8.2.3 第2课时 二项分布的综合问题(课件 学案 练习)高中数学苏教版(2019)选择性必修第二册

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名称 8.2.3 第2课时 二项分布的综合问题(课件 学案 练习)高中数学苏教版(2019)选择性必修第二册
格式 zip
文件大小 10.2MB
资源类型 教案
版本资源 苏教版(2019)
科目 数学
更新时间 2025-09-19 15:04:15

文档简介

(共74张PPT)
8.2 离散型随机变量及其分布列
8.2.3 二项分布
第2课时 二项分布的综合问题
探究点一 二项分布均值与方差公式的应用
探究点二 二项分布的实际应用
探究点三 二项分布中的概率最值




课前预习
课中探究
备课素材
练习册
答案核查【导】
答案核查【练】
【学习目标】
1.掌握二项分布的均值与方差公式.
2.能运用二项分布解决一些简单的实际问题.
知识点 二项分布的均值与方差
一般地,当时,____,__________,
____________.
【诊断分析】
判断正误.(请在括号中打“√”或“×”)
(1)两点分布是 时的二项分布.( )

(2)设随机变量,且,,则 ,
.( )
×
[解析] 因为,,所以 ,
所以 .
判断正误.(请在括号中打“√”或“×”)
(3)将一枚质地均匀的硬币连续抛掷5次,则正面向上的次数的方
差等于 .( )
×
[解析] 正面向上的次数,则 .
探究点一 二项分布均值与方差公式的应用
例1(1)[2025·江西宜春高二期末]设随机变量 ,且
,,则 ____.
0.2
[解析] 由题意可得,可得 ,
解得 .
(2)[2025·上海浦东新区高二期中]一个盒子中有除颜色外完全
相同的 个红球和6个黄球,从盒中每次随机取出一个球,记下颜色
后放回,共取5次,设取到红球的个数为,若,则 的值
为____.
14
[解析] 由题意知,,则,解得 .
变式(1)[2025·江苏连云港高二期末]已知随机变量 ,
若,,则 ( )
A. B. C. D.
[解析] 因为随机变量,所以 ,

由,解得 ,
则,所以 .故选B.

(2)[2025·上海长宁区高二期末]若随机变量 ,且
,则 ___.
[解析] 由,得 ,
而,所以 .
[素养小结]
求二项分布的均值与方差的方法
(1)判断随机变量是否服从二项分布.
(2)若服从二项分布,则可直接确定参数,;若不服从二项分布,
则判断是否存在与之相关联的随机变量服从二项分布,然后再确定
两个参数,如果不存在相关联的随机变量服从二项分布,那么按一
般方法求均值与方差.
(3)利用二项分布的均值与方差公式求解.
探究点二 二项分布的实际应用
例2 [2025·江苏无锡高二期末]在某次猜灯谜活动中,共有20道灯
谜,每道灯谜由甲、乙两名同学轮流一人一次独立竞猜,甲同学猜
对的概率为,乙同学猜对的概率为 ,假设猜对每道灯谜都是等可
能的.试求:
(1)任选1道灯谜,甲、乙都没有猜对的概率;
解:设事件表示“甲猜对灯谜”,事件 表示“乙猜对灯谜”,则
, ,任选1道灯谜,甲、乙都没有猜对的概率为
.
例2 [2025·江苏无锡高二期末]在某次猜灯谜活动中,共有20道灯
谜,每道灯谜由甲、乙两名同学轮流一人一次独立竞猜,甲同学猜
对的概率为,乙同学猜对的概率为 ,假设猜对每道灯谜都是等可
能的.试求:
(2)任选2道灯谜,恰好甲猜对了两次,乙猜对了一次的概率;
解:任选2道灯谜,恰好甲猜对了两次,乙猜对了一次的概率为
.
例2 [2025·江苏无锡高二期末]在某次猜灯谜活动中,共有20道灯
谜,每道灯谜由甲、乙两名同学轮流一人一次独立竞猜,甲同学猜
对的概率为,乙同学猜对的概率为 ,假设猜对每道灯谜都是等可
能的.试求:
(3)记本次猜灯谜活动中,甲猜对的次数为,求 的数学期望.
解:由题可知,随机变量 ,
则的数学期望 .
例3 某商场在开业当天进行有奖促销活动,规定该商场购物金额前
200名的顾客,均可获得3次抽奖机会,每次中奖的概率均为 ,每次
中奖与否互不影响,中奖1次可获得50元奖金,中奖2次可获得100元
奖金,中奖3次可获得200元奖金.
(1)求顾客甲获得了100元奖金的条件下,甲第一次抽奖就中奖的
概率.
解:设顾客甲获得了100元奖金为事件 ,甲第一次抽奖就中奖为事
件 ,
则 ,

故 .
例3 某商场在开业当天进行有奖促销活动,规定该商场购物金额前
200名的顾客,均可获得3次抽奖机会,每次中奖的概率均为 ,每次
中奖与否互不影响,中奖1次可获得50元奖金,中奖2次可获得100元
奖金,中奖3次可获得200元奖金.
(2)若该商场开业促销活动的经费为1.5万元,则该活动是否会超过
预算?请说明理由.
解:设购物金额前200名的一名顾客获得的奖金为元,则 的取值
可能为0,50,100,200,
则 ,



故 (元).
因为 ,所以该活动不会超
过预算.
变式 [2025·北京延庆区高二期中]已知某计算机网络的服务器有
三台设备,只要有一台能正常工作,计算机网络就不会断掉.三台设
备各自能正常工作的概率都为 ,它们之间互不影响.设能正常工作
的设备台数为 .
(1)求 的分布列;
解:由题意得的可能取值为0,1,2,3,且 ,
则 ,



所以 的分布列为
0 1 2 3
0.008 0.096 0.384 0.512
变式 [2025·北京延庆区高二期中]已知某计算机网络的服务器有
三台设备,只要有一台能正常工作,计算机网络就不会断掉.三台设
备各自能正常工作的概率都为 ,它们之间互不影响.设能正常工作
的设备台数为 .
(2)求和 ;
解:因为,所以 ,
.
变式 [2025·北京延庆区高二期中]已知某计算机网络的服务器有
三台设备,只要有一台能正常工作,计算机网络就不会断掉.三台设
备各自能正常工作的概率都为 ,它们之间互不影响.设能正常工作
的设备台数为 .
(3)求计算机网络不会断掉的概率.
解:要使得计算机网络不会断掉,则要求能正常工作的设备至少有
一台,即 ,
因此所求概率为
.
[素养小结]
解决与生产实际相关的概率问题时首先把实际问题概率模型化,然
后利用有关概率的知识去分析各事件可能性的大小,并列出分布列,
最后利用公式求出相应的均值与方差.
探究点三 二项分布中的概率最值
例4 某中学招聘教师分笔试和面试两个环节,面试过程中,主考官
要求应聘者从面试备选题中随机抽取10道题,并独立完成所抽取的
10道题,每道题答对得10分,答错扣1分.面试时甲答对每道题的概率
均为 ,且每道题答对与否互不影响,则甲得____分的概率最大.
67
[解析] 设甲答对道面试题的概率为 ,则
,此时甲的得分为
.
由 ,且
,可得 ,
又,所以当时,最大,此时得分为 ,
所以甲得67分的概率最大.
变式 若,则取得最大值时, ___.
2
[解析] 因为 ,所以
,所以当时,,当时, ,故所求的 .
[素养小结]
在二项分布中随机变量的可能取值为0,1,2,,那么
何值时对应的概率最大呢 一般求解思路为:设时,对应概率
最大,则应满足然后通过求解该不等式
组,结合的取值范围即可确定的具体取值.
1.二项分布的分布列为
X 0 1 … …
P … …
则 ,
由 ,可得
,同理可得
, .
2.二项分布均值公式的直观解释:在一次试验中,试验成功的概率是
,则在重伯努利试验中,试验成功的平均次数为 .
3.服从二项分布的随机变量取何值时概率最大问题一般地,若随机变
量服从二项分布,即,其中 ,则有
,令
,得 ,故有:
①若,则取时 最大;
②若是不超过的正整数,则当取和
时 最大;
③若是不超过的非整数,由于 ,因而
(表示不超过的最大整数),则取 时
最大.
利用二项分布来解决实际问题的关键是在实际问题中建立二项分布
的模型,也就是看它是否是重伯努利试验,随机变量是否为在这
重伯努利试验中某事件发生的次数,满足这两点的随机变量才服从
二项分布,否则就不服从二项分布.
例 一台机器由于使用时间较长,生产的零
件有可能是次品.设该机器生产零件的尺寸
为,且规定尺寸 为正品,其
余的为次品.现从该机器生产的零件中随机
抽取100件进行质量分析,作出的频率分布直方图如图.
(1)试估计该机器生产的零件的平均尺寸(同一组数据用该组区间
的中间值代表);
解:估计该机器生产的零件的平均尺寸为 .
例 一台机器由于使用时间较长,生产的零
件有可能是次品.设该机器生产零件的尺寸
为,且规定尺寸 为正品,其
余的为次品.现从该机器生产的零件中随机
(2)以频率估计概率,如果将每5件零件打包成一箱,且每生产一
件正品可获利30元,每生产一件次品亏损80元,随机取一箱零件,
求这箱零件利润的数学期望.
抽取100件进行质量分析,作出的频率分布直方图如图.
解:由题可知,次品的尺寸

故该机器生产的零件的次品率为
.
设一箱零件(5件)中的正品件数
为,由题可知,正品率为 ,
故,则 .
设生产一箱零件的利润为 元,
则 ,
则 (元),
所以这箱零件利润的数学期望为40元.
练习册
1.[2024·江苏扬州高二月考]设随机变量服从二项分布 ,则
( )
A.1 B.2 C.3 D.4
[解析] 随机变量服从二项分布 ,
.故选B.

2.[2024·江苏连云港新海高级中学高二期中]投掷一枚质地均匀的
骰子,当出现5点或6点时,就说这次试验成功,则在60次试验中成
功次数 的均值是( )
A.35 B.30 C.20 D.15
[解析] 由题意可知,,则 .故选C.

3.已知随机变量,,则 ( )
A. B. C. D.1
[解析] 由二项分布的性质知,, ,
.故选B.

4.小明参加某射击比赛,每次射击射中得1分,未射中扣1分,已知他
每次能射中的概率为,记小明射击两次的得分为,则
( )
A. B. C. D.

[解析] 方法一:由题意可知,的可能取值为 ,0,2,因为
, ,

所以 ,所以
.故选B.

由题意可知,
,所以 .故选B.
5.已知随机变量,则当取得最大时, 的值为
( )
A.3 B.4 C.3或4 D.4或5
[解析] 方法一:依题意知,, ,
1,2, ,7,由
即解得或 .故选C.

方法二:依题意知,, ,
1,2,3, ,7,由二项式系数的对称性可知,当或
时,最大,即 最大.故选C.
6.(多选题)已知随机变量, ,则( )
A. B.
C. D.



[解析] 对于A,因为,所以,解得 ,
故A正确;
对于B,因为 ,所以
,故B错误;
对于C, ,故C正确;
对于D,,故D正确.
故选 .
7.[2025·江苏扬州高二期末]已知随机变量 ,若
,则 的最大值为__.
[解析] 因为随机变量,且 ,所以
,可得. ,
因为函数在区间 上单调递增,所以
,所以的最大值为 .
8.某种种子每粒发芽的概率都为 ,现播种了10 000粒该种子,对
于没有发芽的种子,每粒需再补种2粒,补种的种子数记为,则
的标准差为____.
60
[解析] 将没有发芽的种子数记为,则 ,

又 ,
, .
9.(13分)[2025·江苏南通海门中学高二期中]
如图,历史悠久的杨柳青年画,全称“杨柳青木
版年画”,属木版印绘制品,是我国著名民间传
统木版年画.它起源于明代崇祯年间,距今已有
近400年的历史,是首批国家级非物质文化遗产.杨柳青年画制作特
别之处是它采用“印画结合”的独特工艺,制作程序大致是:创稿、
分版、刻版、套印、彩绘、装裱,前期工序与其他木版年画大致相
同,而杨柳青年画的后期制作艺术风格迥然不同.一个优秀的作品除
了需要有很好的素材外,更要有制作上的技术要求.已知某工艺画师
在后期套印、彩绘、装裱每个环节制作成功的概率分别为,, ,只有
当每个环节制作都成功才认为是一次优秀制作.
(1)设事件 表示“该工艺画师制作一件优秀作品”,求事件 发生的
概率;
解:由题意得 .
(2)若该工艺画师进行3次制作,事件 表示“恰有一件优秀作品”,求
事件 发生的概率;
解:由题可知, .
(3)若该工艺画师制作3次,其中优秀作品数为,求 的分布列和
数学期望.
解:易知随机变量 的可能取值为0,1,2,3,
则 , ,
, ,
故随机变量 的分布列为
0 1 2 3
则 .
10.(13分)[2025·广东茂名高二期末]某校高二某班的元旦联欢会
设计了一项抽奖游戏,共准备了10张相同的卡片,其中6张卡片上印
有“奖”字.
(1)采取有放回的抽样方式,从中依次抽取3张卡片,求抽到印有
“奖”字卡片的张数 的分布列、数学期望及方差;
解:由题意可知, ,
则 ,



所以随机变量 的分布列为
0 1 2 3
, .
10.(13分)[2025·广东茂名高二期末]某校高二某班的元旦联欢会
设计了一项抽奖游戏,共准备了10张相同的卡片,其中6张卡片上印
有“奖”字.
(2)采取不放回的抽样方式,从中依次抽取3张卡片,求在第一次
抽到印有“奖”字的卡片的条件下,第三次抽到未印有“奖”字的卡片
的概率.
解:记事件表示“第一次抽到印有‘奖’字的卡片”,事件 表示“第三
次抽到未印有‘奖’字的卡片”,
则, .
由条件概率公式可得 .
故在第一次抽到印有“奖”字的卡片的条件下,第三次抽到未印有“奖”
字的卡片的概率为 .
11.在3重伯努利试验中,事件 在每次试验中发生的概率相同,若事
件至少发生一次的概率为,则事件发生的次数 的数学期望和
方差分别为( )
A.和 B.和 C.和 D.和

[解析] 设事件在每次试验中发生的概率为, ,则

因为事件至少发生一次的概率为 ,
所以,解得,所以 ,
所以, .故选D.
12.[2025·江苏徐州一中月考]已知随机变量 , 满足 ,
且 ,则下列说法正确的是( )
A. B.
C. D.

[解析] 因为,所以 ,
,故A错误;
由 ,得 ,故
,故B错误;
,故C错误;
因为,所以, ,
所以 ,故D正确.
故选D.
13.(多选题)[2025·江苏镇江高二期末]若随机变量 ,
记为恰好发生 次的概率,则下
列说法正确的有( )
A. B.
C. D.当时, 取得最大值



[解析] 对于A, ,
故A正确;
对于B, ,
,则 ,故B正确;
对于C,易知 ,故C错误;
对于D,由二项式系数的性质可得最大,又,所以当
时, 取得最大值,故D正确.
故选 .
14.一次抛掷两枚质地均匀的骰子,若出现的点数和是3的倍数,则这
次抛掷得分为3,否则得分为.抛掷次,记累计得分为 ,若
,则 ____.
[解析] 一次抛掷两枚质地均匀的骰子的样本空间共包含
(个)样本点,其中出现的点数之和是3的倍数包含的样本点有12个,
所以抛掷一次,出现的点数之和是3的倍数的概率 .
记抛掷次出现的点数之和是3的倍数的次数为,则 ,则

由 ,得,解得 ,所以
,所以 .
15.(15分)[2024·江苏常熟金坛一中期末]已知甲口袋有除颜色外
均相同的 个红球和2个白球,乙口袋有
个红球和2个白球,小明从甲口袋有放回地连续摸球
2次,每次摸出1个球,然后再从乙口袋有放回地连续摸球2次,每次
摸出1个球.
解:小明从甲口袋有放回地摸出1个球,摸出白球的概率为 ,
从乙口袋有放回地摸出1个球,摸出白球的概率为 .
(i)求小明4次摸球中,至少摸出1个白球的概率;
设“小明4次摸球中,至少摸出1个白球”为事件 ,则“小明4次摸
球中,摸出的都是红球”为事件 ,
因为 ,
所以 .
(1)当, 时,
(ii)设小明4次摸球中,摸出白球的个数为,求 的数学期望.
解: 的所有可能取值为0,1,2,3,4,由得 ,




所以 .
15.(15分)[2024·江苏常熟金坛一中期末]已知甲口袋有除颜色外
均相同的 个红球和2个白球,乙口袋有
个红球和2个白球,小明从甲口袋有放回地连续摸球
2次,每次摸出1个球,然后再从乙口袋有放回地连续摸球2次,每次
摸出1个球.
(2)当时,设小明4次摸球中,恰有3次摸出红球的概率为 ,
则当为何值时, 最大?
解:因为 ,所以该试验可视为小明从甲口袋中有放回地摸出1
个球,连续摸4次,相当于4次独立重复试验.
设小明每次摸出1个红球的概率为,则 ,
设函数 .
因为 ,
所以当时,,当时, ,
所以在上单调递增,在 上单调递减,
所以当时, 取得最大值,
此时,解得 .
故当时, 最大.
快速核答案(导学案)
课前预习 知识点
【诊断分析】(1)√ (2)×(3)×
课中探究 例1 (1)0.2 (2)14 变式 (1)B (2)
例2 (1)(2) (3)
例3 (1)(2)该活动不会超过预算
变式 (1)略(2) (3)
例4 67 变式 2
快速核答案(练习册)
1.B 2.C 3.B 4.B 5.C 6.ACD 7. 8.60
9.(1)(2) (3)的分布列略,
10.(1)的分布列略,(2)
11.D 12.D 13.ABD 14.
15.(1)(i)(ii)
(2)当时,最大第2课时 二项分布的综合问题
【课前预习】
知识点
np np(1-p) 
诊断分析
(1)√ (2)× (3)× [解析] (2)因为E(X)=np=3,p=,所以n=21,所以D(X)=np(1-p)=21××=.
(3)正面向上的次数X~B,则D(X)=5××=.
【课中探究】
探究点一
例1 (1)0.2 (2)14 [解析] (1)由题意可得,可得1-p==0.8,解得p=0.2.
(2)由题意知,X~B,则E(X)==,解得m=14.
变式 (1)B (2) [解析] (1)因为随机变量X~B(n,p),所以E(X)=np=,D(X)=np(1-p)=,由==1-p=,解得p=,则n=4,所以P(X=1)=××=.故选B.
(2)由X~B,得D(X)=10××=,而Y=3X+1,所以D(Y)=9D(X)=.
探究点二
例2 解:(1)设事件A表示“甲猜对灯谜”,事件B表示“乙猜对灯谜”,则P(A)=,P(B)=,
任选1道灯谜,甲、乙都没有猜对的概率为P( )=P()P()=×=.
(2)任选2道灯谜,恰好甲猜对了两次,乙猜对了一次的概率为×·×=.
(3)由题可知,随机变量X~B,
则X的数学期望E(X)=20×=12.
例3 解:(1)设顾客甲获得了100元奖金为事件A,甲第一次抽奖就中奖为事件B,
则P(AB)=×××=,
P(A)=××=,
故P(B|A)===.
(2)设购物金额前200名的一名顾客获得的奖金为X元,则X的取值可能为0,50,100,200,
则P(X=0)==,
P(X=50)=××=,
P(X=100)=××=,
P(X=200)=×=,
故E(X)=0×+50×+100×+200×=(元).
因为200E(X)=200×=<15 000,所以该活动不会超过预算.
变式 解:(1)由题意得X的可能取值为0,1,2,3,且X~B(3,0.8),
则P(X=0)=×0.80×(1-0.8)3=0.008,
P(X=1)=×0.81×(1-0.8)2=0.096,
P(X=2)=×0.82×(1-0.8)1=0.384,
P(X=3)=×0.83×(1-0.8)0=0.512,
所以X的分布列为
X 0 1 2 3
P 0.008 0.096 0.384 0.512
(2)因为X~B(3,0.8),所以E(X)=3×0.8=2.4,D(X)=3×0.8×(1-0.8)=0.48.
(3)要使得计算机网络不会断掉,则要求能正常工作的设备至少有一台,即X≥1,
因此所求概率为P(X≥1)=1-P(X<1)=1-P(X=0)=1-0.008=0.992.
探究点三
例4 67 [解析] 设甲答对x(x=0,1,…,10)道面试题的概率为Px,则Px=··=··,此时甲的得分为10x-(10-x)=11x-10.由··≥··,且··≥··,可得≤x≤,又x∈N,所以当x=7时,Px最大,此时得分为11×7-10=67,所以甲得67分的概率最大.
变式 2 [解析] 因为P(X=k)=··,所以==·==1+(k=0,1,2,…,9),所以当k≤1时,>1,当k≥2时,<1,
故所求的k=2.第2课时 二项分布的综合问题
1.[2024·江苏扬州高二月考] 设随机变量X服从二项分布B,则D(X)= (  )                 
A.1 B.2 C.3 D.4
2.[2024·江苏连云港新海高级中学高二期中] 投掷一枚质地均匀的骰子,当出现5点或6点时,就说这次试验成功,则在60次试验中成功次数X的均值是 (  )
A.35 B.30 C.20 D.15
3.已知随机变量X~B(4,p),E(X)=3,则D(X)= (  )
A. B. C. D.1
4.小明参加某射击比赛,每次射击射中得1分,未射中扣1分,已知他每次能射中的概率为,记小明射击两次的得分为X,则D(X)= (  )
A. B. C. D.
5.已知随机变量ξ~B,则当P(ξ=k)取得最大时,k的值为 (  )
A.3 B.4
C.3或4 D.4或5
6.(多选题)已知随机变量X~B(4,p),E(X)=2,则 (  )
A.p=
B.P=
C.D(X)=1
D.E(4X+3)=11
7.[2025·江苏扬州高二期末] 已知随机变量X~B(12,p),若E(X)≤4,则D(X)的最大值为    .
8.某种种子每粒发芽的概率都为0.9,现播种了10 000粒该种子,对于没有发芽的种子,每粒需再补种2粒,补种的种子数记为X,则X的标准差为    .
9.(13分)[2025·江苏南通海门中学高二期中] 如图,历史悠久的杨柳青年画,全称“杨柳青木版年画”,属木版印绘制品,是我国著名民间传统木版年画.它起源于明代崇祯年间,距今已有近400年的历史,是首批国家级非物质文化遗产.杨柳青年画制作特别之处是它采用“印画结合”的独特工艺,制作程序大致是:创稿、分版、刻版、套印、彩绘、装裱,前期工序与其他木版年画大致相同,而杨柳青年画的后期制作艺术风格迥然不同.一个优秀的作品除了需要有很好的素材外,更要有制作上的技术要求.已知某工艺画师在后期套印、彩绘、装裱每个环节制作成功的概率分别为,,,只有当每个环节制作都成功才认为是一次优秀制作.
(1)设事件A表示“该工艺画师制作一件优秀作品”,求事件A发生的概率;
(2)若该工艺画师进行3次制作,事件B表示“恰有一件优秀作品”,求事件B发生的概率;
(3)若该工艺画师制作3次,其中优秀作品数为X,求X的分布列和数学期望.
10.(13分)[2025·广东茂名高二期末] 某校高二某班的元旦联欢会设计了一项抽奖游戏,共准备了10张相同的卡片,其中6张卡片上印有“奖”字.
(1)采取有放回的抽样方式,从中依次抽取3张卡片,求抽到印有“奖”字卡片的张数X的分布列、数学期望及方差;
(2)采取不放回的抽样方式,从中依次抽取3张卡片,求在第一次抽到印有“奖”字的卡片的条件下,第三次抽到未印有“奖”字的卡片的概率.
11.在3重伯努利试验中,事件A在每次试验中发生的概率相同,若事件A至少发生一次的概率为,则事件A发生的次数X的数学期望和方差分别为 (  )
A.和 B.和
C.和 D.和
12.[2025·江苏徐州一中月考] 已知随机变量ξ,η满足2ξ+η=4,且ξ~B,则下列说法正确的是 (  )
A.P(ξ=2)=P(ξ=4)
B.E(η)=1
C.D(η)=
D.E(ξ2)=
13.(多选题)[2025·江苏镇江高二期末] 若随机变量X~B,记f(k)=P(X=k)(k∈{0,1,2,…,10})为恰好发生k次的概率,则下列说法正确的有 (  )
A.P(X>0.5)=
B.f(k)=f(10-k)
C.[i·f(i)]=
D.当k=5时,f(k)取得最大值
14.一次抛掷两枚质地均匀的骰子,若出现的点数和是3的倍数,则这次抛掷得分为3,否则得分为-1.抛掷n次,记累计得分为ξ,若E(ξ)=10,则D(ξ)=     .
15.(15分)[2024·江苏常熟金坛一中期末] 已知甲口袋有除颜色外均相同的m(m≥1,m∈N*)个红球和2个白球,乙口袋有n(n≥1,n∈N*)个红球和2个白球,小明从甲口袋有放回地连续摸球2次,每次摸出1个球,然后再从乙口袋有放回地连续摸球2次,每次摸出1个球.
(1)当m=4,n=2时,
(i)求小明4次摸球中,至少摸出1个白球的概率;
(ii)设小明4次摸球中,摸出白球的个数为X,求X的数学期望.
(2)当m=n时,设小明4次摸球中,恰有3次摸出红球的概率为P,则当m为何值时,P最大 第2课时 二项分布的综合问题
1.B [解析] ∵随机变量X服从二项分布B,∴D(X)=9××=2.故选B.
2.C [解析] 由题意可知,X~B,则E(X)=60×=20.故选C.
3.B [解析] 由二项分布的性质知,E(X)=4p=3,∴p=,∴D(X)=4p(1-p)=4××=.故选B.
4.B [解析] 方法一:由题意可知,X的可能取值为-2,0,2,因为P(X=2)=×=,P(X=-2)=×=,P(X=0)=××=,所以E(X)=×2+(-2)×+×0=,所以D(X)=×+×+×=.故选B.
方法二:记小明射击两次,射中的次数为Y,则Y~B,所以D(Y)=2××=,由题意可知,X=Y-(2-Y)=2Y-2,所以D(X)=4D(Y)=.故选B.
5.C [解析] 方法一:依题意知,P(ξ=k)==,k=0,1,2,…,7,由
即解得k=3或k=4.故选C.
方法二:依题意知,P(ξ=k)==,k=0,1,2,3,…,7,由二项式系数的对称性可知,当k=3或k=4时,最大,即P(ξ=k)最大.故选C.
6.ACD [解析] 对于A,因为X~B(4,p),所以E(X)=4p=2,解得p=,故A正确;对于B,因为X~B,所以P=P(X=2)+P(X=3)=×+×=,故B错误;对于C,D(X)=4××=1,故C正确;对于D,E(4X+3)=4E(X)+3=11,故D正确.故选ACD.
7. [解析] 因为随机变量X~B(12,p),且E(X)≤4,所以E(X)=12p≤4,可得08.60 [解析] 将没有发芽的种子数记为Y,则Y~B(10 000,0.1),∴D(Y)=10 000×0.1×0.9=900,又X=2Y,∴D(X)=4D(Y)=3600,∴=60.
9.解:(1)由题意得P(A)=××=.
(2)由题可知,P(B)=××=.
(3)易知随机变量X的可能取值为0,1,2,3,
则P(X=0)==,
P(X=1)=××=,
P(X=2)=××=,
P(X=3)==,
故随机变量X的分布列为
X 0 1 2 3
P
则E(X)=0×+1×+2×+3×=.
10.解:(1)由题意可知,X~B,
则P(X=0)==,
P(X=1)=××=,
P(X=2)=××=,
P(X=3)==,
所以随机变量X的分布列为
X 0 1 2 3
P
E(X)=3×=,D(X)=3××=.
(2)记事件A表示“第一次抽到印有‘奖’字的卡片”,事件B表示“第三次抽到未印有‘奖’字的卡片”,
则P(A)==,P(AB)==.
由条件概率公式可得P(B|A)==×=.
故在第一次抽到印有“奖”字的卡片的条件下,第三次抽到未印有“奖”字的卡片的概率为.
11.D [解析] 设事件A在每次试验中发生的概率为p,p∈(0,1),则X~B(3,p),因为事件A至少发生一次的概率为,所以1-(1-p)3=,解得p=,所以X~B,所以E(X)=3×=,D(X)=3××=.故选D.
12.D [解析] 因为ξ~B,所以P(ξ=2)=××=,P(ξ=4)=××=,故A错误;由2ξ+η=4,得η=4-2ξ,故E(η)=E(4-2ξ)=4-2E(ξ)=4-2×6×=0,故B错误;D(η)=D(4-2ξ)=4D(ξ)=4×6××=,故C错误;因为ξ~B,所以E(ξ)=6×=2,D(ξ)=6××=,所以E(ξ2)=[E(ξ)]2+D(ξ)=4+=,故D正确.故选D.
13.ABD [解析] 对于A,P(X>0.5)=1-P(X=0)=1-=,故A正确;对于B,f(k)=P(X=k)=,f(10-k)=P(X=10-k)==,则f(k)=f(10-k),故B正确;对于D,由二项式系数的性质可得最大,又=1-,所以当k=5时,f(k)取得最大值,故D正确.故选ABD.
14. [解析] 一次抛掷两枚质地均匀的骰子的样本空间共包含6×6=36(个)样本点,其中出现的点数之和是3的倍数包含的样本点有12个,所以抛掷一次,出现的点数之和是3的倍数的概率P==.记抛掷n次出现的点数之和是3的倍数的次数为X,则X~B,则ξ=3X-(n-X)=4X-n,由E(X)=,得E(ξ)=4E(X)-n==10,解得n=30,所以D(X)=30××=,所以D(ξ)=42D(X)=16×=.
15.解:(1)小明从甲口袋有放回地摸出1个球,摸出白球的概率为=,从乙口袋有放回地摸出1个球,摸出白球的概率为=.
(i)设“小明4次摸球中,至少摸出1个白球”为事件A,则“小明4次摸球中,摸出的都是红球”为事件,
因为P()=×=,
所以P(A)=1-P()=1-=.
(ii)X的所有可能取值为0,1,2,3,4,
由(i)得P(X=0)=P()=,
P(X=1)=×××+×××=,
P(X=2)=×+×+×××××=,
P(X=3)=×××+×××=,
P(X=4)=×=,
所以E(X)=0×+1×+2×+3×+4×=.
(2)因为m=n,所以该试验可视为小明从甲口袋中有放回地摸出1个球,连续摸4次,相当于4次独立重复试验.
设小明每次摸出1个红球的概率为k(0因为P'(k)=-16k2,
所以当00,当所以P(k)在上单调递增,在上单调递减,
所以当k=时,P(k)取得最大值,
此时k==,解得m=6.
故当m=6时,P最大.第2课时 二项分布的综合问题
【学习目标】
  1.掌握二项分布的均值与方差公式.
  2.能运用二项分布解决一些简单的实际问题.
◆ 知识点 二项分布的均值与方差
一般地,当X~B(n,p)时,E(X)=    ,D(X)=    ,σ=    .
【诊断分析】 判断正误.(请在括号中打“√”或“×”)
(1)两点分布是n=1时的二项分布. (  )
(2)设随机变量X~B(n,p),且E(X)=3,p=,则n=21,D(X)=. (  )
(3)将一枚质地均匀的硬币连续抛掷5次,则正面向上的次数的方差等于. (  )
◆ 探究点一 二项分布均值与方差公式的应用
例1 (1)[2025·江西宜春高二期末] 设随机变量X~B(n,p),且E(X)=1.6,D(X)=1.28,则p=    .
(2)[2025·上海浦东新区高二期中] 一个盒子中有除颜色外完全相同的m个红球和6个黄球,从盒中每次随机取出一个球,记下颜色后放回,共取5次,设取到红球的个数为X,若E(X)=,则m的值为    .
变式 (1)[2025·江苏连云港高二期末] 已知随机变量X~B(n,p),若E(X)=,D(X)=,则P(X=1)= (  )                 
A. B. C. D.
(2)[2025·上海长宁区高二期末] 若随机变量X~B,且Y=3X+1,则D(Y)=     .
[素养小结]
求二项分布的均值与方差的方法
(1)判断随机变量X是否服从二项分布.
(2)若服从二项分布,则可直接确定参数n,p;若不服从二项分布,则判断是否存在与之相关联的随机变量服从二项分布,然后再确定两个参数,如果不存在相关联的随机变量服从二项分布,那么按一般方法求均值与方差.
(3)利用二项分布的均值与方差公式求解.
◆ 探究点二 二项分布的实际应用
例2 [2025·江苏无锡高二期末] 在某次猜灯谜活动中,共有20道灯谜,每道灯谜由甲、乙两名同学轮流一人一次独立竞猜,甲同学猜对的概率为,乙同学猜对的概率为,假设猜对每道灯谜都是等可能的.试求:
(1)任选1道灯谜,甲、乙都没有猜对的概率;
(2)任选2道灯谜,恰好甲猜对了两次,乙猜对了一次的概率;
(3)记本次猜灯谜活动中,甲猜对的次数为X,求X的数学期望.
例3 某商场在开业当天进行有奖促销活动,规定该商场购物金额前200名的顾客,均可获得3次抽奖机会,每次中奖的概率均为,每次中奖与否互不影响,中奖1次可获得50元奖金,中奖2次可获得100元奖金,中奖3次可获得200元奖金.
(1)求顾客甲获得了100元奖金的条件下,甲第一次抽奖就中奖的概率.
(2)若该商场开业促销活动的经费为1.5万元,则该活动是否会超过预算 请说明理由.
变式 [2025·北京延庆区高二期中] 已知某计算机网络的服务器有三台设备,只要有一台能正常工作,计算机网络就不会断掉.三台设备各自能正常工作的概率都为0.8,它们之间互不影响.设能正常工作的设备台数为X.
(1)求X的分布列;
(2)求E(X)和D(X);
(3)求计算机网络不会断掉的概率.
[素养小结]
解决与生产实际相关的概率问题时首先把实际问题概率模型化,然后利用有关概率的知识去分析各事件可能性的大小,并列出分布列,最后利用公式求出相应的均值与方差.
◆ 探究点三 二项分布中的概率最值
例4 某中学招聘教师分笔试和面试两个环节,面试过程中,主考官要求应聘者从面试备选题中随机抽取10道题,并独立完成所抽取的10道题,每道题答对得10分,答错扣1分.面试时甲答对每道题的概率均为,且每道题答对与否互不影响,则甲得    分的概率最大.
变式 若X~B,则P(X=k)取得最大值时,k=    .
[素养小结]
在二项分布中随机变量X的可能取值为0,1,2,…,n,那么X取何值时对应的概率最大呢 一般求解思路为:设X=k时,对应概率最大,则应满足然后通过求解该不等式组,结合k的取值范围即可确定k的具体取值.