江苏省泰州市泰兴一高2015-2016学年高二（下）第二次基础知识竞赛物理试卷（解析版）

2015-2016学年江苏省泰州市泰兴一高高二（下）第二次基础知识竞赛物理试卷
　
一．单选题（每题4分，共28分）
1．已知阿伏加德罗常数为NA，下列说法正确的是（　　）
A．若油酸的摩尔质量为M，一个油酸分子的质量m=
B．若油酸的摩尔质量为M，密度为ρ，一个油酸分子的直径d=
C．若某种气体的摩尔质量为M，密度为ρ，该气体分子的直径d=
D．若某种气体的摩尔体积为V，单位体积内含有气体分子的个数n=
2．下列说法中错误的是（　　）
A．雾霾在大气中的漂移是布朗运动
B．制作晶体管、集成电路只能用单晶体
C．电场可改变液晶的光学性质
D．地球大气中氢含量少，是由于外层气体中氢分子平均速率大，更易从地球逃逸
3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中（　　）
A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值
B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值
C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大
D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值
4．如图（甲），合上开关，用光子能量为2.5eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零．调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60V时，电流表读数为零．把电路改为图（乙），当电压表读数为2V时，则逸出功及电子到达阳极时的最大动能为（　　）
A．1.5
eV
0.6
eV
B．1.7
eV
1.9
eV
C．1.9
eV
2.6
eV
D．3.1
eV
4.5
eV
5．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为pb和pc，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Qab和Qac，则（　　）
A．pb＞pc，Qab＞Qac
B．pb＞pc，Qab＜Qac
C．pb＜pc，Qab＞Qac
D．pb＜pc，Qab＜Qac
6．有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（估计一吨左右）．一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量．他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头后停下来，而后轻轻下船．用卷尺测出船后退的距离为d，然后用卷尺测出船长L，已知他自身的质量为m，则渔船的质量（　　）
A．
B．
C．
D．
7．静止的氡核Rn放出α粒子后变成钋核Po，α粒子动能为Eα．若衰变放出的能量全部变为反冲核和α粒子的动能，真空中的光速为c，则该反应中的质量亏损为（　　）
A．
B．0
C．
D．
　
二．多选题：（每题6分，部分得3分，共36分）
8．当氢气和氧气的质量和温度都相同时，下列说法中正确的是（　　）
A．两种气体分子的平均动能相等
B．氢气分子的平均速率大于氧气分子的平均速率
C．两种气体分子热运动的总动能相等
D．两种气体分子热运动的平均速率相等
9．如图，固定的导热气缸内用活塞密封一定质量的理想气体，气缸置于温度不变的环境中．现用力使活塞缓慢地向上移动，密闭气体的状态发生了变化．下列图象中p、V和U分别表示该气体的压强、体积和内能，表示该气体分子的平均动能，n表示单位体积内气体的分子数，a、d为双曲线，b、c为直线．能正确反映上述过程的是（　　）
A．
B．
C．
D．
10．一定质量理想气体的压强p与摄氏温度t的变化如图所示，其状态经历了ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行．则气体体积在（　　）
A．ab过程中变小
B．bc过程中变大
C．cd过程中可能增加
D．da过程中可能保持不变
11．湿度的说法中正确的是（　　）
A．绝对湿度大，相对湿度一定大
B．相对湿度是100%，表明在当时温度下，空气中水汽已达饱和状态
C．相同温度下绝对湿度越大，表明空气中水汽越接近饱和
D．露水总是出现在夜间和清晨，是因为气温的变化使空气里原来饱和的水蒸气液化的缘故
12．钚的一种同位素衰变时释放巨大能量，如图所示，其衰变方程为Pu→U+He+γ，则（　　）
A．核燃料总是利用比结合能小的核
B．核反应中γ的能量就是的结合能
C．核比核更稳定，说明的结合能大
D．由于衰变时释放巨大能量，所以比的比结合能小
13．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2．下列说法正确的是（　　）
A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mg
B．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2（m+M）g
C．当F＞μ2（m+M）g时，木板便会开始运动
D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动
　
三．计算题：（每题18分，共36分）
14．两个氘核聚变产生一个中子和一个氦核（氦的同位素），已知氘核质量为2.0141u，氦核质量为3.0160u，中子质量为1.0087u（以上质量均指静质量），则
（1）写出核反应方程；
（2）算出释放出的核能；
（3）若反应前两个氘核的动能均为0.35MeV，它们正面对碰发生聚变，且反应后释放的核能全部转化为动能，则反应后氦核与中子的动能各为多大？
15．2015年我国ETC（电子不停车收费系统）已实现全国联网，大大缩短了车辆通过收费站的时间．假设一辆汽车以10m/s的速度驶向收费站，若进入人工收费通道，它从距收费窗口20m处开始减速，至窗口处恰好停止，再用10s时间完成交费：若进入ETC通道，它从某位置开始减速，当速度减至5m/s后，再以此速度匀行驶5m即可完成交费．两种情况下，汽车减速时加速度形同．求：
（1）汽车减速运动时加速度的大小；
（2）汽车进入人工收费通道，从开始减速到交费完成所需的时间；
（3）汽车从开始减速到交费完成，从ETC通道比从人工道通行节省时间．
　
2015-2016学年江苏省泰州市泰兴一高高二（下）第二次基础知识竞赛物理试卷
参考答案与试题解析
　
一．单选题（每题4分，共28分）
1．已知阿伏加德罗常数为NA，下列说法正确的是（　　）
A．若油酸的摩尔质量为M，一个油酸分子的质量m=
B．若油酸的摩尔质量为M，密度为ρ，一个油酸分子的直径d=
C．若某种气体的摩尔质量为M，密度为ρ，该气体分子的直径d=
D．若某种气体的摩尔体积为V，单位体积内含有气体分子的个数n=
【考点】阿伏加德罗常数．
【分析】分子的质量等于摩尔质量除以阿伏加德罗常数；对于液体，分子的体积等于摩尔体积除以阿伏加德罗常数．分子数等于摩尔数乘以阿伏伽德罗常数．
【解答】解：
A、分子的质量等于摩尔质量除以阿伏加德罗常数，则有：一个油酸分子的质量m=．故A错误；
B、由于油酸分子间隙小，所以分子的体积等于摩尔体积除以阿伏加德罗常数，则有一个油酸分子的体积V0==，将油酸分子看成立方体形，立方体的边长等于分子直径，则得：V0=d3，解得：d=，故B错误；
C、由于气体分子间距很大，所以一个分子的体积V＜，则分子直径d＜，故C错误；
D、某种气体的摩尔体积为V，单位体积气体的摩尔数为n=，则含有气体分子的个数n=，故D正确．
故选：D．
　
2．下列说法中错误的是（　　）
A．雾霾在大气中的漂移是布朗运动
B．制作晶体管、集成电路只能用单晶体
C．电场可改变液晶的光学性质
D．地球大气中氢含量少，是由于外层气体中氢分子平均速率大，更易从地球逃逸
【考点】
晶体和非晶体；布朗运动．
【分析】布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动；单晶体各项异性；液晶具有液体的流动性，又对光显示各项异性；在动能一定的情况下，质量越小，速率越大．
【解答】解：A、雾霾在大气中的漂移是气体的流动造成的，故A错误；
B、制作晶体管、集成电路只能用单晶体，因为单晶体具有各向异性，故B正确；
C、液晶具有液体的流动性，又对光显示各项异性，电场可改变液晶的光学性质，故C正确；
D、在动能一定的情况下，质量越小，速率越大；地球大气中氢含量少，是由于外层气体中氢分子平均速率大，更容易大于地球的第一宇宙速度，更易从地球逃逸；故D正确；
本题选错误的，故选：A．
　
3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中（　　）
A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值
B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值
C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大
D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值
【考点】加速度．
【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，
判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．
判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．
【解答】解：A、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度达到最大值．故A错误．
B、根据A选项分析，故B正确．
C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大．故C错误．
D、根据C选项分析，故D错误．
故选B．
　
4．如图（甲），合上开关，用光子能量为2.5eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零．调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60V时，电流表读数为零．把电路改为图（乙），当电压表读数为2V时，则逸出功及电子到达阳极时的最大动能为（　　）
A．1.5
eV
0.6
eV
B．1.7
eV
1.9
eV
C．1.9
eV
2.6
eV
D．3.1
eV
4.5
eV
【考点】光电效应．
【分析】光电子射出后，有一定的动能，若能够到达另一极板则电流表有示数，当恰好不能达到时，说明电子射出的初动能恰好克服电场力做功，然后根据爱因斯坦光电效应方程即可正确解答．
【解答】解：设用光子能量为2.5eV的光照射时，光电子的最大初动能为Ekm，阴极材料逸出功为W0，
当反向电压达到U=0.60V以后，具有最大初动能的光电子也达不到阳极，
因此eU=Ekm
由光电效应方程：Ekm=hν﹣W0
由以上二式：Ekm=0.6eV，W0=1.9eV．
所以此时最大初动能为0.6eV，该材料的逸出功为1.9eV．
当电压表读数为2V时，则逸出功及电子到达阳极时的最大动能为Ekm=0.6+2=2.6eV，故C正确，ABD错误；
故选：C．
　
5．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为pb和pc，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Qab和Qac，则（　　）
A．pb＞pc，Qab＞Qac
B．pb＞pc，Qab＜Qac
C．pb＜pc，Qab＞Qac
D．pb＜pc，Qab＜Qac
【考点】理想气体的状态方程．
【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．
【解答】解：根据理想气体状态方程=C，
整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．
由热力学第一定律△U=W+Q
经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况相同，所以△U相等，
又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，
而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．
故选：C．
　
6．有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（估计一吨左右）．一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量．他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头后停下来，而后轻轻下船．用卷尺测出船后退的距离为d，然后用卷尺测出船长L，已知他自身的质量为m，则渔船的质量（　　）
A．
B．
C．
D．
【考点】动量守恒定律．
【分析】人和船组成的系统所受合外力为0，满足动量守恒，由位移与时间之比表示速度，根据动量守恒定律进行分析与计算．
【解答】解：设人走动时船的速度大小为v，人的速度大小为v′，人从船尾走到船头所用时间为t．取船的速度为正方向．
则
v=，v′=
根据动量守恒定律：Mv﹣mv′=0，
则得：M=m
解得渔船的质量：M=
故选：D
　
7．静止的氡核Rn放出α粒子后变成钋核Po，α粒子动能为Eα．若衰变放出的能量全部变为反冲核和α粒子的动能，真空中的光速为c，则该反应中的质量亏损为（　　）
A．
B．0
C．
D．
【考点】爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．
【分析】先根据动量守恒定律列方程求解出α衰变后反冲核的动能；然后根据爱因斯坦质能方程求解质量亏损．
【解答】解：设α粒子的质量为m1，反冲核的质量为m2，反冲核的速度大小为v′．
则根据动量守恒定律可得：m1v=m2v′①
得：
==
α粒子动能为Eα=×4×v2
反冲核的动能E′=×218×（v）2=Eα
则释放的总动能为：Eα+Eα=Eα
根据能量守恒，则释放的核能E=Eα
根据爱因斯坦质能方程：
Eα=△mc2
得：△m=；
故选：C．
　
二．多选题：（每题6分，部分得3分，共36分）
8．当氢气和氧气的质量和温度都相同时，下列说法中正确的是（　　）
A．两种气体分子的平均动能相等
B．氢气分子的平均速率大于氧气分子的平均速率
C．两种气体分子热运动的总动能相等
D．两种气体分子热运动的平均速率相等
【考点】温度是分子平均动能的标志．
【分析】当不考虑分子间作用力时，物体只有分子热运动的动能，物体的内能仅仅与物体的温度有关．温度相同，物体的平均动能相同．氢气分子的质量比氧气的分子质量小，平均动能相同时，氢气分子平均速率大．
【解答】解：A、C由于不考虑分子间作用力，氢气和氧气只有分子动能，温度相同，它们的平均动能相同，而氢气分子摩尔质量小，质量相等时，氢气分子数多，所以氢气内能多．故A正确，C错误．
B、D氢气分子的质量比氧气的分子质量小，平均动能相同时，氢气分子平均速率大．故B正确D错误．
故选AB
　
9．如图，固定的导热气缸内用活塞密封一定质量的理想气体，气缸置于温度不变的环境中．现用力使活塞缓慢地向上移动，密闭气体的状态发生了变化．下列图象中p、V和U分别表示该气体的压强、体积和内能，表示该气体分子的平均动能，n表示单位体积内气体的分子数，a、d为双曲线，b、c为直线．能正确反映上述过程的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．
【分析】气缸和活塞导热性能良好，气缸内气体的温度与环境温度相同，保持环境温度不变，气体发生等温变化．一定质量的理想的内能只跟温度有关．现用力使活塞缓慢地向上移动，气体对外界做功，根据热力学第一定律分析吸放热情况．根据气体状态方程和已知的变化量去判断其它的物理量
【解答】解：A、气缸和活塞导热性能良好，气缸内气体温度与环境温度相同，所以气体发生等温变化，所以p﹣V图象是双曲线，故A正确．
B、气缸内气体温度与环境温度相同，保持环境温度不变，则气体的内能保持不变，故B正确．
C、温度是分子平均动能变化的标志，温度不变，所以该气体分子的平均动能不变，故C错误．
D、一定质量的理想气体，所以n=，N为所有气体的分子总数，N一定，所以n﹣V的图象是双曲线，故D正确．
故答案为：ABD
　
10．一定质量理想气体的压强p与摄氏温度t的变化如图所示，其状态经历了ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行．则气体体积在（　　）
A．ab过程中变小
B．bc过程中变大
C．cd过程中可能增加
D．da过程中可能保持不变
【考点】理想气体的状态方程．
【分析】ab过程气体发生等温变化过程，由玻意耳定律分析体积的变化；bc过程，根据b，c两点与绝对零度连线，分析其斜率变化，判断体积变化，斜率越大，体积越小；cd过程是等圧変化，由盖﹣吕萨克定律分析体积的变化；da过绝对零度，则体积不变．
【解答】解：A、ab过程气体发生等温过程，压强减小，由玻意耳定律分析可知，气体的体积变大，故A错误；
B、bc过程，b与绝对零度﹣273℃连线的斜率大于c与绝对零度﹣273℃连线的斜率，则b状态气体的体积小于c状态气体的体积，则bc过程中体积增大，故B正确；
C、cd过程是等圧変化，温度降低，由盖﹣吕萨克定律分析可知体积减小，故C错误；
D、若da过绝对零度，则体积不变，故D正确；
故选：BD
　
11．湿度的说法中正确的是（　　）
A．绝对湿度大，相对湿度一定大
B．相对湿度是100%，表明在当时温度下，空气中水汽已达饱和状态
C．相同温度下绝对湿度越大，表明空气中水汽越接近饱和
D．露水总是出现在夜间和清晨，是因为气温的变化使空气里原来饱和的水蒸气液化的缘故
【考点】
液体的表面张力现象和毛细现象．
【分析】绝对湿度指大气中水蒸汽的实际压强，相对湿度是指水蒸汽的实际压强与该温度下水蒸汽的饱和压强之比．
【解答】解：A、绝对湿度大，相对湿度不一定大，A错误；
B、相对湿度是指水蒸汽的实际压强与该温度下水蒸汽的饱和压强之比，相对湿度是100%，表明在当时温度下，空气中水汽已达饱和状态，B正确；
C、相同温度下绝对湿度越大，表明空气中水汽越接近饱和，C正确；
D、露水总是出现在夜间和清晨，是因为气温的变化使空气里原来饱和的水蒸气液化的缘故，故D正确．
故选：BCD．
　
12．钚的一种同位素衰变时释放巨大能量，如图所示，其衰变方程为Pu→U+He+γ，则（　　）
A．核燃料总是利用比结合能小的核
B．核反应中γ的能量就是的结合能
C．核比核更稳定，说明的结合能大
D．由于衰变时释放巨大能量，所以比的比结合能小
【考点】裂变反应和聚变反应；爱因斯坦质能方程．
【分析】比结合能越大，越稳定，核燃料总是利用比结合能小的核，由于比的比结合能小，衰变时释放巨大能量，根据质量亏损与释放能量的关系．
【解答】解：A、根据比结合越大，越稳定，则核燃料总是利用比结合能小的核．故A正确．
B、核反应中γ的能量就是的结合能．故B错误．
C、比核更稳定，说明的比结合能大，所以衰变时，会释放巨大能量．故C错误．D正确．
故选：AD．
　
13．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2．下列说法正确的是（　　）
A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mg
B．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2（m+M）g
C．当F＞μ2（m+M）g时，木板便会开始运动
D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动
【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力；牛顿第二定律．
【分析】以木板为研究对象，分析受力情况，求出地面对木板的摩擦力．当改变F的大小时，分析m对M的摩擦力能否大于地面对木板的最大静摩擦力，判断木板能否运动．
【解答】解：
A、对木板：水平方向受到木块向右的滑动摩擦力f1和地面的向左的静摩擦力f2，f1=μ1mg，由平衡条件得：f2=f1=μ1mg．故A正确．
B、由于木板相对于地面是否刚滑动不清楚，地面的静摩擦力不一定达到最大，则木板受到地面的摩擦力的大小不一定是μ2（m+M）g．故B错误．
C、D由题，分析可知，木块对木板的摩擦力f1不大于地面对木板的最大静摩擦力，当F改变时，f1不变，则木板不可能运动．故C错误，D正确．
故选AD
　
三．计算题：（每题18分，共36分）
14．两个氘核聚变产生一个中子和一个氦核（氦的同位素），已知氘核质量为2.0141u，氦核质量为3.0160u，中子质量为1.0087u（以上质量均指静质量），则
（1）写出核反应方程；
（2）算出释放出的核能；
（3）若反应前两个氘核的动能均为0.35MeV，它们正面对碰发生聚变，且反应后释放的核能全部转化为动能，则反应后氦核与中子的动能各为多大？
【考点】爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．
【分析】（1）根据核反应方程的质量数与质子数守恒，即可求解；
（2）根据质能方程求出释放能量，即可求解；
（3）根据动量守恒定律，结合能量守恒定律，即可求解．
【解答】解：（1）聚变的核反应方程：→+；
（2）核反应过程中的质量亏损为：△m=2mD﹣（mHe+mn）=0.0035u，
释放的核能为：△E=△mc2=0.0035×931.5MeV=3.2MeV
（3）对撞过程动量守恒，由于反应前两氘核动能相同，其动量等值反向，
因此反应前后系统的动量为0．
即0=mHevHe+mnvn；
反应前后总能量守恒，得：
+=
解得：EkHe=0.99MeV；
Ekn=2.97MeV，
答：（1）核反应方程→+；
（2）释放出的核能3.2MeV；
（3）反应后氦核与中子的动能分别为0.99MeV与2.97MeV．
　
15．2015年我国ETC（电子不停车收费系统）已实现全国联网，大大缩短了车辆通过收费站的时间．假设一辆汽车以10m/s的速度驶向收费站，若进入人工收费通道，它从距收费窗口20m处开始减速，至窗口处恰好停止，再用10s时间完成交费：若进入ETC通道，它从某位置开始减速，当速度减至5m/s后，再以此速度匀行驶5m即可完成交费．两种情况下，汽车减速时加速度形同．求：
（1）汽车减速运动时加速度的大小；
（2）汽车进入人工收费通道，从开始减速到交费完成所需的时间；
（3）汽车从开始减速到交费完成，从ETC通道比从人工道通行节省时间．
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．
【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车减速运动的加速度大小．
（2）根据速度时间公式求出速度减为零的时间，结合交费的时间，求出减速到交费完成所需的时间．
（3）根据速度时间公式求出经过ETC通道减速的时间，以及匀速行驶5m的时间，根据速度位移公式求出匀减速运动的位移，抓住汽车在两种情况下通过相等位移所需的时间，从而得出节省的时间．
【解答】解：（1）根据速度位移公式得，匀减速直线运动的加速度大小为：
．
（2）过人工收费通道，匀减速直线运动的时间为：，
汽车进入人工收费通道，从开始减速到交费完成所需的时间t=4+10s=14s．
（3）汽车在ETC收费通道，匀减速运动的时间为：，
匀减速运动的位移为：，
匀速行驶的时间为：，
从开始减速到交费完成所需的时间为：t=t1+t2=3s．
经过人工收费通道，匀减速直线运动的时间为：，
匀减速直线运动的位移为：，
因为经过ETC通道匀减速运动的位移和匀速运动的位移之和等于经过人工收费通道的位移，
可知节省的时间为：△t=t3+10﹣t=4+10﹣3s=11s．
答：（1）汽车减速运动时加速度的大小为2.5m/s2；
（2）汽车进入人工收费通道，从开始减速到交费完成所需的时间为14s；
（3）汽车从开始减速到交费完成，从ETC通道比从人工道通行节省时间为11s．
　
2016年9月8日