第二章 对称图形—圆 章节检测卷(含解析)苏科版九年级数学上册

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名称 第二章 对称图形—圆 章节检测卷(含解析)苏科版九年级数学上册
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资源类型 教案
版本资源 苏科版
科目 数学
更新时间 2025-09-28 20:31:58

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第二章《对称图形—圆 》章节检测卷
一、选择题(8小题,每小题3分,共30分)
1.下列说法中,正确的是(  )
A.在同圆或等圆中,弦相等则所对的弧相等; B.优弧一定比劣弧长;
C.弧长相等的弧则所对的圆心角相等; D.在同圆或等圆中,圆心角相等则所对的弦相等.
2.若的直径为,点到圆心的距离为,那么点与的位置关系是( )
A.点在圆外 B.点在圆上
C.点在圆内 D.不能确定
3.如图,点,,在上,若,则的度数是( )
A. B. C. D.
4.如图,为的直径,点C、D在圆上,若,则等于( )
A. B. C. D.
5.中国扇文化有着深厚的文化底蕴,是民族文化的一个组成部分,与竹文化、道教文化有着密切关系.中国历来有“制扇王国”之称.如图1,是一把打开的扇子,转化为数学模型如图2所示,它是以O为圆心.、长分别为半径,圆心角形成的扇面,若,,则阴影部分的面积是( )
A. B. C. D.
6.如图,在以点为圆心的半圆中,是直径,,连接,交于点,连接交于点,若,则的值是( )
A. B. C. D.
7.如图,,与的两边都相切且半径为1,Q为上一动点,以Q为圆心,长为半径的交两边于E、F两点,连接,则线段长度的最大值为( )
A. B. C. D.
8.如图, ABC是等边三角形,为 ABC的外接圆,点D在劣弧上,连结并在上取点E,使得,连结.若,,则的半径为( )
A. B. C. D.
二、填空题(8小题,每小题3分,共24分)
9.在平面直角坐标系中,点,以A为圆心,4为半径作圆,则与y轴的位置关系是 .
10.如图, ABC内接于,若,,则的半径是 .
11.如图,正五边形内接于,连接,则的度数为 .
12.如图, ABC内接于圆,为圆的直径,过点的切线交的延长线于点.若,则的度数是
13.在中,,,以C为圆心,r为半径作.若与边只有一个交点,则r的取值范围是
14.已知是的直径,点C、D在上,已知C与点A、B不重合,弧弧,直线交直线于E,若,则的度数为 .
15.在中直径,,点D是弦上动点,连接,则最小值 .
16.如图,,半径为3的与的两边相切,点P是上任意一点,过点P向的两边作垂线,垂足分别是E、F.设,则p的取值范围是 .
三、解答题(11小题,共82分)
17.如图, ABC中,,以为直径的交边于,于.求证:是的切线.
18.如图,是的弦,是的直径,过点的切线交的延长线于点,若,求的度数.
19.如图,在同一平面直角坐标系中有5个点:、、、、.
(1) ABC的外接圆圆心点的坐标______,图中点与的位置关系是______;
(2) ABC的外接圆的半径______, ABC的内切圆的半径______.
20.如图,已知 ABC.
(1)利用直尺和圆规作出 ABC的内切圆;
(2)若 ABC的周长为,面积为,求它的内切圆的半径.
21.如图,, 交于点C,D,是半径,且于点F.
(1)求证:.
(2)若,求的半径.
22.如图,是的直径,C为上一点(C不与点A,B重合)连接,,过点C作,垂足为点.将沿翻折,点D落在点E处得,交于点F.
(1)求证:是的切线;
(2)若,,求阴影部分面积.
23.如图,点是 ABC的内心,点是 ABC的外心.
(1)请仅用没有刻度的直尺在上一个点,使得.
(2)试判断点是图中哪三个点构成的三角形的外心,并说明理由.(如需画草图,请使用图2)
24.数学小组在学完“圆内接四边形的对角互补”这个结论后进行了如下的探究活动:
(1)如图1,点A、B、C在上,点D在外,线段与交于点E、F,试猜想_____(请填“>”、“<”或“=”),并证明你的猜想;
(2)如图2,点A、B、C在上,点D在内,此时(1)中猜想的结论还成立吗?若成立,请予以证明;若不成立,请写出你的结论并予以证明;
(3)如图3,四边形是的内接四边形,∠B=90°,,,,求的长度.
25.【初步感知】如图1,点A,B,P均在上,若,则锐角的大小为 度;
【深入探究】如图2,小明遇到这样一个问题:是等边三角形的外接圆,点P在上(点P不与点A,C重合),连接.求证:;小明发现,延长至点E,使,连接,通过证明.可推得是等边三角形,进而得证.请根据小明的分析思路完成证明过程.
【启发应用】如图3,是 ABC的外接圆,,点P在上,且点P与点B在的两侧,连接,若,则的值为 .
26.材料的疏水性
扬州宝应是荷藕之乡.“微风忽起吹莲叶,青玉盘中泻水银”,莲叶上的水滴来回滚动,不易渗入莲叶内部,这说明莲叶具有较强的疏水性.疏水性是指材料与水相互排斥的一种性质.
【概念理解】
材料疏水性的强弱通常用接触角的大小来描述.材料上的水滴可以近似的看成球或球的一部分,经过球心的纵截面如图1所示,接触角是过固、液、气三相接触点(点或点)所作的气 液界线的切线与固 液界线的夹角,图1中的就是水滴的一个接触角.
(1)请用无刻度的直尺和圆规作出图2中水滴的一个接触角,并用三个大写字母表示接触角;(保留作图痕迹,写出必要的文字说明)
(2)材料的疏水性随着接触角的变大而______(选填“变强”“不变”“变弱”).
【实践探索】
实践中,可以通过测量水滴经过球心的高度和底面圆的半径,求出的度数,进而求出接触角的度数(如图3).
(3)请探索图3中接触角与之间的数量关系(用等式表示),并说明理由.
【创新思考】
(4)材料的疏水性除了用接触角以及图3中与 ABC相关的量描述外,还可以用什么量来描述,请你提出一个合理的设想,并说明疏水性随着此量的变化而如何变化.
27.我们知道:同弧或等弧所对的圆周角都相等,且等于这条弧所对的圆心角的一半.那在一个圆内同一条弦所对的圆周角与圆心角之间又有什么关系呢?
【初步思考】
(1)如图,是的弦,,点分别是优弧和劣弧上的点,则_________,________.
(2)如图,是的弦,圆心角,点是上不与重合的一点,求弦所对的圆周角的度数________.(用含的代数式表示)
【操作实践】
(3)如图,在四边形中,若点是边上任意一点,且满足.
用直尺和圆规在边上作出满足条件的所有点,保留作图痕迹,不写作法;
若,,且,,求的长度.
【灵活应用】
(4)如图,在矩形中,,,为矩形内一点,且,连接,则的最小值为_______.
参考答案
一、选择题
1.D
【分析】本题考查圆心角,弧,弦之间的关系,解题的关键是掌握圆心角,弧,弦之间的关系.根据圆心角,弧,弦之间的关系一一判断即可.
【详解】解:A.在同圆或等圆中,弦所对的弧有优弧或劣弧,故弦相等则所对的弧相等错误.
B.优弧一定比劣弧长,错误,条件是同圆或等圆中;
C.弧长相等则所对的圆心角相等,错误,条件是同圆或等圆中;
D.在同圆或等圆中,圆心角相等则所对的弦相等,故正确;
故选:D.
2.B
【分析】本题考查的是点与圆的位置关系,熟知点与圆的三种位置关系是解题的关键.
先求出的半径,再根据点与圆的位置关系求解即可.
【详解】解:的直径为,
的半径为,
点到圆心的距离为,
点在上.
故选:B.
3.B
【分析】本题考查的是圆周角定理,三角形内角和定理,圆心角、弧、弦的关系,根据题意作出辅助线,构造出三角形是解题的关键.连接,先根据三角形内角和定理求出的度数,再由圆周角定理求出的度数,根据三角形内角和定理求出的度数,进而可得出结论.
【详解】解:连接,

,,

,即原图中的度数是.
故选:B.
4.A
【分析】本题主要考查了圆周角定理、直角三角形的性质等知识点,熟练掌握圆周角定理是解题的关键.
由圆周角定理得出、,再根据直角三角形两锐角互余即可解答.
【详解】解:∵为的直径,
∴,

∴,
∴.
故选:A.
5.C
【分析】本题主要考查了求扇形面积,根据扇形面积公式,求出大扇形和小扇形的面积,最后根据即可求解.解题的关键是掌握扇形面积公式.
【详解】解:根据题意可得:
∵,,,
∴,,
∴,
故选:C.
6.D
【分析】本题考查圆周角定理、等腰直角三角形的判定与性质、勾股定理等知识,连接,证明是等腰直角三角形,得到,勾股定理得到,即可得出结论.
【详解】解:连接,如下图,
∵+=,
∴,
∵,
∴,
∴,
∵是直径,
∴,
∴,即为等腰直角三角形,
∴,
∴,
∴.
故选:D.
7.D
【分析】本题主要考查了圆周角定理、切线的性质、直角三角形的性质、全等三角形的判定与性质等知识点,找到线段长度的最大值的条件成为解题的关键.
如图:连接,由圆周角定理可得,如图:过Q作,由垂径定理可得、,则可得;再根据勾股定理可得,则,即当最大时,取最大值;如图:设与的两边都相切于G、H,连接, 再根据切线的性质证明可得,则,进而得到当三点共线时,的最大值为,进而确定线段长度的最大值即可.
【详解】解:如图:连接,
∵在中,,
∴,
如图:过Q作,
∴,,
∴,
∴,
∵,
∴,解得:,
∴,
∴当最大时,取最大值;
如图:设与的两边都相切于G、H,连接,
∵与的两边都相切且半径为1,
∴,,
∵,
∴,
∴,
∴,
∴当三点共线时,的最大值为.
∴取最大值为.
故选D.
8.B
【分析】根据 ABC是等边三角形,以及圆周角定理得出,从而证明是等边三角形,求出,再证明,证出,过点作,算出,,连接,过点作,得出,再用勾股定理即可解答;
【详解】∵ ABC是等边三角形,



∴是等边三角形,



∴,

过点作,
则,


连接,过点作,
则,


解得:.
故选:B.
二、填空题
9.相交
【分析】本题考查直线与圆的位置关系.求出圆心到y轴的距离,再根据圆心到直线的距离与半径的大小关系得出答案.
【详解】解:如图,作轴于点C,作轴于点B,
∵点,
∴,,
∵的半径为4,
∴与y轴相交,
故答案为:相交.
10.
【分析】本题考查了垂直平分线的判定与性质,垂径定理,勾股定理,正确掌握相关性质内容是解题的关键.先结合,,得所在的直线是的垂直平分线,则三点共线,运用垂径定理和勾股定理列式计算,即可作答.
【详解】解: 过点作,连接
∵,,
∴所在的直线是的垂直平分线,
∴三点共线,
∴,
在中,,
设的半径是,
则,
在中,,
∴,
解得,
故答案为:.
11.
【分析】本题考查了圆与正多边形,正多边形的内角问题,等腰三角形的性质,三角形内角和定理等知识点,熟练掌握相关计算公式是解题的关键.
先根据正五边形的内角公式求出,再由等边对等角结合三角形内角和定理求出,最后由即可求解.
【详解】解:∵正五边形内接于,
∴,,
∴,
∴,
故答案为:.
12.
【分析】本题主要考查圆的切线性质及圆周角定理.连接,由切线的性质可得,再利用余角的性质可得,然后根据圆周角定理即可求得.
【详解】解:如图,连接,
∵过点的切线交的延长线于点,
∴,
∴,
∴,
∴.
故答案为:.
13.或
【分析】本题主要考查的是直线与圆的位置关系,掌握垂线段最短、直线与圆相切以及直线与圆的位置关系是解题的关键.作于,由勾股定理求出,由三角形的面积求出,得出以为圆心,为半径所作圆,则此时圆与斜边相切,只有一个交点;由,可得以为圆心,为半径所作的圆与斜边只有一个公共点.
【详解】解:作于,如图所示:
∵,,
∴,
∵ ABC的面积,
∴,
即圆心到的距离,
∴以为圆心,为半径所作的圆,则此时圆与斜边相切,只有一个交点;
∵,
∴以为圆心,为半径所作的圆与斜边只有一个公共点,
综上分析可知:若与边只有一个交点,则r的取值范围是或.
故答案为:或.
14.或
【分析】本题考查垂径定理的推论,三角形形的外角,等边三角形的判定和性质,分为弧是劣弧或弧是优弧,作射线交于点F,即可得到,进而求出的度数,利用三角形的外角解答即可.
【详解】解:如图,当弧是劣弧时,连接交于点F,
∵弧弧,
∴,
∵,
∴,
又∵,
∴,
∴;
如图,当弧是优弧时,连接并延长交于点,
∵∵弧弧,
∴,
∵,
∴,
又∵,
∴是等边三角形,
∴,
∴;
故答案为:或.
15.3
【分析】作,于点M,于点N,连接,则,,由垂线段最短知,,求出的长度即可.
【详解】解:如图,作,于点M,于点N,连接,
,,

又,


由垂线段最短知,,

直径,




又,



最小值为3,
故答案为:3.
16.(
【分析】利用切线的性质以及等腰直角三角形的性质求得,再求得,分两种情况讨论,画出图形,利用等腰直角三角形的性质即可求解.
【详解】解:设与两边的切点分别为、,连接、,延长交于点,
由切线的性质可得,


和是等腰直角三角形,
,,

,,
如图,延长交于点,
同理可得,是等腰直角三角形,



当与相切时,有最值,连接,
、都是切点,


,,
四边形是矩形,

四边形是正方形,

的最大值为;
如图,
同理可证,,四边形是正方形,
的最值为;
综上,的取值范围是.
故答案为:.
三、解答题
17.证明:连接,








为的切线.
18.解:连接,如图,
∵为的切线,
∴,
∴,
又∵,
∴,
∴,
∴.
19.(1)解:画出 ABC的外接圆,如图所示:
ABC的外接圆圆心点的坐标为;点与的位置关系是点在上;
故答案为:,在圆上;
(2)解:如图所示:

ABC的外接圆的半径为,
设 ABC的内切圆的半径为,圆心为,
则根据内切圆定义,由等面积法可得,

解得;
故答案为:,.
20.(1)解:如图,先分别作和的平分线,相交于点,再过点作于点,以点为圆心,的长为半径画圆,
则即为所求.
(2)解:设 ABC的内切圆分别与,相切于点,,连接,,,
的周长为,

的面积为,,


它的内切圆的半径为.
21.(1)证明:∵,是半径,
∴,


(2)解:设的半径是,如图,连接 ,

由垂径定理得:,



∴的半径是5.
22.(1)证明:连接OC,
∵,
∴,
∵沿翻折得到,
∴,,
∵,
∴,
∴,
∴,
∴,
∴,即,
∴是的切线;
(2)解:如图,连接,过点O作于点G,
∵,
∴,,
∵,
∴,,
∵,
∴,
∵,,,
∴,,
∴,
∴,,
∴.
23.(1)解:如图所示,点D为所求:
∵点是 ABC的外心,
∴是 ABC的外接圆,
∵点是 ABC的内心,
∴平分,平分,
∴,
∵,
∴,
∴,
∴,
∴;
(2)解:点是图中的外心,理由如下:
如图,连接,
由(1)知,
∴,即,
∴,
∴点在以点D为圆心,为半径的圆上,即是的外心.
24.(1)解:连接,
∵四边形为圆O的内接四边形,
∴,
在中,,
∴,
故答案为:;
(2)解:(1)的结论不成立,,理由:
延长交圆O于点E,连接,
则,
在中,,
∴,
即;
(3)解:延长交于E,
∵,
∴,
∵∠B=90°,
∴,
∴,
在中,,
在中,,,
∴,
∴.
25.解:初步感知:∵,
∴,
故答案为:45;
深入探究:证明:如图,延长至点E,使,连接,
∵四边形是的内接四边形,
∴,
∵,
∴,
∵ ABC是等边三角形,
∴,
又∵,
∴,
∴,
∴,
∴为等边三角形,
∴;
启发应用:如图,延长至点G,使,连接.
∵四边形是的内接四边形,
∴,
∵,
∴,
∵,
∴,
∴,
∵,
∴,
∴,
∵,
∴,
∴.
26.解:(1)①圆弧上取一点,交界面与圆弧的交点为,连接;
②分别作的中垂线,交于点,则点为圆弧的圆心;
③连接,过点作,则为圆的切线,故即为所求;
(2)由题意和图,可知,接触角越大,水滴越趋近于球形,疏水性越强,
故材料的疏水性随着接触角的变大而变强;
故答案为:变强;
(3),理由如下:
连接,则:,
∴,
∵为切线,
∴,
∴,
∵,
∴,
∵,
∴,
∴;
(4)∵水滴弧的长度为:,
∴,
∴可以根据的大小,进行判断,越大,水滴越趋近于球形,疏水性越强(答案不唯一).
27.解:()如图,,
∵四边形是圆内接四边形,
∴,
∴,
故答案为:,;
()如图,
由圆周角定理可得:,
∵四边形是圆内接四边形,
∴,
∴,
∴弦所对的圆周角的度数或,
故答案为:或;
()如图,
∴点和即为所求;
如图,连接并延长交于点,
∵三点都在以点为圆心,为半径的圆上,
∴,
∴,
在中,,
∴,
∴,
∵,
∴,
∵,
∴四边形是矩形,
∴,,,
∵点在以点为圆心,为半径作圆上,连接,
∴,
在中,,,,
∴,
同理可得:,
∵,
∴当点在点左侧时,,当点在点右侧时,;
()如图,由,则作使,连接,,
∵四边形是矩形,
∴,,
过作于点,延长交于点,
∴,,
∴,
∴四边形是矩形,
∴,,
∴,,
∴,,
如图,当三点共线时,有最小值,为.