广西南宁市第四十七中学2025-2026学年九年级上学期开学考试物理试题
1．（2025九上·南宁开学考）通常情况下，下列物质中属于导体的是（ ）
A．橡胶 B．陶瓷 C．塑料 D．金属
2．（2025九上·南宁开学考）如图所示，用同样大小的力推瓶子的上部更容易推到，说明影响力的作用效果的因素是力的（ ）
A．大小 B．方向 C．作用点 D．大小和方向
3．（2025九上·南宁开学考）中国古代测量长度通常以人的身体为标准，如“舒肘为寻”指的是成年人伸展两臂的长度为“一寻”。你认为“一寻”的长度约是（ ）
A．1.7mm B．1.7cm C．1.7dm D．1.7m
4．（2025九上·南宁开学考）分子在不停地做无规则运动，能体现此规律的现象是（ ）
A．春天柳絮飞舞 B．夏天荷花飘香
C．秋天红叶飘落 D．冬天雪花飞舞
5．（2025九上·南宁开学考）下列实例中属于通过做功的方式改变物体内能的是（ ）
A．热油炸熟油条
B．锯木头锯片发热
C．用暖手宝暖手
D．用水冷却热鸡蛋
6．（2025九上·南宁开学考）下列四个实例中，能够使蒸发减慢的是（ ）
A．给播种后的农田覆盖地膜 B．把湿衣服晾在通风向阳处
C．将湿头发用吹风机吹干 D．把洒在地上的水向四周扫开
7．（2025九上·南宁开学考）如图所示的电路图中，开关闭合后，两个灯泡属于串联的是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2025九上·南宁开学考）如图所示，把两块表面干净的铅压紧，下面吊一个重物时不能把它们分开，该实验说明了（ ）
A．分子间存在引力 B．分子间存在斥力
C．分子间存在间隙 D．分子无规则运动
9．（2025九上·南宁开学考）2025年2月，中国海军远海训练编队进行远海航行，其中055型万吨级驱逐舰的排水量可达12500t，驱逐舰在海上航行过程中。下列说法正确的是（ ）
A．发射导弹后，驱逐舰所受浮力变小
B．发射导弹后，驱逐舰会下沉一些
C．驱逐舰漂浮于海面上时，浮力大于它的总重力
D．排水量可达12500t指的是驱逐舰排开水所受的重力
10．（2025九上·南宁开学考）在如图所示的滚摆实验中，关于滚摆的能量变化情况，下列说法中正确的是（ ）
A．滚摆下降时，动能减小，重力势能增加
B．滚摆运动时，有部分机械能转化为内能
C．滚摆运动至最低点时，动能为零
D．滚摆运动至最高点时，若一切外力消失，滚摆将会继续向上运动
11．（2025九上·南宁开学考）用甲、乙两个完全相同的烧杯分别盛有体积相同的水和盐水（），将一只鸡蛋先后浸入两杯液体中，如图所示，鸡蛋在水中沉底，在盐水中悬浮，下列说法正确的是（ ）
A．鸡蛋排开两种液体的重力相等
B．鸡蛋在两种液体中所受的浮力相等
C．图中甲烧杯比乙烧杯对桌面的压强小
D．图中甲烧杯比乙烧杯底部受到液体的压力小
12．（2025九上·南宁开学考）关于如图所示的各种电现象，下列解释错误的是（ ）
A．图甲：用丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电荷，在这个过程中丝绸得到了电子
B．图乙：验电器A中正电荷通过金属棒流向验电器B，使验电器B中的金属箔带同种正电荷而张开
C．图丙：摩擦后的气球能够吸引细水流，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质
D．图丁：用细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互排斥，则两小球一定带有异种电荷
13．（2025九上·南宁开学考）在电学实验中，电流表应 在被测电路中（选填“串联”或“并联”）防止出现反偏，电流应从电流表的正接线柱流入，如下图所示，电流表的示数为 A。
14．（2025九上·南宁开学考）2024年5月，比亚迪推出的DM-i超级混动技术能够切换电力和汽油，发动机热效率最高可达到40%，成为全球量产车的领先技术，其发动机是汽油发动机，通过汽油燃烧产生高压气体推动活塞做功。如图是汽油机一个冲程示意图，该冲程是 冲程，其能量转化情况与图 （选填“乙”或“丙”）相同。
15．（2025九上·南宁开学考）如图所示，闭合开关S，两个小灯泡都发光，此时的电路叫做 （选填“通路”、“短路”或“断路”）。如果把一根完好导线接在小灯泡L2的两端，L2会 （选填“熄灭”、“变亮”或“变暗”）。
16．（2025九上·南宁开学考）小南用10N的水平力把重6N的木块压在竖直的墙面上，木块恰能匀速下滑。此时木块受到的摩擦力大小是 N；若减小水平压力，木块受到的摩擦力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
17．（2025九上·南宁开学考）小明起床后发现房间的玻璃内侧出现水雾，这是水蒸气通过 （选填“降低温度”或“压缩体积”）的方式液化形成的，阳光出现后水雾消失了，这是因为发生了 （填物态变化名称）。
18．（2025九上·南宁开学考）A、B两个质量均匀的正方体放在水平地面上如图甲所示，B的边长是A的2倍。将A沿竖直方向切去宽为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强pB与L的变化关系如图乙所示。切割后，A剩余部分对地面的压强为pA，则B的重力是 N；当L=2cm时，pA∶pB= 。
19．（2025九上·南宁开学考）（1）如图为体操运动员静止在平衡木上的情景，请画出运动员所受力的示意图；
（2）如图，请根据水中的折射光线大致画出它在空气中的入射光线和反射光线；
（3）请按照电路图把实物图连接起来。（用笔画线代替导线）
20．（2025九上·南宁开学考）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，某实验小组用完全相同的木块A分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
（1）将木块放在水平木板上，弹簧测力计必须沿 方向拉动，使木块做匀速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力 （选填“＞”、“=”或“＜”）弹簧测力计的示数；
（2）甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与 有关；在甲实验中，若拉力增大为2N，此时木块受到的摩擦力 （选填“＞”、“=”或“＜”）2N；
（3）比较乙、丙两图中的测力计示数，可得出结论：在压力大小相等的情况下，接触面越粗糙，摩擦力 。
21．（2025九上·南宁开学考）（1）如下图所示为“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验操作过程，液体压强是通过U形管两侧液面 来表示的，这种物理实验方法叫做 法；通过比较C、D两个步骤可知，液体内部压强与 有关；
（2）为探究不同物质吸热能力，小明用如下图所示两套完全相同的实验装置进行实验探究，实验数据记录如下表。
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度/℃ 30 34 38 42 46
乙的温度/℃ 10 18 26 34 42
①实验前应称取 相同的甲、乙两种液体；
②通过实验，记录的数据如表格所示，当它们吸收相同热量时， （选填“甲”或“乙”）的温度变化更快；从开始加热到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的大小关系为Q甲 Q乙（选填“＞”、“=”或“＜”）。
22．（2025九上·南宁开学考）如图所示，这是某实验小组做“探究并联电路中电流规律”实验的电路图。
（1）连接电路时，开关应 ；
（2）按照图甲所示电路图连好实物后，闭合开关，发现电流表指针位置如图乙所示，原因可能是 ；
（3）纠正错误后，图丙是他们测量电流时连接的实物图，此时电流表测量的是 点电流。若在图丙中把a导线的左端由电流表的“0.6”接线柱改接在“-”接线柱上，此时电流表测量的是 点的电流；（以上两空均选填“A”、“B”或“C”）
（4）小安换用 （选填“相同”或“不同”）规格的灯泡做了三次实验，进行多次实验的目的是 ；
（5）分析表中数据可得出结论： （用表格中字母描述）。
实验次数 A处电流IA/A B处电流IB/A C处电流IC/A
1 0.10 0.12 0.22
2 0.14 0.22 0.36
3 0.10 0.24 0.34
23．（2025九上·南宁开学考）小南在“探究浮力大小的影响因素”的实验时，用到了弹簧测力计、圆柱体G、两个相同的圆柱形容器，一定量的水和盐水，其实验装置和弹簧测力计示数如下图所示。
（1）圆柱体G浸没在水中时所受浮力为 N；
（2）分析比较图A、B、C，说明浮力的大小与 有关，分析比较图A、D、E，说明浮力的大小与 有关；
（3）圆柱体G的体积是 m3；用图示实验数据可以测出盐水的密度 kg/m3（保留一位小数）；
（4）完成上述实验后，小南想利用浮力知识来测量金属块的密度，于是找来了刻度尺、水、水槽、柱形的薄壁玻璃杯等器材，进行如图所示的实验：
①玻璃杯漂浮在盛有水的玻璃水槽中，如图甲所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h1；
②金属块轻轻放入水槽中，如图乙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h2；
③将金属块从水槽中取出平稳放在玻璃杯中，如图丙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h3；
④已知水的密度为ρ水，则小明测出金属块的密度表达式为ρ= ；（用已知的物理量字母表示）
⑤同组的小宁对小南的实验过程提出质疑，认为将金属块从水中取出时会沾水，导致测量的密度会产生误差。小南坚持认为所测出金属块的密度不受影响，请你分析所测出金属块的密度不受影响的原因： 。
24．（2025九上·南宁开学考）小明家用天然气做饭时，将一壶质量为1.5kg的水由20℃烧至100℃时，消耗了天然气0.02m3，已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），天然气的热值为3.6×107J/m3，求：
（1）壶中水吸收的热量；
（2）天然气完全燃烧放出的热量；
（3）用天然气烧水时的效率。
25．（2025九上·南宁开学考）小胜同学发现家中的太阳能热水器可以实现自动供水，为了知道其中的原理，小胜查阅了相关资料并且制作了一个太阳能热水模拟器（如图所示），圆柱形容器的底面积为200，柱体A为重6N、底面积50、高20的圆柱体，且能沿固定杆在竖直方向自由移动，当注水至一定深度时，柱体A开始上浮，直至压力传感器B受到1.5N压力时，进水口自动关闭，注水结束。水的密度为，g取10，不计A与杆的摩擦。求：
（1）柱体A的质量；
（2）柱体A刚要开始上浮时浸入水的深度；
（3）注水结束时，柱体A上升了25，容器底受到的水的压强；
（4）为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，请通过计算判断是水平截取柱体A的一段长度，还是在柱体A上方叠加一个与柱体A同材质等底面的柱体，并求出截断或叠加的长度L。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】解：金属容易导电是导体，陶瓷、橡胶、塑料不容易导电是绝缘体，故D符合题意，ABC不合题意。
故选：D。【分析】（1）容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；
（2）不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等。
2．【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】解：用同样大小的力推瓶子的上部更容易推到，说明影响力的作用效果的因素是力的作用点，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
【分析】力的三要素为力的大小、方向和作用点。
3．【答案】D
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：成年人伸展两臂的长度与身高相近，现代成年人身高一般在1.5米至1.9米之间，结合选项，“一寻”的长度约为 1.7 米符合实际情况。
故选：D。
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
4．【答案】B
【知识点】机械运动；分子热运动
【解析】【解答】解：由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。因此，柳絮飞舞、红叶飘落、雪花飞舞都不是扩散现象，不能说明分子在不停地做无规则运动，荷花飘香是香气分子运动到空气中，属于扩散现象，能说明分子在不停地做无规则运动。
故选：B。
【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。
5．【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．热油炸油条，油和油条温度不同，油条吸收热量，温度升高，内能变大，是热传递增加内能，故A不符合题意；
B．用锯子锯木头，克服摩擦做功，锯条温度升高，内能增加，通过做功的方式增大物体的内能，故B符合题意；
C．暖手宝暖手，手吸收热量，内能增大，温度升高，是热传递增加物体的内能，故C不符合题意；
D．热鸡蛋放入冷水中，鸡蛋放出热量，温度降低，内能变小，是热传递减小物体的内能，故D不符合题意。
故选B。
【分析】物体间温度不同，通过热传递改变内能；物体间相互摩擦，是做功改变内能。
6．【答案】A
【知识点】影响蒸发快慢的因素
【解析】【解答】A．给农田覆盖地膜，减小液体上方的空气流动速度，可蒸发减慢，故A符合题意；
BCD．湿衣服晾在通风向阳处、吹风机吹干湿头发、将积水扫开，加快空气的流动，提高温度，增大液体的表面积，能使蒸发加快，故BCD不符合题意；
故选A。
【分析】提高温度、增大表面积、加快空气流动，蒸发变快。
7．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】解：A、图中开关闭合后两灯泡并列连接，即两个灯泡属于并联，故A错误；
B、图中两开关闭合后L2被短路，只有L1接入电路中，故B错误；
C、图中开关闭合后两灯顺次连接，即两个灯泡属于串联，故C正确；
D、图中开关闭合后两灯泡并列连接，即两个灯泡属于并联，故D错误。
故选：C。
【分析】串联电路是指电路元件逐个顺次首尾连接的电路；并联电路是指将用电器并列连接的电路；因此根据串并联电路的特点对各选项进行逐一分析。
8．【答案】A
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】由题意可知， 把两块表面干净的铅压紧，下面吊一个重物时不能把它们分开 ，如存在相互作用的斥力或存在间隙，则会出现两铅块会分开，故A符合题意，其他选项错误。
故选A。
【分析】本题考查：（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；（2）分子间存在间隙；（3）任何物体内部的分子都在做无规则运动。
9．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：ABC．驱逐舰始终处于漂浮状态条件可知，根据物体的浮沉浮力与其重力相等，发射导弹后，驱逐舰的重力减小，随即浮力变小，由F浮=ρ液gV排可知，驱逐舰排开液体的体积减小，驱逐舰会上浮一些，故A正确，BC错误；
D、排水量指的是驱逐舰满载时排开水的质量，不是重力，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）（2）（3）船漂浮时，浮力与其重力相等，重力减小，浮力减小，由阿基米德原理可知船会上浮一些；
（4）排水量是指舰船满载时排开水的质量。
10．【答案】B
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】 解：A、动能与质量和速度有关，滚摆下降时，质量不变，越滚越快（速度增大），动能增大；重力势能与质量和高度有关，高度减小，重力势能减小，故A错误；
B、滚摆运动时，与空气摩擦，机械能不守恒，有一部分机械能转化为内能，故B正确；
C、滚摆运动至最低点时，其速度最大，重力势能转化为动能，所以动能最大，故C错误；
D、滚摆运动至最高点时，速度为零（瞬间静止），此时若一切外力突然消失，根据牛顿第一定律可知，滚摆会保持静止状态，不可能再继续向上转动，故D错误。
故选：B。
【分析】 动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大、高度越高，重力势能越大；由于空气阻力，滚摆的机械能将逐渐减小，并将机械能转化为内能；
物体不受力时，将会保持静止状态或匀速直线运动状态。
11．【答案】C,D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】 解：AB、鸡蛋在甲中沉底，则鸡蛋受到的浮力小于自身的重力；鸡蛋在乙中恰好悬浮，则鸡蛋受到的浮力等于自身的重力，所以鸡蛋在水中受到的浮力小于它在盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理可知，鸡蛋浸没时排开水的重力小于它浸没时排开盐水的重力，故AB错误；
C．水和盐水体积相同，ρ盐水＞ρ水，根据G=mg=ρVg可知盐水的重力较大，则乙烧杯总重力较大，乙烧杯对桌面的压力较大，烧杯底面积相同，根据，图中甲烧杯比乙烧杯对桌面的压强小，故C正确；
D．根据图中总体积相等，则深度相等，ρ盐水＞ρ水，根据p=ρgh，图中甲烧杯比乙烧杯底部受到液体的压强小，烧杯底面积相同，根据F=pS，甲烧杯比乙烧杯底部受到液体的压力小，故D正确。
故选：CD。
【分析】 （1）根据物体的浮沉条件分析浮力的大小关系；根据阿基米德原理分析排开的水和盐水的重力的大小关系；
（2）根据m=ρV分析水和浓盐水的质量的大小关系，根据G=mg分析水和浓盐水的重力的大小关系，从而判断出甲、乙的总重力的大小关系；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p=判断出甲、乙烧杯对桌面压强的关系；
（3）根据鸡蛋的浮沉条件分析鸡蛋密度与液体密度的大小关系；根据p=ρgh可判断两杯底部所受液体的压强关系，由F=pS判断出甲、乙烧杯底部受到液体压力的关系。
12．【答案】B,D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；验电器的原理及使用
【解析】【解答】解：A．摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移，用丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电荷，则玻璃棒失去电子，所以在这个过程中丝绸得到了电子带负电，故A正确，不符合题意；
B．金属中能发生定向移动的只有电子。将带正电的验电器A与不带电的验电器B连接起来，验电器B失去电子带正电，即电子由B转移到A，故B错误，符合题意；
C．摩擦可以使物体带电，所以摩擦后的气球带了电，而带电体具有吸引轻小物体的性质，所以带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确，不符合题意；
D．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互排斥，则两小球一定带有同种电荷，故D错误，符合题意。
故选：BD。
【分析】 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。
金属中能发生定向移动的只有电子。将带正电的验电器A与不带电的验电器B连接起来，验电器B失去电子带正电，即电子由B转移到A。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体能够吸引轻小物体，据此即可解答。
13．【答案】串联；0.3
【知识点】电流的测量及电流表的使用
【解析】【解答】（1） 在电学实验中， 电流表在与被测用电器串联。
（2）根据图片可知，电流表选用0-0.6A的量程，分度值为0.02A，则示数为0.3A。
【分析】（1）根据电流表的使用方法解答；
（2）根据图片确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。
14．【答案】做功；乙
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】 解：如图，根据气门的关闭情况和活塞的运动情况判断，此时两气门关闭，活塞下行，是做功冲程，在这个冲程中，内能转化为机械能。乙图中，试管内水蒸气对塞子做功，将塞子推出，内能转化为机械能。丙图中，活塞下压，压缩内部空气，对空气做功，机械能转化为内能。所以图中冲程的能量转化情况与图乙相同。
故答案为：做功；乙。【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气冲程，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定哪个冲程，同时还可参考火花塞的状态进行判断；在四冲程内燃机工作过程中有两个冲程存在能量转化：一个是压缩冲程，将机械能转化为内能；另一个是做功冲程，将内能转化为机械能。
15．【答案】通路；熄灭
【知识点】电路的三种状态
【解析】【解答】闭合开关S，两个小灯泡都发光，有电流通过灯泡，此时的电路是通路；
导线和灯泡L2并联，电流会选择走导线，不经过灯泡，灯泡短路，L2熄灭。故第1空填：通路；第2空填：熄灭。
【分析】开关闭合，电流通过用电器，形成闭合回路，是通路；短路是电流经过导线，不经过用电器的现象。
16．【答案】6；变小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）此时的木块受到四个力的作用，其中竖直方向上受到竖直向下的重力和墙壁对它的摩擦力；水平方向上受到小宇对它水平向右的压力和墙壁对它水平向左的压力。由于木块匀速下滑，处于平衡状态，所以竖直方向上受到的重力和墙壁对它的摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡的条件可知，摩擦力的大小等于重力为6N。
（2）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，在粗糙程度不变的情况下，压力减小，摩擦力也随之减小。所以，当水平压力减小时，木块受到的摩擦力也变小。
故答案为：6；变小。
【分析】（1）静止状态或匀速直线运动状态属于平衡状态，处于平衡状态的物体受到平衡力的作用。根据二力平衡的条件，利用木块受到的重力可以求得木块受到的摩擦力。
（2）此时木块受到墙壁的摩擦力是由于水平压力F的作用而产生的，根据影响摩擦力大小的因素可以利用压力的变化来确定木块受到的摩擦力的变化。
17．【答案】降低温度；汽化
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 解：小明起床后发现房间的玻璃内侧出现水雾，这是水蒸气遇到冰冷的玻璃发生液化形成的，物质由气态变成液态，是液化现象，水蒸气通过降低温度的方式液化形成的。
阳光出现后水雾消失了，这是因为液态小水滴吸热变为了气态水蒸气，属于汽化现象。
故答案为：降低温度；汽化。
【分析】液化的方法有：降低温度、压缩体积。
物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化吸热。物质由气态变为液态的现象叫液化，液化放热。
18．【答案】200；
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 解：由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm=0.1m。
正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，当L=0时，B对地面的压强为5×103Pa，
物体对地面的压力等于自身重力，根据压强公式可得，解得GB=200N；当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，根据压强公式可得
即，解得GA=40N；
当L=2cm时，即A被切去了五分之一，A对地面的压强，
B对地面的压强，
所以pA'：pA'=4000Pa：5200Pa=10：13。
故答案为：200；10：13。
【分析】由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm=0.1m，正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，进一步计算B的底面积，当L=0时，B对地面的压强为5000Pa，根据压强公式列方程可得B的重力，当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，算出A受到的重力；再把L=2cm时A被切除了五分之一，利用压强公式计算分析。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用；实物的电路连接
【解析】【解答】解：（1）由题意可知，体操运动员静止在平衡木上，则体操运动员处于平衡状态，受到重力和平衡木对她的支持力作用，这两力是一对平衡力，重心应不在人体上，支持力是垂直于脚掌的地面向上，重心与其在一条直线上，重力竖直向下，支持力竖直向上，由此作出两力的示意图，如下所示：
（2）首先过入射点作出法线，根据光从水斜射入空气中，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线；根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出反射光线，如图：
（3） 由电路图知，两灯泡串联，开关串联在电路中，如图所示：
【分析】 （1）画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
（2）首先过入射点作出法线，根据光从水斜射入空气中，折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，确定入射光线的方向。
根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线。
（3）根据电路图分析电路的连接情况，再连接实物图。
（1）由题意可知，体操运动员静止在平衡木上，则体操运动员处于平衡状态，受到竖直向下的重力和平衡木对她的竖直向上的支持力作用，这两力是一对平衡力，作用点在运动员的重心，如图所示：
（2）首先过入射点作出法线，根据光从水斜射入空气中，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线；根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出反射光线，如图所示：
（3）由电路图可知，电流从电源正极出发，经过开关S，之后分别经过L1、L2回到电源负极，如图所示：
20．【答案】（1）水平；=
（2）压力大小；＜
（3）越大
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】解：（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
（2）甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，测力计示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力有关；在甲实验中，由弹簧测力计的示数可知滑动摩擦力为1.5N，若拉力增大为2N，根据滑动摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关，则木块所受到的摩擦力还是1.5N，小于2N；
（3）乙、丙两图接触面粗糙程度不同，压力相同、弹簧测力计的示数不同，滑动摩擦力大小不相同，可得结论：压力大小相同时，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。
故答案为：（1）水平； =；（2）压力大小；＜；（3）越大。【分析】 （1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟拉力大小无关。
（1）[1][2]实验中要用弹簧测力计拉着木块在水平木板上沿水平方向做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数。
（2）[1]比较甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，测力计示数不同，则木块受到的滑动摩擦力大小不同，说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
[2]在甲实验中，弹簧测力计的示数为1.5N，根据二力平衡，木块受到的滑动摩擦力为1.5N。若拉力增大为2N，压力和接触面粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，仍为1.5N，小于2N。
（3）比较乙、丙两图，压力大小相同，丙中接触面粗糙程度较大，测力计示数较大，可得：在压力大小相等的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大。
21．【答案】（1）高度差；转换；液体深度
（2）质量；乙；＜
【知识点】探究液体压强的特点实验；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 解：（1）实验中液体压强大小是通过U形管两侧液面高度差来反映的，采用到转换法；C、D两个步骤中，液体的密度相同，步骤D中，压强计探头距离水面的深度较深，U形管两侧高度差较大，因此步骤D中探头受到的压强较大，故可知，液体内部压强与液体深度有关；
（2）要探究不同物质吸热能力，采用控制变量法，除了物质种类不同外，其它物理量要控制相同，所以需要称量相同质量的甲、乙两种液体；
由表格数据知，加热相同时间4min，相同的时间表示吸收相同热量时，甲升高了16℃，乙升高了32℃，所以乙升温更快；
由表格数据知，从开始加热至42摄氏度，甲用时3min，乙用时4min，所以甲吸收的热量比乙的少。即Q甲＜Q乙。
故答案为：（1）高度差；转换；液体深度；（2）质量；乙；＜。
【分析】 （1）实验中用U形管中液面的高度差来反映液体压强的大小；这种研究方法叫做转换法；液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；
（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
（1）[1][2]实验中液体压强大小不能直接看出，是通过U形管两侧液面高度差来反映的，采用了转换法。
[3]C、D两个步骤中，液体的密度相同，步骤D中，压强计探头距离水面的深度较深，U形管两侧高度差较大，因此步骤D中探头受到的压强较大，故可知，液体内部压强与液体深度有关。
（2）①[1]要探究不同物质吸热能力，除了物质种类不同外，其它物理量要控制相同，所以需要称量相同质量的甲、乙两种液体。
②[2]由表格数据可知，加热相同时间4min，即吸收相同热量时，甲升高了16摄氏度，乙升高了32摄氏度，所以乙升温更快。
[3]由表格数据可知，从开始加热至42摄氏度，甲用时3min，乙用时4min，所以甲吸收的热量比乙的少，即。
22．【答案】（1）断开
（2）电流表正、负接线柱接反了
（3）C；B
（4）不同；得到普遍规律
（5）
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】 解：（1）在连接电路时，应将开关断开，主要目的是保护电路。
（2）由图乙可知，闭合开关后，电流表发生了反偏，则原因是电流表正、负接线柱接反了。
（3）由图丙可知，电流从电源正极流出，经过开关后，分成两条路径分别经过两灯泡，再汇合后经过电流表，故电流表测量干路电流，即测量C点的电流。
若在图丙中把a导线的左端由电流表的“0.6”接线柱改接在“-”接线柱上，则电流表与灯泡L2串联后再与灯泡L1汇合，故电流表测量通过灯泡L2的电流，即测量B点的电流。
（4）该实验中应换用不同规格的小灯泡进行多次实验，为了避免偶然性，得到普遍规律。
（5）分析表中数据可知，第一次实验中有0.10A+0.12A=0.22A
第二次实验中有0.14A+0.22A=0.36A
第三次实验中有0.10A+0.24A=0.34A
由此可得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。即IC=IA+IB。
故答案为：（1）断开；（2）电流表正、负接线柱接反了；（3）C；B；（4）不同；得到普遍规律；（5）IC=IA+IB。
【分析】 （1）为了防止连接电路时因电流过大而损坏元件，在连接电路时，应将开关断开，从而保护电路；
（2）用电流表测量电流时，电流从电流表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电流表指针反向偏转；
（3）电流表与待测电路串联；
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；为保护电路，连接电路时，开关要断开；
（5）分析表中数据得出结论。
（1）为了防止连接电路时因电流过大而损坏元件，在连接电路时，应将开关断开，从而保护电路。
（2）由图乙可知，闭合开关后，电流表发生了反偏，则原因是电流从负接线柱流入，从正接线柱流出了，即电流表正、负接线柱接反了。
（3）[1]由图丙可知，电流从电源正极流出，经过开关后，分成两条路径分别经过两灯泡，再汇合后经过电流表，故电流表测量干路电流，即测量C点的电流。
[2]若在图丙中把a导线的左端由电流表的“0.6”接线柱改接在“-”接线柱上，则电流表与灯泡L2串联后再与灯泡L1汇合，故电流表测量通过灯泡L2的电流，即测量B点的电流。
（4）[1][2]为了避免偶然性，得到普遍规律，该实验中应换用不同规格的小灯泡进行多次实验。
（5）分析表中数据可知，第一次实验中有
第二次实验中有
第三次实验中有
由此可得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。即
23．【答案】（1）2.8
（2）物体排开液体的体积；液体密度
（3）；
（4）；整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为G0，则测得的浮力会增加G0，则水槽中多增加的排开水的重力为G0，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；探究影响浮力大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）由图A可知，空气中弹簧测力计的示数为圆柱体G重力，即G=4.8N，根据称重法，图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为F浮=G-F示=4.8N-2N=2.8N；
（2）分析比较图A、B、C，液体的种类相同，而物体排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
分析比较图A、D、E，完全浸没，排开液体的体积相同，液体密度不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与液体密度有关。
（3）图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为2.8N，则圆柱体G的体积为；图E中圆柱体G浸没在盐水中时所受浮力为F浮'=G-F示'=4.8N-1.8N=3N；
则盐水的密度；
（4）设玻璃水槽底面积为S，则金属块的体积为V=S（h2-h1）
对比甲、丙，玻璃杯始终漂浮，浮力等于重力，则金属块的重力为G=ΔG=ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gS（h3-h1）；
则金属块的密度 ，由于整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为G0，则测得的浮力会增加G0，则水槽中多增加的排开水的重力为G0，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
故答案为：（1）2.8；（2）物体排开液体的体积；液体密度；（3）2.8×10-4m3；1.1×103；
（4） ；整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为G0，则测得的浮力会增加G0，则水槽中多增加的排开水的重力为G0，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
【分析】 （1）利用称重法计算浮力；
（2）分析比较图A、B、C，液体的密度相同，物体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，结合控制变量法的思想得出实验结论；
（3）根据称重法求出物体在水中和盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体的体积和盐水的密度；
（4）由甲、乙可求物体体积，由甲丙可求物体质量，再由密度公式即可求密度；由于整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为ΔG，则测得的浮力会增为ΔG，则水槽中多增加的排开水的重力为ΔG，刚开始水槽中的水减小了ΔG，故水面的高度不变，根据金属块密度的表达式分析有无影响。
（1）由图A可知，圆柱体G重力为4.8N，根据称重法，图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为
（2）[1]分析比较图A、B、C，只有物体排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
[2]分析比较图A、D、E，只有液体密度不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与液体密度有关。
（3）[1]图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为2.8N，则圆柱体G的体积为
[2]图E中圆柱体G浸没在盐水中时所受浮力为
则盐水的密度
（4）[1]设玻璃水槽底面积为，则金属块的体积为
对比甲、丙，玻璃杯始终漂浮，浮力等于重力，则金属块的重力为
则金属块的密度
[2]由于整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为，则测得的浮力会增加，则水槽中多增加的排开水的重力为，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
24．【答案】（1）解：水吸收的热量：
（2）解：天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=0.02m3×3.6×107J/m3=7.2×105J；
（3）解：用天然气烧水时的效率：。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】 （1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；（2）利用Q放=Vq计算天然气完全燃烧放出的热量；
（3）用天然气烧水时的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出热量的比值。
（1）质量为1.5kg的水由20℃烧至100℃时吸收的热量为
（2）0.02m3的天然气完全燃烧放出的热量为Q放=Vq=0.02m3×3.6×107J/m3=7.2×105J
（3）用天然气烧水时的效率为
25．【答案】（1）解：由得，柱体A的质量。
（2）解：柱体A刚要开始上浮时，受到的浮力等于A的重力，为6N，由得，此时A排开水的体积为；此时A浸入水的深度为。
（3）解：注水结束时，柱体A上升了25，此时A受到的浮力为；由得，此时A排开水的体积为，此时A浸入水的深度为，水的深度为，容器底受到的水的压强
。
（4）解：为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，此时A受到的浮力变小，由得，此时A排开水的体积变小，则应水平截取柱体A的一段长度，A排开水的体积减小
；A截取的长度为。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1） 柱体A为重6N ，根据重力公式得，柱体A的质量；
（2）柱体A刚要开始上浮时，浮力等于A的重力，根据浮力公式得，此时A排开水的体积为，据此计算此时A浸入水的深度为；
（3）注水结束时，柱体A上升了25，此时A受到的浮力为；根据浮力公式计算得，此时A排开水的体积，进而计算此时A浸入水的深度为，水的深度为
，根据压强公式P=ρgh计算容器底受到的水的压强；
（4）为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，此时A受到的浮力变小，由分析可知此时A排开水的体积变小，A排开水的体积减小，即，进而计算A截取的长度为。
（1）由得，柱体A的质量
（2）柱体A刚要开始上浮时，受到的浮力等于A的重力，为6N，由得，此时A排开水的体积为
此时A浸入水的深度为
（3）注水结束时，柱体A上升了25，此时A受到的浮力为
由得，此时A排开水的体积为
此时A浸入水的深度为
水的深度为
容器底受到的水的压强
（4）为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，此时A受到的浮力变小，由得，此时A排开水的体积变小，则应水平截取柱体A的一段长度，A排开水的体积减小
A截取的长度为
1 / 1广西南宁市第四十七中学2025-2026学年九年级上学期开学考试物理试题
1．（2025九上·南宁开学考）通常情况下，下列物质中属于导体的是（ ）
A．橡胶 B．陶瓷 C．塑料 D．金属
【答案】D
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】解：金属容易导电是导体，陶瓷、橡胶、塑料不容易导电是绝缘体，故D符合题意，ABC不合题意。
故选：D。【分析】（1）容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；
（2）不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等。
2．（2025九上·南宁开学考）如图所示，用同样大小的力推瓶子的上部更容易推到，说明影响力的作用效果的因素是力的（ ）
A．大小 B．方向 C．作用点 D．大小和方向
【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】解：用同样大小的力推瓶子的上部更容易推到，说明影响力的作用效果的因素是力的作用点，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
【分析】力的三要素为力的大小、方向和作用点。
3．（2025九上·南宁开学考）中国古代测量长度通常以人的身体为标准，如“舒肘为寻”指的是成年人伸展两臂的长度为“一寻”。你认为“一寻”的长度约是（ ）
A．1.7mm B．1.7cm C．1.7dm D．1.7m
【答案】D
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：成年人伸展两臂的长度与身高相近，现代成年人身高一般在1.5米至1.9米之间，结合选项，“一寻”的长度约为 1.7 米符合实际情况。
故选：D。
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
4．（2025九上·南宁开学考）分子在不停地做无规则运动，能体现此规律的现象是（ ）
A．春天柳絮飞舞 B．夏天荷花飘香
C．秋天红叶飘落 D．冬天雪花飞舞
【答案】B
【知识点】机械运动；分子热运动
【解析】【解答】解：由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。因此，柳絮飞舞、红叶飘落、雪花飞舞都不是扩散现象，不能说明分子在不停地做无规则运动，荷花飘香是香气分子运动到空气中，属于扩散现象，能说明分子在不停地做无规则运动。
故选：B。
【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。
5．（2025九上·南宁开学考）下列实例中属于通过做功的方式改变物体内能的是（ ）
A．热油炸熟油条
B．锯木头锯片发热
C．用暖手宝暖手
D．用水冷却热鸡蛋
【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．热油炸油条，油和油条温度不同，油条吸收热量，温度升高，内能变大，是热传递增加内能，故A不符合题意；
B．用锯子锯木头，克服摩擦做功，锯条温度升高，内能增加，通过做功的方式增大物体的内能，故B符合题意；
C．暖手宝暖手，手吸收热量，内能增大，温度升高，是热传递增加物体的内能，故C不符合题意；
D．热鸡蛋放入冷水中，鸡蛋放出热量，温度降低，内能变小，是热传递减小物体的内能，故D不符合题意。
故选B。
【分析】物体间温度不同，通过热传递改变内能；物体间相互摩擦，是做功改变内能。
6．（2025九上·南宁开学考）下列四个实例中，能够使蒸发减慢的是（ ）
A．给播种后的农田覆盖地膜 B．把湿衣服晾在通风向阳处
C．将湿头发用吹风机吹干 D．把洒在地上的水向四周扫开
【答案】A
【知识点】影响蒸发快慢的因素
【解析】【解答】A．给农田覆盖地膜，减小液体上方的空气流动速度，可蒸发减慢，故A符合题意；
BCD．湿衣服晾在通风向阳处、吹风机吹干湿头发、将积水扫开，加快空气的流动，提高温度，增大液体的表面积，能使蒸发加快，故BCD不符合题意；
故选A。
【分析】提高温度、增大表面积、加快空气流动，蒸发变快。
7．（2025九上·南宁开学考）如图所示的电路图中，开关闭合后，两个灯泡属于串联的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】解：A、图中开关闭合后两灯泡并列连接，即两个灯泡属于并联，故A错误；
B、图中两开关闭合后L2被短路，只有L1接入电路中，故B错误；
C、图中开关闭合后两灯顺次连接，即两个灯泡属于串联，故C正确；
D、图中开关闭合后两灯泡并列连接，即两个灯泡属于并联，故D错误。
故选：C。
【分析】串联电路是指电路元件逐个顺次首尾连接的电路；并联电路是指将用电器并列连接的电路；因此根据串并联电路的特点对各选项进行逐一分析。
8．（2025九上·南宁开学考）如图所示，把两块表面干净的铅压紧，下面吊一个重物时不能把它们分开，该实验说明了（ ）
A．分子间存在引力 B．分子间存在斥力
C．分子间存在间隙 D．分子无规则运动
【答案】A
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】由题意可知， 把两块表面干净的铅压紧，下面吊一个重物时不能把它们分开 ，如存在相互作用的斥力或存在间隙，则会出现两铅块会分开，故A符合题意，其他选项错误。
故选A。
【分析】本题考查：（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；（2）分子间存在间隙；（3）任何物体内部的分子都在做无规则运动。
9．（2025九上·南宁开学考）2025年2月，中国海军远海训练编队进行远海航行，其中055型万吨级驱逐舰的排水量可达12500t，驱逐舰在海上航行过程中。下列说法正确的是（ ）
A．发射导弹后，驱逐舰所受浮力变小
B．发射导弹后，驱逐舰会下沉一些
C．驱逐舰漂浮于海面上时，浮力大于它的总重力
D．排水量可达12500t指的是驱逐舰排开水所受的重力
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：ABC．驱逐舰始终处于漂浮状态条件可知，根据物体的浮沉浮力与其重力相等，发射导弹后，驱逐舰的重力减小，随即浮力变小，由F浮=ρ液gV排可知，驱逐舰排开液体的体积减小，驱逐舰会上浮一些，故A正确，BC错误；
D、排水量指的是驱逐舰满载时排开水的质量，不是重力，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）（2）（3）船漂浮时，浮力与其重力相等，重力减小，浮力减小，由阿基米德原理可知船会上浮一些；
（4）排水量是指舰船满载时排开水的质量。
10．（2025九上·南宁开学考）在如图所示的滚摆实验中，关于滚摆的能量变化情况，下列说法中正确的是（ ）
A．滚摆下降时，动能减小，重力势能增加
B．滚摆运动时，有部分机械能转化为内能
C．滚摆运动至最低点时，动能为零
D．滚摆运动至最高点时，若一切外力消失，滚摆将会继续向上运动
【答案】B
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】 解：A、动能与质量和速度有关，滚摆下降时，质量不变，越滚越快（速度增大），动能增大；重力势能与质量和高度有关，高度减小，重力势能减小，故A错误；
B、滚摆运动时，与空气摩擦，机械能不守恒，有一部分机械能转化为内能，故B正确；
C、滚摆运动至最低点时，其速度最大，重力势能转化为动能，所以动能最大，故C错误；
D、滚摆运动至最高点时，速度为零（瞬间静止），此时若一切外力突然消失，根据牛顿第一定律可知，滚摆会保持静止状态，不可能再继续向上转动，故D错误。
故选：B。
【分析】 动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大、高度越高，重力势能越大；由于空气阻力，滚摆的机械能将逐渐减小，并将机械能转化为内能；
物体不受力时，将会保持静止状态或匀速直线运动状态。
11．（2025九上·南宁开学考）用甲、乙两个完全相同的烧杯分别盛有体积相同的水和盐水（），将一只鸡蛋先后浸入两杯液体中，如图所示，鸡蛋在水中沉底，在盐水中悬浮，下列说法正确的是（ ）
A．鸡蛋排开两种液体的重力相等
B．鸡蛋在两种液体中所受的浮力相等
C．图中甲烧杯比乙烧杯对桌面的压强小
D．图中甲烧杯比乙烧杯底部受到液体的压力小
【答案】C,D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】 解：AB、鸡蛋在甲中沉底，则鸡蛋受到的浮力小于自身的重力；鸡蛋在乙中恰好悬浮，则鸡蛋受到的浮力等于自身的重力，所以鸡蛋在水中受到的浮力小于它在盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理可知，鸡蛋浸没时排开水的重力小于它浸没时排开盐水的重力，故AB错误；
C．水和盐水体积相同，ρ盐水＞ρ水，根据G=mg=ρVg可知盐水的重力较大，则乙烧杯总重力较大，乙烧杯对桌面的压力较大，烧杯底面积相同，根据，图中甲烧杯比乙烧杯对桌面的压强小，故C正确；
D．根据图中总体积相等，则深度相等，ρ盐水＞ρ水，根据p=ρgh，图中甲烧杯比乙烧杯底部受到液体的压强小，烧杯底面积相同，根据F=pS，甲烧杯比乙烧杯底部受到液体的压力小，故D正确。
故选：CD。
【分析】 （1）根据物体的浮沉条件分析浮力的大小关系；根据阿基米德原理分析排开的水和盐水的重力的大小关系；
（2）根据m=ρV分析水和浓盐水的质量的大小关系，根据G=mg分析水和浓盐水的重力的大小关系，从而判断出甲、乙的总重力的大小关系；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p=判断出甲、乙烧杯对桌面压强的关系；
（3）根据鸡蛋的浮沉条件分析鸡蛋密度与液体密度的大小关系；根据p=ρgh可判断两杯底部所受液体的压强关系，由F=pS判断出甲、乙烧杯底部受到液体压力的关系。
12．（2025九上·南宁开学考）关于如图所示的各种电现象，下列解释错误的是（ ）
A．图甲：用丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电荷，在这个过程中丝绸得到了电子
B．图乙：验电器A中正电荷通过金属棒流向验电器B，使验电器B中的金属箔带同种正电荷而张开
C．图丙：摩擦后的气球能够吸引细水流，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质
D．图丁：用细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互排斥，则两小球一定带有异种电荷
【答案】B,D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；验电器的原理及使用
【解析】【解答】解：A．摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移，用丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电荷，则玻璃棒失去电子，所以在这个过程中丝绸得到了电子带负电，故A正确，不符合题意；
B．金属中能发生定向移动的只有电子。将带正电的验电器A与不带电的验电器B连接起来，验电器B失去电子带正电，即电子由B转移到A，故B错误，符合题意；
C．摩擦可以使物体带电，所以摩擦后的气球带了电，而带电体具有吸引轻小物体的性质，所以带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确，不符合题意；
D．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互排斥，则两小球一定带有同种电荷，故D错误，符合题意。
故选：BD。
【分析】 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。
金属中能发生定向移动的只有电子。将带正电的验电器A与不带电的验电器B连接起来，验电器B失去电子带正电，即电子由B转移到A。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体能够吸引轻小物体，据此即可解答。
13．（2025九上·南宁开学考）在电学实验中，电流表应 在被测电路中（选填“串联”或“并联”）防止出现反偏，电流应从电流表的正接线柱流入，如下图所示，电流表的示数为 A。
【答案】串联；0.3
【知识点】电流的测量及电流表的使用
【解析】【解答】（1） 在电学实验中， 电流表在与被测用电器串联。
（2）根据图片可知，电流表选用0-0.6A的量程，分度值为0.02A，则示数为0.3A。
【分析】（1）根据电流表的使用方法解答；
（2）根据图片确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。
14．（2025九上·南宁开学考）2024年5月，比亚迪推出的DM-i超级混动技术能够切换电力和汽油，发动机热效率最高可达到40%，成为全球量产车的领先技术，其发动机是汽油发动机，通过汽油燃烧产生高压气体推动活塞做功。如图是汽油机一个冲程示意图，该冲程是 冲程，其能量转化情况与图 （选填“乙”或“丙”）相同。
【答案】做功；乙
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】 解：如图，根据气门的关闭情况和活塞的运动情况判断，此时两气门关闭，活塞下行，是做功冲程，在这个冲程中，内能转化为机械能。乙图中，试管内水蒸气对塞子做功，将塞子推出，内能转化为机械能。丙图中，活塞下压，压缩内部空气，对空气做功，机械能转化为内能。所以图中冲程的能量转化情况与图乙相同。
故答案为：做功；乙。【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气冲程，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定哪个冲程，同时还可参考火花塞的状态进行判断；在四冲程内燃机工作过程中有两个冲程存在能量转化：一个是压缩冲程，将机械能转化为内能；另一个是做功冲程，将内能转化为机械能。
15．（2025九上·南宁开学考）如图所示，闭合开关S，两个小灯泡都发光，此时的电路叫做 （选填“通路”、“短路”或“断路”）。如果把一根完好导线接在小灯泡L2的两端，L2会 （选填“熄灭”、“变亮”或“变暗”）。
【答案】通路；熄灭
【知识点】电路的三种状态
【解析】【解答】闭合开关S，两个小灯泡都发光，有电流通过灯泡，此时的电路是通路；
导线和灯泡L2并联，电流会选择走导线，不经过灯泡，灯泡短路，L2熄灭。故第1空填：通路；第2空填：熄灭。
【分析】开关闭合，电流通过用电器，形成闭合回路，是通路；短路是电流经过导线，不经过用电器的现象。
16．（2025九上·南宁开学考）小南用10N的水平力把重6N的木块压在竖直的墙面上，木块恰能匀速下滑。此时木块受到的摩擦力大小是 N；若减小水平压力，木块受到的摩擦力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】6；变小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）此时的木块受到四个力的作用，其中竖直方向上受到竖直向下的重力和墙壁对它的摩擦力；水平方向上受到小宇对它水平向右的压力和墙壁对它水平向左的压力。由于木块匀速下滑，处于平衡状态，所以竖直方向上受到的重力和墙壁对它的摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡的条件可知，摩擦力的大小等于重力为6N。
（2）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，在粗糙程度不变的情况下，压力减小，摩擦力也随之减小。所以，当水平压力减小时，木块受到的摩擦力也变小。
故答案为：6；变小。
【分析】（1）静止状态或匀速直线运动状态属于平衡状态，处于平衡状态的物体受到平衡力的作用。根据二力平衡的条件，利用木块受到的重力可以求得木块受到的摩擦力。
（2）此时木块受到墙壁的摩擦力是由于水平压力F的作用而产生的，根据影响摩擦力大小的因素可以利用压力的变化来确定木块受到的摩擦力的变化。
17．（2025九上·南宁开学考）小明起床后发现房间的玻璃内侧出现水雾，这是水蒸气通过 （选填“降低温度”或“压缩体积”）的方式液化形成的，阳光出现后水雾消失了，这是因为发生了 （填物态变化名称）。
【答案】降低温度；汽化
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 解：小明起床后发现房间的玻璃内侧出现水雾，这是水蒸气遇到冰冷的玻璃发生液化形成的，物质由气态变成液态，是液化现象，水蒸气通过降低温度的方式液化形成的。
阳光出现后水雾消失了，这是因为液态小水滴吸热变为了气态水蒸气，属于汽化现象。
故答案为：降低温度；汽化。
【分析】液化的方法有：降低温度、压缩体积。
物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化吸热。物质由气态变为液态的现象叫液化，液化放热。
18．（2025九上·南宁开学考）A、B两个质量均匀的正方体放在水平地面上如图甲所示，B的边长是A的2倍。将A沿竖直方向切去宽为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强pB与L的变化关系如图乙所示。切割后，A剩余部分对地面的压强为pA，则B的重力是 N；当L=2cm时，pA∶pB= 。
【答案】200；
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 解：由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm=0.1m。
正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，当L=0时，B对地面的压强为5×103Pa，
物体对地面的压力等于自身重力，根据压强公式可得，解得GB=200N；当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，根据压强公式可得
即，解得GA=40N；
当L=2cm时，即A被切去了五分之一，A对地面的压强，
B对地面的压强，
所以pA'：pA'=4000Pa：5200Pa=10：13。
故答案为：200；10：13。
【分析】由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm=0.1m，正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，进一步计算B的底面积，当L=0时，B对地面的压强为5000Pa，根据压强公式列方程可得B的重力，当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，算出A受到的重力；再把L=2cm时A被切除了五分之一，利用压强公式计算分析。
19．（2025九上·南宁开学考）（1）如图为体操运动员静止在平衡木上的情景，请画出运动员所受力的示意图；
（2）如图，请根据水中的折射光线大致画出它在空气中的入射光线和反射光线；
（3）请按照电路图把实物图连接起来。（用笔画线代替导线）
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用；实物的电路连接
【解析】【解答】解：（1）由题意可知，体操运动员静止在平衡木上，则体操运动员处于平衡状态，受到重力和平衡木对她的支持力作用，这两力是一对平衡力，重心应不在人体上，支持力是垂直于脚掌的地面向上，重心与其在一条直线上，重力竖直向下，支持力竖直向上，由此作出两力的示意图，如下所示：
（2）首先过入射点作出法线，根据光从水斜射入空气中，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线；根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出反射光线，如图：
（3） 由电路图知，两灯泡串联，开关串联在电路中，如图所示：
【分析】 （1）画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
（2）首先过入射点作出法线，根据光从水斜射入空气中，折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，确定入射光线的方向。
根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线。
（3）根据电路图分析电路的连接情况，再连接实物图。
（1）由题意可知，体操运动员静止在平衡木上，则体操运动员处于平衡状态，受到竖直向下的重力和平衡木对她的竖直向上的支持力作用，这两力是一对平衡力，作用点在运动员的重心，如图所示：
（2）首先过入射点作出法线，根据光从水斜射入空气中，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线；根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出反射光线，如图所示：
（3）由电路图可知，电流从电源正极出发，经过开关S，之后分别经过L1、L2回到电源负极，如图所示：
20．（2025九上·南宁开学考）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，某实验小组用完全相同的木块A分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
（1）将木块放在水平木板上，弹簧测力计必须沿 方向拉动，使木块做匀速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力 （选填“＞”、“=”或“＜”）弹簧测力计的示数；
（2）甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与 有关；在甲实验中，若拉力增大为2N，此时木块受到的摩擦力 （选填“＞”、“=”或“＜”）2N；
（3）比较乙、丙两图中的测力计示数，可得出结论：在压力大小相等的情况下，接触面越粗糙，摩擦力 。
【答案】（1）水平；=
（2）压力大小；＜
（3）越大
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】解：（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
（2）甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，测力计示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力有关；在甲实验中，由弹簧测力计的示数可知滑动摩擦力为1.5N，若拉力增大为2N，根据滑动摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关，则木块所受到的摩擦力还是1.5N，小于2N；
（3）乙、丙两图接触面粗糙程度不同，压力相同、弹簧测力计的示数不同，滑动摩擦力大小不相同，可得结论：压力大小相同时，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。
故答案为：（1）水平； =；（2）压力大小；＜；（3）越大。【分析】 （1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟拉力大小无关。
（1）[1][2]实验中要用弹簧测力计拉着木块在水平木板上沿水平方向做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数。
（2）[1]比较甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，测力计示数不同，则木块受到的滑动摩擦力大小不同，说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
[2]在甲实验中，弹簧测力计的示数为1.5N，根据二力平衡，木块受到的滑动摩擦力为1.5N。若拉力增大为2N，压力和接触面粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，仍为1.5N，小于2N。
（3）比较乙、丙两图，压力大小相同，丙中接触面粗糙程度较大，测力计示数较大，可得：在压力大小相等的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大。
21．（2025九上·南宁开学考）（1）如下图所示为“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验操作过程，液体压强是通过U形管两侧液面 来表示的，这种物理实验方法叫做 法；通过比较C、D两个步骤可知，液体内部压强与 有关；
（2）为探究不同物质吸热能力，小明用如下图所示两套完全相同的实验装置进行实验探究，实验数据记录如下表。
加热时间/min 0 1 2 3 4
甲的温度/℃ 30 34 38 42 46
乙的温度/℃ 10 18 26 34 42
①实验前应称取 相同的甲、乙两种液体；
②通过实验，记录的数据如表格所示，当它们吸收相同热量时， （选填“甲”或“乙”）的温度变化更快；从开始加热到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的大小关系为Q甲 Q乙（选填“＞”、“=”或“＜”）。
【答案】（1）高度差；转换；液体深度
（2）质量；乙；＜
【知识点】探究液体压强的特点实验；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 解：（1）实验中液体压强大小是通过U形管两侧液面高度差来反映的，采用到转换法；C、D两个步骤中，液体的密度相同，步骤D中，压强计探头距离水面的深度较深，U形管两侧高度差较大，因此步骤D中探头受到的压强较大，故可知，液体内部压强与液体深度有关；
（2）要探究不同物质吸热能力，采用控制变量法，除了物质种类不同外，其它物理量要控制相同，所以需要称量相同质量的甲、乙两种液体；
由表格数据知，加热相同时间4min，相同的时间表示吸收相同热量时，甲升高了16℃，乙升高了32℃，所以乙升温更快；
由表格数据知，从开始加热至42摄氏度，甲用时3min，乙用时4min，所以甲吸收的热量比乙的少。即Q甲＜Q乙。
故答案为：（1）高度差；转换；液体深度；（2）质量；乙；＜。
【分析】 （1）实验中用U形管中液面的高度差来反映液体压强的大小；这种研究方法叫做转换法；液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；
（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
（1）[1][2]实验中液体压强大小不能直接看出，是通过U形管两侧液面高度差来反映的，采用了转换法。
[3]C、D两个步骤中，液体的密度相同，步骤D中，压强计探头距离水面的深度较深，U形管两侧高度差较大，因此步骤D中探头受到的压强较大，故可知，液体内部压强与液体深度有关。
（2）①[1]要探究不同物质吸热能力，除了物质种类不同外，其它物理量要控制相同，所以需要称量相同质量的甲、乙两种液体。
②[2]由表格数据可知，加热相同时间4min，即吸收相同热量时，甲升高了16摄氏度，乙升高了32摄氏度，所以乙升温更快。
[3]由表格数据可知，从开始加热至42摄氏度，甲用时3min，乙用时4min，所以甲吸收的热量比乙的少，即。
22．（2025九上·南宁开学考）如图所示，这是某实验小组做“探究并联电路中电流规律”实验的电路图。
（1）连接电路时，开关应 ；
（2）按照图甲所示电路图连好实物后，闭合开关，发现电流表指针位置如图乙所示，原因可能是 ；
（3）纠正错误后，图丙是他们测量电流时连接的实物图，此时电流表测量的是 点电流。若在图丙中把a导线的左端由电流表的“0.6”接线柱改接在“-”接线柱上，此时电流表测量的是 点的电流；（以上两空均选填“A”、“B”或“C”）
（4）小安换用 （选填“相同”或“不同”）规格的灯泡做了三次实验，进行多次实验的目的是 ；
（5）分析表中数据可得出结论： （用表格中字母描述）。
实验次数 A处电流IA/A B处电流IB/A C处电流IC/A
1 0.10 0.12 0.22
2 0.14 0.22 0.36
3 0.10 0.24 0.34
【答案】（1）断开
（2）电流表正、负接线柱接反了
（3）C；B
（4）不同；得到普遍规律
（5）
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】 解：（1）在连接电路时，应将开关断开，主要目的是保护电路。
（2）由图乙可知，闭合开关后，电流表发生了反偏，则原因是电流表正、负接线柱接反了。
（3）由图丙可知，电流从电源正极流出，经过开关后，分成两条路径分别经过两灯泡，再汇合后经过电流表，故电流表测量干路电流，即测量C点的电流。
若在图丙中把a导线的左端由电流表的“0.6”接线柱改接在“-”接线柱上，则电流表与灯泡L2串联后再与灯泡L1汇合，故电流表测量通过灯泡L2的电流，即测量B点的电流。
（4）该实验中应换用不同规格的小灯泡进行多次实验，为了避免偶然性，得到普遍规律。
（5）分析表中数据可知，第一次实验中有0.10A+0.12A=0.22A
第二次实验中有0.14A+0.22A=0.36A
第三次实验中有0.10A+0.24A=0.34A
由此可得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。即IC=IA+IB。
故答案为：（1）断开；（2）电流表正、负接线柱接反了；（3）C；B；（4）不同；得到普遍规律；（5）IC=IA+IB。
【分析】 （1）为了防止连接电路时因电流过大而损坏元件，在连接电路时，应将开关断开，从而保护电路；
（2）用电流表测量电流时，电流从电流表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电流表指针反向偏转；
（3）电流表与待测电路串联；
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；为保护电路，连接电路时，开关要断开；
（5）分析表中数据得出结论。
（1）为了防止连接电路时因电流过大而损坏元件，在连接电路时，应将开关断开，从而保护电路。
（2）由图乙可知，闭合开关后，电流表发生了反偏，则原因是电流从负接线柱流入，从正接线柱流出了，即电流表正、负接线柱接反了。
（3）[1]由图丙可知，电流从电源正极流出，经过开关后，分成两条路径分别经过两灯泡，再汇合后经过电流表，故电流表测量干路电流，即测量C点的电流。
[2]若在图丙中把a导线的左端由电流表的“0.6”接线柱改接在“-”接线柱上，则电流表与灯泡L2串联后再与灯泡L1汇合，故电流表测量通过灯泡L2的电流，即测量B点的电流。
（4）[1][2]为了避免偶然性，得到普遍规律，该实验中应换用不同规格的小灯泡进行多次实验。
（5）分析表中数据可知，第一次实验中有
第二次实验中有
第三次实验中有
由此可得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。即
23．（2025九上·南宁开学考）小南在“探究浮力大小的影响因素”的实验时，用到了弹簧测力计、圆柱体G、两个相同的圆柱形容器，一定量的水和盐水，其实验装置和弹簧测力计示数如下图所示。
（1）圆柱体G浸没在水中时所受浮力为 N；
（2）分析比较图A、B、C，说明浮力的大小与 有关，分析比较图A、D、E，说明浮力的大小与 有关；
（3）圆柱体G的体积是 m3；用图示实验数据可以测出盐水的密度 kg/m3（保留一位小数）；
（4）完成上述实验后，小南想利用浮力知识来测量金属块的密度，于是找来了刻度尺、水、水槽、柱形的薄壁玻璃杯等器材，进行如图所示的实验：
①玻璃杯漂浮在盛有水的玻璃水槽中，如图甲所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h1；
②金属块轻轻放入水槽中，如图乙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h2；
③将金属块从水槽中取出平稳放在玻璃杯中，如图丙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h3；
④已知水的密度为ρ水，则小明测出金属块的密度表达式为ρ= ；（用已知的物理量字母表示）
⑤同组的小宁对小南的实验过程提出质疑，认为将金属块从水中取出时会沾水，导致测量的密度会产生误差。小南坚持认为所测出金属块的密度不受影响，请你分析所测出金属块的密度不受影响的原因： 。
【答案】（1）2.8
（2）物体排开液体的体积；液体密度
（3）；
（4）；整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为G0，则测得的浮力会增加G0，则水槽中多增加的排开水的重力为G0，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；探究影响浮力大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）由图A可知，空气中弹簧测力计的示数为圆柱体G重力，即G=4.8N，根据称重法，图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为F浮=G-F示=4.8N-2N=2.8N；
（2）分析比较图A、B、C，液体的种类相同，而物体排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
分析比较图A、D、E，完全浸没，排开液体的体积相同，液体密度不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与液体密度有关。
（3）图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为2.8N，则圆柱体G的体积为；图E中圆柱体G浸没在盐水中时所受浮力为F浮'=G-F示'=4.8N-1.8N=3N；
则盐水的密度；
（4）设玻璃水槽底面积为S，则金属块的体积为V=S（h2-h1）
对比甲、丙，玻璃杯始终漂浮，浮力等于重力，则金属块的重力为G=ΔG=ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gS（h3-h1）；
则金属块的密度 ，由于整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为G0，则测得的浮力会增加G0，则水槽中多增加的排开水的重力为G0，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
故答案为：（1）2.8；（2）物体排开液体的体积；液体密度；（3）2.8×10-4m3；1.1×103；
（4） ；整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为G0，则测得的浮力会增加G0，则水槽中多增加的排开水的重力为G0，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
【分析】 （1）利用称重法计算浮力；
（2）分析比较图A、B、C，液体的密度相同，物体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，结合控制变量法的思想得出实验结论；
（3）根据称重法求出物体在水中和盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体的体积和盐水的密度；
（4）由甲、乙可求物体体积，由甲丙可求物体质量，再由密度公式即可求密度；由于整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为ΔG，则测得的浮力会增为ΔG，则水槽中多增加的排开水的重力为ΔG，刚开始水槽中的水减小了ΔG，故水面的高度不变，根据金属块密度的表达式分析有无影响。
（1）由图A可知，圆柱体G重力为4.8N，根据称重法，图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为
（2）[1]分析比较图A、B、C，只有物体排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
[2]分析比较图A、D、E，只有液体密度不同，测力计示数不同，根据称重法可知受到的浮力不同，说明浮力的大小与液体密度有关。
（3）[1]图D中圆柱体G浸没在水中时所受浮力为2.8N，则圆柱体G的体积为
[2]图E中圆柱体G浸没在盐水中时所受浮力为
则盐水的密度
（4）[1]设玻璃水槽底面积为，则金属块的体积为
对比甲、丙，玻璃杯始终漂浮，浮力等于重力，则金属块的重力为
则金属块的密度
[2]由于整体处于漂浮状态，设带出来的水的重力为，则测得的浮力会增加，则水槽中多增加的排开水的重力为，则丙中水面的高度不变，所以所测出金属块的密度不受影响。
24．（2025九上·南宁开学考）小明家用天然气做饭时，将一壶质量为1.5kg的水由20℃烧至100℃时，消耗了天然气0.02m3，已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），天然气的热值为3.6×107J/m3，求：
（1）壶中水吸收的热量；
（2）天然气完全燃烧放出的热量；
（3）用天然气烧水时的效率。
【答案】（1）解：水吸收的热量：
（2）解：天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=0.02m3×3.6×107J/m3=7.2×105J；
（3）解：用天然气烧水时的效率：。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】 （1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；（2）利用Q放=Vq计算天然气完全燃烧放出的热量；
（3）用天然气烧水时的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出热量的比值。
（1）质量为1.5kg的水由20℃烧至100℃时吸收的热量为
（2）0.02m3的天然气完全燃烧放出的热量为Q放=Vq=0.02m3×3.6×107J/m3=7.2×105J
（3）用天然气烧水时的效率为
25．（2025九上·南宁开学考）小胜同学发现家中的太阳能热水器可以实现自动供水，为了知道其中的原理，小胜查阅了相关资料并且制作了一个太阳能热水模拟器（如图所示），圆柱形容器的底面积为200，柱体A为重6N、底面积50、高20的圆柱体，且能沿固定杆在竖直方向自由移动，当注水至一定深度时，柱体A开始上浮，直至压力传感器B受到1.5N压力时，进水口自动关闭，注水结束。水的密度为，g取10，不计A与杆的摩擦。求：
（1）柱体A的质量；
（2）柱体A刚要开始上浮时浸入水的深度；
（3）注水结束时，柱体A上升了25，容器底受到的水的压强；
（4）为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，请通过计算判断是水平截取柱体A的一段长度，还是在柱体A上方叠加一个与柱体A同材质等底面的柱体，并求出截断或叠加的长度L。
【答案】（1）解：由得，柱体A的质量。
（2）解：柱体A刚要开始上浮时，受到的浮力等于A的重力，为6N，由得，此时A排开水的体积为；此时A浸入水的深度为。
（3）解：注水结束时，柱体A上升了25，此时A受到的浮力为；由得，此时A排开水的体积为，此时A浸入水的深度为，水的深度为，容器底受到的水的压强
。
（4）解：为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，此时A受到的浮力变小，由得，此时A排开水的体积变小，则应水平截取柱体A的一段长度，A排开水的体积减小
；A截取的长度为。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1） 柱体A为重6N ，根据重力公式得，柱体A的质量；
（2）柱体A刚要开始上浮时，浮力等于A的重力，根据浮力公式得，此时A排开水的体积为，据此计算此时A浸入水的深度为；
（3）注水结束时，柱体A上升了25，此时A受到的浮力为；根据浮力公式计算得，此时A排开水的体积，进而计算此时A浸入水的深度为，水的深度为
，根据压强公式P=ρgh计算容器底受到的水的压强；
（4）为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，此时A受到的浮力变小，由分析可知此时A排开水的体积变小，A排开水的体积减小，即，进而计算A截取的长度为。
（1）由得，柱体A的质量
（2）柱体A刚要开始上浮时，受到的浮力等于A的重力，为6N，由得，此时A排开水的体积为
此时A浸入水的深度为
（3）注水结束时，柱体A上升了25，此时A受到的浮力为
由得，此时A排开水的体积为
此时A浸入水的深度为
水的深度为
容器底受到的水的压强
（4）为了使压力传感器B受到1N压力时，也能实现原水位的进水口自动关闭，注水结束，此时A受到的浮力变小，由得，此时A排开水的体积变小，则应水平截取柱体A的一段长度，A排开水的体积减小
A截取的长度为
1 / 1
