2025年广东省茂名市茂南一中中考物理四模试卷（含解析）
文档属性
| 名称 | 2025年广东省茂名市茂南一中中考物理四模试卷（含解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 647.5KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-08-07 10:43:31 | ||
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文档简介
2025年广东省茂名市茂南一中中考物理四模试卷
一、单选题：本大题共7小题，共15分。
【生活主题】如图所示是小明饭后洗碗的情景，完成各小题。
1.小明打开水龙头调节水温直至感觉水温不冷不热，此时水的温度大约是（ ）
A. 0℃ B. 10℃ C. 38℃ D. 90℃
2.在洗碗时，小明发现不同材质碗碟之间碰撞发出的声音不同，主要是因为____不同（ ）
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 声速
3.小明洗碗时用力摩擦去除污渍，主要是为了通过（ ）
A. 增大压力来增大摩擦力 B. 减小压力来增大摩擦力
C. 减小压力来减小摩擦力 D. 增大压力来减小摩擦力
4.小明用两枚相同铁钉和若干大头针探究电磁铁磁性强弱的实验，由如图现象可知（ ）
A. 电磁铁磁性强弱与电流强度有关
B. 电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关
C. 电磁铁A的磁性强于电磁铁B
D. 电磁铁A、B的磁性强弱相同
5.小明用如图所示装置模拟照相机拍照，虚线框位置应装入的光学元件为（ ）
A. 凸透镜 B. 三棱镜 C. 凹透镜 D. 平面镜
6.古代劳动人民巧妙地在冬季利用“注水破石”的方法开山采石。白天给石头打孔后注满水并封实，晚上水降温结冰后，石头就裂开了。水结冰发生的物态变化属于（ ）
A. 汽化 B. 升华 C. 熔化 D. 凝固
7.如图所示电路中，开关S闭合，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A的示数多变大
B. 灯泡的亮度将变暗
C. 电压表V的示数将变大
D. 滑动变阻器R的电阻将变小
二、填空题：本大题共5小题，共30分。
8.在探索微小粒子的历程中，科学家发现原子是可分的。如图所示，A是______；B是______；A中带正电的微粒是______。（均填微粒的名称）
9.【科技主题】近年来，中国科技经历了迅猛的发展进程，在航天、航海等多个领域取得重大突破。请完成问题。
（1）如图1甲“雪龙2”号破冰船利用自身重力破冰，说明力可以改变物体的______；图1乙“奋斗者”号潜水器下潜的深度越深，所受海水的压强越______；图1丙是“长征18号”核潜艇，其内部核反应堆通过______（选填“聚变”或“裂变”）获得能量。
（2）2024年9月25日，中国成功发射一枚洲际弹道导弹，飞行距离约1.2万公里，精确命中预定海域。该洲际弹道导弹点火后的情景如图2所示，其发动机是______（选填“电动机”或“热机”），工作时主要将化学能转化为______能再转化为______能。
（3）如图3所示的装置中，闭合开关后，导体AB在磁场中沿______（选填“左右”或“上下”）方向运动时，灵敏电流计指针会发生偏转，这就是______现象。人们根据此现象发明了______（选填“电动机”或“发电机”）。
（4）如图4，小明在公园骑行，以树木为参照物，小明是______的（选填“运动”或“静止”）；紧急刹车时小明身体会向前倾，这是由于小明具有______的缘故；小明下车后，自行车对水平地面的压强将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
10.如图所示，嫦娥六号能将图片信息传回到地球上，是利用 传递信息（选填“电磁波”或“声波”）。太阳能电池板对电池进行充电时，电池相当于 （选填“电源”或“用电器”）。嫦娥六号有特殊的降温神器，能使水由固态直接变成气态，带走发动机的热量，通过 （填物态变化）给发动机降温。
11.如图甲是一种可调节音量的电位器结构示意图，滑杆e相当于乙图滑动变阻器的______端（选填“1”“2”或“3”），将BC接入电路，滑杆e逆时针转动时，电位器接入电路的电阻______，通过电位器的电流______，实现音量调节（后两空选填“变大”“变小”或“不变”）。
12.如图甲所示，是明代宋应星在《天工开物》中记载的提水工具“桔槔”。为了便于研究，把桔槔视为轻质杠杆，如图乙，OA与OB的距离之比3：1；不提水时，重石端位置较低；当要汲水时，人用力向下拉轻质直杆使水桶下降；当水桶汲水后，另一端重石通过杠杆作用将水桶提升。
（1）当水桶下降时，重石上升，重石的重力势能将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（2）桔槔在水平位置静止时，若重石受到的重力为450N，则水和桶受到的总重力为______N。
（3）人向下拉直杆时，小明认为桔槔是省力杠杆，下列能够支持其观点的事实证据是______。
A.力臂LOA＞LOB
B.杠杆平衡条件
C.拉力FA＞FB
（4）若要一次提取更多的水，可将支点O向靠近______（选填“A”或“B”）端的方向移动.
（5）俯卧撑是一项常见的健身项目，采用不同的方式做俯卧撑，健身效果通常不同。图丙所示的是小京在水平地面上做俯卧撑保持静止时的情境，他的身体与地面平行，地面对手的作用力为F1；图丁所示的是小京手扶栏杆做俯卧撑保持静止时的情境，此时他的身体姿态与图甲相同，只是身体与水平地面成一定角度，栏杆对手的作用力F2与他的身体垂直，你认为F2与F1的大小关系是：F2 ______F1（选填“＜”、“＞”或“=”），请说明你判断的理由：______。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
13.悬挂灯笼是中华民族传统习俗，如图所示，请在O点画出灯笼静止时所受拉力F和重力G的示意图。
14.画出图中凸透镜的两条入射光线。
15.图甲为家庭常用的三孔单控插座实物图，图乙为其电路图，用笔画线代替导线将带开关的插座接入家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
16.（1）如1图所示，U盘的长度为______cm。
（2）如2图所示，弹簧测力计的示数为______N。
（3）如3图所示温度计示数是______℃。
（4）如4图，小明用托盘天平测量鹅卵石的质量。
①把天平放在水平桌面上，此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡。
②如图乙所示，用调节好的天平测鹅卵石的质量，用镊子由大到小在右盘中加减砝码，当添加最小砝码后，指针偏右，接下来的操作是______（填字母序号）。
A.取下最小的砝码，将横梁上的平衡螺母向右调
B.取下最小的砝码，将处在零刻度位置的游码向右移
③如图丙所示，正确调节后天平的示数为______g。
17.小明用如图所示的电路“探究串联电路的电流特点”，图甲为电路图，图乙为实物图，用同一个电流表分别接在A、B、C三处去测量电流。
（1）连接实物电路时，开关应处于______状态。
（2）第1次实验时，小明依次测量A、B和C三处的电流，并记录在表中，C点的电流表示数如图丙所示，为______A。
（3）换用不同电池完成测量后，记录数据如表所示，分析数据可得：串联电路中电流______。
实验序号 电流表的位置 A B C
1 电流I/A 0.32 0.32
2 电流I/A 0.26 0.26 0.26
3 电流I/A 0.20 0.20 0.20
（4）为使结论更具备普遍性，下一步最好选择与原来规格______（选填“相同”或“不相同”）的灯泡进行实验。这种从个别事实（多次实验）推理出普遍性规律的思维方法叫______法（选填“归纳”、“类比”或“控制变量”）
（5）实验后，小明猜想灯泡靠近电源正极的远近可能会影响灯泡亮度。为了验证这个猜想，以下方案可行的是______（填字母序号）。
A.开关与电流表位置互换
B.两灯泡位置互换
18.在“探究影响浮力大小因素“的实验中，某实验小组进行了如图所示的实验。
（1）让金属块从图B到C位置，金属块浸入水中的体积______，观察到弹簧测力计的示数______（均选填“变大”“变小”或“不变”）；进一步分析图B到D可得：物体所受的浮力大小与______有关。
（2）比较______三次实验，可以得出：浮力大小与液体的密度有关。
（3）完成上面实验后，往E中加入适量的水，会观察到弹簧测力计的示数______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（4）小明觉得浮力的大小可能与物体的______有关，为了研究猜想，小明下一步应______。
19.小明发现太阳能热水器的玻璃管都是黑色的，物体的吸热本领与颜色有关吗？
为了探究这个问题，小明找来两个完全相同的透明塑料瓶，外壁均匀涂上相同厚度的黑白涂层，分别装入适量的水后置于太阳光下，如图所示。每隔3min测一次瓶中水的温度，测得数据如表所示：
日照时间/min 0 3 6 9 12 16 18 21 24 27 30
白色瓶水温℃ 23 24 25 25 26 27 27 28 29 29 30
黑色瓶水温℃ 23 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34
（1）两个相同的瓶内应装入______和初温相同的水。
（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水变热，这是通过______的方式改变内能。
（3）小明通过观察______来比较水吸收热量的多少。
（4）通过对上述数据的分析，可初步得出结论：______。
（5）若黑色瓶中水的体积为2×10-4m3，其从初温升至30℃吸收的热量是______J。[c水=4.2×103J/（kg ℃），ρ水=1.0×103kg/m3]
（6）本次实验的结论在实际生活中的应用非常广泛，请你列举一例：______。
五、计算题：本大题共2小题，共12分。
20.2024年3月22日我国自主研制的全球首款XCA4000起重机完成首吊，顺利将风电的风机吊装到位，如图所示。某次作业中，将质量为4×104kg的配件吊起，竖直上升至150m高度，用时5min。（g取10N/kg）求：
（1）配件竖直上升过程的平均速度；
（2）配件的重力；
（3）配件上升过程中起重机对配件做的功和功率。
21.图甲所示的电饭锅简化电路原理图如图乙所示，其额定电压为220V，R1、R2为阻值不变的加热电阻，S为温控开关，1为加热挡，2为保温挡，额定加热功率为440W。求：
（1）加热时电路中的电流；
（2）R1的阻值；
（3）电饭锅加热50min消耗的电能。
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
22.阅读短文，回答问题。
刀片式磷酸铁锂电池我国新能源汽车电池技术全球领先，目前我国新能源汽车所用电池主要有磷酸铁锂电池和三元锂电池。“刀片电池”是我国新一代磷酸铁锂电池的一个名称，如图甲所示，刀片电池延续了磷酸铁锂的技术路线，通过改变电芯的形状优化了磷酸铁锂电池的性能。测试结果发现，这款电池在电池的空间利用率、能量密度、电池结构强度、电池轻量化、电池安全性等方面具有更优化的设计。其中电池的能量密度即电池平均单位体积或质量所能储存的电能。电池的能量密度一般分质量能量密度和体积能量密度两个维度。
电池质量能量密度=
电池体积能量密度=
多片“刀片电池”串联起来就组装成电池组，国内某车型所安装的电池组的相关数据见表：
电池组
满电时储存的电能 76.8kW h
体积能量密度 442Wh/L
质量能量密度 170Wh/kg
稳定的放电电压 384V
包含“刀片电池”数量 120片
（1）该电池组在充电过程中主要将电能转化为______能。
（2）从表中数据可知，单片“刀片电池”稳定的放电电压为______V。
（3）若利用充电功率恒为100kW的充电桩对该电池组进行充电，可在0.5h内将该电池组从电量为30%充至80%，此过程中的充电效率是______。
（4）从表中数据可知，这个磷酸铁锂电池的平均密度为______kg/m3。通常情况下，三元锂电池的平均密度大约是4500-5000kg/m3，这就体现了磷酸铁锂电池在______（在下列选项中选填一个序号）方面比三元锂电池具有更优化的设计。
①空间利用率
②能量密度
③电池结构强度
④电池轻量化
⑤电池安全性
（5）测试人员对安装了上述电池组的车型进行测试，充满电后，测试人员驾驶该车在平直公路上匀速行驶1h,电池组的电量减少了12.5%，已知测试过程中汽车的能量转化效率为80%，该车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图乙所示，则测试过程中汽车匀速行驶的速度为______m/s。
1.【答案】
【解析】解：人体的温度大约是37℃，小明打开水龙头调节水温直至感觉水温不冷不热，说明此时水温接近人体的温度，约37℃左右，故C符合题意、ABD不符合题意。
故选：C。
人体的温度大约是37℃，据此分析。
本题考查了温度的估测，属于基础题。
解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同，不同材质碗碟之间碰撞发出的声音不同是因为不同材质的碗碟发出声音的音色不同。故选：C。
音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
解：小明洗碗时用力摩擦去除污渍，是在接触面的粗糙程度一定的情况下，通过增大压力来增大摩擦力，将碗洗的更干净。
故选：A。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了增大摩擦力的方法，属于基础题。
4.【答案】
【解析】解：B、在探究电磁铁磁性强弱的实验中，通常用电磁铁吸引大头针的数量来判断磁性强弱。在该实验里，小明使用两枚相同铁钉绕制成电磁铁，将它们串联在电路中，这意味着通过两个电磁铁的电流是相同的。由图中现象可看出，两个电磁铁吸引大头针的数量不同，说明它们的磁性强弱不同，而此时唯一的变量是线圈匝数，所以可以得出电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关的结论，在电流相同的情况下，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强。故B正确。
ACD、实验中通过控制变量，保持电流相同，所以无法得出磁性强弱与电流强度有关的结论，A 选项错误。从图中明显能看出电磁铁B吸引的大头针更多，说明电磁铁B的磁性强于电磁铁 ACD 错误。
故选：B。
电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。
对影响电磁铁磁性强弱的因素，是我们必须熟记的内容。
5.【答案】
【解析】解：由图可知，光屏上成倒立、缩小的实像，与照相机成像原理相同，因此虚线框位置应装入的光学元件为凸透镜，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据凸透镜成实像时，u＞2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
此题考查凸透镜成像的规律。掌握凸透镜成像的特点是解题关键。
6.【答案】
【解析】解：水结冰发生的物态变化属于凝固，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
本题考查凝固现象，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：由电路图可知滑动变阻器和灯泡串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端的电压；
当滑片向右滑动时，接入电路的电阻变大，串联电路的总电阻变大；根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
根据欧姆定律得U=IR可知：灯泡两端的电压变小，电压表示数变小；根据P=I2R可知，灯泡的实际功率变小，亮度变暗。
故选：B。
由电路图可知滑动变阻器和灯泡串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端的电压；当滑片向右滑动时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律确定电流表示数的变化情况，进一步可知灯泡两端电压的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，灯泡亮度的变化。
解决此类问题要根据电器的连接情况分析总电阻的变化，结合欧姆定律和串并联电路电压、电流的规律分析电路中的电流和电压变化情况。
8.【答案】
【解析】解：探究发现，原子是由原子核，核外电子组成，电子绕着原子核转动，故A是原子核，B是（核外）电子。
原子核是由带正电的质子与不带电的中子组成，即A中带正电的微粒是质子。
故答案为：原子核；（核外）电子；质子。
原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子组成；质子带正电，中子不带电，电子带负电。
此题考查了原子结构，属于基础知识。
9.【答案】
【解析】解：（1）破冰船利用自身重力破冰，是通过压力使冰的形状发生改变，所以体现了力可以改变物体的形状；
因液体密度不变时，深度越深，液体压强越大，所以“奋斗者”号潜水器下潜深度越深，所受海水压强越大；
由物理常识可知，目前核潜艇的核反应堆是通过核裂变来获得能量的。
（2）热机是利用内能来做功的机器，导弹发动机通过燃烧燃料，将燃料的化学能转化为内能，产生高温高压气体，然后这些气体膨胀对外做功，将内能转化为导弹的机械能，推动导弹飞行；而电动机是将电能转化为机械能的装置，不符合导弹发动机的工作原理。
（3）在图3中，闭合开关，导体AB在磁场中沿左右方向运动时，会切割磁感线，则灵敏电流计指针会发生偏转，这就是电磁感应现象，人们根据此现象发明了发电机。
（4）小明在公园骑行的过程中，以树木为参照物，小明的位置发生了变化，则小明是运动的；
紧急刹车时，小明的下半身随车停止运动，而上半身由于惯性仍保持原来的运动状态继续向前运动，所以小明会向前倾；
小明下车后，自行车对水平地面的压力减小，受力面积不变，由p=可知自行车对水平地面的压强将变小。
故答案为：（1）形状；大；裂变；（2）热机；内；机械；（3）左右；电磁感应；发电机；（4）运动；惯性；变小。
（1）力可以使物体发生形变，也可以改变物体的运动状态；
根据液体压强公式p=ρgh可知，液体密度不变时，深度越深，液体压强越大；
核裂变是重核分裂成几个中等质量的核的过程，在这个过程中会释放出大量的能量。
（2）热机是利用内能来做功的机器，导弹发动机通过燃烧燃料，将燃料的化学能转化为内能，产生高温高压气体，然后这些气体膨胀对外做功，将内能转化为导弹的机械能，推动导弹飞行。
（3）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；发电机的原理是电磁感应现象。
（4）若物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；若物体相对于参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的；
物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性；
压强的大小与压力大小和受力面积有关，根据情景判断各个因素的变化，再利用压强公式计算压强的变化。
本题考查了力的作用效果、热机、电磁感应现象、惯性、能量转化、压强大小的比较等知识，有一定难度。
10.【答案】
【解析】解：嫦娥六号能将图片信息传回到地球上，是利用电磁波传递信息。太阳能电池板对电池进行充电时，电池相当于用电器。嫦娥六号有特殊的降温神器，能使水由固态直接变成气态，带走发动机的热量，通过升华给发动机降温。
故答案为：电磁波；用电器；升华。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作。
物质从固态直接变成气态的过程叫升华，升华吸热，具有制冷作用。
本题考查了电磁波的应用，电路的组成，升华现象。
11.【答案】
【解析】解：滑杆e端可绕定点旋转，改变弧形电阻接入电路中的长度，从而改变电阻，相当于滑动变阻器的滑片，即图乙中的3。
将该电位器的铜片B和铜片C接入电路中，弧形电阻的左边部分接入电路，则滑杆e逆时针转动时，接入电路的部分变短，则电位器接入电路的电阻变小，即对电流的阻碍作用变小，故通过电位器的电流变大。
故答案为：3；变小；变大。
电位器实际上是阻值较大的滑动变阻器，收音机音量开关相当于一个滑动变阻器，分析电路结构，根据题目要求，结合欧姆定律分析答题。
此题体现的是滑动变阻器在实际电路中的应用，从实际电路中抽象出滑动变阻器，利用其变阻特点进行分析是正确解题的关键。
12.【答案】
【解析】解：（1）重力势能与质量和高度有关，重石上升，重石的重力势能将增大；
（2）桔槔在水平位置静止时，若重石受到的重力为450N，根据杠杆平衡条件知，GL=G'L'，
解450N×OA=G'×OB；即450N×1=G'×3；解得G'=150N；
（3）认为桔槔是省力杠杆，则动力臂大于阻力臂，故LOA＞LOB，故选：A。
（4）若要一次提取更多的水，水和桶的重力变大，则减小其力臂，可以继续平衡，因而可将支点O向靠近A端的方向移动。
（5）杠杆绕着转动的点是支点，俯卧撑练习时，支点脚尖；若改用手扶栏杆做俯卧撑，此时动力臂不变，而阻力臂减小，根据杠杆平衡条件知，动力减小，即F2＜F1。
故答案为：（1）变大；（2）150；（3）A；（4）A；（5）＜；杠杆绕着转动的点是支点，俯卧撑练习时，支点脚尖；若改用手扶栏杆做俯卧撑，此时动力臂不变，而阻力臂减小，根据杠杆平衡条件知，动力减小，即F2＜F1。
（1）重力势能与质量和高度有关；
（2）根据杠杆平衡条件计算水和桶受到的总重力；
（3）根据动力臂大于阻力臂时，杠杆可以省力；
（4）根据水和桶的重力增大，结合杠杆平衡条件分析；
（5）杠杆绕着转动的点是支点，根据平衡条件结合力臂变化分析。
本题考查杠杆平衡条件的应用，属于较难题。
13.【答案】
【解析】解：灯笼静止时所受拉力F的方向沿绳子向上（竖直向上），重力G的方向竖直向下，二力是一对平衡力，大小相等，二力的作用点都画在灯笼的重心O，从作用点分别沿力的方向画一带箭头的线段，在箭头附近标上符号F、G，如图所示：
先确定灯笼静止时所受拉力、重力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
本题考查了力的示意图的画法，明确力的作用点、方向是关键。
14.【答案】
【解析】解：根据过凸透镜光心的光线传播方向不改变，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，画出对应的入射光线，如图所示：
作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
15.【答案】
【解析】解：开关和插座串联；三孔插座的正确接法是左零右火上接地，如图所示：
开关和用电器串联后接在火线上；三孔插座的正确接法是左零右火上接地。
本题考查的是家庭电路的正确接法，属于基础题目。
16.【答案】
【解析】解：（1）图1中刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，物体的长度为L=3.40cm；
（2）由图2知：弹簧测力计上1N之间有5个小格，此弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为1.6N；
（3）图3中温度计的分度值为0.1℃，此时的示数为96℃；
（4）如图4，把天平放在水平桌面上，此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向左调节，直至天平平衡。
在增加最小砝码太大，去掉最小砝码太小的情况下，取下最小砝码，移动游码，使天平的横梁重新平衡，故选B；
然后进行石块质量测量，如图乙所示，则石块质量为m=50g+10g+1.4g=61.4g。
故答案为：（1）3.40；（2）1.6；（3）96；（4）①左；②B；③61.4。
（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；
（3）首先要明确温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直；
（4）天平使用前调节平衡时，要把游码置于横梁标尺左端的零刻度线上，然后调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母；
在增加最小砝码太大，去掉最小砝码太小的情况下，移动游码来使天平的横梁重新平衡；
天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。
本题考查了刻度尺、弹簧测力计、温度计和天平的读数，属于基础题。
17.【答案】
【解析】解：（1）连接实物电路时，为保护电路，开关应处于断开状态。
（2）第1次实验时，小明依次测量A、B和C三处的电流，并记录在表中，C点的电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A。
（3）分析表中数据可得：串联电路中各处的电流都相等。
（4）为使结论更具备普遍性，下一步最好选择与原来规格不相同的灯泡进行实验。这种从个别事实（多次实验）推理出普遍性规律的思维方法叫归纳法。
（5）实验后，小明猜想灯泡靠近电源正极的远近可能会影响灯泡亮度。为了验证这个猜想，将两灯泡位置互换，观察灯的发光情况，故选：B。
故答案为：（1）断开；（2）0.32；（3）各处的电流都相等；（4）不相同；归纳；（5）B。
（1）为保护电路，连接实物电路时，开关应处于 断开状态。
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数。
（3）分析表中数据得出结论。
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
（5）两灯泡位置互换，观察灯的发光情况。
本题探究串联电路电流的规律，考查电流表的使用、注意事项及归纳法和分析数据归纳结论的能力。
18.【答案】
【解析】（1）从图甲可知物体的重力为4.8N，从图C可知物体的全部浸没后测力计的示数为4.2N，分析图B和图C可知，液体的密度是相同的，随着物体浸入水中的体积越来越大，物体排开的水的体积变大，弹簧测力计示数变小，根据F浮=G-F示可知，物体受到的浮力变大，由此可知，浮力的大小与物体排开的液体的体积有关；
（2）分析图A、D和E可知，物体排开的液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计示数不同，浮力不同，可以验证浮力的大小跟液体密度的关系；
（3）往E中加入适量的水，使得盐水的密度减小，则物体受到的浮力减小，由称重法测浮力，会观察到弹簧测力计的示数变大；
（4）小明觉得浮力的大小可能与物体的形状有关，为了验证猜想，小明下一步的操作应该是改变物体形状，浸没水中观察弹簧测力计示数，与D比较。
故答案为：（1）变大；变小；物体排开液体的体积；（2）A、D、E；（3）变大； （4）形状；改变物体形状，浸没水中观察弹簧测力计示数，与D比较。
（1）根据称重法可知物体浸没在水中所受的浮力大小；
（2）（3）根据D、E中的相同量和不同量，利用控制变量法得出结论；
（4）换一个重力相同的不同形状的物体重复上述实验。
本题考查称称重法测浮力、控制变量法、数据分析等知识，知道物体受到的浮力大小只与物体排开液体的体积和密度有关而与物体浸在液体中的深度无关是解题的关键。
19.【答案】
【解析】解：（1）在探究物体的吸热本领与颜色的关系时，要采用控制变量法，除了瓶子的颜色不同外，其他因素都要相同，所以两个相同的瓶内应装入质量和初温相同的水。
（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水变热，是因为太阳的热量传递给了瓶子和水，这是通过热传递的方式改变内能。
（3）由于相同的瓶子，相同的时间内，吸收的热量相同，而水的质量也相同，根据Q = cmΔt,水的比热容c和质量m相同，所以可以通过观察水温升高的多少来比较水吸收热量的多少。
（4）分析数据可知，在相同的日照时间下，黑色瓶中的水温总是比白色瓶中的水温高，所以可初步得出结论：其他条件一定时，黑色瓶的吸热本领比白色瓶强。
（5）已知黑色瓶中水的体积V = 2×10-4m3，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，根据可得水的质量
水的初温为23℃，末温为30℃，温度变化量Δt=t-t0=30℃-23℃=7℃
吸收的热量Q=cmΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.2kg×7℃=5.88×103J
（6）本次实验结论是黑色物体比白色物体吸热本领强，在实际生活中的应用有：冬天人们穿黑色衣服比穿白色衣服暖和。
故答案为：（1）质量；（2）热传递；（3）水温升高的多少；（4）其他条件一定时，黑色瓶的吸热本领比白色瓶强；（5）5.88×103；（6）冬天人们穿黑色衣服比穿白色衣服暖和。
（1）在探究物体的吸热本领与颜色的关系时，要采用控制变量法。
（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水吸热升温，据此回答。
（3）根据Q= cmΔt,水的比热容c和质量m相同，可以通过观察水温升高的多少来比较水吸收热量的多少。
（4）分析数据得出结论；
（5）根据可得水的质量，根据Q=cmΔt得出吸收的热量；
（6）结合实际举例。
本题研究物体的吸热本领与颜色的关系，考查控制变量法、转换法及数据分析及吸热公式的运用。
20.【答案】
【解析】解：（1）配件竖直上升过程的平均速度：；
（2）配件的重力：G=mg=4×104kg×10N/kg=4×105N；
（3）上升过程中起重机对配件做的功：W=Gh=4×105N×150m=6×107J，
功率：。
答：（1）配件竖直上升过程的平均速度为0.5m/s；
（2）配件的重力为4×105N；
（3）配件上升过程中起重机对配件做的功为6×107J，功率为2×105W。
（1）根据速度公式求配件竖直上升过程的平均速度；
（2）根据G=mg求配件的重力；
（3）根据W=Gh求配件上升过程中起重机对配件做的功，根据P=求功率。
本题考查功、功率和速度、重力的计算，难度一般。
21.【答案】
【解析】解：
（1）加热功率为1100W，根据P=UI可知加热挡工作时的电流I加热===2A；
（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，电路中电阻较小，电源电压不变，根据P=可知总功率较大，为加热挡，
根据P=可得：R1===110Ω；
（3）根据W=Pt可知电饭锅加热50min消耗的电能W=P加热t=440W×50×60s=1.32×106J。
答：（1）加热时电路中的电流为2A；
（2）R1的阻值为110Ω；
（3）电饭锅加热50min消耗的电能为1.32×106J。
（1）已知加热功率，根据P=UI可知加热挡工作时的电流；
（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，为加热挡，根据P=可知R1的阻值；
（3）根据W=Pt可知50min内电路消耗的电能。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，关键是分析电路图得出加热、保温状态时的电路组成。
22.【答案】
【解析】解：（1）该电池组在充电过程中主要将电能转化为化学能；
（2）从表中数据可知，120片“刀片电池”稳定的放电电压为U总=384V，则单片“刀片电池”稳定的放电电压为U===3.2V；
（3）充电桩对该电池组充电0.5h消耗的电能
W电=Pt=100kW×0.5h=50kW h,
该电池组存储的能量W有=76.8kW h×（80%-30%）=38.4kW h,
此过程中的充电效率η===76.8%；
（4）这个磷酸铁锂电池的质量m==kg,
这个磷酸铁锂电池的体积V==L=×10-3m3，
这个磷酸铁锂电池的平均密度ρ===2.6×103kg/m3；
由于这个磷酸铁锂电池的平均密度比三元锂电池的平均密度小很多，即相同体积时，磷酸铁锂电池的质量比三元锂电池更小，说明磷酸铁具有轻量化设计的优点，故④正确；
（5）该车在平直公路上匀速行驶1h,电池组的电量减少W电=76.8kW h×12.5%=9.68kW h=9.68×3.6×106J=3.456×107J；
由于该车能量转化效率为80%，则有用功W有=W电×η=3.456×107J×80%=2.7648×107J；
此过程该车牵引力做功的功率P===7680W；
根据P=Fv由图像牵引力做功的功率是7680W时，牵引力等于640N时，速度为12m/s。
故答案为：（1）化学；（2）3.2；（3）76.8%；（4）2.6×103；④；（5）12。
（1）电池充电时把电能转化为化学能；
（2）根据120片“刀片电池”稳定的放电电压，求单片“刀片电池”稳定的放电电压；
（3）先计算出充电桩对该电池组充电0.5h消耗的电能W电和该电池组存储的能量W有，利用充电效率η=计算即可；
（4）根据题意应用密度公式ρ=计算即可；
（5）根据该车能量转化效率为80%和该车消耗的电能计算出该车做的有用功，再利用功率P=计算该车牵引力做功的功率。
本题考查了能量转化、密度的计算、功率等知识，有一定的综合性，解题关键是正确应用相关公式。
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一、单选题：本大题共7小题，共15分。
【生活主题】如图所示是小明饭后洗碗的情景，完成各小题。
1.小明打开水龙头调节水温直至感觉水温不冷不热，此时水的温度大约是（ ）
A. 0℃ B. 10℃ C. 38℃ D. 90℃
2.在洗碗时，小明发现不同材质碗碟之间碰撞发出的声音不同，主要是因为____不同（ ）
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 声速
3.小明洗碗时用力摩擦去除污渍，主要是为了通过（ ）
A. 增大压力来增大摩擦力 B. 减小压力来增大摩擦力
C. 减小压力来减小摩擦力 D. 增大压力来减小摩擦力
4.小明用两枚相同铁钉和若干大头针探究电磁铁磁性强弱的实验，由如图现象可知（ ）
A. 电磁铁磁性强弱与电流强度有关
B. 电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关
C. 电磁铁A的磁性强于电磁铁B
D. 电磁铁A、B的磁性强弱相同
5.小明用如图所示装置模拟照相机拍照，虚线框位置应装入的光学元件为（ ）
A. 凸透镜 B. 三棱镜 C. 凹透镜 D. 平面镜
6.古代劳动人民巧妙地在冬季利用“注水破石”的方法开山采石。白天给石头打孔后注满水并封实，晚上水降温结冰后，石头就裂开了。水结冰发生的物态变化属于（ ）
A. 汽化 B. 升华 C. 熔化 D. 凝固
7.如图所示电路中，开关S闭合，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A的示数多变大
B. 灯泡的亮度将变暗
C. 电压表V的示数将变大
D. 滑动变阻器R的电阻将变小
二、填空题：本大题共5小题，共30分。
8.在探索微小粒子的历程中，科学家发现原子是可分的。如图所示，A是______；B是______；A中带正电的微粒是______。（均填微粒的名称）
9.【科技主题】近年来，中国科技经历了迅猛的发展进程，在航天、航海等多个领域取得重大突破。请完成问题。
（1）如图1甲“雪龙2”号破冰船利用自身重力破冰，说明力可以改变物体的______；图1乙“奋斗者”号潜水器下潜的深度越深，所受海水的压强越______；图1丙是“长征18号”核潜艇，其内部核反应堆通过______（选填“聚变”或“裂变”）获得能量。
（2）2024年9月25日，中国成功发射一枚洲际弹道导弹，飞行距离约1.2万公里，精确命中预定海域。该洲际弹道导弹点火后的情景如图2所示，其发动机是______（选填“电动机”或“热机”），工作时主要将化学能转化为______能再转化为______能。
（3）如图3所示的装置中，闭合开关后，导体AB在磁场中沿______（选填“左右”或“上下”）方向运动时，灵敏电流计指针会发生偏转，这就是______现象。人们根据此现象发明了______（选填“电动机”或“发电机”）。
（4）如图4，小明在公园骑行，以树木为参照物，小明是______的（选填“运动”或“静止”）；紧急刹车时小明身体会向前倾，这是由于小明具有______的缘故；小明下车后，自行车对水平地面的压强将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
10.如图所示，嫦娥六号能将图片信息传回到地球上，是利用 传递信息（选填“电磁波”或“声波”）。太阳能电池板对电池进行充电时，电池相当于 （选填“电源”或“用电器”）。嫦娥六号有特殊的降温神器，能使水由固态直接变成气态，带走发动机的热量，通过 （填物态变化）给发动机降温。
11.如图甲是一种可调节音量的电位器结构示意图，滑杆e相当于乙图滑动变阻器的______端（选填“1”“2”或“3”），将BC接入电路，滑杆e逆时针转动时，电位器接入电路的电阻______，通过电位器的电流______，实现音量调节（后两空选填“变大”“变小”或“不变”）。
12.如图甲所示，是明代宋应星在《天工开物》中记载的提水工具“桔槔”。为了便于研究，把桔槔视为轻质杠杆，如图乙，OA与OB的距离之比3：1；不提水时，重石端位置较低；当要汲水时，人用力向下拉轻质直杆使水桶下降；当水桶汲水后，另一端重石通过杠杆作用将水桶提升。
（1）当水桶下降时，重石上升，重石的重力势能将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（2）桔槔在水平位置静止时，若重石受到的重力为450N，则水和桶受到的总重力为______N。
（3）人向下拉直杆时，小明认为桔槔是省力杠杆，下列能够支持其观点的事实证据是______。
A.力臂LOA＞LOB
B.杠杆平衡条件
C.拉力FA＞FB
（4）若要一次提取更多的水，可将支点O向靠近______（选填“A”或“B”）端的方向移动.
（5）俯卧撑是一项常见的健身项目，采用不同的方式做俯卧撑，健身效果通常不同。图丙所示的是小京在水平地面上做俯卧撑保持静止时的情境，他的身体与地面平行，地面对手的作用力为F1；图丁所示的是小京手扶栏杆做俯卧撑保持静止时的情境，此时他的身体姿态与图甲相同，只是身体与水平地面成一定角度，栏杆对手的作用力F2与他的身体垂直，你认为F2与F1的大小关系是：F2 ______F1（选填“＜”、“＞”或“=”），请说明你判断的理由：______。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
13.悬挂灯笼是中华民族传统习俗，如图所示，请在O点画出灯笼静止时所受拉力F和重力G的示意图。
14.画出图中凸透镜的两条入射光线。
15.图甲为家庭常用的三孔单控插座实物图，图乙为其电路图，用笔画线代替导线将带开关的插座接入家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
16.（1）如1图所示，U盘的长度为______cm。
（2）如2图所示，弹簧测力计的示数为______N。
（3）如3图所示温度计示数是______℃。
（4）如4图，小明用托盘天平测量鹅卵石的质量。
①把天平放在水平桌面上，此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡。
②如图乙所示，用调节好的天平测鹅卵石的质量，用镊子由大到小在右盘中加减砝码，当添加最小砝码后，指针偏右，接下来的操作是______（填字母序号）。
A.取下最小的砝码，将横梁上的平衡螺母向右调
B.取下最小的砝码，将处在零刻度位置的游码向右移
③如图丙所示，正确调节后天平的示数为______g。
17.小明用如图所示的电路“探究串联电路的电流特点”，图甲为电路图，图乙为实物图，用同一个电流表分别接在A、B、C三处去测量电流。
（1）连接实物电路时，开关应处于______状态。
（2）第1次实验时，小明依次测量A、B和C三处的电流，并记录在表中，C点的电流表示数如图丙所示，为______A。
（3）换用不同电池完成测量后，记录数据如表所示，分析数据可得：串联电路中电流______。
实验序号 电流表的位置 A B C
1 电流I/A 0.32 0.32
2 电流I/A 0.26 0.26 0.26
3 电流I/A 0.20 0.20 0.20
（4）为使结论更具备普遍性，下一步最好选择与原来规格______（选填“相同”或“不相同”）的灯泡进行实验。这种从个别事实（多次实验）推理出普遍性规律的思维方法叫______法（选填“归纳”、“类比”或“控制变量”）
（5）实验后，小明猜想灯泡靠近电源正极的远近可能会影响灯泡亮度。为了验证这个猜想，以下方案可行的是______（填字母序号）。
A.开关与电流表位置互换
B.两灯泡位置互换
18.在“探究影响浮力大小因素“的实验中，某实验小组进行了如图所示的实验。
（1）让金属块从图B到C位置，金属块浸入水中的体积______，观察到弹簧测力计的示数______（均选填“变大”“变小”或“不变”）；进一步分析图B到D可得：物体所受的浮力大小与______有关。
（2）比较______三次实验，可以得出：浮力大小与液体的密度有关。
（3）完成上面实验后，往E中加入适量的水，会观察到弹簧测力计的示数______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（4）小明觉得浮力的大小可能与物体的______有关，为了研究猜想，小明下一步应______。
19.小明发现太阳能热水器的玻璃管都是黑色的，物体的吸热本领与颜色有关吗？
为了探究这个问题，小明找来两个完全相同的透明塑料瓶，外壁均匀涂上相同厚度的黑白涂层，分别装入适量的水后置于太阳光下，如图所示。每隔3min测一次瓶中水的温度，测得数据如表所示：
日照时间/min 0 3 6 9 12 16 18 21 24 27 30
白色瓶水温℃ 23 24 25 25 26 27 27 28 29 29 30
黑色瓶水温℃ 23 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34
（1）两个相同的瓶内应装入______和初温相同的水。
（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水变热，这是通过______的方式改变内能。
（3）小明通过观察______来比较水吸收热量的多少。
（4）通过对上述数据的分析，可初步得出结论：______。
（5）若黑色瓶中水的体积为2×10-4m3，其从初温升至30℃吸收的热量是______J。[c水=4.2×103J/（kg ℃），ρ水=1.0×103kg/m3]
（6）本次实验的结论在实际生活中的应用非常广泛，请你列举一例：______。
五、计算题：本大题共2小题，共12分。
20.2024年3月22日我国自主研制的全球首款XCA4000起重机完成首吊，顺利将风电的风机吊装到位，如图所示。某次作业中，将质量为4×104kg的配件吊起，竖直上升至150m高度，用时5min。（g取10N/kg）求：
（1）配件竖直上升过程的平均速度；
（2）配件的重力；
（3）配件上升过程中起重机对配件做的功和功率。
21.图甲所示的电饭锅简化电路原理图如图乙所示，其额定电压为220V，R1、R2为阻值不变的加热电阻，S为温控开关，1为加热挡，2为保温挡，额定加热功率为440W。求：
（1）加热时电路中的电流；
（2）R1的阻值；
（3）电饭锅加热50min消耗的电能。
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
22.阅读短文，回答问题。
刀片式磷酸铁锂电池我国新能源汽车电池技术全球领先，目前我国新能源汽车所用电池主要有磷酸铁锂电池和三元锂电池。“刀片电池”是我国新一代磷酸铁锂电池的一个名称，如图甲所示，刀片电池延续了磷酸铁锂的技术路线，通过改变电芯的形状优化了磷酸铁锂电池的性能。测试结果发现，这款电池在电池的空间利用率、能量密度、电池结构强度、电池轻量化、电池安全性等方面具有更优化的设计。其中电池的能量密度即电池平均单位体积或质量所能储存的电能。电池的能量密度一般分质量能量密度和体积能量密度两个维度。
电池质量能量密度=
电池体积能量密度=
多片“刀片电池”串联起来就组装成电池组，国内某车型所安装的电池组的相关数据见表：
电池组
满电时储存的电能 76.8kW h
体积能量密度 442Wh/L
质量能量密度 170Wh/kg
稳定的放电电压 384V
包含“刀片电池”数量 120片
（1）该电池组在充电过程中主要将电能转化为______能。
（2）从表中数据可知，单片“刀片电池”稳定的放电电压为______V。
（3）若利用充电功率恒为100kW的充电桩对该电池组进行充电，可在0.5h内将该电池组从电量为30%充至80%，此过程中的充电效率是______。
（4）从表中数据可知，这个磷酸铁锂电池的平均密度为______kg/m3。通常情况下，三元锂电池的平均密度大约是4500-5000kg/m3，这就体现了磷酸铁锂电池在______（在下列选项中选填一个序号）方面比三元锂电池具有更优化的设计。
①空间利用率
②能量密度
③电池结构强度
④电池轻量化
⑤电池安全性
（5）测试人员对安装了上述电池组的车型进行测试，充满电后，测试人员驾驶该车在平直公路上匀速行驶1h,电池组的电量减少了12.5%，已知测试过程中汽车的能量转化效率为80%，该车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图乙所示，则测试过程中汽车匀速行驶的速度为______m/s。
1.【答案】
【解析】解：人体的温度大约是37℃，小明打开水龙头调节水温直至感觉水温不冷不热，说明此时水温接近人体的温度，约37℃左右，故C符合题意、ABD不符合题意。
故选：C。
人体的温度大约是37℃，据此分析。
本题考查了温度的估测，属于基础题。
解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同，不同材质碗碟之间碰撞发出的声音不同是因为不同材质的碗碟发出声音的音色不同。故选：C。
音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
解：小明洗碗时用力摩擦去除污渍，是在接触面的粗糙程度一定的情况下，通过增大压力来增大摩擦力，将碗洗的更干净。
故选：A。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了增大摩擦力的方法，属于基础题。
4.【答案】
【解析】解：B、在探究电磁铁磁性强弱的实验中，通常用电磁铁吸引大头针的数量来判断磁性强弱。在该实验里，小明使用两枚相同铁钉绕制成电磁铁，将它们串联在电路中，这意味着通过两个电磁铁的电流是相同的。由图中现象可看出，两个电磁铁吸引大头针的数量不同，说明它们的磁性强弱不同，而此时唯一的变量是线圈匝数，所以可以得出电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关的结论，在电流相同的情况下，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强。故B正确。
ACD、实验中通过控制变量，保持电流相同，所以无法得出磁性强弱与电流强度有关的结论，A 选项错误。从图中明显能看出电磁铁B吸引的大头针更多，说明电磁铁B的磁性强于电磁铁 ACD 错误。
故选：B。
电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。
对影响电磁铁磁性强弱的因素，是我们必须熟记的内容。
5.【答案】
【解析】解：由图可知，光屏上成倒立、缩小的实像，与照相机成像原理相同，因此虚线框位置应装入的光学元件为凸透镜，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据凸透镜成实像时，u＞2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
此题考查凸透镜成像的规律。掌握凸透镜成像的特点是解题关键。
6.【答案】
【解析】解：水结冰发生的物态变化属于凝固，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
本题考查凝固现象，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：由电路图可知滑动变阻器和灯泡串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端的电压；
当滑片向右滑动时，接入电路的电阻变大，串联电路的总电阻变大；根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
根据欧姆定律得U=IR可知：灯泡两端的电压变小，电压表示数变小；根据P=I2R可知，灯泡的实际功率变小，亮度变暗。
故选：B。
由电路图可知滑动变阻器和灯泡串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端的电压；当滑片向右滑动时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律确定电流表示数的变化情况，进一步可知灯泡两端电压的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，灯泡亮度的变化。
解决此类问题要根据电器的连接情况分析总电阻的变化，结合欧姆定律和串并联电路电压、电流的规律分析电路中的电流和电压变化情况。
8.【答案】
【解析】解：探究发现，原子是由原子核，核外电子组成，电子绕着原子核转动，故A是原子核，B是（核外）电子。
原子核是由带正电的质子与不带电的中子组成，即A中带正电的微粒是质子。
故答案为：原子核；（核外）电子；质子。
原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子组成；质子带正电，中子不带电，电子带负电。
此题考查了原子结构，属于基础知识。
9.【答案】
【解析】解：（1）破冰船利用自身重力破冰，是通过压力使冰的形状发生改变，所以体现了力可以改变物体的形状；
因液体密度不变时，深度越深，液体压强越大，所以“奋斗者”号潜水器下潜深度越深，所受海水压强越大；
由物理常识可知，目前核潜艇的核反应堆是通过核裂变来获得能量的。
（2）热机是利用内能来做功的机器，导弹发动机通过燃烧燃料，将燃料的化学能转化为内能，产生高温高压气体，然后这些气体膨胀对外做功，将内能转化为导弹的机械能，推动导弹飞行；而电动机是将电能转化为机械能的装置，不符合导弹发动机的工作原理。
（3）在图3中，闭合开关，导体AB在磁场中沿左右方向运动时，会切割磁感线，则灵敏电流计指针会发生偏转，这就是电磁感应现象，人们根据此现象发明了发电机。
（4）小明在公园骑行的过程中，以树木为参照物，小明的位置发生了变化，则小明是运动的；
紧急刹车时，小明的下半身随车停止运动，而上半身由于惯性仍保持原来的运动状态继续向前运动，所以小明会向前倾；
小明下车后，自行车对水平地面的压力减小，受力面积不变，由p=可知自行车对水平地面的压强将变小。
故答案为：（1）形状；大；裂变；（2）热机；内；机械；（3）左右；电磁感应；发电机；（4）运动；惯性；变小。
（1）力可以使物体发生形变，也可以改变物体的运动状态；
根据液体压强公式p=ρgh可知，液体密度不变时，深度越深，液体压强越大；
核裂变是重核分裂成几个中等质量的核的过程，在这个过程中会释放出大量的能量。
（2）热机是利用内能来做功的机器，导弹发动机通过燃烧燃料，将燃料的化学能转化为内能，产生高温高压气体，然后这些气体膨胀对外做功，将内能转化为导弹的机械能，推动导弹飞行。
（3）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；发电机的原理是电磁感应现象。
（4）若物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；若物体相对于参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的；
物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性；
压强的大小与压力大小和受力面积有关，根据情景判断各个因素的变化，再利用压强公式计算压强的变化。
本题考查了力的作用效果、热机、电磁感应现象、惯性、能量转化、压强大小的比较等知识，有一定难度。
10.【答案】
【解析】解：嫦娥六号能将图片信息传回到地球上，是利用电磁波传递信息。太阳能电池板对电池进行充电时，电池相当于用电器。嫦娥六号有特殊的降温神器，能使水由固态直接变成气态，带走发动机的热量，通过升华给发动机降温。
故答案为：电磁波；用电器；升华。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作。
物质从固态直接变成气态的过程叫升华，升华吸热，具有制冷作用。
本题考查了电磁波的应用，电路的组成，升华现象。
11.【答案】
【解析】解：滑杆e端可绕定点旋转，改变弧形电阻接入电路中的长度，从而改变电阻，相当于滑动变阻器的滑片，即图乙中的3。
将该电位器的铜片B和铜片C接入电路中，弧形电阻的左边部分接入电路，则滑杆e逆时针转动时，接入电路的部分变短，则电位器接入电路的电阻变小，即对电流的阻碍作用变小，故通过电位器的电流变大。
故答案为：3；变小；变大。
电位器实际上是阻值较大的滑动变阻器，收音机音量开关相当于一个滑动变阻器，分析电路结构，根据题目要求，结合欧姆定律分析答题。
此题体现的是滑动变阻器在实际电路中的应用，从实际电路中抽象出滑动变阻器，利用其变阻特点进行分析是正确解题的关键。
12.【答案】
【解析】解：（1）重力势能与质量和高度有关，重石上升，重石的重力势能将增大；
（2）桔槔在水平位置静止时，若重石受到的重力为450N，根据杠杆平衡条件知，GL=G'L'，
解450N×OA=G'×OB；即450N×1=G'×3；解得G'=150N；
（3）认为桔槔是省力杠杆，则动力臂大于阻力臂，故LOA＞LOB，故选：A。
（4）若要一次提取更多的水，水和桶的重力变大，则减小其力臂，可以继续平衡，因而可将支点O向靠近A端的方向移动。
（5）杠杆绕着转动的点是支点，俯卧撑练习时，支点脚尖；若改用手扶栏杆做俯卧撑，此时动力臂不变，而阻力臂减小，根据杠杆平衡条件知，动力减小，即F2＜F1。
故答案为：（1）变大；（2）150；（3）A；（4）A；（5）＜；杠杆绕着转动的点是支点，俯卧撑练习时，支点脚尖；若改用手扶栏杆做俯卧撑，此时动力臂不变，而阻力臂减小，根据杠杆平衡条件知，动力减小，即F2＜F1。
（1）重力势能与质量和高度有关；
（2）根据杠杆平衡条件计算水和桶受到的总重力；
（3）根据动力臂大于阻力臂时，杠杆可以省力；
（4）根据水和桶的重力增大，结合杠杆平衡条件分析；
（5）杠杆绕着转动的点是支点，根据平衡条件结合力臂变化分析。
本题考查杠杆平衡条件的应用，属于较难题。
13.【答案】
【解析】解：灯笼静止时所受拉力F的方向沿绳子向上（竖直向上），重力G的方向竖直向下，二力是一对平衡力，大小相等，二力的作用点都画在灯笼的重心O，从作用点分别沿力的方向画一带箭头的线段，在箭头附近标上符号F、G，如图所示：
先确定灯笼静止时所受拉力、重力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
本题考查了力的示意图的画法，明确力的作用点、方向是关键。
14.【答案】
【解析】解：根据过凸透镜光心的光线传播方向不改变，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，画出对应的入射光线，如图所示：
作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
15.【答案】
【解析】解：开关和插座串联；三孔插座的正确接法是左零右火上接地，如图所示：
开关和用电器串联后接在火线上；三孔插座的正确接法是左零右火上接地。
本题考查的是家庭电路的正确接法，属于基础题目。
16.【答案】
【解析】解：（1）图1中刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，物体的长度为L=3.40cm；
（2）由图2知：弹簧测力计上1N之间有5个小格，此弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为1.6N；
（3）图3中温度计的分度值为0.1℃，此时的示数为96℃；
（4）如图4，把天平放在水平桌面上，此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向左调节，直至天平平衡。
在增加最小砝码太大，去掉最小砝码太小的情况下，取下最小砝码，移动游码，使天平的横梁重新平衡，故选B；
然后进行石块质量测量，如图乙所示，则石块质量为m=50g+10g+1.4g=61.4g。
故答案为：（1）3.40；（2）1.6；（3）96；（4）①左；②B；③61.4。
（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；
（3）首先要明确温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直；
（4）天平使用前调节平衡时，要把游码置于横梁标尺左端的零刻度线上，然后调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母；
在增加最小砝码太大，去掉最小砝码太小的情况下，移动游码来使天平的横梁重新平衡；
天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。
本题考查了刻度尺、弹簧测力计、温度计和天平的读数，属于基础题。
17.【答案】
【解析】解：（1）连接实物电路时，为保护电路，开关应处于断开状态。
（2）第1次实验时，小明依次测量A、B和C三处的电流，并记录在表中，C点的电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A。
（3）分析表中数据可得：串联电路中各处的电流都相等。
（4）为使结论更具备普遍性，下一步最好选择与原来规格不相同的灯泡进行实验。这种从个别事实（多次实验）推理出普遍性规律的思维方法叫归纳法。
（5）实验后，小明猜想灯泡靠近电源正极的远近可能会影响灯泡亮度。为了验证这个猜想，将两灯泡位置互换，观察灯的发光情况，故选：B。
故答案为：（1）断开；（2）0.32；（3）各处的电流都相等；（4）不相同；归纳；（5）B。
（1）为保护电路，连接实物电路时，开关应处于 断开状态。
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数。
（3）分析表中数据得出结论。
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
（5）两灯泡位置互换，观察灯的发光情况。
本题探究串联电路电流的规律，考查电流表的使用、注意事项及归纳法和分析数据归纳结论的能力。
18.【答案】
【解析】（1）从图甲可知物体的重力为4.8N，从图C可知物体的全部浸没后测力计的示数为4.2N，分析图B和图C可知，液体的密度是相同的，随着物体浸入水中的体积越来越大，物体排开的水的体积变大，弹簧测力计示数变小，根据F浮=G-F示可知，物体受到的浮力变大，由此可知，浮力的大小与物体排开的液体的体积有关；
（2）分析图A、D和E可知，物体排开的液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计示数不同，浮力不同，可以验证浮力的大小跟液体密度的关系；
（3）往E中加入适量的水，使得盐水的密度减小，则物体受到的浮力减小，由称重法测浮力，会观察到弹簧测力计的示数变大；
（4）小明觉得浮力的大小可能与物体的形状有关，为了验证猜想，小明下一步的操作应该是改变物体形状，浸没水中观察弹簧测力计示数，与D比较。
故答案为：（1）变大；变小；物体排开液体的体积；（2）A、D、E；（3）变大； （4）形状；改变物体形状，浸没水中观察弹簧测力计示数，与D比较。
（1）根据称重法可知物体浸没在水中所受的浮力大小；
（2）（3）根据D、E中的相同量和不同量，利用控制变量法得出结论；
（4）换一个重力相同的不同形状的物体重复上述实验。
本题考查称称重法测浮力、控制变量法、数据分析等知识，知道物体受到的浮力大小只与物体排开液体的体积和密度有关而与物体浸在液体中的深度无关是解题的关键。
19.【答案】
【解析】解：（1）在探究物体的吸热本领与颜色的关系时，要采用控制变量法，除了瓶子的颜色不同外，其他因素都要相同，所以两个相同的瓶内应装入质量和初温相同的水。
（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水变热，是因为太阳的热量传递给了瓶子和水，这是通过热传递的方式改变内能。
（3）由于相同的瓶子，相同的时间内，吸收的热量相同，而水的质量也相同，根据Q = cmΔt,水的比热容c和质量m相同，所以可以通过观察水温升高的多少来比较水吸收热量的多少。
（4）分析数据可知，在相同的日照时间下，黑色瓶中的水温总是比白色瓶中的水温高，所以可初步得出结论：其他条件一定时，黑色瓶的吸热本领比白色瓶强。
（5）已知黑色瓶中水的体积V = 2×10-4m3，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，根据可得水的质量
水的初温为23℃，末温为30℃，温度变化量Δt=t-t0=30℃-23℃=7℃
吸收的热量Q=cmΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.2kg×7℃=5.88×103J
（6）本次实验结论是黑色物体比白色物体吸热本领强，在实际生活中的应用有：冬天人们穿黑色衣服比穿白色衣服暖和。
故答案为：（1）质量；（2）热传递；（3）水温升高的多少；（4）其他条件一定时，黑色瓶的吸热本领比白色瓶强；（5）5.88×103；（6）冬天人们穿黑色衣服比穿白色衣服暖和。
（1）在探究物体的吸热本领与颜色的关系时，要采用控制变量法。
（2）太阳光照射到瓶子上，瓶内的水吸热升温，据此回答。
（3）根据Q= cmΔt,水的比热容c和质量m相同，可以通过观察水温升高的多少来比较水吸收热量的多少。
（4）分析数据得出结论；
（5）根据可得水的质量，根据Q=cmΔt得出吸收的热量；
（6）结合实际举例。
本题研究物体的吸热本领与颜色的关系，考查控制变量法、转换法及数据分析及吸热公式的运用。
20.【答案】
【解析】解：（1）配件竖直上升过程的平均速度：；
（2）配件的重力：G=mg=4×104kg×10N/kg=4×105N；
（3）上升过程中起重机对配件做的功：W=Gh=4×105N×150m=6×107J，
功率：。
答：（1）配件竖直上升过程的平均速度为0.5m/s；
（2）配件的重力为4×105N；
（3）配件上升过程中起重机对配件做的功为6×107J，功率为2×105W。
（1）根据速度公式求配件竖直上升过程的平均速度；
（2）根据G=mg求配件的重力；
（3）根据W=Gh求配件上升过程中起重机对配件做的功，根据P=求功率。
本题考查功、功率和速度、重力的计算，难度一般。
21.【答案】
【解析】解：
（1）加热功率为1100W，根据P=UI可知加热挡工作时的电流I加热===2A；
（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，电路中电阻较小，电源电压不变，根据P=可知总功率较大，为加热挡，
根据P=可得：R1===110Ω；
（3）根据W=Pt可知电饭锅加热50min消耗的电能W=P加热t=440W×50×60s=1.32×106J。
答：（1）加热时电路中的电流为2A；
（2）R1的阻值为110Ω；
（3）电饭锅加热50min消耗的电能为1.32×106J。
（1）已知加热功率，根据P=UI可知加热挡工作时的电流；
（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，为加热挡，根据P=可知R1的阻值；
（3）根据W=Pt可知50min内电路消耗的电能。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，关键是分析电路图得出加热、保温状态时的电路组成。
22.【答案】
【解析】解：（1）该电池组在充电过程中主要将电能转化为化学能；
（2）从表中数据可知，120片“刀片电池”稳定的放电电压为U总=384V，则单片“刀片电池”稳定的放电电压为U===3.2V；
（3）充电桩对该电池组充电0.5h消耗的电能
W电=Pt=100kW×0.5h=50kW h,
该电池组存储的能量W有=76.8kW h×（80%-30%）=38.4kW h,
此过程中的充电效率η===76.8%；
（4）这个磷酸铁锂电池的质量m==kg,
这个磷酸铁锂电池的体积V==L=×10-3m3，
这个磷酸铁锂电池的平均密度ρ===2.6×103kg/m3；
由于这个磷酸铁锂电池的平均密度比三元锂电池的平均密度小很多，即相同体积时，磷酸铁锂电池的质量比三元锂电池更小，说明磷酸铁具有轻量化设计的优点，故④正确；
（5）该车在平直公路上匀速行驶1h,电池组的电量减少W电=76.8kW h×12.5%=9.68kW h=9.68×3.6×106J=3.456×107J；
由于该车能量转化效率为80%，则有用功W有=W电×η=3.456×107J×80%=2.7648×107J；
此过程该车牵引力做功的功率P===7680W；
根据P=Fv由图像牵引力做功的功率是7680W时，牵引力等于640N时，速度为12m/s。
故答案为：（1）化学；（2）3.2；（3）76.8%；（4）2.6×103；④；（5）12。
（1）电池充电时把电能转化为化学能；
（2）根据120片“刀片电池”稳定的放电电压，求单片“刀片电池”稳定的放电电压；
（3）先计算出充电桩对该电池组充电0.5h消耗的电能W电和该电池组存储的能量W有，利用充电效率η=计算即可；
（4）根据题意应用密度公式ρ=计算即可；
（5）根据该车能量转化效率为80%和该车消耗的电能计算出该车做的有用功，再利用功率P=计算该车牵引力做功的功率。
本题考查了能量转化、密度的计算、功率等知识，有一定的综合性，解题关键是正确应用相关公式。
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