2025年江苏省南通市中考物理真题
一、第Ⅰ卷(选择题共20分)
1．（2025·南通）5月25日是心理健康日，数字“525”因谐音“我爱我”而被赋予特殊意义。轻声说“我爱我”，“轻声”是指声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】“轻声”是指声音的响度小，故B正确，ACD错误；
综上选B。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2．（2025·南通）晋代《博物志》中记载，用冰块制成聚光透镜，能将枯叶点燃。利用这种透镜观察远处的物体，看到的像是（ ）
A．放大的虚像 B．放大的实像 C．缩小的虚像 D．缩小的实像
【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 用冰块制成聚光透镜，能将枯叶点燃 ，说明该透镜可以汇聚光线，是凸透镜， 利用这种透镜观察远处的物体 ，则物距大于二倍焦距，像为倒立的缩小的 实像，故D正确，ABC错误；
综上选D。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
3．（2025·南通）如图所示，仅进行以下操作，能让U形管两侧液面高度差变大的是（ ）
A．转动压强计的金属盒 B．缓慢向上提起金属盒
C．在水中加入盐并搅拌 D．换用更细的U形管
【答案】C
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】根据液体压强的计算公式P=ρgh计算可知，高度差增加的方法有增加液体的密度，增加深度，AC不会改变高度差，B可以减小高度差，C加入盐水增加液体的密度，可以增加高度差，故C正确，ABD错误。
综上选C。
【分析】压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
4．（2025·南通）《天工开物》记载了人们劳作时的情景，图中减小压强的工具是（ ）
A．锋利的锄头
B．重重的碾子
C．宽宽的扁担
D．尖尖的凿子
【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】AD、锋利的锄头， 尖尖的凿子可以 减小受力面积，增加压强，故AD错误；
B、 重重的碾子 ，增加压力，增加压强，故B错误；
C、宽扁担增加受力面积，减小压强，故C正确。
综上选C。
【分析】压强的计算公式：，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
5．（2025·南通）如图为家庭电路的示意图，下列说法正确的是（ ）
A．电能表是用来测量电功的仪表 B．空气开关能起到漏电保护作用
C．照明灯与它所在支路开关并联 D．三线插座的中间插孔连接零线
【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、电能表是用于测量用电器消耗电能的仪器，故A正确；
B、空气开关是电路电流过大会切断电流，保护电路，故B错误；
C、照明灯和开关串联，故C错误；
C、插座中间插孔连接地线，故D错误。
综上选A。
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表。
6．（2025·南通）飞行的子弹因为速度大而具有较大的动能。下列四次实验中，对比哪两次实验能说明其道理（ ）
A．①② B．②③ C．②④ D．③④
【答案】A
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】探究动能和速度的关系，需要控制速度不同，则小车在斜面的位置不同，对比 ①② 可以得出相关结论， ②③的变量为质量 ， ②④ 的变量有2个， ③④ 有2个，所以BCD错误，A正确。
综上选A。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
7．（2025·南通）如图所示，利用静电喷涂枪给物体喷漆。接通电源，电动机开始转动，负压发生器使喷枪内气压减小吸入涂料，涂料雾化成小颗粒并带上负____电荷，从喷枪飞向被涂物。下列现象与物理知识对应不正确的是（ ）
A．负压发生器使涂料吸入喷枪--大气压强
B．通电后电动机线圈受力转动--电磁感应现象
C．涂料喷出后颗粒间相互排斥--电荷间的作用力
D．涂料变干后粘牢在物体表面--分子间的作用力
【答案】B
【知识点】大气压的综合应用；电荷间的相互作用规律；磁场对通电导线的作用；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、 负压发生器使喷枪内气压减小，此时喷枪内气压低于外界大气压，外界大气压会将涂料压入喷枪内， 所以A正确；
B、 通电后电动机线圈受力转动 ，属于磁场对通电导线有力的作用，故B错误；
C、 涂料雾化成小颗粒并带上负电荷，同种电荷相互排斥，所以颗粒间相互排斥 ，C正确；
D、 涂料变干后粘牢在物体表面，是因为分子间存在相互作用的引力 ，D正确。
综上选B。
【分析】 本题考查大气压强、电动机原理、电荷间作用力、分子间作用力等知识点，通过对每个选项所涉及物理原理的分析 得出正确选项。
8．（2025·南通）热质说是18世纪流行的热学理论。该理论认为热质是一种无质量、看不见的特殊物质，物体吸收、放出热质会导致温度或物态的变化，它只能在物体间转移，不会产生或消失。下列事例中，不能佐证该理论的是（ ）
A．热水暖手 B．冰袋冷敷 C．扬汤止沸 D．钻木取火
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、 热水暖手时，热水的热质转移到手上，使手的温度升高，符合热质在物体间转移的理论， 故A正确；
B、 冰袋冷敷时，冰袋的热质转移到人体，使人体温度降低，属于热质在物体间转移 ，B正确；
C、 扬汤止沸时，汤的热质通过扬起动作转移到周围环境（如空气），导致汤的温度暂时降低，属于热质在物体间转移 ，故C正确；
D、 钻木取火时，是通过做功的方式使木头的内能增加，温度升高而燃烧， 属于能量的转化，故D错误。
综上选D。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
9．（2025·南通）小明用电水壶烧水给爷爷奶奶泡茶。该壶保温性能较好，烧水时壶会吸收一些热量。在壶中装入500mL的水，加热至沸腾，用时2min。水用完后，他又在壶中装入1000mL的水，加热至沸腾，所需时间最有可能的是（ ）
A．2min B．4min
C．大于2min且小于4min D．大于 4min
【答案】C
【知识点】热量的计算；电功的计算
【解析】【解答】 在壶中装入500mL的水，加热至沸腾，用时2min ， 烧水时壶会吸收一些热量 ，所以仅加热500mL水至沸腾的时间小于2min，在壶中装入1000mL的水 ，500mL水为2min，剩余500mL的水加热时间小于2min，所以 ，加热至沸腾，所需时间最有可能的是 大于2min且小于4min ，C正确，ABD错误；
综上选C。
【分析】根据热量的计算：Q=cmΔt分析可知，质量加倍，则需要吸收的热量加倍，所以加热时间也会翻倍，题目中可知烧水壶会吸收热量，据此分析，单独加热水需要的时间会小于题目中给出的时间，据此分析题目。
10．（2025·南通）冬天，为控制蔬菜大棚的温度在 20~28℃，同学们设计了如图所示的控制电路。电源电压3V， R1是热敏电阻， R0选用3kΩ或5kΩ的定值电阻。闭合开关S， 当R1两端电压U≥2V时，开启加热系统：当U≤1.8V时，关闭加热系统。热敏电阻R1在不同温度时的阻值如下表。下列说法正确的是（ ）
温度/℃ 4.1 9.0 14.3 20.0 28.0 38.2 45.5
阻值/kΩ 22 16 10 6 4.5 3 2.5
A．R1的阻值与温度成反比
B．选用3kΩ的定值电阻能够满足设计的要求
C．R1和R0的功率可能相等
D．增大电源电压使开启加热系统的温度变低
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、 由表格数据可知，温度变化时 R1 和温度的乘积不是定值，故A错误；
B、 R0选用3kΩ 电阻，当R1两端电压为2V，R0电压为1V，根据串联分压可知，R1=6kΩ，对应20摄氏度；当R1两端电压为1.8V，R0电压为3V-1.8V=1.2V，根据串联分压可知，R1=4.5kΩ，符合要求，故B正确；
C、 R1和R0的功率 相等时，电流相等，则电阻相等，均为3Ω，此时温度为38.2℃，超过了测温范围，故C测温；
D、 增大电源电压 ，R1两端电压不变，则定值电阻的电压增加，根据串联分压可知，热敏电阻的电阻减小，对应温度上升。故D错误；
综上选B。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
二、第Ⅱ卷(非选择题共70分)
11．（2025·南通）2025年3月23日，“南通国际马拉松赛”在南通大剧院东侧鸣枪开跑。运动员的跑鞋底部有凹凸不平的花纹，是为了 ；以冲刺的运动员 为参照物，终点线是 的：运动员完成冲刺后不能立即停止，是因为他具有 。
【答案】增大摩擦力；运动；惯性
【知识点】惯性及其现象；摩擦力的大小；参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 跑鞋底部有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，防止运动员滑倒。 当以冲刺的运动员为参照物时，终点线相对于运动员的位置在发生变化，所以终点线是运动的。 运动员完成冲刺后不能立即停止，是因为他具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，所以运动员会继续向前运动一段距离。
【分析】 本题考查摩擦力、运动与静止的相对性、惯性的相关知识。需分别分析每个空对应的物理原理：对于跑鞋花纹，联系摩擦力的影响因素；对于参照物判断终点线的运动状态，依据相对运动的概念；对于运动员不能立即停止，结合惯性的定义。
12．（2025·南通）小华做“观察水的沸腾”实验。
（1）实验前打开酒精灯帽，闻到酒精的气味，这说明了 实验中酒精灯里的酒精不断减少，它的热值 。
（2）如图所示，水已经沸腾，温度计的示数 ；温度计表面有“水雾”，这是水蒸气 热液化形成的。
【答案】（1）分子在不停地做无规则运动；不变
（2）不变；放
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1） 酒精分子在空气中做无规则运动，这种现象属于分子的扩散现象 ， 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量多少无关。
（2）温度计分度值为1℃，示数为98℃， 水雾”是由空气中的水蒸气遇到温度较低的温度计表面，放出热量后变成液态的小水珠，这一过程属于液化现象。
【分析】 本题考查分子运动、热值特性、温度计读数及液化现象等知识点。第1小问利用分子扩散和热值概念解答；第2小问通过温度计读数规则和液化定义分析。解题关键是准确把握各物理概念的本质特征。
13．（2025·南通）2025年5月29日，“天问二号”探测器成功发射。它对近地小行星进行探测时，探测的信息通过 传回地面；它利用发动机向外喷出燃气获得动力，来调整飞行姿态，这说明了力的作用是 的，还说明力可以改变物体的 ；探测器所装的太阳能电池板将光能转化为 能，为它提供能量。
【答案】电磁波；相互；运动状态；电
【知识点】能量的转化或转移；力的作用效果；力作用的相互性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 电磁波能在真空中传播，且具有传递信息的功能，所以探测的信息通过电磁波传回地面。 探测器利用发动机向外喷出燃气获得动力，燃气对探测器产生推力，同时探测器对燃气也有反作用力，这体现了力的作用是相互的。 探测器通过发动机喷气调整飞行姿态，即改变自身的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态。 太阳能电池板工作时，将光能转化为电能，从而为探测器提供能量。
【分析】 本题综合考查了电磁波、力的相关知识及能量转化，解题关键是准确理解各知识点的概念与应用，如电磁波的传播特性、力的相互性与作用效果、能量转化的方向等。
14．（2025·南通）小红家新购了一辆电动汽车，下表为汽车的部分参数，其中电池容量指电池存储的最大电能，电池能量密度指电池存储的最大电能与电池的质量之比。
电池类型 电池容量/ (kW·h) 电池能量密度/ 快充电压/v
磷酸铁锂电池 80 160 800
（1）若该车以30m/s的速度做匀速直线运动，受到的阻力为400N，则受到的牵引力为 N，运动5min 牵引力做的功为 J
（2）该车的电池质量为 kg，充电时，它相当于电路中的 。使用快充功能充电0.5h电池存储的电能从电池容量的10%上升至 80%，假设充电桩输出的电能全部转化为电池存储的电能，充电电流为 A.
【答案】（1）400；3.6×106
（2）500；用电器；140
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；平衡力的辨别；电路的构成及电路图；功的计算及应用
【解析】【解答】（1） 汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡原理，牵引力与阻力大小相等。已知阻力为 400 N ，所以牵引力 F =400N 。 根据速度公式s=vt计算可知电动车5min行驶的路程为s=30m/s×300s=9000m，所以牵引力做功W=Fs=400N×9000m=3.6×106J；
（2）电池容量为 80kW·h = 80×3.6×106J = 2.88×108J ，能量密度为 160 W·h·kg 1 = 160 × 3600 J·kg 1 = 576000 J·kg 1，所以电池质量m=；充电时，电池消耗电能属于用电器， 充电前存储电能为 80 kW·h × 10 % = 8 kW·h ，充电后存储电能为 80 kW·h × 80 % = 64 kW·h ，则电能变化 Δ W = 64 kW·h 8 kW·h = 56 kW·h = 56 × 3.6 × 10 6 J = 2.016 ×108 J 。 充电时间为0.5h，所以充电功率P=， 快充电压U=800V，所以电流。
【分析】 （1）根据匀速直线运动中牵引力与阻力的关系确定牵引力大小，再利用速度公式求出运动路程，最后结合功的公式计算牵引力做的功；
（2）依据电池能量密度的定义求出电池质量，根据电路元件作用判断电池在充电时的角色，通过电能变化和电功率公式计算充电电流。
15．（2025·南通）学习小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）安装好杠杆，发现左端低、右端高，应将平衡螺母向 调节，使之在水平位置平衡。
（2）D点悬挂两个购码。A、B、C三点分别总挂六个、三个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，这说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越 ，进一步实验，可归纳得出杠杆的平衡条件是 。
（3）保持 D 点悬挂钩码不变，在E点施加力使杠杆在水平位置平衡，为了使力最小，力的方向应 ，这是因为此时 。
【答案】（1）右
（2）小；F1l1=F2l2
（3）竖直向上；动力臂最大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1） 杠杆左端低、右端高，说明左端重力偏大，为使杠杆在水平位置平衡，需将平衡螺母向右调节；
（2） 设杠杆上每一格长度为 L ，钩码重力为 G 。若 D 点悬挂两个钩码 A ，点悬挂六个钩码，由杠杆平衡得 6 G × L1 = 2 G × L2 ，化简得 3 L1 = L2；同理， B 点三个钩码时 3 L1' = L2' ， C 点两个钩码时 2 L1'' = L2'' 。可见力臂越大，对应的力越小。
（3） 在E点施加力使杠杆在水平位置平衡，为了使力最小，则动力臂最大，力的方向应竖直向上。
【分析】 （1）依据杠杆平衡原理，通过调整平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，左端低则需将平衡螺母向右端调节以平衡重心；
（2）分析不同悬挂点的力与力臂关系，归纳杠杆平衡条件，即动力×动力臂 = 阻力×阻力臂；
（3）利用杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂固定时，动力与动力臂成反比，要使动力最小需让动力臂最大，结合杠杆结构确定力的方向。
16．（2025·南通）按题目要求作图
（1）如图甲，物体AB 放在平面镜前，请作出物体AB 在平面镜中所成的像。
（2）如图乙，潜水艇模型悬浮在静止的水巾，请画出它的受力示意图。
（3）如图丙，小磁针静止在通电螺线管右侧，请标出磁感线的方向和小磁针的 S 极。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力的三要素及力的示意图；安培定则
【解析】【解答】（1） 过物体AB的端点A作平面镜的垂线并延长，使延长部分与垂线长度相等，得到A关于平面镜的对称点A'。 同理，过端点B作平面镜的垂线并延长，使延长部分与垂线长度相等，得到B关于平面镜的对称点B'。 用直线连接A'和B'，A'B'即为物体AB在平面镜中所成的像。 据此作图：
（2） 潜水艇模型受到的重力G竖直向下，作用点在潜水艇的重心处，用带箭头的线段表示，箭头方向向下。 潜水艇模型悬浮时，浮力F1与重力G大小相等、方向相反，所以浮力F1竖直向上，作用点也在重心处，用带箭头的线段表示，箭头方向向上。 ，据此作图：
（3）根据安培定则可知左端为N极，小磁针静止时，其N极指向与磁感线方向相同，因此小磁针的另一端为S极，在小磁针上标记S极。 据此作图：
【分析】 第1小问：利用平面镜成像“像与物关于镜面对称”的特点，通过作对称点来确定像的位置；第2小问：依据悬浮物体受力平衡（重力与浮力大小相等、方向相反），结合力的示意图规范绘制；第3小问：先由安培定则确定通电螺线管的N、S极，再根据磁感线方向（从N到S）和小磁针静止时N极指向与磁感线方向一致来完成标注。
17．（2025·南通）福建舰是我国第三艘航母，其满载排水量为8.8×104t。一架舰载机起飞后，福建舰排开水的体积减小了30m3。海水的密度取1.0x10kg/m3， g取10N/ kg。求：
（1）福建舰满载时排开水的体积和浮力；
（2）该舰载机受到的重力。
【答案】（1）解： 满载排水量为8.8×104t= 8.8×107kg，根据密度公式计算可分析福建舰排开水的体积为；船只漂浮，重力等于浮力，所以福建舰受到的浮力F=G=mg= 8.8×107kg×10N/kg=8.8×108N
（2）解： 舰载机离开后，舰体上浮，排开体积减少，减少的体积对应的海水重力就是舰载机的重力 ，G=ρgv= 1.0 × 10 3 kg/m3 × 10 N/kg × 30 m 3 = 3 × 10 5 N 。 舰载机受到的重力为3×105N
【知识点】重力及其大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1） 要计算福建舰满载时排开水的体积和浮力，需利用阿基米德原理（浮力等于排开液体的重力）和密度公式（ ρ = m V ）。满载排水量是排开海水的质量，结合海水密度可求排开体积；再由排开海水的重力等于浮力，求出浮力。
（2）舰载机起飞后，福建舰排开海水体积减小，说明舰载机的重力等于排开海水体积减少量对应的重力（因为舰载机离开后，舰体上浮，排开体积减少，减少的体积对应的海水重力就是舰载机的重力），利用**密度公式和重力公式（ G = m g ）计算。
18．（2025·南通）如图为某家用电热器的简化电路图，R1、R2是电热丝，R1=10Ω，虚线框内是温控开关，能在低温档和高温档间自动切换。当触点“1”与“2”接通时，处于低温档：当触点“1”与“2”“3”同时接通时，处于高温档。高温档功率是低温档功率的3倍。求：
（1）低温档时，R1中通过的电流及10s内放出的热量；
（2）高温档时，电阻 R2的功率。
【答案】（1）解：根据题可知 R1=110Ω ，根据欧姆定律U=IR计算可知，R1中通过的电流I=；10s内放出的热量Q=。
（2）解：根据P=UI计算可知，低温挡位P低=220V×2A=440W，所以高温挡位的功率为440W×3=1320W，所以PR2=1320W-440W=880W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）R1=110Ω ，根据欧姆定律U=IR计算可知，R1中通过的电流，根据Q=I2Rt计算低温挡 10s内放出的热量；
（2）根据P=UI计算可知，低温挡位，据此计算总功率，所以PR2=P高-PR1。
19．（2025·南通）在“探究光的反射定律”实验中，平面镜水平放置，一块白色纸板竖真地产在作定平面镜上，纸板由 P、Q两部分组成，可绕接缝ON 翻折，如图所示。
（1）一束激光紧贴纸板，沿40射向镜面上的O 点，反射后沿 OB 射出，纸板能显示激光路径，是因为激光在其表面发生了 反射；减小入射光与镜面的夹角，反射角变 ；用另一束光沿BO 方向入射，反射光沿 OA 方向射出，这表明在反射现象中光路是 的：
（2）将纸板Q向前或向后翻折，纸板上 看到反射明反射光线、入射光线和法线在 。
（3）多次实验，在纸板上画出光线，为比较反射角与入射角的大小关系，接下来的操作是 。
【答案】（1）漫；大；可逆
（2）不能；同一平面
（3）用量角器分别测量反射角和入射角的大小，然后进行比较。
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1） 纸板表面不光滑，激光在纸板表面发生漫反射，使得不同方向都能看到激光路径。
（2） 入射光与镜面夹角减小，入射角增大（入射角为入射光线与法线的夹角，法线垂直于镜面，入射光与镜面夹角越小，入射角越大）。根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角变大。 用另一束光沿 B O （原反射光线）入射，反射光沿 O A （原入射光线）射出，说明在反射现象中光路是可逆的。
（3） 将纸板 Q 向前或向后翻折，由于反射光线、入射光线和法线在同一平面内，翻折后 Q 不在该平面内，所以纸板上不能看到反射光线。 说明在 光的反射中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（4） 多次实验后，为比较反射角与入射角的大小关系，接下来的操作是用量角器测量反射角和入射角的度数，通过测量数据对比两者大小。
【分析】1、探究反射定律试验：实验仪器由纸板（探究反射光线、入射光线、法线是否在同一平面），平面镜，量角器（探究入射角和反射角的大小关系）
实验步骤： 1、将一块平面镜放在水平桌面上，再把两张在同一平面内的硬纸板 E 和 F 竖直放在平面 镜上 ；2、 让一束光贴着纸板 E 沿 AO 方向入射，可观察到反射光线出现在 纸板 ；3、改变入射角的大小，使用量角器测量入射角和反射角的大小。
2、反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的。
20．（2025·南通）灯泡标有“2.5V0.3A”字样，在测量其电阻大小的实验中，小军设计了如图甲所示的电路，电源电压3V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为20Ω。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整。
（2）闭合开关前，滑片应位于最 端。闭合开关，电压表示数为0.3V，电流表指针有偏转，灯泡不发光，这是因为 。
（3）移动滑片，灯泡发出微弱的光，此时电压表示数为0.6V，电流表示数如图乙，灯泡电阻为 Ω。继续移动滑片使灯泡正常发光，此时灯泡电阻约为 Ω.(均保留一位小数)
（4）小军分析实验数据，发现灯泡电阻是变化的。他想较准确估测灯泡未通电时的电阻，设计了以下三个方案。
方案一：闭合开关，移动滑片至灯泡即将发光，测出此时灯泡电阻R1。
方案二：闭合开关，移动滑片至阻值最大端，测出此时灯泡电阻R2。
方案三：完成方案一和方案二中的测量，算出 R1、R2的平均值。
你认为最合理的是方案 理由是 。
【答案】（1）
（2）右；小灯泡的实际功率太小
（3）3.3；8.3
（4）二；滑片移动至阻值最大端时，灯泡两端的电压、通过的电流最小，灯泡的实际功率最小，温度最低，测量的灯泡的电阻更接近未通电时灯泡的电阻。
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）电路中电源、滑动变阻器、灯泡串联，电压表并联在灯泡两端。根据电路图中各元件的位置，将电压表的正负极分别与灯泡的两端连接（注意电压表正接线柱连灯泡正极，负接线柱连灯泡负极），电流表串联在电路中（正接线柱连电源正极方向，负接线柱连电源负极方向），完成电路连接（具体连线需结合图中元件位置，确保电压表并联、电流表串联）。 据此作图：
（2） 为保护电路，闭合开关前滑动变阻器应处于阻值最大的位置，即最右端（假设滑动变阻器左端为零刻度，右端为最大阻值，故滑片位于最右端） ； 闭合开关后电压表示数为 0.3 V ，电流表指针有偏转，说明电路中有电流，但灯泡不发光是因为灯泡两端电压过低，功率过小，无法使灯泡发光。
（3） 由图乙可知，电流表使用 0 0.6 A 量程，分度值为 0.02 A ，指针指向 0.14 A； 根据欧姆定律 R =UI ，此时 U= 0.6 V ， I= 0.14 A ，则 R 1 =； 灯泡正常发光时电压为 2.5 V ，电流为 0.3 A ，根据欧姆定律 R = U I ，则 R2=。
（4） 方案一：移动滑片至灯泡即将发光，此时灯泡有电流，电阻比较接近不通电时的电阻；方案二：移动滑片至阻值最大端，此时灯泡电流极小，灯泡的实际功率最小，温度最低，测量的灯泡的电阻更接近未通电时灯泡的电阻。；方案三：求平均值无意义，因为不通电时电阻是特定状态，非平均值。所以最合理的是方案二，理由是滑片移动至阻值最大端时，灯泡两端的电压、通过的电流最小，灯泡的实际功率最小，温度最低，测量的灯泡的电阻更接近未通电时灯泡的电阻。
【分析】 （1）需依据电路图结构，明确电压表并联于灯泡两端、电流表串联在电路中，结合电源、滑动变阻器、灯泡的连接关系完成电路连接；
（2）利用滑动变阻器保护电路的作用确定滑片初始位置，通过电压表示数判断灯泡不发光的原因；
（3）先读取电流表示数，再用欧姆定律计算不同电压下灯泡电阻；
（4）分析各方案能否接近灯泡不通电状态，从而确定最合理的方案。
21．（2025·南通）小海同学在地质博物馆看到一块火山石，讲解员说，它是火山喷发过程中岩浆急骤冷却后形成的玻璃质熔岩，俗称浮石，具有保温、隔热、吸音、耐腐蚀、无污染等特点。小海拿起一块火山石，感觉到很“轻”，他猜想火山石内部可能具有多孔的结构。为了验证猜想，他购买了火山石进行实验，步骤如下：
①用调节好的电子秤，测出空烧杯的质量m1；
②则出火山石的质量m2；
③将火山石浸没在水中数小时后取出，将其表面擦干，测出它的质量m3，
④再将火山石浸没在装满水的容器中，用烧杯接住溢出的水，测出烧杯和溢出水的总质量m4
（1）火山石具有保温、隔热、吸音的特点，可用来制造 (写出一个即可)。
（2）分析 (填写序号)两个步骤中的数据可知，小海的猜想是 (选填“正确”或“错误”)的。
（3）火山石的密度为 g/cm3，俗称“浮”石的原因是 。
（4）实验中，若只进行①②④操作步骤，密度测量值偏 ，理由 。
（5）你认为不同的火山石，密度一定相同吗 请判断并说出理由。 。
【答案】（1）保温材料
（2）②③；正确
（3）0.5；火山石的密度小于水的密度
（4）小；火山石吸水，未预先浸水饱和，导致溢出水的体积偏小，计算出的体积偏大，密度偏小
（5）密度不一定相同；理由：火山石的形成条件不同，会导致孔隙率不同，从而密度不同。
【知识点】探究密度特性的实验
【解析】【解答】（1）火山 火山石具有保温、隔热、吸音的特点，在生活中可用于保温杯；
（2） 步骤②测出火山石的质量 m 2 ，步骤③将火山石浸没在水中数小时后取出擦干，测出质量 m 3。若 m 3 > m 2 ，说明火山石吸收了水分，由此可推断其内部具有多孔结构，因此小海的猜想是正确的。
（3） 由排水法可知，溢出水的体积等于火山石的体积 ，水的体积为，火山石的密度； 当火山石的密度 ρ < ρ水 时，根据浮沉条件，火山石会漂浮在水面上，因此俗称“浮”石。
（4） 若只进行①②④操作步骤，火山石未经过浸水处理， 导致溢出水的体积偏小，计算出的体积偏大，密度偏小；
（5） 不同的火山石密度不一定相同。理由是：密度是物质的特性，但火山石的密度取决于其内部结构（如孔隙的多少、大小）、组成物质的比例等因素。不同火山石的形成条件、内部结构可能存在差异，因此密度不一定相同。
【分析】 （1）结合火山石保温、隔热、吸音的特点，联想生活中对应用途的物品；
（2）通过分析步骤②③中质量变化判断是否吸水，进而确定内部结构；
（3）利用排水法测体积，结合质量计算密度，再根据密度与水的密度关系解释“浮”；
（4）分析未吸水时体积测量的误差对密度的影响；
（5）从密度的决定因素（物质种类、内部结构等）分析不同火山石密度是否相同。
22．（2025·南通）阅读短文，回答问题。
跨学科实践--制作智能垃圾箱模型
【任务要求】为保护环境、节约资源，同学们设计制作智能垃驳箱模型，实现对可回收垃圾的收集、自动称量、压缩的目的。
【设计制作】任务一：设计制作称重系统。图甲是称重的原理图，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，压力传感器的电阻 Rr的阻值与压力的关系围线如图乙所示。某次测试中，将1kg的物体放在压力传感器上，电压表示数为8V。电压表示数能反映回收垃圾质量的大小，可在电压表度上标注对应的质量值。(g取10N/kg)
任务二：设计制作压缩系统。图丙是设计制作的工作流程图。
图丁为压缩系统的模型图。当需达监测到回收物高度力超过预设值时，压缩系统启动，电动机通过减速机带动转换结构中的螺杆转动，螺杆将转动转化为推拉杆向下的直线运动。从而使压板在收集箱内移动。压缩系统的部分参数如下表，“导程”指螺杆每旋转一周推拉杆移动的直线距离，“减速机的速比”指电动机的转建与减速机的输出转边的比值，“电动机效率”指电动机将电能转化为机械能的效率。设电动机的输出功率等于减速机的输出转建、导程以及推拉杆的推力三者的乘积。
电动机额定功率/W 60 导程/(m·r )
电动机的额定转速/(r·s- ) 60 减速机的速比 20
电动机的效率/% 90 压板的质量/kg 10
【交流评价】同学间交流，对模型制作过程中遇到的问题、使用效果和创新改进等方面进行评价 。
（1）雷达发射的超声波是由声源 产生的，改变电动机中的 方向可改变压板运动的方向。
（2）“交流评价”“反思改进”是工作流程图中的两个环节，其中环节A 为 ；C处提出的问题是 。
（3）关于本次实践活动，下列说法正确的是（ ）。
A．压力传感器受到的压力越大，通过它的电流越大
B．压力传感器受到的压力越太，它的阻值越大
C．电压表刻度上标注的质量值从左向右逐渐变大
D．当电压表示数为6V时，可回收物的质量为2kg
（4）若预设值为0.66H，雷达发射至接收到超声波的的间间隔小于 s时，电动机启动。电动机以额定功率工作时，压板与回收物的接触面积为 则压板对回收物的压强为 Pa。(超声波速度取340m/s)
（5）实验测试完成后，同学们对模型存在的问题和需要改进的地方进行了交流。他们认为若要使模型中的称重装置测量更精确，可采取的方法是 ；请对模型的设计再提出一个改进的建议或创新方法 。
【答案】（1）振动；电流
（2）反思改进；如何启动点击冰带动压板施加压力
（3）D
（4）；2×104
（5）增大恒定的电流；略
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；声音的产生；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）超声波是由于物体振动产生， 电动机的转动方向由通入的电流方向决定，所以改变电动机中的电流方向可改变压板运动的方向。
（2） “反思改进”环节是对模型存在的问题和改进方向的思考，所以A处提出的问题是反思改进。 C属于交流评价，可以交流该模型精度是否满足要求；
（3）根据超声波速度和预设值计算时间间隔t=，电动机功率P=60W，输出效率为90%，所以输出功率P1=0.9×60W=54W；减速机输出转速n=，P1=nlF，所以F=，压板对回收物的压强；
（4）要使得 称重装置测量更精确，压力一定，电阻一定，则可以增大恒定的电流；建议：对传感器校准提高测量精度。
【分析】 本题围绕智能垃圾箱模型的跨学科实践展开，涉及声学、力学、电学等多个物理知识点，需结合各小问情境分析对应的物理原理与计算方法。
1 / 12025年江苏省南通市中考物理真题
一、第Ⅰ卷(选择题共20分)
1．（2025·南通）5月25日是心理健康日，数字“525”因谐音“我爱我”而被赋予特殊意义。轻声说“我爱我”，“轻声”是指声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
2．（2025·南通）晋代《博物志》中记载，用冰块制成聚光透镜，能将枯叶点燃。利用这种透镜观察远处的物体，看到的像是（ ）
A．放大的虚像 B．放大的实像 C．缩小的虚像 D．缩小的实像
3．（2025·南通）如图所示，仅进行以下操作，能让U形管两侧液面高度差变大的是（ ）
A．转动压强计的金属盒 B．缓慢向上提起金属盒
C．在水中加入盐并搅拌 D．换用更细的U形管
4．（2025·南通）《天工开物》记载了人们劳作时的情景，图中减小压强的工具是（ ）
A．锋利的锄头
B．重重的碾子
C．宽宽的扁担
D．尖尖的凿子
5．（2025·南通）如图为家庭电路的示意图，下列说法正确的是（ ）
A．电能表是用来测量电功的仪表 B．空气开关能起到漏电保护作用
C．照明灯与它所在支路开关并联 D．三线插座的中间插孔连接零线
6．（2025·南通）飞行的子弹因为速度大而具有较大的动能。下列四次实验中，对比哪两次实验能说明其道理（ ）
A．①② B．②③ C．②④ D．③④
7．（2025·南通）如图所示，利用静电喷涂枪给物体喷漆。接通电源，电动机开始转动，负压发生器使喷枪内气压减小吸入涂料，涂料雾化成小颗粒并带上负____电荷，从喷枪飞向被涂物。下列现象与物理知识对应不正确的是（ ）
A．负压发生器使涂料吸入喷枪--大气压强
B．通电后电动机线圈受力转动--电磁感应现象
C．涂料喷出后颗粒间相互排斥--电荷间的作用力
D．涂料变干后粘牢在物体表面--分子间的作用力
8．（2025·南通）热质说是18世纪流行的热学理论。该理论认为热质是一种无质量、看不见的特殊物质，物体吸收、放出热质会导致温度或物态的变化，它只能在物体间转移，不会产生或消失。下列事例中，不能佐证该理论的是（ ）
A．热水暖手 B．冰袋冷敷 C．扬汤止沸 D．钻木取火
9．（2025·南通）小明用电水壶烧水给爷爷奶奶泡茶。该壶保温性能较好，烧水时壶会吸收一些热量。在壶中装入500mL的水，加热至沸腾，用时2min。水用完后，他又在壶中装入1000mL的水，加热至沸腾，所需时间最有可能的是（ ）
A．2min B．4min
C．大于2min且小于4min D．大于 4min
10．（2025·南通）冬天，为控制蔬菜大棚的温度在 20~28℃，同学们设计了如图所示的控制电路。电源电压3V， R1是热敏电阻， R0选用3kΩ或5kΩ的定值电阻。闭合开关S， 当R1两端电压U≥2V时，开启加热系统：当U≤1.8V时，关闭加热系统。热敏电阻R1在不同温度时的阻值如下表。下列说法正确的是（ ）
温度/℃ 4.1 9.0 14.3 20.0 28.0 38.2 45.5
阻值/kΩ 22 16 10 6 4.5 3 2.5
A．R1的阻值与温度成反比
B．选用3kΩ的定值电阻能够满足设计的要求
C．R1和R0的功率可能相等
D．增大电源电压使开启加热系统的温度变低
二、第Ⅱ卷(非选择题共70分)
11．（2025·南通）2025年3月23日，“南通国际马拉松赛”在南通大剧院东侧鸣枪开跑。运动员的跑鞋底部有凹凸不平的花纹，是为了 ；以冲刺的运动员 为参照物，终点线是 的：运动员完成冲刺后不能立即停止，是因为他具有 。
12．（2025·南通）小华做“观察水的沸腾”实验。
（1）实验前打开酒精灯帽，闻到酒精的气味，这说明了 实验中酒精灯里的酒精不断减少，它的热值 。
（2）如图所示，水已经沸腾，温度计的示数 ；温度计表面有“水雾”，这是水蒸气 热液化形成的。
13．（2025·南通）2025年5月29日，“天问二号”探测器成功发射。它对近地小行星进行探测时，探测的信息通过 传回地面；它利用发动机向外喷出燃气获得动力，来调整飞行姿态，这说明了力的作用是 的，还说明力可以改变物体的 ；探测器所装的太阳能电池板将光能转化为 能，为它提供能量。
14．（2025·南通）小红家新购了一辆电动汽车，下表为汽车的部分参数，其中电池容量指电池存储的最大电能，电池能量密度指电池存储的最大电能与电池的质量之比。
电池类型 电池容量/ (kW·h) 电池能量密度/ 快充电压/v
磷酸铁锂电池 80 160 800
（1）若该车以30m/s的速度做匀速直线运动，受到的阻力为400N，则受到的牵引力为 N，运动5min 牵引力做的功为 J
（2）该车的电池质量为 kg，充电时，它相当于电路中的 。使用快充功能充电0.5h电池存储的电能从电池容量的10%上升至 80%，假设充电桩输出的电能全部转化为电池存储的电能，充电电流为 A.
15．（2025·南通）学习小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）安装好杠杆，发现左端低、右端高，应将平衡螺母向 调节，使之在水平位置平衡。
（2）D点悬挂两个购码。A、B、C三点分别总挂六个、三个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，这说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越 ，进一步实验，可归纳得出杠杆的平衡条件是 。
（3）保持 D 点悬挂钩码不变，在E点施加力使杠杆在水平位置平衡，为了使力最小，力的方向应 ，这是因为此时 。
16．（2025·南通）按题目要求作图
（1）如图甲，物体AB 放在平面镜前，请作出物体AB 在平面镜中所成的像。
（2）如图乙，潜水艇模型悬浮在静止的水巾，请画出它的受力示意图。
（3）如图丙，小磁针静止在通电螺线管右侧，请标出磁感线的方向和小磁针的 S 极。
17．（2025·南通）福建舰是我国第三艘航母，其满载排水量为8.8×104t。一架舰载机起飞后，福建舰排开水的体积减小了30m3。海水的密度取1.0x10kg/m3， g取10N/ kg。求：
（1）福建舰满载时排开水的体积和浮力；
（2）该舰载机受到的重力。
18．（2025·南通）如图为某家用电热器的简化电路图，R1、R2是电热丝，R1=10Ω，虚线框内是温控开关，能在低温档和高温档间自动切换。当触点“1”与“2”接通时，处于低温档：当触点“1”与“2”“3”同时接通时，处于高温档。高温档功率是低温档功率的3倍。求：
（1）低温档时，R1中通过的电流及10s内放出的热量；
（2）高温档时，电阻 R2的功率。
19．（2025·南通）在“探究光的反射定律”实验中，平面镜水平放置，一块白色纸板竖真地产在作定平面镜上，纸板由 P、Q两部分组成，可绕接缝ON 翻折，如图所示。
（1）一束激光紧贴纸板，沿40射向镜面上的O 点，反射后沿 OB 射出，纸板能显示激光路径，是因为激光在其表面发生了 反射；减小入射光与镜面的夹角，反射角变 ；用另一束光沿BO 方向入射，反射光沿 OA 方向射出，这表明在反射现象中光路是 的：
（2）将纸板Q向前或向后翻折，纸板上 看到反射明反射光线、入射光线和法线在 。
（3）多次实验，在纸板上画出光线，为比较反射角与入射角的大小关系，接下来的操作是 。
20．（2025·南通）灯泡标有“2.5V0.3A”字样，在测量其电阻大小的实验中，小军设计了如图甲所示的电路，电源电压3V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为20Ω。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整。
（2）闭合开关前，滑片应位于最 端。闭合开关，电压表示数为0.3V，电流表指针有偏转，灯泡不发光，这是因为 。
（3）移动滑片，灯泡发出微弱的光，此时电压表示数为0.6V，电流表示数如图乙，灯泡电阻为 Ω。继续移动滑片使灯泡正常发光，此时灯泡电阻约为 Ω.(均保留一位小数)
（4）小军分析实验数据，发现灯泡电阻是变化的。他想较准确估测灯泡未通电时的电阻，设计了以下三个方案。
方案一：闭合开关，移动滑片至灯泡即将发光，测出此时灯泡电阻R1。
方案二：闭合开关，移动滑片至阻值最大端，测出此时灯泡电阻R2。
方案三：完成方案一和方案二中的测量，算出 R1、R2的平均值。
你认为最合理的是方案 理由是 。
21．（2025·南通）小海同学在地质博物馆看到一块火山石，讲解员说，它是火山喷发过程中岩浆急骤冷却后形成的玻璃质熔岩，俗称浮石，具有保温、隔热、吸音、耐腐蚀、无污染等特点。小海拿起一块火山石，感觉到很“轻”，他猜想火山石内部可能具有多孔的结构。为了验证猜想，他购买了火山石进行实验，步骤如下：
①用调节好的电子秤，测出空烧杯的质量m1；
②则出火山石的质量m2；
③将火山石浸没在水中数小时后取出，将其表面擦干，测出它的质量m3，
④再将火山石浸没在装满水的容器中，用烧杯接住溢出的水，测出烧杯和溢出水的总质量m4
（1）火山石具有保温、隔热、吸音的特点，可用来制造 (写出一个即可)。
（2）分析 (填写序号)两个步骤中的数据可知，小海的猜想是 (选填“正确”或“错误”)的。
（3）火山石的密度为 g/cm3，俗称“浮”石的原因是 。
（4）实验中，若只进行①②④操作步骤，密度测量值偏 ，理由 。
（5）你认为不同的火山石，密度一定相同吗 请判断并说出理由。 。
22．（2025·南通）阅读短文，回答问题。
跨学科实践--制作智能垃圾箱模型
【任务要求】为保护环境、节约资源，同学们设计制作智能垃驳箱模型，实现对可回收垃圾的收集、自动称量、压缩的目的。
【设计制作】任务一：设计制作称重系统。图甲是称重的原理图，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，压力传感器的电阻 Rr的阻值与压力的关系围线如图乙所示。某次测试中，将1kg的物体放在压力传感器上，电压表示数为8V。电压表示数能反映回收垃圾质量的大小，可在电压表度上标注对应的质量值。(g取10N/kg)
任务二：设计制作压缩系统。图丙是设计制作的工作流程图。
图丁为压缩系统的模型图。当需达监测到回收物高度力超过预设值时，压缩系统启动，电动机通过减速机带动转换结构中的螺杆转动，螺杆将转动转化为推拉杆向下的直线运动。从而使压板在收集箱内移动。压缩系统的部分参数如下表，“导程”指螺杆每旋转一周推拉杆移动的直线距离，“减速机的速比”指电动机的转建与减速机的输出转边的比值，“电动机效率”指电动机将电能转化为机械能的效率。设电动机的输出功率等于减速机的输出转建、导程以及推拉杆的推力三者的乘积。
电动机额定功率/W 60 导程/(m·r )
电动机的额定转速/(r·s- ) 60 减速机的速比 20
电动机的效率/% 90 压板的质量/kg 10
【交流评价】同学间交流，对模型制作过程中遇到的问题、使用效果和创新改进等方面进行评价 。
（1）雷达发射的超声波是由声源 产生的，改变电动机中的 方向可改变压板运动的方向。
（2）“交流评价”“反思改进”是工作流程图中的两个环节，其中环节A 为 ；C处提出的问题是 。
（3）关于本次实践活动，下列说法正确的是（ ）。
A．压力传感器受到的压力越大，通过它的电流越大
B．压力传感器受到的压力越太，它的阻值越大
C．电压表刻度上标注的质量值从左向右逐渐变大
D．当电压表示数为6V时，可回收物的质量为2kg
（4）若预设值为0.66H，雷达发射至接收到超声波的的间间隔小于 s时，电动机启动。电动机以额定功率工作时，压板与回收物的接触面积为 则压板对回收物的压强为 Pa。(超声波速度取340m/s)
（5）实验测试完成后，同学们对模型存在的问题和需要改进的地方进行了交流。他们认为若要使模型中的称重装置测量更精确，可采取的方法是 ；请对模型的设计再提出一个改进的建议或创新方法 。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】“轻声”是指声音的响度小，故B正确，ACD错误；
综上选B。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 用冰块制成聚光透镜，能将枯叶点燃 ，说明该透镜可以汇聚光线，是凸透镜， 利用这种透镜观察远处的物体 ，则物距大于二倍焦距，像为倒立的缩小的 实像，故D正确，ABC错误；
综上选D。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
3．【答案】C
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】根据液体压强的计算公式P=ρgh计算可知，高度差增加的方法有增加液体的密度，增加深度，AC不会改变高度差，B可以减小高度差，C加入盐水增加液体的密度，可以增加高度差，故C正确，ABD错误。
综上选C。
【分析】压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
4．【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】AD、锋利的锄头， 尖尖的凿子可以 减小受力面积，增加压强，故AD错误；
B、 重重的碾子 ，增加压力，增加压强，故B错误；
C、宽扁担增加受力面积，减小压强，故C正确。
综上选C。
【分析】压强的计算公式：，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
5．【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、电能表是用于测量用电器消耗电能的仪器，故A正确；
B、空气开关是电路电流过大会切断电流，保护电路，故B错误；
C、照明灯和开关串联，故C错误；
C、插座中间插孔连接地线，故D错误。
综上选A。
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表。
6．【答案】A
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】探究动能和速度的关系，需要控制速度不同，则小车在斜面的位置不同，对比 ①② 可以得出相关结论， ②③的变量为质量 ， ②④ 的变量有2个， ③④ 有2个，所以BCD错误，A正确。
综上选A。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
7．【答案】B
【知识点】大气压的综合应用；电荷间的相互作用规律；磁场对通电导线的作用；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、 负压发生器使喷枪内气压减小，此时喷枪内气压低于外界大气压，外界大气压会将涂料压入喷枪内， 所以A正确；
B、 通电后电动机线圈受力转动 ，属于磁场对通电导线有力的作用，故B错误；
C、 涂料雾化成小颗粒并带上负电荷，同种电荷相互排斥，所以颗粒间相互排斥 ，C正确；
D、 涂料变干后粘牢在物体表面，是因为分子间存在相互作用的引力 ，D正确。
综上选B。
【分析】 本题考查大气压强、电动机原理、电荷间作用力、分子间作用力等知识点，通过对每个选项所涉及物理原理的分析 得出正确选项。
8．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、 热水暖手时，热水的热质转移到手上，使手的温度升高，符合热质在物体间转移的理论， 故A正确；
B、 冰袋冷敷时，冰袋的热质转移到人体，使人体温度降低，属于热质在物体间转移 ，B正确；
C、 扬汤止沸时，汤的热质通过扬起动作转移到周围环境（如空气），导致汤的温度暂时降低，属于热质在物体间转移 ，故C正确；
D、 钻木取火时，是通过做功的方式使木头的内能增加，温度升高而燃烧， 属于能量的转化，故D错误。
综上选D。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
9．【答案】C
【知识点】热量的计算；电功的计算
【解析】【解答】 在壶中装入500mL的水，加热至沸腾，用时2min ， 烧水时壶会吸收一些热量 ，所以仅加热500mL水至沸腾的时间小于2min，在壶中装入1000mL的水 ，500mL水为2min，剩余500mL的水加热时间小于2min，所以 ，加热至沸腾，所需时间最有可能的是 大于2min且小于4min ，C正确，ABD错误；
综上选C。
【分析】根据热量的计算：Q=cmΔt分析可知，质量加倍，则需要吸收的热量加倍，所以加热时间也会翻倍，题目中可知烧水壶会吸收热量，据此分析，单独加热水需要的时间会小于题目中给出的时间，据此分析题目。
10．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、 由表格数据可知，温度变化时 R1 和温度的乘积不是定值，故A错误；
B、 R0选用3kΩ 电阻，当R1两端电压为2V，R0电压为1V，根据串联分压可知，R1=6kΩ，对应20摄氏度；当R1两端电压为1.8V，R0电压为3V-1.8V=1.2V，根据串联分压可知，R1=4.5kΩ，符合要求，故B正确；
C、 R1和R0的功率 相等时，电流相等，则电阻相等，均为3Ω，此时温度为38.2℃，超过了测温范围，故C测温；
D、 增大电源电压 ，R1两端电压不变，则定值电阻的电压增加，根据串联分压可知，热敏电阻的电阻减小，对应温度上升。故D错误；
综上选B。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
11．【答案】增大摩擦力；运动；惯性
【知识点】惯性及其现象；摩擦力的大小；参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 跑鞋底部有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，防止运动员滑倒。 当以冲刺的运动员为参照物时，终点线相对于运动员的位置在发生变化，所以终点线是运动的。 运动员完成冲刺后不能立即停止，是因为他具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，所以运动员会继续向前运动一段距离。
【分析】 本题考查摩擦力、运动与静止的相对性、惯性的相关知识。需分别分析每个空对应的物理原理：对于跑鞋花纹，联系摩擦力的影响因素；对于参照物判断终点线的运动状态，依据相对运动的概念；对于运动员不能立即停止，结合惯性的定义。
12．【答案】（1）分子在不停地做无规则运动；不变
（2）不变；放
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1） 酒精分子在空气中做无规则运动，这种现象属于分子的扩散现象 ， 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量多少无关。
（2）温度计分度值为1℃，示数为98℃， 水雾”是由空气中的水蒸气遇到温度较低的温度计表面，放出热量后变成液态的小水珠，这一过程属于液化现象。
【分析】 本题考查分子运动、热值特性、温度计读数及液化现象等知识点。第1小问利用分子扩散和热值概念解答；第2小问通过温度计读数规则和液化定义分析。解题关键是准确把握各物理概念的本质特征。
13．【答案】电磁波；相互；运动状态；电
【知识点】能量的转化或转移；力的作用效果；力作用的相互性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 电磁波能在真空中传播，且具有传递信息的功能，所以探测的信息通过电磁波传回地面。 探测器利用发动机向外喷出燃气获得动力，燃气对探测器产生推力，同时探测器对燃气也有反作用力，这体现了力的作用是相互的。 探测器通过发动机喷气调整飞行姿态，即改变自身的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态。 太阳能电池板工作时，将光能转化为电能，从而为探测器提供能量。
【分析】 本题综合考查了电磁波、力的相关知识及能量转化，解题关键是准确理解各知识点的概念与应用，如电磁波的传播特性、力的相互性与作用效果、能量转化的方向等。
14．【答案】（1）400；3.6×106
（2）500；用电器；140
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；平衡力的辨别；电路的构成及电路图；功的计算及应用
【解析】【解答】（1） 汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡原理，牵引力与阻力大小相等。已知阻力为 400 N ，所以牵引力 F =400N 。 根据速度公式s=vt计算可知电动车5min行驶的路程为s=30m/s×300s=9000m，所以牵引力做功W=Fs=400N×9000m=3.6×106J；
（2）电池容量为 80kW·h = 80×3.6×106J = 2.88×108J ，能量密度为 160 W·h·kg 1 = 160 × 3600 J·kg 1 = 576000 J·kg 1，所以电池质量m=；充电时，电池消耗电能属于用电器， 充电前存储电能为 80 kW·h × 10 % = 8 kW·h ，充电后存储电能为 80 kW·h × 80 % = 64 kW·h ，则电能变化 Δ W = 64 kW·h 8 kW·h = 56 kW·h = 56 × 3.6 × 10 6 J = 2.016 ×108 J 。 充电时间为0.5h，所以充电功率P=， 快充电压U=800V，所以电流。
【分析】 （1）根据匀速直线运动中牵引力与阻力的关系确定牵引力大小，再利用速度公式求出运动路程，最后结合功的公式计算牵引力做的功；
（2）依据电池能量密度的定义求出电池质量，根据电路元件作用判断电池在充电时的角色，通过电能变化和电功率公式计算充电电流。
15．【答案】（1）右
（2）小；F1l1=F2l2
（3）竖直向上；动力臂最大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1） 杠杆左端低、右端高，说明左端重力偏大，为使杠杆在水平位置平衡，需将平衡螺母向右调节；
（2） 设杠杆上每一格长度为 L ，钩码重力为 G 。若 D 点悬挂两个钩码 A ，点悬挂六个钩码，由杠杆平衡得 6 G × L1 = 2 G × L2 ，化简得 3 L1 = L2；同理， B 点三个钩码时 3 L1' = L2' ， C 点两个钩码时 2 L1'' = L2'' 。可见力臂越大，对应的力越小。
（3） 在E点施加力使杠杆在水平位置平衡，为了使力最小，则动力臂最大，力的方向应竖直向上。
【分析】 （1）依据杠杆平衡原理，通过调整平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，左端低则需将平衡螺母向右端调节以平衡重心；
（2）分析不同悬挂点的力与力臂关系，归纳杠杆平衡条件，即动力×动力臂 = 阻力×阻力臂；
（3）利用杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂固定时，动力与动力臂成反比，要使动力最小需让动力臂最大，结合杠杆结构确定力的方向。
16．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力的三要素及力的示意图；安培定则
【解析】【解答】（1） 过物体AB的端点A作平面镜的垂线并延长，使延长部分与垂线长度相等，得到A关于平面镜的对称点A'。 同理，过端点B作平面镜的垂线并延长，使延长部分与垂线长度相等，得到B关于平面镜的对称点B'。 用直线连接A'和B'，A'B'即为物体AB在平面镜中所成的像。 据此作图：
（2） 潜水艇模型受到的重力G竖直向下，作用点在潜水艇的重心处，用带箭头的线段表示，箭头方向向下。 潜水艇模型悬浮时，浮力F1与重力G大小相等、方向相反，所以浮力F1竖直向上，作用点也在重心处，用带箭头的线段表示，箭头方向向上。 ，据此作图：
（3）根据安培定则可知左端为N极，小磁针静止时，其N极指向与磁感线方向相同，因此小磁针的另一端为S极，在小磁针上标记S极。 据此作图：
【分析】 第1小问：利用平面镜成像“像与物关于镜面对称”的特点，通过作对称点来确定像的位置；第2小问：依据悬浮物体受力平衡（重力与浮力大小相等、方向相反），结合力的示意图规范绘制；第3小问：先由安培定则确定通电螺线管的N、S极，再根据磁感线方向（从N到S）和小磁针静止时N极指向与磁感线方向一致来完成标注。
17．【答案】（1）解： 满载排水量为8.8×104t= 8.8×107kg，根据密度公式计算可分析福建舰排开水的体积为；船只漂浮，重力等于浮力，所以福建舰受到的浮力F=G=mg= 8.8×107kg×10N/kg=8.8×108N
（2）解： 舰载机离开后，舰体上浮，排开体积减少，减少的体积对应的海水重力就是舰载机的重力 ，G=ρgv= 1.0 × 10 3 kg/m3 × 10 N/kg × 30 m 3 = 3 × 10 5 N 。 舰载机受到的重力为3×105N
【知识点】重力及其大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1） 要计算福建舰满载时排开水的体积和浮力，需利用阿基米德原理（浮力等于排开液体的重力）和密度公式（ ρ = m V ）。满载排水量是排开海水的质量，结合海水密度可求排开体积；再由排开海水的重力等于浮力，求出浮力。
（2）舰载机起飞后，福建舰排开海水体积减小，说明舰载机的重力等于排开海水体积减少量对应的重力（因为舰载机离开后，舰体上浮，排开体积减少，减少的体积对应的海水重力就是舰载机的重力），利用**密度公式和重力公式（ G = m g ）计算。
18．【答案】（1）解：根据题可知 R1=110Ω ，根据欧姆定律U=IR计算可知，R1中通过的电流I=；10s内放出的热量Q=。
（2）解：根据P=UI计算可知，低温挡位P低=220V×2A=440W，所以高温挡位的功率为440W×3=1320W，所以PR2=1320W-440W=880W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）R1=110Ω ，根据欧姆定律U=IR计算可知，R1中通过的电流，根据Q=I2Rt计算低温挡 10s内放出的热量；
（2）根据P=UI计算可知，低温挡位，据此计算总功率，所以PR2=P高-PR1。
19．【答案】（1）漫；大；可逆
（2）不能；同一平面
（3）用量角器分别测量反射角和入射角的大小，然后进行比较。
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1） 纸板表面不光滑，激光在纸板表面发生漫反射，使得不同方向都能看到激光路径。
（2） 入射光与镜面夹角减小，入射角增大（入射角为入射光线与法线的夹角，法线垂直于镜面，入射光与镜面夹角越小，入射角越大）。根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角变大。 用另一束光沿 B O （原反射光线）入射，反射光沿 O A （原入射光线）射出，说明在反射现象中光路是可逆的。
（3） 将纸板 Q 向前或向后翻折，由于反射光线、入射光线和法线在同一平面内，翻折后 Q 不在该平面内，所以纸板上不能看到反射光线。 说明在 光的反射中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（4） 多次实验后，为比较反射角与入射角的大小关系，接下来的操作是用量角器测量反射角和入射角的度数，通过测量数据对比两者大小。
【分析】1、探究反射定律试验：实验仪器由纸板（探究反射光线、入射光线、法线是否在同一平面），平面镜，量角器（探究入射角和反射角的大小关系）
实验步骤： 1、将一块平面镜放在水平桌面上，再把两张在同一平面内的硬纸板 E 和 F 竖直放在平面 镜上 ；2、 让一束光贴着纸板 E 沿 AO 方向入射，可观察到反射光线出现在 纸板 ；3、改变入射角的大小，使用量角器测量入射角和反射角的大小。
2、反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的。
20．【答案】（1）
（2）右；小灯泡的实际功率太小
（3）3.3；8.3
（4）二；滑片移动至阻值最大端时，灯泡两端的电压、通过的电流最小，灯泡的实际功率最小，温度最低，测量的灯泡的电阻更接近未通电时灯泡的电阻。
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）电路中电源、滑动变阻器、灯泡串联，电压表并联在灯泡两端。根据电路图中各元件的位置，将电压表的正负极分别与灯泡的两端连接（注意电压表正接线柱连灯泡正极，负接线柱连灯泡负极），电流表串联在电路中（正接线柱连电源正极方向，负接线柱连电源负极方向），完成电路连接（具体连线需结合图中元件位置，确保电压表并联、电流表串联）。 据此作图：
（2） 为保护电路，闭合开关前滑动变阻器应处于阻值最大的位置，即最右端（假设滑动变阻器左端为零刻度，右端为最大阻值，故滑片位于最右端） ； 闭合开关后电压表示数为 0.3 V ，电流表指针有偏转，说明电路中有电流，但灯泡不发光是因为灯泡两端电压过低，功率过小，无法使灯泡发光。
（3） 由图乙可知，电流表使用 0 0.6 A 量程，分度值为 0.02 A ，指针指向 0.14 A； 根据欧姆定律 R =UI ，此时 U= 0.6 V ， I= 0.14 A ，则 R 1 =； 灯泡正常发光时电压为 2.5 V ，电流为 0.3 A ，根据欧姆定律 R = U I ，则 R2=。
（4） 方案一：移动滑片至灯泡即将发光，此时灯泡有电流，电阻比较接近不通电时的电阻；方案二：移动滑片至阻值最大端，此时灯泡电流极小，灯泡的实际功率最小，温度最低，测量的灯泡的电阻更接近未通电时灯泡的电阻。；方案三：求平均值无意义，因为不通电时电阻是特定状态，非平均值。所以最合理的是方案二，理由是滑片移动至阻值最大端时，灯泡两端的电压、通过的电流最小，灯泡的实际功率最小，温度最低，测量的灯泡的电阻更接近未通电时灯泡的电阻。
【分析】 （1）需依据电路图结构，明确电压表并联于灯泡两端、电流表串联在电路中，结合电源、滑动变阻器、灯泡的连接关系完成电路连接；
（2）利用滑动变阻器保护电路的作用确定滑片初始位置，通过电压表示数判断灯泡不发光的原因；
（3）先读取电流表示数，再用欧姆定律计算不同电压下灯泡电阻；
（4）分析各方案能否接近灯泡不通电状态，从而确定最合理的方案。
21．【答案】（1）保温材料
（2）②③；正确
（3）0.5；火山石的密度小于水的密度
（4）小；火山石吸水，未预先浸水饱和，导致溢出水的体积偏小，计算出的体积偏大，密度偏小
（5）密度不一定相同；理由：火山石的形成条件不同，会导致孔隙率不同，从而密度不同。
【知识点】探究密度特性的实验
【解析】【解答】（1）火山 火山石具有保温、隔热、吸音的特点，在生活中可用于保温杯；
（2） 步骤②测出火山石的质量 m 2 ，步骤③将火山石浸没在水中数小时后取出擦干，测出质量 m 3。若 m 3 > m 2 ，说明火山石吸收了水分，由此可推断其内部具有多孔结构，因此小海的猜想是正确的。
（3） 由排水法可知，溢出水的体积等于火山石的体积 ，水的体积为，火山石的密度； 当火山石的密度 ρ < ρ水 时，根据浮沉条件，火山石会漂浮在水面上，因此俗称“浮”石。
（4） 若只进行①②④操作步骤，火山石未经过浸水处理， 导致溢出水的体积偏小，计算出的体积偏大，密度偏小；
（5） 不同的火山石密度不一定相同。理由是：密度是物质的特性，但火山石的密度取决于其内部结构（如孔隙的多少、大小）、组成物质的比例等因素。不同火山石的形成条件、内部结构可能存在差异，因此密度不一定相同。
【分析】 （1）结合火山石保温、隔热、吸音的特点，联想生活中对应用途的物品；
（2）通过分析步骤②③中质量变化判断是否吸水，进而确定内部结构；
（3）利用排水法测体积，结合质量计算密度，再根据密度与水的密度关系解释“浮”；
（4）分析未吸水时体积测量的误差对密度的影响；
（5）从密度的决定因素（物质种类、内部结构等）分析不同火山石密度是否相同。
22．【答案】（1）振动；电流
（2）反思改进；如何启动点击冰带动压板施加压力
（3）D
（4）；2×104
（5）增大恒定的电流；略
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；声音的产生；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】（1）超声波是由于物体振动产生， 电动机的转动方向由通入的电流方向决定，所以改变电动机中的电流方向可改变压板运动的方向。
（2） “反思改进”环节是对模型存在的问题和改进方向的思考，所以A处提出的问题是反思改进。 C属于交流评价，可以交流该模型精度是否满足要求；
（3）根据超声波速度和预设值计算时间间隔t=，电动机功率P=60W，输出效率为90%，所以输出功率P1=0.9×60W=54W；减速机输出转速n=，P1=nlF，所以F=，压板对回收物的压强；
（4）要使得 称重装置测量更精确，压力一定，电阻一定，则可以增大恒定的电流；建议：对传感器校准提高测量精度。
【分析】 本题围绕智能垃圾箱模型的跨学科实践展开，涉及声学、力学、电学等多个物理知识点，需结合各小问情境分析对应的物理原理与计算方法。
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