广西南宁市第十四中学2025-2026学年九年级上学期开学考试物理试题
1．（2025九上·南宁开学考）“估测”是物理学中常用的一种方法。以下物体所受的重力最接近2N的是（ ）
A．一个鸡蛋 B．一本八年级物理课本
C．一张课桌 D．一名八年级的学生
2．（2025九上·南宁开学考）如图所示，分别用大小相等的力向下压和向上拉弹簧，弹簧的形变不同，此现象表明影响力的作用效果的因素是（ ）
A．力的方向 B．力的大小 C．力的作用点 D．力的三要素
3．（2025九上·南宁开学考）如图所示，若跳水运动员起跳在上升过程中的某时刻，所受的外力突然全部消失，那么她将（ ）
A．匀速直线上升 B．保持静止
C．匀速直线下降 D．可以向各个方向运动
4．（2025九上·南宁开学考）2024年6月2日，嫦娥六号探测器成功着陆月球背面进行探测。嫦娥六号着陆架下安装圆盘型“脚”，其目的是（ ）
A．减小压强 B．增大压力 C．减小压力 D．增大压强
5．（2025九上·南宁开学考）下列过程中，人施加在物体上的力对物体做功的是（ ）
A．中学生抱着书本静止不动
B．售货员用力推货箱没推动
C．工人把水桶从地面上提起的过程
D．足球被运动员踢出后在草地上滚动过程
6．（2025九上·南宁开学考）下列工具中，属于费力杠杆的是（ ）
A．园艺剪 B．食品夹
C．托盘天平 D．开瓶器
7．（2025九上·南宁开学考）大气压强与我们的生活息息相关，能证实大气压强存在的实例是（ ）
A．用吸管吸饮料 B．用钓鱼竿钓鱼
C．用细线切豆腐 D．用削笔刀削铅笔
8．（2025九上·南宁开学考）如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的（ ）
A．动能不变，机械能不变 B．动能变大，机械能变大
C．动能不变，机械能变大 D．动能变大，机械能不变
9．（2025九上·南宁开学考）快递包裹“飞起来！”，如图所示，无人机正在配送包裹，若不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．水平加速时，无人机和包裹具有的惯性变大
B．匀速下降时，包裹所受的重力大于绳对包裹的拉力
C．空中悬停时，包裹对绳的拉力与绳对包裹的拉力是一对平衡力
D．匀速上升时，包裹所受的重力和绳对包裹的拉力是一对平衡力
10．（2025九上·南宁开学考）“梅花落处疑残雪，柳叶开时任好风。”是诗人杜审言在《大酺》中的诗句。若一朵重力为0.03N的梅花从空中竖直下落时受到的阻力为0.01N，则这朵梅花受到的重力和阻力的合力大小以及方向分别为（ ）
A．0.04N 竖直向上 B．0.02N 竖直向上
C．0.04N 竖直向下 D．0.02N 竖直向下
11．（2025九上·南宁开学考）小明利用家里的吸管和细铜丝自制了一支密度计，将该密度计分别放入两种不同液体中，静止后如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．密度计在甲液体中受到的浮力大
B．密度计在两液体中受到的浮力相等
C．在标记刻度时，B的示数应比A小
D．在标记刻度时，B的示数应比A大
12．（2025九上·南宁开学考）如图所示，水平桌面上有质量相同、底面积相同的甲、乙两个薄壁容器，分别装有质量相同的a、b两种液体。下列说法正确的是（ ）
A．两种液体密度的大小关系是
B．两种液体对容器底压强的大小关系是
C．两个容器对桌面压强的大小关系是
D．桌面对两个容器支持力的大小关系是
13．（2025九上·南宁开学考）哈尔滨冰雪节的滑雪项目吸引了很多南方“小土豆”，滑雪时，滑雪杆向后撑地使人向前滑行，说明力的作用是 ；自由滑行时，由于受到阻力，人的滑行速度逐渐变小，说明力能改变物体的 。
14．（2025九上·南宁开学考）如图所示，平行地自然下垂两纸中间用力吹气，发现两张纸相互 （填“靠近”或“远离”），这是由于吹气时，两张纸的中间空气流速变大，压强变 。
15．（2025九上·南宁开学考）如下图所示，将钢尺一端固定在桌面上，用手下压另一端，松手后钢尺能恢复原状，说明钢尺发生的是 （选填“弹性”或“塑性”。）形变。如图，食指压钢尺的力是由于 （选填“钢尺”、“食指”或“桌面”）发生弹性形变而产生的。
16．（2025九上·南宁开学考）如图为一种可感知气温变化的工艺玻璃瓶，由密闭球体A和上端开口的玻璃管B组成，B底部与A相连，瓶内有空气和适量有色液体。则该工艺瓶 （选填“是”或“不是”）连通器：不考虑温度的影响，把此瓶从山顶移到山脚，B管内液面将 。
17．（2025九上·南宁开学考）如图为托里拆利实验装置，由图中实验数据可判断当地大气压 （选填“高于”“低于”或“等于”）标准大气压。若换更粗的玻璃管进行实验，则测量结果 。
18．（2025九上·南宁开学考）地质队获得了一段地质样品，由密度相同的A、B柱体组成，经测量B的高度为5cm，底面积为。为分析样品的地质结构，将其置于水平放置的传感器上，沿水平方向切割如图甲所示，传感器受到的压强随切去高度h的变化图像如图乙所示。则样品的密度为 ；当该样品切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等时，切去高度为 cm。
19．（2025九上·南宁开学考）
（1）如图甲，虚线表示掷出的实心球在空中飞行的路线，在O点画出实心球受到的重力的示意图。
（2）如图乙，装有水的容器静止放在斜面上，画出水面上的乒乓球受到的力的示意图。
（3）如图丙是笔记本电脑，请在图丁的示意图中画出打开电脑屏幕时，力F的力臂l。
20．（2025九上·南宁开学考）物理兴趣小组的同学们在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，提出以下猜想：
猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小有关；
猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
根据猜想，同学们设计了如图甲、乙、丙所示的实验（其中丙图中的长木板与甲、乙两图中的长木板材料相同但表面更粗糙）。请你完成下列内容：
（1）用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动，根据 的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等。如图甲所示，木块受到的滑动摩擦力大小为 N；
（2）通过比较 两图，可验证猜想一。通过比较 两图，可验证猜想二；
（3）实验结束后，爱思考的小明对实验装置进行了如图丁所示的改动，重复实验发现效果更好。实验过程中 拉动长木板B做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。
21．（2025九上·南宁开学考）某探究小组用如图所示的装置探究影响液体内部压强大小的因素。
（1）U形管压强计是通过观察U形管中液面 来显示橡皮膜所受压强大小，这种实验方法叫做 。
（2）实验前检查压强计的气密性时，发现不论怎样按压橡皮膜，U形管两边液柱始终相平，表明其气密性 （选填“好”或“不好”）。
（3）重新调整后，将压强计的橡皮膜朝上浸入水中某一深度，此时压强计显示的是橡皮膜 （选填“上方”“下方”或“各个方向”）的水对它的压强。
（4）比较乙、丙两次实验可知：同种液体中，液体内部压强随深度的增加而 。
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，有同学提出保持图丁中的探头位置不变，将一杯比丁更浓的盐水直接加入烧杯中搅匀，这样的操作得出的结论是( )（选填“正确”或“错误”）的。
22．（2025九上·南宁开学考）小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态；为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）如图乙所示，A位置挂2个钩码，为使杠杆再次水平平衡，应该在B位置挂上 个同样的钩码；
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，弹簧测力计的示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）小明和小红制作杆秤：
①如图丁，用50cm长的木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，把空托盘挂在M点作为秤盘，在N点挂粗绳作为提纽；移动细线的位置，直到杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应刻度值为 g；
②在秤盘中逐一添加50g的砝码，移动细线的位置，当杆秤水平平衡时，记录细线的位置、标记相应的质量，再测出细线距离N点的长度（如表），根据表中数据，应将250g的刻度值标记在距离N点 cm处；
托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200
距离N点的长度/cm 6 11 16 21
③为了增大杆秤的最大测量值，你的方法是： （写出一种即可）。
23．（2025九上·南宁开学考）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小明猜想浮力的大小可能与以下因素有关：Ⅰ液体的密度；Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持猜想 （选填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）；
（2）为了研究猜想Ⅰ和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为 N。进一步计算得出A、B、C所受浮力 （选填“相等”或“不相等”），可得结论：浮力的大小与物体的重力 （选填“有关”或“无关”）；
②比较序号a、d和 这三次实验，可得结论：浮力大小与液体密度有关；
（3）结合浮力知识，小明设计创新实验测量石头的密度，如图丙所示，请将实验步骤补充完整：
①在一个薄壁轻质塑料瓶中装入适量水，密封瓶口后用刻度尺测量出瓶中水的深度记为；
②用双面胶（忽略质量和体积）把石头粘在瓶底，将瓶子放入水槽中，瓶子恰好在竖直方向漂浮，用刻度尺测量出瓶子浸入水中的深度记为；
③瓶口朝下，再次将粘有石头的瓶子放入水槽中，瓶子仍在竖直方向漂浮，用刻度尺测量出 （选填“AB”“BC”或“CD”）的距离记为；
④石头密度的表达式为 。（用、、和表示）
24．（2025九上·南宁开学考）如图，某建筑工地上，工人利用电动机和滑轮组来搬运物体。某次搬运过程中，将480N的物体以0.2m/s的速度匀速提起了5m，绳子自由端的拉力为200N（不计摩擦和绳重）。求：
（1）该滑轮组做的有用功；
（2）拉力的功率；
（3）若该滑轮组的机械效率为75%时，所提升物体的重力。
25．（2025九上·南宁开学考）陈列于国家博物馆的青铜漏壶（如图甲）是汉代的一种计时工具，某校项目式学习小组复刻了简易模型（如图乙）。使用时壶中的水从壶底的出水口流出，浮舟和漏箭随之下降，通过漏箭上的标注读取时间。组员先关闭出水孔，在壶中加入适量水，随后将浮舟和漏箭缓慢放入，待浮舟静止后，将水位标记为A点，此时浮舟露出水面的体积为总体积的；打开出水孔后，组员发现出水速度随水的压强减小而减小，压强小于一定值后停止出水，标记水位在B点，此时浮舟下表面与壶底的距离为0.5cm。已知壶身和浮舟均为圆柱体，浮舟底面积为，质量为150g，漏箭质量忽略不计，水的密度。求：
（1）浮舟受到的浮力。
（2）水位在B点时，壶底出水口处受到的水的压强。
（3）由于出水速度不均导致计时误差，组员对漏壶装置进行改进，将之前的漏壶作为受水壶，新增补偿壶和恒定壶（如图丙）。受水壶出水口关闭，补偿壶的水流入恒定壶中，使恒定壶水位保持不变。水匀速滴入空的受水壶中，当浮舟对壶底的压力恰好为零时，开始计时，直至浮舟的上表面与受水壶的上沿相平，一个计时周期结束。若恒定壶1min滴出水的质量为50g，受水壶高50cm，计时开始时壶内水的质量为600g，则一个计时周期对应的时间（单位用min）。
（4）补偿壶水位过低时，恒定壶水位会下降，请提供一个延长装置稳定计时的方法。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．一斤鸡蛋500g，大约有10个，则一个鸡蛋的质量通常在50g左右，那么这个鸡蛋的重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，
故A不符合题意；
B．八年级物理课本的质量大约200g，则重力约为G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
故B符合题意；
C．一张课桌的质量约为20kg，其重力为G=mg=20kg×10N/kg=200N，
故C不符合题意；
D．八年级的学生的质量大约50kg，则学生的重力约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，
故D不符合题意。
故选B。
【分析】估测各个选项中物体的质量，根据G=mg计算出它的重力比较即可。
2．【答案】A
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】根据题目描述可知，用大小相等的力在同一点向不同的方向下压或拉伸弹簧，弹簧的形变不同，此时只有力的方向不同，那么说明力的方向可以改变力的作用效果。
故选A。
【分析】力的大小、方向和作用点，都影响力的作用效果，根据描述分析哪个因素不同即可。
3．【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律可知，运动员在上升过程中的某时刻，所受的外力突然全部消失，运动员处于平衡状态，运动员将沿外力消失的一瞬间的方向和速度做匀速直线运动，即匀速直线上升。
故选：A。
【分析】根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态，在外力消失的一瞬间，原来运动的物体将做匀速直线运动，原来静止的物体将永远静止下去。
4．【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：“嫦娥六号”着落架下方安装圆盘型“脚”，为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
故选：A。
【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
5．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．中学生抱着书本，对书本有向上的支持力，但书本没有在这个方向上移动距离，所以不做功，故A不符合题意；
B．售货员用力推货箱时，对箱子有水平向前的推力的作用，但箱子没有在这个方向上移动距离，所以不做功，故B不符合题意；
C．工人把水桶提起时，对水桶有竖直向上的支持力的作用，且水桶在的力的方向上移动了距离，所以做功，故C符合题意；
D．足球被踢出后在草地上滚动过程时，人和球已经分开，因此人不再对足球有力的作用，对足球不再做功，故D不符合题意。
故选C。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
6．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】解：A．园艺剪是省力杠杆，故A不符合题意；
B．食品夹是费力杠杆，故B符合题意；
C．托盘天平是等臂杠杆，故C不符合题意；
D．开瓶器是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
7．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压强的存在；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】解：A．用吸管吸饮料，不是吸上来的，而是大气压工作，能证实大气压强存在，故A符合题意；
B．用钓鱼竿钓鱼运用了杠杆原理，故B不符合题意；
CD．用细线切豆腐、用削笔刀削铅笔，是压力不变时，通过减小受力面积增大压强，运用了增大压强的方法，故CD不符合题意。
故选：A。
【分析】（1）用吸管吸水是大气压的作用；
（2）用钓鱼竿钓鱼是杠杆原理；
（3）用细线切豆腐是减小受力面积，增大压强；
（4）用削笔刀削铅笔是减小受力面积，增大压强。
8．【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】无人驾驶扫地车，将地面上的垃圾吸入车内，则车的质量变大，但是速度不变，那么动能变大。质量变大，高度不变，则重力势能变大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，车的机械能变大，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
9．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】解：A、水平加速时，无人机和包裹的质量保持不变，惯性与质量有关，质量不变，则具有的惯性保持不变，故A错误；
B、包裹处于平衡状态，受平衡力作用，包裹所受的重力与绳对包裹的拉力是一对平衡力，大小相等，故B错误；
C、空中悬停时，包裹对绳的拉力与绳对包裹的拉力在不同的物体上，是一对相互作用力，故C错误；
D、匀速上升时，包裹处于平衡状态，受平衡力作用，包裹所受的重力和绳对包裹的拉力是一对平衡力，大小相等，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）惯性只与质量有关，与速度无关；
（2）物体匀速直线运动时，处于平衡状态，受平衡力的作用；
（3）物体静止时，受平衡力的作用；
（4）物体匀速上升时，受力平衡，向上的力等于向下的力。
10．【答案】D
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】解：梅花受到竖直向下的重力G=0.03N，竖直向上的阻力f=0.01N作用，根据合力的知识可知，同方向相加，反方向相减，故梅花受到的合力F=G-f=0.03N-0.01N=0.02N，方向竖直向下。
故选：D。
【分析】根据同一直线上力的合成方法求出桶受到的合力；同一直线上的两个力，
如果方向相同，则合力大小等于两个力的大小之和，合力方向与两个力的方向相同；
如果两个力方向相反，合力的大小两个力的大小之差，方向与较大力的方向相同。
11．【答案】B,D
【知识点】浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：AB．由图可知，同一个密度计放在甲、乙液体中都漂浮，所受的浮力等于自身的重力，则F甲=F乙=G，所以甲、乙两图中密度计所受的浮力大小相等，故A错误，B正确；
CD．因为同一支密度计是漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知密度计在不同液体中的浮力不变，根据F浮=ρ液gV排可知，密度计排开液体的体积越小，液体密度越大，由图可知，B位置与A位置相比较，当B位置处于液面时，密度计排开液体的体积更小，表示液体密度更大，因此在标记刻度时，B的示数应比A大，故C错误，D正确。
故选：BD。
【分析】（1）从图可知，密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；
（2）从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
12．【答案】A,B,C
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：A．从图形可以看出，甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的体积，两种液体质量相同，则根据可知，两种液体密度关系为ρa＜ρb，故A正确；
B．甲容器上下粗细相同，液体对容器底的压力等于液体的重力；乙容器上细下粗，液体的压力大于液体的重力，两种液体质量相同，重力相同，所以乙容器中液体对容器底的压力小于乙容器中液体对容器底的压力，又知两容器的底面积相等，则受力面积相同，由可知，两种液体对容器底压强关系为pa＜pb，故B正确；
CD．两容器的质量相同，两液体的质量相同，则两容器的总质量相等，由G=mg得，两容器的总重力相等，桌面对容器支持力F=G容器+G液体=G总，则桌面对两个容器支持力的大小关系是F甲=F乙，由力的相互作用得，两个容器对桌面的压力F甲'=F乙'，两容器的底面积相等，则受力面积相同，由得，两个容器对桌面压强的大小关系是p甲=p乙，故C正确，D错误。
故选：ABC。
【分析】（1）据图可知甲容器和乙容器中液体的体积关系，又知两种液体质量相同，根据分析，可知两种液体的密度关系。（2）根据液体产生的压力和液体重力的关系分析，可知两种液体对容器底压强的大小关系，根据分析，可知．两种液体对容器底的压强关系。
（3）桌面对容器支持力等于容器和容器内液体的总重力，根据容器和液体的质量关系，利用重力公式得出两容器的总重力关系，进而可知桌面对两个容器的支持力关系，再根据力作用的相互性得出两个容器对桌面的压力关系，然后根据分析，可知两个容器对桌面的压强关系。
13．【答案】相互的；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】解：滑雪时，滑雪杆向后撑地使人向前滑行，说明力的作用是相互的；由于受到阻力，人的滑行速度逐渐变小，说明力能改变物体的运动状态。
故答案为：相互的；运动状态。
【分析】力可以改变物体的运动状态，也可以使物体发生形变；力的作用是相互的。
14．【答案】靠近；小
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：向两纸中间用力吹气时，使两纸中间空气的流速变大，两纸中间空气的压强变小，纸外侧压强不变，所以纸片中间的压强小于纸片外侧压强，纸片向中间靠拢。
故答案为：靠近；小。【分析】流体流速越大、压强越小。分析纸片中间和纸片外侧的空气流速大小关系，可进一步得出纸片中间和外侧的压强大小关系。
15．【答案】弹性；食指
【知识点】弹力
【解析】【解答】（1）将钢尺一端固定在桌面上，用手下压另一端，松手后钢尺能恢复原状，说明钢尺发生的是弹性形变。
（2）食指压钢尺的力的施力物体是食指，是由于食指发生了弹性形变而产生的力。
【分析】（1） 物体受到外力改变形状，而撤去外力后，仍能恢复原状的叫弹性形变，不能恢复原状的叫塑性形变。
（2）对钢尺进行受力分析即可。
16．【答案】不是；下降
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】解：由图可知，该瓶底部连通，但A上端没有开口，所以不是连通器。
大气压随着高度的增加而减小，把此瓶从山顶移到山脚，外界大气压变大，在大气压的作用下，B管液面会下降。
故答案为：不是；下降。
【分析】（1）根据连通器的概念分析解答；
（2）根据大气压与高度的关系分析解答。
17．【答案】低于；不变
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法
【解析】【解答】解：由图知当地的大气压相当755mm水银柱产生的压强，利用托里拆利实验测量大气压时，气压等于管内外水银柱的高度差产生的压强，即大气压与此水银柱产生的压强相等，一标准大气压下，大气压能支持约760mm高的水银柱，故可判断当地大气压低于标准大气压。托里拆利实验时，结果与管的长短（当然不能短于760mm）、粗细、倾斜与否都没有关系，所以若换更粗的玻璃管进行实验，则测量结果不变。
故答案为：低于；不变。
【分析】利用托里拆利实验测量大气压时，气压等于管内外水银柱的高度差产生的压强，即大气压与此水银柱产生的压强相等，一标准大气压下，大气压能支持约760mm高的水银柱，为了测得大气压的值，这时必须测管内外水银面高度差；由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为755mm，因此，当时的大气压强等于755mm高水银柱产生的压强。托里拆利实验中，玻璃管的粗细不会影响实验结果。
18．【答案】；8
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：由图横坐标可知，当h=15cm时，传感器受到的压强为0，说明A、B总高度为15cm，可得B的高度为5cm，则A的高度为总高度减去B的高度hA=h总-hB=15cm-5cm=10cm
当h=5cm时，B切完，对A没有压力，A对水平面压强pA=2500Pa
样品的密度，
当该样品切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等；当切完B才有可能压强相等，设切掉A高度为Δh，压强相等，A剩余部分压强即，解得Δh=0.03m=3cm
则切去高度为h=5cm+3cm=8cm
故答案为：2.5×103；8。
【分析】由图乙可知圆柱体总高度为15cm，B高5cm，据此计算A的高度，计算圆柱体B全部切去上A对传感器的压强，根据G=F=pS计算圆柱体A的重力，根据重力公式、密度公式计算圆柱体A的密度；
当该样品切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等；当切完B才有可能压强相等，设切掉A高度为Δh，压强相等，A剩余部分压强，据此求解。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】重力示意图；浮力及其产生原因；力臂的画法
【解析】【解答】解：（1）物体受到地球的吸引，重力的方向始终竖直向下，过重心O点做竖直向下的带箭头的线段表示实心球受到的重力，如图所示：
（2）漂浮的乒乓球，受到的浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下，浮力的方向总是竖直向上，过球的重心分别做竖直向下、竖直向上的带箭头的线段，分别表示重力、浮力；两力的线段等长，如图所示：
（3）根据力臂的定义进行分析，过O点做力F的作用线的垂线，支点到垂足间的距离为力F的力臂l，如图所示：
【分析】（1）空中飞行的实心球受到的重力竖直向下，作用点在重心；
（2）根据漂浮时，浮力等于重力，方向相反画图；
（3）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画图。
（1）重力的方向总是竖直向下，过重心O点做竖直向下的带箭头的线段表示实心球受到的重力，如图所示：
（2）重力的方向总是竖直向下，浮力的方向总是竖直向上，过球的重心分别做竖直向下、竖直向上的带箭头的线段，分别表示重力、浮力；球漂浮在水面，则球受到的重力与浮力大小相等，则两力的线段等长，如图所示：
（3）过O点做力F的作用线的垂线，支点到垂足间的距离为力F的力臂l，如图所示：
20．【答案】（1）二力平衡；2.2
（2）甲、乙；甲、丙
（3）不需要
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】解：（1）根据二力平衡条件可知，需要拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，木块受力平衡，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
如图甲所示，故示数为2.2N，即木块受到的滑动摩擦力大小为2.2N。
（2）探究滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小关系，应控制接触面粗糙程度相同，改变压力大小，故应比较甲、乙两次实验。
控制接触面受到的压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，故应比较甲、丙两次实验。
（3）当采用图丁装置时，摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，当压力和接触面的粗糙程度不变时，摩擦力大小不变，所以不需要拉动长木板B做匀速直线运动。
故答案为：（1）二力平衡；2.2；（2）甲、乙；甲、丙；（3）不需要。【分析】（1）实验中要做到匀速直线拉动物体，物体受到的拉力和摩擦力是平衡力，由二力平衡条件得到摩擦力和拉力大小相等；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到的滑动摩擦力为一对平衡力，据此分析。
（1）[1]实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
[2]如图甲所示，弹簧测力计分度值为0.2N，故示数为2.2N，即木块受到的滑动摩擦力大小为2.2N。
（2）[1]探究滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小关系，应控制接触面粗糙程度相同，改变压力大小，故应比较甲、乙两次实验。
[2]探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度关系，应控制接触面受到的压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，故应比较甲、丙两次实验。
（3）当采用图丁装置时，无论长木板B是否做匀速直线运动，物块始终处于静止状态，物块受到的弹簧测力计的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以不需要拉动长木板B做匀速直线运动。
21．【答案】（1）高度差；转换法
（2）不好
（3）上方
（4）增大
（5）错误
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】解：（1）U形管压强计是通过观察U形管两侧液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的；U形管两侧液面高度差越大，橡皮膜所受液体压强越大，这种实验方法叫做转换法；
（2）实验前检查压强计的气密性时，发现不论怎样按压橡皮膜，U形管两边液柱始终相平，U形管两侧液面没有出现高度差，说明气密性不好；
（3）因为橡皮膜朝上，上方的水会对橡皮膜产生压强，从而使U形管两侧出现液面高度差，故压强计显示的是橡皮膜上方的水对它产生的压强；
（4）比较乙、丙两次实验，同种液体，丙中橡皮膜浸入水中的深度比乙大，U形管液面的高度差比乙大，说明丙中的探头处所受的压强更大，由此现象可知同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，需要控制深度等其他变量不变。保持图丁中的探头位置不变，将一杯比丁更浓的盐水直接加入烧杯中搅匀，此时探头所处的深度会增大，同时液体密度也增大，没有控制深度不变，所以这样的操作得出的结论是错误的。
故答案为：（1）高度差；转换法；（2）不好；（3）上方；（4）增大；（5）错误。【分析】（1）U形管压强计是通过观察U形管两侧液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的；将不易直接测量的事物通过容易观察的现象反映出来的实验方法叫做转换法；
（2）如果气密性好，按压橡皮膜时，软管内的气压会变化，从而使U形管两侧液面出现高度差；若气密性不好，软管内的气压无法有效变化，液面就不会有高度差；
（3）橡皮膜朝上，上方的水会对橡皮膜产生压强，从而使U形管两侧出现液面高度差；
（4）同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，需要控制深度等其他变量不变。
（1）[1]U形管压强计是通过观察U形管中液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的。因为橡皮膜受到压强时，会通过软管传递给U形管中的液体，使两侧液面出现高度差，压强越大，高度差越大。
[2]这种将不易直接测量的压强大小转换为容易观察的液面高度差的实验方法叫做转换法。
（2）如果气密性好，按压橡皮膜时，软管内的气压会变化，从而使U形管两侧液面出现高度差；若气密性不好，软管内的气压无法有效变化，液面就不会有高度差。此处发现不论怎样按压橡皮膜，U形管两边液柱始终相平，说明气密性不好。
（3）因为橡皮膜朝上，上方的水会对橡皮膜产生压强，从而使U形管出现液面高度差。故压强计显示的橡皮膜上方的水对它产生的压强。
（4）比较乙、丙两次实验，液体都是水（同种液体），丙中橡皮膜浸入水中的深度比乙深，且丙中U形管液面的高度差比乙大，说明丙中的探头处所受的压强更大。由此现象可知同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大。
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，需要控制深度等其他变量不变。保持图丁中的探头位置不变，将一杯比丁更浓的盐水直接加入烧杯中搅匀，此时探头所处的深度会增大，同时密度也增大，没有控制深度不变，所以这样的操作得出的结论是错误的。
22．【答案】（1）平衡；左
（2）4
（3）变大
（4）0；26；增加秤砣的质量
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】解：（1）杠杆处于静止状态，则杠杆达到平衡状态；杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将左端和右端的平衡螺母向左调节；
（2）假设一个钩码重G，杠杆一格为L；根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂得出：2G×4L=nG×2L，解得n=4；
（3）由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大；
（4）①秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g；
②由杠杆平衡条件：F1×L1=F2×L2可得：m物g×L物=m砣g×L砣，即：，在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比。由图表中数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离B的距离就增加5cm，故250g的刻度值应标记在距离B点26cm处；③为了增大杆秤的量程，由可知，可增加秤砣的质量，减小杆秤的分度值；也可以增加秤杆的长度，增大秤砣的移动范围；或让提纽B靠近A点，增大秤砣的移动范围等。
故答案为：（1）平衡；左；（2）4；（3）变大；（4）①0；②26；③增加秤砣的质量。
【分析】（1）杠杆静止和匀速转动时，杠杆都处于平衡状态；杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，杠杆中点放在支架上，杠杆的重心在支点；
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（或F1L1=F2L2）；根据杠杆的平衡条件判断哪一端将会下沉；
（3）阻力和阻力臂不变时，根据杠杆的平衡条件可知，动力臂减小，动力变大；
（4）①支点是指杠杆绕着转的固定点，图甲中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，由此可知杠杆的支点；
秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，即零刻度的位置；
②根据杠杆平衡条件和表中数据可知250g的刻度值的标记位置；
③根据杠杆平衡条件可知增大杆秤量程的方法。
（1）[1]实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆受力平衡处于平衡状态。
[2]由图甲可知，杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将平衡螺母向左调节。
（2）设一个钩码重G，杠杆一格为L，根据杠杆的平衡条件可得2G×4L=nG×2L
解得n=4。
故为使杠杆再次平衡，应该在B位置挂上4个同样的钩码。
（3）由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变小，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大。
（4）[1]图丁中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，即B点相当于支点；秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0。
[2]由杠杆平衡条件可得m物gL物=m砣gL砣
即
在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比。由图表中数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离B的距离就增加5cm，故250g的刻度值应标记和B点的距离
[3]为了增大杆秤的量程，由可知，可增加秤砣的质量，减小杆秤的分度值；也可以增加秤杆的长度，增大秤砣的移动范围。
23．【答案】（1）Ⅲ
（2）1；相等；无关；e
（3）BC；
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：（1）图甲中易拉罐浸入的越深，排开水的体积越大，手感觉越吃力，说明浮力越大。由此可知：浮力的大小与排开液体的体积有关，故支持猜Ⅲ；
（2）①在图乙中，根据称重法可知物体A所受的浮力为：F浮A=GA-Fa=4N-3N=1N；
有称重法可知物体B所受的浮力为：F浮B=GB-Fb=4.5N-3.5N=1N；
有称重法可知物体C所受的浮力为：F浮C=GC-Fc=5N-4N=1N；
所以物体A、B、C受到的浮力相等，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关；②a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即液体密度不同，测力计示数不同，则受到的浮力也不同，由此可初步得结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力。由图丙可知，当再次将粘有石头的瓶子放入水槽中，瓶子仍在竖直方向漂浮，则瓶口朝上和瓶口朝下的两种状态下，瓶子和石头这一整体所受的浮力相等；根据阿基米德原理可知，整体排开水的体积不变。实验中，需测量出石头的体积，所以，接下来是：用刻度尺测量出瓶子内外水面的高度差即BC的距离记为h3；设瓶底的底面积为S，则有V石头+h2S=h1S+h3S，石头的体积为V石头=h1S+h3S-h2S=（h1+h3-h2）S
由物体的浮沉条件和阿基米德原理可得，石头的重力为G石头=F浮-G水=ρ水g（h1S+h3S）-ρ水gh1S=ρ水gh3S
则石头的密度为。
故答案为：（1）Ⅲ；（2）1；相等；无关；e；（3）BC；。
【分析】（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）③将瓶子和石头上下对调，再将瓶子放入水中，瓶子仍在竖直方向漂浮，为了测量石块的体积，用刻度尺测量出瓶子内外水面的高度差h3，这样石块的体积V=（h1+h3）S-h2S=（h1+h3-h2）S，由物体的沉浮条件和阿基米德原理可求出物体的重力，由质量及密度公式求出石块密度。
（1）图甲中，易拉罐浸入水中越深，浸入水中的体积越大，即排开水的体积越大，手感觉越吃力，说明受到的浮力变大，由此可知：浮力的大小与排开液体的体积有关，故支持猜想Ⅲ。
（2）①[1][2][3]根据称重法可得，A受到的浮力
B受到的浮力
C受到的浮力
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关。
②[4]a、d、e三次实验中，物体A浸入不同液体中的体积相同，即排开液体的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，根据称重法可知，物体A受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）[1][2]根据物体的浮沉条件可知，物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力。由图丙可知，当再次将粘有石头的瓶子放入水槽中，瓶子仍在竖直方向漂浮，则瓶口朝上和瓶口朝下的两种状态下，瓶子和石头这一整体所受的浮力相等；根据阿基米德原理可知，整体排开水的体积不变。实验中，需测量出石头的体积，所以，接下来是：用刻度尺测量出瓶子内外水面的高度差即BC的距离记为；设瓶底的底面积为S，则有
石头的体积为
由物体的浮沉条件和阿基米德原理可得，石头的重力为
则石头的密度为
24．【答案】（1）解：已知物体重力为G=480N，上升距离为h=5m，
滑轮组做的有用功为：W有=Gh=480N×5m=2400J；
（2）解：已知拉力大小为F=200N，物体速度为v物=0.2m/s，
由图可知，连接动滑轮的绳子股数为n=3，则拉力端的速度为：
v=nv物=3×0.2m/s=0.6m/s，
拉力的功率为：P=Fv=200N×0.6m/s=120W；
（3）解：不计摩擦和绳重，有，则动滑轮的重力G动＝3F﹣G＝3×200N﹣480N＝120N
不计摩擦和绳重，故克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，机械效率为
解得G1=360N。
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）已知重力和高度，用公式W=Gh可求出克服物体重力做的有用功；
（2）观察绳子股数，利用运动的速度求出自由端速度，用公式P=Fv可求出功率；
（3）利用自由端拉力与物体、滑轮重力的关系式求出动滑轮的重力，再根据机械效率的公式，将动滑轮重力代入求出物体的重力。
（1）滑轮组做的有用功W有＝Gh＝480N×5m＝2400J
（2）绳子的有效段数为3，绳子自由端的速度v＝3v物＝0.2m/s×3＝0.6m/s
拉力的功率P＝Fv＝200N×0.6m/s＝120W
（3）不计摩擦和绳重，有，则动滑轮的重力G动＝3F﹣G＝3×200N﹣480N＝120N
不计摩擦和绳重，故克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，机械效率为
解得G1=360N。
25．【答案】（1）解：根据物体的浮沉条件可知，浮舟与漏箭整体漂浮，浮力等于重力，即
（2）解：水位下降至B点时，根据阿基米的原理可知浮舟整体漂浮由得：
浸入的深度为
此时水距离底部的高度
水位在B点时，壶底出水口受到的水的压强。
（3）解：依题意得
开始计时，浮舟漂浮，此时，由得
所以受水壶底面积为
计时结束，浮舟浸入水中深度恒定，计时周期内水上升高度为
计时周期内注入的水质量为
所以一个计时周期对应的时间为。
（4）解：可以增加补偿壶的容积，使补偿壶能储存更多的水，从而在较长时间内保持水位，避免恒定壶水位下降，延长装置稳定计时的时间。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）已知浮舟质量为m，浮舟漂浮时F浮=G=mg；（2）由浮力根据阿基米德原理变形公式求出排开水的体积，从而得到浸入的深度，求出壶底出水口的深度，最后由公式p=ρgh求出压强；
（3）当浮舟对壶底的压力恰好为零时浮力等于重力，开始计时，直至浮舟的上表面与受水壶的上沿相平，一个计时周期结束，可求出一个计时周期注入的水质量；根据恒定壶1min滴出水的质量为50g，可求出一个计时周期对应的时间；
（4）补偿壶水位过低时，恒定壶水位会下降，因而要想办法增加补偿壶的容积。
（1）由题知浮舟与漏箭整体漂浮
（2）水位下降至B点时，浮舟整体漂浮由得：
浸入的深度为
此时水距离底部的高度
水位在B点时，壶底出水口受到的水的压强
（3）依题意得
开始计时，浮舟漂浮，此时，由得
所以受水壶底面积为
计时结束，浮舟浸入水中深度恒定，计时周期内水上升高度为
计时周期内注入的水质量为
所以一个计时周期对应的时间为
（4）可以增加补偿壶的容积，使补偿壶能储存更多的水，从而在较长时间内保持水位，避免恒定壶水位下降，延长装置稳定计时的时间。
1 / 1广西南宁市第十四中学2025-2026学年九年级上学期开学考试物理试题
1．（2025九上·南宁开学考）“估测”是物理学中常用的一种方法。以下物体所受的重力最接近2N的是（ ）
A．一个鸡蛋 B．一本八年级物理课本
C．一张课桌 D．一名八年级的学生
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．一斤鸡蛋500g，大约有10个，则一个鸡蛋的质量通常在50g左右，那么这个鸡蛋的重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，
故A不符合题意；
B．八年级物理课本的质量大约200g，则重力约为G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
故B符合题意；
C．一张课桌的质量约为20kg，其重力为G=mg=20kg×10N/kg=200N，
故C不符合题意；
D．八年级的学生的质量大约50kg，则学生的重力约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，
故D不符合题意。
故选B。
【分析】估测各个选项中物体的质量，根据G=mg计算出它的重力比较即可。
2．（2025九上·南宁开学考）如图所示，分别用大小相等的力向下压和向上拉弹簧，弹簧的形变不同，此现象表明影响力的作用效果的因素是（ ）
A．力的方向 B．力的大小 C．力的作用点 D．力的三要素
【答案】A
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】根据题目描述可知，用大小相等的力在同一点向不同的方向下压或拉伸弹簧，弹簧的形变不同，此时只有力的方向不同，那么说明力的方向可以改变力的作用效果。
故选A。
【分析】力的大小、方向和作用点，都影响力的作用效果，根据描述分析哪个因素不同即可。
3．（2025九上·南宁开学考）如图所示，若跳水运动员起跳在上升过程中的某时刻，所受的外力突然全部消失，那么她将（ ）
A．匀速直线上升 B．保持静止
C．匀速直线下降 D．可以向各个方向运动
【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律可知，运动员在上升过程中的某时刻，所受的外力突然全部消失，运动员处于平衡状态，运动员将沿外力消失的一瞬间的方向和速度做匀速直线运动，即匀速直线上升。
故选：A。
【分析】根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态，在外力消失的一瞬间，原来运动的物体将做匀速直线运动，原来静止的物体将永远静止下去。
4．（2025九上·南宁开学考）2024年6月2日，嫦娥六号探测器成功着陆月球背面进行探测。嫦娥六号着陆架下安装圆盘型“脚”，其目的是（ ）
A．减小压强 B．增大压力 C．减小压力 D．增大压强
【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：“嫦娥六号”着落架下方安装圆盘型“脚”，为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
故选：A。
【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
5．（2025九上·南宁开学考）下列过程中，人施加在物体上的力对物体做功的是（ ）
A．中学生抱着书本静止不动
B．售货员用力推货箱没推动
C．工人把水桶从地面上提起的过程
D．足球被运动员踢出后在草地上滚动过程
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．中学生抱着书本，对书本有向上的支持力，但书本没有在这个方向上移动距离，所以不做功，故A不符合题意；
B．售货员用力推货箱时，对箱子有水平向前的推力的作用，但箱子没有在这个方向上移动距离，所以不做功，故B不符合题意；
C．工人把水桶提起时，对水桶有竖直向上的支持力的作用，且水桶在的力的方向上移动了距离，所以做功，故C符合题意；
D．足球被踢出后在草地上滚动过程时，人和球已经分开，因此人不再对足球有力的作用，对足球不再做功，故D不符合题意。
故选C。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
6．（2025九上·南宁开学考）下列工具中，属于费力杠杆的是（ ）
A．园艺剪 B．食品夹
C．托盘天平 D．开瓶器
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】解：A．园艺剪是省力杠杆，故A不符合题意；
B．食品夹是费力杠杆，故B符合题意；
C．托盘天平是等臂杠杆，故C不符合题意；
D．开瓶器是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
7．（2025九上·南宁开学考）大气压强与我们的生活息息相关，能证实大气压强存在的实例是（ ）
A．用吸管吸饮料 B．用钓鱼竿钓鱼
C．用细线切豆腐 D．用削笔刀削铅笔
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；大气压强的存在；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】解：A．用吸管吸饮料，不是吸上来的，而是大气压工作，能证实大气压强存在，故A符合题意；
B．用钓鱼竿钓鱼运用了杠杆原理，故B不符合题意；
CD．用细线切豆腐、用削笔刀削铅笔，是压力不变时，通过减小受力面积增大压强，运用了增大压强的方法，故CD不符合题意。
故选：A。
【分析】（1）用吸管吸水是大气压的作用；
（2）用钓鱼竿钓鱼是杠杆原理；
（3）用细线切豆腐是减小受力面积，增大压强；
（4）用削笔刀削铅笔是减小受力面积，增大压强。
8．（2025九上·南宁开学考）如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的（ ）
A．动能不变，机械能不变 B．动能变大，机械能变大
C．动能不变，机械能变大 D．动能变大，机械能不变
【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】无人驾驶扫地车，将地面上的垃圾吸入车内，则车的质量变大，但是速度不变，那么动能变大。质量变大，高度不变，则重力势能变大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，车的机械能变大，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
9．（2025九上·南宁开学考）快递包裹“飞起来！”，如图所示，无人机正在配送包裹，若不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．水平加速时，无人机和包裹具有的惯性变大
B．匀速下降时，包裹所受的重力大于绳对包裹的拉力
C．空中悬停时，包裹对绳的拉力与绳对包裹的拉力是一对平衡力
D．匀速上升时，包裹所受的重力和绳对包裹的拉力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】解：A、水平加速时，无人机和包裹的质量保持不变，惯性与质量有关，质量不变，则具有的惯性保持不变，故A错误；
B、包裹处于平衡状态，受平衡力作用，包裹所受的重力与绳对包裹的拉力是一对平衡力，大小相等，故B错误；
C、空中悬停时，包裹对绳的拉力与绳对包裹的拉力在不同的物体上，是一对相互作用力，故C错误；
D、匀速上升时，包裹处于平衡状态，受平衡力作用，包裹所受的重力和绳对包裹的拉力是一对平衡力，大小相等，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）惯性只与质量有关，与速度无关；
（2）物体匀速直线运动时，处于平衡状态，受平衡力的作用；
（3）物体静止时，受平衡力的作用；
（4）物体匀速上升时，受力平衡，向上的力等于向下的力。
10．（2025九上·南宁开学考）“梅花落处疑残雪，柳叶开时任好风。”是诗人杜审言在《大酺》中的诗句。若一朵重力为0.03N的梅花从空中竖直下落时受到的阻力为0.01N，则这朵梅花受到的重力和阻力的合力大小以及方向分别为（ ）
A．0.04N 竖直向上 B．0.02N 竖直向上
C．0.04N 竖直向下 D．0.02N 竖直向下
【答案】D
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】解：梅花受到竖直向下的重力G=0.03N，竖直向上的阻力f=0.01N作用，根据合力的知识可知，同方向相加，反方向相减，故梅花受到的合力F=G-f=0.03N-0.01N=0.02N，方向竖直向下。
故选：D。
【分析】根据同一直线上力的合成方法求出桶受到的合力；同一直线上的两个力，
如果方向相同，则合力大小等于两个力的大小之和，合力方向与两个力的方向相同；
如果两个力方向相反，合力的大小两个力的大小之差，方向与较大力的方向相同。
11．（2025九上·南宁开学考）小明利用家里的吸管和细铜丝自制了一支密度计，将该密度计分别放入两种不同液体中，静止后如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．密度计在甲液体中受到的浮力大
B．密度计在两液体中受到的浮力相等
C．在标记刻度时，B的示数应比A小
D．在标记刻度时，B的示数应比A大
【答案】B,D
【知识点】浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：AB．由图可知，同一个密度计放在甲、乙液体中都漂浮，所受的浮力等于自身的重力，则F甲=F乙=G，所以甲、乙两图中密度计所受的浮力大小相等，故A错误，B正确；
CD．因为同一支密度计是漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知密度计在不同液体中的浮力不变，根据F浮=ρ液gV排可知，密度计排开液体的体积越小，液体密度越大，由图可知，B位置与A位置相比较，当B位置处于液面时，密度计排开液体的体积更小，表示液体密度更大，因此在标记刻度时，B的示数应比A大，故C错误，D正确。
故选：BD。
【分析】（1）从图可知，密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；
（2）从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
12．（2025九上·南宁开学考）如图所示，水平桌面上有质量相同、底面积相同的甲、乙两个薄壁容器，分别装有质量相同的a、b两种液体。下列说法正确的是（ ）
A．两种液体密度的大小关系是
B．两种液体对容器底压强的大小关系是
C．两个容器对桌面压强的大小关系是
D．桌面对两个容器支持力的大小关系是
【答案】A,B,C
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：A．从图形可以看出，甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的体积，两种液体质量相同，则根据可知，两种液体密度关系为ρa＜ρb，故A正确；
B．甲容器上下粗细相同，液体对容器底的压力等于液体的重力；乙容器上细下粗，液体的压力大于液体的重力，两种液体质量相同，重力相同，所以乙容器中液体对容器底的压力小于乙容器中液体对容器底的压力，又知两容器的底面积相等，则受力面积相同，由可知，两种液体对容器底压强关系为pa＜pb，故B正确；
CD．两容器的质量相同，两液体的质量相同，则两容器的总质量相等，由G=mg得，两容器的总重力相等，桌面对容器支持力F=G容器+G液体=G总，则桌面对两个容器支持力的大小关系是F甲=F乙，由力的相互作用得，两个容器对桌面的压力F甲'=F乙'，两容器的底面积相等，则受力面积相同，由得，两个容器对桌面压强的大小关系是p甲=p乙，故C正确，D错误。
故选：ABC。
【分析】（1）据图可知甲容器和乙容器中液体的体积关系，又知两种液体质量相同，根据分析，可知两种液体的密度关系。（2）根据液体产生的压力和液体重力的关系分析，可知两种液体对容器底压强的大小关系，根据分析，可知．两种液体对容器底的压强关系。
（3）桌面对容器支持力等于容器和容器内液体的总重力，根据容器和液体的质量关系，利用重力公式得出两容器的总重力关系，进而可知桌面对两个容器的支持力关系，再根据力作用的相互性得出两个容器对桌面的压力关系，然后根据分析，可知两个容器对桌面的压强关系。
13．（2025九上·南宁开学考）哈尔滨冰雪节的滑雪项目吸引了很多南方“小土豆”，滑雪时，滑雪杆向后撑地使人向前滑行，说明力的作用是 ；自由滑行时，由于受到阻力，人的滑行速度逐渐变小，说明力能改变物体的 。
【答案】相互的；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】解：滑雪时，滑雪杆向后撑地使人向前滑行，说明力的作用是相互的；由于受到阻力，人的滑行速度逐渐变小，说明力能改变物体的运动状态。
故答案为：相互的；运动状态。
【分析】力可以改变物体的运动状态，也可以使物体发生形变；力的作用是相互的。
14．（2025九上·南宁开学考）如图所示，平行地自然下垂两纸中间用力吹气，发现两张纸相互 （填“靠近”或“远离”），这是由于吹气时，两张纸的中间空气流速变大，压强变 。
【答案】靠近；小
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：向两纸中间用力吹气时，使两纸中间空气的流速变大，两纸中间空气的压强变小，纸外侧压强不变，所以纸片中间的压强小于纸片外侧压强，纸片向中间靠拢。
故答案为：靠近；小。【分析】流体流速越大、压强越小。分析纸片中间和纸片外侧的空气流速大小关系，可进一步得出纸片中间和外侧的压强大小关系。
15．（2025九上·南宁开学考）如下图所示，将钢尺一端固定在桌面上，用手下压另一端，松手后钢尺能恢复原状，说明钢尺发生的是 （选填“弹性”或“塑性”。）形变。如图，食指压钢尺的力是由于 （选填“钢尺”、“食指”或“桌面”）发生弹性形变而产生的。
【答案】弹性；食指
【知识点】弹力
【解析】【解答】（1）将钢尺一端固定在桌面上，用手下压另一端，松手后钢尺能恢复原状，说明钢尺发生的是弹性形变。
（2）食指压钢尺的力的施力物体是食指，是由于食指发生了弹性形变而产生的力。
【分析】（1） 物体受到外力改变形状，而撤去外力后，仍能恢复原状的叫弹性形变，不能恢复原状的叫塑性形变。
（2）对钢尺进行受力分析即可。
16．（2025九上·南宁开学考）如图为一种可感知气温变化的工艺玻璃瓶，由密闭球体A和上端开口的玻璃管B组成，B底部与A相连，瓶内有空气和适量有色液体。则该工艺瓶 （选填“是”或“不是”）连通器：不考虑温度的影响，把此瓶从山顶移到山脚，B管内液面将 。
【答案】不是；下降
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】解：由图可知，该瓶底部连通，但A上端没有开口，所以不是连通器。
大气压随着高度的增加而减小，把此瓶从山顶移到山脚，外界大气压变大，在大气压的作用下，B管液面会下降。
故答案为：不是；下降。
【分析】（1）根据连通器的概念分析解答；
（2）根据大气压与高度的关系分析解答。
17．（2025九上·南宁开学考）如图为托里拆利实验装置，由图中实验数据可判断当地大气压 （选填“高于”“低于”或“等于”）标准大气压。若换更粗的玻璃管进行实验，则测量结果 。
【答案】低于；不变
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法
【解析】【解答】解：由图知当地的大气压相当755mm水银柱产生的压强，利用托里拆利实验测量大气压时，气压等于管内外水银柱的高度差产生的压强，即大气压与此水银柱产生的压强相等，一标准大气压下，大气压能支持约760mm高的水银柱，故可判断当地大气压低于标准大气压。托里拆利实验时，结果与管的长短（当然不能短于760mm）、粗细、倾斜与否都没有关系，所以若换更粗的玻璃管进行实验，则测量结果不变。
故答案为：低于；不变。
【分析】利用托里拆利实验测量大气压时，气压等于管内外水银柱的高度差产生的压强，即大气压与此水银柱产生的压强相等，一标准大气压下，大气压能支持约760mm高的水银柱，为了测得大气压的值，这时必须测管内外水银面高度差；由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为755mm，因此，当时的大气压强等于755mm高水银柱产生的压强。托里拆利实验中，玻璃管的粗细不会影响实验结果。
18．（2025九上·南宁开学考）地质队获得了一段地质样品，由密度相同的A、B柱体组成，经测量B的高度为5cm，底面积为。为分析样品的地质结构，将其置于水平放置的传感器上，沿水平方向切割如图甲所示，传感器受到的压强随切去高度h的变化图像如图乙所示。则样品的密度为 ；当该样品切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等时，切去高度为 cm。
【答案】；8
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：由图横坐标可知，当h=15cm时，传感器受到的压强为0，说明A、B总高度为15cm，可得B的高度为5cm，则A的高度为总高度减去B的高度hA=h总-hB=15cm-5cm=10cm
当h=5cm时，B切完，对A没有压力，A对水平面压强pA=2500Pa
样品的密度，
当该样品切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等；当切完B才有可能压强相等，设切掉A高度为Δh，压强相等，A剩余部分压强即，解得Δh=0.03m=3cm
则切去高度为h=5cm+3cm=8cm
故答案为：2.5×103；8。
【分析】由图乙可知圆柱体总高度为15cm，B高5cm，据此计算A的高度，计算圆柱体B全部切去上A对传感器的压强，根据G=F=pS计算圆柱体A的重力，根据重力公式、密度公式计算圆柱体A的密度；
当该样品切去部分直接放在水平面上，其对水平面的压强与剩余部分对传感器的压强相等；当切完B才有可能压强相等，设切掉A高度为Δh，压强相等，A剩余部分压强，据此求解。
19．（2025九上·南宁开学考）
（1）如图甲，虚线表示掷出的实心球在空中飞行的路线，在O点画出实心球受到的重力的示意图。
（2）如图乙，装有水的容器静止放在斜面上，画出水面上的乒乓球受到的力的示意图。
（3）如图丙是笔记本电脑，请在图丁的示意图中画出打开电脑屏幕时，力F的力臂l。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】重力示意图；浮力及其产生原因；力臂的画法
【解析】【解答】解：（1）物体受到地球的吸引，重力的方向始终竖直向下，过重心O点做竖直向下的带箭头的线段表示实心球受到的重力，如图所示：
（2）漂浮的乒乓球，受到的浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下，浮力的方向总是竖直向上，过球的重心分别做竖直向下、竖直向上的带箭头的线段，分别表示重力、浮力；两力的线段等长，如图所示：
（3）根据力臂的定义进行分析，过O点做力F的作用线的垂线，支点到垂足间的距离为力F的力臂l，如图所示：
【分析】（1）空中飞行的实心球受到的重力竖直向下，作用点在重心；
（2）根据漂浮时，浮力等于重力，方向相反画图；
（3）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画图。
（1）重力的方向总是竖直向下，过重心O点做竖直向下的带箭头的线段表示实心球受到的重力，如图所示：
（2）重力的方向总是竖直向下，浮力的方向总是竖直向上，过球的重心分别做竖直向下、竖直向上的带箭头的线段，分别表示重力、浮力；球漂浮在水面，则球受到的重力与浮力大小相等，则两力的线段等长，如图所示：
（3）过O点做力F的作用线的垂线，支点到垂足间的距离为力F的力臂l，如图所示：
20．（2025九上·南宁开学考）物理兴趣小组的同学们在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，提出以下猜想：
猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小有关；
猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
根据猜想，同学们设计了如图甲、乙、丙所示的实验（其中丙图中的长木板与甲、乙两图中的长木板材料相同但表面更粗糙）。请你完成下列内容：
（1）用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动，根据 的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等。如图甲所示，木块受到的滑动摩擦力大小为 N；
（2）通过比较 两图，可验证猜想一。通过比较 两图，可验证猜想二；
（3）实验结束后，爱思考的小明对实验装置进行了如图丁所示的改动，重复实验发现效果更好。实验过程中 拉动长木板B做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。
【答案】（1）二力平衡；2.2
（2）甲、乙；甲、丙
（3）不需要
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】解：（1）根据二力平衡条件可知，需要拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，木块受力平衡，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
如图甲所示，故示数为2.2N，即木块受到的滑动摩擦力大小为2.2N。
（2）探究滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小关系，应控制接触面粗糙程度相同，改变压力大小，故应比较甲、乙两次实验。
控制接触面受到的压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，故应比较甲、丙两次实验。
（3）当采用图丁装置时，摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，当压力和接触面的粗糙程度不变时，摩擦力大小不变，所以不需要拉动长木板B做匀速直线运动。
故答案为：（1）二力平衡；2.2；（2）甲、乙；甲、丙；（3）不需要。【分析】（1）实验中要做到匀速直线拉动物体，物体受到的拉力和摩擦力是平衡力，由二力平衡条件得到摩擦力和拉力大小相等；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到的滑动摩擦力为一对平衡力，据此分析。
（1）[1]实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
[2]如图甲所示，弹簧测力计分度值为0.2N，故示数为2.2N，即木块受到的滑动摩擦力大小为2.2N。
（2）[1]探究滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小关系，应控制接触面粗糙程度相同，改变压力大小，故应比较甲、乙两次实验。
[2]探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度关系，应控制接触面受到的压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，故应比较甲、丙两次实验。
（3）当采用图丁装置时，无论长木板B是否做匀速直线运动，物块始终处于静止状态，物块受到的弹簧测力计的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以不需要拉动长木板B做匀速直线运动。
21．（2025九上·南宁开学考）某探究小组用如图所示的装置探究影响液体内部压强大小的因素。
（1）U形管压强计是通过观察U形管中液面 来显示橡皮膜所受压强大小，这种实验方法叫做 。
（2）实验前检查压强计的气密性时，发现不论怎样按压橡皮膜，U形管两边液柱始终相平，表明其气密性 （选填“好”或“不好”）。
（3）重新调整后，将压强计的橡皮膜朝上浸入水中某一深度，此时压强计显示的是橡皮膜 （选填“上方”“下方”或“各个方向”）的水对它的压强。
（4）比较乙、丙两次实验可知：同种液体中，液体内部压强随深度的增加而 。
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，有同学提出保持图丁中的探头位置不变，将一杯比丁更浓的盐水直接加入烧杯中搅匀，这样的操作得出的结论是( )（选填“正确”或“错误”）的。
【答案】（1）高度差；转换法
（2）不好
（3）上方
（4）增大
（5）错误
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】解：（1）U形管压强计是通过观察U形管两侧液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的；U形管两侧液面高度差越大，橡皮膜所受液体压强越大，这种实验方法叫做转换法；
（2）实验前检查压强计的气密性时，发现不论怎样按压橡皮膜，U形管两边液柱始终相平，U形管两侧液面没有出现高度差，说明气密性不好；
（3）因为橡皮膜朝上，上方的水会对橡皮膜产生压强，从而使U形管两侧出现液面高度差，故压强计显示的是橡皮膜上方的水对它产生的压强；
（4）比较乙、丙两次实验，同种液体，丙中橡皮膜浸入水中的深度比乙大，U形管液面的高度差比乙大，说明丙中的探头处所受的压强更大，由此现象可知同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，需要控制深度等其他变量不变。保持图丁中的探头位置不变，将一杯比丁更浓的盐水直接加入烧杯中搅匀，此时探头所处的深度会增大，同时液体密度也增大，没有控制深度不变，所以这样的操作得出的结论是错误的。
故答案为：（1）高度差；转换法；（2）不好；（3）上方；（4）增大；（5）错误。【分析】（1）U形管压强计是通过观察U形管两侧液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的；将不易直接测量的事物通过容易观察的现象反映出来的实验方法叫做转换法；
（2）如果气密性好，按压橡皮膜时，软管内的气压会变化，从而使U形管两侧液面出现高度差；若气密性不好，软管内的气压无法有效变化，液面就不会有高度差；
（3）橡皮膜朝上，上方的水会对橡皮膜产生压强，从而使U形管两侧出现液面高度差；
（4）同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，需要控制深度等其他变量不变。
（1）[1]U形管压强计是通过观察U形管中液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的。因为橡皮膜受到压强时，会通过软管传递给U形管中的液体，使两侧液面出现高度差，压强越大，高度差越大。
[2]这种将不易直接测量的压强大小转换为容易观察的液面高度差的实验方法叫做转换法。
（2）如果气密性好，按压橡皮膜时，软管内的气压会变化，从而使U形管两侧液面出现高度差；若气密性不好，软管内的气压无法有效变化，液面就不会有高度差。此处发现不论怎样按压橡皮膜，U形管两边液柱始终相平，说明气密性不好。
（3）因为橡皮膜朝上，上方的水会对橡皮膜产生压强，从而使U形管出现液面高度差。故压强计显示的橡皮膜上方的水对它产生的压强。
（4）比较乙、丙两次实验，液体都是水（同种液体），丙中橡皮膜浸入水中的深度比乙深，且丙中U形管液面的高度差比乙大，说明丙中的探头处所受的压强更大。由此现象可知同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大。
（5）为了探究液体内部的压强是否与液体密度有关，需要控制深度等其他变量不变。保持图丁中的探头位置不变，将一杯比丁更浓的盐水直接加入烧杯中搅匀，此时探头所处的深度会增大，同时密度也增大，没有控制深度不变，所以这样的操作得出的结论是错误的。
22．（2025九上·南宁开学考）小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态；为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）如图乙所示，A位置挂2个钩码，为使杠杆再次水平平衡，应该在B位置挂上 个同样的钩码；
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，弹簧测力计的示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）小明和小红制作杆秤：
①如图丁，用50cm长的木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，把空托盘挂在M点作为秤盘，在N点挂粗绳作为提纽；移动细线的位置，直到杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应刻度值为 g；
②在秤盘中逐一添加50g的砝码，移动细线的位置，当杆秤水平平衡时，记录细线的位置、标记相应的质量，再测出细线距离N点的长度（如表），根据表中数据，应将250g的刻度值标记在距离N点 cm处；
托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200
距离N点的长度/cm 6 11 16 21
③为了增大杆秤的最大测量值，你的方法是： （写出一种即可）。
【答案】（1）平衡；左
（2）4
（3）变大
（4）0；26；增加秤砣的质量
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】解：（1）杠杆处于静止状态，则杠杆达到平衡状态；杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将左端和右端的平衡螺母向左调节；
（2）假设一个钩码重G，杠杆一格为L；根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂得出：2G×4L=nG×2L，解得n=4；
（3）由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大；
（4）①秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g；
②由杠杆平衡条件：F1×L1=F2×L2可得：m物g×L物=m砣g×L砣，即：，在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比。由图表中数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离B的距离就增加5cm，故250g的刻度值应标记在距离B点26cm处；③为了增大杆秤的量程，由可知，可增加秤砣的质量，减小杆秤的分度值；也可以增加秤杆的长度，增大秤砣的移动范围；或让提纽B靠近A点，增大秤砣的移动范围等。
故答案为：（1）平衡；左；（2）4；（3）变大；（4）①0；②26；③增加秤砣的质量。
【分析】（1）杠杆静止和匀速转动时，杠杆都处于平衡状态；杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，杠杆中点放在支架上，杠杆的重心在支点；
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（或F1L1=F2L2）；根据杠杆的平衡条件判断哪一端将会下沉；
（3）阻力和阻力臂不变时，根据杠杆的平衡条件可知，动力臂减小，动力变大；
（4）①支点是指杠杆绕着转的固定点，图甲中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，由此可知杠杆的支点；
秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，即零刻度的位置；
②根据杠杆平衡条件和表中数据可知250g的刻度值的标记位置；
③根据杠杆平衡条件可知增大杆秤量程的方法。
（1）[1]实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆受力平衡处于平衡状态。
[2]由图甲可知，杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将平衡螺母向左调节。
（2）设一个钩码重G，杠杆一格为L，根据杠杆的平衡条件可得2G×4L=nG×2L
解得n=4。
故为使杠杆再次平衡，应该在B位置挂上4个同样的钩码。
（3）由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变小，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大。
（4）[1]图丁中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，即B点相当于支点；秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0。
[2]由杠杆平衡条件可得m物gL物=m砣gL砣
即
在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比。由图表中数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离B的距离就增加5cm，故250g的刻度值应标记和B点的距离
[3]为了增大杆秤的量程，由可知，可增加秤砣的质量，减小杆秤的分度值；也可以增加秤杆的长度，增大秤砣的移动范围。
23．（2025九上·南宁开学考）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小明猜想浮力的大小可能与以下因素有关：Ⅰ液体的密度；Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持猜想 （选填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）；
（2）为了研究猜想Ⅰ和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为 N。进一步计算得出A、B、C所受浮力 （选填“相等”或“不相等”），可得结论：浮力的大小与物体的重力 （选填“有关”或“无关”）；
②比较序号a、d和 这三次实验，可得结论：浮力大小与液体密度有关；
（3）结合浮力知识，小明设计创新实验测量石头的密度，如图丙所示，请将实验步骤补充完整：
①在一个薄壁轻质塑料瓶中装入适量水，密封瓶口后用刻度尺测量出瓶中水的深度记为；
②用双面胶（忽略质量和体积）把石头粘在瓶底，将瓶子放入水槽中，瓶子恰好在竖直方向漂浮，用刻度尺测量出瓶子浸入水中的深度记为；
③瓶口朝下，再次将粘有石头的瓶子放入水槽中，瓶子仍在竖直方向漂浮，用刻度尺测量出 （选填“AB”“BC”或“CD”）的距离记为；
④石头密度的表达式为 。（用、、和表示）
【答案】（1）Ⅲ
（2）1；相等；无关；e
（3）BC；
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：（1）图甲中易拉罐浸入的越深，排开水的体积越大，手感觉越吃力，说明浮力越大。由此可知：浮力的大小与排开液体的体积有关，故支持猜Ⅲ；
（2）①在图乙中，根据称重法可知物体A所受的浮力为：F浮A=GA-Fa=4N-3N=1N；
有称重法可知物体B所受的浮力为：F浮B=GB-Fb=4.5N-3.5N=1N；
有称重法可知物体C所受的浮力为：F浮C=GC-Fc=5N-4N=1N；
所以物体A、B、C受到的浮力相等，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关；②a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即液体密度不同，测力计示数不同，则受到的浮力也不同，由此可初步得结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力。由图丙可知，当再次将粘有石头的瓶子放入水槽中，瓶子仍在竖直方向漂浮，则瓶口朝上和瓶口朝下的两种状态下，瓶子和石头这一整体所受的浮力相等；根据阿基米德原理可知，整体排开水的体积不变。实验中，需测量出石头的体积，所以，接下来是：用刻度尺测量出瓶子内外水面的高度差即BC的距离记为h3；设瓶底的底面积为S，则有V石头+h2S=h1S+h3S，石头的体积为V石头=h1S+h3S-h2S=（h1+h3-h2）S
由物体的浮沉条件和阿基米德原理可得，石头的重力为G石头=F浮-G水=ρ水g（h1S+h3S）-ρ水gh1S=ρ水gh3S
则石头的密度为。
故答案为：（1）Ⅲ；（2）1；相等；无关；e；（3）BC；。
【分析】（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）③将瓶子和石头上下对调，再将瓶子放入水中，瓶子仍在竖直方向漂浮，为了测量石块的体积，用刻度尺测量出瓶子内外水面的高度差h3，这样石块的体积V=（h1+h3）S-h2S=（h1+h3-h2）S，由物体的沉浮条件和阿基米德原理可求出物体的重力，由质量及密度公式求出石块密度。
（1）图甲中，易拉罐浸入水中越深，浸入水中的体积越大，即排开水的体积越大，手感觉越吃力，说明受到的浮力变大，由此可知：浮力的大小与排开液体的体积有关，故支持猜想Ⅲ。
（2）①[1][2][3]根据称重法可得，A受到的浮力
B受到的浮力
C受到的浮力
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关。
②[4]a、d、e三次实验中，物体A浸入不同液体中的体积相同，即排开液体的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，根据称重法可知，物体A受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）[1][2]根据物体的浮沉条件可知，物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力。由图丙可知，当再次将粘有石头的瓶子放入水槽中，瓶子仍在竖直方向漂浮，则瓶口朝上和瓶口朝下的两种状态下，瓶子和石头这一整体所受的浮力相等；根据阿基米德原理可知，整体排开水的体积不变。实验中，需测量出石头的体积，所以，接下来是：用刻度尺测量出瓶子内外水面的高度差即BC的距离记为；设瓶底的底面积为S，则有
石头的体积为
由物体的浮沉条件和阿基米德原理可得，石头的重力为
则石头的密度为
24．（2025九上·南宁开学考）如图，某建筑工地上，工人利用电动机和滑轮组来搬运物体。某次搬运过程中，将480N的物体以0.2m/s的速度匀速提起了5m，绳子自由端的拉力为200N（不计摩擦和绳重）。求：
（1）该滑轮组做的有用功；
（2）拉力的功率；
（3）若该滑轮组的机械效率为75%时，所提升物体的重力。
【答案】（1）解：已知物体重力为G=480N，上升距离为h=5m，
滑轮组做的有用功为：W有=Gh=480N×5m=2400J；
（2）解：已知拉力大小为F=200N，物体速度为v物=0.2m/s，
由图可知，连接动滑轮的绳子股数为n=3，则拉力端的速度为：
v=nv物=3×0.2m/s=0.6m/s，
拉力的功率为：P=Fv=200N×0.6m/s=120W；
（3）解：不计摩擦和绳重，有，则动滑轮的重力G动＝3F﹣G＝3×200N﹣480N＝120N
不计摩擦和绳重，故克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，机械效率为
解得G1=360N。
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）已知重力和高度，用公式W=Gh可求出克服物体重力做的有用功；
（2）观察绳子股数，利用运动的速度求出自由端速度，用公式P=Fv可求出功率；
（3）利用自由端拉力与物体、滑轮重力的关系式求出动滑轮的重力，再根据机械效率的公式，将动滑轮重力代入求出物体的重力。
（1）滑轮组做的有用功W有＝Gh＝480N×5m＝2400J
（2）绳子的有效段数为3，绳子自由端的速度v＝3v物＝0.2m/s×3＝0.6m/s
拉力的功率P＝Fv＝200N×0.6m/s＝120W
（3）不计摩擦和绳重，有，则动滑轮的重力G动＝3F﹣G＝3×200N﹣480N＝120N
不计摩擦和绳重，故克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，机械效率为
解得G1=360N。
25．（2025九上·南宁开学考）陈列于国家博物馆的青铜漏壶（如图甲）是汉代的一种计时工具，某校项目式学习小组复刻了简易模型（如图乙）。使用时壶中的水从壶底的出水口流出，浮舟和漏箭随之下降，通过漏箭上的标注读取时间。组员先关闭出水孔，在壶中加入适量水，随后将浮舟和漏箭缓慢放入，待浮舟静止后，将水位标记为A点，此时浮舟露出水面的体积为总体积的；打开出水孔后，组员发现出水速度随水的压强减小而减小，压强小于一定值后停止出水，标记水位在B点，此时浮舟下表面与壶底的距离为0.5cm。已知壶身和浮舟均为圆柱体，浮舟底面积为，质量为150g，漏箭质量忽略不计，水的密度。求：
（1）浮舟受到的浮力。
（2）水位在B点时，壶底出水口处受到的水的压强。
（3）由于出水速度不均导致计时误差，组员对漏壶装置进行改进，将之前的漏壶作为受水壶，新增补偿壶和恒定壶（如图丙）。受水壶出水口关闭，补偿壶的水流入恒定壶中，使恒定壶水位保持不变。水匀速滴入空的受水壶中，当浮舟对壶底的压力恰好为零时，开始计时，直至浮舟的上表面与受水壶的上沿相平，一个计时周期结束。若恒定壶1min滴出水的质量为50g，受水壶高50cm，计时开始时壶内水的质量为600g，则一个计时周期对应的时间（单位用min）。
（4）补偿壶水位过低时，恒定壶水位会下降，请提供一个延长装置稳定计时的方法。
【答案】（1）解：根据物体的浮沉条件可知，浮舟与漏箭整体漂浮，浮力等于重力，即
（2）解：水位下降至B点时，根据阿基米的原理可知浮舟整体漂浮由得：
浸入的深度为
此时水距离底部的高度
水位在B点时，壶底出水口受到的水的压强。
（3）解：依题意得
开始计时，浮舟漂浮，此时，由得
所以受水壶底面积为
计时结束，浮舟浸入水中深度恒定，计时周期内水上升高度为
计时周期内注入的水质量为
所以一个计时周期对应的时间为。
（4）解：可以增加补偿壶的容积，使补偿壶能储存更多的水，从而在较长时间内保持水位，避免恒定壶水位下降，延长装置稳定计时的时间。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）已知浮舟质量为m，浮舟漂浮时F浮=G=mg；（2）由浮力根据阿基米德原理变形公式求出排开水的体积，从而得到浸入的深度，求出壶底出水口的深度，最后由公式p=ρgh求出压强；
（3）当浮舟对壶底的压力恰好为零时浮力等于重力，开始计时，直至浮舟的上表面与受水壶的上沿相平，一个计时周期结束，可求出一个计时周期注入的水质量；根据恒定壶1min滴出水的质量为50g，可求出一个计时周期对应的时间；
（4）补偿壶水位过低时，恒定壶水位会下降，因而要想办法增加补偿壶的容积。
（1）由题知浮舟与漏箭整体漂浮
（2）水位下降至B点时，浮舟整体漂浮由得：
浸入的深度为
此时水距离底部的高度
水位在B点时，壶底出水口受到的水的压强
（3）依题意得
开始计时，浮舟漂浮，此时，由得
所以受水壶底面积为
计时结束，浮舟浸入水中深度恒定，计时周期内水上升高度为
计时周期内注入的水质量为
所以一个计时周期对应的时间为
（4）可以增加补偿壶的容积，使补偿壶能储存更多的水，从而在较长时间内保持水位，避免恒定壶水位下降，延长装置稳定计时的时间。
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