【学考金卷】2023年湖南省普通高中学业水平合格性考试 物理（湖南专版）（PDF版，含答案）

2023年湖南省普通高中学业水平合格性考试
物 理
(时间:60分钟 满分:100分)
一、选择题:本题共18小题,每小题3分,共54分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合
题目要求的.
1.周一早上7:30,全校师生齐聚广场,参加升旗仪式,升国旗、唱国歌,鲜艳的五星红旗在朝阳下
迎风飘扬,升旗仪式进行了15分钟.以下说法正确的是 ( )
A.7:30指时间间隔
B.15分钟指时刻
C.研究国旗升起的快慢可以将国旗视为质点
D.无论研究什么问题都可以将国旗视为质点
2.不同电磁波由于具有不同的波长(或频率),因此具有不同的特性.以下关于电磁波的应用中,
利用了无线电波特性的是 ( )
3.如图,某人造地球卫星绕地球运动的轨道为椭圆,该卫星在近地点A 时,地球对
它的万有引力为FA,在远地点B 时,地球对它的万有引力为FB.则FA、FB 的大
小关系为 ( )
A.FA>FB B.FA=FB
C.FA4.某国产新能源汽车以恒定牵引力F 由静止加速启动,由公式P=Fv可判断该过程中汽车的
功率 ( )
A.减小 B.不变 C.增大 D.先增大后减小
5.下列关于物体惯性的说法中,正确的是 ( )
A.质量越大的物体,惯性越大
B.速度越大的物体,惯性越大
C.只有运动的物体才具有惯性,静止的物体没有惯性
D.做竖直上抛运动的物体,向上运动时,受到向上的作用力
6.疫情期间,小明同学在家里用苹果来研究自由落体运动.忽略苹果所受空气阻力,以下说法正
确的是 ( )
A.从同一高度同时静止释放,重的苹果比轻的苹果下落快
B.从同一高度同时静止释放,重的苹果和轻的苹果下落一样快
C.苹果下落的速度与落下的距离成正比
D.苹果落下的距离与落下的时间成正比
·41·
7.某手机支架厂商在其新产品的广告中提到,新产品使用新型纳米材料,增大
了产品与手机接触面的摩擦,使手机能静止在倾角更大的支架上.如图所示,
静止在支架上的手机受力个数为 ( )
A.1个 B.2个
C.3个 D.4个
8.如图,将一物体以初速度v0 水平抛出,初速度的延长线与竖直墙壁相交于A
点,物体击打在墙壁上的B 点;若将该物体以初速度2v0 从同一位置沿原方向
水平抛出,不计空气阻力,则物体击打在墙壁上的 ( )
A.A 点 B.A、B 之间某点
C.B 点 D.B 下方某点
9.如图,竖直放置的正三角形框架,绕过框架顶点的竖直轴OO'匀速转动,A、B 为框架上的两点,
用aA、aB 分别表示A、B 两点的向心加速度大小.则aA、aB 的大小关系为 ( )
A.aAaB D.无法确定
10.某纯电阻元件的U-I图像如图所示,电流为I1 时元件的阻值为R1,电流为I2
时元件的阻值为R2.则R1、R2 的大小关系为 ( )
A.R1>R2 B.R1=R2
C.R111.校运会中,甲、乙两班进行了一场精彩的拔河比赛.关于拔河,以下说法正确的是 ( )
A.甲对绳先产生作用力,绳对甲后产生反作用力
B.甲拉绳的力和乙拉绳的力是一对相互作用力
C.甲拉绳的力和绳拉甲的力是一对平衡力
D.无论什么情况下,甲拉绳的力和绳拉甲的力总是大小相等
12.地球同步卫星位于赤道上方高度约为36000km处,因相对地面静止,也称静止卫星.关于某
在轨地球同步卫星,下列说法正确的是 ( )
A.该卫星绕行速度大于地球的“第一宇宙速度”B.该卫星的周期比地球自转周期长
C.该卫星可飞越湖南上空 D.该卫星的角速度与地球自转角速度相同
13.如图,实线表示空间中某电场的电场线,A、B 为电场中的两点,用EA、EB
分别表示A、B 两点的电场强度大小,用φA、φB 分别表示这两点的电势.下
列关系正确的是 ( )
A.EA=EB B.EAC.φA=φB D.φA<φB
·42·
14.如图,某个走时准确的时钟 分针与时针由转动轴到针尖的长度之比是
1.4∶1.分针与时针的角速度大小分别为ω1、ω2,分针针尖与时针针尖的线
速度大小分别为v1、v2.下列关系正确的是 ( )
A.v1>v2 B.v1=v2
C.ω1=ω2 D.ω1<ω2
15.圆形金属线圈位于通电直导线的附近,线圈与通电导线在同一平面内,导线中电流方向如图
所示.以下过程,线圈中不产生感应电流的是 ( )
A.增大导线中的电流
B.线圈在平面内远离导线运动
C.线圈在平面内靠近导线运动
D.线圈在平面内平行导线运动
16.一物体沿直线运动,在0~5s内的x-t图像如图所示.则 ( )
A.1s末物体的速度为0
B.3s末物体的运动方向发生改变
C.0~3s内物体的加速度大小为2m/s2
D.0~3s内物体的位移大小为4m
17.如图,在真空中用两根同样长的绝缘细线,把两个带同种电荷的可视为质点的
小球A、B悬挂在一点.两小球的质量分别为mA、mB,带电量不相等.两小球
静止时,细线与竖直方向的偏角相等.则 ( )
A.mA>mB
B.mAC.mA=mB
D.不能确定mA、mB 的大小关系
18.某智能手机中有多种传感器,其中包括磁传感器,安装合
适的软件后,利用手机中的磁传感器可以测量磁感应强
度.地磁场的磁感线分布如图(a)所示.小明为了测量当地
的地磁场,如图(b),在手机上建立直角坐标系,手机显示
屏所在平面为xOy平面.某次测量手机水平放置,z轴正方向竖直向上,测出以下数据Bx=0、
By=22μT、Bz=-45μT.根据测量结果可以推断 ( )
A.测量地点位于南半球 B.x轴正方向指向西方
C.y轴正方向指向南方 D.当地的地磁场大小约为50μT
二、非选择题:本题共6小题,共46分.
19.(4分)小明同学用打点计时器做“探究小车速度随时间变化规律”的实验,实验中小车从静止
开始做匀加速直线运动.如图所示,是实验中打出的一条纸带的一部分(纸带上的点为实际连
·43·
续打出的点).电源频率为50Hz,则纸带上相邻两点之间的时间间隔为 秒,小车连
在纸带的 (填“左”或“右”)端.
20.(4分)用如图所示装置做“验证机械能守恒定律”的实验.实验开始时,需先 (填“接
通电源”或“松开纸带”);实验中 (填“需要”或“不需要”)测量重物的质量.
21.(4分)在“练习使用多用电表”的实验中,使用多用电表的电压
挡测量小灯泡的工作电压,需将多用电表与小灯泡
(填“并联”或“串联”);使用“Ω”挡测量一个阻值约为2000Ω
的电阻,正确操作后,指针位置如图所示,则此次测量前选择
开关旋至“Ω”挡的 (填“×100”或“×1K”)位置.
22.(10分)2022年12月,常德至长沙高铁正式通车,自此,湖南14个地州市全部实现高铁覆盖.
某质量为m 的高铁列车出站做初速度为零的匀加速直线运动,受到的阻力大小恒为Ff,经时
间t后速度为v.在时间t内,求:
(1)高铁列车加速度的大小a;
(2)高铁列车位移的大小x;
(3)高铁列车牵引力的大小F.
·44·
23.(12分)如图,电源内阻r=0.5Ω,定值电阻R1=1Ω,R2=4.5Ω.闭合开关
S,理想电压表读数U=5.5V.求:
(1)通过电阻R1 的电流I;
(2)电阻R2 消耗的功率P;
(3)电池的电动势E.
·45·
24.(12分)如图,小明同学将质量m=0.1kg的石块,从h=15m高处以30°角斜向上方抛出,石
块落地时的速度大小v=20m/s.不计空气阻力,g取10m/s2.求:
(1)石块从抛出到落地过程中重力做的功W;
(2)石块抛出时的速度大小v0;
(3)石块在最高点的机械能E(以落地点所在水平面为参考平面).
·48·
■ 请在各题目的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ■
2023年湖南省普通高中学业水平合格性考试
物理答题卡
姓 名
准考证号
考生条形码粘贴处
考生禁填:缺考考生由监考员填涂右边的缺考
标记
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,并认真检查监考员所粘
填 正确填涂 注 贴的条形码;
涂 意 2.选择题必须用2B铅笔填涂,解答题必须用0.5毫米黑色签字笔书写,字体
样 错误填涂 事 工整,笔迹清楚;
例 项 3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无
效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、选择题:本题共18小题,每小题3分,共54分.
1.[A][B][C][D] 7.[A][B][C][D] 13.[A][B][C][D]
2.[A][B][C][D] 8.[A][B][C][D] 14.[A][B][C][D]
3.[A][B][C][D] 9.[A][B][C][D] 15.[A][B][C][D]
4.[
A][B][C][D] 10.[A][B][C][D] 16.[A][B][C][D]
5.[A][B][C][D] 11.[A][B][C][D] 17.[A][B][C][D]
6.[A][B][C][D] 12.[A][B][C][D] 18.[A][B][C][D]
二、非选择题:本题共6小题,共46分.
19.(4分) 20.(4分)
21.(4分)
■ 请在各题目的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ■
·46·



■ 请在各题目的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ■
22.(10分)
23.(12分)
24.(12分)
■ 请在各题目的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ■
·47·参考答案
第三部分 练仿真 冲刺合格考 8.A 对任意一个行星来说,它与太阳的连线在相
湖南省普通高中学业水平合格性考试 等时间内扫过的面积相等.结合扇形面积的公式
仿真模拟卷(一) 可知,距离太阳近的点的线速度大,即vA>vB,故
1.D A.选坐在飞船内的宇航员为参考系,“天和” A正确,BCD错误;故选:A.
核心舱是静止的,选项 A错误;B.选坐在飞船内 9.D 根据题意可知该同学加速度向上,处于超重
的宇航员为参考系,“神舟 十 八 号”飞 船 是 静 止 状态,由 牛 顿 第 二 定 律 有:体 重 计 示 数 为 F=
的,选项B错误;C.选“天和”核心舱为参考系, m(g+a)>mg,故D正确ABC错误.故选:D.
“神舟十八号”飞船是静止的,选项C错误;D.选 10.D 功率的单位是瓦,故A错误;由P=W 知,只t
“神舟十八号”飞船为参考系,“天和”核心舱是静
要知道W 和t就可以求出时间t内的平均功率,
止的,选项D正确.故选:D.
故B错误;由P=Fv知,若v为瞬时速度,可求得
2.B 1000km指的是路程,120min指的是时间.
: 瞬时功率,若v 为平均速度,则可以求得平均功故选 B.
, 率,故C错误;由P=Fv知,当汽车发动机功率一3.C 设列车的加速度大小为a 第二个3秒内的位
, , 定时,牵引力与速度大小成反比,故 正确;故移为s' 根据匀变速直线运动规律 可得列车从静 D
选:D.
止出发第一个3秒内的位移为s=12a×3
2;第二个
11.C 树叶飘落的过程,空气阻力的影响很大,其
3秒内的位移s'=1a×62-1a×32,整理可得s'= 轨迹飘忽不定,做曲线运动,故 ABD错误;空气2 2
阻力对树叶做负功,其机械能不断减少,故C正
3s,故ABD错误,C正确.故选:C.
确.故选:C.
4.B 物体受到的重力方向竖直向下,作用点在重
12.B 点 电 荷 是 实 际 带 电 体 的 理 想 化 模 型,体
心,故ACD错误,B正确.故选:B
积很小或很大的 带 电 体 在 一 定 的 条 件 下 都 可
5.C 量度物体惯性大小的物理量只有质量,与物
以看成点电荷,只 要 满 足 如 下 条 件:当 两 个 带
体的速度、加速度以及合外力等无关;故C正确,
; : 电体的大小及形 状 对 它 们 之 间 相 互 作 用 力 的ABD错误 故选 C.
, 影响可忽略时,其 大 小 和 形 状 可 忽 略 不 计,可6.B 平抛运动在水平方向上不受力 做匀速直线
、 ; 以看成点 电 荷 处 理,故B正 确,ACD错 误 故运动.故A C错误 平抛运动在竖直方向上只受 .
:
重力,初速度为零,做自由落体运动,即初速度为 选 B.
0的匀加速直线运动.故B正确,D错误.故选:B. 13.D 电场中某点的电场方向与放入该点的正电
7.B 甲乙两人站在地球上都绕地轴转动,角速度ω 荷受力方向相同,与放入该点负电荷的受力方向
相等,故A错误;根据线速度v与角速度ω 之间 相反,所以负点电荷在电场中 M 点的受力为F1,
的关系式v=rω比较线速度,甲的半径r大,所以 故ABC错误、D正确.故选:D.
甲的线速度v大,故B正确;根据向心力公式F= 14.C 电冰箱主要是把电能转化为机械能;不是利
mrω2,可知当质量 m 和角速度ω 相同时,半径r 用电流的热效应,故 A错误;电风扇主要是把电
不等,则向心力F 不等,故C错误;根据向心加速 能转化为机械能,不是利用电流的热效应,故B
度公式a=rω2知,可知半径r不等,则向心加速 错误;电饭煲主要是把电能转化为内能,是利用
度a不等,故D错误.故选:B. 电流的热效应工作的,故C正确;电视机主要是
·49·

把电转化 为 声 能 和 光 能,不 是 利 用 电 流 的 热 效
为:ΔE =1mv2=1 ·(
hC-hA)2k
应,故D错误.故选:C. 2
B 2m 2T
15.B 对木块A受力分析可知,木块A受到重力、 答案: h -hmgh 1m(C AB )22 2T
支持力和静摩擦力的作用.重力竖直向下,支持
21.解析:(1)(2)在研究向心力的大小F 与质量m、
力竖直向上,这两个力为平衡力,由于物体有沿
角速度ω和半径r 之间的关系中,质量 m、角速
半径向外滑动的趋势,静摩擦力方向指向圆心,
度ω和半径r 三个变量,所以在寻找F 与三者
由静摩擦力提供物体做圆周运动的向心力,故B
之间关系时,我们采用先控制其中两个不变,只
正确.故选:B.
研究F 与变化的那个量之间的关系,再以此类
16.D 电荷 只 在 电 场 力 作 用 下,电 场 力 做 了2×
推,分别找出F 与这三个量的关系;若在探究向
10-6J的正功,合力做功即为2×10-6J,根据动
心力的大小F 与角速度角ω 的关系时,要保持
能定理得知,动能增加了2×10-6J.故AB错误. m 和r相同.若在探究向心力的大小F 与半径r
电场力做了2×10-6J的正功,根据功能关系得 的关系时,要保持m 和ω 相同.
知,电荷的电势能减小2×10-6J.故C错误,D正 答案:m 和r m 和ω
确.故选:D. 22.解析:(1)物体受到重 力、支 持 力、拉 力 和 摩 擦
17.C 闭合开关K后,将滑动变阻器滑片P向左移 力,受力分析如图所示:
动,变阻器的有效电阻变小,外电路总电阻变小,
根据闭合电路欧姆定律知,电路中电流变大,则
电流表的示数变大.电路中电流变大,电源的内
电压变大,则路端电压变小,即电压表的示数变
小,故ABD错误,C正确.故选:C. 水平方向根据牛顿第二定律可得:Fcos53°-f
18.B 左侧磁场方向垂直纸面向里,右侧向外,故 =ma
A错误.电流向上,由安培定则可知,磁感线为逆 竖直方向根据平衡条件可得:
时针环绕方向,故B正确.电流向外,由安培定则 Fsin53°+FN=mg
可知,磁感线应为逆时针环绕方向,故CD错误. 又有:f=μFN
故选:B.
联立解得:a=5m/s2;
19.解析:根据伏安法测电阻的原理,由于电流表内 (2)开始运动后4s内物体发生的位移为:
阻约为0.1Ω,电压表内阻约为10kΩ,待测电阻
1 2 1 2
, ;为10Ω 电压表内阻约为待测电阻的1000倍, x=2at=2×5×4 m=40m
待测电阻阻值约为电流表的100倍,由此可知该 (3)开始运动后4s末物体的速度为:
电阻为小电阻,故应采用电流表的外接法;在电 v=at=5×4m/s=20m/s.
流表外接法中,由于电压表的分流作用,电流表 答案:(1)5m/s2 (2)40m (3)20m/s
的测量值I大于真实值,
解析:(
由欧姆定律 R=U 可 23. 1
)电场强度E=2×104N/C,电荷量q=
I +1×10-8C,故 电 场 力 大 小 为:F=qE=1×
知,电阻的测量值小于电阻的真实值,
10-8C×2×104N/C=2×10-4N;
答案:外接法 小于 (2)根据W=Fd,A、B 之间的距离:
20.解析:从打起始点O 到打B 点的过程中,重物的 W 2×10-3 ;
重力势能减少量ΔE d= = -4 m=10mp=mghB,根据匀变速直线 F 2×10
运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速 (3)根据U=W 得:U=2×10
-3
q -8 V=2×10
5V.
h -h 1×10
度,则B 点的速度为v = C AB ,故动能的增量2T 答案:(1)2×10-4N (2)10m (3)2×105V
·50·

24.解析:(1)小球刚好到达C 点时,由重力提供向 5.C 由于月球表面上的物体只受月球的引力,故所
v2
心力,由牛顿第二定律得:mg=m C, 有物体下落的加速度相同,根据h=1R 2gt
2可得,大
解得:v = gR; 石块和小石块下落时间相同,故同时落地,故C C正
(2)小球从A 到C 过程,由机械能守恒定律得: 确,ABD错误.故选:C.
m (h R) 1mv2, 6.D
合力与分力能够等效替代,采用了等效替代
g -2 =2 C 的思想,故A错误;平均速度体现了等效替代的
解得:h=2.5R; 思想,故B错误;瞬时速度的概念体现了极限思
(3)过程A→B 有:mgh=12mv
2
B,得:vB= 5gR 想,故C错误;重心是物体各部分所受重力的合
v2 力的等效作用点,这个概念的建立都体现了等效
B 点有:FN-mg=m
B,得:
R FN=6mg 的思想,故D正确.故选:D.
根据牛顿第三定律,压力F'N=FN=6mg. 7.C 对N进行受力分析:N受到重力,M 对N的
答案:(1)gR (2)2.5R (3)6mg 支持力,这两个力的合力不能平衡,所以还受到
湖南省普通高中学业水平合格性考试 M对N向上的静摩擦力,不可能受到4个力,故
仿真模拟卷(二) AD错误;M、N两物体静止,合力为0,对 MN整
1.C 研究地球绕太阳的运动时,地球大小可以忽 体进行受力分析,受到重力和F,墙对 M 没有弹
略不计,故可以简化为点,故A错误;被运动员推 力,否则合力不能为0,所以也没有摩擦力,故B
出后在空 中 运 动 的 铅 球,其 大 小 和 形 状 可 以 忽 错误;再对 M 进行受力分析:M 受到重力、恒力
略,故可以看作质点;故B错误;研究体操运动员 F、N对 M 的压力以及N给 M 沿斜面向下的静
在双杠上的姿态,没有大小就没有姿态,故大小 摩擦力,一共4个力,故C正确.故选:C.
和形状不能忽略,不能看作质点,故C正确;从高 8.A N这个单位是根据牛顿第二定律F=ma推
处自由下落的石块,其大小和形状可以忽略,故 导得到的导出单位,不属于国际单位制中力学的
可以看作质点;故D错误;本题考查不能看作质 基本单位,国 际 单 位 制 中 力 学 的 基 本 单 位 的 是
点的,故选:C. kg、m、s.故A正确.故选:A.
2.B 交通标志里的限速标志是每一时刻的速度均
9.C 由牛顿第二定律得:a=F=40m/s2=2m/s2,
不能超过该速度;故为瞬时速度;里程88km指 m 20
的是行驶路程,即汽车经过轨迹轨迹的长度;故 3s末物体的速度:v=at=2×3m/s=6m/s,故
选:B. C正确,ABD错误.故选:C.
3.C 由于速度与加速度均为矢量,所以前面的正 2
10.A 根据GMm2 =m
v 得,线速度
r v=
GM,r
, /, r r 甲负表示方向 由于甲的速度为2ms乙的速度为
-3m/s,所以乙的速度大于甲的速度,故乙运动 v乙,故A正确,B错误.地球对卫星
得比 较 快;甲 加 速 度 为 -1m/s2,乙 加 速 度 为 的万有引力F=GMm2 ,因为卫星的质量相等,r甲
1m/s2,所两者的加速度大小一样,即两者的速度 r
变化一样快,故C正确,ABD错误.故选:C. F乙,故C、D错误.故选:A.
4.C v t图像的斜率表示物体的加速度,由于题 11.A 小孩下滑过程中,重力和位移方向的夹角小
中加速度不变且大于0,所以小车做的是匀加速 于90°,重力做正功,故A正确;小孩下滑过程中,
直线运动,AB错误;在t=10s时,小车的速度是 支持力和位移方向的夹角等于90°,支持力不做
4m/s,故 C 正 确;在t=0时,小 车 的 速 度 是 功,故BC错误;小孩下滑过程中,摩擦力方向和
2m/s,故小车不是从静止开始运动,故D错误. 位移方向夹角大于90°,故摩擦力做负功,故D错
故选:C. 误.故选:A.
·51·

12.C 忽略空气阻力,由动能定理得:mgh=Ek,解 线垂直,线框在磁场中向右运动,故磁通量不变,
得:Ek=0.2×10×20J=40J,故ABD错误,C正 无感应电流,故C错误;保持线框平面始终与磁
确;故选:C. 感线垂直,线框在磁场中向右运动,离开磁场,磁
13.A 做平抛运动的铁球,运动的过程中只有重力 通量减小,有感应电流,故D正确;故选:D.
做功,所以机械能守恒,故A正确;被起重机拉着 19.解析:F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形
向上做匀速运动的货物,拉力对货物做正功,其机 定则求出的合力值,而其实验值是指一个弹簧拉
械能增加,故B错误;木块沿着粗糙斜面匀速下 橡皮条时所测得的数值,一定沿 AO 方向,由此
滑,摩擦力对木块做负功,所以机械能不守恒,故
可知F 是F1、F2合力的理论值,F'是合力的实
C错误.在空中向上做加速运动的氢气球,动能和
际值,即F'是只用一个弹簧秤拉时的拉力.
重力势能都增加,两者之和必定增加,即机械能在
答案:F F'
增加,故D错误.故选:A.
20.解析:(1)小锤轻击弹性金属片时,通过实验可
14.C 题图中 M、N 两点电场强度大小相等,但方
以观察到它们同时落地,说明两球在竖直方向
向不同,故电场强度不同.故 A错误;图中 M、N
的运动规律相同,即平抛运动在竖直方向运动
两点方向相同,但电场强度大小不等,故电场强度
规律为自由落体运动;(2)让A、B 球恢复初始状
不同.故B错误;此电场是匀强电场,M、N 两点
电场强度相同.故C正确;
态,用较大的力敲击弹性金属片,由于两球下落
根据电场线的疏密表
示电场强度的大小,切线方向表示电场强度的方 的竖直高度不变h=1 22gt
向,可知,M、N 两点电场强度大小和方向都不同,
则A 球在空中运动的时间将不变.
故D错误.故选:C.
答案:同时 不变
15.B 高大建筑物顶上安放避雷针是为了防止静
21.解析:闭合开关S后,增大滑动变阻器 R 的阻
电危害,故A正确;静电复印机是利用静电工作
E
的,与静电有关,故B不正确;用静电喷漆的方法 值,根据欧姆定律I= ,则电流表R+R A
的读
0
给汽车喷涂油漆,由于电荷间的相互作用,既省漆 数将变小,根据P=I2R0 可知电阻R0 消耗的功
又均匀,故C正确;油罐车拖一条与地面接触的 率将变小.
铁链是为了将摩擦产生的静电及时导走,防止静
答案:(1)变小 (2)变小
电危害,故D正确;本题选不正确的,故选:B.
22.解析:(1)在下滑过程中做初速度为零的匀加速
16.B I U 图像中图像的斜率表示电阻的倒数,则
运动,根 据 L=1 2,得 2L 2×40 /2
可知,A 的阻值要大于B 的阻值;再由R=ρL可 2
at a= 2 = 2 mst 4
S
, =5m
/s2;
知 材料和长度均相同的两导体,截面积越小则电
(2), 到达底端时的速度为阻越大 故说明A 的截面积要小于B 的截面积.
, : v=at=5×4m/s=20m/s;故B正确 ACD错误.故选 B.
(3)由牛顿第二定律可知mg·sinθ-μ·mg·
17.D 根据闭合电路欧姆定律得I= ER+r=
6
2+1 cosθ=ma,代入数据得:μ=0.125.
A=2A则D正确,故选:D. 答案:(1)a=5m/s2 (2)30m/s
18.D 保持线框平面始终与磁感线平行,线框在磁 (3)μ=0.125
场中向右运动,磁通量一直为零,磁通量不变,无 23.解析:(1)运动员在A 点时的机械能
感应电流,故A错误;保持线框平面始终与磁感
, E=E +E =
1mv2+m h=1×70×102+70
线垂直 线框在磁场中向上运动,磁通量不变,无 k p 2 g 2
感应电流,故B错误;保持线框平面始终与磁感 ×10×10J=10500J;
·52·

(2)运 动 员 从 A 运 动 到 B 过 程,根 据 机 械 能 和加速度的方向相同,所以物体是做加速运动,
故B错误;v0<0,a>0,速度和加速度的方向相
守 恒 定 律 得 E= 1mv2B,解 得2 v=
2E
m = 反,所以物体是做减速运动,故C错误;v0<0,
2×10500
70 m
/s=10 3m/s≈17.3m/s; a<0,速度和加速度的方向相同,所以物体是做
加速运动,故正确;故选:D.
(3)运动员从A 运动到斜坡上最高点过程,由机
4.A 由图可知,列车加速与减速过程速度的变化
械能 守 恒 得 E=mgh,解 得:h=1050070×10m= 量大小相等,由于列车的加速与减速时间相等,
15m. 则列车的加速度大小相等;由图列车的加速与减
答案:(1)1.05×105J (2)17.3m/s 速过程中图像倾斜的方向相反,可知列车的加速
(3)15m 与减速过 程 中 加 速 度 的 方 向 相 反,故 A 正 确,
24.解析:(1) 错误 故选
:
由于小球静止时偏向左边,受力向左, BCD . A.
; 5.C 重力的方向总是竖直向下的,并非垂直于地所以小球带负电
() , : 面,故A错误;只有对于形状规则、质量分布均匀2 由于小球静止 所以由平衡条件可得 qE=
的物体,重心才位于其几何中心,故B错误;重心
mgtan60°,可得E= 3mg;q 是物体各 部 分 所 受 重 力 的 等 效 作 用 点,对 于 形
mg 状、大小或质量分布会发生变化的人或物体,重(3)剪断细线后F合 =cos60° 心的位置并非一成不变,所以随着舞蹈演员的形
根据牛顿第二定律可得:F合 =ma 体变化,重心相对身体的位置也会发生变化,故C
根据速度时间关系可得:v=at 正确;风筝升空后,越升越高,只能说明风筝的重
联立解得:v=2gt. 心越来越 高,并 非 重 心 相 对 风 筝 的 位 置 越 来 越
答案:(1)小球带带负电 (2)电场强度E 的大 高,因为当风筝的姿态不随风发生变化时,其重
3mg 心相对风筝的位置是不变的,故D错误小为 .故选:C.
qE 6.D A球受到两个支持力,这两个支持力都与接
(3)2gt 触面垂直,即通过球心,故A正确;A球只受到水
湖南省普通高中学业水平合格性考试 平面的弹力F1,右侧的球对A没有弹力,否则A
仿真模拟卷(三) 球将向左运动,故B正确;A球受到墙的弹力F1,
1.A 参考系是为了研究问题的方便而假定不动的 方向垂直于墙壁向右;斜面的支持力F2,方向与
物体,在本题中作者和山之间的距离逐渐减小, 斜面垂直向上,故C正确;F2方向不对,应通过球
而作者认为自己静止不动,从而“看山恰似走来 心,故D错误.本题选错误的,故选:D.
迎”,故此现象选择的参考系是自己或者船与船 7.D 伽利略的理想实验,牛顿是依据他所做的实
上静止不动的物体.但实际上船是运动的,所谓 验,进行理想化的推理,不是推翻,故 A错误.牛
是“船行”选择的参考系是河岸、山或者地球上相 顿第一定律揭示了力与运动的关系,揭示了一切
对地球静止不动的其它物体.故A正确.故选:A. 物体都有惯性,惯性仅仅与质量有关,与速度无
2.C 刘翔的位移为110m,所有时间为12.91s. 关,故BC错误,D正确.故选:D.
由平均速度定义式可得:v=x= 110 m/s= 8.B 当夹角为零时合力最大,最大值为:Fmax=3Nt 12.91
+9N=12N;当夹角180°时合力最小,最小值
8.52m/s,故C正确,ABD错误.故选:C.
为:Fmin=9N-3N=6N;故合力的范围为:6N
3.D v0>0,a<0,速度和加速度的方向相反,所以
F
物体是做减速运动,故A错误v >0,a>0,速度 ≤F≤12N;根据牛顿第二定律a= 可得加速度0 m
·53·

范围2m/s2≤a≤4m/s2,故B正确,ACD错误. 所以电场力做正功,电势能减少,故ACD错误,B
故选:B. 正确.故选:B.
9.A 因为分运动具有等时性,所以分析过河时间 16.B 由能量守恒定律得P出 =P电 -P热 =1100W
时,只分析垂直河岸方向的速度即可,渡河时小 -10W=1090W,故选B.
船船头垂直指向河岸,即静水中的速度方向指向 17.C 依题意,可知导电液体中正、负离子同时定
河岸,而其大小不变,因此,小船渡河时间不变, 向移动,则根据电流强度定义,可得电路中电流
故A正确,BC错误.当水流速度突然增大时,由
表指示的读数应为:I=q1
+q2=8+8t 4 A=4A
,故
矢量合成的平行四边形法则知船的合速度变化,
因而小船到达对岸地点变化,故D错误.故选:A. C正确,ABD错误.故选:C.
10.C 物体做匀速圆周运动,合力指向圆 18.B 闭合开关S后,当光照逐渐增强时,光敏电
心对物体受力分析,受重力、向上的静摩 阻的阻值减小,根据闭合电路欧姆定律可知,I=
擦力、指向圆心的支持力,如右图,其中 E ,干路电流增大,即电流表的示数增大,内电
R+r
重力G 与静摩擦力f 平衡,支持力N 提
压增大,U=E-Ir,电压表测量路端电压,示数减
供向心力,故选:C.
小,故B正确,ACD错误.故选:B.
11.D 开普勒第一定律的内容为:所有行星分别沿
19.解析:按打点先后顺序每5个点取1个计数点,
不同大小的椭圆轨道绕太阳运动,太阳处于椭圆
所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s,纸
的一个焦点上.故 AB错误.根据引力提供向心
带上相邻计数点的距离在增大,而且相邻计数
2
力,则有:GMm2 =m
4π
2r,可知,离太阳越近的行星 点的距离之差不变,所以纸带做匀加速运动,r T 利
, 用 匀 变 速 直 线 运 动 的 推 论 得:运动周期越短 故C错误;由开普勒第三定律:所有 vC =
行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方 0.023+0.027 /
2×0.1 ms=0.25m
/s.
的比值都相等.故D正确.故选:D. 答案:匀加速 0.25
12.B 以桌面为参考平面,小球在最高点时机械能
E m H, , 20.解析
:(1)
Gm m
根据万有引力公式 1 2
= g 小球下落过程中机械能守恒 则小球落 F= r2
到地面前瞬间的机械能为mgH.故ACD错误,B 2
整理得G= Fr
正确.故选:B. m1m2
13.B 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电,是玻璃棒上 根据量纲法则,得引力常量的单位为N·m
2/kg2
的原子核束缚电子的能力弱,使一部分电子从玻 (2)卡文迪什测量引力常量使用的扭秤装置,入
璃棒上转移到丝绸上,丝绸得到电子带负电,玻 射光线不变,当入射角改变时,将扭秤转动的高
璃棒因失去电子而带正电.故ACD错误,B正确; 度通过反射光线在屏上光斑移动显示出来,采
故选:B. 用的微量放大法.
2 2
·
14.B 开始时的库仑力为:F=kq 3
答案:N· /q m kg 微量放大法
2 ,接触后根r
21.解析:(1)由欧姆定律可得R =14.0x 0.20Ω=70Ω据接触带电的原则可知,两球电量均变化为+2q,
()由于电流表的分压作用,实验中电压表的测
则库 仑 力 为:F'=k2q
·2q 4 2
2 = F,故 B正 确,r 3 量值大于电阻Rx两端的电压.
ACD错误.故选:B. 答案:70 大于
15.B 将正点电荷q从A 点移到B 点的过程中,正 22.解析:(1)根据牛顿第二定律得 F-Ff=ma,得
电荷q所受的电场力从A→B,与位移方向相同, F=8000N;
·54·

(2)当匀加速达到最大速度时,汽车功率达到额 动的,故C正确;D.选障碍物为参考系,马相对于
定功率,则有 P=Fv 障碍物的位置发生了变化,可知马是运动的,故D
得汽车做匀加速运动的最大速度v=10m/s; 错误.故选:C.
(3)根据运动学公式v=at,得汽车做匀加速运 2.B 火车8点42分到站,8点42分是指时刻,故
动时间t=5s. A错误;停车8分,8分是指时间,故B正确;“第3
答案:(1)F=8000N (2)v=10m/s (3)t= 秒初”指的是时间轴上的点,是时刻,故C错误;
5s “第4秒末”指的是时间轴上的点,是时刻,故D
23.解析:(1)小球放入板间后,受重力和电场力作 错误.故选:B.
用,由二力平衡,小球应带负电,且满足 mg-q 3.D 物体的加速度越大,速度变化越快,但是速度
U2 不一定大,故A错误.物体的速度变化越大,加速
d =0 度不一定越大,还与速度变化所用时间有关,故B
解得U =mgd=2×10
-2×10×50×10-2
2 -2 V= 错误.物体的加速度为零,速度不一定为零,如匀q 1×10
速直线运动的物体,加速度为零,速度不为零,故
10V;
C错误.物体的速度变化率越大,速度变化越快,
(2)
U
电路中的电流I= 2 10 ;R =10A=1A 加速度越大,故 正确 故选:2 D . D.
(3)根据闭合电路欧姆定律得E=U2+I(R1+r) 4.C 0~t1时间内汽车的速度随时间均匀增大,做匀
解得r=1Ω. 加速直线运动,故A错误;t1~t2时间内汽车的速度
答案:(1)10V (2)1A (3)1Ω 不变,做匀速直线运动,故B错误;t2~t3时间内汽
24.解析:(1)物 块 由 A 点 滑 到O 点,根 据 动 能 定 车的速度随时间均匀减小,做匀减速直线运动,故
理有 C正确;汽车一直沿正方向运动,t3时刻没有回到出
1 2 , 发点,离出发点最远,故m h= mv -0 解得v= 2h. D
错误.故选:C.
g 2 g 5.D 踩在脚下且静止在水平草地上的足球受到重
(2)物块由最高点滑到将弹簧压缩到最短的过 力、支持力及人脚的压力的作用,因此足球受到
程中,根据动能定理有mgh-W 弹 -μmgd=0, 地面的支持力大于它受到的重力,故 A错误;足
又W 弹 =Epmax-0,解得Epmax=mgh-μmgd. 球受到脚的压力是由于脚发生了形变,要恢复原
(3)物块从A 点下滑到返回到最高点,根据动能 状,从而对球产生压力,故B错误;踩在脚下且静
定理有
止在水平草地上的足球受到重力、支持力及人脚
mg(h-h')-2μmgd=0, 的压力的作用,故可能受到3个力的作用,故D
解得h'=h-2μd. 正确,C错误;故选:D.
答案:(1)2gh (2)mgh-μmgd (3)h-2μd 6.B 对结点O 受力分析,受到三个拉力,如图,根
湖南省普通高中学业水平合格性考试
据共 点 力 平 衡 条 件,有 FA =2mg,FB = 3mg,
仿真模拟卷(四) FC=mg,故FA 最大,故 AO 绳子最先断开,故B
1.C A.研究马能否跨越障碍物时,马的形状和体 正确,ACD错误.故选:B.
积对所研究的问题的影响不能够忽略,此时,马
不能够视为质点,故 A错误;B.计算马跨越障碍
物所用的时间时,马的形状和体积对所研究的问
题的影响不能够忽略,此时,马不能够视为质点,
故B错误;C.选地面为参考系,马术运动员相对
于地面的位置发生了变化,可知马术运动员是运
·55·

7.C 静止站立时既不超重也不失重,故A错误;加 强度强弱,而电场线某点的切线方向,即为电场
速下蹲,加速度向下,处于失重状态,故B错误; 强度的方向,故CD错误;故选:B.
加速上升,加速度向上,处于超重状态,故 C正 13.B 根据电阻定律可以知道,把盐水柱拉长后,
确;离地上升,加速度向下,处于失重状态,故D 盐水柱的电阻变大,根据闭合电路的欧姆定律
错误.故选:C. 可以知道,通过盐水柱的电流减小,故 A错误;
8.B 小石块竖直方向做自由落体运动,则有:h= 由上面A的分析可知电路中的电流减小电源的
1 t2得:t= 2h=1s,故A错误;小石块水平方 内阻不变,所以内电压减小,外电压增大,g 即盐2 g
水柱两端电压增大,故B正确;设盐水柱原来的
向做匀速 直 线 运 动,则 小 石 块 落 地 的 水 平 位 移
横截面积为S,长度为L,盐水柱被水平均匀的
为:x=v0t=10×1m=10m,故B正确,C错误;
拉长到原来的1.2倍后,长度变为L'=1.2L,由
落地竖直分速度大小:vy=gt=10m/s,落地速度
: 2 2 /, 于盐水柱的体积不变所以SL=S'L'
,即S'= 1
大小为 v= v0+vy =10 2ms 故D错误.故 1.2
选:B. S,由电阻定律知R= L L'ρ ,R'=ρ ,可解得S S' R'=
9.B 由GMm=m 2π
2 3
2 r可得:T=2π r ,因为r T GM 1.44R,故C错误;由上面的分析可以知道,盐水
火星探测器在低轨道的半径小,轨道低运行周期 柱被拉长后,电路中的电流减小了,而电阻变为
GMm mv2 GM 原来的1.44倍,根据电功率公式P=I
2R 可知,
较小,故A错误;由 2 = 可得:v= ,r r r 当电流不变时,电功率才是原来的1.44倍,但电
因为低轨道半径小,探测器运行速度较大,故B 流发生了变化,电功率增加的就不是原来的1.
正确;由GMm=mω2r可得:ω= GM,因为低轨 44倍了,故D错误.故选:B.
r2 r3
14.C 充电时电能转化为锂电池的化学能,但不是
道半径小,探测器运行角速度较大,故C错误;由
全部转化,会存在热量散失,故AB错误;汽车处
GMm
2 =ma可得:a=
GM
2 ,因为低轨道半径小,向r r 于加速运动,此时锂电池减少的化学能部分转
心加速度较大,故D错误.故选:B. 化为汽车的动能,部分转化为其他形式的能,故
10.C 书的重力G=mg=10×10N=100N,书升 C正确;汽车处于匀速运动,此时汽车的动能不
高的高度h=4×3m=12m,故小明克服重力的 变,故锂电池减少的化学能全部转化为其它形
功W=mgh=100×12J=1200J,故C正确, 式的能,故D错误;故选:C.
ABD错误.故选:C. 15.D 用静电喷涂油漆属于静电的应用,故 A错
11.A 根据排泥量和排泥管的横截面积可求出排 误;在烟道的中央装有静电除尘器,用静电吸附
泥速度为: 粉尘属于静电的应用,故B错误;在电视机上装
v=1.4m/s=2m/s,根据P=Fv可得:F=P 有一条户外天线属于电磁波的接收,与静电现0.7 v
象无关,故C错误;油罐中的汽油随车的振动摩
=1×10
4kW 6 故 正 确、 错
2m/s =5×10 N. A BCD 擦起电,如果不及时的将这些静电导走,一旦出
误.故选:A. 现放电现象,就会发生爆炸事故,拖地铁链使油
12.B 由图可知,电场线从正电荷出发,终止于负 罐表面与大地相连,使油罐罐体中的电荷不断
电荷,则左侧电荷带正电,右侧电荷带负电,所 地中和,不致造成放电产生火花引起油罐爆炸,
以A错误,B正确;根据电场线的疏密体现电场 这是预防静电的危害,故D正确;故选:D.
·56·

16.B a线圈和b 线圈虽然面积不同,但是放入磁 其它两根细线拉不断,故有:mmaxg=Fmaxcos37°
场中的有效面积相同,由Φ=BS可知,两线圈磁 F联立解得:m = max
cos37°
=100×0.8max kg=
通量相同,故B正确,ACD错误.故选: g 10B.
8kg;
17.A 根据动能定理得qUab+W 其他 =ΔEk,得a、b
(3)当OB 与OA 垂直时,OB 细线的拉力最小,
ΔE -W
两 点 间 的 电 势 差 Uab =
k 其他
q = 如图所示:
8×10-5-2×10-5
-9 V=3.0×10
4V,故选:A.
2×10
18.C 根据电路的串联可知,电流表的示数等于通
过Rx的电流,故 A、B错误;电压表所测电压为
电流表与电阻的电压之总和,即其读数大于Rx 根据几何关系结合平衡条件可得:
的实际电压,故C正确D错误.故选:C. Fmin=mgsin37°=2.4×10×0.6N=14.4N.
19.解析:打点计时器是一种计时仪器,它使用交流 答案:(1)18N (2)8kg (3)14.4N
电源,某同学在做“用打点计时器测速度”的实 23.解析:(1)取水面为参考平面,人的重力势能是:
验时,点迹稀疏的地方表示物体在相同时间内 Ep=mgh=5000J.
运动的距离较大,则纸带运动的速度较大. (2)由动能的公式得:
答案:交流 较大 E =1k 2mv
2 1
0=2×50×5
2J=625J;
20.解析:(1)本实验需要用的是交流电源,而且需 (3)在整个过程中,只有重力做功,机械能守恒,
要用刻度尺测长度,故选刻度尺;
有:
() mgh=
1mv2-1mv2
2 由题意得,从打A 点到打C 点的过程中,重 2 2 0
物的重力势能减少量为ΔE =mgh 代入数据解得:v=15m/s.p 2
答案:刻度尺 mgh 答案:(1)5000J (2)625J (3)15m/s2
21.解析:(1)依 题 意,该 电 阻 的 阻 值 为 R=19× 24.解析:(1)W =Eq=3×6J=18J,电源中共有
100Ω=1900Ω 18J其他形式的能转化为电能;
(2)为了使测量结果比较精确,指针应在中央刻 (2)W'=qU=2.4×6J=14.4J,外电路中有
, 4 14.4J电能转化为其他形式的能;度附近 现测量一个阻值约为2.0×10 Ω的电
, (3)由能量守恒定律可 知:内 电 路 中 有阻 所以应选用的欧姆挡为×1k. 18J-
: 14.4J=3.6J的电能转化为其他形式的能.答案 1900 ×1k
答案:() ()
:() , 、 118J 214.4J
(3)3.6J
22.解析 1 以结点O 为研究对象 受到重力 OB
OA , : 第四部分 练真题 完胜合格考细线的拉力和 细线的拉力 如图所示
2024年湖南省普通高中学业水平合格性考试
1.A 在国际单位制中七个基本单位:长度的单位
m,时间的单位s,质量的单位kg,热力学温度的
单位K,电流的单位A,光强度的单位cd,物质的
根据平衡条件结合图中几何关系可得: 量的单位mol,A正确,BCD错误.故选A.
FOB=mgtan37°=2.4×10×0.75N=18N; 2.C 路程、质量、温度只有大小,没有方向,是标
所以细线BO 上的拉力大小F=FOB=18N; 量;力既有大小又有方向,是矢量.故选C.
(2)若三根细线能承受的最大拉力均为100N, 3.C A.水力发电机利用导线切割磁感线产生电动
根据图中力的大小关系可得,只要OA 不拉断, 势电磁感应原理,将水的机械能变为电能输出,
·57·

故A不符合题意;B.变压器是利用电磁感应的原 13.C 曲线运动的物体,其轨迹夹在速度方向与合
理来改 变 交 流 电 压 的 装 置,故 B不 符 合 题 意; 外力方向之间,且合外力方向指向轨迹凹侧面,
C.电热水器是利用电阻对电流的阻碍产生热效 故c符合题意.故选C.
应,制作的用电设备,设备中没有应用电磁感应 14.B 小球A、B同轴转动,角速度相同,向心加速
原理,故C符合题意;D.电磁炉是利用电磁感应 度大小为a=ω2r,O 点为杆中心,故小球A、B运
原理在金属中产生涡旋电流,涡旋电流产生热效
动半径相等,可得aA=aB.故选B.
应加热食物的,故D不符合题意.故选C. 15.D 三种情况下滑梯下落的高度相同,根据重力
4.D 根据可再生和不可再生能源的区别,可知煤、
做功W =mgh 可知,小明在三个滑梯上下滑的
石油、天然气等化石能源是短时间内不能再次产
过程中,重力做功相等,故D正确,ABC错误.故
生的,是不可再生能源;太阳能、水能、风能等在短
选D.
时间内可以再次产生,是可再生能源.故选D.
16.A A.相距为r时,A、B间的库仑力大小为F=
5.D 两个共点力的合力取值范围是F1+F2≥F≥
|F1-F2|,可知当这两个力的方向相同时,其合
qq
k A B, 加倍时A、B间的库仑力大小为F =
r2 qA 1
力有最 大 值,则 是 F=F1+F2=4N+8N=
2qAqB
12N.故选D. k 2 =2F,故A正确;B.qB减半时A、B间的r
6.B 根据题意,当车加速驶离公交站时,吊环由于 1
具有惯性,将继续保持原来的状态,所以小明将 qA× qB
库仑力大小为 F =k 2 12 2 = F,故 错2 B
观察到吊环向后摆.故选B. r
7.D 由题意可知,沙发受到重力、支持力、推力、摩 误;C.r 加倍时 A、B间的库仑力大小为 F3=
擦力,总共4个力的作用.故选D. qAqk B =1F,( 故C错误
;D.r减半时A、B间的
“ ” 2r
)2 4
8.A AB.7min30s 表示的是全程行驶的总时
间,指的是时间间隔,A正确,B错误;C.“33km” qAq库仑力大小为F B4=k =4F,故D错误.故
1
2
表示的是行驶轨迹长度,即为路程,C错误;D.当 2r
计算火车 通 过 短 桥 的 时 间 时,火 车 长 度 不 能 忽 选A.
略,此种情况下火车不能被视为质点,D错误.故
17.A A.两卫星所受万有引力F =GMm,F =
选A. A r2 BA
9.C 两个小球在竖直方向均做自由落体运动,因 GMm2 ,
为同时从同一高度抛出,则同时从同一高度做自 rB
由落体运动,所以同时落地.故选C. 由于rAFB,故 A正确;B.根据
10.C 小物块做匀速圆周运动,受到的合外力提供 GMm2 =mω
2
ArA,G
Mm
2 =mω
2
r r B
rB,解 得 ωA =
向心力, A B重力和支持力是一对平衡力,则小物块
向心力来源于它受到的静摩擦力.故选C. GM3 ,ω =
GM
B 3 ,由于rA>ωB,故
A B
11.A 静电复印是利用静电将墨吸附在纸张上的,
2π
属于静电 吸 附 在 生 产 技 术 中 应 用,电 视 机、手 B错误;C.根据T= ,结合上述可知ω TA,
机、洗衣机均与此原理无关.故选A.
; Mm v
2 2
故C错误 D.根据G =m A,GMm
v
=m B,
12.B ABC.纸团和纸张的重力相同,纸团的空气 r2 2A rA rB rB
阻力比纸张小,纸团先落地,B正确,AC错误;
解得v GM GMA= ,vB= ,由于rAD.纸团和纸张在真空中均不受空气阻力,两者 rA rB
同时落地,D错误.故选B. vA>vB,故D错误.故选A.
·58·

18.B 由题图可知,乙羊所处的位置等势面最密, 总电阻减小,根据I= ER总
因此乙羊前后足所站位置之间的电势差最大,
则电流增大,那么电流表的读数变大.
并由UAB=φA-φB,可知乙羊前后足所站位置之
答案:(1)5Ω (2)25W (3)1Ω (4)变大
间的电势差大于20V,其它羊前后足所站位置
24.解析:(1)在出手后到进筐过程中,篮球只受重
之间的电势差都小于20V,所以乙羊所处的位
力,机械能守恒.
置触电风险最大.故选B. (2)在出手后到进筐过 程 中,篮 球 克 服 重 力 做
19.解析:电火花计时器和电磁打点计时器都是计
功,动能转化为重力势能,篮球重力势能的增加
时仪器,它们使用的电源都是交流电源;
量ΔEp=mgh.
这两种打点计时器都是每隔0.02s打一次点,
(3)根据机械能守恒定律1mv2=mgh+1mv2,
打点周期相同. 2 0 2
答案:交流 相同 篮球入筐时速度的大小v= v20-2gh.
20.解析:(2)A 球在水平方向,相同时间内水平位移 答案:(1)守恒 (2)mgh (3)v20-2gh
相同,表明平抛运动在水平方向上做匀速直线 2023年湖南省普通高中学业水平合格性考试
运动. 1.C 7:30指时刻,15分钟指时间间隔,A、B错误;
两球在竖直方向的运动相同,表明平抛运动在 由物体看成质点的条件知C正确,D错误.
竖直方向上的运动是自由落体运动. 2.A 手机通信利用了无线电波的特性,A正确.
答案:匀速直线运动 自由落体运动
3.A 由万有引力定律F=GMm2 知当rr A
21.解析:根据闭合电路欧姆定律有U=E-Ir,结
合图乙可知E=b,r=k, FA>FB.A正确.
4.C 由P=Fv知当F 一定时,P 随 的增大而增由图像与U 坐标轴的交点值b 可求出电源的电 v
大,C正确.
动势,由图像斜率的绝对值可求出电源的内阻.
任何物体都有惯性,质量是物体惯性大小的
答案: 5.A 电动势 内阻
唯一量度,与速度大小无关.A正确,B、C错误;
22.解析:(1)由加速度的定义式可知战士加速度的
竖直上抛 运 动 的 物 体,只 受 竖 直 向 下 的 重 力 作
大小为a=Δv=40m/s2Δt 5 =8m
/s2 用,D错误.
(2)由运动学公式v2=2ah可得,战士下降的高 6.B 由自由落体公式v=gt知A错误,B正确;由
2 2
度为h=v =40 m=100m. v
2=2gh和h=1gt2 知C、D错误.
2a 2×8 2
() m F ma 7.C 手机受重力
、支架的支持力和摩擦力共 个
3 由牛顿第二定律 g- 3f=
, 力作用
,C正确.
代入 数 据 可 知 战 士 所 受 阻 力 的 大 小 为 Ff=
120N. 8.B 由平抛运动规律x=v0t知t=
x,当
v v0
增大
0
答案:(1)8m/s2 (2)100m (3)120N
时,t减小,由h=1gt2 知2 h
减小.则物体打在A、
23.解析:(1)根据欧姆定律R=UI=5Ω. B 之间某点,B正确.
(2)电阻R 消耗的功率为P=I2R=25W. 9.A A、B 两点属于同轴转动,ωA=ωB.由a=rω2
(3)根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir 知aA解得r=1Ω. 10.C U-I 图像的斜率表示电阻的大小,则 R1<
(4)若在电阻R 两端并入一个相同的电阻,电路 R2.C正确.
·59·

11.D 甲拉绳的力和绳拉甲的力是一对作用力和 19.解析:交流电的频率为50Hz,纸带上相邻两点
反作用力,总是大小相等、同时产生.A、B错误 之间的时间间隔为0.02s;相邻相等时间间隔内
D正确;甲拉绳的力和力拉绳的力不是一对相互 的位移越来越大,故小车与纸带的左端相连.
作用力.B错误. 答案:0.02 左
12.D 地球同步卫星的周期,角速度与地球自转的 20.解析:使用打点计时器时,应先接通电源,后松
周期、角速度相同.B错误,D正确;地球同步卫
开纸带;由于验证 mgh=1mv2,故不需要测重
星的轨道只能定点赤道上空,且绕行速度小于地 2
球的“第一宇宙速度”.A、C错误. 物质量.
13.B 电场线的疏密表示电场的强弱,E 错误,B正确,沿电场线方向电势逐渐降低, > 21.解析:测电压时,多用电表与小灯泡并联;因欧φA
.C、D错误. 姆表的中值电阻为φ 20Ω.
故测阻值约为2000Ω
B
14.A 在一个小时后时间内,分针每转过的角度为 的电阻,选择开关应旋至×100挡上.
360°,而时针转过的角度为30°,所以分针与时针 答案:并联 ×100
的角速度之比ω1∶ω2=12∶1,即ω1>ω2.C、D 22.解析:(1)由v=at得a=vt.
错误;由v=yω 可 得,线 速 度 之 比v1∶v2=
0+v vt
16.8∶1.即v1>v2.A正确,B错误.
(2)x=vt= 2t=2.
15.D 选项A、B、C穿过闭合线圈中的磁通量发生 (3)由牛顿第二定律F-Ff=ma得F=F
mv
f+
变化,线圈中产生感应电流,选项D穿过闭合线 t
.
圈中的磁通量不发生变化.线圈中不产生感应 答案:(1)v (2)vt (t 2 3
)F +mvf t
电流,D正确.
, /, 23.解析:(1)通 过 电 阻 R1 的 电 流
U
16.B 由x-t图像知 1s末的速度为2msA错 I=R1+R
=
2
误;3s末的运动方向发生改变,B正确;0~3s 1A.
内物体的加速度为0,位移的大小为6m,C、D (2)电阻R2 消耗的功率P=I2R2=4.5W.
错误. (3)由闭合电路欧姆定律得E=U+Ir=6V.
17.C 小 球 A、B受 力 如 图 所 示,由 平 衡 条 件 得 答案:(1)1A (2)4.5W (3)6V
mAgtanα=mBgtanα,故mA=mB.C正确. 24.解析:(1)重力做的功W=mgh=0.1×10×15J
=15J.
(2)由机械能守恒定律12mv
2
0+mgh=
1mv2 得2
v = v20 -2gh= 202-2×10×15m/s=10m/s.
18.D 由表中B =0、B >0、B <0知测量地点位 (3)石块在最高点的机械能E=
1mv2x y z 2 0+mgh=
于北半球,且x 轴正方向指向东方,y 轴正方向 1mv2, =
1×0.1×202J=20J.
指向北方 ABC错误;此处的磁感应强度大小 2 2
:() ()
B= B2+B2+B2=50 T.D . 答案正确 115J 210m
/s (3)20J
x y z μ
·60·