湖北省黄冈市2025-2026学年高三上学期9月月考考试物理试卷（含答案）

高三年级 9 月调研考试参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A C C D B B D BD AC CD
答案：A
解析：研究奔跑动作时，机器人形状是主要因素，A 对；马拉松是曲线运动，B 错；瞬时速度和平均速度的关系不确定，C 错；机器人正常奔跑时所受摩擦力属于静摩擦力，D 错。 2.答案：C
解析：a = v2，a = 2v，故a1 = vt，选 C。
2x 2 t
答案：C
a2 4x
解析：对重物受力分析得绳中拉力为 mg，结合几何知识易知两段绳夹角为 120°，对轻环（重力不计）受力分析得绳中拉力 T=mg，故选 C。
答案：D
解析：剪断细绳瞬间，整体在竖直方向上开始向下自由落体，木箱底面对物块支持力突变为
0，则此时物块受到重力和水平方向弹簧弹力，合力大于重力，故加速度大于 10m/s2。
答案：B
解析：圆轨道对球 1、球 5 的作用力方向不同，故 A 错；对 3 受力分析易知球 2 和球 4 对球
3 作用力的合力方向竖直向下，B 对；对球 1 受力分析，结合勾股定理可判断球 2 对球 1 的作用力大小一定大于 G，C 错；对整体受力分析，由于轨道对 4 和 2 有斜向上的支持力，其合力向上，可得轨道对 3 的支持力小于 5G，故 D 错。选 B。
答案：B
解析：轻杆连接铰链，弹力沿杆方向，C 错；对小球受力分析由牛顿第二定律有：Tcos30°=mg，
Tsin30°-FN=ma，得 T 为定值，当FN=0 时，a= 3 g，故 A、D 错，B 对。
答案：D
解析：由正弦定理有： l1 = l2 ，l1,l2不变，α2增大，则α1增大，所
sinα1 sinα2
以θ3减小（钝角），而θ1也减小（锐角），故θ2一定增大（钝角），
根据拉密定理： mg
sinθ3
= FN
sinθ1
= F
sinθ2
可得：F 和FN均减小。对整体受力分
析得：地面对斜面的支持力逐渐减小，摩擦力也逐渐减小。故选 D。
答案 BD
解析：由h= 1 gt2可得，A 错B 对，若已知细线长度L 和落地时间差 t,则球2 落地速度v= L +g t，
2
则 h= v2 ，D 对，故选 BD。
2g
答案：AC
t 2
解析： 设 P 的加速度为 a, 则 Q 的加速度为 2a ， 分别对 P 、Q ， 由牛顿第二定律有： F-μmg-2T=ma,T-μmg=2ma,解得：T=22N，a=3m/s2,故选 AC。
答案：CD
解析：甲乙都在 O 点左侧运动时，它们是相对静止的，不可能相遇，故 A 错；甲运动的总时间为乙不发生碰撞情况下的总时间，应为定值，与x甲无关，B 错；乙运动的总时间为甲不发生碰撞情况下的总时间，该时间与x甲有关，C 对；乙停止运动的位置就是甲在不碰撞
情况下停止的位置，对甲，由运动学公式有：v2=2ax ，v2=2μgx，a= F，解得：x= F x ，
甲 m μmg 甲
D 对.故选 CD。
答案（1）0 (2 分)； （2） F2=F1cosθ (2 分)； （4）无 (2 分)解析：（1）由平衡条件可得竖直挡板对木块的弹力为 0；（2）对斜面上的木块受力分析可得： F2=F1cosθ ；（4）摩擦力沿斜面方向，不影响垂直于斜面方向的 F2。
答案（1）偏小 (2 分)；（2） 0.34 (3 分)；（3）AC AB M (3 分)；（4）M+m (2 分)
AB
解析：（1）点迹越来越密集说明在减速，平衡摩擦力不够，角度偏小；（2）设 A、B、C、 D、E、F、G 相邻两点距离为 x1，x2，x3，x4，x5，x6，则 x1+x2+x3=10.29cm，x4+x5+x6=13.31cm，
由逐差法可求得加速度 a=0.34m/s2；（3）由牛顿第二定律得：AB= mg ，AC= mg，解得：
M+m M
m= AC AB M；（4）选择整体为研究对象，由牛顿第二定律得：a= mg ，要研究 a 与 F(即 mg)
AB
的关系，根据控制变量法，需要控制整体质量 M+m 不变。
M+m
答案（1）1500 2N (6 分)；；（2）3000N (4 分)；
解：（1）设绳子拉力与水平方向夹角为θ，对游客及其装备受力分析，由平衡条件有：
FT cosθ=F sin37° 2 分
FT sinθ+mg=F cos37° 2 分
解得： FT=1500 2N 2 分
（2）对快艇和游客及装备整体受力分析，由平衡条件有：
F牵=f +Fsin37° 2 分
解得： F牵=3000N 2 分
答案：（1）0.5m (4 分)；；（2）103 s (5 分)；；（3）4 次 (7 分)；
3
解：（1）设小明匀加速运动的位移为 x0 ,则：
x0= v1 t0 2 分
解得： x0=0.5m 2 分
设相遇时小明和爸爸的路程分别是 x1 和 x2,则有：
x1= v1 t0 + 1( 0) 1 分
x2= v2 t0 + 2( 0)1 分
相遇时有： x1+x2=2L 1 分
解得： t= 103 s 2 分
3
全过程，小明和爸爸的总路程分别是 x1 总和 x2 总,两者路程之和为 2L 倍数就会相遇，即：
x1 总+x2 总≥2nL 2 分
解得： n=3 次 1 分
两者路程之差为 2L 倍数就会追上，追及次数为 m，则有：
x2 总 x1 总≥2mL 2 分
解得： m=1 次 1 分
n+m=4 次 1 分
说明：其他解法正确，比照给分
15.答案：（1）a =2 ms2, a =2 ms2 (4 分) ；（2）x =4m (6 分) ；（3）64 m (8 分)
A B B 21
解：（1）对 B，由牛顿第二定律有： μmg=ma 1 分
解得： aB=2 ms2 1 分
对 A，由牛顿第二定律有： F+μmg 2μmg=ma 1 分
解得： aA=2 ms2 1 分
设 A、B 经过时间 t 达到共速， 共 1 = 0 = a 1 分
对 A， = 1 a 2=1m<2m 1 分
A
碰撞挡板 1 之前 A、B 已经共速
对 B， = 0 1 2 + 1 a
2 2 分
解得： = 4m 2 分
在碰撞挡板 1 之前，B 相对 A 的位移设为 x0，则由运动学公式有：
x = t 1 2 1 a 2 1 分
0 0 2 2 A
解得： x0=2m 1 分此后 B 继续向右匀减速，加速度为aB不变。
此后 A 向左匀减速，加速度为： a' = F1+μmg+2μmg
A m
A 速度减为 0 后，向右匀加速，加速度为aA，直到和 B 达到共同速度v共 2
则有： v
=v a ( v共 1 + v共 2 )
共 2
代入数据解得： v
共 B '
A A
= 2 v
共 2 5 共 1
v2 v2
在这段时间内时间内，A 的位移： x' =
共 1 +
A
共 2
2aA
解得： x' = 0.04m
说明此时 A 没有与第二块挡板相碰。
v2 -v2
v2 v2
则这段时间内，B 相对 A 的位移： x = 共1 共2 +
共 1 - 共 2
1 2aB
2a' 2aA
解得： x1=0.88m 2 分
此后过程与此类似： v
=v a ( v共 n + v共(n+1) )
解得： v
共(n+1)
共 B '
A A
= 2 v
共(n+1)
5 共 n
v2 -v2
v2 v2
B 相对 A 的位移： xn=
共 n 共(n+1) +
2aB
共 n -
A
共(n+1)
2aA
v2 -v2 v2 v2
xn+1=
共（n+1）
2aB
共(n+2) +
共（n+1） -
A
共(n+2)
2aA
解得 xn+1=0.16 xn 2 分
则 B 相对 A 滑行的总位移为： x= x0+ x1+ x2+...
利用数学知识解得： x= 64 m 2 分
21
说明：其他解法正确，比照给分