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第十三章 第1节 热量 比热容 课后巩固练习卷
一、单选题
1．两个质量相同由不同物质组成的物体，吸收相同的热量，下列说法中正确的是（ ）
A．比热容大的物质升高温度较小
B．比热容小的物质升高温度较小
C．因为质量相同，升高温度一定相同
D．因为吸热相同，升高温度一定相同
2．用稳定的热源给一个物体均匀加热，设物体吸收的热量与加热时间成正比，得到其温度随时间变化的曲线如图所示，那么它在固态时的比热与液态时的比热容之比是（ ）
A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1
3．质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，分别用两个完全相同的加热器加热，加热过程中，温度随时间变化的图线如图所示．根据图线可知（ ）
A．甲液体的比热容比乙的大 B．乙液体的比热容比甲的大
C．甲、乙的比热容一样大 D．无法比较甲、乙的比热容大小
4．夏天，很多市民在江滩游玩，烈日下江边的沙子热得烫脚，但是江水却是凉凉的，这主要是因为（ ）
A．水吸收的热量 B．水的比热容大
C．沙子的比热容大 D．沙子的熔点高
5．根据表格中的数据，下列说法中正确的是（ ）
物质 比热容 物质 比热容
水 冰
酒精 铝
水银 铜
A．一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B．水和酒精放出相等热量，水的温度降低得较多
C．质量相等的铜和铝，升高相同的温度，铝吸收的热量多
D．水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是
6． 小明将一杯温度为36℃的水放入冰箱冷冻室后，水变为-18℃的冰块。现将这杯水的变化过程分为三个阶段：
①36℃的水变为18℃的水，放出热量；②18℃的水变为0℃的冰，放出热量；③0℃的冰变为-18℃的冰，放出热量。
已知水的比热容大于冰的比热容，全过程质量不变，下列关系式正确的是（ ）
A． B． C． D．
7．依据表格中的数据，下列说法正确的是（ ）
物质 比热容c/ （J/(kg·℃)-1）
水 4.2×103
煤油 2.1×103
砂石 约0.92×103
A．一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B．水和砂石放出相等热量，水的温度降低得较多
C．水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是4.2×103J
D．质量相等的水和煤油，吸收相等热量，煤油温度升高得较多
8．甲、乙两个物体的比热容之比为：，若使它们升高相同的温度，吸收的热量之比为：，则甲、乙两个物体的质量之比为（ ）
A．： B．： C．： D．：
9．把质量相等的铝球和铁球（C铝＞C铁）放在沸水中煮足够长的时间后，分别放入两杯温度质量都相同的水中，（杯子完全相同）达到平衡后（ ）
A．放铝球的杯中水温高 B．放铁球的杯中水温高
C．两杯水温相同 D．无法判断
10．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和4kg的纯净水，并用不同加热器同时对其加热，根据所记录的数据分别得到图丙的水温与加热时间的关系图像A和B（不计热量损失）。则下列说法正确的是（ ）
A．乙杯中水每分钟吸收的热量为1.2×105J
B．加热时间相同，甲、乙两杯水升高的温度之比为3∶2
C．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为3∶4
D．将甲、乙两容器中的液体从20℃加热至沸腾所需要的时间之比是3∶4
二、填空题
11．小红在一个炎热夏日的中午去潇湘河边玩耍，他发现沙子烫脚，而河水却是凉凉的，这主要是因为水的比热容比沙石的比热容 （填“大”或“小”）。
12．沿海地区昼夜之间的温差，与同纬度内陆地区昼夜之间的温差不同，如图列出的是2022年11月3日同纬度的沿海某城市和内陆某城市的气温情况，请判断甲是 城市，你的依据是 ；夏天的夜晚，沿海城市的风多是 （填“从海面吹向陆地”或“从陆地吹向海面”）。
13．环境就是民生，贵阳市实施碧水保护工程，就是要保护好水资源，水对生态环境、气候有一定的调节作用，这是因为水具有较大的 ，请你对保护生态环境提一条有价值的建议： ．
14．太阳能供暖蓄热系统由集热、蓄热和供暖三部分组成，其基本工作过程如图所示。为便于计算，工作过程和相关数值均做了简化处理，如下表所示。不计集热板到蓄水箱之间的管道、热交换器的热损失。若一天光照时长为10h，集热板的光热转化效率为60%，集热板中的水获得的内能一方面通过蓄水箱对用户全天持续供暖，另一方面使得蓄水箱内水的温度最终升高了10℃。已知水的比热容为，水的密度为。则该蓄水箱的容积至少是 ；假设用户采用地暖供热，根据地暖供热标准，用户的进水温度不低于40℃，若这一天持续供暖结束后，蓄水箱水温为48℃，接下来为连续阴雨天气，通过计算，蓄水箱储存的内能 （选填“能”或“不能”）为用户按标准持续供暖3天。
集热板每小时、每平方米接收的太阳辐射能量 集热板面积 蓄水箱全天持续供暖输出能量（含用户得到的内能、蓄水箱和供暖管道的热损失）
J J
15．用稳定的热源给一个物体均匀加热，得到它的熔化图像如图所示，那么该物体在固态时的比热容与液态时的比热容之比为 。
16．如图1所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水，用不同的加热器加热，忽略散热，得到如图所示的水温与时间的图线，则
（1）乙中温度计的示数为 ℃
（2）0至2min，甲中水吸收的热量 乙中水吸收的热量（选填“大于”“等于”或“小于”），你的判断依据是 。
17．质量相同的不同物质，当吸收或放出热量相同时，比热容越大的物质其温度变化越 ；与海边相比，沙漠的昼夜温差更 ，是因为沙的比热容比海水更 。
18．汽油机用水作为冷却剂，主要是因为水的 较大，将一杯热水倒入容器内的冷水中，冷水温度升高了10℃，然后又向容器内倒入同样一杯热水，水温又上升了6℃，则热水和冷水的温度差为（不计热损失） ℃。
三、作图题
19．请在图中定性画出水的比热容与其质量的关系图象。
20．用两个相同的加热器，分别对质量、初温相等的甲、乙两种液体加热，甲的比热容比乙小，图中已经画出甲的温度随时间变化图象，请在图上画出加热相同时间。乙的温度随时间变化的大致图象。
21．给某冰块加热，使其温度升高，1min后冰开始熔化，3min后冰完全熔化成水，继续加热到第5min后停止加热，请在图中完成冰的熔化及水加热图像[已知冰的比热容c冰=2.1×103J/（kg ℃），水的比热容c水=4.2×103J/（kg ℃）]。
四、实验探究题
22．为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量后升高的温度，并用钟表记录加热时间，实验数据记录如下表。
物质 质量/g 初始温度/℃ 加热时间/min 最后温度/℃
水 60 20 6 45
食用油 60 20 6 68
（1）在实验过程中。通过比较 来研究水和食用油吸热能力的差异。
（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 加热更长的时间，由此说明水的吸热能力 (选填“大于”或“小于”或“等于”)食用油的吸热能力。
（3）通过实验可以得到不同的物质的吸热能力不同，物质的这种特性用 这个物理量来描述。
23．在“探究水的沸腾”实验中，李明和张红选用规格完全相同的实验器材，用如图甲所示的装置进行实验。图乙是两名同学根据实验数据绘制出的水温随时间变化图像。
（1）组装器材时，应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行；
（2）张红所用水的质量为200g，结合图像推算，他实验时0～4分钟水吸收的热量为 J；[c水=4.2×103J/（kg·℃）]
（3）分析图像可知，李明和张红实验所用水的质量 （选填“相同”或“不同”）。
24．小明同学取a、b两种粉末各50g，利用如图甲所示的实验装置“探究固体熔化时温度的变化规律”：
（1）根据实验数据绘制了如图乙所示的温度一时间图像，由图像可以判断 物质是晶体，第6min时a物质为 态，a物质第9min时的内能 （选填“大于”、“小于”或“等于”）第3min时的内能；
（2）某时刻，温度计的示数如图所示，为 ℃；若a物质在固态时的比热容为1.0×103J/（kg·℃），则该物质熔化后，液态时的比热容为 J/（kg·℃）。
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第十三章 第1节 热量 比热容 课后巩固练习卷
一、单选题
1．两个质量相同由不同物质组成的物体，吸收相同的热量，下列说法中正确的是（ ）
A．比热容大的物质升高温度较小
B．比热容小的物质升高温度较小
C．因为质量相同，升高温度一定相同
D．因为吸热相同，升高温度一定相同
【答案】A
2．用稳定的热源给一个物体均匀加热，设物体吸收的热量与加热时间成正比，得到其温度随时间变化的曲线如图所示，那么它在固态时的比热与液态时的比热容之比是（ ）
A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1
【答案】C
【解析】【解答】由图像可知，在质量不变的前提下，吸收热量之比为1：2，温度升高之比为2：1，根据Q＝cm△t计算可知该物体在固态时的比热与液态时的比热之比 ＝ ＝ ＝ ．
故答案为：C
【分析】加热器相同，加热相同时间两种液体吸收的热量相同，结合水的比热容求解水吸收的热量，此热量也为另一种液体吸收的热量，根据另外一种液体的质量、温度变化量求解液体的比热容即可。
3．质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，分别用两个完全相同的加热器加热，加热过程中，温度随时间变化的图线如图所示．根据图线可知（ ）
A．甲液体的比热容比乙的大 B．乙液体的比热容比甲的大
C．甲、乙的比热容一样大 D．无法比较甲、乙的比热容大小
【答案】B
【解析】【解答】由图示可以看出，当加热时间相同时即吸收的热量相同时，甲的温度升高的快，利用热量的计算公式Q＝cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，甲的比热容小，乙的比热容大．
故答案为：B.
【分析】甲乙两种液体液体质量相等、初温相同、吸热也相同，末温从图中可以看出，利用热量的计算公式分析即可．
4．夏天，很多市民在江滩游玩，烈日下江边的沙子热得烫脚，但是江水却是凉凉的，这主要是因为（ ）
A．水吸收的热量 B．水的比热容大
C．沙子的比热容大 D．沙子的熔点高
【答案】B
5．根据表格中的数据，下列说法中正确的是（ ）
物质 比热容 物质 比热容
水 冰
酒精 铝
水银 铜
A．一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B．水和酒精放出相等热量，水的温度降低得较多
C．质量相等的铜和铝，升高相同的温度，铝吸收的热量多
D．水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是
【答案】C
【解析】【解答】A、一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容不变，故A错误。
B、水和酒精放出相等热量，酒精的温度降低得较多，故B错误。
C、铝的比热容比铜的比热容大，升高相同的温度，铝吸收的热量要多一些，故C正确。
D、水的比热容表示水的温度每升高或降低 1℃吸收或放出的热量是 ，故D错误。
故答案为：C
【分析】（1）比热容是物质的一种属性，与物质的种类和物质的状态有关。
（2）水的比热容比较大，释放相同的热量后，水降温较低。
（3）比热容越大，升高相同的温度，吸收的热量较多。
（4）比热容表示物质温度每升高或降低 1℃吸收或放出的热量。
6． 小明将一杯温度为36℃的水放入冰箱冷冻室后，水变为-18℃的冰块。现将这杯水的变化过程分为三个阶段：
①36℃的水变为18℃的水，放出热量；②18℃的水变为0℃的冰，放出热量；③0℃的冰变为-18℃的冰，放出热量。
已知水的比热容大于冰的比热容，全过程质量不变，下列关系式正确的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】【解答】在①③过程中，冰和水的质量相同，温度变化相同，又，根据可得；在①②过程中，水降低温度相同，质量相同，放出的热量相等，但在过程②中，0℃水凝固变成0℃冰，持续放热，温度保持不变，水的内能减小，继续放热，所以。由此可知，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
【分析】根据公式可知，质量相同的不同物质，温度变化相同，比热容大的，放出的热量多；同种物质，质量相同，温度变化相同，放出热量相同，但水凝固成冰，要持续放热，所以放出的热量更大。
7．依据表格中的数据，下列说法正确的是（ ）
物质 比热容c/ （J/(kg·℃)-1）
水 4.2×103
煤油 2.1×103
砂石 约0.92×103
A．一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B．水和砂石放出相等热量，水的温度降低得较多
C．水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是4.2×103J
D．质量相等的水和煤油，吸收相等热量，煤油温度升高得较多
【答案】D
【解析】【解答】A．比热容是物质特有的一种物理属性，只跟物质的种类、状态有关，所以一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容不变，A不符合题意；
B．根据 可知，相同质量的水和沙石放出相等热量，由于沙石的比热容比水小，则沙石的温度降低得较多，B不符合题意；
C．水的比热容表示的是1kg的水温度升高（或降低）1℃时吸收（或放出）的热量是4.2×103J，C不符合题意；
D．根据 可知，相同质量的水和煤油吸收相等热量，由于煤油的比热容比水小，则沙石的温度升高得较多，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】比热容表示物体的吸热能力，是物体的特性；质量相同、吸收相等热量，比热容越小，温度升高得较多。
8．甲、乙两个物体的比热容之比为：，若使它们升高相同的温度，吸收的热量之比为：，则甲、乙两个物体的质量之比为（ ）
A．： B．： C．： D．：
【答案】C
【解析】【解答】根据题意可知，c甲：c乙=2：1，t甲：t乙=1：1，Q甲：Q乙=4：3，
根据Q=cm△t得到：；
；
解得：。
故选C。
【分析】根据公式Q=cm△t分析计算即可。
9．把质量相等的铝球和铁球（C铝＞C铁）放在沸水中煮足够长的时间后，分别放入两杯温度质量都相同的水中，（杯子完全相同）达到平衡后（ ）
A．放铝球的杯中水温高 B．放铁球的杯中水温高
C．两杯水温相同 D．无法判断
【答案】A
10．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和4kg的纯净水，并用不同加热器同时对其加热，根据所记录的数据分别得到图丙的水温与加热时间的关系图像A和B（不计热量损失）。则下列说法正确的是（ ）
A．乙杯中水每分钟吸收的热量为1.2×105J
B．加热时间相同，甲、乙两杯水升高的温度之比为3∶2
C．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为3∶4
D．将甲、乙两容器中的液体从20℃加热至沸腾所需要的时间之比是3∶4
【答案】B
二、填空题
11．小红在一个炎热夏日的中午去潇湘河边玩耍，他发现沙子烫脚，而河水却是凉凉的，这主要是因为水的比热容比沙石的比热容 （填“大”或“小”）。
【答案】大
【解析】【解答】河水比沙子的比热容大，因此，相同质量的河水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子的温度变化大，所以沙子温度高，河水温度低，故可以感觉到沙子烫脚，而河水却是凉凉的。
【分析】比热容是描述物体吸放热能力的一个物理量，相同质量的物体吸收相同的热量，比热容大的物体温度升高的低。
12．沿海地区昼夜之间的温差，与同纬度内陆地区昼夜之间的温差不同，如图列出的是2022年11月3日同纬度的沿海某城市和内陆某城市的气温情况，请判断甲是 城市，你的依据是 ；夏天的夜晚，沿海城市的风多是 （填“从海面吹向陆地”或“从陆地吹向海面”）。
【答案】沿海；水的比热容大，昼夜温差小；从陆地吹向海面
13．环境就是民生，贵阳市实施碧水保护工程，就是要保护好水资源，水对生态环境、气候有一定的调节作用，这是因为水具有较大的 ，请你对保护生态环境提一条有价值的建议： ．
【答案】比热容；不乱丢废电池
【解析】【解答】由于水的比热容较大，白天，相同质量的水和土壤、沙石比较，吸收相同的热量，水升高的温度少；夜晚，放出相同的热量，水降低的温度少，使得昼夜的温差小，能有效调节气温；为保护生态环境，建议：不乱扔垃圾；不焚烧植物秸秆；不乱丢废电池；植树种草，增大绿地面积；不污染水源等等。
【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
14．太阳能供暖蓄热系统由集热、蓄热和供暖三部分组成，其基本工作过程如图所示。为便于计算，工作过程和相关数值均做了简化处理，如下表所示。不计集热板到蓄水箱之间的管道、热交换器的热损失。若一天光照时长为10h，集热板的光热转化效率为60%，集热板中的水获得的内能一方面通过蓄水箱对用户全天持续供暖，另一方面使得蓄水箱内水的温度最终升高了10℃。已知水的比热容为，水的密度为。则该蓄水箱的容积至少是 ；假设用户采用地暖供热，根据地暖供热标准，用户的进水温度不低于40℃，若这一天持续供暖结束后，蓄水箱水温为48℃，接下来为连续阴雨天气，通过计算，蓄水箱储存的内能 （选填“能”或“不能”）为用户按标准持续供暖3天。
集热板每小时、每平方米接收的太阳辐射能量 集热板面积 蓄水箱全天持续供暖输出能量（含用户得到的内能、蓄水箱和供暖管道的热损失）
J J
【答案】；不能
【解析】【解答】集热板每小时、每平方米接收的太阳辐射能量J，集热板的光热转化效率为60%，集热板中的水获得的内能
蓄水吸收的热量
水的质量为
水箱容积为
水箱中水降低温度可以放出的热量，为
可以供暖的天数
不能满足3天的要求
【分析】（1）根据计算集热板中的水吸收的热量，根据计算蓄水吸收的热量，根据计算水的质量，根据计算水箱的容积。
（2）根据计算水箱水放出的热量，最后再计算可以供暖的天数。
15．用稳定的热源给一个物体均匀加热，得到它的熔化图像如图所示，那么该物体在固态时的比热容与液态时的比热容之比为 。
【答案】1∶6
16．如图1所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水，用不同的加热器加热，忽略散热，得到如图所示的水温与时间的图线，则
（1）乙中温度计的示数为 ℃
（2）0至2min，甲中水吸收的热量 乙中水吸收的热量（选填“大于”“等于”或“小于”），你的判断依据是 。
【答案】（1）37
（2）大于；根据，，，，0至2min内，甲的升温比乙的升温更多，故
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，温度计的分度值为1℃，则乙中温度计的示数为37℃。
【分析】（1）根据图片确定温度计的分度值，然后根据液面的位置读出示数；
（2）根据图2确定0~2min内甲、乙两种液体升高的温度大小，再根据Q=cm△t比较水吸收热量多少。
17．质量相同的不同物质，当吸收或放出热量相同时，比热容越大的物质其温度变化越 ；与海边相比，沙漠的昼夜温差更 ，是因为沙的比热容比海水更 。
【答案】小；大；小
18．汽油机用水作为冷却剂，主要是因为水的 较大，将一杯热水倒入容器内的冷水中，冷水温度升高了10℃，然后又向容器内倒入同样一杯热水，水温又上升了6℃，则热水和冷水的温度差为（不计热损失） ℃。
【答案】比热容；40
三、作图题
19．请在图中定性画出水的比热容与其质量的关系图象。
【答案】
20．用两个相同的加热器，分别对质量、初温相等的甲、乙两种液体加热，甲的比热容比乙小，图中已经画出甲的温度随时间变化图象，请在图上画出加热相同时间。乙的温度随时间变化的大致图象。
【答案】
【解析】【解答】两个相同的加热器加热相同的时间时，甲和乙吸收的热量相同。根据Q=cm△t可知，因为甲的比热容比乙小，则甲升高的温度比乙高，即乙升高的温度小于甲升高的温度，如下图所示：
【分析】根据Q=cm△t分析解答。
21．给某冰块加热，使其温度升高，1min后冰开始熔化，3min后冰完全熔化成水，继续加热到第5min后停止加热，请在图中完成冰的熔化及水加热图像[已知冰的比热容c冰=2.1×103J/（kg ℃），水的比热容c水=4.2×103J/（kg ℃）]。
【答案】
四、实验探究题
22．为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量后升高的温度，并用钟表记录加热时间，实验数据记录如下表。
物质 质量/g 初始温度/℃ 加热时间/min 最后温度/℃
水 60 20 6 45
食用油 60 20 6 68
（1）在实验过程中。通过比较 来研究水和食用油吸热能力的差异。
（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 加热更长的时间，由此说明水的吸热能力 (选填“大于”或“小于”或“等于”)食用油的吸热能力。
（3）通过实验可以得到不同的物质的吸热能力不同，物质的这种特性用 这个物理量来描述。
【答案】（1）升高的温度
（2）水；大于
（3）比热容
【解析】【解答】（1）在实验过程中。酒过比较升高的温度来研究水和食用油吸热能力的差异。
（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，由此说明水的吸热能力大于食用油的吸热能力。
（3）通过实验可以得到不同的物质的吸热能力不同，物质的这种特性用比热容这个物理量来描述。
【分析】（1）质量相同的不同物质吸收相同的热量，温度升高的越多，说明吸热能量越差；
（2）根据表格可知，当吸热6min时，食用油已经升高到68℃，而水只升高到45℃。如果要让水的温度也升高到68℃，就要让水继续吸热，即升高相同的温度时，水吸收的热量多，也就是水的吸热能力更强。
（3）比热容是用来表示物质吸放热本领不同的物理量。
23．在“探究水的沸腾”实验中，李明和张红选用规格完全相同的实验器材，用如图甲所示的装置进行实验。图乙是两名同学根据实验数据绘制出的水温随时间变化图像。
（1）组装器材时，应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行；
（2）张红所用水的质量为200g，结合图像推算，他实验时0～4分钟水吸收的热量为 J；[c水=4.2×103J/（kg·℃）]
（3）分析图像可知，李明和张红实验所用水的质量 （选填“相同”或“不同”）。
【答案】（1）自下而上
（2）840
（3）相同
【解析】【解答】（1）为保证使用酒精灯的外焰加热，所以需放好酒精灯后，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要浸没到液体中，但不能碰到容器壁或容器底，所以应放好烧杯后，再调节温度计的高度，故安装时应按照“自下而上”的顺序安装。
（2）张红所用水的质量为
由图乙可知， 0~4min水升高的温度为
则水吸收的热量为
（3）由图乙可知，李明使质量为m1的水从99℃加热到100℃沸腾用了4min，水吸收的热量为Q1，水温升高了；张红使质量为m2的水从98℃加热到100℃沸腾用了8min，水吸收的热量为Q2，水温升高了，由于加热器相同，相同时间内水吸收的热量相同，则，由
可得
所以李明和张红实验所用水的质量相同。
【分析】（1）探究水的沸腾规律时，组装器材从下到上；
（2）根据水的比热容、质量和温度差的乘积计算吸收的热量；
（3）根据热量和比热容、温度差的比值，计算质量大小。
24．小明同学取a、b两种粉末各50g，利用如图甲所示的实验装置“探究固体熔化时温度的变化规律”：
（1）根据实验数据绘制了如图乙所示的温度一时间图像，由图像可以判断 物质是晶体，第6min时a物质为 态，a物质第9min时的内能 （选填“大于”、“小于”或“等于”）第3min时的内能；
（2）某时刻，温度计的示数如图所示，为 ℃；若a物质在固态时的比热容为1.0×103J/（kg·℃），则该物质熔化后，液态时的比热容为 J/（kg·℃）。
【答案】（1）a；固液共存；大于
（2）35；1.5×103
【解析】【解答】（1）①根据乙图可知，该物体熔化时温度保持不变，即存在熔点，那么该物质为晶体。
②根据乙图可知，从3~9min为熔化过程，那么6min时应该为固液共存状态；
③加热时间越长，吸收热量越多，则a物质第9min时的内能大于第3min时的内能。
（2）①根据图片可知，温度计的分度值为1℃，则示数为35℃；
②根据乙图可知，a物质固态时3min吸收的热量等于液态时9-12min吸收的热量；
即Q固=Q液；
c固m△t固=c液m△t液；
c固△t固=c液△t液；
1.0×103J/（kg·℃） ×（50℃-20℃）=c液×（70℃-50℃）；
解得：c液=1.5×103J/（kg·℃）。
【分析】（1）①晶体有熔点，而非晶体没有熔点。
②晶体熔化前为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。
③物质吸热，则内能增大；物质放热，则内能减小。
（2）①根据图片确定温度计的分度值，然后根据液面位置读出示数；
②根据图片可知，熔化前3min吸收的热量等于熔化后9-12min内吸收的热量，确定二者升高的温度，然后根据Q=cm△t计算即可。
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