濮阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测
3,图中的实线分别是电阻a,b的伏安特性曲线，虚线c是b(U=1V)的切线，a、c相互平
物理试题
行，下列说法正确的是()
NIA
0.6-
A,U=1V时，b的电阻为52
命题人：濮阳市一高物理命题中心
0.4
B.U=1V时，a、b的电阻相等
本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，总分100分：考生作答时，将答案
02
C.b的电阻随电压的升高而减小
答在答愿卡上，在本试卷上答愿无效：考试时间为T5分钟。
3 U/V
D.U=3V时，a、b的电阻相等
如
第I卷选择题部分(46分)
4.如图所示为两个点电荷的电场，虚线为一带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，、b为
一，单项选择题（本题共7道小题，每小题4分，共28分：每小愿只有一个选项符
轨迹上两点，下列说法中正确的是（)
合题意)
A.两个点电荷为左正右负，且右边电荷所带电荷量多
1.对于课本中几幅插图所涉及的物理现象或原理，下列说法正确的是()
B。带电粒子在a点的电场力小于在b点的电场力
C.带电粒子带正电
D.带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度
5,学生练习用头顺球时，某一次足球从静止开始下落20m,被竖直顶起，离开头部后上升的
甲
最大高度仍为20cm。已知足球与头部的作用时间为0.1s,是球的质量为0.4熙，重力加速度
A,
图甲为静电除尘原理的示意图，带负电的尘埃将被吸附到带负电的板状收集器上
g取10ms2,不计空气阻力。下列说法正确的是()
B.图乙中，由于金属网的屏蔽，A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零
A.下落到与头部刚接触时，足球动量大小为1.6kgms
C,图丙武当山金殿装避雷针后，“雷火炼股“奇观随之消失，这是利用尖端放电原理
B.与头部作用过程中，足球动量变化量大小为1.6kgms
D.图丁中，燃气灶中电子点火器点火应用了静电感应原理
C.头部对足球的平均作用力为足球重力的4倍
2.用图中三套实验装置探究感应电流产生的条件，下列选项中能产生感应电流的操作是(
D.从最高点下落至重新回到最高点的过程中，重力对足球的产生的冲量为0
6.如图所示，将一光滑的半圆相置于光滑水平面上，槽的左侧有一固
定在水平面上的物块。今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始
落下，自A点与圆弧槽相切进入槽内，则以下结论中正确的是()
丙
A,小球在半圆槽内由A向B的过程中机械能守恒，由B向C的过程
7777n7777n77
A.甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，且保持穿过ABCD的磁感线条数不变
中小球的机诚能不守恒
B.乙图中，将条形磁体放在线图中不动
B.小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒
C.丙图中，开关S保持闭合，A、B螺线管相对静止一起竖直向上运动
C.小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量不守恒
D.丙图中，开关S保持闭合，螺线管A在螺线管B中不动，快速向左移动滑动变阻器滑片
D.小球离开C点以后，相对于地面做竖直上抛运动
浪阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试题第1页，共6页
裸阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试愿第2页，共6页题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D D B B A B BC CD ABC
11． (1)大于（2分） (2) AD （2分，漏选不得分） (3) （2分）
【详解】(1)两球碰撞过程由动量守恒定律及机械能守恒定律分别可得，，联立解得，
要使碰后两球都向前运动离开轨道末端做平抛运动，需满足，，可知两球质量关系应满足mA大于mB
(2)安装轨道时，轨道末端必须水平，才能保证小球碰后都做平抛运动，A正确；在同一组实验的多次碰撞中，每次入射小球必须从斜槽上的同一位置由静止释放，以确保碰前的速度都一样，D正确；由于碰前A球做平抛运动和碰后A、B球做平抛运动的下落高度H相同，故运动时间相同，由，可知，平抛运动的初速度与水平位移成正比，只需测量平抛运动的水平位移即可进行验证，故需要的测量仪器有天平、刻度尺，不需要秒表，不需要测量抛出点距地面的高度H，BC错误。故选AD。
(3)碰撞过程由动量守恒定律可得，由于平抛运动时间相同，可得，代入数据可得
12．(1)左 (2) (3) （每空2分）
【详解】（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，即将滑片P调到左端。
（2）由于图乙中电压表的分流作用引起测量误差，理论上，而实验中忽略了通过电压表的电流形成的误差，即有，，当时，则有。用、作出修正图如下，由图可知，，，此时短路时的电流测量准确。
（3）对图甲分析可知，理论上，为电源电流得真实值，而电压表的示数不是路端电压得真实值，且，由此可知，干路电流越大越大，当时，即纵截距的测量没有误差，如图所示。结合上述分析可知，图甲的电动势测量没有误差，图乙的短路电流测量没有误差，因此电池内阻的真实值为
13．【答案】(1)1Ω (2)1.8V (3)0.28W
【详解】（1）小灯泡的额定电流为 ……………………………………1分
其阻值为 ……………………………………1分
当开关S接1时，根据闭合电路的欧姆定律有 ………………………1分
代入数据解得 ……………………………………1分
当开关S接2时，灯泡正常发光，电路电流仍为0.2A，
电源内电压为 …………………………………… 1分
则电动机两端的电压为 ……………………………………1分
解得 ……………………………………1分
电动机的总功率为 ……………………………………1分
电动机的热功率为 ……………………………………1分
则电动机正常工作的输出功率 ……………………………………1分
(1) 4r； (2) （4+）mgr
【详解】(1)在A点，根据牛顿第二定律得，解得 ………2分
从释放点到A点，由动能定理得 ……………………2分
………………………………………………2分
电场水平向左时，小球受到水平向左的电场力和竖直向下的重力，且qE=mg，知小球在BC弧中点时动能最大，θ=45o ……………………2分
从初始位置到该点，由动能定理有：mg(h+rcos45o)+qErsin45o=Ek-0 ……………………2分
得Ek=（4+）mgr ……………………………………2分
15．(1)4m/s (2)2s (3)0.25m
【详解】（1）设小球C运动到斜面底端的速度为，由机械能守恒有
……………………………1分
小球C在斜面底端与小球A发生弹性碰撞有……………………1分
…………………………1分
解得 ………………1分
设球自静止释放至运动到斜面底端的时间为，由牛顿第二定律有
………………………………1分
根据位移时间公式有 ………………………………1分
小球与小球第1次碰后至与小球碰前时间为，则有……………1分
小球与小球第1次碰撞，根据动量守恒有………………1分
能量守恒：……………………………………1分
解得， ……………………………………1分
小球A与B第1次碰后，小球A第1次返回斜面底端所用时间为，则有 …1分
小球A第1次返回斜面底端所经历的时间，解得 ………………1分
（3）每次碰后小球B做匀减速运动，由牛顿第二定律 ………………1分
设第一次碰后小球B匀减速到静止所用时间为，根据速度时间公式有………1分
解得，由此可知第二次碰撞前小球B已静止，小球A每次与小球B碰撞后，速度大小变为原来的，小球B的速度大小也为小球A原来速度大小的 ………………1分
故每次碰撞前小球B均已停下
由得小球与小球第二次碰前小球的位移大小 ……1分
小球与小球第三次碰前小球的位移大小=0.25m……………1分
从时刻至A与B第3次碰撞前的过程中B的位移x=x1+x2=1.25m …………1分
