2025年物理(黑龙江卷)
1.A 位移是矢量,表示物体从起点到终点的有向线段,路程是标量,表示物体运动轨迹的长度,笔尖从a点再经b点再回到a点,该过程位移为0,路程不为0,故A正确,B错误。运动方向沿轨迹切线方向,摩擦力方向沿运动反方向,笔尖两次经过a点的速度方向和摩擦力方向均不相同,故C、D错误。
2.B 将糖果瓶带入温暖车厢一段时间后,瓶内气体温度升高,内能增大,分子平均动能变大,但不是每个分子动能都变大,故A、D错误;瓶内气体体积V不变,根据查理定律可知,温度升高,压强变大,故B正确;分子数密度n=,分子数N不变,体积V不变,分子数密度不变,故C错误。
3.D 由光的传播特性可知,光在不同介质中传播时,其频率保持不变,故A、B错误;全反射临界角公式sin C=,又n甲>n乙,则用乙时全反射临界角大,故C错误,D正确。
4.D 由C=及C=可得U=d,电容器充电后断开电源,Q不变,则U正比于d,当F较小时, 结构容易压缩,随着F增大d迅速减小,U也迅速减小;当F较大时,随着F增大d变化减缓,最终d趋于常数,U也缓慢减小并趋于常数,故D正确。
5.C P点位于最大位移处,为两实线交点。两波源位置如图中S1、S2所示,曲线ab上的所有点均为振动减弱点,则曲线ab应在以S1、S2为焦点的双曲线的一支上。故选C。
6.B 因细绳不可伸长,故手和塔块沿绳方向速度相同,如图所示,设细绳与水平方向夹角为θ,则vcos θ=v物sin θ,即v=v物tan θ,塔块匀速下落,v物不变,θ增大(θ<90°),所以v一直增大,故B正确。
7.C A、B、C三点处弹簧形变量相同,故弹性势能一样。物块从A点到B点过程,由动能定理有F电LAB=EkB-EkA,F电=mg,从B点到C点过程,由动能定理有-mgLBC=EkC-EkB,故EkA=EkB-mgLAB,EkC=EkB-mgLBC,因为LAB>LBC,所以EkA8.ABC 由核反应方程电荷数守恒有42=44-y,得y=2,由核反应方程质量数守恒有A=100,故A、B正确;由ε=hν可知,能量大的光子频率高,则γ1的频率比γ2的大,故C正确;由λ=可知,γ1的波长比γ2的小,故D错误。
9.AB t=0时,af边切割磁感线,由右手定则可知电流在af边中由f流向a,则电流方向为abcdefa,故A正确;由法拉第电磁感应定律有Eaf=Blv=Bl2ω,故B正确;由转过角度θ=ωt知,当t=时,线框转过180°,所处位置如图所示,此时af边切割磁感线,cd边不切割磁感线,感应电动势不为0,故C错误;从t=0到t=过程中,≠0,故D错误。
10.AD 位置x与时间t的图像的斜率表示速度,甲、乙两个小物块的曲线均为抛物线,则甲做匀加速运动,乙做匀减速运动,在t0时间内甲、乙的位移分别为x甲=t0=3x0,x乙=t0=x0,可得t0时刻甲物体的速度为v=2v0,故B错误;甲的加速度大小为a1=,乙的加速度大小为a2=,对甲由牛顿第二定律可得mgsin θ-μ1mgcos θ=ma1,同理对乙可得μ2mgcos θ-mgsin θ=ma2,联立可得μ1+μ2=2tan θ,故A正确;取水平向左为正方向,对甲、乙与斜面组成的系统由牛顿第二定律可得Ff1=ma1cos θ-ma2cos θ=0,则t=t0之前,地面和斜面之间摩擦力为0,C错误;t=t0之后,乙保持静止,甲继续沿斜面向下加速,对甲、乙与斜面组成的系统由牛顿第二定律可得Ff2=ma1cos θ,即地面对斜面的摩擦力方向向左,D正确。
11.答案 (1)a (2)0.377(0.376~0.378均可) (3)I-Uac (4)甲
解析 (1)多用电表使用时电流从红表笔流入,黑表笔流出,根据图(a)所示电路可知红表笔应连a接点。
(2)多用电表使用直流电压挡“0.5 V”,看中间刻度,分度值为0.01 V,则此时电表读数为0.377 V。
(3)相同电流下,Uac>Uab,故图(b)中乙是I-Uac曲线。
(4)由图(b)可知,当通过元件的电流大时I-(Uac-Ubc)曲线接近甲曲线,当通过元件的电流小时I-(Uac-Ubc)曲线接近乙曲线。当元件阻值较小时,通过元件的电流较大, 则I-(Uac-Ubc)曲线更接近甲曲线。
12.答案 (1)106 偏大 (2)C (3)减小细绳1与竖直方向的夹角
解析 (1)操作测得x=11.60 cm,由图(b)的图像坐标可知,该芒果的质量为106 g;若杯中放入芒果后,细绳1与竖直方向夹角为30°,但与橡皮筋不垂直,对细绳与橡皮筋结点受力分析,如图所示,根据共点力平衡可知橡皮筋的拉力变大,导致橡皮筋的长度偏大,若仍然根据图像读出芒果的质量与m0相比偏大。
(2)另一组同学利用同样方法得到的x-m图像在后半部分弯曲,可能是所测物体的质量过大,导致橡皮筋所受的弹力过大超过了其弹性限度,从而使橡皮筋弹力与其伸长量不成正比。故选C。
(3)根据共点力平衡条件可知,当减小细绳1与竖直方向的夹角时,相同的物体质量对应橡皮筋的拉力较小,故对于相同的橡皮筋,可减小细绳1与竖直方向的夹角来增大该装置测量质量的范围。
13.答案 (1)5 m/s (2)8 m/s 60°
解析 (1)雪块在屋顶上运动的过程中,由动能定理得mg·xsin θ-μmgcos θ·x=-0
代入数据解得雪块从A点离开屋顶时的速度大小为v0=5 m/s。
(2)雪块离开屋顶后,在空中做斜下抛运动,由动能定理得mgh=
代入数据解得雪块落地时的速度大小v1=8 m/s
速度方向与水平方向夹角为α,由几何关系得cos α=
解得α=60°。
14.答案 (1)0.015 N (2)见解析图 (3)0.01 m/s
解析 (1)在0~1.0 s内,由法拉第电磁感应定律得
E1=×12 V=0.05 V
由闭合电路欧姆定律可知,0~1.0 s内导体框中的感应电流大小为I1==0.1 A
由图(b)可知,t=0.5 s时磁感应强度大小为B0.5=0.15 T
所以此时ad边受到的安培力大小为F=B0.5I1L=0.15×0.1×1 N=0.015 N。
(2)0~1.0 s内导体框中的感应电流大小为I1=0.1 A,根据楞次定律可知感应电流方向为顺时针,由图(c)可知1.0~2.0 s内的感应电流大小为I2=0.2 A,方向为逆时针
根据欧姆定律可知1.0~2.0 s内的感应电动势大小为E2=I2R=0.1 V
由法拉第电磁感应定律得E2==0.1 V
1.0~2.0 s内导体框中的磁通量的变化率为=0.2 V
解得t=2 s时磁感应强度大小为B2=0.3 T,方向垂直于纸面向里
故1.0~2.0 s内的磁感应强度随时间变化的图像如图所示。
(3)导体框从磁场离开的过程中,由动量定理得-B2L·Δt=mv1-mv0
其中q=·Δt=Δt=
联立解得ad边离开磁场时的速度大小为v1=0.01 m/s。
15.答案 (1) (2) (3)
解析 (1)作出粒子在磁场中运动的轨迹,如图(a)所示
图(a)
由几何关系可知,粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径r==2y0
由洛伦兹力提供向心力得qv1B=m
解得粒子射入磁场的速度大小v1=
粒子在磁场中运动的周期T=
所以粒子在磁场中的运动时间t1=T=。
(2)由题意可知,负点电荷在xOy平面内、粒子做圆周运动的圆心O'处,由牛顿第二定律得
qv2B+k=m
解得v2=或v2=(舍去)
故粒子射入磁场的速度大小v2为。
(3)在(2)问条件下,粒子从N点离开磁场后,类比行星绕中心天体的运动规律,则粒子绕负点电荷做椭圆运动,如图(b)所示
图(b)
粒子从N点开始经时间t2的过程中,由能量守恒定律得-kq=-kq
由开普勒第二定律可知v2r2=v3r3
其中r2=2y0
联立解得r3=6y0
由牛顿第二定律得k=m
解得T=
故粒子从N点离开磁场后到首次速度变为与从N点射出速度相反的时间t2=。6.如图，趣味运动会的“聚力建高塔”活动中，两长度相等的细绳一端系在同一塔
2025年黑龙江省普通高等学校招生选择性
块上，两名同学分别握住绳的另一端，保持手在同一水平面以相同速率相向
运动。为使塔块沿竖直方向匀速下落，则
考试（辽宁、黑龙江、吉林、内蒙古考卷）
本试卷满分100分，考试时间75分钟」
物理
A.一直减小
B.
直增大
C.先减小后增大
D.先增大后减小
电流
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只
7.如图，光滑绝缘水平面AB与竖直面内光滑绝缘半圆
有一项符合题目要求，每小题4分：第8~10题有多项符合题目要求，每小题6
形轨道BC在B点相切，轨道半径为r,圆心为O,O、A
凰
分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
间距离为3r。原长为2r的轻质绝缘弹簧一端固定于
1.书法课上，某同学临墓“力”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的
O点，另一端连接一带正电的物块。空间存在水平向
屯源
实线所示。笔尖由a点经b点回到a点，则
右的匀强电场，物块所受的电场力与重力大小相等」
图(a)
A.该过程位移为0
物块在A点左侧释放后，依次经过A、B、C三点时的动能分别为EA、EkB、
B.该过程路程为0
Ekc,则
①滑动变阻器滑片置于适当位置，闭合开关；
A.EkAB.EkB②表笔分别连a、b接点，调节滑片位置，记录电流表示数I和a、b间电压U;
C.两次过a点时速度方向相同
③表笔分别连a、c接点，调节滑片位置，使电流表示数仍为I,记录a、c间电
D.两次过a点时摩擦力方向相同
C.EkAD.Ekc2.某同学冬季乘火车旅行，在寒冷的站台上从气密性良好的糖果瓶中取出糖果后
8.某理论研究认为，1Mo原子核可能发生双3衰变，衰变方程为Mo→Ru十
压U:
拧紧瓶盖，将糖果瓶带人温暖的车厢内一段时间后，与刚进人车厢时相比，瓶内
y-9e。处于第二激发态的Ru原子核先后辐射能量分别为0.5908McV和
④表笔分别连b、c接点，调节滑片位置，使电流表示数仍为I,记录b、c间电压
气体
0.5395MeV的为、两光子后回到基态。下列说法正确的是
Us,计算U一Us;
的
A.内能变小
B.压强变大
A.A=100
B.y=2
⑤改变电流，重复步骤②③④，断开开关。
C.分子数密度变大
D.每个分子动能都变大
C.Y1的频率比Y2的大
D.Y1的波长比Y2的大
作出I一U、I一Ur及I一(U一U)曲线如图(b)所示
3.如图，利用液导激光技术加工器件时，激光在液束流与
9.如图，“”形导线框置于磁感应强度大小为B、水平向右
气体界面发生全反射。若分别用甲、乙两种液体形成液进液
的匀强磁场中。线框相邻两边均互相垂直，各边长均为1。
束流，甲的折射率比乙的大，则
线框绕b、e所在直线以角速度w顺时针匀速转动，be与磁
A.激光在甲中的频率大
体
场方向垂直。t=0时，abef与水平面平行，则
B.激光在乙中的频率大
A.t=0时，电流方向为abede fa
C.用甲时全反射临界角大
液束流
B.t=0时，感应电动势为Bw
D.用乙时全反射临界角大
4.如图，某压力传感器中平行板电容器内的绝缘弹性结构是模仿犰徐设计的，逐
C.t=工时，感应电动势为0
图(b)
渐增大施加于两极板压力F的过程中，F较小时弹性结构易被压缩，极板间距
回答下列问题
d容易减小；F较大时弹性结构闭合，d难以减小。将该电容器充电后断开电
D=0到1=工过程中，感应电动势平均值为0
(1)将多用电表的红、黑表笔插入正确的插孔，测量、b间的电压时，红表笔应
源，极板间电势差U与F的关系曲线可能正确的是
10.如图(a),倾角为0的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物块
接点（填“a”或“b”);
甲、乙同时以初速度沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为出12，
(2)若多用电表选择开关旋转到直流电压挡“0.5V”位置，电表示数如图(c)所
整个过程中斜面相对地面静止。甲和乙的位置x与时间t的关系曲线如图
示，此时电表读数为
V(结果保留三位小数)；
(b)所示，两条曲线均为抛物线，乙的x一t曲线在t=t。时切线斜率为0，则
》
弹性结肉
AV
图(c)
(3)图(b)中乙是
(填“I一Ub”或“I一U”)曲线：
图ia
图〔b】
(4)实验结果表明，当此元件阻值较小时
(填“甲”或“乙”)曲线与I
5,平衡位置在同一水平面上的两个振动完全相同的点波源，在均匀介质中产生两
A.1十2=2tan0
(Uw一U)曲线更接近
列波。若波峰用实线表示，波谷用虚线表示，P点位于其最大正位移处，曲线αb
上的所有点均为振动减弱点，则下列图中可能满足以上描述的是
B.t=to时，甲的速度大小为3
12.(8分)某兴趣小组设计了一个可以测量质量的装置。如图(a),细绳1,2和橡
C.t=to之前，地面对斜面的摩擦力方向向左
皮筋相连于一点，绳1上端固定在A点，绳2下端与水杯相连，橡皮筋的另
D.t=o之后，地面对斜面的摩擦力方向向左
端与绳套相连
二、非选择题：本题共5小题，共54分
为确定杯中物体质量m与橡皮筋长度x的关系，该小组逐次加入等质量的
11.(8分)在测量某非线性元件的伏安特性时，为研究电表内阻对测量结果的影
水，拉动绳套，使绳1每次与竖直方向夹角均为30°且橡皮筋与绳1垂直，待装
响，某同学设计了如图()所示的电路。选择多用电表的直流电压挡测量电
置稳定后测量对应的橡皮筋长度。根据测得数据作出x一m关系图线，如图
压。实验步骤如下：
(b)所示。
2025黑龙江卷·物理12025年黑龙江省普通高等学校招生选择性考试
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(辽宁、黑龙江、吉林、内蒙古考卷)】
13
15
物理答题卡
姓
名
考生条形码区
准考证号
←此方框为缺考考生标记，由监考员用2B铅笔填涂。
正确填涂示例
选择题（请用2B铅笔填涂】
1
2
3
4
非选择题（请用0.5毫米黑色签字笔作答）
11.(1)
(2)
14
(3)
0以n
0.2--
(4)
0.1-
01.02.0/s
12.(1)
(2)
(3)
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