通用版高考生物学一轮复习专题练5　分离定律遗传特例应用(含解析）

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通用版高考生物学一轮复习
专题练5　分离定律遗传特例应用
一、单项选择题
1.瓢虫的鞘翅色斑类型很多,其中SE(均色型)、SA(黑缘型)、s(黄底型)互为重叠镶嵌显性(杂合个体色斑表现为两种等位基因所控制色斑的重叠结果),只考虑这三个复等位基因,任意杂交组合后代性状分离比不可能是(　　)
A.1∶1∶1∶1　　　　　
B.1∶1
C.1∶2∶1
D.3∶1
2.进行有性生殖的某二倍体植物的性别是由复等位基因决定的,R基因决定雄株,r+基因决定两性植株,r基因决定雌株,R对r+、r是显性,r+对r是显性(如Rr+是雄株,r+r是两性植株,rr是雌株)。下列分析错误的是(　　)
A.基因型为R_的植株不能通过自交判断其基因型
B.通过自交或与雌株杂交可判断两性植株的基因型
C.在Rr和rr各占一半的群体内随机传粉,子代中雄株比例小于雌株
D.在r+r+和r+r各占一半的群体内随机传粉,子代中纯种比例高于杂种
3.(2025山东枣庄高三期中)油菜花有黄花、乳白花和白花三种,受一对等位基因A/a控制,A基因是一种“自私基因”,杂合子在产生配子时,A基因会使体内含a基因的雄配子一半致死。选择黄花(AA)植株和白花(aa)植株杂交,正反交结果均为F1全部开乳白花,F1植株自交得F2。下列叙述正确的是(　　)
A.A基因杀死部分雄配子,故基因A/a的遗传不遵循分离定律
B.根据F1油菜植株的花色可知,A基因对a基因为完全显性
C.F1自交,F2油菜植株中,黄花∶乳白花∶白花=2∶3∶1
D.以F1乳白花植株作父本,其测交后代中乳白花占1/3
4.猫的毛色受位于常染色体上的一组复等位基因控制,其中A控制白色、A1控制大色斑、A2控制小色斑、A3控制黑色。某研究人员进行了相关实验,实验结果如下表所示(复等位基因之间具有连续的显隐性关系)。下列说法错误的是(　　)
组别 杂交组合 F1表型及比例
白色 大色斑 小色斑 黑色
① 白色(Ⅰ)× 白色(Ⅱ) 75% 25% — —
② 小色斑(Ⅲ)× 大色斑(Ⅳ) — 50% 25% 25%
③ 小色斑(Ⅴ)× 小色斑(Ⅵ) 25%
A.根据组合②可判断A1>A2>A3
B.组合③的亲本小色斑个体基因型相同
C.Ⅱ×Ⅳ所得子代中白色个体所占的比例为50%
D.Ⅰ×Ⅴ所得子代中小色斑个体所占的比例为50%
5.自然状态下水稻存在D基因,且为纯合子,若向D基因中插入一段外来DNA序列会使D基因失活,记为d,且含有失活D基因的花粉有4/5不育,失活D基因对卵细胞无影响。现有一株基因型为Dd的水稻自交,则F1的基因型及比例为(　　)
A.DD∶Dd∶dd=4∶5∶1
B.DD∶Dd∶dd=5∶9∶4
C.DD∶Dd∶dd=5∶6∶1
D.DD∶Dd∶dd=25∶10∶1
6.匍匐鸡是一种矮型鸡,匍匐性状基因(A)对野生性状基因(a)为显性,这对基因位于常染色体上,且A基因纯合时会导致胚胎死亡。某鸡群中野生型个体占20%,匍匐型个体占80%,随机交配得到F1,F1雌、雄个体随机交配得到F2。下列有关叙述正确的是 (　　)
A.F1中匍匐型个体的比例为12/25
B.与F1相比,F2中A基因频率较高
C.F2中野生型个体的比例为25/49
D.F2中A基因频率为2/9
二、不定项选择题
7.(2025八省联考内蒙古卷)椎实螺壳的右旋和左旋是一对相对性状,由一对等位基因(T/t)控制,右旋为显性。已知t基因没有表达产物。下列实验结果中能直接支持“子代螺壳的转向不受自身的基因型控制,而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋”的是(　　)
A.取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞,与TT螺精子受精,发育成右旋螺
B.取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞,与TT螺精子受精,发育成左旋螺
C.将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞,与tt螺精子受精,发育成右旋螺
D.将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞,与tt螺精子受精,发育成右旋螺
8.已知牛的有角和无角由等位基因(A/a)控制;公牛的显性纯合子和杂合子表型一致,母牛的杂合子和隐性纯合子表型一致。若多对纯合有角公牛与无角母牛杂交,F1中公牛都有角,母牛都无角,F1中公牛、母牛自由交配,F2的公牛中有角∶无角=3∶1,母牛中有角∶无角=1∶3。下列叙述错误的是(　　)
A.控制该相对性状的基因位于常染色体上,且母牛有角为显性性状
B.F2有角公牛的基因型为AA、Aa,有角母牛的基因型为AA
C.有无角性状表现与性别有关,但不属于伴性遗传
D.若F2中无角公牛和无角母牛自由交配,则F3中有角牛的概率为1/3
三、非选择题
9.(2024全国甲)袁隆平研究杂交水稻,对粮食生产具有突出贡献。回答下列问题。
(1)用性状优良的水稻纯合体(甲)给某雄性不育水稻植株授粉,杂交子一代均表现雄性不育;杂交子一代与甲回交(回交是杂交后代与两个亲本之一再次交配),子代均表现雄性不育;连续回交获得性状优良的雄性不育品系(乙)。由此推测控制雄性不育的基因(A)位于　　　　　　(填“细胞质”或“细胞核”)。
(2)将另一性状优良的水稻纯合体(丙)与乙杂交,F1均表现雄性可育,且长势与产量优势明显,F1即为优良的杂交水稻。丙的细胞核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达。基因R表达过程中,以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是　　　　　　。F1自交子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为 　 。　　　　　　　　　　　
(3)以丙为父本与甲杂交(正交)得F1,F1自交得F2,则F2中与育性有关的表型有　　　　　种。反交结果与正交结果不同,反交的F2中与育性有关的基因型有　　　　　　种。
参考答案
1.D　若是基因型为SEs和SAs的个体杂交,子代可能出现SESA、SEs、SAs和ss的4种表型,且比例是1∶1∶1∶1,A项不符合题意;若是SEs与ss的个体杂交,子代能出现SEs∶ss=1∶1,B项不符合题意;若是SESA与SESA的个体杂交,子代中SESE∶SESA∶SASA=1∶2∶1,C项不符合题意;符合分离定律的两个亲本杂交,子代若出现3∶1的分离比,条件之一是完全显性,而题意中三个复等位基因互为重叠镶嵌显性,不属于完全显性关系,故任意杂交组合后代性状分离比不可能是3∶1,D项符合题意。
2.C　基因型为R_的植株全为雄株,不能进行自交,所以不能通过自交判断其基因型,A项正确。r+r+自交子代全为两性植株,r+r自交子代两性植株r+_∶雌性植株rr=3∶1;r+r+与rr杂交子代全为两性植株,r+r与rr杂交子代两性植株r+r∶雌性植株rr=1∶1,所以通过自交或与雌株杂交可判断两性植株的基因型,B项正确。在Rr(雄性)和rr(雌性)各占一半的群体内随机传粉,其实就是Rr与rr杂交,子代中雄株Rr∶雌株rr=1∶1,C项错误。在r+r+和r+r(均为两性植株)各占一半的群体内随机传粉,其配子为3/4r+、1/4r,子代中杂种比例为2×3/4×1/4=3/8,纯合子为5/8,D项正确。
3.C　A基因杀死部分雄配子,但基因A/a的遗传遵循分离定律,A项错误;选择黄花(AA)植株和白花(aa)植株杂交,正反交结果均为乳白花Aa,说明A基因对a基因为不完全显性,B项错误;F1自交,根据题干,A基因会使体内含a基因的雄配子一半致死,则子一代产生的雄配子A∶a=2∶1,雌配子A∶a=1∶1,后代黄花AA∶乳白花Aa∶白花aa=2∶3∶1,C项正确;以F1乳白花植株作父本,产生的雄配子A∶a=2∶1,与aa个体测交,后代产生乳白花Aa∶白花aa=2∶1,乳白花占2/3,D项错误。
4.D　由题意可知,组合②小色斑(Ⅲ)为A2-、大色斑(Ⅳ)为A1-,小色斑(Ⅲ)×大色斑(Ⅳ)子代大色斑(A1-)∶小色斑(A2-)∶黑色(A3-)=2∶1∶1,因此组合②小色斑(Ⅲ)为A2A3、大色斑(Ⅳ)为A1A3,且A1>A2>A3,A项正确;由A项分析同理可推出,组合③小色斑(Ⅴ)、小色斑(Ⅵ)均为A2A3,即亲本小色斑个体基因型相同,B项正确;同理可得白色(Ⅰ)×白色(Ⅱ)组合中,其中一个亲本基因型为AA1,另一个亲本基因型可能为AA1、AA2、AA3,因此白色(Ⅱ)为A_、大色斑(Ⅳ)为A1A3,故杂交后代为白色占50%,C项正确;Ⅰ为A_,基因型不确定,Ⅴ为A2A3,杂交后代为小色斑个体所占的比例不能确定,D项错误。
5.C　Dd自交,产生的雌配子D∶d=1∶1,由于含有失活D基因的花粉有4/5不育,所以产生的雄配子D∶d=5∶1,因此随机结合后子代中DD∶Dd∶dd=(1/2×5/6)∶(1-1/2×5/6-1/2×1/6)∶(1/2×1/6)=5∶6∶1,C项正确。
6.D　匍匐鸡是一种矮型鸡,匍匐性状基因(A)对野生性状基因(a)为显性,这对基因位于常染色体上,且A基因纯合时会导致胚胎死亡。因此种群中只存在Aa和aa两种基因型的个体。根据题意,A基因纯合时会导致胚胎死亡,因此匍匐型个体Aa占80%,野生型个体aa占20%,则A基因频率=80%×1/2=40%,a=60%,子一代中AA=40%×40%=16%,Aa=2×40%×60%=48%,aa=60%×60%=36%,由于A基因纯合时会导致胚胎死亡,所以子一代中Aa占(48%)÷(48%+36%)=4/7,A项错误;由于A基因纯合时会导致胚胎死亡,因此每一代都会使A的基因频率减小,故与F1相比,F2中A基因频率较低,B项错误;子一代Aa占4/7,aa占3/7,产生的配子为A=4/7×1/2=2/7,a=5/7,子二代中aa=5/7×5/7=25/49,由于AA=2/7×2/7=4/49致死,因此子二代aa占25/49÷(1-4/49)=5/9,C项错误;子二代aa占5/9,Aa占4/9,因此A的基因频率为4/9×1/2=2/9,D项正确。
7.D　实验目的是验证子代螺壳的转向不受自身的基因型控制,而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋,实验自变量是细胞质中是否有母本T基因的表达产物,因此实验思路是将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞,与tt螺精子受精,由于细胞质中含有母本T基因的表达产物,所以将发育成右旋螺,D项符合题意。
8.AD　由分析可知,控制牛有角和无角的基因位于常染色体上,公牛Aa、AA为有角,因此公牛有角是显性性状,A项错误;由分析可知,子二代中有角公牛的基因型是AA、Aa,有角母牛的基因型是AA,B项正确;由分析可知,公牛AA、Aa为有角,aa为无角,母牛中AA为有角,Aa、aa为无角,可见有无角性状表现与性别有关,但不属于伴性遗传,为从性遗传,C项正确;子二代无角公牛的基因型是aa,无角母牛的基因型是Aa∶aa=2∶1,无角公牛产生的精子的基因型是a,无角母牛产生的卵细胞的基因型及比例是A∶a=1∶2,雌雄配子随机结合,后代的基因型及比例是Aa∶aa=1∶2,母牛都无角,公牛中Aa有角,aa无角,因此有角牛的概率是1/6,D项错误。
9.答案 (1)细胞质
(2)核糖体　3∶1　
(3)1　3
解析 (1)据题意可以看出雄性不育这种表现型始终与母本一致,说明控制雄性不育的基因(A)位于细胞质中。(2)纯合体丙与乙(雄性不育)杂交,由于控制雄性不育的基因位于细胞质中,所以理论上F1应表现为雄性不育,但由于细胞核基因R的表达产物抑制了基因A的表达,F1表现为雄性可育。由上述分析可知,丙的基因型为A(RR)或RR,乙的基因型为A(rr),由于乙表现为雄性不育,所以丙与乙杂交时,丙为父本,乙为母本,所以F1的基因型为A(Rr),F1自交,子代的基因型及比例为1/4A(RR)、2/4A(Rr)和1/4A(rr),其中A(RR)和A(Rr)表现为雄性可育,A(rr)表现为雄性不育,比例为3∶1。翻译的场所为核糖体。(3)丙和甲杂交时,正反交结果不一样,说明两者的细胞质基因不同。根据题意,甲是雄性可育的,与雄性不育植株的杂交后代都表现为雄性不育,说明其细胞核基因型为rr,不含细胞质基因A。丙的细胞核基因型为RR,含有细胞质基因A。所以正交(丙为父本)时,F1的基因型为Rr,F1自交,F2的基因型为R_和rr,由于不存在基因A,与育性有关的表现型只有1种(雄性可育);反交(丙为母本)时,F1的基因型为A(Rr),F1自交,F2与育性有关的基因型有3种:A(RR)(雄性可育)、A(Rr)(雄性可育)和A(rr)(雄性不育)。
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