广东省潮州市潮安区2024-2025学年高一上学期期末考试物理试题
一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请把正确答案的字母代号填涂在答题卷相应的位置上）
1．（2025高一上·潮安期末）一辆电动出租汽车从潮安区A地到B地行驶的路线图如图所示。导航地图从A地到B地的直线距离为12km，实际里程表指示的里程数为20km，实际从A地到B地用时30min，下列说法正确的是（ ）
A．题目中的“30min”表示时刻
B．整个过程中汽车的位移大小为20km
C．整个过程中汽车的路程为20km
D．整个过程中汽车的平均速度大小为40km/h
2．（2025高一上·潮安期末）一只无人机做直线运动的位移时间图像如图所示，关于无人机的运动，下列说法正确的是（ ）
A．0~5s内的位移为5m B．1s~3s内处于静止状态
C．0~1s内速度大小为5m/s D．距离出发点的最远距离为2m
3．（2025高一上·潮安期末）我国自主研制的运-20重型运输机，从静止开始滑行到起飞离地，速度v随时间t变化的图像如图所示，在0~39s内，运输机（ ）
A．做匀加速直线运动 B．做变加速直线运动
C．加速度大小为0.5 D．滑行的距离为3042m
4．（2025高一上·潮安期末）跳水是一项优美的水上运动。如图所示为一位女运动员在3米跳板项目中的起跳动作。设她对跳板的压力为，跳板对她的支持力为，则（ ）
A．跳板受到压力，是因为跳板发生了形变
B．运动员受到支持力，是因为跳板发生了形变
C．和是一对平衡力
D．运动员能跳得高的原因之一，是大于
5．（2025高一上·潮安期末）在光滑水平面上，一个质量为1kg的物体受到大小分别为3N、4N和5N的三个水平方向的共点力作用静止，现在撤去其中5N的力，其余力不变，则物体的加速度大小为（ ）
A． B． C． D．
6．（2025高一上·潮安期末）如图所示为商场中常见的两种电梯，甲是扶梯，乙是直梯。某乘客分别乘坐不同的电梯上楼（乘客相对电梯静止），则当电梯都加速上升时（加速度方向如图所示），下列说法正确的是（ ）
A．甲电梯上的乘客处于超重状态
B．乙电梯中的乘客处于失重状态
C．甲电梯上的乘客受到的支持力与重力平衡
D．甲、乙电梯中的乘客都受到重力、支持力和摩擦力的作用
7．（2025高一上·潮安期末）如图所示，一足够长的水平传送带以恒定的速度顺时针运行。将一物体轻轻放在传送带的左端，以v、a、x、Ff表示物体速度大小、加速度大小、位移大小和所受摩擦力的大小。下列选项可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或以上选项正确，请把正确答案的字母代号填涂在答题卷相应的位置上。全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）
8．（2025高一上·潮安期末）如图所示，工人用斜向上的力拉一个重木箱沿粗糙水平地面匀速前行，关于此过程，下列说法正确的是（ ）
A．木箱只受重力、拉力和摩擦力作用
B．地面对木箱的支持力和木箱对地面的压力是一对作用力和反作用力
C．拉力的竖直分力大小一定等于木箱所受的重力
D．拉力的水平分力大小一定等于木箱所受的摩擦力
9．（2025高一上·潮安期末）如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平地面上，现有一小球由某高处自由落下，落在轻质弹簧上，O为弹簧自由状态时最上端，A为小球合力为零的点，B为小球运动的最低点。运动过程弹簧在弹性限度内，小球视为质点，不计空气阻力。则下列说法正确的是（ ）
A．小球落至A点时的加速度为零
B．小球落至O点时速度达到最大值
C．小球在段处于失重状态
D．小球从O到B的过程中加速度逐渐增大
10．（2025高一上·潮安期末）如图甲，长木板A静止在光滑水平面上，另一物体B（可看作质点）以水平速度滑上长木板A的左端。由于A、B间存在摩擦，之后运动过程中A、B的速度随时间变化情况如图乙。g取，下列说法正确的是（ ）
A．A物体所受的摩擦力与运动方向相同
B．A、B之间的动摩擦因数
C．A物体的质量是B物体的两倍
D．长木板A的最小长度为L=1m
三、实验题（本题共2小题，共17分，请把正确答案填写在答题卷相应的位置上。）
11．（2025高一上·潮安期末）下列是《普通高中物理课程标准》中列出的两个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计算。
（1）某同学利用如图a装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。
①在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持 （选填“水平”或“竖直”）状态。
②通过实验得到如图b所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可劲度系数k= N/m。
③利用本实验研究的弹簧做成一把弹簧测力计，当弹簧测力计上的示数如图c所示时，测力计的示数为 N
（2）探究“两个互成角度的力的合成规律”实验中，木板竖直放置，橡皮筋一端固定，另一端拴有细绳套，如图a所示。先用两个弹簧测力计把橡皮筋下端拉至A点，如图b所示。再改用一个弹簧测力计把橡皮筋下端拉至B点，如图c所示。
①本实验需要用到带细绳套的橡皮筋，图甲中最合适的带细绳套的橡皮筋是 ；
②在实验中必须使B点位置与A点位置 。
③本实验采用的科学方法是 （选填“理想实验法”“控制变量法”或“等效替代法”）。
12．（2025高一上·潮安期末）某实验小组用如图1的装置“探究加速度与力、质量的关系”。所用交变电流的频率为50Hz。
（1）实验中可采用如图甲、乙所示的两种打点计时器，请回答下面的问题：
图乙是 （选填“电磁打点”或“电火花”）计时器，电源采用的是 （选填“交流8V”“交流220V”或“四节干电池”）。
（2）实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，使小车在 （填“挂”或“不挂”）槽码时能拖动纸带沿木板做 直线运动。
（3）实验中打出的纸带如图2所示，由该纸带可求得小车的加速度 （计算结果保留2位有效数字）。
（4）某同学在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变对小车的拉力F，由实验数据作出图像如图3所示，图线不过原点的原因是 。
四、计算题（本题共3小题，共37分，请把正确答案填写在答题卷相应的位置上。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13．（2025高一上·潮安期末）创建文明城市，提倡机动车礼让行人。如图所示，司机小理驾驶汽车以速度匀速行驶，发现前方的斑马线上有行人通过，立即刹车使车做匀减速直线运动，直至停止。已知刹车加速度大小为，若小理的反应时间为，则汽车距斑马线的安全距离x至少为多少。
14．（2025高一上·潮安期末）如图所示，物流公司通过滑道把货物直接运到卡车中，倾斜滑轨与水平面成37°角，长度，水平滑轨长度，两滑轨间平滑连接使速度改向而不改变速度大小。若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因数均为，货物可视为质点（取，，重力加速度）。
求：
（1）货物在倾斜滑轨上滑行时加速度a的大小；
（2）货物滑到水平滑轨末端时速度v的大小。
15．（2025高一上·潮安期末）如图所示，某同学用力、方向与竖直黑板面成，将黑板擦沿黑板表面竖直向上缓慢推动，黑板擦无左右运动趋势，黑板擦（可视为质点）的质量，。
（1）请画出黑板擦受力图；
（2）求黑板擦与黑板间的动摩擦因数μ；
（3）当她擦到离黑板下边缘的高度为时，黑板擦意外脱手沿黑板面竖直向下滑落，求黑板擦从脱手运动到黑板下边缘的时间t。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】时间与时刻；位移与路程；平均速度
【解析】【解答】本题考查学生对运动学中基本概念的理解，其中重点考查对时间间隔、时刻、路程、位移等的区分，以及对平均速度基本公式的应用。A．题目中的“30min”表示时间间隔，故A错误；
B．整个过程中汽车的位移大小为12km，故B错误；
C．整个过程中汽车的路程为20km，故C正确；
D．整个过程中汽车的平均速度大小为，故D错误。
故选C。
【分析】时间间隔为一段时间，时刻为准确的时间点，以此判断选项正误；位移指汽车空间位置的变化，路程指汽车实际运动轨迹的长短；位移指汽车空间位置的变化，路程指汽车实际运动轨迹的长短；根据平均速度公式计算平均速度的大小。
2．【答案】B
【知识点】运动学 S-t 图象
【解析】【解答】本题考查对位移图像的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，来分析物体的运动情况。A.0~5s内的位移为，故A错误；
B.1s~3s内无人机的位置不变，处于静止状态，故B正确；
C.0~1s内速度大小为，故C错误；
D．无人机距离出发点的最远距离为3m，故D错误。
故选B。
【分析】位移图像纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，图像的斜率等于速度，由此分析即可。
3．【答案】A
【知识点】运动学 v-t 图象
【解析】【解答】本题考查了v-t图像斜率的意义以及图像与坐标轴围成的面积的意义。AB．由题图中图像可知，运输机运动为匀加速直线运动，故A正确，B错误；
C．运输机的加速度大小为，故C错误；
D．运输机滑行的距离为，故D错误。
故选A。
【分析】运输机速度随时间均匀增大，其运动为匀加速直线运动，v-t图像斜率表示物体的加速度。
4．【答案】B
【知识点】形变与弹力；牛顿第三定律
【解析】【解答】本题主要考查了弹力和相互作用力，解题关键是掌握形变的物体为施力物体。A．跳板受到压力，施力物体是运动员，是因为运动员发生了形变，故A错误；
B．运动员受到支持力，施力物体是跳板，是因为跳板发生了形变，故B正确；
CD．和是一对作用力与反作用力，任何情况下大小都相等，故CD错误。
故选B。
【分析】形变的物体为施力物体；根据相互作用力可知，在任何情况下大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
5．【答案】C
【知识点】牛顿第二定律
【解析】【解答】本题考查了牛顿定律以及受力分析，理解物体所受合外力与加速度的关系是解决此类问题的关键。撤去5N的力之前物体受力平衡，故3N、4N这两个力的合力与5N那个力等大反向；撤去5N的力之后，其余力不变，则物体所受的合力大小为5N，故物体的加速度大小为。
故选C。
【分析】根据平衡条件，结合撤去5N的力之后，其余力不变，则物体所受的合力大小为5N，综合牛顿第二定律分析求解。
6．【答案】A
【知识点】超重与失重
【解析】【解答】本题考查运动的合成与分解规律，同时要注意当加速度向上时，物体处于超重状态；当加速度向下时，物体处于失重状态。将甲电梯上的乘客的加速度沿水平方向和竖直方向分解，得到竖直向上的分加速度和水平向左的分加速度，故乘客处于超重状态，所受支持力大于重力，受到重力、支持力和摩擦力的作用；乙电梯中的乘客加速度竖直向上，处于失重状态，只受到重力、支持力的作用。
故选A。
【分析】分别对两个电梯中的人进行运动分析和受力分析，对甲分解加速度，分析竖直方向上的受力情况可求得是否超重以及受摩擦力情况。
7．【答案】A
【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型
【解析】【解答】正确分析摩擦力在不同阶段的变化，匀加速阶段滑动摩擦力提供加速度且大小不变，匀速阶段摩擦力为零，这对判断加速度和摩擦力图像至关重要。
AB．在前t1内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，加速度不变，速度与时间的关系为
v=at
v-t图象是倾斜的直线，物体的速度与传送带相同后，做匀速直线运动，加速度为0，故A正确，B错误；
C．x和t关系先满足
后满足
x=vt
故C错误；
D．摩擦力先恒定，提供加速度，后为零，故D错误。
故选A。
【分析】分析物体在传送带上的运动过程，判断速度—时间图像是否正确；明确物体匀加速阶段加速度不变，匀速阶段加速度为；根据匀加速直线运动位移公式和匀速直线运动位移公式分析；物体在匀加速阶段受滑动摩擦力大小不变，匀速阶段摩擦力为0。
8．【答案】B,D
【知识点】牛顿第三定律；受力分析的应用；共点力的平衡
【解析】【解答】本题考查对木箱进行受力分析，依据力的相互性和物体的平衡状态来判断各选项的正误。A．对木箱进行分析，木箱受到重力、拉力、地面支持力和摩擦力作用，故A错误；
B．根据牛顿第三定律可知，地面对木箱的支持力和木箱对地面的压力是一对作用力和反作用力，故B正确；
C．由于木箱向右匀速运动，根据平衡条件可知，拉力的竖直分力与地面对木箱的支持力之和等于木箱所受重力大小，即拉力的竖直分力大小一定小于木箱所受的重力，故C错误；
D．由于木箱向右匀速运动，根据平衡条件可知，拉力的水平分力大小一定等于木箱所受的摩擦力，故D正确。
故选BD。
【分析】对木箱进行受力分析；依据力的相互性，作用力与反作用力的关系分析；物体的平衡状态来判断正误。
9．【答案】A,C
【知识点】牛顿第二定律；超重与失重
【解析】【解答】本题考查了牛顿运动定律，理解物体在不同时刻的运动状态是解决此类问题的关键。A．A为小球合力为零的点，根据牛顿第二定律可知，小球落至A点时的加速度为零，故A正确；
B．小球落至O点后压缩弹簧，弹力开始时小于重力，加速度方向向下，小球向下做加速度减小的加速运动，到达O点时，加速度为0，速度达到最大值，之后，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做加速度增大的减速运动，直至运动到B点速度为0，故B错误；
C．结合上述，小球在OA段加速度方向向下，则小球在段处于失重状态，故C正确；
D．结合上述可知，小球从O到B的过程中加速度先减小后增大，故D错误。
故选AC。
【分析】根据牛顿第二定律，结合小球落至O点后压缩弹簧，弹力开始时小于重力，加速度方向向下，小球向下做加速度减小的加速运动，到达O点时，加速度为0，速度达到最大值，之后，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做加速度增大的减速运动，直至运动到B点速度为0分析求解。
10．【答案】A,B,D
【知识点】牛顿运动定律的应用—板块模型
【解析】【解答】v-t图像与时间轴围成的面积表示位移大小，图像的斜率表示加速度，速度正负表示速度方向。
A．A物体水平方向只受摩擦力作用，且做加速运动，所受的摩擦力与运动方向相同，故A正确；
B．B物体匀减速运动的加速度大小为
由牛顿第二定律得
即
故B正确；
C．A、B两物体水平方向都只受到来自对方的摩擦力，且加速度大小相等，根据牛顿第二定律可知，两物体质量相等，故C错误；
D．长木板A的最小长度等于内两物体的图像所夹的面积，故长木板A的最小长度为
故D正确。
故选ABD。
【分析】分析A物体的运动状态变化，根据摩擦力与相对运动趋势的关系，判断A所受摩擦力方向；对B物体受力分析，根据牛顿第二定律得到加速度表达式，再结合v-t图像求出B的加速度，进而计算动摩擦因数；利用牛顿第二定律，结合图像中A、B的初末速度，求解A、B质量关系；根据v-t图像所夹的面积表示位移，计算长木板A的最小长度。
11．【答案】（1）竖直；50；3.0
（2）C；相同；等效替代法
【知识点】探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系；验证力的平行四边形定则
【解析】【解答】本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k Δx并结合图像列式求解。掌握实验正确的步骤和实验中需要注意的问题。
（1）由于弹簧竖直悬挂，所以在安装刻度尺时必须使刻度尺保持竖直；
弹簧的劲度系数为；
图c中测力计的示数为。
（2）因需要用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮筋的结点，所以图甲中最合适的带细绳套的橡皮筋是C；本实验采用的科学方法是等效替代法，故在实验中必须使B点位置与A点位置相同。
【分析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直，弹簧处于原长时，弹力为零，根据胡克定律F=k Δx求解劲度系数；
（2）①实验中根据作用效果相同确定两点的位置；
②实验过程中根据两个弹簧测力计之间的夹角大小要适当来判断弹簧测力计之间的夹角；
③根据实验的原理，从“等效替代”的含义分析作答。
（1）[1]由于弹簧竖直悬挂，所以在安装刻度尺时必须使刻度尺保持竖直；
[2]弹簧的劲度系数为；
[3]图c中测力计的示数为。
（2）[1]因需要用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮筋的结点，所以图甲中最合适的带细绳套的橡皮筋是C；
[2][3]本实验采用的科学方法是等效替代法，故在实验中必须使B点位置与A点位置相同。
12．【答案】（1）电火花；交流220V
（2）不挂；匀速
（3）0.88
（4）平衡摩擦力时，木板倾斜过大
【知识点】加速度；探究加速度与力、质量的关系；用打点计时器测速度；实验验证牛顿第二定律
【解析】【解答】本题主要考查了打点计时器测量速度和加速度的实验，根据运动学公式得出速度的大小，结合逐差法即可完成分析。
（1）图乙中利用了墨粉盒，可知，图乙是电火花计时器，其电源采用的是交流220V。
（2）实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，由于使小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力平衡，可知，平衡摩擦力时，应使小车在不挂槽码时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动。
（3）交流电源的频率为50Hz，则打点周期为0.02s，纸带上选择的相邻计数点之间的时间间隔为
根据逐差法可知，小车的加速度
（4）根据图像可知，当拉力为0时，小车已经有一定的加速度，表明平衡摩擦力时，木板倾斜过大。
【分析】（1）根据图片的特点得出对应的打点计时器的类型；
（2）根据实验原理和操作步骤，分析判断应怎样调整木板左右的高度；
（3）根据运动学公式得出小车的瞬时速度，结合逐差法得出小车的加速度；
（4）根据实验原理对误差进行分析。
（1）[1]2[图乙中利用了墨粉盒，可知，图乙是电火花计时器，其电源采用的是交流220V。
（2）[1][2]实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，由于使小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力平衡，可知，平衡摩擦力时，应使小车在不挂槽码时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动。
（3）交流电源的频率为50Hz，则打点周期为0.02s，纸带上选择的相邻计数点之间的时间间隔为
根据逐差法可知，小车的加速度
（4）根据图像可知，当拉力为0时，小车已经有一定的加速度，表明平衡摩擦力时，木板倾斜过大。
13．【答案】解：反应时间内汽车的位移大小为
汽车匀减速至停止过程中的位移大小为
故汽车距斑马线的安全距离x至少为
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【分析】反应时间，汽车做匀速运动，结合加速度和初速度求解刹车过程的位移，反应时间位移加上刹车位移等于距离。
14．【答案】（1）解：货物在倾斜滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
求得
（2）解：货物在水平滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
货物在倾斜滑轨上滑行的过程有
货物在水平滑轨上滑行的过程有
联立求得
【知识点】牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）对货物进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度大小；
（2）根据牛顿第二定律求解货物在水平滑轨上滑行时加速度，根据速度—位移关系求解速度大小。
（1）货物在倾斜滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
求得
（2）货物在水平滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
货物在倾斜滑轨上滑行的过程有
货物在水平滑轨上滑行的过程有
联立求得
15．【答案】（1）解：黑板擦受力图如图所示
（2）解：根据黑板擦受力平衡有，，又
联立得
（3）解：黑板擦脱手后做自由落体运动，黑板擦从脱手运动到黑板下边缘过程有
求得
【知识点】自由落体运动；共点力的平衡
【解析】【分析】（1）分析黑板擦受力情况，作出受力图；
（2）以黑板擦为研究对象，黑板擦缓慢移动时，合力为零，根据平衡条件和滑动摩擦力公式f=μN求解黑板擦与黑板间的动摩擦因数μ；
（3）黑板擦脱手后沿黑板面竖直向下滑落过程中与黑板之间无摩擦，做自由落体运动，由位移—时间公式求解黑板擦从脱手运动到黑板下边缘的时间t。
（1）黑板擦受力图如图所示
（2）根据黑板擦受力平衡有，，又
联立得
（3）黑板擦脱手后做自由落体运动，黑板擦从脱手运动到黑板下边缘过程有
求得
1 / 1广东省潮州市潮安区2024-2025学年高一上学期期末考试物理试题
一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请把正确答案的字母代号填涂在答题卷相应的位置上）
1．（2025高一上·潮安期末）一辆电动出租汽车从潮安区A地到B地行驶的路线图如图所示。导航地图从A地到B地的直线距离为12km，实际里程表指示的里程数为20km，实际从A地到B地用时30min，下列说法正确的是（ ）
A．题目中的“30min”表示时刻
B．整个过程中汽车的位移大小为20km
C．整个过程中汽车的路程为20km
D．整个过程中汽车的平均速度大小为40km/h
【答案】C
【知识点】时间与时刻；位移与路程；平均速度
【解析】【解答】本题考查学生对运动学中基本概念的理解，其中重点考查对时间间隔、时刻、路程、位移等的区分，以及对平均速度基本公式的应用。A．题目中的“30min”表示时间间隔，故A错误；
B．整个过程中汽车的位移大小为12km，故B错误；
C．整个过程中汽车的路程为20km，故C正确；
D．整个过程中汽车的平均速度大小为，故D错误。
故选C。
【分析】时间间隔为一段时间，时刻为准确的时间点，以此判断选项正误；位移指汽车空间位置的变化，路程指汽车实际运动轨迹的长短；位移指汽车空间位置的变化，路程指汽车实际运动轨迹的长短；根据平均速度公式计算平均速度的大小。
2．（2025高一上·潮安期末）一只无人机做直线运动的位移时间图像如图所示，关于无人机的运动，下列说法正确的是（ ）
A．0~5s内的位移为5m B．1s~3s内处于静止状态
C．0~1s内速度大小为5m/s D．距离出发点的最远距离为2m
【答案】B
【知识点】运动学 S-t 图象
【解析】【解答】本题考查对位移图像的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，来分析物体的运动情况。A.0~5s内的位移为，故A错误；
B.1s~3s内无人机的位置不变，处于静止状态，故B正确；
C.0~1s内速度大小为，故C错误；
D．无人机距离出发点的最远距离为3m，故D错误。
故选B。
【分析】位移图像纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，图像的斜率等于速度，由此分析即可。
3．（2025高一上·潮安期末）我国自主研制的运-20重型运输机，从静止开始滑行到起飞离地，速度v随时间t变化的图像如图所示，在0~39s内，运输机（ ）
A．做匀加速直线运动 B．做变加速直线运动
C．加速度大小为0.5 D．滑行的距离为3042m
【答案】A
【知识点】运动学 v-t 图象
【解析】【解答】本题考查了v-t图像斜率的意义以及图像与坐标轴围成的面积的意义。AB．由题图中图像可知，运输机运动为匀加速直线运动，故A正确，B错误；
C．运输机的加速度大小为，故C错误；
D．运输机滑行的距离为，故D错误。
故选A。
【分析】运输机速度随时间均匀增大，其运动为匀加速直线运动，v-t图像斜率表示物体的加速度。
4．（2025高一上·潮安期末）跳水是一项优美的水上运动。如图所示为一位女运动员在3米跳板项目中的起跳动作。设她对跳板的压力为，跳板对她的支持力为，则（ ）
A．跳板受到压力，是因为跳板发生了形变
B．运动员受到支持力，是因为跳板发生了形变
C．和是一对平衡力
D．运动员能跳得高的原因之一，是大于
【答案】B
【知识点】形变与弹力；牛顿第三定律
【解析】【解答】本题主要考查了弹力和相互作用力，解题关键是掌握形变的物体为施力物体。A．跳板受到压力，施力物体是运动员，是因为运动员发生了形变，故A错误；
B．运动员受到支持力，施力物体是跳板，是因为跳板发生了形变，故B正确；
CD．和是一对作用力与反作用力，任何情况下大小都相等，故CD错误。
故选B。
【分析】形变的物体为施力物体；根据相互作用力可知，在任何情况下大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
5．（2025高一上·潮安期末）在光滑水平面上，一个质量为1kg的物体受到大小分别为3N、4N和5N的三个水平方向的共点力作用静止，现在撤去其中5N的力，其余力不变，则物体的加速度大小为（ ）
A． B． C． D．
【答案】C
【知识点】牛顿第二定律
【解析】【解答】本题考查了牛顿定律以及受力分析，理解物体所受合外力与加速度的关系是解决此类问题的关键。撤去5N的力之前物体受力平衡，故3N、4N这两个力的合力与5N那个力等大反向；撤去5N的力之后，其余力不变，则物体所受的合力大小为5N，故物体的加速度大小为。
故选C。
【分析】根据平衡条件，结合撤去5N的力之后，其余力不变，则物体所受的合力大小为5N，综合牛顿第二定律分析求解。
6．（2025高一上·潮安期末）如图所示为商场中常见的两种电梯，甲是扶梯，乙是直梯。某乘客分别乘坐不同的电梯上楼（乘客相对电梯静止），则当电梯都加速上升时（加速度方向如图所示），下列说法正确的是（ ）
A．甲电梯上的乘客处于超重状态
B．乙电梯中的乘客处于失重状态
C．甲电梯上的乘客受到的支持力与重力平衡
D．甲、乙电梯中的乘客都受到重力、支持力和摩擦力的作用
【答案】A
【知识点】超重与失重
【解析】【解答】本题考查运动的合成与分解规律，同时要注意当加速度向上时，物体处于超重状态；当加速度向下时，物体处于失重状态。将甲电梯上的乘客的加速度沿水平方向和竖直方向分解，得到竖直向上的分加速度和水平向左的分加速度，故乘客处于超重状态，所受支持力大于重力，受到重力、支持力和摩擦力的作用；乙电梯中的乘客加速度竖直向上，处于失重状态，只受到重力、支持力的作用。
故选A。
【分析】分别对两个电梯中的人进行运动分析和受力分析，对甲分解加速度，分析竖直方向上的受力情况可求得是否超重以及受摩擦力情况。
7．（2025高一上·潮安期末）如图所示，一足够长的水平传送带以恒定的速度顺时针运行。将一物体轻轻放在传送带的左端，以v、a、x、Ff表示物体速度大小、加速度大小、位移大小和所受摩擦力的大小。下列选项可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型
【解析】【解答】正确分析摩擦力在不同阶段的变化，匀加速阶段滑动摩擦力提供加速度且大小不变，匀速阶段摩擦力为零，这对判断加速度和摩擦力图像至关重要。
AB．在前t1内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，加速度不变，速度与时间的关系为
v=at
v-t图象是倾斜的直线，物体的速度与传送带相同后，做匀速直线运动，加速度为0，故A正确，B错误；
C．x和t关系先满足
后满足
x=vt
故C错误；
D．摩擦力先恒定，提供加速度，后为零，故D错误。
故选A。
【分析】分析物体在传送带上的运动过程，判断速度—时间图像是否正确；明确物体匀加速阶段加速度不变，匀速阶段加速度为；根据匀加速直线运动位移公式和匀速直线运动位移公式分析；物体在匀加速阶段受滑动摩擦力大小不变，匀速阶段摩擦力为0。
二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或以上选项正确，请把正确答案的字母代号填涂在答题卷相应的位置上。全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）
8．（2025高一上·潮安期末）如图所示，工人用斜向上的力拉一个重木箱沿粗糙水平地面匀速前行，关于此过程，下列说法正确的是（ ）
A．木箱只受重力、拉力和摩擦力作用
B．地面对木箱的支持力和木箱对地面的压力是一对作用力和反作用力
C．拉力的竖直分力大小一定等于木箱所受的重力
D．拉力的水平分力大小一定等于木箱所受的摩擦力
【答案】B,D
【知识点】牛顿第三定律；受力分析的应用；共点力的平衡
【解析】【解答】本题考查对木箱进行受力分析，依据力的相互性和物体的平衡状态来判断各选项的正误。A．对木箱进行分析，木箱受到重力、拉力、地面支持力和摩擦力作用，故A错误；
B．根据牛顿第三定律可知，地面对木箱的支持力和木箱对地面的压力是一对作用力和反作用力，故B正确；
C．由于木箱向右匀速运动，根据平衡条件可知，拉力的竖直分力与地面对木箱的支持力之和等于木箱所受重力大小，即拉力的竖直分力大小一定小于木箱所受的重力，故C错误；
D．由于木箱向右匀速运动，根据平衡条件可知，拉力的水平分力大小一定等于木箱所受的摩擦力，故D正确。
故选BD。
【分析】对木箱进行受力分析；依据力的相互性，作用力与反作用力的关系分析；物体的平衡状态来判断正误。
9．（2025高一上·潮安期末）如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平地面上，现有一小球由某高处自由落下，落在轻质弹簧上，O为弹簧自由状态时最上端，A为小球合力为零的点，B为小球运动的最低点。运动过程弹簧在弹性限度内，小球视为质点，不计空气阻力。则下列说法正确的是（ ）
A．小球落至A点时的加速度为零
B．小球落至O点时速度达到最大值
C．小球在段处于失重状态
D．小球从O到B的过程中加速度逐渐增大
【答案】A,C
【知识点】牛顿第二定律；超重与失重
【解析】【解答】本题考查了牛顿运动定律，理解物体在不同时刻的运动状态是解决此类问题的关键。A．A为小球合力为零的点，根据牛顿第二定律可知，小球落至A点时的加速度为零，故A正确；
B．小球落至O点后压缩弹簧，弹力开始时小于重力，加速度方向向下，小球向下做加速度减小的加速运动，到达O点时，加速度为0，速度达到最大值，之后，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做加速度增大的减速运动，直至运动到B点速度为0，故B错误；
C．结合上述，小球在OA段加速度方向向下，则小球在段处于失重状态，故C正确；
D．结合上述可知，小球从O到B的过程中加速度先减小后增大，故D错误。
故选AC。
【分析】根据牛顿第二定律，结合小球落至O点后压缩弹簧，弹力开始时小于重力，加速度方向向下，小球向下做加速度减小的加速运动，到达O点时，加速度为0，速度达到最大值，之后，弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做加速度增大的减速运动，直至运动到B点速度为0分析求解。
10．（2025高一上·潮安期末）如图甲，长木板A静止在光滑水平面上，另一物体B（可看作质点）以水平速度滑上长木板A的左端。由于A、B间存在摩擦，之后运动过程中A、B的速度随时间变化情况如图乙。g取，下列说法正确的是（ ）
A．A物体所受的摩擦力与运动方向相同
B．A、B之间的动摩擦因数
C．A物体的质量是B物体的两倍
D．长木板A的最小长度为L=1m
【答案】A,B,D
【知识点】牛顿运动定律的应用—板块模型
【解析】【解答】v-t图像与时间轴围成的面积表示位移大小，图像的斜率表示加速度，速度正负表示速度方向。
A．A物体水平方向只受摩擦力作用，且做加速运动，所受的摩擦力与运动方向相同，故A正确；
B．B物体匀减速运动的加速度大小为
由牛顿第二定律得
即
故B正确；
C．A、B两物体水平方向都只受到来自对方的摩擦力，且加速度大小相等，根据牛顿第二定律可知，两物体质量相等，故C错误；
D．长木板A的最小长度等于内两物体的图像所夹的面积，故长木板A的最小长度为
故D正确。
故选ABD。
【分析】分析A物体的运动状态变化，根据摩擦力与相对运动趋势的关系，判断A所受摩擦力方向；对B物体受力分析，根据牛顿第二定律得到加速度表达式，再结合v-t图像求出B的加速度，进而计算动摩擦因数；利用牛顿第二定律，结合图像中A、B的初末速度，求解A、B质量关系；根据v-t图像所夹的面积表示位移，计算长木板A的最小长度。
三、实验题（本题共2小题，共17分，请把正确答案填写在答题卷相应的位置上。）
11．（2025高一上·潮安期末）下列是《普通高中物理课程标准》中列出的两个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计算。
（1）某同学利用如图a装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。
①在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持 （选填“水平”或“竖直”）状态。
②通过实验得到如图b所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可劲度系数k= N/m。
③利用本实验研究的弹簧做成一把弹簧测力计，当弹簧测力计上的示数如图c所示时，测力计的示数为 N
（2）探究“两个互成角度的力的合成规律”实验中，木板竖直放置，橡皮筋一端固定，另一端拴有细绳套，如图a所示。先用两个弹簧测力计把橡皮筋下端拉至A点，如图b所示。再改用一个弹簧测力计把橡皮筋下端拉至B点，如图c所示。
①本实验需要用到带细绳套的橡皮筋，图甲中最合适的带细绳套的橡皮筋是 ；
②在实验中必须使B点位置与A点位置 。
③本实验采用的科学方法是 （选填“理想实验法”“控制变量法”或“等效替代法”）。
【答案】（1）竖直；50；3.0
（2）C；相同；等效替代法
【知识点】探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系；验证力的平行四边形定则
【解析】【解答】本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k Δx并结合图像列式求解。掌握实验正确的步骤和实验中需要注意的问题。
（1）由于弹簧竖直悬挂，所以在安装刻度尺时必须使刻度尺保持竖直；
弹簧的劲度系数为；
图c中测力计的示数为。
（2）因需要用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮筋的结点，所以图甲中最合适的带细绳套的橡皮筋是C；本实验采用的科学方法是等效替代法，故在实验中必须使B点位置与A点位置相同。
【分析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直，弹簧处于原长时，弹力为零，根据胡克定律F=k Δx求解劲度系数；
（2）①实验中根据作用效果相同确定两点的位置；
②实验过程中根据两个弹簧测力计之间的夹角大小要适当来判断弹簧测力计之间的夹角；
③根据实验的原理，从“等效替代”的含义分析作答。
（1）[1]由于弹簧竖直悬挂，所以在安装刻度尺时必须使刻度尺保持竖直；
[2]弹簧的劲度系数为；
[3]图c中测力计的示数为。
（2）[1]因需要用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮筋的结点，所以图甲中最合适的带细绳套的橡皮筋是C；
[2][3]本实验采用的科学方法是等效替代法，故在实验中必须使B点位置与A点位置相同。
12．（2025高一上·潮安期末）某实验小组用如图1的装置“探究加速度与力、质量的关系”。所用交变电流的频率为50Hz。
（1）实验中可采用如图甲、乙所示的两种打点计时器，请回答下面的问题：
图乙是 （选填“电磁打点”或“电火花”）计时器，电源采用的是 （选填“交流8V”“交流220V”或“四节干电池”）。
（2）实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，使小车在 （填“挂”或“不挂”）槽码时能拖动纸带沿木板做 直线运动。
（3）实验中打出的纸带如图2所示，由该纸带可求得小车的加速度 （计算结果保留2位有效数字）。
（4）某同学在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变对小车的拉力F，由实验数据作出图像如图3所示，图线不过原点的原因是 。
【答案】（1）电火花；交流220V
（2）不挂；匀速
（3）0.88
（4）平衡摩擦力时，木板倾斜过大
【知识点】加速度；探究加速度与力、质量的关系；用打点计时器测速度；实验验证牛顿第二定律
【解析】【解答】本题主要考查了打点计时器测量速度和加速度的实验，根据运动学公式得出速度的大小，结合逐差法即可完成分析。
（1）图乙中利用了墨粉盒，可知，图乙是电火花计时器，其电源采用的是交流220V。
（2）实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，由于使小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力平衡，可知，平衡摩擦力时，应使小车在不挂槽码时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动。
（3）交流电源的频率为50Hz，则打点周期为0.02s，纸带上选择的相邻计数点之间的时间间隔为
根据逐差法可知，小车的加速度
（4）根据图像可知，当拉力为0时，小车已经有一定的加速度，表明平衡摩擦力时，木板倾斜过大。
【分析】（1）根据图片的特点得出对应的打点计时器的类型；
（2）根据实验原理和操作步骤，分析判断应怎样调整木板左右的高度；
（3）根据运动学公式得出小车的瞬时速度，结合逐差法得出小车的加速度；
（4）根据实验原理对误差进行分析。
（1）[1]2[图乙中利用了墨粉盒，可知，图乙是电火花计时器，其电源采用的是交流220V。
（2）[1][2]实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，由于使小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力平衡，可知，平衡摩擦力时，应使小车在不挂槽码时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动。
（3）交流电源的频率为50Hz，则打点周期为0.02s，纸带上选择的相邻计数点之间的时间间隔为
根据逐差法可知，小车的加速度
（4）根据图像可知，当拉力为0时，小车已经有一定的加速度，表明平衡摩擦力时，木板倾斜过大。
四、计算题（本题共3小题，共37分，请把正确答案填写在答题卷相应的位置上。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13．（2025高一上·潮安期末）创建文明城市，提倡机动车礼让行人。如图所示，司机小理驾驶汽车以速度匀速行驶，发现前方的斑马线上有行人通过，立即刹车使车做匀减速直线运动，直至停止。已知刹车加速度大小为，若小理的反应时间为，则汽车距斑马线的安全距离x至少为多少。
【答案】解：反应时间内汽车的位移大小为
汽车匀减速至停止过程中的位移大小为
故汽车距斑马线的安全距离x至少为
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【分析】反应时间，汽车做匀速运动，结合加速度和初速度求解刹车过程的位移，反应时间位移加上刹车位移等于距离。
14．（2025高一上·潮安期末）如图所示，物流公司通过滑道把货物直接运到卡车中，倾斜滑轨与水平面成37°角，长度，水平滑轨长度，两滑轨间平滑连接使速度改向而不改变速度大小。若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因数均为，货物可视为质点（取，，重力加速度）。
求：
（1）货物在倾斜滑轨上滑行时加速度a的大小；
（2）货物滑到水平滑轨末端时速度v的大小。
【答案】（1）解：货物在倾斜滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
求得
（2）解：货物在水平滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
货物在倾斜滑轨上滑行的过程有
货物在水平滑轨上滑行的过程有
联立求得
【知识点】牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）对货物进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度大小；
（2）根据牛顿第二定律求解货物在水平滑轨上滑行时加速度，根据速度—位移关系求解速度大小。
（1）货物在倾斜滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
求得
（2）货物在水平滑轨上滑行时，由牛顿第二定律得
货物在倾斜滑轨上滑行的过程有
货物在水平滑轨上滑行的过程有
联立求得
15．（2025高一上·潮安期末）如图所示，某同学用力、方向与竖直黑板面成，将黑板擦沿黑板表面竖直向上缓慢推动，黑板擦无左右运动趋势，黑板擦（可视为质点）的质量，。
（1）请画出黑板擦受力图；
（2）求黑板擦与黑板间的动摩擦因数μ；
（3）当她擦到离黑板下边缘的高度为时，黑板擦意外脱手沿黑板面竖直向下滑落，求黑板擦从脱手运动到黑板下边缘的时间t。
【答案】（1）解：黑板擦受力图如图所示
（2）解：根据黑板擦受力平衡有，，又
联立得
（3）解：黑板擦脱手后做自由落体运动，黑板擦从脱手运动到黑板下边缘过程有
求得
【知识点】自由落体运动；共点力的平衡
【解析】【分析】（1）分析黑板擦受力情况，作出受力图；
（2）以黑板擦为研究对象，黑板擦缓慢移动时，合力为零，根据平衡条件和滑动摩擦力公式f=μN求解黑板擦与黑板间的动摩擦因数μ；
（3）黑板擦脱手后沿黑板面竖直向下滑落过程中与黑板之间无摩擦，做自由落体运动，由位移—时间公式求解黑板擦从脱手运动到黑板下边缘的时间t。
（1）黑板擦受力图如图所示
（2）根据黑板擦受力平衡有，，又
联立得
（3）黑板擦脱手后做自由落体运动，黑板擦从脱手运动到黑板下边缘过程有
求得
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