1) = · ;
证明: · = ·( n - m )!= n != ,故
原等式成立.
(2) =1·3·5·…·(2 n -1).
证明:



=1·3·5·…·(2 n -1),
故原等式成立.
培优四 二项式定理的应用
【例4】 (1) ( x + y )5的展开式中 x3 y3的系数为
( C )
A. 5 B. 10
C. 15 D. 20
C
解析: ( x + y )5展开式的通项公式为 Tr+1= x5- ryr ( r
∈N且 r ≤5),
所以 的各项与( x + y )5展开式的通项的乘积可表示
为: xTr+1= x x5- ryr = x6- ryr 和 Tr+1= x5- ryr = x4
- ryr+2.
在 xTr+1= x6- ryr 中,令 r =3,可得: xT4= x3 y3,该项中 x3
y3的系数为10,
在 Tr+1= x4- ryr+2中,令 r =1,可得: T2= x3 y3,该项
中 x3 y3的系数为5.
所以 x3 y3的系数为10+5=15.故选C.
(2)(2023·天津高考11题)在(2 x3- )6的展开式中, x2的系数
是 ;
解析: (2 x3- )6的展开式的通项为 Tr+1= (2 x3)6-
r (- ) r = 26- r (-1) rx18-4 r ( r =0,1,2,…,6).令
18-4 r =2,解得 r =4.所以 T5= 22·(-1)4 x2=60 x2,故 x2
的系数为60.
60
(3)二项展开式(1+2 x )5= a0+ a1 x + a2 x2+ a3 x3+ a4 x4+ a5 x5,
则 a4= , a1+ a3+ a5= .
解析: (1+2 x )5的通项为 Tr+1= (2 x ) r =2 r xr ,
令 r =4,则 T5=24 x4=80 x4,故 a4=80; a1+ a3+ a5=21
+23 +25 =122.
80
122
三、直观想象
直观想象是发现和提出数学问题、分析和解决数学问题的重要手
段.本章内容中的染色与杨辉三角问题就是利用图形描述、分析数学
问题;建立形与数的联系;构建数学问题的直观模型,探索解决问题
的思路.
培优五 染色问题
【例5】 如图,给7条线段的5个端点涂色,要求同一条线段的两个
端点不能同色,现有4种不同的颜色可供选择,则不同的涂色方法种
数为(  )
A. 24 B. 48
C. 96 D. 120
解析:  若 A , D 颜色相同,先涂 E 有4种涂法,再涂 A , D 有3种涂
法,再涂 B 有2种涂法, C 只有1种涂法,共有4×3×2×1=24(种)
涂法;若 A , D 颜色不同,先涂 E 有4种涂法,再涂 A 有3种涂法,再
涂 D 有2种涂法,当 B 和 D 相同时, C 有2种涂法,当 B 和 D 不同时,
B , C 只有1种涂法,共有4×3×2×(2+1)=72(种)涂法,根据
分类加法计数原理可得,共有24+72=96(种)涂法,故选C.
培优六 杨辉三角问题
【例6】 西方著名的莱布尼茨三角形要比中国的杨辉三角晚400多
年.如图是莱布尼茨三角形,它和杨辉三角也有着极其密切的联系,
在莱布尼茨三角形中,第( n +1)行第 k 列( n ∈N, k ≤ n +1且 k
∈N*)的数为 .
……

解析:将莱布尼茨三角形中第二行每个数乘2,第三行每个数乘
3,……,第 n 行每个数乘 n ,得到如图所示的三角形数阵,再把每个
数取倒数就得到了杨辉三角.杨辉三角中第( n +1)行第 k 列的数为
,倒数是 ,除以( n +1)就是 .
1
1 1
1   1
1     1
1       1
……
1 1
四、逻辑推理
在逻辑推理核心素养的形成过程中,学生能够发现问题和提出命
题;能掌握推理的基本形式,表述论证的过程.本章中逻辑推理素养
主要体现在利用排列、组合的知识解决综合性的实际问题中.
培优七 排列、组合的综合应用
【例7】 (1)用数字1,2,3,4,5,6组成没有重复数字的四位
数,其中个位、十位和百位上的数字之和为偶数的四位数共
有 个(用数字作答);
180
解析: 个位、十位和百位上的数字之和为偶数的四位数可
分为以下两类:
第一类,个位、十位和百位上的数字为3个偶数,即个位、十位
和百位上的数字由2,4,6构成,共有 种排法.千位数字只能
从1,3,5中选,所以有 种选法.
故本类包含 个数.
第二类,个位、十位和百位上的数字为1个偶数和2个奇数,先
选出这个偶数有 种选法,然后选2个奇数,有 种选法,将3
个数排序得到四位数的个位、十位和百位,有 种排法.最后
选千位数字,从余下的3个数中选,有 种选法.
故本类包含 个数.
综上,根据分类加法计数原理可知,满足题意的四位数共有
+ =180(个).
(2)(2023·新高考Ⅰ卷13题)某学校开设了4门体育类选修课和4门艺
术类选修课,学生需从这8门课中选修2门或3门课,并且每类选
修课至少选修1门,则不同的选课方案共有 种(用数
字作答).
64
解析: 由题意,可分三类:第一类,体育类选修课和艺术
类选修课各选修1门,有 种方案;第二类,在体育类选修
课中选修1门,在艺术类选修课中选修2门,有 种方案;第
三类,在体育类选修课中选修2门,在艺术类选修课中选修1
门,有 种方案.综上,不同的选课方案共有 + +
=64(种).
培优八 构造排列、组合模型
【例8】 某幢楼房从2楼到3楼共10个台阶,上楼可以一步上1个台
阶,也可以一步上2个台阶.若规定从2楼到3楼用8步走完,则上楼的
方法有(  )
A. 14种 B. 16种
C. 21种 D. 28种
解析:  法一 由于10÷8的余数为2,所以可以肯定一步1个台阶共
6次,一步2个台阶共2次.选定在这8步中一步1个台阶的位置或一步2
个台阶的位置,则上楼的方法有 = =28种.
法二 从结果入手,设计“插入法模型”,构建组合数求解.问题就
是将6个1和2个2组合,不同的组合方案就构成了不同的走法,分两类
完成.①若2个2不相邻,则先排6个1构成7个空位,在7个空位中选出2
个插入2,有 种方法;②若2个2相邻,则先排6个1构成7个空位,
在7个空位中选出1个插入2个2,有 种方法,因此上楼的方法共有
+ =28(种).
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