广西壮族自治区南宁市青秀区南宁市新民中学2025-2026学年九年级上学期开学物理试题
1．（2025九上·青秀开学考）在国际单位制中，功率的单位是（ ）
A．牛顿 B．帕斯卡 C．焦耳 D．瓦特
2．（2025九上·青秀开学考）假期同学们去南湖公园游玩。南湖能调节气温主要是因为水具有较大的（ ）
A．热量 B．内能 C．温度 D．比热容
3．（2025九上·青秀开学考）小富在用拖把拖地时发现，用大小相同的力，握在拖把的不同位置拖地效果不同，这说明影响力的作用效果的因素是（ ）
A．力的大小 B．力的方向 C．力的作用点 D．拖地的速度
4．（2025九上·青秀开学考）连通器在日常生活和生产中应用广泛，如图所示事例中不是利用连通器原理工作的是（ ）
A．U形“反水弯”
B．茶壶
C．三峡船闸
D．U形管压强计
5．（2025九上·青秀开学考）杠杆在生产生活中普遍使用，如图所示，下列工具使用过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．食品夹 B．羊角锤
C．筷子 D．天平
6．（2025九上·青秀开学考）如图所示，荷叶上的小水珠接触时，它们会自动粘合成一个大水珠，说明（ ）
A．分子在运动 B．分子间有间隙
C．分子间有斥力 D．分子间有引力
7．（2025九上·青秀开学考）新一代标准动车组“复兴号”，由中国自主研发，是目前世界上运营时速最高的高铁列车。下列相关描述中正确的是（ ）
A．车厢座椅用软质材料包裹，是为了增大压强
B．高铁轨道铺在混凝土轨枕上是为了减小压强
C．高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，是为了使用时减小压强
D．站台处设置安全线，主要是由于高铁运行时高铁周围空气流速大，压强大
8．（2025九上·青秀开学考）如图所示，用200N的水平力F把一个重为25N的物体压在竖直墙壁上，物体静止不动，则物体与墙壁之间的摩擦力的大小是（ ）
A．10N B．25N C．40N D．60N
9．（2025九上·青秀开学考）如图所示，毽子被哪吒竖直踢到最高点后又竖直下落到水平地面上静止。关于该过程，下列说法正确的是（ ）
A．毽子在被踢出后仍能继续向上运动，是因为受到惯性的作用
B．毽子运动到最高点时，受到平衡力的作用
C．毽子到达最高点时所有外力都消失，毽子将保持静止
D．毽子在地面静止时，受到的支持力和重力是一对相互作用力
10．（2025九上·青秀开学考）如图所示，将同一个小球分别放入甲、乙两种不同液体中，静止时小球在甲液体中漂浮、在乙液体中悬浮，此时两液面相平。则下列说法中正确的是（ ）
A．甲液体的密度小于乙液体的密度
B．小球在甲液体中所受浮力小于在乙液体中所受浮力
C．甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强
D．两容器对地面的压强相等
11．（2025九上·青秀开学考）如图，这是小明设计的一款无需电池和燃料的无碳小车。在重物下落驱动无碳小车运动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．顶部的定滑轮可以省力
B．机械效率可达到100%
C．主要是利用重力势能转化为动能
D．给车轮轴承加润滑油可以减小摩擦力
12．（2025九上·青秀开学考）如图所示是水银气压计和自制气压计，下列有关说法中不正确的是（ ）
A．自制气压计瓶内气压大于瓶外大气压
B．把水银气压计从1楼拿到10楼，玻璃管内水银柱会上升
C．自制气压计的玻璃管内水柱高度降低，说明大气压降低了
D．使用水银气压计时，玻璃管稍倾斜，管内外水银面高度差不变
13．（2025九上·青秀开学考）妈妈煮了一锅热腾腾香喷喷的面条。煮面条是用 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变面条的内能；闻到面条香味，这是 现象。
14．（2025九上·青秀开学考）如图所示，运动员射箭时，弦被手拉弯，说明力使物体发生了 ；手拉弯了弦的同时，弦也勒疼了手，说明物体间力的作用是 的
15．（2025九上·青秀开学考）物理与生活密不可分。如图，饮料的吸管一端做成尖形是为了减小受力面积，增大 ，轻松刺破瓶盖；而用吸管吸饮料时，饮料在 的作用下，顺畅地进入了口中。
16．（2025九上·青秀开学考）如图是频闪相机拍摄的某网球比赛时网球离开球拍在空中飞行的情景。该球从位置A到位置的过程中，惯性 ；该球从位置运动到位置的过程中机械能 。（均选填“增大”“减小”或“不变”）
17．（2025九上·青秀开学考）一个重的物体在水平拉力作用下沿水平面匀速前进了，用时。撤去拉力后，物体由于惯性又前进了10m。在整个过程中，拉力做的功是 J，拉力的功率是 。
18．（2025九上·青秀开学考）地质队获得了一段地质样品，由密度相同的A、B柱体组成，经测量B的高10cm，底面积。为分析样品的地质结构，将其置于水平放置的传感器上，沿水平方向切割如图甲，传感器所受压强随切去高度h的变化图像如图乙。则该样品的密度为 ；当该模型切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等时，切去高度为 。
19．（2025九上·青秀开学考）按要求完成下列作图；
（1）木块静止在水面上，请在图甲画出木块受到浮力的示意图（为重心）。
（2）为杠杆的支点，在图乙中处施加水平力使杠杆静止，请在图中画出的力臂。
（3）如图丙所示，用滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法。
20．（2025九上·青秀开学考）科技小组用两个相同的酒精灯分别给水和煤油加热，如图甲所示，以探究水和煤油的吸热能力。
（1）在两烧杯中分别装入初温相同且 相等的煤油和水；
（2）实验中，是通过比较 来间接反映煤油和水吸收的热量（选填“温度计示数”或“加热时间”）；这样的实验方法物理学中称为 （选填“转换法”“等效替代法”或“类比法”）；
（3）科技小组根据实验数据绘制图乙所示图像，发现加热过程中的任意时刻，煤油的温度始终比水高，同一时间，煤油吸收的热量 水吸收的热量（选填“大于”“小于”或“等于”）；
（4）由图象可知，煤油的比热容是 。[已知]
21．（2025九上·青秀开学考）按要求完成下列小题。
（1）如图甲，瓶内装有少量的水，水上方有水蒸气，用打气筒向瓶内打气，当塞跳起时，瓶内出现白雾，这说明气体对外做功时，内能 （选填“增大”或“减小”或“不变”），温度 （选填“升高”或“降低”或“不变”）。
（2）图乙是“探究二力平衡的条件”的实验，通过调整 来改变和的大小；实验中保持和大小相等，用手将小车扭转一个角度，松手后小车将 （选填“转动”或“保持静止”）。
（3）如图丙在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，其中（不考虑空气阻力）。A、C两图所示实验说明动能与物体的 有关，可解释 （选填“超载”或“超速”）带来的安全隐患。
22．（2025九上·青秀开学考）在物理实践活动中，小明探究杠杆的平衡。
实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂
1 1 10 2 5
2 2 10 1 20
3 2 15 3 10
（1）将杠杆在中点处悬挂，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆 （选填“平衡”或“不平衡”），为使杠杆水平平衡，小明应将杠杆的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，这样做的目的是便于直接在杠杆上读出 。
（2）调节杠杆水平平衡后，在杠杆两侧悬挂同种规格的钩码并移动钩码的位置，使杠杆重新水平平衡，测得的实验数据如表，分析数据可得出杠杆的平衡条件是 （用字母表示）。
（3）如图乙所示，小明在杠杆位置挂一个弹簧测力计，在位置挂两个钩码（每个钩码重均为，杠杆每格刻度均匀且杠杆重不计），将弹簧测力计沿方向竖直向下拉，为使杠杆保持水平平衡，弹簧测力计的示数为 N，然后沿方向斜向下拉弹簧测力计，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）实验结束后，小明制作了如图丙所示的杆秤，经测试发现其能测物体的最大质量太小。下列操作可以使该杆秤能测物体的最大质量变大的是（ ）（填选项）。
A．将点向左移
B．将点向左移
C．将、点都向右移动等长距离
23．（2025九上·青秀开学考）小宁“探究影响浮力大小的因素”的实验过程如图甲所示，图中带有盖子的圆筒可以密封，圆筒中可以添加砝码（每个砝码重为1N）。
（1）图中弹簧测力计的示数是 ；
（2）通过比较图和，圆筒浸没在水中受到的浮力为 ；通过比较图和，可知：物体所受浮力的大小与 有关；通过比较图c和d，圆筒所受浮力的大小 （选填“相等”或“不相等”），可知：物体所受浮力的大小与物体 无关；
（3）通过比较图c和e，发现浮力的大小与液体密度有关。小宁受启发利用圆筒自制一个如图乙所示的密度计，实验步骤如下：
①让密度计漂浮在水中，测得此时水面到密度计底部的距离；
②让密度计漂浮在某溶液中，测得此时液面到密度计底部的距离，则此溶液的密度 。（用、和等已知物理量的符号表示）；
③若适当增大圆筒中配重的质量，这支密度计所能测量液体密度的最小值 （选填“减小”、“不变”或“增大”）。
24．（2025九上·青秀开学考）一壶体积为、温度为的水，加热到。已知，，。求：
（1）水的质量；
（2）水吸收的热量；
（3）接着再继续加热，若水又吸收了的热量，水的末温是多少。
25．（2025九上·青秀开学考）用弹簧测力计挂着一个长方体金属块，沿竖直方向缓慢浸入盛有适量水的圆柱形平底薄壁容器中，直至完全浸没（水未溢出），如图甲所示。通过实验得出金属块下表面浸入水中的深度与其排开水的体积的关系，如图乙所示。已知金属块的质量为，容器的底面积为，取。求：
（1）金属块所受的重力；
（2）金属块的下表面浸入水中的深度为时，弹簧测力计的示数；
（3）金属块刚浸没时，金属块底部受到水的压强；
（4）金属块浸没后与金属块浸入之前比较，水对容器底部的压强增加了多少。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】功率的概念
【解析】【解答】在国际单位制中，功率的单位是瓦特，符号是W.
牛顿是力的单位；帕斯卡是压强的单位， 焦耳是功的单位.
故答案为：D
【分析】功率的单位是瓦特，符号是W。
2．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
故选：D。
【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
3．【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】用大小相同的力，握在拖把的不同位置拖地， 拖地效果不同 ，说明力的作用点不同，效果不同，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】力的大小、方向、作用点是力的三要素，均可以使得力的作用效果发生变化。
4．【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用
【解析】【解答】 解：ABC、锅炉水位计、排水管的U形“反水弯”、三峡船闸都是上端开口，下部连通，即都是利用连通器的原理制成的，故ABC不合题意；
D、压强计的U形管一端是密封的，不符合连通器的特点，因此不是连通器，故D符合题意。
故选：D。
【分析】连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
5．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 解：A、根据生活经验可知食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；
B、根据生活经验可知羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B符合题意；
C、根据生活经验可知筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意；
D、根据生活经验可知天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）；
费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）；
等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）。
6．【答案】D
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 解：两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着引力。
故选：D。
【分析】物质由分子构成，分子间存在相互作用力的引力和斥力。
7．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．用软质材料包裹车厢座椅，是通过增大受力面积减小压强，故A错误；
B．在混凝土轨枕上铺设高铁轨道是通过增大受力面积减小压强，故B正确；
C．高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，是通过受力面积增大压强，故C错误；
D．由于高铁运行时高铁周围空气流速大，压强小，小于安全线外的大气压，在大气压作用下，乘客可能会被推向车轨，因此乘客应站在安全线外，故D错误。
故选B。
【分析】AB.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
C.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；
D.根据流体压强和流速的关系判断。
8．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】解：物体静止，受平衡力的作用，竖直方向受到的重力和墙壁对它的摩擦力是一对平衡力，所以物体静止时，摩擦力与重力相等，等于25N，与压力无关，故B正确；
故选：B。
【分析】 二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
9．【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】 解：A．毽子在被踢出后仍能继续向上运动，是因为毽子有惯性，即保持原来运动状态的性质，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”，故A错误；
B．毽子运动到最高点时，只受重力这一个力的作用，受力不平衡，故B错误；
C．毽子到达最高点时，速度为零，若所有外力都消失，毽子的运动状态保持不变，即毽子将保持静止状态，故C正确；
D．在地面静止时，毽子受到的支持力和重力的大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态的性质，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”；
（2）毽子运动到最高点时，只受重力的作用；
（3）毽子到达最高点时，速度为零，若所有外力都消失，运动状态不变将保持静止；
（4）毽子在地面静止时，受到的支持力和重力是一对平衡力。
10．【答案】C
【知识点】压强大小比较；压强的大小及其计算；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．同一小球在甲液体中漂浮，甲液体密度大于小球的密度；在乙液体中悬浮，乙液体密度等于小球的密度，则甲液体的密度大于乙液体的密度，故A错误；
B．小球漂浮或悬浮，受到的浮力都等于小球的重力，小球在甲液体中所受浮力等于在乙液体中所受浮力，故B错误；
C．容器内液体深度相同，甲液体的密度大于乙液体的密度，根据，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，故C正确；
D．容器对地面的压力等于容器重力、小球重力及液体重力之和。两图中容器及小球的重相同，甲液体密度大于乙液体密度，甲液体体积大于乙液体体积，根据，甲液体质量大于乙液体质量，甲液体重力大于乙液体重力。则甲容器对地面的压力大于乙容器对地面的压力，底面积相同，根据，甲容器对地面的压强大于乙容器对地面的压强，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，浮力等于物体的重力，液体密度大于物体密度；物体悬浮时，受到的浮力等于物体的重力，物体密度等于液体密度；当深度相同时，根据p=ρgh，判断液体压强的大小；结合m=ρV，判断容器中液体的质量和重力，根据，判断对桌面的压强大小。
11．【答案】C,D
【知识点】机械能及其转化；增大或减小摩擦的方法；定滑轮及其工作特点；机械效率
【解析】【解答】 解：A、顶部的定滑轮不省力，也不省距离，故A错误；
B、由于摩擦力的存在，机械效率不可达到100%，故B错误；
C、该装置主要是利用重力势能转化为动能，故C正确；
D、给车轮轴承加润滑油可以减小摩擦力，故D正确。
故选：CD。
【分析】 （1）定滑轮不省力，也不省距离，但是可以改变力的方向。
（2）任何机械的效率不可能为100%。
（3）无碳小车的能量由重力势能转化为动能。
（4）给轴承加润滑油可以减小摩擦力。
12．【答案】B,C
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；气压计和抽水机
【解析】【解答】解：A、自制气压计瓶内气压等于瓶外大气压加上吸管内水柱产生的压强，故A正确；
B、大气压随高度的增加而减小，把水银气压计从1楼拿到10楼，由于外界大气压变小，故玻璃管内水银柱会下降，故B错误；
C、自制气压计的玻璃管内水柱高度降低，说明大气压增大了，故C错误；
D、在使用水银气压计时，如果玻璃管倾斜会使水银柱的长度增加，但高度不变，故不影响实验测量结果，故D正确。
故选：BC。
【分析】 （1）玻璃管内水柱高度高于瓶内的水面，这说明瓶内气压大于瓶外大气压。
（2）海拔越高，大气压越小。
（3）外界气压增大，自制气压计的玻璃管内水柱高度降低。
（4）玻璃管粗细、是否倾斜、是否弯曲以及水银槽内水银的多少不会影响大气压的测量值。
13．【答案】热传递；扩散
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 解：煮面条时，面条吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变面条的内能；
闻到面条香味，是面条的香味分子在不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
故答案为：热传递；扩散。
【分析】 （1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
（2）不同物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散。
14．【答案】形变；相互
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）用手拉弓弦时，弦被拉弯，即弓的形状发生改变，说明力使物体发生了形变；
（2）手拉弦时，弦也对手有力的作用，因此人觉得弦勒疼了手，故说明物体间力的作用是相互的。
【分析】（1） 力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
（2）根据力的作用的相互性分析解答。
15．【答案】压强；大气压
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】 解：（1）压力大小和受力面积影响压强大小，饮料的吸管一端做成尖形是为了减小受力面积，来增大压强。
（2）大气压的应用在生活中很常见，在用吸管吸饮料时，由于大气压的作用，饮料才能顺畅地进入口中。
故答案为：压强；大气压。
【分析】 （1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强；在受力面积一定时，增大压力增大压强；
（2）用吸管吸饮料利用的是大气压；大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
16．【答案】不变；减小
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象
【解析】【解答】解：网球从位置A运动到位置B的过程中，质量不变，惯性不变；
网球从位置B运动到位置C的过程中，会不断克服阻力做功，机械能会减小。
故答案为：不变；减小。
【分析】 一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
网球在运动过程中，会不断克服阻力做功，机械能会减小。
17．【答案】200；40
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】解：根据功的公式可知拉力做的功；
拉力的功率等于功除以做功所用的时间，即。
故答案为：200；40。
【分析】 物体在水平拉力作用下沿水平面匀速前进了25m，该过程拉力做功。撤去拉力后，物体因惯性又前进了10m，该过程拉力不做功。在整个过程中，利用W=Fs计算拉力做功，再利用计算拉力做功功率。
18．【答案】2500；16cm
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，A对地面的压强为5000Pa，高度为：30cm-10cm=20cm，根据柱体A对地面的压强可知，
该样品的密度为。
（2）根据题意可知， B的高10cm，底面积
则B的重力；
B直接对地面的压强为：，
又因A单独对地面的压强为5000Pa，
故若想切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等，应切去部分为全部B和部分A，
B对A的力使A对地面的压强的增加量Δp=（7000-5000）Pa，
根据压强公式得A的底面积为：，
当该模型切去部分对地面的压强与剩余部分对地面的压强相等时：
即p1=p总=×7000Pa=3500Pa，
由压强p=ρgh得A剩余部分高度为：
，
故切去的高度为30cm-14cm=16cm。
【分析】（1） 由图乙可知圆柱体总高度为30cm，B高10cm，据此计算A的高度，再根据液体压强公式计算圆柱体A的密度；
（2）由B的高、底面积、密度根据重力公式、密度公式、体积公式求出B的重力；
再根据压强公式求出B直接对地面的压强；
结合图乙知A单独对地面的压强为5000Pa，对比二者大小关系，推理应切去部分包含内容；
由图乙得出B对A的力使A对地面的压强的增加量Δ，进而根据压强公式得A的底面积，
当该模型切去部分对地面的压强与剩余部分对地面的压强相等时即p1=p总，
由压强公式p=ρgh得A剩余部分高度为，最后利用总高度减去剩余部分高度得出应切去的高度。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】浮力及其产生原因；力臂的画法；滑轮组的设计与组装
【解析】解：（1）木块受浮力的方向竖直向上、作用点在木块的重心，从作用点沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F浮，如图所示：
（2） 支点为O，从支点O作力F1的垂线，即为动力臂L1，如图所示：
（3） 从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：
【分析】 （1）先确定木块受浮力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
（2） 支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂。
（3）滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
（1）浮力的方向是竖直向上的，作用点在木块的重心处。从点竖直向上画一条带箭头的线段，用表示浮力，如图所示：
（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离。所以过支点作力作用线的垂线，这条垂线的长度就是力臂，如图所示：
（3）对于由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，最省力的绕绳方法是绳子先系在动滑轮的挂钩上，然后依次绕过定滑轮、动滑轮。这样绕线，承担物重的绳子段数最多，为3段，最省力，如图所示：
20．【答案】（1）质量
（2）加热时间；转换法
（3）等于
（4）2.1×103
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】解：（1）要比较水和煤油的吸热能力，根据控制变量法可知，应在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水；
（2）实验中，是通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收的热量，这样的实验方法物理学中称为转换法；
（3）根据转换法，加热10min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；
由图象知，加热相同时间，煤油升高的温度更高，根据比较吸热能力的第2种方法可知，水的吸热能力强，水的比热容较大；
（4）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象，温度都升高30℃，煤油用时10min，水用时20min，即煤油吸热与水吸热之比1：2
根据比热容公式可知，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，
故煤油的比热容：。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；转换法；（3）等于；2.1×103。
【分析】 （1）（2）（3）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（4）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知升高30℃煤油和水所用的时间，求出煤油吸热与水吸热之比；根据，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，据此求出煤油的比热容。
（1）要比较水和煤油的吸热能力，根据控制变量法可知，应在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水。
（2）[1][2]实验中，煤油和水吸收热量多少，是通过加热时间体现的，这是转换法实验探究方法的应用。
（3）两个相同的酒精灯分别给水和煤油加热，同一时间，酒精灯放出的热量相同，即煤油吸收的热量等于水吸收的热量。
（4）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像可知，温度都升高30℃，煤油用时10min，水用时20min，即煤油吸热与水吸热之比为
根据比热容公式Q=cmΔt可知，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，故煤油的比热容
21．【答案】（1）减小；降低
（2）砝码质量或数量；转动
（3）质量；超载
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；做功改变物体内能；探究二力平衡的条件
【解析】【解答】解：（1）给瓶内打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现白雾，说明水蒸气遇冷液化成了小水滴，这个过程中，气体膨胀对外做功，内能减小，温度降低；
（2）实验过程中，可以通过改变砝码质量或数量改变两个拉力的大小；
相互平衡的两个力作用在同一直线上，保持力F1与F2大小相等，用手将小车扭转一定的角度，松手后，两力不在一直线上，二力不是一对平衡力，所以小车将转动；
（3）在图A、C中，小球的质量不同，m2＞m1，下滑的高度相同，小球下滑到斜面底端时的速度v1=v2，s3＞s1，这说明C中小球对木块所做的功多，C中小球的动能大，说明在速度相同时，质量越大，动能越大，可解释超载带来的安全隐患。
故答案为：（1）减小；降低；（2）砝码质量或数量；转动；（3）质量；超载。【分析】 （1）改变物体内能的两种方法：做功、热传递，物体对外做功时，内能减少，温度降低；
（2）砝码对绳子有竖直向下的力，F1和F2的大小等于两边砝码的重力；
小车转动一定角度后，两个拉力不在同一直线上，二力不平衡，据此可知小车将处于什么状态；
（3）动能大小的影响因素：质量和速度。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
（1）[1][2]当用打气筒向瓶内打气，瓶内气体压强增大，将塞子跳起时，瓶内气体对外做功，内能转化为机械能，所以气体的内能减小。而内能与温度有关，内能减小，温度降低。当温度降低时，瓶内水蒸气遇冷液化成小水滴，从而出现白雾。
（2）[1][2]在“探究二力平衡的条件”的实验中，砝码的重力通过绳子对小车施加拉力，通过调整砝码的数量可以改变拉力F1和F2的大小。 实验中保持F1和F2大小相等，用手将小车扭转一个角度，此时两个力不在同一条直线上，二力不再平衡，松手后小车将转动，直到两个力在同一条直线上。
（3）[1][2]在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，通过观察木块被推动的距离来反映小球动能的大小。 A、C两图中，小球的质量不同（m2>m1），但小球从同一高度由静止滚下，到达水平面时的速度相同。实验中可以看到质量大的小球推动木块移动的距离远，说明质量大的小球动能大。所以A、C两图所示实验说明动能与物体的质量有关。 在实际生活中，“超载”是指汽车的质量过大，根据上述实验结论，质量越大，动能越大，在遇到紧急情况时越不容易刹车，容易带来安全隐患。
22．【答案】（1）平衡；右；力臂大小
（2）F1l1=F2l2
（3）0.75；变大
（4）B
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 解：（1）实验前，把杠杆中心支在支架上，杠杆在图-1所示的位置静止，此时杠杆是平衡状态；为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图-1所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是为了直接从杠杆上读出力臂大小；
（2）由表格中数据，
1N×10cm=2N×5cm=10N cm；
2N×10cm=1N×20cm=20N cm；
2N×15cm=3N×10cm=30N cm；
杠杆平衡满足的条件是：F1l1=F2l2；
（3）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知，2×0.5N×3L=F×4L，
解得：F=0.75N；
当弹簧测力计沿C斜向下拉的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为阻力、阻力臂不变，当拉力由竖直变成倾斜时，拉力F力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
（4）A、将a点向左移，阻力臂增大，动力臂和动力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故A错误；
B、将b点向左移，阻力臂变小，动力不变，动力臂增大，由杠杆平衡条件可知，阻力变大，称量的最大质量变大，量程变大，故B正确；
C、杆秤使用时，有G物Lab=G砣L砣，将a、b点都向右移等长距离，Lab不变，L砣变小，G砣不变，可见G物变小，则所称量物体的质量变小，量程变小，故C错误；
D、换一个质量较小的秤砣，阻力臂不变，动力变小，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故D错误。
故选：B。
故答案为：（1）平衡；右；力臂大小； （2）F1l1=F2l2；（3）0.75；变大；（4）B。
【分析】 （1）杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡；调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡的目的是为了直接从杠杆上读出力臂大小；
（2）杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2；
（3）当拉力由竖直倾斜变成时，会造成力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
（4）由杠杆平衡条件分析各个选项力臂的关系，可以确定量程的变化。
（1）[1]杠杆处于静止时为平衡状态。因此在没有挂钩码时，杠杆在图甲所示位置静止，此时杠杆平衡。
[2][3]杠杆在图甲所示的位置静止时，左端偏低右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向右调节，直至杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读出力臂。
（2）分析实验数据可得1N×10cm=2N×5cm
2N×10cm=1N×20cm
2N×15cm=3N×10cm
因此可得出杠杆平衡的条件为
（3）[1]根据杠杆平衡可知
由图可知，OA=4格，OB=3格，代入得
[2] 在图乙中，保持A点不变，测力计从D位置转动到C位置时，拉力F向左倾斜，此时F的力臂变短，阻力和阻力臂不变。根据杠杆的平衡条件，拉力变大，即弹簧测力计的示数变大。
（4）如图丙所示的杆秤，支点为b，假设动力臂为lab，阻力臂为lbc，不计杠杆自身的重力，根据杠杆的平衡条件知
代入数据为
解得
所以在秤砣和杆秤长短不变时，能使杆秤所测最大质量变大的是将b点向左移，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
23．【答案】（1）1.4
（2）0.6；排开液体的体积；相等；重力
（3）；增大
【知识点】浮力的利用；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】解：（1）图a中弹簧测力计分度值为0.1N，示数为1.4N，即放入一个钩码的圆筒重力为1.4N。
（2）图c中圆筒浸没在水中时，测力计示数为0.8N，圆筒浸没在水中受到的浮力为F浮c=G-F示C=1.4N-0.8N=0.6N；
比较图b和c，只有物体排开液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，则浮力不同，可得结论：物体所受浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
图d中，测力计示数为1.8N，则受到的浮力为F浮d=G+G钩码-F示d=1.4N+1N-1.8N=0.6N，所以图c和d中浮力相同，只有物体的重力不同，说明物体所受浮力的大小与物体重力大小无关；
（3）密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，
由F浮=ρ液gV排可得：ρ水gSh0=ρgSh1，
解得此溶液的密度：；若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大、浮力变大，由F浮=ρ液gV排可知，在V排不变时，液体的密度变大，所以这支密度计所能测量液体密度的最小值增大。
故答案为：（1）1.4；（2）0.6；排开液体的体积；相等；重力；（3）②；③增大。
【分析】 （1）先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数；
（2）利用称重法求出浮力c图圆筒受到的浮力，比较b、c图，利用控制变量法得出结论；利用称重法求出浮力d图圆筒受到的浮力，比较c、d图，利用控制变量法得出结论；
（3）密度计处于漂浮状态，此时不管是在水里还是其它溶液中，所受的浮力都等于密度计的重力；若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大，则浮力变大，根据F浮=ρ液gV排，在V排不变时，液体的密度变大。
（1）图a中弹簧测力计分度值为0.1N，示数为1.4N，即放入一个砝码的圆筒重力为1.4N。
（2）[1]图c中圆筒浸没在水中时，测力计示数为0.8N，根据称重法，圆筒浸没在水中受到的浮力为
[2]比较图b和c，只有物体浸入液体的体积不同，引起测力计示数也不同，则浮力也不同，可得：物体所受浮力的大小与物体浸入液体的体积有关，而物体浸入液体的体积等于物体排开液体的体积，所以物体所受浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
[3][4]图d中，测力计示数为1.8N，则受到的浮力为
所以图c和d中浮力相同，只有物体的重力不同，说明物体所受浮力的大小与物体重力大小无关。
（3）[1]密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，根据，设圆筒的底面积为S，则有
可以求出液体的密度为。
[2] 若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大，则浮力变大，根据，在不变时，液体的密度变大，所以这支密度计所能测量液体密度的最小值增大。
24．【答案】（1）解：2L水的质量为：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg；
（2）解：根据热量公式可知水需要吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（70℃-20℃）=4.2×105J；
（3）解：由Q吸=cmΔt变形可得水升高的温度：，
水的末温t末=t+Δt'=70℃+10℃=80℃。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式
【解析】【分析】 （1）利用m=ρV求水的质量；（2）利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
（3）知道水吸收的热量，再利用Q吸=cmΔt求水升高的温度，知道初温可求末温。
（1）水的质量是
（2）水吸收的热量为
（3）接着再继续加热，若水又吸收了8.4×104J的热量，水的末温为
25．【答案】（1）解：已知金属块的质量为0.4kg，金属块受到的重力为G=mg=0.4kg×10N/kg=4N；
（2）解：由题图乙可知当h=2cm时，金属块排开水的体积V排=20×10-6m3，
此时金属块受到的浮力为F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10-6m3=0.2N，
弹簧测力计的示数为F拉=G-F浮=4N-0.2N=3.8N；
（3）解： 由题图乙可知当h=5cm时，金属块刚好浸没，即金属块的高度为5cm，
此时金属块底部受到水的压强为p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-2m=500Pa；
（4）解：水对容器底部增加的压力等于水对金属块的浮力，
则ΔF=F浮'=ρ水gV排'=1.0×103kg/m3×10N/kg×50×10-6m3=0.5N，
容器的底面积为S=50cm2，水对容器底部增加的压强为。
【知识点】重力及其大小的计算；浮力的利用
【解析】【分析】（1）已知金属块的质量，根据G=mg求出金属块的重力；
（2）由图乙可知，当金属块的下表面浸入水中的深度为2cm时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出金属块受到浮力的大小，从而求出弹簧测力计的示数；
（3）根据p=ρgh求出金属块底部受到的压强；
（4）容器底部压力的增大量等于水对金属块的浮力，利用求出水对容器底部的压强增加量。
（1）设金属块质量为 m = 0.4 kg，则金属块所受重力
（2）当下表面浸入水深度h= 2cm时，由图乙可知排开水体积。则长方体金属块受到的浮力为
弹簧测力计示数
（3）由图乙可知，金属块刚好全部浸没时，其底部浸入水的深度为5cm，水对金属块底部的压强
（4）由于力的作用是相互的，金属块浸没后相比浸入前，容器底部受到的压力增大，数值等于金属块受到的浮力。由图乙可知，完全浸没时，故浮力
则水对底部压强的增加量
1 / 1广西壮族自治区南宁市青秀区南宁市新民中学2025-2026学年九年级上学期开学物理试题
1．（2025九上·青秀开学考）在国际单位制中，功率的单位是（ ）
A．牛顿 B．帕斯卡 C．焦耳 D．瓦特
【答案】D
【知识点】功率的概念
【解析】【解答】在国际单位制中，功率的单位是瓦特，符号是W.
牛顿是力的单位；帕斯卡是压强的单位， 焦耳是功的单位.
故答案为：D
【分析】功率的单位是瓦特，符号是W。
2．（2025九上·青秀开学考）假期同学们去南湖公园游玩。南湖能调节气温主要是因为水具有较大的（ ）
A．热量 B．内能 C．温度 D．比热容
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
故选：D。
【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
3．（2025九上·青秀开学考）小富在用拖把拖地时发现，用大小相同的力，握在拖把的不同位置拖地效果不同，这说明影响力的作用效果的因素是（ ）
A．力的大小 B．力的方向 C．力的作用点 D．拖地的速度
【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】用大小相同的力，握在拖把的不同位置拖地， 拖地效果不同 ，说明力的作用点不同，效果不同，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】力的大小、方向、作用点是力的三要素，均可以使得力的作用效果发生变化。
4．（2025九上·青秀开学考）连通器在日常生活和生产中应用广泛，如图所示事例中不是利用连通器原理工作的是（ ）
A．U形“反水弯”
B．茶壶
C．三峡船闸
D．U形管压强计
【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用
【解析】【解答】 解：ABC、锅炉水位计、排水管的U形“反水弯”、三峡船闸都是上端开口，下部连通，即都是利用连通器的原理制成的，故ABC不合题意；
D、压强计的U形管一端是密封的，不符合连通器的特点，因此不是连通器，故D符合题意。
故选：D。
【分析】连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
5．（2025九上·青秀开学考）杠杆在生产生活中普遍使用，如图所示，下列工具使用过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．食品夹 B．羊角锤
C．筷子 D．天平
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 解：A、根据生活经验可知食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；
B、根据生活经验可知羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B符合题意；
C、根据生活经验可知筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意；
D、根据生活经验可知天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）；
费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）；
等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）。
6．（2025九上·青秀开学考）如图所示，荷叶上的小水珠接触时，它们会自动粘合成一个大水珠，说明（ ）
A．分子在运动 B．分子间有间隙
C．分子间有斥力 D．分子间有引力
【答案】D
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 解：两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着引力。
故选：D。
【分析】物质由分子构成，分子间存在相互作用力的引力和斥力。
7．（2025九上·青秀开学考）新一代标准动车组“复兴号”，由中国自主研发，是目前世界上运营时速最高的高铁列车。下列相关描述中正确的是（ ）
A．车厢座椅用软质材料包裹，是为了增大压强
B．高铁轨道铺在混凝土轨枕上是为了减小压强
C．高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，是为了使用时减小压强
D．站台处设置安全线，主要是由于高铁运行时高铁周围空气流速大，压强大
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．用软质材料包裹车厢座椅，是通过增大受力面积减小压强，故A错误；
B．在混凝土轨枕上铺设高铁轨道是通过增大受力面积减小压强，故B正确；
C．高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，是通过受力面积增大压强，故C错误；
D．由于高铁运行时高铁周围空气流速大，压强小，小于安全线外的大气压，在大气压作用下，乘客可能会被推向车轨，因此乘客应站在安全线外，故D错误。
故选B。
【分析】AB.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
C.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；
D.根据流体压强和流速的关系判断。
8．（2025九上·青秀开学考）如图所示，用200N的水平力F把一个重为25N的物体压在竖直墙壁上，物体静止不动，则物体与墙壁之间的摩擦力的大小是（ ）
A．10N B．25N C．40N D．60N
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】解：物体静止，受平衡力的作用，竖直方向受到的重力和墙壁对它的摩擦力是一对平衡力，所以物体静止时，摩擦力与重力相等，等于25N，与压力无关，故B正确；
故选：B。
【分析】 二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
9．（2025九上·青秀开学考）如图所示，毽子被哪吒竖直踢到最高点后又竖直下落到水平地面上静止。关于该过程，下列说法正确的是（ ）
A．毽子在被踢出后仍能继续向上运动，是因为受到惯性的作用
B．毽子运动到最高点时，受到平衡力的作用
C．毽子到达最高点时所有外力都消失，毽子将保持静止
D．毽子在地面静止时，受到的支持力和重力是一对相互作用力
【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】 解：A．毽子在被踢出后仍能继续向上运动，是因为毽子有惯性，即保持原来运动状态的性质，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”，故A错误；
B．毽子运动到最高点时，只受重力这一个力的作用，受力不平衡，故B错误；
C．毽子到达最高点时，速度为零，若所有外力都消失，毽子的运动状态保持不变，即毽子将保持静止状态，故C正确；
D．在地面静止时，毽子受到的支持力和重力的大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态的性质，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”；
（2）毽子运动到最高点时，只受重力的作用；
（3）毽子到达最高点时，速度为零，若所有外力都消失，运动状态不变将保持静止；
（4）毽子在地面静止时，受到的支持力和重力是一对平衡力。
10．（2025九上·青秀开学考）如图所示，将同一个小球分别放入甲、乙两种不同液体中，静止时小球在甲液体中漂浮、在乙液体中悬浮，此时两液面相平。则下列说法中正确的是（ ）
A．甲液体的密度小于乙液体的密度
B．小球在甲液体中所受浮力小于在乙液体中所受浮力
C．甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强
D．两容器对地面的压强相等
【答案】C
【知识点】压强大小比较；压强的大小及其计算；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．同一小球在甲液体中漂浮，甲液体密度大于小球的密度；在乙液体中悬浮，乙液体密度等于小球的密度，则甲液体的密度大于乙液体的密度，故A错误；
B．小球漂浮或悬浮，受到的浮力都等于小球的重力，小球在甲液体中所受浮力等于在乙液体中所受浮力，故B错误；
C．容器内液体深度相同，甲液体的密度大于乙液体的密度，根据，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，故C正确；
D．容器对地面的压力等于容器重力、小球重力及液体重力之和。两图中容器及小球的重相同，甲液体密度大于乙液体密度，甲液体体积大于乙液体体积，根据，甲液体质量大于乙液体质量，甲液体重力大于乙液体重力。则甲容器对地面的压力大于乙容器对地面的压力，底面积相同，根据，甲容器对地面的压强大于乙容器对地面的压强，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，浮力等于物体的重力，液体密度大于物体密度；物体悬浮时，受到的浮力等于物体的重力，物体密度等于液体密度；当深度相同时，根据p=ρgh，判断液体压强的大小；结合m=ρV，判断容器中液体的质量和重力，根据，判断对桌面的压强大小。
11．（2025九上·青秀开学考）如图，这是小明设计的一款无需电池和燃料的无碳小车。在重物下落驱动无碳小车运动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．顶部的定滑轮可以省力
B．机械效率可达到100%
C．主要是利用重力势能转化为动能
D．给车轮轴承加润滑油可以减小摩擦力
【答案】C,D
【知识点】机械能及其转化；增大或减小摩擦的方法；定滑轮及其工作特点；机械效率
【解析】【解答】 解：A、顶部的定滑轮不省力，也不省距离，故A错误；
B、由于摩擦力的存在，机械效率不可达到100%，故B错误；
C、该装置主要是利用重力势能转化为动能，故C正确；
D、给车轮轴承加润滑油可以减小摩擦力，故D正确。
故选：CD。
【分析】 （1）定滑轮不省力，也不省距离，但是可以改变力的方向。
（2）任何机械的效率不可能为100%。
（3）无碳小车的能量由重力势能转化为动能。
（4）给轴承加润滑油可以减小摩擦力。
12．（2025九上·青秀开学考）如图所示是水银气压计和自制气压计，下列有关说法中不正确的是（ ）
A．自制气压计瓶内气压大于瓶外大气压
B．把水银气压计从1楼拿到10楼，玻璃管内水银柱会上升
C．自制气压计的玻璃管内水柱高度降低，说明大气压降低了
D．使用水银气压计时，玻璃管稍倾斜，管内外水银面高度差不变
【答案】B,C
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；气压计和抽水机
【解析】【解答】解：A、自制气压计瓶内气压等于瓶外大气压加上吸管内水柱产生的压强，故A正确；
B、大气压随高度的增加而减小，把水银气压计从1楼拿到10楼，由于外界大气压变小，故玻璃管内水银柱会下降，故B错误；
C、自制气压计的玻璃管内水柱高度降低，说明大气压增大了，故C错误；
D、在使用水银气压计时，如果玻璃管倾斜会使水银柱的长度增加，但高度不变，故不影响实验测量结果，故D正确。
故选：BC。
【分析】 （1）玻璃管内水柱高度高于瓶内的水面，这说明瓶内气压大于瓶外大气压。
（2）海拔越高，大气压越小。
（3）外界气压增大，自制气压计的玻璃管内水柱高度降低。
（4）玻璃管粗细、是否倾斜、是否弯曲以及水银槽内水银的多少不会影响大气压的测量值。
13．（2025九上·青秀开学考）妈妈煮了一锅热腾腾香喷喷的面条。煮面条是用 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变面条的内能；闻到面条香味，这是 现象。
【答案】热传递；扩散
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 解：煮面条时，面条吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变面条的内能；
闻到面条香味，是面条的香味分子在不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
故答案为：热传递；扩散。
【分析】 （1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
（2）不同物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散。
14．（2025九上·青秀开学考）如图所示，运动员射箭时，弦被手拉弯，说明力使物体发生了 ；手拉弯了弦的同时，弦也勒疼了手，说明物体间力的作用是 的
【答案】形变；相互
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）用手拉弓弦时，弦被拉弯，即弓的形状发生改变，说明力使物体发生了形变；
（2）手拉弦时，弦也对手有力的作用，因此人觉得弦勒疼了手，故说明物体间力的作用是相互的。
【分析】（1） 力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
（2）根据力的作用的相互性分析解答。
15．（2025九上·青秀开学考）物理与生活密不可分。如图，饮料的吸管一端做成尖形是为了减小受力面积，增大 ，轻松刺破瓶盖；而用吸管吸饮料时，饮料在 的作用下，顺畅地进入了口中。
【答案】压强；大气压
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】 解：（1）压力大小和受力面积影响压强大小，饮料的吸管一端做成尖形是为了减小受力面积，来增大压强。
（2）大气压的应用在生活中很常见，在用吸管吸饮料时，由于大气压的作用，饮料才能顺畅地进入口中。
故答案为：压强；大气压。
【分析】 （1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强；在受力面积一定时，增大压力增大压强；
（2）用吸管吸饮料利用的是大气压；大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
16．（2025九上·青秀开学考）如图是频闪相机拍摄的某网球比赛时网球离开球拍在空中飞行的情景。该球从位置A到位置的过程中，惯性 ；该球从位置运动到位置的过程中机械能 。（均选填“增大”“减小”或“不变”）
【答案】不变；减小
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象
【解析】【解答】解：网球从位置A运动到位置B的过程中，质量不变，惯性不变；
网球从位置B运动到位置C的过程中，会不断克服阻力做功，机械能会减小。
故答案为：不变；减小。
【分析】 一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
网球在运动过程中，会不断克服阻力做功，机械能会减小。
17．（2025九上·青秀开学考）一个重的物体在水平拉力作用下沿水平面匀速前进了，用时。撤去拉力后，物体由于惯性又前进了10m。在整个过程中，拉力做的功是 J，拉力的功率是 。
【答案】200；40
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】解：根据功的公式可知拉力做的功；
拉力的功率等于功除以做功所用的时间，即。
故答案为：200；40。
【分析】 物体在水平拉力作用下沿水平面匀速前进了25m，该过程拉力做功。撤去拉力后，物体因惯性又前进了10m，该过程拉力不做功。在整个过程中，利用W=Fs计算拉力做功，再利用计算拉力做功功率。
18．（2025九上·青秀开学考）地质队获得了一段地质样品，由密度相同的A、B柱体组成，经测量B的高10cm，底面积。为分析样品的地质结构，将其置于水平放置的传感器上，沿水平方向切割如图甲，传感器所受压强随切去高度h的变化图像如图乙。则该样品的密度为 ；当该模型切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等时，切去高度为 。
【答案】2500；16cm
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，A对地面的压强为5000Pa，高度为：30cm-10cm=20cm，根据柱体A对地面的压强可知，
该样品的密度为。
（2）根据题意可知， B的高10cm，底面积
则B的重力；
B直接对地面的压强为：，
又因A单独对地面的压强为5000Pa，
故若想切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等，应切去部分为全部B和部分A，
B对A的力使A对地面的压强的增加量Δp=（7000-5000）Pa，
根据压强公式得A的底面积为：，
当该模型切去部分对地面的压强与剩余部分对地面的压强相等时：
即p1=p总=×7000Pa=3500Pa，
由压强p=ρgh得A剩余部分高度为：
，
故切去的高度为30cm-14cm=16cm。
【分析】（1） 由图乙可知圆柱体总高度为30cm，B高10cm，据此计算A的高度，再根据液体压强公式计算圆柱体A的密度；
（2）由B的高、底面积、密度根据重力公式、密度公式、体积公式求出B的重力；
再根据压强公式求出B直接对地面的压强；
结合图乙知A单独对地面的压强为5000Pa，对比二者大小关系，推理应切去部分包含内容；
由图乙得出B对A的力使A对地面的压强的增加量Δ，进而根据压强公式得A的底面积，
当该模型切去部分对地面的压强与剩余部分对地面的压强相等时即p1=p总，
由压强公式p=ρgh得A剩余部分高度为，最后利用总高度减去剩余部分高度得出应切去的高度。
19．（2025九上·青秀开学考）按要求完成下列作图；
（1）木块静止在水面上，请在图甲画出木块受到浮力的示意图（为重心）。
（2）为杠杆的支点，在图乙中处施加水平力使杠杆静止，请在图中画出的力臂。
（3）如图丙所示，用滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】浮力及其产生原因；力臂的画法；滑轮组的设计与组装
【解析】解：（1）木块受浮力的方向竖直向上、作用点在木块的重心，从作用点沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F浮，如图所示：
（2） 支点为O，从支点O作力F1的垂线，即为动力臂L1，如图所示：
（3） 从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：
【分析】 （1）先确定木块受浮力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
（2） 支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂。
（3）滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
（1）浮力的方向是竖直向上的，作用点在木块的重心处。从点竖直向上画一条带箭头的线段，用表示浮力，如图所示：
（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离。所以过支点作力作用线的垂线，这条垂线的长度就是力臂，如图所示：
（3）对于由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，最省力的绕绳方法是绳子先系在动滑轮的挂钩上，然后依次绕过定滑轮、动滑轮。这样绕线，承担物重的绳子段数最多，为3段，最省力，如图所示：
20．（2025九上·青秀开学考）科技小组用两个相同的酒精灯分别给水和煤油加热，如图甲所示，以探究水和煤油的吸热能力。
（1）在两烧杯中分别装入初温相同且 相等的煤油和水；
（2）实验中，是通过比较 来间接反映煤油和水吸收的热量（选填“温度计示数”或“加热时间”）；这样的实验方法物理学中称为 （选填“转换法”“等效替代法”或“类比法”）；
（3）科技小组根据实验数据绘制图乙所示图像，发现加热过程中的任意时刻，煤油的温度始终比水高，同一时间，煤油吸收的热量 水吸收的热量（选填“大于”“小于”或“等于”）；
（4）由图象可知，煤油的比热容是 。[已知]
【答案】（1）质量
（2）加热时间；转换法
（3）等于
（4）2.1×103
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】解：（1）要比较水和煤油的吸热能力，根据控制变量法可知，应在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水；
（2）实验中，是通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收的热量，这样的实验方法物理学中称为转换法；
（3）根据转换法，加热10min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；
由图象知，加热相同时间，煤油升高的温度更高，根据比较吸热能力的第2种方法可知，水的吸热能力强，水的比热容较大；
（4）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象，温度都升高30℃，煤油用时10min，水用时20min，即煤油吸热与水吸热之比1：2
根据比热容公式可知，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，
故煤油的比热容：。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；转换法；（3）等于；2.1×103。
【分析】 （1）（2）（3）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（4）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知升高30℃煤油和水所用的时间，求出煤油吸热与水吸热之比；根据，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，据此求出煤油的比热容。
（1）要比较水和煤油的吸热能力，根据控制变量法可知，应在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水。
（2）[1][2]实验中，煤油和水吸收热量多少，是通过加热时间体现的，这是转换法实验探究方法的应用。
（3）两个相同的酒精灯分别给水和煤油加热，同一时间，酒精灯放出的热量相同，即煤油吸收的热量等于水吸收的热量。
（4）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像可知，温度都升高30℃，煤油用时10min，水用时20min，即煤油吸热与水吸热之比为
根据比热容公式Q=cmΔt可知，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，故煤油的比热容
21．（2025九上·青秀开学考）按要求完成下列小题。
（1）如图甲，瓶内装有少量的水，水上方有水蒸气，用打气筒向瓶内打气，当塞跳起时，瓶内出现白雾，这说明气体对外做功时，内能 （选填“增大”或“减小”或“不变”），温度 （选填“升高”或“降低”或“不变”）。
（2）图乙是“探究二力平衡的条件”的实验，通过调整 来改变和的大小；实验中保持和大小相等，用手将小车扭转一个角度，松手后小车将 （选填“转动”或“保持静止”）。
（3）如图丙在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，其中（不考虑空气阻力）。A、C两图所示实验说明动能与物体的 有关，可解释 （选填“超载”或“超速”）带来的安全隐患。
【答案】（1）减小；降低
（2）砝码质量或数量；转动
（3）质量；超载
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；做功改变物体内能；探究二力平衡的条件
【解析】【解答】解：（1）给瓶内打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现白雾，说明水蒸气遇冷液化成了小水滴，这个过程中，气体膨胀对外做功，内能减小，温度降低；
（2）实验过程中，可以通过改变砝码质量或数量改变两个拉力的大小；
相互平衡的两个力作用在同一直线上，保持力F1与F2大小相等，用手将小车扭转一定的角度，松手后，两力不在一直线上，二力不是一对平衡力，所以小车将转动；
（3）在图A、C中，小球的质量不同，m2＞m1，下滑的高度相同，小球下滑到斜面底端时的速度v1=v2，s3＞s1，这说明C中小球对木块所做的功多，C中小球的动能大，说明在速度相同时，质量越大，动能越大，可解释超载带来的安全隐患。
故答案为：（1）减小；降低；（2）砝码质量或数量；转动；（3）质量；超载。【分析】 （1）改变物体内能的两种方法：做功、热传递，物体对外做功时，内能减少，温度降低；
（2）砝码对绳子有竖直向下的力，F1和F2的大小等于两边砝码的重力；
小车转动一定角度后，两个拉力不在同一直线上，二力不平衡，据此可知小车将处于什么状态；
（3）动能大小的影响因素：质量和速度。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
（1）[1][2]当用打气筒向瓶内打气，瓶内气体压强增大，将塞子跳起时，瓶内气体对外做功，内能转化为机械能，所以气体的内能减小。而内能与温度有关，内能减小，温度降低。当温度降低时，瓶内水蒸气遇冷液化成小水滴，从而出现白雾。
（2）[1][2]在“探究二力平衡的条件”的实验中，砝码的重力通过绳子对小车施加拉力，通过调整砝码的数量可以改变拉力F1和F2的大小。 实验中保持F1和F2大小相等，用手将小车扭转一个角度，此时两个力不在同一条直线上，二力不再平衡，松手后小车将转动，直到两个力在同一条直线上。
（3）[1][2]在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，通过观察木块被推动的距离来反映小球动能的大小。 A、C两图中，小球的质量不同（m2>m1），但小球从同一高度由静止滚下，到达水平面时的速度相同。实验中可以看到质量大的小球推动木块移动的距离远，说明质量大的小球动能大。所以A、C两图所示实验说明动能与物体的质量有关。 在实际生活中，“超载”是指汽车的质量过大，根据上述实验结论，质量越大，动能越大，在遇到紧急情况时越不容易刹车，容易带来安全隐患。
22．（2025九上·青秀开学考）在物理实践活动中，小明探究杠杆的平衡。
实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂
1 1 10 2 5
2 2 10 1 20
3 2 15 3 10
（1）将杠杆在中点处悬挂，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆 （选填“平衡”或“不平衡”），为使杠杆水平平衡，小明应将杠杆的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，这样做的目的是便于直接在杠杆上读出 。
（2）调节杠杆水平平衡后，在杠杆两侧悬挂同种规格的钩码并移动钩码的位置，使杠杆重新水平平衡，测得的实验数据如表，分析数据可得出杠杆的平衡条件是 （用字母表示）。
（3）如图乙所示，小明在杠杆位置挂一个弹簧测力计，在位置挂两个钩码（每个钩码重均为，杠杆每格刻度均匀且杠杆重不计），将弹簧测力计沿方向竖直向下拉，为使杠杆保持水平平衡，弹簧测力计的示数为 N，然后沿方向斜向下拉弹簧测力计，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）实验结束后，小明制作了如图丙所示的杆秤，经测试发现其能测物体的最大质量太小。下列操作可以使该杆秤能测物体的最大质量变大的是（ ）（填选项）。
A．将点向左移
B．将点向左移
C．将、点都向右移动等长距离
【答案】（1）平衡；右；力臂大小
（2）F1l1=F2l2
（3）0.75；变大
（4）B
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 解：（1）实验前，把杠杆中心支在支架上，杠杆在图-1所示的位置静止，此时杠杆是平衡状态；为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图-1所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是为了直接从杠杆上读出力臂大小；
（2）由表格中数据，
1N×10cm=2N×5cm=10N cm；
2N×10cm=1N×20cm=20N cm；
2N×15cm=3N×10cm=30N cm；
杠杆平衡满足的条件是：F1l1=F2l2；
（3）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知，2×0.5N×3L=F×4L，
解得：F=0.75N；
当弹簧测力计沿C斜向下拉的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为阻力、阻力臂不变，当拉力由竖直变成倾斜时，拉力F力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
（4）A、将a点向左移，阻力臂增大，动力臂和动力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故A错误；
B、将b点向左移，阻力臂变小，动力不变，动力臂增大，由杠杆平衡条件可知，阻力变大，称量的最大质量变大，量程变大，故B正确；
C、杆秤使用时，有G物Lab=G砣L砣，将a、b点都向右移等长距离，Lab不变，L砣变小，G砣不变，可见G物变小，则所称量物体的质量变小，量程变小，故C错误；
D、换一个质量较小的秤砣，阻力臂不变，动力变小，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故D错误。
故选：B。
故答案为：（1）平衡；右；力臂大小； （2）F1l1=F2l2；（3）0.75；变大；（4）B。
【分析】 （1）杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡；调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡的目的是为了直接从杠杆上读出力臂大小；
（2）杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2；
（3）当拉力由竖直倾斜变成时，会造成力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
（4）由杠杆平衡条件分析各个选项力臂的关系，可以确定量程的变化。
（1）[1]杠杆处于静止时为平衡状态。因此在没有挂钩码时，杠杆在图甲所示位置静止，此时杠杆平衡。
[2][3]杠杆在图甲所示的位置静止时，左端偏低右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向右调节，直至杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读出力臂。
（2）分析实验数据可得1N×10cm=2N×5cm
2N×10cm=1N×20cm
2N×15cm=3N×10cm
因此可得出杠杆平衡的条件为
（3）[1]根据杠杆平衡可知
由图可知，OA=4格，OB=3格，代入得
[2] 在图乙中，保持A点不变，测力计从D位置转动到C位置时，拉力F向左倾斜，此时F的力臂变短，阻力和阻力臂不变。根据杠杆的平衡条件，拉力变大，即弹簧测力计的示数变大。
（4）如图丙所示的杆秤，支点为b，假设动力臂为lab，阻力臂为lbc，不计杠杆自身的重力，根据杠杆的平衡条件知
代入数据为
解得
所以在秤砣和杆秤长短不变时，能使杆秤所测最大质量变大的是将b点向左移，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
23．（2025九上·青秀开学考）小宁“探究影响浮力大小的因素”的实验过程如图甲所示，图中带有盖子的圆筒可以密封，圆筒中可以添加砝码（每个砝码重为1N）。
（1）图中弹簧测力计的示数是 ；
（2）通过比较图和，圆筒浸没在水中受到的浮力为 ；通过比较图和，可知：物体所受浮力的大小与 有关；通过比较图c和d，圆筒所受浮力的大小 （选填“相等”或“不相等”），可知：物体所受浮力的大小与物体 无关；
（3）通过比较图c和e，发现浮力的大小与液体密度有关。小宁受启发利用圆筒自制一个如图乙所示的密度计，实验步骤如下：
①让密度计漂浮在水中，测得此时水面到密度计底部的距离；
②让密度计漂浮在某溶液中，测得此时液面到密度计底部的距离，则此溶液的密度 。（用、和等已知物理量的符号表示）；
③若适当增大圆筒中配重的质量，这支密度计所能测量液体密度的最小值 （选填“减小”、“不变”或“增大”）。
【答案】（1）1.4
（2）0.6；排开液体的体积；相等；重力
（3）；增大
【知识点】浮力的利用；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】解：（1）图a中弹簧测力计分度值为0.1N，示数为1.4N，即放入一个钩码的圆筒重力为1.4N。
（2）图c中圆筒浸没在水中时，测力计示数为0.8N，圆筒浸没在水中受到的浮力为F浮c=G-F示C=1.4N-0.8N=0.6N；
比较图b和c，只有物体排开液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，则浮力不同，可得结论：物体所受浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
图d中，测力计示数为1.8N，则受到的浮力为F浮d=G+G钩码-F示d=1.4N+1N-1.8N=0.6N，所以图c和d中浮力相同，只有物体的重力不同，说明物体所受浮力的大小与物体重力大小无关；
（3）密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，
由F浮=ρ液gV排可得：ρ水gSh0=ρgSh1，
解得此溶液的密度：；若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大、浮力变大，由F浮=ρ液gV排可知，在V排不变时，液体的密度变大，所以这支密度计所能测量液体密度的最小值增大。
故答案为：（1）1.4；（2）0.6；排开液体的体积；相等；重力；（3）②；③增大。
【分析】 （1）先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数；
（2）利用称重法求出浮力c图圆筒受到的浮力，比较b、c图，利用控制变量法得出结论；利用称重法求出浮力d图圆筒受到的浮力，比较c、d图，利用控制变量法得出结论；
（3）密度计处于漂浮状态，此时不管是在水里还是其它溶液中，所受的浮力都等于密度计的重力；若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大，则浮力变大，根据F浮=ρ液gV排，在V排不变时，液体的密度变大。
（1）图a中弹簧测力计分度值为0.1N，示数为1.4N，即放入一个砝码的圆筒重力为1.4N。
（2）[1]图c中圆筒浸没在水中时，测力计示数为0.8N，根据称重法，圆筒浸没在水中受到的浮力为
[2]比较图b和c，只有物体浸入液体的体积不同，引起测力计示数也不同，则浮力也不同，可得：物体所受浮力的大小与物体浸入液体的体积有关，而物体浸入液体的体积等于物体排开液体的体积，所以物体所受浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
[3][4]图d中，测力计示数为1.8N，则受到的浮力为
所以图c和d中浮力相同，只有物体的重力不同，说明物体所受浮力的大小与物体重力大小无关。
（3）[1]密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，根据，设圆筒的底面积为S，则有
可以求出液体的密度为。
[2] 若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大，则浮力变大，根据，在不变时，液体的密度变大，所以这支密度计所能测量液体密度的最小值增大。
24．（2025九上·青秀开学考）一壶体积为、温度为的水，加热到。已知，，。求：
（1）水的质量；
（2）水吸收的热量；
（3）接着再继续加热，若水又吸收了的热量，水的末温是多少。
【答案】（1）解：2L水的质量为：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg；
（2）解：根据热量公式可知水需要吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（70℃-20℃）=4.2×105J；
（3）解：由Q吸=cmΔt变形可得水升高的温度：，
水的末温t末=t+Δt'=70℃+10℃=80℃。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式
【解析】【分析】 （1）利用m=ρV求水的质量；（2）利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
（3）知道水吸收的热量，再利用Q吸=cmΔt求水升高的温度，知道初温可求末温。
（1）水的质量是
（2）水吸收的热量为
（3）接着再继续加热，若水又吸收了8.4×104J的热量，水的末温为
25．（2025九上·青秀开学考）用弹簧测力计挂着一个长方体金属块，沿竖直方向缓慢浸入盛有适量水的圆柱形平底薄壁容器中，直至完全浸没（水未溢出），如图甲所示。通过实验得出金属块下表面浸入水中的深度与其排开水的体积的关系，如图乙所示。已知金属块的质量为，容器的底面积为，取。求：
（1）金属块所受的重力；
（2）金属块的下表面浸入水中的深度为时，弹簧测力计的示数；
（3）金属块刚浸没时，金属块底部受到水的压强；
（4）金属块浸没后与金属块浸入之前比较，水对容器底部的压强增加了多少。
【答案】（1）解：已知金属块的质量为0.4kg，金属块受到的重力为G=mg=0.4kg×10N/kg=4N；
（2）解：由题图乙可知当h=2cm时，金属块排开水的体积V排=20×10-6m3，
此时金属块受到的浮力为F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10-6m3=0.2N，
弹簧测力计的示数为F拉=G-F浮=4N-0.2N=3.8N；
（3）解： 由题图乙可知当h=5cm时，金属块刚好浸没，即金属块的高度为5cm，
此时金属块底部受到水的压强为p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-2m=500Pa；
（4）解：水对容器底部增加的压力等于水对金属块的浮力，
则ΔF=F浮'=ρ水gV排'=1.0×103kg/m3×10N/kg×50×10-6m3=0.5N，
容器的底面积为S=50cm2，水对容器底部增加的压强为。
【知识点】重力及其大小的计算；浮力的利用
【解析】【分析】（1）已知金属块的质量，根据G=mg求出金属块的重力；
（2）由图乙可知，当金属块的下表面浸入水中的深度为2cm时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出金属块受到浮力的大小，从而求出弹簧测力计的示数；
（3）根据p=ρgh求出金属块底部受到的压强；
（4）容器底部压力的增大量等于水对金属块的浮力，利用求出水对容器底部的压强增加量。
（1）设金属块质量为 m = 0.4 kg，则金属块所受重力
（2）当下表面浸入水深度h= 2cm时，由图乙可知排开水体积。则长方体金属块受到的浮力为
弹簧测力计示数
（3）由图乙可知，金属块刚好全部浸没时，其底部浸入水的深度为5cm，水对金属块底部的压强
（4）由于力的作用是相互的，金属块浸没后相比浸入前，容器底部受到的压力增大，数值等于金属块受到的浮力。由图乙可知，完全浸没时，故浮力
则水对底部压强的增加量
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