山东省2025-2026学年高二物理上学期期末模拟卷（含解析）
文档属性
| 名称 | 山东省2025-2026学年高二物理上学期期末模拟卷（含解析） |
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| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 1.2MB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 鲁科版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-12-25 00:00:00 | ||
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文档简介
山东省2025-2026学年高二物理上学期期末模拟卷
（考试时间：75分钟，分值：100分。）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．难度：0.55
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．从t=0时刻开始，一质点的位移-时间图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．质点可能做曲线运动 B．质点运动的初速度一定不为零
C．质点运动的速度越来越大 D．质点运动的加速度不变
2．在 LC振荡电路中，t1时刻和t2时刻电感线圈中的磁感线和电容器中极板的带电情况分别如图所示， 则下列说法中正确的是（ ）
A．在t1时刻磁场能转化为电场能
B．在t2时刻电容器正在充电
C．在t1时刻电路中的电流处在减小状态
D．在t2时刻电路中感应电流方向与电路电流方向相反
3．如图所示，围棋比赛时解说员用的挂盘盘面竖直，磁性棋子吸在棋盘上静止不动，每个棋子的质量相等，与盘面间的磁性吸力大小不一定相等，则下列说法正确的是（ ）
A．棋盘对不同棋子的摩擦力大小不一定相等
B．磁性吸力大的棋子受到棋盘的摩擦力可能大于该棋子的重力
C．若将棋盘倾斜放置，棋盘对棋子的作用力不变
D．棋盘对棋子的弹力小于棋盘对棋子的磁性吸力
4．如图所示，水平面内有边长为L的正三角形，O为三角形中心，MN为过O点的竖直线，且。在三角形的顶点上分别固定相同的正点电荷，将一带电油滴从N点由静止释放，油滴向上运动且能通过O点，忽略空气阻力，则（ ）
A．油滴的加速度一定先减小后增大 B．油滴在O点的动能最大
C．油滴在O点的电势能最大 D．油滴一定不能到达M点
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5．某物体运动的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．第1s内和第6s内的运动方向相同 B．2~5s内物体静止
C．0~2s内物体加速度为5m/s2 D．物体6s内的位移为45m
6．导航系统是一种利用人造卫星对物体进行定位测速的工具，目前世界上比较完善的导航系统有美国的 GPS 系统，中国的北斗系统，欧洲的伽利略导航系统以及俄罗斯的 GLONASS 系统，其中美国的 GPS 系统采用的是运行周期为 12 小时的人造卫星，中国的北斗系统一部分采用了静止卫星，现有一颗北斗静止卫星 A 和一颗赤道平面上方的 GPS 卫星 B， t =0时两者刚好均处在地面某点 C 的正上方，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．A 的速度比 B 的小
B．发射卫星 A 需要更多的能量
C．卫星 A、B 的轨道半径 rA：rB= 2 ： 1
D．从此时刻起，经过 24 小时，两者相距最近
7．2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约十分钟后，神舟二十号载人飞船与火箭成功分离，进入地球表面上空约的圆形轨道执行探测任务，已知地球半径为，地球表面重力加速度为，地球同步卫星的离地高度约。关于神舟二十号载人飞船，下列说法正确的是（ ）
A．周期 B．角速度
C．线速度 D．发射速度大于
8．为缓解高三学生的压力，班主任利用班会课时间组织了一次游戏活动。游戏如下：以教室里等宽的瓷砖为标记线，如图所示，一位同学坐进箱子后，其他同学将箱子从同一指定位置O推出，只要箱子的任意部分能停靠在和之间将获奖。某次游戏中，箱子前端紧靠指定位置O，以的速度被推出，箱子前端刚好停靠在第一块瓷砖的边线上，箱子前端从第三块瓷砖的左边界滑到第二块瓷砖的右边界所用的时间为。箱子和瓷砖的宽度均为，重力加速度，箱子在运动中阻力保持不变，则下列说法正确的是（ ）
A．若换成体重更大的同学坐进箱子，并以相同的速度推出箱子，箱子滑行的距离会变小
B．箱子和瓷砖间的动摩擦因数
C．若箱子的初速度为，箱子前端到达边界线的速度为v，则箱子前端到达的速度为
D．若要获奖，箱子被推出的速度大小必须满足
第Ⅱ卷
三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14、15、16题为计算题。考生根据要求作答。
9．在一条平直公路上，一辆汽车（视为质点）从计时开始到停止运动的总时间为，速度—时间图像如图所示，第一段时间做加速度大小为a（a为未知量）的匀减速直线运动，第二段时间做匀速直线运动，第三段时间也做加速度大小为a（a为未知量）的匀减速直线运动，三段运动时间相等，v-t图像与时间轴所围成的面积为。根据上述信息，汽车的初速度为 ，汽车在前两段时间内的平均速度为 ，汽车在后两段时间内的平均速度为 。
10．甲乙两质点在同一时刻，从同一位置沿同一方向做直线运动，以出发点为原点，初速度方向为正方向建立坐标系，它们运动过程的图象如图所示，已知质点甲做初速度为0的匀加速直线运动，加速度为，质点乙以某一初速度做匀减速直线运动，加速度为，且速度减为0后保持静止。求：
（1）a图线对应甲还是乙； （选甲或乙）
（2），的大小( ) 。
11．回旋加速器核心部分是两个D形金属盒，两盒分别和一电压为U的高频交流电源两极相接，从而在盒内的狭缝中形成交变电场，使粒子每次穿过狭缝时都得到加速，两盒放在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于D形盒。粒子源A能不断释放出电荷量为q、质量为m的带电粒子（初速度可以忽略，重力不计）。已知D形盒半径为R，忽略粒子在电场中运动的时间，不考虑加速过程中引起的粒子质量变化，则粒子从 获得能量（填“电场”或“磁场”），从D 形盒出Ⅱ离开时的速度为 ，在磁场中运动的总时间为
12．某同学做“探究力的分解规律”实验步骤如下：
A．如图甲所示，橡皮条的一端连接轻质小圆环，另一端固定，橡皮条的长度为GE；
B．如图乙所示，用一个弹簧测力计拉动小圆环，使其处于O点，橡皮条伸长的长度为EO，读出弹簧测力计的示数F并记录其方向；
C．如图丙所示，用两个弹簧测力计共同拉动小圆环，________，读出两弹簧测力计的示数、并记录二者方向；
D．画出F、和的图示，猜想并验证三者之间的关系；
F．改变和的方向重复实验。
请回答下列问题：
（1）请将步骤C补充完整 ；
（2）下列说法正确的是 ；
A．实验中采用了等效替代的方法
B．实验中应测量GE的长度
C．实验中和的夹角尽量接近90°
D．实验中和的数值一定小于F
（3）如图丁所示，画出F、和的图示 ，请根据你的猜想验证三者的关系（保留验证过程），并写出实验结论 。
13．已知实验室有一未知材料制作的热敏电阻（传感器）阻值与温度的关系如表中所示，某同学想利用该热敏电阻（传感器）测量当地某天的中午十二点和零点的温差，实验室提供的器材如下：
温度/℃ 20 21 22 23 24 … 37 38 39 40
阻值/Ω 600.0 578.0 558.0 537.0 520.0 … 328.0 312.0 308.0 300.0
直流电源E（电动势为1.5V）
毫安表（量程0~10mA，内阻为100Ω）
毫安表（量程0-15mA，内阻约为100Ω）
滑动变阻器（最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为5A）
滑动变阻器（最大阻值为1000Ω）
热敏电阻
开关S及导线若干
（1）某同学根据给出的器材设计如图甲所示的电路，图中“1”、“2”为毫安表，为了准确测定热敏电阻的阻值，“1”表应该是 ，“2”表应该是 。（均选填“”或“”）
（2）为了便于操作，滑动变阻器应该选择 （选填“”或“”）。
（3）该同学在中午十二点、零点左右分别多次实验并将得到的数据描绘在图像中，所得图像分别为如图乙中①、②所示，根据图像可知，中午十二点和零点测量时的对应阻值分别为 Ω和 Ω。（计算结果均取整数）
（4）测得的中午十二点和零点的温差为 ℃。
14．某同学设计了风力测量仪可以直接测量风力的大小。测量仪中有一轻质杆悬挂着一个金属球，无风时轻质杆自由下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，轻质杆与竖直方向的夹角为，如图所示。若小球的质量为，重力加速度为。求∶
（1）此时小球所受风力的大小；
（2）试说明小球所受风力的大小在圆弧上的刻度是否均匀分布。
15．如图所示，在距地面上方的光滑水平台面上，质量为的物块左侧压缩一个轻质弹簧，弹簧与物块未拴接。物块与左侧竖直墙壁用细线拴接，使物静止在点。水平台面右侧有一倾角为的光滑斜面，半径分别为和的两个光滑圆形轨道固定在粗糙的水平地面上，且两圆轨道分别与水平面相切于两点，两圆最高点分别为D、F。现剪断细线，已知初始时刻的弹簧弹性势能为，恢复原长后全部转化为物块的动能，物块离开水平台面后恰好无碰撞地从点落入光滑斜面上，运动至点后（在点无能量损失）沿粗糙的水平面从点进入光滑竖直圆轨道且通过最高点，已知物块与水平面间的动摩擦因数，长度，距离，，已知：，。
（1）求水平台面的高度；
（2）求物块经过点时对圆轨道的压力；
（3）为了让物块能从点进入圆轨道且不脱离轨道，则间的距离应满足什么条件？
16．如图所示，一长度、与水平方向的夹角的传送带以的速度顺时针匀速转动，传送带与左右两侧的平面平滑连接，左侧斜面与水平方向的夹角也为，右侧平面水平。距传送带底端点处有一固定弹性挡板，一质量的子弹，以的速度射入放在点的质量的物块（视为质点）且留在物块中，子弹相对物块运动的时间极短，可忽略不计，点与传送带上端的距离可忽略不计，物块与传送带之间的动摩擦因数，物块与右侧水平面间的动摩擦因数。已知物块与弹性挡板碰撞前后速度大小不变，取重力加速度大小。求：
(1)物块第一次通过传送带所用的时间；
(2)物块沿传送带向上运动的最大距离；
(3)物块停止运动时到点的距离。
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
山东省2025-2026学年高二物理上学期期末模拟卷
（考试时间：75分钟，分值：100分。）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．难度：0.55
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．C
【详解】A．位移-时间图像只能表示直线运动的规律，则可知质点一定做直线运动，故A错误；
B．位移-时间图像的斜率表示速度，质点运动的初速度可能为零，故B错误；
C．位移-时间图像的斜率表示速度，由图像可知质点运动的速度越来越大，故C正确；
D．根据图像无法判断质点运动的速度均匀变化，故无法判断加速度不变，故D错误。
故选C。
2．B
【详解】AC．由题图t1时刻电感线圈中的磁感线方向，根据右手螺旋定则可以判断电流的方向为顺时针，故此时电容器正在放电，电流处于增大状态，故在t1时刻电场能转化为磁场能，选项AC错误；
BD．而由t2时刻电感线圈中的磁感线方向，根据右手螺旋定则可以判断电流的方向为顺时针，故此时电容器正在充电，电流处于减小状态，故在t2时刻电路中感应电流方向与电路电流方向相同，选项B正确，D错误。
故选B。
3．C
【详解】AB．因棋子质量相等，根据平衡条件，棋盘对不同棋子的摩擦力大小相等，都等于重力，故AB错误；
D．根据平衡条件，棋盘对棋子的弹力大小等于棋盘对棋子的磁性吸力大小，故D错误；
C．若将棋盘倾斜放置，棋盘对棋子的作用力始终与重力等大反向，故C正确。
故选C。
4．D
【详解】A．根据点电荷的场强叠加原理，在MN直线上O点场强为 0。油滴从N点由静止释放向上运动且能通过O点，说明油滴带正电。油滴从N到O过程中，电场力方向向上，重力方向向下，开始时电场力大于重力，合力向上，油滴加速上升，随着向上运动，电场力逐渐减小，合力逐渐减小，加速度逐渐减小；当电场力等于重力时，合力为0，加速度为0，此时速度最大；之后电场力小于重力，合力增大向下，加速度增大向下，油滴做减速运动直至O点，随着继续向上运动，电场力向下增大，合力增大，做加速度增大的减速运动，由于不知道OM上场强最大的点位置，故油滴的加速度可能先减小后增大，也可能先减小后增大在减小，故A错误；
B．由上述 A 选项的分析可知，当电场力等于重力时速度最大，动能最大，该位置一定在O点下方，故B错误；
C．N到O过程，电场力一直做正功，电势能一直减小，故油滴在O点的电势能不是最大，故C错误；
D．根据对称性，N点和M点的电势相等，根据
可知该过程电场力做功为0，油滴从N点由静止释放，假设到M点，根据动能定理有
可得
可知假设失败，故油滴一定不能到达M点，故D正确。
故选D。
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5．ACD
【详解】A．由图可知，第1s内和第6s内物体速度均为正值，所以的运动方向相同。故A正确；
B．由图可知，2~5s内物体做匀速直线运动。故B错误；
C．0~2s内物体加速度为该段图线的斜率，即
故C正确；
D．物体6s内的位移为图线与坐标轴所围面积，即
故D正确。
故选ACD。
6．AD
【详解】A．根据万有引力提供向心力得
解得
因为A的轨道半径比B的大，所以A的速度比B的小，故A正确；
B．由于卫星A、B的质量关系未知，则发射过程需要的能量多少无法比较，故B错误；
C．卫星B周期为，北斗静止卫星A的周期为，根据开普勒第三定律得，可知
故C错误；
D．经过，A运动1周，而B运动2周，两卫星刚好回到初始位置，则此时相距最近，故D正确。
故选AD。
7．AC
【详解】A．地球同步卫星的周期为，根据开普勒第三定律，神舟二十号飞船轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，故神舟二十号的周期，A正确；
B．根据万有引力提供向心力，有
在地球表面有
联立解得
因神舟二十号载人飞船的轨道半径，故，B错误；
C．是卫星的最大环绕速度，故神舟二十号载人飞船的线速度，C正确；
D．神舟二十号载人飞船绕地球做圆周运动，没有挣脱地球的吸引，故发射速度满足，D错误。
故选AC。
8．BD
【详解】A．根据牛顿第二定律有
解得箱子的加速度
可知加速度与质量无关，根据运动学公式
解得滑行距离
可知滑行距离仅与初速度和加速度有关，与质量无关，因此换成体重更大的同学，以相同速度推出，滑行距离不变，故A错误；
B．已知箱子前端从O点以推出，前端刚好到，则可将箱子看作是反方向初速度为零的匀加速，设到的时间为，到的时间为，根据运动学公式有到满足
到满足
又由题意
联立解得，，
又
解得，故B正确；
C．在箱子以的速度被推出，箱子前端刚好停靠在第一块磁砖的边线上的过程中，由运动学公式
代入数据得
则位置O到的距离
箱子前端从位置O到的过程，满足运动学公式
箱子前端从位置O到的过程，满足运动学公式
代入数据联立解得，故C错误；
D．获奖需箱子任意部分在和之间，即箱子前端至少超过，即距离O点距离为，且箱子末端不超过，即距离O点距离为。箱子前端到时速度大于零，满足
代入数据得
箱子末端到之前速度减为零，满足
代入数据得
即若要获奖，箱子被推出的速度大小必须满足，故D正确。
故选BD。
第Ⅱ卷
三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14、15、16题为计算题。考生根据要求作答。
9．
【详解】[1]设汽车的初速度为，、时刻速度为，则有
v-t图像与时间轴所围成的面积为表示位移，则
解得
，，
[2]汽车在前两段时间内的平均速度为
[3]汽车在后两段时间内的平均速度为
10． 乙 a1=3m/s2，a2=1m/s2
【详解】（1）由图可知，图线的速度随位移增大而减小， 图线的速度随位移增大而增大，所以结合题意可知图线表示质点乙的运动，图线表示质点甲的运动；
（2）由图可知，当时，乙的速度为，即质点乙的初速度，设质点乙、甲先后通过处时的速度均为，对质点甲有
对质点乙有
代入数据联立解得
当质点甲的速度、质点乙的速度时，两质点通过相同的位移均为，对质点甲有
对质点乙有
代入数据联立解得
联立解得
，
11． 电场
【详解】[1]根据回旋加速器工作原理可知，带电粒子在电场中电场力对其做功而被加速，在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力不做功，所以粒子在电场中获取能量；
[2]设粒子从D 形盒出Ⅱ离开时的速度为v，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即
解得
[3]分析可知，粒子运动一周被加速两次，且每次加速获得能量为qU，故设粒子从D 形盒出Ⅱ离开时别加速次数为
由因为磁场中运动一周时间为
所以在磁场中运动的总时间为
联立解得
12． 仍使其处于O点 A 在误差允许的范围内，力的分解满足平行四边定则
【详解】（1）[1] 用两个弹簧测力计共同拉动小圆环， 仍使其处于O点；
（2）[2] 实验中采用了等效替代的方法，两次实验力的效果一样；
（3）[3]
[4] 连接3个力的末端，与O点构成了平行四边形，且F在对角线上。得出结论：在误差允许的范围内，力的分解满足平行四边定则。
13． 300 600 20
【详解】（1）[1][2]根据电路图结合器材，实验器材中没有电压表，同时毫安表内阻已知，故可以将热敏电阻与毫安表并联后与毫安表串联，则两毫安表示数之差为通过热敏电阻的电流大小，同时可以计算热敏电阻两端电压，从而准确测定其电阻，分析可知，“1”表应该是，“2”表应该。
（2）[3]滑动变阻器选择了分压接法，为了便于调节，滑动变阻器应该选择阻值较小的。
（3）[4][5]根据欧姆定律可知
化简可得
由图乙可知，中午十二点对应图线的斜率为
解得中午十二点测量时的对应阻值为
由图乙可知，零点对应图线的斜率为
解得零点测量时的对应阻值为
（4）[6]通过表中数据可知300.0Ω和600.0Ω分别对应40℃和20℃，故测得的中午十二点和零点的温差为20℃。
14．（1）；（2）不均匀分布
【详解】（1）对小球受力分析，如图所示
由平衡条件得，此时小球所受风力的大小为
（2）由风力与轻绳的摆角关系可知，随着角度的增大，小球所受风力的大小在圆弧上的刻度线分布越来越密，所以刻度分布不均匀。
15．（1）；（2）；（3）或
【详解】（1）剪断细线，弹簧的弹性势能全部转化为物块的动能，运用动能定理则有
其中
解得
物块离开水平台面后恰好无碰撞地从点落入光滑斜面上，则有
解得
则台面到点的高度为
水平台面的高度为
（2）物块从离开水平台面到经过点过程，根据动能定理可得
解得
物块经过点时，根据牛顿第二定律可得
解得
根据牛顿第三定律可知，物块经过点时对圆轨道的压力大小为，方向竖直向上。
（3）设物体刚好能到达点，从到的过程，根据动能定理可得
解得
设物体经过点后刚好到达圆心等高处，根据动能定理可得
解得
设物体经过点后刚好经过最高点，则有
根据动能定理可得
联立解得
为了让物块能从点进入圆轨道且不脱离轨道，则间的距离应满足或
16．(1)1.1s
(2)0.2m
(3)1m
【详解】（1）子弹射入物块，由动量守恒定律有
得
由于，物块先受到沿传送带向下的滑动摩擦力，物块先向下做加速直线运动，由牛顿第二定律
有
设时间与传送带共速，有
得
此时物块的位移为
此后由于，所以物块受到沿传送带向上的滑动摩擦力，由牛顿第二定律有
有
设还需滑到传送带底端，由位移与时间关系式
得
（舍去负值-3s）
物块第一次通过传送带所用的时间
（2）物块第一次到达传送带的底部的速度为
因为物块与弹性挡板碰撞前后速度大小不变，所以可以对物块在右侧水平面上运动的全过程分析，则有
其中为物块第二次滑上传送带的初速度
解得
对物体第二次滑上传送带，向上运动过程进行受力分析，由牛顿第二定律有此时的加速度
则有
解得
（3）当物块沿传送带向上运动到最大距离之后物块还是以做加速运动，因为，则物块再一次到达传送带的最底端时速度为
则对物块滑上右侧水平面到停止运动的过程有
解得
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页
（考试时间：75分钟，分值：100分。）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．难度：0.55
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．从t=0时刻开始，一质点的位移-时间图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．质点可能做曲线运动 B．质点运动的初速度一定不为零
C．质点运动的速度越来越大 D．质点运动的加速度不变
2．在 LC振荡电路中，t1时刻和t2时刻电感线圈中的磁感线和电容器中极板的带电情况分别如图所示， 则下列说法中正确的是（ ）
A．在t1时刻磁场能转化为电场能
B．在t2时刻电容器正在充电
C．在t1时刻电路中的电流处在减小状态
D．在t2时刻电路中感应电流方向与电路电流方向相反
3．如图所示，围棋比赛时解说员用的挂盘盘面竖直，磁性棋子吸在棋盘上静止不动，每个棋子的质量相等，与盘面间的磁性吸力大小不一定相等，则下列说法正确的是（ ）
A．棋盘对不同棋子的摩擦力大小不一定相等
B．磁性吸力大的棋子受到棋盘的摩擦力可能大于该棋子的重力
C．若将棋盘倾斜放置，棋盘对棋子的作用力不变
D．棋盘对棋子的弹力小于棋盘对棋子的磁性吸力
4．如图所示，水平面内有边长为L的正三角形，O为三角形中心，MN为过O点的竖直线，且。在三角形的顶点上分别固定相同的正点电荷，将一带电油滴从N点由静止释放，油滴向上运动且能通过O点，忽略空气阻力，则（ ）
A．油滴的加速度一定先减小后增大 B．油滴在O点的动能最大
C．油滴在O点的电势能最大 D．油滴一定不能到达M点
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5．某物体运动的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．第1s内和第6s内的运动方向相同 B．2~5s内物体静止
C．0~2s内物体加速度为5m/s2 D．物体6s内的位移为45m
6．导航系统是一种利用人造卫星对物体进行定位测速的工具，目前世界上比较完善的导航系统有美国的 GPS 系统，中国的北斗系统，欧洲的伽利略导航系统以及俄罗斯的 GLONASS 系统，其中美国的 GPS 系统采用的是运行周期为 12 小时的人造卫星，中国的北斗系统一部分采用了静止卫星，现有一颗北斗静止卫星 A 和一颗赤道平面上方的 GPS 卫星 B， t =0时两者刚好均处在地面某点 C 的正上方，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．A 的速度比 B 的小
B．发射卫星 A 需要更多的能量
C．卫星 A、B 的轨道半径 rA：rB= 2 ： 1
D．从此时刻起，经过 24 小时，两者相距最近
7．2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约十分钟后，神舟二十号载人飞船与火箭成功分离，进入地球表面上空约的圆形轨道执行探测任务，已知地球半径为，地球表面重力加速度为，地球同步卫星的离地高度约。关于神舟二十号载人飞船，下列说法正确的是（ ）
A．周期 B．角速度
C．线速度 D．发射速度大于
8．为缓解高三学生的压力，班主任利用班会课时间组织了一次游戏活动。游戏如下：以教室里等宽的瓷砖为标记线，如图所示，一位同学坐进箱子后，其他同学将箱子从同一指定位置O推出，只要箱子的任意部分能停靠在和之间将获奖。某次游戏中，箱子前端紧靠指定位置O，以的速度被推出，箱子前端刚好停靠在第一块瓷砖的边线上，箱子前端从第三块瓷砖的左边界滑到第二块瓷砖的右边界所用的时间为。箱子和瓷砖的宽度均为，重力加速度，箱子在运动中阻力保持不变，则下列说法正确的是（ ）
A．若换成体重更大的同学坐进箱子，并以相同的速度推出箱子，箱子滑行的距离会变小
B．箱子和瓷砖间的动摩擦因数
C．若箱子的初速度为，箱子前端到达边界线的速度为v，则箱子前端到达的速度为
D．若要获奖，箱子被推出的速度大小必须满足
第Ⅱ卷
三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14、15、16题为计算题。考生根据要求作答。
9．在一条平直公路上，一辆汽车（视为质点）从计时开始到停止运动的总时间为，速度—时间图像如图所示，第一段时间做加速度大小为a（a为未知量）的匀减速直线运动，第二段时间做匀速直线运动，第三段时间也做加速度大小为a（a为未知量）的匀减速直线运动，三段运动时间相等，v-t图像与时间轴所围成的面积为。根据上述信息，汽车的初速度为 ，汽车在前两段时间内的平均速度为 ，汽车在后两段时间内的平均速度为 。
10．甲乙两质点在同一时刻，从同一位置沿同一方向做直线运动，以出发点为原点，初速度方向为正方向建立坐标系，它们运动过程的图象如图所示，已知质点甲做初速度为0的匀加速直线运动，加速度为，质点乙以某一初速度做匀减速直线运动，加速度为，且速度减为0后保持静止。求：
（1）a图线对应甲还是乙； （选甲或乙）
（2），的大小( ) 。
11．回旋加速器核心部分是两个D形金属盒，两盒分别和一电压为U的高频交流电源两极相接，从而在盒内的狭缝中形成交变电场，使粒子每次穿过狭缝时都得到加速，两盒放在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于D形盒。粒子源A能不断释放出电荷量为q、质量为m的带电粒子（初速度可以忽略，重力不计）。已知D形盒半径为R，忽略粒子在电场中运动的时间，不考虑加速过程中引起的粒子质量变化，则粒子从 获得能量（填“电场”或“磁场”），从D 形盒出Ⅱ离开时的速度为 ，在磁场中运动的总时间为
12．某同学做“探究力的分解规律”实验步骤如下：
A．如图甲所示，橡皮条的一端连接轻质小圆环，另一端固定，橡皮条的长度为GE；
B．如图乙所示，用一个弹簧测力计拉动小圆环，使其处于O点，橡皮条伸长的长度为EO，读出弹簧测力计的示数F并记录其方向；
C．如图丙所示，用两个弹簧测力计共同拉动小圆环，________，读出两弹簧测力计的示数、并记录二者方向；
D．画出F、和的图示，猜想并验证三者之间的关系；
F．改变和的方向重复实验。
请回答下列问题：
（1）请将步骤C补充完整 ；
（2）下列说法正确的是 ；
A．实验中采用了等效替代的方法
B．实验中应测量GE的长度
C．实验中和的夹角尽量接近90°
D．实验中和的数值一定小于F
（3）如图丁所示，画出F、和的图示 ，请根据你的猜想验证三者的关系（保留验证过程），并写出实验结论 。
13．已知实验室有一未知材料制作的热敏电阻（传感器）阻值与温度的关系如表中所示，某同学想利用该热敏电阻（传感器）测量当地某天的中午十二点和零点的温差，实验室提供的器材如下：
温度/℃ 20 21 22 23 24 … 37 38 39 40
阻值/Ω 600.0 578.0 558.0 537.0 520.0 … 328.0 312.0 308.0 300.0
直流电源E（电动势为1.5V）
毫安表（量程0~10mA，内阻为100Ω）
毫安表（量程0-15mA，内阻约为100Ω）
滑动变阻器（最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为5A）
滑动变阻器（最大阻值为1000Ω）
热敏电阻
开关S及导线若干
（1）某同学根据给出的器材设计如图甲所示的电路，图中“1”、“2”为毫安表，为了准确测定热敏电阻的阻值，“1”表应该是 ，“2”表应该是 。（均选填“”或“”）
（2）为了便于操作，滑动变阻器应该选择 （选填“”或“”）。
（3）该同学在中午十二点、零点左右分别多次实验并将得到的数据描绘在图像中，所得图像分别为如图乙中①、②所示，根据图像可知，中午十二点和零点测量时的对应阻值分别为 Ω和 Ω。（计算结果均取整数）
（4）测得的中午十二点和零点的温差为 ℃。
14．某同学设计了风力测量仪可以直接测量风力的大小。测量仪中有一轻质杆悬挂着一个金属球，无风时轻质杆自由下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，轻质杆与竖直方向的夹角为，如图所示。若小球的质量为，重力加速度为。求∶
（1）此时小球所受风力的大小；
（2）试说明小球所受风力的大小在圆弧上的刻度是否均匀分布。
15．如图所示，在距地面上方的光滑水平台面上，质量为的物块左侧压缩一个轻质弹簧，弹簧与物块未拴接。物块与左侧竖直墙壁用细线拴接，使物静止在点。水平台面右侧有一倾角为的光滑斜面，半径分别为和的两个光滑圆形轨道固定在粗糙的水平地面上，且两圆轨道分别与水平面相切于两点，两圆最高点分别为D、F。现剪断细线，已知初始时刻的弹簧弹性势能为，恢复原长后全部转化为物块的动能，物块离开水平台面后恰好无碰撞地从点落入光滑斜面上，运动至点后（在点无能量损失）沿粗糙的水平面从点进入光滑竖直圆轨道且通过最高点，已知物块与水平面间的动摩擦因数，长度，距离，，已知：，。
（1）求水平台面的高度；
（2）求物块经过点时对圆轨道的压力；
（3）为了让物块能从点进入圆轨道且不脱离轨道，则间的距离应满足什么条件？
16．如图所示，一长度、与水平方向的夹角的传送带以的速度顺时针匀速转动，传送带与左右两侧的平面平滑连接，左侧斜面与水平方向的夹角也为，右侧平面水平。距传送带底端点处有一固定弹性挡板，一质量的子弹，以的速度射入放在点的质量的物块（视为质点）且留在物块中，子弹相对物块运动的时间极短，可忽略不计，点与传送带上端的距离可忽略不计，物块与传送带之间的动摩擦因数，物块与右侧水平面间的动摩擦因数。已知物块与弹性挡板碰撞前后速度大小不变，取重力加速度大小。求：
(1)物块第一次通过传送带所用的时间；
(2)物块沿传送带向上运动的最大距离；
(3)物块停止运动时到点的距离。
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
山东省2025-2026学年高二物理上学期期末模拟卷
（考试时间：75分钟，分值：100分。）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．难度：0.55
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．C
【详解】A．位移-时间图像只能表示直线运动的规律，则可知质点一定做直线运动，故A错误；
B．位移-时间图像的斜率表示速度，质点运动的初速度可能为零，故B错误；
C．位移-时间图像的斜率表示速度，由图像可知质点运动的速度越来越大，故C正确；
D．根据图像无法判断质点运动的速度均匀变化，故无法判断加速度不变，故D错误。
故选C。
2．B
【详解】AC．由题图t1时刻电感线圈中的磁感线方向，根据右手螺旋定则可以判断电流的方向为顺时针，故此时电容器正在放电，电流处于增大状态，故在t1时刻电场能转化为磁场能，选项AC错误；
BD．而由t2时刻电感线圈中的磁感线方向，根据右手螺旋定则可以判断电流的方向为顺时针，故此时电容器正在充电，电流处于减小状态，故在t2时刻电路中感应电流方向与电路电流方向相同，选项B正确，D错误。
故选B。
3．C
【详解】AB．因棋子质量相等，根据平衡条件，棋盘对不同棋子的摩擦力大小相等，都等于重力，故AB错误；
D．根据平衡条件，棋盘对棋子的弹力大小等于棋盘对棋子的磁性吸力大小，故D错误；
C．若将棋盘倾斜放置，棋盘对棋子的作用力始终与重力等大反向，故C正确。
故选C。
4．D
【详解】A．根据点电荷的场强叠加原理，在MN直线上O点场强为 0。油滴从N点由静止释放向上运动且能通过O点，说明油滴带正电。油滴从N到O过程中，电场力方向向上，重力方向向下，开始时电场力大于重力，合力向上，油滴加速上升，随着向上运动，电场力逐渐减小，合力逐渐减小，加速度逐渐减小；当电场力等于重力时，合力为0，加速度为0，此时速度最大；之后电场力小于重力，合力增大向下，加速度增大向下，油滴做减速运动直至O点，随着继续向上运动，电场力向下增大，合力增大，做加速度增大的减速运动，由于不知道OM上场强最大的点位置，故油滴的加速度可能先减小后增大，也可能先减小后增大在减小，故A错误；
B．由上述 A 选项的分析可知，当电场力等于重力时速度最大，动能最大，该位置一定在O点下方，故B错误；
C．N到O过程，电场力一直做正功，电势能一直减小，故油滴在O点的电势能不是最大，故C错误；
D．根据对称性，N点和M点的电势相等，根据
可知该过程电场力做功为0，油滴从N点由静止释放，假设到M点，根据动能定理有
可得
可知假设失败，故油滴一定不能到达M点，故D正确。
故选D。
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5．ACD
【详解】A．由图可知，第1s内和第6s内物体速度均为正值，所以的运动方向相同。故A正确；
B．由图可知，2~5s内物体做匀速直线运动。故B错误；
C．0~2s内物体加速度为该段图线的斜率，即
故C正确；
D．物体6s内的位移为图线与坐标轴所围面积，即
故D正确。
故选ACD。
6．AD
【详解】A．根据万有引力提供向心力得
解得
因为A的轨道半径比B的大，所以A的速度比B的小，故A正确；
B．由于卫星A、B的质量关系未知，则发射过程需要的能量多少无法比较，故B错误；
C．卫星B周期为，北斗静止卫星A的周期为，根据开普勒第三定律得，可知
故C错误；
D．经过，A运动1周，而B运动2周，两卫星刚好回到初始位置，则此时相距最近，故D正确。
故选AD。
7．AC
【详解】A．地球同步卫星的周期为，根据开普勒第三定律，神舟二十号飞船轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，故神舟二十号的周期，A正确；
B．根据万有引力提供向心力，有
在地球表面有
联立解得
因神舟二十号载人飞船的轨道半径，故，B错误；
C．是卫星的最大环绕速度，故神舟二十号载人飞船的线速度，C正确；
D．神舟二十号载人飞船绕地球做圆周运动，没有挣脱地球的吸引，故发射速度满足，D错误。
故选AC。
8．BD
【详解】A．根据牛顿第二定律有
解得箱子的加速度
可知加速度与质量无关，根据运动学公式
解得滑行距离
可知滑行距离仅与初速度和加速度有关，与质量无关，因此换成体重更大的同学，以相同速度推出，滑行距离不变，故A错误；
B．已知箱子前端从O点以推出，前端刚好到，则可将箱子看作是反方向初速度为零的匀加速，设到的时间为，到的时间为，根据运动学公式有到满足
到满足
又由题意
联立解得，，
又
解得，故B正确；
C．在箱子以的速度被推出，箱子前端刚好停靠在第一块磁砖的边线上的过程中，由运动学公式
代入数据得
则位置O到的距离
箱子前端从位置O到的过程，满足运动学公式
箱子前端从位置O到的过程，满足运动学公式
代入数据联立解得，故C错误；
D．获奖需箱子任意部分在和之间，即箱子前端至少超过，即距离O点距离为，且箱子末端不超过，即距离O点距离为。箱子前端到时速度大于零，满足
代入数据得
箱子末端到之前速度减为零，满足
代入数据得
即若要获奖，箱子被推出的速度大小必须满足，故D正确。
故选BD。
第Ⅱ卷
三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14、15、16题为计算题。考生根据要求作答。
9．
【详解】[1]设汽车的初速度为，、时刻速度为，则有
v-t图像与时间轴所围成的面积为表示位移，则
解得
，，
[2]汽车在前两段时间内的平均速度为
[3]汽车在后两段时间内的平均速度为
10． 乙 a1=3m/s2，a2=1m/s2
【详解】（1）由图可知，图线的速度随位移增大而减小， 图线的速度随位移增大而增大，所以结合题意可知图线表示质点乙的运动，图线表示质点甲的运动；
（2）由图可知，当时，乙的速度为，即质点乙的初速度，设质点乙、甲先后通过处时的速度均为，对质点甲有
对质点乙有
代入数据联立解得
当质点甲的速度、质点乙的速度时，两质点通过相同的位移均为，对质点甲有
对质点乙有
代入数据联立解得
联立解得
，
11． 电场
【详解】[1]根据回旋加速器工作原理可知，带电粒子在电场中电场力对其做功而被加速，在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力不做功，所以粒子在电场中获取能量；
[2]设粒子从D 形盒出Ⅱ离开时的速度为v，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即
解得
[3]分析可知，粒子运动一周被加速两次，且每次加速获得能量为qU，故设粒子从D 形盒出Ⅱ离开时别加速次数为
由因为磁场中运动一周时间为
所以在磁场中运动的总时间为
联立解得
12． 仍使其处于O点 A 在误差允许的范围内，力的分解满足平行四边定则
【详解】（1）[1] 用两个弹簧测力计共同拉动小圆环， 仍使其处于O点；
（2）[2] 实验中采用了等效替代的方法，两次实验力的效果一样；
（3）[3]
[4] 连接3个力的末端，与O点构成了平行四边形，且F在对角线上。得出结论：在误差允许的范围内，力的分解满足平行四边定则。
13． 300 600 20
【详解】（1）[1][2]根据电路图结合器材，实验器材中没有电压表，同时毫安表内阻已知，故可以将热敏电阻与毫安表并联后与毫安表串联，则两毫安表示数之差为通过热敏电阻的电流大小，同时可以计算热敏电阻两端电压，从而准确测定其电阻，分析可知，“1”表应该是，“2”表应该。
（2）[3]滑动变阻器选择了分压接法，为了便于调节，滑动变阻器应该选择阻值较小的。
（3）[4][5]根据欧姆定律可知
化简可得
由图乙可知，中午十二点对应图线的斜率为
解得中午十二点测量时的对应阻值为
由图乙可知，零点对应图线的斜率为
解得零点测量时的对应阻值为
（4）[6]通过表中数据可知300.0Ω和600.0Ω分别对应40℃和20℃，故测得的中午十二点和零点的温差为20℃。
14．（1）；（2）不均匀分布
【详解】（1）对小球受力分析，如图所示
由平衡条件得，此时小球所受风力的大小为
（2）由风力与轻绳的摆角关系可知，随着角度的增大，小球所受风力的大小在圆弧上的刻度线分布越来越密，所以刻度分布不均匀。
15．（1）；（2）；（3）或
【详解】（1）剪断细线，弹簧的弹性势能全部转化为物块的动能，运用动能定理则有
其中
解得
物块离开水平台面后恰好无碰撞地从点落入光滑斜面上，则有
解得
则台面到点的高度为
水平台面的高度为
（2）物块从离开水平台面到经过点过程，根据动能定理可得
解得
物块经过点时，根据牛顿第二定律可得
解得
根据牛顿第三定律可知，物块经过点时对圆轨道的压力大小为，方向竖直向上。
（3）设物体刚好能到达点，从到的过程，根据动能定理可得
解得
设物体经过点后刚好到达圆心等高处，根据动能定理可得
解得
设物体经过点后刚好经过最高点，则有
根据动能定理可得
联立解得
为了让物块能从点进入圆轨道且不脱离轨道，则间的距离应满足或
16．(1)1.1s
(2)0.2m
(3)1m
【详解】（1）子弹射入物块，由动量守恒定律有
得
由于，物块先受到沿传送带向下的滑动摩擦力，物块先向下做加速直线运动，由牛顿第二定律
有
设时间与传送带共速，有
得
此时物块的位移为
此后由于，所以物块受到沿传送带向上的滑动摩擦力，由牛顿第二定律有
有
设还需滑到传送带底端，由位移与时间关系式
得
（舍去负值-3s）
物块第一次通过传送带所用的时间
（2）物块第一次到达传送带的底部的速度为
因为物块与弹性挡板碰撞前后速度大小不变，所以可以对物块在右侧水平面上运动的全过程分析，则有
其中为物块第二次滑上传送带的初速度
解得
对物体第二次滑上传送带，向上运动过程进行受力分析，由牛顿第二定律有此时的加速度
则有
解得
（3）当物块沿传送带向上运动到最大距离之后物块还是以做加速运动，因为，则物块再一次到达传送带的最底端时速度为
则对物块滑上右侧水平面到停止运动的过程有
解得
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页
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