湖南省邵阳市2025-2026学年高二年级上学期物理第三次月考试卷（含解析）
文档属性
| 名称 | 湖南省邵阳市2025-2026学年高二年级上学期物理第三次月考试卷（含解析） |
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| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 643.2KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2025-12-30 17:45:39 | ||
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文档简介
湖南省邵阳市2025-2026学年高二年级上学期物理第三次月考试卷
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上．
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．写在本试卷上无效．
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
4．测试范围：人教版2019必修第三册全部内容
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共44分）
单选题（本大题共6小题， 在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，共24分）
1．关于电磁波，下列说法正确的是 ( )
A．红外线和X射线都有很高的穿透本领，常用于医学上透视人体
B．过强的紫外线照射有利于人的皮肤健康
C．电磁波中频率最大的是X射线
D．光是以波动形式传播的一种电磁振动
2．电子显微镜通过“静电透镜”实现对电子会聚或发散使微小物体成像。一种电子透镜的电场分布如图所示（截取其中一部分），虚线为等势面，相邻两等势面间的电势差相等，电子枪发射的电子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示，a、b、c是轨迹上的三点，若c点处电势为3V，电子从a点运动到b点电势能增加了5eV，到达c处动能为2eV，则下列说法正确的是（ ）
A．a点电势为7.5V B．电子在b点的动能为3.5eV
C．电子在b点加速度比在c点加速度大 D．电子从a到c过程一直减速
3．对于有些力学问题，可假想一个“虚设过程”使问题得以简化和解决。举例如下：如图所示，四根质量都是m的均匀等长木棒用铰链（不计质量）连成框架，铰链P固定在天花板上，框架竖直悬挂在空中；现在铰链Q上施加一竖直向上的力F使框架保持静止，不计一切摩擦，若要求出作用力F的大小，可设想力F使铰链Q缓慢上移一微小的距离Δh，则框架的重心将上升，因为F做的功等于框架重力势能的增加量，所以F·Δh＝4mg·，可得F＝2mg。请参照上述解决问题的方法，尝试完成以下问题：有一均匀带电薄球壳，电荷量为Q，半径为R，球壳表面的电荷之间互相排斥，已知此带电球壳体系储存的静电能为E＝k（k为静电力常量），则球壳单位面积上受到的排斥力大小为（已知球的表面积为S＝4πR2）
A． k B． k
C． k D． k
4．如图所示，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板中间。设粒子两次射入电场的水平速度相同，不计粒子重力，则两次偏转电压之比为（ ）
A．U1∶U2 = 1∶8 B．U1∶U2 = 1∶4
C．U1∶U2 = 1∶2 D．U1∶U2 = 1∶1
5．如图所示，某同学把一不带电的验电器用金属网罩起来，用带正电的金属小球靠近金属网但不与网接触，则（ ）
A．验电器箔片张开
B．验电器和金属网之间的电场强度不为零
C．用一根导线连接金属网的、两点，导线中有电流通过
D．拿走金属网，验电器箔片张开
6．空间存在某静电场，在 轴上各点的场强 随坐标 的分布规律如图所示，规定 轴的正方向为电场强度 的正方向.一个带电粒子在 轴上以坐标原点 为对称中心做往复运动.已知粒子仅受静电力作用，运动中电势能和动能的总和为 ，且坐标原点 处电势为零.则（ ）
A． 该粒子可能带正电
B． 该粒子在坐标原点 两侧分别做匀变速直线运动
C． 处的电势为
D． 若该粒子带电荷量的绝对值为 ，则粒子运动区间为
二、多选题（本大题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，部分选对的得部分，有选错的得0分．）
7．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表和一个变阻器组成的，已知灵敏电流表的满偏电流，内电阻，则下列说法正确的是（ ）
A．甲表是电流表，增大时量程减小
B．乙表是电压表，增大时量程减小
C．在甲图中，若改装成的电流表的量程为，则
D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为，则
8．如图所示，在某真空区域有一个空间坐标系O-xyz，在x轴上的M点（d，0，0）、N点（，0，0）分别固定一个电荷量为+Q（Q>0）的点电荷。z轴上P点坐标为（0，0，d），y轴上S点坐标为（0，d，0）。现将一个电子置于P点，则下列说法正确的是（ ）
A．使电子从P点沿z轴正向移动，所受电场力先增大后减小
B．使电子从P点沿z轴向原点O移动，所受电场力逐渐减小
C．使电子沿直线从P点移动到S点，所受电场力先增大后减小
D．使电子沿直线从P点移动到S点，其电势能先减小后增大
9．如图甲所示，电动势为、内阻为的电源与的定值电阻、滑动变阻器、开关组成串联回路，已知滑动变阻器消耗的功率与其接入电路的有效阻值的关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源的电动势，内阻
B．图乙中
C．滑动变阻器的滑片向左移动时，上消耗的功率先减小后增大
D．调整滑动变阻器的阻值，可以得到该电源的最大输出功率为
10．如图所示，电源、开关和灯泡组成串联电路，A、B、C为电路中的三个检测点。闭合开关灯泡不会发光，原因是以下三种情况中的一种造成的：（1）电源障；（2）开关接触不良；（3）灯泡和灯座接触不良。小明同学为了查找障原因，用多用电表直流电压挡检测，且黑表笔始终接在A点。以下判断正确的是（ ）
A．断开开关，红表笔接B点，若电表示数接近电源电动势，则电源正常；若电表无示数，则电源有障
B．电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表无示数，则灯泡和灯座接触不良
C．电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表无示数，则开关接触不良
D．电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表有示数，则灯泡和灯座接触不良
第二部分（非选择题 共56分）
三、非选择题（本大题共5小题，共56分）
11．如图所示，虚线框内为某多用电表欧姆挡的内部电路示意图。已知电源电动势、内阻，小量程电流表G的内阻。
（1）在正确使用和操作的情况下，图中c端应是电源的 （选填“正”或“负”）极；
（2）经欧姆调零后，测量一个阻值为的电阻时，发现指针偏转至满偏刻度的处，则滑动变阻器接入的电阻 ，小量程电流表G的满偏电流 ；
（3）该欧姆表使用一段时间后，电源的电动势略有减小、内阻略有增大，但依然能完成欧姆调零，按正确使用方法仍然测量的电阻时，指针偏角较（2）中会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
12．用图示电路测量金属丝的电阻率,实验室提供的实验器材有:
A.待测金属丝Rx(阻值约为5 Ω)
B.直流电源(电动势为4 V)
C.电流表(量程为0~0.6 A)
D.电压表(量程为0~3 V)
E.滑动变阻器(最大阻值为10 Ω,允许通过的最大电流为1 A)
F.滑动变阻器(最大阻值为100 Ω,允许通过的最大电流为0.3 A)
G.开关、导线若干
(1)实验中,滑动变阻器应选用 (填器材前面的字母).
(2)正确连接电路后,闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P滑至合适位置,将开关K掷到1,电压表、电流表的读数分别为1.70 V、0.34 A;将开关K掷到2,电压表、电流表的读数分别为1.75 V、0.32 A,则应采用电流表 (填“内”或“外”)接法.
(3)测得金属丝接入电路部分的长度L和金属丝直径的平均值D,选择正确的电流表接法后,测得多组电压表示数U和对应电流表的示数I,描点作出的U-I图像为一条过原点的倾斜直线,其斜率为k,则金属丝的电阻率 ρ=.
13．某同学设计了如图所示的电路进行电表的改装，已知电流表A的量程为500mA，内阻，，。
（1）若将接线柱1、2接入电路时，可以测量的最大电流为多少？
（2）若将接线柱1、3接入电路时，可以测量的最大电压为多少？
14．某同学利用如图甲所示的电路测量一电源的电动势和内阻（电动势约为，内阻约为几欧姆）.
甲 乙
可供选用的器材有：
A.电流表A（量程，内阻为）
B.电压表（量程，内阻约为）
C.电压表（量程，内阻约为）
D.滑动变阻器（阻值）
E.定值电阻
F.定值电阻
（1） 为更准确地进行实验测量，电压表应该选择______，定值电阻应该选择______.（填仪器前面的字母）
（2）实验中电压表和电流表的读数如下：
序号 1 2 3 4 5 6
4.0 8.0 12.0 16.0 18.0 20.0
1.72 1.44 1.16 0.88 0.74 0.60
（3） 在图乙中已根据上述实验数据进行描点，画出图像.
（4） 由图像可知，电源电动势____，内阻____ .（结果均保留两位小数）
15．如图所示，在竖直平面内三条竖直虚线A、B、C相互平行，A、B间距为L，B、C间距为2L。在A、B间有平行于虚线向下的匀强电场Ⅰ，电场强度大小为；在B、C间有平行于虚线向下的匀强电场Ⅱ，垂直于虚线的直线分别交A、C于P、Q点。在P点与PQ成斜向右上射出一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，粒子恰好垂直于虚线B进入电场Ⅱ，经电场Ⅱ偏转恰好到达Q点，重力加速度为g。求：
（1）粒子在电场Ⅱ中运动的时间；
（2）电场Ⅱ的电场强度大小；
（3）粒子运动到Q点时重力做功的瞬时功率。
湖南省邵阳市2025-2026学年高二年级上学期物理第三月考试卷
参考答案
1．【答案】D
【解析】X射线有很高的穿透本领，常用于医学透视人体，红外线没有穿透本领，A错误；过强的紫外线照射对人的皮肤有害，B错误；电磁波中频率最大的是γ射线，C错误；光是以波动形式传播的一种电磁振动，D正确．
2．【答案】D
【详解】根据电子的受力和运动情况可知，电子从a点到c点电场力做负功，电势能增大，根据电场力做功与电势差的关系可知，b点电势比a点电势低5V，则相邻两等势面间的电势差为2.5V，则a点电势为，A错误；b点电势为5.5V，电子在b、c两点，由能量守恒定律有，由于电子在c点动能为2eV，因此在b点的动能为4.5eV，B错误；c点处等差等势面比b点处密集，则b点比c点电场强度小，因此加速度小，C错误；从a到c，电势逐渐降低，电子电势能升高，由能量守恒定律可知，动能一直减小，即一直减速，D正确。
3．【答案】A
【解析】若总排斥力使均匀带电薄球壳半径稍微增大ΔR，则带电球壳体系储存的静电能减小ΔE＝k－k＝，总排斥力做的功等于静电能减小量，故FΔR＝ΔE，解得F＝，当ΔR趋近于零时，F＝，则球壳单位面积上受到的排斥力大小F0＝＝，A正确。
4．【答案】A
【详解】根据x = v0t可知，两种情况下带电粒子的运动时间之比
t1∶t2 = 2∶1
偏转距离之比
y1∶y2 = 1∶2
由得两种情况下粒子的加速度之比
由于
U∝a，
U1∶U2 = 1∶8
选A。
5．【答案】D
【解析】本题考查感应起电.不带电的验电器用金属网罩起来，金属网和金属网内的验电器处于静电屏蔽状态，验电器和金属网之间电场强度为零，带正电的金属小球靠近金属网时验电器箔片不张开，用一根导线连接金属网的、两点，不会有电流通过，拿走金属网后，验电器箔片张开，正确.
6．【答案】C
【思路导引】 图像与 轴围成的面积代表电势差；由于静电力与场强成正比,故 图像与 轴围成的面积与电荷量 的乘积代表静电力做的功.
【详解】由图像可知,在 点右侧的电场强度方向水平向右,在 点左侧的电场强度方向水平向左,假设粒子带正电,则粒子在 点右侧向右运动或 点左侧向左运动时一直做加速运动,不会做往复运动,因此粒子不可能带正电,当粒子带负电时在 点右侧向右运动或在 点左侧向左运动时做减速运动,减速到零反向加速,过 点后继续做减速运动,做的是往复运动,因此粒子带负电, 错误；由图像可知,原点 两侧的电场均不是匀强电场,粒子的受力会发生变化,因此粒子在原点 两侧不做匀变速直线运动, 错误； 图像中图线与 轴所围的面积表示电势差,沿着电场线方向电势降低,有 ,解得 , 正确；粒子的电势能和动能的总和为 ,且粒子在 点的电势能为零,则 点的动能为 ,粒子向 轴正方向运动到最远距离时速度为零,动能转化为该点的电势能,由能量守恒定律可知 ,得 ,则粒子运动区间为 , 错误.
7．【答案】AD
【详解】甲由一个灵敏电流表和一个变阻器并联，利用并联电阻的分流，改装成电流表，电流表的量程为，可知，当增大时，量程减小，A正确；乙由一个灵敏电流表和一个变阻器串联，利用串联电阻的分压，改装成电压表，电压表的量程为，可知，增大时，量程增大，B错误；在甲图中，若改装成的电流表的量程为，则，解得，C错误；在乙图中，若改装成的电压表的量程为，则，解得，D正确。
8．【答案】CD
【详解】在z轴上任选一点P'，连接P'M与P'N，设其与z轴夹角为，如图所示
根据等量同种电荷的电场分布可知P'点的电场强度竖直向上，大小表示为，整理得，令，，可得函数，对函数求导，令，解得，结合导函数的性质可知，在时，单调递增，在时，单调递减，因此时，电场强度最大，即，时场强最大，由此可知，使电子从P点沿z轴正移动，所受电场力逐渐减小，使电子从P点沿z轴向原点O移动，所受电场力先增大后减小，AB错误；从原点O向PS作垂线，设垂足为D，则，所以PS连线上D点场强最大，使电子沿直线从P点移动到S点，所受电场力先增大后减小，电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大，CD正确。
9．【答案】BD
【详解】由图乙知，当时，滑动变阻器消耗的功率最大，其中，可得内阻，最大功率，解得E=4V，A错误。滑动变阻器的阻值为与阻值为时消耗的功率相等，有，解得，B正确。当滑动变阻器向左移动时，滑动变阻器的阻值变大，电路中电流减小，所以R上消耗的功率减小，C错误；当外电路电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大。本题中定值电阻R的阻值大于内阻的阻值，滑动变阻器RP的阻值为0时，电源的输出功率最大，最大功率为，D正确。
10．【答案】ACD
【详解】断开开关，红表笔接B点，若电表示数接近电源电动势，可知电压表与电源接通，则电源正常；若电表无示数，则电源有障，A正确；电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表无示数，可知电压表与电源没有接通，则开关接触不良，B错误，C正确；电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表有示数，可知电压表与电源接通，则开关正常，灯泡和灯座接触不良，D正确。
11．【答案】（1）正；（2）1399；1；（3）变小
【详解】（1）在正确使用和操作的情况下，黑表笔应该接内部电源的正极，则图中c端应是电源的正极；
（2）由题意可知，，解得R=1399Ω，小量程电流表G的满偏电流。
（3）当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式，欧姆表内阻R'得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由，可知当R'变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏小。
12．【答案】(1)E (2)内 (3)
【解析】(1)由电路图知，滑动变阻器采用了分压式接法，所以应该选择最大阻值较小的滑动变阻器，即选E.
(2)由题意可知电压表分流明显，故电流表应该内接.
(3)根据欧姆定律得U＝RI，当U－I图像为一条过原点的倾斜直线，其斜率为k时，待测金属丝的阻值为Rx＝k，由电阻定律知Rx＝，又有S＝，则金属丝的电阻率为ρ＝.
【关键点拨】选择电学实验器材主要是选择电表、滑动变阻器、电源等，一般要考虑三方面因素：
(1)安全因素：通过电源、电阻和电表的电流不能超过其允许的最大电流.
(2)误差因素：选用电表应考虑尽可能减小测量值的相对误差，电压表、电流表和欧姆表在使用时，应选择合适的量程或倍率，使其指针偏转到中间刻度附近.
(3)便于操作：选用滑动变阻器时应考虑对外供电电压的变化范围，使其既能满足实验要求，又便于调节.在调节滑动变阻器时，应使其大部分电阻线都被用到.
13．【答案】（1）1A
（2）2.2V
【详解】（1）1、2接入电路时，最大可以测量的电流为
（2）1、3接入电路时，最大可以测量的电压为
14．【答案】（1） B；
（3） 见解析
（4） 2.00；4.30
【解析】
（1） 电源的电动势约为,为减小实验误差,应采用量程为的电压表,故选；电源内阻约为几欧姆,则回路中最小的短路电流约为,电流表的量程只有,故应并联一个电阻扩大电流表量程,根据电流表改装原理得,定值电阻应该选阻值较小的,故选.
（3） 图像如图所示.
（4） 根据闭合电路欧姆定律得,整理得,图像的纵截距表示电源电动势,所以电源电动势为；图像的斜率的绝对值为 ,解得内阻 .
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）设粒子在电场Ⅰ中运动的时间为，初速度为，则有，
根据牛顿第二定律可得
联立解得
由题意知，粒子在Ⅰ、Ⅱ两个电场中运动的时间之比为
解得
（2）设粒子经过B时的位置离PQ连线的距离为，则
又
根据牛顿第二定律可得
解得
（3）粒子到达Q点时，设沿竖直方向的速度为，则
解得
则粒子到Q点时，重力做功的瞬时功率
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学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上．
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．写在本试卷上无效．
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
4．测试范围：人教版2019必修第三册全部内容
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共44分）
单选题（本大题共6小题， 在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，共24分）
1．关于电磁波，下列说法正确的是 ( )
A．红外线和X射线都有很高的穿透本领，常用于医学上透视人体
B．过强的紫外线照射有利于人的皮肤健康
C．电磁波中频率最大的是X射线
D．光是以波动形式传播的一种电磁振动
2．电子显微镜通过“静电透镜”实现对电子会聚或发散使微小物体成像。一种电子透镜的电场分布如图所示（截取其中一部分），虚线为等势面，相邻两等势面间的电势差相等，电子枪发射的电子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示，a、b、c是轨迹上的三点，若c点处电势为3V，电子从a点运动到b点电势能增加了5eV，到达c处动能为2eV，则下列说法正确的是（ ）
A．a点电势为7.5V B．电子在b点的动能为3.5eV
C．电子在b点加速度比在c点加速度大 D．电子从a到c过程一直减速
3．对于有些力学问题，可假想一个“虚设过程”使问题得以简化和解决。举例如下：如图所示，四根质量都是m的均匀等长木棒用铰链（不计质量）连成框架，铰链P固定在天花板上，框架竖直悬挂在空中；现在铰链Q上施加一竖直向上的力F使框架保持静止，不计一切摩擦，若要求出作用力F的大小，可设想力F使铰链Q缓慢上移一微小的距离Δh，则框架的重心将上升，因为F做的功等于框架重力势能的增加量，所以F·Δh＝4mg·，可得F＝2mg。请参照上述解决问题的方法，尝试完成以下问题：有一均匀带电薄球壳，电荷量为Q，半径为R，球壳表面的电荷之间互相排斥，已知此带电球壳体系储存的静电能为E＝k（k为静电力常量），则球壳单位面积上受到的排斥力大小为（已知球的表面积为S＝4πR2）
A． k B． k
C． k D． k
4．如图所示，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板中间。设粒子两次射入电场的水平速度相同，不计粒子重力，则两次偏转电压之比为（ ）
A．U1∶U2 = 1∶8 B．U1∶U2 = 1∶4
C．U1∶U2 = 1∶2 D．U1∶U2 = 1∶1
5．如图所示，某同学把一不带电的验电器用金属网罩起来，用带正电的金属小球靠近金属网但不与网接触，则（ ）
A．验电器箔片张开
B．验电器和金属网之间的电场强度不为零
C．用一根导线连接金属网的、两点，导线中有电流通过
D．拿走金属网，验电器箔片张开
6．空间存在某静电场，在 轴上各点的场强 随坐标 的分布规律如图所示，规定 轴的正方向为电场强度 的正方向.一个带电粒子在 轴上以坐标原点 为对称中心做往复运动.已知粒子仅受静电力作用，运动中电势能和动能的总和为 ，且坐标原点 处电势为零.则（ ）
A． 该粒子可能带正电
B． 该粒子在坐标原点 两侧分别做匀变速直线运动
C． 处的电势为
D． 若该粒子带电荷量的绝对值为 ，则粒子运动区间为
二、多选题（本大题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，部分选对的得部分，有选错的得0分．）
7．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表和一个变阻器组成的，已知灵敏电流表的满偏电流，内电阻，则下列说法正确的是（ ）
A．甲表是电流表，增大时量程减小
B．乙表是电压表，增大时量程减小
C．在甲图中，若改装成的电流表的量程为，则
D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为，则
8．如图所示，在某真空区域有一个空间坐标系O-xyz，在x轴上的M点（d，0，0）、N点（，0，0）分别固定一个电荷量为+Q（Q>0）的点电荷。z轴上P点坐标为（0，0，d），y轴上S点坐标为（0，d，0）。现将一个电子置于P点，则下列说法正确的是（ ）
A．使电子从P点沿z轴正向移动，所受电场力先增大后减小
B．使电子从P点沿z轴向原点O移动，所受电场力逐渐减小
C．使电子沿直线从P点移动到S点，所受电场力先增大后减小
D．使电子沿直线从P点移动到S点，其电势能先减小后增大
9．如图甲所示，电动势为、内阻为的电源与的定值电阻、滑动变阻器、开关组成串联回路，已知滑动变阻器消耗的功率与其接入电路的有效阻值的关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源的电动势，内阻
B．图乙中
C．滑动变阻器的滑片向左移动时，上消耗的功率先减小后增大
D．调整滑动变阻器的阻值，可以得到该电源的最大输出功率为
10．如图所示，电源、开关和灯泡组成串联电路，A、B、C为电路中的三个检测点。闭合开关灯泡不会发光，原因是以下三种情况中的一种造成的：（1）电源障；（2）开关接触不良；（3）灯泡和灯座接触不良。小明同学为了查找障原因，用多用电表直流电压挡检测，且黑表笔始终接在A点。以下判断正确的是（ ）
A．断开开关，红表笔接B点，若电表示数接近电源电动势，则电源正常；若电表无示数，则电源有障
B．电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表无示数，则灯泡和灯座接触不良
C．电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表无示数，则开关接触不良
D．电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表有示数，则灯泡和灯座接触不良
第二部分（非选择题 共56分）
三、非选择题（本大题共5小题，共56分）
11．如图所示，虚线框内为某多用电表欧姆挡的内部电路示意图。已知电源电动势、内阻，小量程电流表G的内阻。
（1）在正确使用和操作的情况下，图中c端应是电源的 （选填“正”或“负”）极；
（2）经欧姆调零后，测量一个阻值为的电阻时，发现指针偏转至满偏刻度的处，则滑动变阻器接入的电阻 ，小量程电流表G的满偏电流 ；
（3）该欧姆表使用一段时间后，电源的电动势略有减小、内阻略有增大，但依然能完成欧姆调零，按正确使用方法仍然测量的电阻时，指针偏角较（2）中会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
12．用图示电路测量金属丝的电阻率,实验室提供的实验器材有:
A.待测金属丝Rx(阻值约为5 Ω)
B.直流电源(电动势为4 V)
C.电流表(量程为0~0.6 A)
D.电压表(量程为0~3 V)
E.滑动变阻器(最大阻值为10 Ω,允许通过的最大电流为1 A)
F.滑动变阻器(最大阻值为100 Ω,允许通过的最大电流为0.3 A)
G.开关、导线若干
(1)实验中,滑动变阻器应选用 (填器材前面的字母).
(2)正确连接电路后,闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P滑至合适位置,将开关K掷到1,电压表、电流表的读数分别为1.70 V、0.34 A;将开关K掷到2,电压表、电流表的读数分别为1.75 V、0.32 A,则应采用电流表 (填“内”或“外”)接法.
(3)测得金属丝接入电路部分的长度L和金属丝直径的平均值D,选择正确的电流表接法后,测得多组电压表示数U和对应电流表的示数I,描点作出的U-I图像为一条过原点的倾斜直线,其斜率为k,则金属丝的电阻率 ρ=.
13．某同学设计了如图所示的电路进行电表的改装，已知电流表A的量程为500mA，内阻，，。
（1）若将接线柱1、2接入电路时，可以测量的最大电流为多少？
（2）若将接线柱1、3接入电路时，可以测量的最大电压为多少？
14．某同学利用如图甲所示的电路测量一电源的电动势和内阻（电动势约为，内阻约为几欧姆）.
甲 乙
可供选用的器材有：
A.电流表A（量程，内阻为）
B.电压表（量程，内阻约为）
C.电压表（量程，内阻约为）
D.滑动变阻器（阻值）
E.定值电阻
F.定值电阻
（1） 为更准确地进行实验测量，电压表应该选择______，定值电阻应该选择______.（填仪器前面的字母）
（2）实验中电压表和电流表的读数如下：
序号 1 2 3 4 5 6
4.0 8.0 12.0 16.0 18.0 20.0
1.72 1.44 1.16 0.88 0.74 0.60
（3） 在图乙中已根据上述实验数据进行描点，画出图像.
（4） 由图像可知，电源电动势____，内阻____ .（结果均保留两位小数）
15．如图所示，在竖直平面内三条竖直虚线A、B、C相互平行，A、B间距为L，B、C间距为2L。在A、B间有平行于虚线向下的匀强电场Ⅰ，电场强度大小为；在B、C间有平行于虚线向下的匀强电场Ⅱ，垂直于虚线的直线分别交A、C于P、Q点。在P点与PQ成斜向右上射出一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，粒子恰好垂直于虚线B进入电场Ⅱ，经电场Ⅱ偏转恰好到达Q点，重力加速度为g。求：
（1）粒子在电场Ⅱ中运动的时间；
（2）电场Ⅱ的电场强度大小；
（3）粒子运动到Q点时重力做功的瞬时功率。
湖南省邵阳市2025-2026学年高二年级上学期物理第三月考试卷
参考答案
1．【答案】D
【解析】X射线有很高的穿透本领，常用于医学透视人体，红外线没有穿透本领，A错误；过强的紫外线照射对人的皮肤有害，B错误；电磁波中频率最大的是γ射线，C错误；光是以波动形式传播的一种电磁振动，D正确．
2．【答案】D
【详解】根据电子的受力和运动情况可知，电子从a点到c点电场力做负功，电势能增大，根据电场力做功与电势差的关系可知，b点电势比a点电势低5V，则相邻两等势面间的电势差为2.5V，则a点电势为，A错误；b点电势为5.5V，电子在b、c两点，由能量守恒定律有，由于电子在c点动能为2eV，因此在b点的动能为4.5eV，B错误；c点处等差等势面比b点处密集，则b点比c点电场强度小，因此加速度小，C错误；从a到c，电势逐渐降低，电子电势能升高，由能量守恒定律可知，动能一直减小，即一直减速，D正确。
3．【答案】A
【解析】若总排斥力使均匀带电薄球壳半径稍微增大ΔR，则带电球壳体系储存的静电能减小ΔE＝k－k＝，总排斥力做的功等于静电能减小量，故FΔR＝ΔE，解得F＝，当ΔR趋近于零时，F＝，则球壳单位面积上受到的排斥力大小F0＝＝，A正确。
4．【答案】A
【详解】根据x = v0t可知，两种情况下带电粒子的运动时间之比
t1∶t2 = 2∶1
偏转距离之比
y1∶y2 = 1∶2
由得两种情况下粒子的加速度之比
由于
U∝a，
U1∶U2 = 1∶8
选A。
5．【答案】D
【解析】本题考查感应起电.不带电的验电器用金属网罩起来，金属网和金属网内的验电器处于静电屏蔽状态，验电器和金属网之间电场强度为零，带正电的金属小球靠近金属网时验电器箔片不张开，用一根导线连接金属网的、两点，不会有电流通过，拿走金属网后，验电器箔片张开，正确.
6．【答案】C
【思路导引】 图像与 轴围成的面积代表电势差；由于静电力与场强成正比,故 图像与 轴围成的面积与电荷量 的乘积代表静电力做的功.
【详解】由图像可知,在 点右侧的电场强度方向水平向右,在 点左侧的电场强度方向水平向左,假设粒子带正电,则粒子在 点右侧向右运动或 点左侧向左运动时一直做加速运动,不会做往复运动,因此粒子不可能带正电,当粒子带负电时在 点右侧向右运动或在 点左侧向左运动时做减速运动,减速到零反向加速,过 点后继续做减速运动,做的是往复运动,因此粒子带负电, 错误；由图像可知,原点 两侧的电场均不是匀强电场,粒子的受力会发生变化,因此粒子在原点 两侧不做匀变速直线运动, 错误； 图像中图线与 轴所围的面积表示电势差,沿着电场线方向电势降低,有 ,解得 , 正确；粒子的电势能和动能的总和为 ,且粒子在 点的电势能为零,则 点的动能为 ,粒子向 轴正方向运动到最远距离时速度为零,动能转化为该点的电势能,由能量守恒定律可知 ,得 ,则粒子运动区间为 , 错误.
7．【答案】AD
【详解】甲由一个灵敏电流表和一个变阻器并联，利用并联电阻的分流，改装成电流表，电流表的量程为，可知，当增大时，量程减小，A正确；乙由一个灵敏电流表和一个变阻器串联，利用串联电阻的分压，改装成电压表，电压表的量程为，可知，增大时，量程增大，B错误；在甲图中，若改装成的电流表的量程为，则，解得，C错误；在乙图中，若改装成的电压表的量程为，则，解得，D正确。
8．【答案】CD
【详解】在z轴上任选一点P'，连接P'M与P'N，设其与z轴夹角为，如图所示
根据等量同种电荷的电场分布可知P'点的电场强度竖直向上，大小表示为，整理得，令，，可得函数，对函数求导，令，解得，结合导函数的性质可知，在时，单调递增，在时，单调递减，因此时，电场强度最大，即，时场强最大，由此可知，使电子从P点沿z轴正移动，所受电场力逐渐减小，使电子从P点沿z轴向原点O移动，所受电场力先增大后减小，AB错误；从原点O向PS作垂线，设垂足为D，则，所以PS连线上D点场强最大，使电子沿直线从P点移动到S点，所受电场力先增大后减小，电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大，CD正确。
9．【答案】BD
【详解】由图乙知，当时，滑动变阻器消耗的功率最大，其中，可得内阻，最大功率，解得E=4V，A错误。滑动变阻器的阻值为与阻值为时消耗的功率相等，有，解得，B正确。当滑动变阻器向左移动时，滑动变阻器的阻值变大，电路中电流减小，所以R上消耗的功率减小，C错误；当外电路电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大。本题中定值电阻R的阻值大于内阻的阻值，滑动变阻器RP的阻值为0时，电源的输出功率最大，最大功率为，D正确。
10．【答案】ACD
【详解】断开开关，红表笔接B点，若电表示数接近电源电动势，可知电压表与电源接通，则电源正常；若电表无示数，则电源有障，A正确；电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表无示数，可知电压表与电源没有接通，则开关接触不良，B错误，C正确；电源正常，闭合开关，红表笔接C点，若电表有示数，可知电压表与电源接通，则开关正常，灯泡和灯座接触不良，D正确。
11．【答案】（1）正；（2）1399；1；（3）变小
【详解】（1）在正确使用和操作的情况下，黑表笔应该接内部电源的正极，则图中c端应是电源的正极；
（2）由题意可知，，解得R=1399Ω，小量程电流表G的满偏电流。
（3）当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式，欧姆表内阻R'得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由，可知当R'变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏小。
12．【答案】(1)E (2)内 (3)
【解析】(1)由电路图知，滑动变阻器采用了分压式接法，所以应该选择最大阻值较小的滑动变阻器，即选E.
(2)由题意可知电压表分流明显，故电流表应该内接.
(3)根据欧姆定律得U＝RI，当U－I图像为一条过原点的倾斜直线，其斜率为k时，待测金属丝的阻值为Rx＝k，由电阻定律知Rx＝，又有S＝，则金属丝的电阻率为ρ＝.
【关键点拨】选择电学实验器材主要是选择电表、滑动变阻器、电源等，一般要考虑三方面因素：
(1)安全因素：通过电源、电阻和电表的电流不能超过其允许的最大电流.
(2)误差因素：选用电表应考虑尽可能减小测量值的相对误差，电压表、电流表和欧姆表在使用时，应选择合适的量程或倍率，使其指针偏转到中间刻度附近.
(3)便于操作：选用滑动变阻器时应考虑对外供电电压的变化范围，使其既能满足实验要求，又便于调节.在调节滑动变阻器时，应使其大部分电阻线都被用到.
13．【答案】（1）1A
（2）2.2V
【详解】（1）1、2接入电路时，最大可以测量的电流为
（2）1、3接入电路时，最大可以测量的电压为
14．【答案】（1） B；
（3） 见解析
（4） 2.00；4.30
【解析】
（1） 电源的电动势约为,为减小实验误差,应采用量程为的电压表,故选；电源内阻约为几欧姆,则回路中最小的短路电流约为,电流表的量程只有,故应并联一个电阻扩大电流表量程,根据电流表改装原理得,定值电阻应该选阻值较小的,故选.
（3） 图像如图所示.
（4） 根据闭合电路欧姆定律得,整理得,图像的纵截距表示电源电动势,所以电源电动势为；图像的斜率的绝对值为 ,解得内阻 .
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）设粒子在电场Ⅰ中运动的时间为，初速度为，则有，
根据牛顿第二定律可得
联立解得
由题意知，粒子在Ⅰ、Ⅱ两个电场中运动的时间之比为
解得
（2）设粒子经过B时的位置离PQ连线的距离为，则
又
根据牛顿第二定律可得
解得
（3）粒子到达Q点时，设沿竖直方向的速度为，则
解得
则粒子到Q点时，重力做功的瞬时功率
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