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【精选热题·50道单选题专练】苏科版物理九年级上册期末总复习
1．小非按如图所示的玩具警车的简化电路图连接了四个电路，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
2．小灯泡的结构如左图，按右图中连接能让完好的小灯泡发光的是（ ）
A． B．
C． D．
3．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ）
A．0℃的冰块内能为零
B．温度高的物体含有的热量多
C．汽油机压缩冲程中，机械能转化为内能
D．反复弯折铁丝，铁丝温度升高，这是通过热传递的方式增加了铁丝的内能
4．运动员跳远的几个阶段如图所示，下列有关运动员的说法正确的是（ ）
A．加速助跑阶段机械能不变
B．起跳时动能为零
C．经过最高点时重力势能最大
D．下降过程中动能转化为重力势能
5．在一次实验中，某位同学按照图甲所示的电路正确连接．闭合开关后，他发现两块电流表指针的偏差角度相同，都如图乙所示．则通过灯泡和的电流分别为（ ）
A．， B．，
C．， D．，
6．如图，用相同的滑轮组将重分别为G1和G2的物体匀速提升相同高度，所用的拉力分别是F1和F2，机械效率分别是η1和η2。若G1>G2，不计绳重及摩擦，则（ ）
A．F1>F2，η1>η2 B．F1C．F1η2 D．F1>F2，η1<η2
7．2023年5月30日，景海鹏、朱杨柱、桂海潮三名航天员乘坐神舟十六号载人飞船，成功进入中国空间站，与神舟十五号航天员乘组会师天宫，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．飞船在升空过程中，只存在动能和势能的相互转化
B．漂浮在空间站中的宇航员重力势能为零
C．空间站组合体在轨稳定运行过程中机械能守恒
D．空间站组合体在太空中沿椭圆轨道绕地球运行，在近地点时动能最小
8．小明课后练习发高远球，羽毛球离拍后的飞行轨迹如图曲线所示，其中CD段羽毛球匀速下落.下列有关说法正确的是（ ）
A．羽毛球上升过程中，有部分动能转化成了重力势能
B．羽毛球飞行的整个过程中，机械能总量保持不变
C．飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时，动能为零
D．羽毛球离拍后继续上升过程中是由于惯性，且球拍在对球做功
9．如图所示是用水壶烧开水时出现的场景，下列说法正确的是（ ）
A．壶嘴冒出的“白汽”是汽化现象，此现象需要放热
B．壶嘴冒出的“白汽”是液化现象，此现象需要吸热
C．壶嘴冒出的“白汽”属于扩散现象
D．水沸腾时，吸收热量，内能增加，温度不变
10．如图是滑动变阻器接入电路中的情形，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大的有（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
11．如图所示为四冲程汽油机的工作示意图，下列说法正确的是（ ）
A．一个工作循环的正确顺序是甲、乙、丙、丁
B．甲图冲程只吸入了空气
C．丙图冲程是靠飞轮的惯性获得动力的
D．丁图冲程有明显的机械能转化为内能的过程
12．2024年8月8日，在巴黎奥运会皮划艇静水项目男子双人划艇500米决赛中，中国选手季博文、刘浩勇夺冠军。如图所示，运动员手中的桨可视为杠杆，下列工具正常使用时，与桨属于同类杠杆的是（ ）
A．用扳手拧螺丝 B．挖地时举起锄头
C．用钢丝钳剪铁丝 D．园艺剪刀修剪树枝
13．为了保证驾驶人员的人身安全，交警部门将严查骑电动车不戴头盔行为!某科技小组发明了一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器(S))接收到信号自动闭合，再转动电动车钥匙(Sz)，车才能正常启动，如图所示设计的电路符合要求的是
A．A B．B C．C D．D
14．两个相同的容器内分别盛有质量和初温相同的甲、乙两种液体，用相同规格的电加热器同时加热，液体温度与加热时间的关系如图所示。下列说法正确的是 （ ）
A．甲液体的比热容小于乙液体的比热容
B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D．加热相同的时间，甲液体升高的温度比乙液体升高的温度多，说明甲液体吸热能力强
15．一辆娱乐电瓶车工作时消耗电能的功率为， 电能转化为机械能的效率为， 电瓶车及人所受的总重力为， 行驶时阻力是总重力的 0.1 倍， 则此电瓶车水平匀速行驶 所用的时间约为 （ ）。
A． B． C． D．以上都不对
16．依据表格中的数据，下列说法正确的是（ ）
物质 比热容c/J/（kg·℃）-1
水 4.2×103
煤油 2.1×103
砂石 约0.92×103
A．一桶煤油用掉一半，桶内剩余煤油的比热容变小
B．水和砂石吸收相等的热量，水的温度升高得较多
C．水的比热容表示水的温度降低1℃放出的热量是4.2×103J
D．质量相等的水和煤油，升高相同温度，煤油吸收热量少
17．“煮”的篆体写法如图。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是（ ）
A．用热水袋取暖 B．钻木取火
C．摩擦生热 D．擦燃火柴
18．小明在学习完电流与电路后设计了如下电路图，其中电流表测量灯L1电流的是（ ）
A． B．
C． D．
19．体重为600N的小江用如图所示的滑轮组来提升重1050N的物体，他用400N的拉力使该物体缓慢匀速上升，5s内物体上升了1m，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．小江拉力做功的功率为80W
B．此时滑轮组的机械效率为75%
C．提重物的过程中克服动滑轮重力做功450J
D．小江用该滑轮组能提起的最大物重为1650N
20．如图所示是电阻甲和乙的I-U图象.下列说法中正确的是（ ）.
A．电阻乙为定值电阻
B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲=0.4Ω
C．只将电阻甲和乙串联，若电路电流为0.2A，则电路总电阻为15Ω
D．只将电阻甲和乙并联，若电源电压为2V，则电路总电流为0.4A
21．下列关于热学相关知识说法正确的是（ ）
A．物体温度越高，分子无规则运动越剧烈
B．物体内能增加，一定是吸收了热量
C．热传递是温度从高温物体传递到低温物体
D．温度为0℃的物体，内能可能为零
22．下列过程中，机械能转化为内能的是（ ）
A．冬天用热水器取暖 B．用水冷却汽车发动机
C．用酒精灯给水加热 D．陨石坠入大气层成为流星
23．用两个相同的电加热器给质量都为1kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（ ）
A．2.52×105J B．4.2×105J
C．1.26×105J D．条件不足，无法计算
24．如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断不正确的是（ ）
A．图a中气缸内的蒸气体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B．气缸内的蒸气推动活塞时，内能减小
C．从能量转化角度讲，蒸气弹射装置工作时与图乙所示的原理相似
D．丙冲程的能量转化与烧水时水蒸气把壶盖顶起来的能量转化相同
25．如图所示，园艺工人在修剪枝条。关于园艺剪的使用，下列说法正确的是（ ）
A．园艺剪对枝条的压力是阻力
B．在图示状态使用时园艺剪是费力杠杆
C．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了省力
D．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了增大阻力臂
26．如图.电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端移到b 端的过程中R1、R2的U-I关系图像如图。下列四种判断中正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．图线甲是电阻R1的U-I关系图象
C．R1的阻值是20Ω
D．滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω
27．如图所示，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，电路中（ ）
A．电流表的示数变大，小灯泡变亮
B．电流表的示数变小，小灯泡变亮
C．电压表的示数变小，小灯泡不亮
D．电压表的示数变大，小灯泡不亮
28．如图所示，将若干重物放在4个自制天平的秤盘上，放入重物前天平在水平位置平衡，放入重物后天平都向右倾斜，秤盘最终落在桌面上，若不改变秤盘的悬挂位置，仅将重物左右互换，互换后可能重新在水平位置平衡的天平是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
29．如图所示为内燃机四冲程工作示意图，下列说法正确的是（ ）
A．在一个工作循环中工作过程依次是丁、丙、甲、乙
B．飞轮惯性完成冲程的是甲、乙、丁
C．飞轮转速3000r/min，则该汽油机1s能做功50次
D．丁图冲程能量转化：机械能转化为内能
30．下列例子中不是主要利用水的比热容大的特性的是（ ）
A．初春夜晚要向稻田中灌水
B．北方冬天的菜窖内放一桶水防止蔬菜冻坏
C．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
D．生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度
31．为保障师生安全，在校门口设立了人脸识别系统。人脸识别通过，开关闭合；学校物业管理员按下遥控器，开关闭合。进行上述任何一个操作时，都能启动电动机打开闸门放行。下列电路设计合理的是（ ）
A． B．
C． D．
32．共享单车促进绿色出行，为低碳生活助力。某同学骑共享单车在水平路面上匀速骑行时，下列说法错误的是（ ）
A．自行车车把转向时，车把是省力杠杆
B．自行车车座面积大且软，是通过增大受力而积来减小压强
C．上坡前，往往用力快速蹬几下，是为了增大上坡前自行车的惯性
D．刹车时，握紧自行车手闸减速是通过增大闸皮与轮胎钢圈之间的压力，增大摩擦
33．下列说法中不正确的是（ ）
A．只闭合开关S2时，灯L1、L2串联
B．只闭合开关S1、S3时，灯L、L2并联
C．只闭合开关S1、S2时，灯L1、L2并联
D．同时闭合开关S1、S2、S3，会烧坏电源
34．中央气象台每天都会发布我国主要城市的天气预报，下表列出的是2022年8月16日内陆城市兰州和沿海城市上海两地的气温情况，根据气温变化情况作出的判断和判断依据正确的是（ ）
2022年8月16日
城市甲 晴10～34℃
城市乙 晴27～33℃
A．城市甲是上海，依据是水的比热容较大
B．城市乙是兰州，依据是砂石的比热容较大
C．城市甲是兰州，依据是砂石的比热容较大
D．城市乙是上海，依据是水的比热容较大
35．小雅同学在做电学实验时，不小心将电压表和电流表的位置互换了，如图所示，如果此时将开关闭合，则（ ）
A．两表都可能被烧坏
B．两表都不会被烧坏
C．电流表不会被烧坏
D．电压表不会被烧坏，电流表可能被烧坏
36．交通法规定，满16周岁才能骑电动自行车上路，骑车时需佩戴安全头盔。小佳想制作一款智能头盔，平时将头盔锁在车前篓里，先转动钥匙并取出头盔戴上（相当于闭合），再转动电动车钥匙（相当于闭合），车才能正常启动，下图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
37．为了判断驾驶员是否酒后驾车，小东设计了一种酒精测试仪，其电路如图所示，电源电压恒定，R为定值电阻，Q为酒精气敏元件（相当于一个可变电阻，其阻值随酒精气体浓度的增大而增大）。他设想：闭合开关S后，当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，根据电表示数是否超过某值判断是否酒驾。下列电表连接符合小东设想的是（ ）
A．将电压表与R并联 B．将电流表串联在电路中
C．将电压表与气敏元件Q并联 D．将电流表与气敏元件Q并联
38．物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图象如图甲时，受到的水平推力为；当物体运动的速度与时间的关系图象如图乙时，受到的水平推力为。两次推力的功率分别为。则和分别为（ ）
A．3∶5；9∶25 B．1∶1；3∶5 C．3∶5；3∶5 D．5∶3；1∶1
39．为了拔除外来入侵物种“一枝黄花”，农业专家自制轻质拔草器，如图所示，将拔草器左下端的叉子插入植株根部，用手对拔草器施力，可将植株连根拔起。若拔同一植株，手施力最小的是（ ）
A． B．
C． D．
40．如题图，枪虾的大螯猛地合上时，能挤出速度很大的水柱，水柱产生的微小气泡在破裂瞬间会产生高温并发出很大的声音，还会发出一道极短的光，产生高温的过程体现了枪虾把机械能转化为（ ）
A．内能 B．重力势能 C．太阳能 D．电能
41．如图所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S后，电路正常工作．过了一会儿，电流表的示数变大，且电压表与电流表示数的比值不变，则下列判断中正确的是
A．电阻R断路，灯L变暗 B．电阻R短路，灯L变亮
C．灯L断路，电压表的示数变小 D．灯L短路，电压表的示数变大
42．干泥沙的比热容是水的，干泥沙与水的质量之比是2：1，吸收的热量之比是5：4，则水和干泥沙升高的温度之比为（ ）
A．1：8 B．8：1 C．8：25 D．5：8
43．在水平地面上，个子较高的甲同学和个子较矮的乙同学共同搬运一个质量分布均匀的木箱，两人一前一后，手都作用在木箱靠近自己一侧的下边缘上，施力方向都竖直向上。第一次，甲同学在前，对木箱施加的力大小为F甲，乙同学在后，对木箱施加的力大小为F乙；第二次，甲、乙同学互换位置，甲同学对木箱施加的力大小为F甲′，乙同学对木箱施加的力大小为F乙′。假设甲、乙同学身体和手臂都伸直，则（ ）
A．F甲＞F乙 B．F甲′＝F乙′
C．F甲＞F甲′ D．F乙＝F乙′
44．如图所示，甲、乙、丙分别是电压表或电流表，下列表述中错误的是（ ）
A．甲、乙决不允许同时为电流表
B．要使、串联，则甲、丙应为电压表，乙为电流表
C．要使、并联，则甲、乙应为电压表，丙为电流表
D．要使、并联，则乙为电压表，甲、丙为电流表
45．我国刑法规定，从201年5月1日起，驾驶员醉酒后驾车要负刑事责任．为了打击酒驾行为，交警常用酒精浓度监测仪对驾驶人员进行酒精测试，如图甲所示是一款酒精浓度监测仪的简化电路图，其电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为酒精气体浓度传感器（气敏电阻），R的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示．当接通电源时，下列说法正确的是（ ）
A．当酒精浓度减小时，R的阻值减少
B．当酒精浓度增大时，电压表的示数与电流表的示数的比值变大
C．当酒精浓度增大时，电压表的示数变大
D．当酒精浓度增大时，电流表的示数变小
46．如图所示的轻质杠杆，AO小于BO．在A、B两端悬挂重物G1和G2后杠杆平衡．若将G1和G2同时向支点O移动相同的距离，则 （ ）
A．杠杆仍保持平衡 B．杠杆的A端向下倾斜
C．杠杆的B端向下倾斜 D．无法判断
47．两支完全相同的温度计初温度相同.现用这两支温度计分别去测量甲、乙两种液体的温度，测得结果相同(示数高于温度计初温度).已知甲、乙两种液体质量相等，并且都比较小，乙液体原来的温度高于甲液体原来的温度.如果不考虑温度计、待测液体跟外界的热传递，则可判断( )
A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B．甲液体的比热容小于乙液体的比热容
C．甲液体的比热容等于乙液体的比热容
D．无法判断
48．甲、乙两种材料不同的金属块，它们的质量相等，同时投入沸水中充分加热，先把甲金属块从沸水中取出投入一杯冷水中，热平衡后，水的温度升高了10℃；取出甲金属块(不计水的质量变化)，再把乙金属块由沸水取出，投入该杯水中，热平衡后又使水温升高了10℃，则两金属块的比热容关系是（ ）
A．c甲C．c甲>c乙 D．以上情况都有可能
49．甲、乙两容器中装有质量相等的水，水温分别为25℃和75℃，现将一温度为85℃的金属球放入甲容器中，热平衡后水温升高到45℃，然后迅速取出金属球并放入乙容器中，热平衡后乙容器中水温为（不计热量散失和水的质量的变化）（ ）
A．65℃ B．60℃ C．55℃ D．50℃
50．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）．闭合开关S，当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，R1消耗的电功率为3.2W．下列说法正确的是（ ）
A．滑片P在a点时，R1消耗的电功率为2W
B．滑片P在b点时，R1消耗的电功率为0.6W
C．滑片P在c点时，R2消耗的电功率为1.6W
D．滑片P在c点时，电路消耗的总功率为4W
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【精选热题·50道单选题专练】苏科版物理九年级上册期末总复习
1．小非按如图所示的玩具警车的简化电路图连接了四个电路，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】【解答】根据电路图判断，灯泡和电动机并联，各支路有开关，干路没有开关，
A.开关S1在干路上，与电路图不符，A不符合题意；
B.电动机和灯泡并联， 且开关在支路上，B符合题意；
C.开关S1和灯泡串联，与电路图不符，C不符合题意；
D.各电路元件串联，与电路图不符，D不符合题意。
故答案为：B.
【分析】根据电路图，用电器在开关均闭合后是并联，开关S1和电动机串联在同一支路，开关S2和灯泡串联在同一支路，电源正极与开关S2和电动机相连，按此在实物图中连接各电路元件即可判断此题。
2．小灯泡的结构如左图，按右图中连接能让完好的小灯泡发光的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】【解答】灯泡若能发光，需要有电流经过灯丝，所以要把灯泡的顶端和侧壁接入电路中，C符合题意。
故答案为：C.
【分析】把灯泡的顶端和侧边分别连接电源的正负极时，灯泡才能发光。
3．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ）
A．0℃的冰块内能为零
B．温度高的物体含有的热量多
C．汽油机压缩冲程中，机械能转化为内能
D．反复弯折铁丝，铁丝温度升高，这是通过热传递的方式增加了铁丝的内能
【答案】C
【解析】【解答】A.一切物体都具有内能，A不符合题意；
B.物体的内能和物体的质量、温度、状态有关，热量是热传递时能量改变的多少，B不符合题意；
C.汽油机在压缩冲程时，把机械能转化为内能，C符合题意；
D.反复弯折铁丝时，铁丝温度升高，是做功改变内能，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】一切物体都具有内能，热传递时转移的能量是热量，压缩冲程把机械能转化为内能，做功和热传递都可以改变内能。
4．运动员跳远的几个阶段如图所示，下列有关运动员的说法正确的是（ ）
A．加速助跑阶段机械能不变
B．起跳时动能为零
C．经过最高点时重力势能最大
D．下降过程中动能转化为重力势能
【答案】C
【解析】【解答】选项 A：加速助跑阶段，运动员速度增大(动能增大)，高度不变(重力势能不变)，因此机械能(动能+势能)增大，并非不变，A错误。
选项 B：起跳时运动员仍有速度(助跑的速度延续)，因此动能不为零，B错误。
选项 C：重力势能与“质量、高度“有关，运动员质量不变，最高点是整个过程中高度最大的位置，因此重力势能最大，C正确。
选项 D：下降过程中，高度降低(重力势能减小)、速度增大(动能增大)，是重力势能转化为动能，并非动能转化为重力势能，D 错误。
综上，正确答案是 C
【分析】这道题围绕运动员跳远过程中动能与重力势能的变化展开，核心是结合动能(与质量、速度有关)、重力势能(与质量、高度有关)的影响因素，分析各阶段的能量状态与转化：
加速助跑阶段，运动员速度增大，动能增加，机械能(动能+重力势能)随之增大；起跳时运动员仍有速度，动能不为零；经过最高点时，运动员的高度达到跳远过程中的最大值，故重力势能最大；下降过程中，高度降低谏度增大，是重力势能转化为动能。通过这些能量与速度，高度的关联，判各选项的合理性
总结：本题关键是依据动能、重力势能的影响因素，分析跳远各阶段的能量状态与转化关系，从而判断选项的正确性，体现了机械能(动能、重力势能)与运动状态(速度、高度)的对应关系。
5．在一次实验中，某位同学按照图甲所示的电路正确连接．闭合开关后，他发现两块电流表指针的偏差角度相同，都如图乙所示．则通过灯泡和的电流分别为（ ）
A．， B．，
C．， D．，
【答案】D
【解析】【解答】由电路图可知，两灯并联．一个电流表测支路的电流，另一个电流表测干路电流，如图所示：
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两只电流表的指针偏转角度相同，所以干路电流表使用0～3A量程，示数为0.8A，支路的电流表使用0～0.6A量程，示数为0.16A，所以通过的电流：，D符合题意．
故答案为：D。
【分析】在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，支路电流表测量本支路电流，干路电流表测量各支路电流总和；根据电流表的量程和指针位置，测量电电流。
6．如图，用相同的滑轮组将重分别为G1和G2的物体匀速提升相同高度，所用的拉力分别是F1和F2，机械效率分别是η1和η2。若G1>G2，不计绳重及摩擦，则（ ）
A．F1>F2，η1>η2 B．F1C．F1η2 D．F1>F2，η1<η2
【答案】A
【解析】【解答】由于是相同的滑轮组并且不计绳重及摩擦 ，所以根据F=（）可知，越小，F越小；又由于 G1>G2 ，所以F1>F2。由于增加所提升物体的重力，可以提高滑轮组的机械效率，所以根据G1>G2 ，可知 η1>η2 。故A正确，B、C、D错误。
故答案为：A。
【分析】滑轮组半理想情况（不计绳重及摩擦）下，根据物重与拉力的定量关系F=（），可判断物重与拉力的定性关系。提高滑轮组机械效率的方法有增加，减小，减小f、三种方法，据此可判断机械效率与物重的定性关系。
7．2023年5月30日，景海鹏、朱杨柱、桂海潮三名航天员乘坐神舟十六号载人飞船，成功进入中国空间站，与神舟十五号航天员乘组会师天宫，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．飞船在升空过程中，只存在动能和势能的相互转化
B．漂浮在空间站中的宇航员重力势能为零
C．空间站组合体在轨稳定运行过程中机械能守恒
D．空间站组合体在太空中沿椭圆轨道绕地球运行，在近地点时动能最小
【答案】C
【解析】【解答】解：A．飞船在升空过程中，由于需要克服空气的阻力做功，所以机械能会转化为内能，并不是只存在动能和势能的相互转化，故A错误；
B．漂浮在空间站中的宇航员具有一定的高度，虽然宇航员处于“失重”状态，但重力并不为零，所以其重力势能不为零，故B错误；
C．空间站组合体在轨运行过程中由于是真空环境，不会受到空气阻力，只存在机械能的相互转化，所以机械能守恒，故C正确；
D、飞船在大气层外沿椭圆轨道绕地球运行，由远地点到近地点的过程中，高度变小，重力势能变小，速度变快，动能变大，到达近地点时，动能最大，重力势能最小，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）飞船在升空过程中，由于需要克服空气的阻力做功，由此可知，机械能会转化为内能；
（2）分析卫星的动能、重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）不计空气阻力，卫星的机械能是守恒的。
8．小明课后练习发高远球，羽毛球离拍后的飞行轨迹如图曲线所示，其中CD段羽毛球匀速下落.下列有关说法正确的是（ ）
A．羽毛球上升过程中，有部分动能转化成了重力势能
B．羽毛球飞行的整个过程中，机械能总量保持不变
C．飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时，动能为零
D．羽毛球离拍后继续上升过程中是由于惯性，且球拍在对球做功
【答案】A
【解析】【解答】A．羽毛球上升过程中，质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，羽毛球有部分动能转化成了重力势能，故A正确；
B．羽毛球飞行的整个过程中，会克服空气的阻力做功，羽毛球的机械能会转化为一部分内能，机械能的总量会减小，故B错误；
C．飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时竖直方向上的速度为0，但水平方向的速度不为0，故动能不为零，故C错误；
D． 羽毛球离拍后继续上升过程中是由于具有惯性，球拍没有对球施加力，所以球拍对球不做功，故D错误。
故选A。
【分析】（1）动能的大小与物体的质量和速度有关，质量不变时，速度越大，动能就越大；
重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量不变时，高度越大，重力势能就越大；
动能和势能可以相互转化；
（2）在没有摩擦和其它阻力的情况下，只有动能和势能的相互转化，则机械能的总量是守恒的；
（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在这个力的方向上移动的距离。
9．如图所示是用水壶烧开水时出现的场景，下列说法正确的是（ ）
A．壶嘴冒出的“白汽”是汽化现象，此现象需要放热
B．壶嘴冒出的“白汽”是液化现象，此现象需要吸热
C．壶嘴冒出的“白汽”属于扩散现象
D．水沸腾时，吸收热量，内能增加，温度不变
【答案】D
【解析】【解答】ABC．根据题意可知，“白气”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水滴，属于液化现象，液化需要放热，而不是扩散现象，故ABC错误；
D．水沸腾时，持续吸收热量，温度不变，内能增加，故D正确。
故选D。
【分析】ABC.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称，以及吸热还是放热；
D.根据热量、内能和温度的关系判断。
10．如图是滑动变阻器接入电路中的情形，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大的有（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【答案】A
【解析】【解答】第一个图：接入的是上面两个接线柱，相当于接入一根导线，电阻为 0，滑片移动，电阻不变；
第二个图：接入的是 “一上一下” 接线柱，当滑片 P 向右滑动时，接入电路的电阻丝长度变长，电阻变大；
第三个图：接入的是下面两个接线柱，相当于接入一个定值电阻，滑片移动，电阻不变；
第四个图：接入的是 “一上一下” 接线柱，当滑片 P 向右滑动时，接入电路的电阻丝长度变短，电阻变小。
故可知当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大的有1个，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】1.掌握滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小。
2.滑动变阻器的接线规则：必须采用 “一上一下” 的接线方式接入电路。若接上面两个接线柱，滑动变阻器相当于一根导线，接入电阻为 0；若接下面两个接线柱，滑动变阻器相当于一个定值电阻，接入电阻为其最大阻值，且滑片移动时电阻不变。
3.电阻变化的判断：当采用 “一上一下” 接线时，滑片移动会改变接入电路中电阻丝的长度。若滑片向远离下接线柱的方向移动，接入的电阻丝变长，电阻变大；若滑片向靠近下接线柱的方向移动，接入的电阻丝变短，电阻变小。
11．如图所示为四冲程汽油机的工作示意图，下列说法正确的是（ ）
A．一个工作循环的正确顺序是甲、乙、丙、丁
B．甲图冲程只吸入了空气
C．丙图冲程是靠飞轮的惯性获得动力的
D．丁图冲程有明显的机械能转化为内能的过程
【答案】C
【解析】【解答】ABD．甲图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，汽缸容积增大，吸入汽油和空气的混合物，是吸气冲程，无能量转化；乙图：气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运行，汽缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为机械能；丙图：气门都关闭，活塞向上运行，汽缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为内能；丁图：进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，汽缸容积减小，将废气排出，是排气冲程，无能量转化；热机的四个冲程依次是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，即一个工作循环的正确顺序是甲丙乙丁，故ABD错误；
C．在热机的四个冲程中，只有做功冲程做功，其他三个冲程是靠飞轮的惯性完成的，所以甲、丙、丁冲程都是依靠飞轮惯性完成，故C正确。
故答案为C。
【分析】通过观察气门的开闭情况和活塞的运动情况可判断汽油机正所处的冲程；
汽油机吸气冲程吸入的是汽油和空气的混合物，柴油机吸气冲程吸入的是空气；
压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
12．2024年8月8日，在巴黎奥运会皮划艇静水项目男子双人划艇500米决赛中，中国选手季博文、刘浩勇夺冠军。如图所示，运动员手中的桨可视为杠杆，下列工具正常使用时，与桨属于同类杠杆的是（ ）
A．用扳手拧螺丝 B．挖地时举起锄头
C．用钢丝钳剪铁丝 D．园艺剪刀修剪树枝
【答案】B
【解析】【解答】皮划艇使用桨划水时，动力臂小于阻力臂，因此桨是一个费力杠杆；
ACD．用扳手拧螺丝、用钢丝钳剪铁丝、园艺剪刀修剪树枝，在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故ACD不符合题意；
B．挖地时举起锄头，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意。
故选B。
【分析】首先判断赛艇的桨是费力杠杆还是省力杠杆。分别比较四种工具在使用时动力臂和阻力臂的长短，确定杠杆的类型，选择与赛艇的桨属于同类的杠杆即可。
13．为了保证驾驶人员的人身安全，交警部门将严查骑电动车不戴头盔行为!某科技小组发明了一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器(S))接收到信号自动闭合，再转动电动车钥匙(Sz)，车才能正常启动，如图所示设计的电路符合要求的是
A．A B．B C．C D．D
【答案】A
【解析】【解答】根据题意可知，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确，BCD错误。
故答案为：A。
【分析】根据电动车启动的条件分析两个开关与电动机的连接方式。
14．两个相同的容器内分别盛有质量和初温相同的甲、乙两种液体，用相同规格的电加热器同时加热，液体温度与加热时间的关系如图所示。下列说法正确的是 （ ）
A．甲液体的比热容小于乙液体的比热容
B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D．加热相同的时间，甲液体升高的温度比乙液体升高的温度多，说明甲液体吸热能力强
【答案】A
【解析】【解答】A．从图像可知，相同加热时间，甲上升的温度高，根据Q=cmΔt可知，甲的比热容小，故A正确；
B、甲的比热容小，如果升高相同的温度，乙吸收热量大，B错误；
C．加热相同的时间，液体吸收的热量相等，故C错误；
D．加热相同的时间，甲液体升高的温度比乙液体升高的温度多，说明甲液体吸热能力弱，故D错误。
故选A。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）。
15．一辆娱乐电瓶车工作时消耗电能的功率为， 电能转化为机械能的效率为， 电瓶车及人所受的总重力为， 行驶时阻力是总重力的 0.1 倍， 则此电瓶车水平匀速行驶 所用的时间约为 （ ）。
A． B． C． D．以上都不对
【答案】C
【解析】【解答】根据重力，计算摩擦力f=0.1G=0.1×2000N=200N；结合距离，计算做功W=Fs=200N×100m=20000J，根据效率和功率，计算时间为，C符合题意。
故答案为：C.
【分析】根据摩擦力和重力关系，计算摩擦力；根据W=Fs，计算做功多少，根据，计算时间。
16．依据表格中的数据，下列说法正确的是（ ）
物质 比热容c/J/（kg·℃）-1
水 4.2×103
煤油 2.1×103
砂石 约0.92×103
A．一桶煤油用掉一半，桶内剩余煤油的比热容变小
B．水和砂石吸收相等的热量，水的温度升高得较多
C．水的比热容表示水的温度降低1℃放出的热量是4.2×103J
D．质量相等的水和煤油，升高相同温度，煤油吸收热量少
【答案】D
【解析】【解答】A．根据题意可知，一桶煤油用掉一半， 桶内剩余煤油的物质种类不变，因此比热容不变，故A错误；
B．根据题意可知， 质量相等的水和砂石吸收相同的热量，根据可知，水的比热容大于砂石的比热容，水的温度升高得较少，由于不知道质量的大小，无法确定温度的变化关系，故B错误；
C． 根据题意可知，水的比热容是，它表示质量为1kg的水的温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量是，故C错误；
D． 根据题意可知，水的比热容大于煤油的比热容，当二者质量相等、升高相同温度时，根据可知，水吸收的热量多，故D正确。
故选D。
【分析】A. 比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
BD.根据Q=cm△t分析判断；
C.根据比热容的物理意义判断。
17．“煮”的篆体写法如图。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是（ ）
A．用热水袋取暖 B．钻木取火
C．摩擦生热 D．擦燃火柴
【答案】A
【解析】【解答】根据题意可知，“煮”食物时，食物吸收水的热量，则这是通过热传递改变内能。
A．用热水袋取暖，即人体吸收袋内水的热量，这是通过热传递改变内能，故A符合题意；
BCD．钻木取火、摩擦生热、擦燃火柴，都是将机械能转化为内能，都是通过做功改变物体的内能，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】改变物体内能的方式：做功，本质为能量的转化；热传递，本质为能量的转移。
18．小明在学习完电流与电路后设计了如下电路图，其中电流表测量灯L1电流的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】【解答】解：A．电流表没有经过用电器直接接在电源上，发生电源短路，故A不正确；
B．电流表如果要测量灯L1电流，电流表和灯L1要串联，而图B中电流表和灯L1并联，故B不正确；
C．图中电流表和灯L1串联，能直接测量灯L1的电流，故C正确；
D．图中电流表串联在干路上，电流表测量干路电流，故D不正确。
故选：C。
【分析】电流要从“+“接线柱流入，从“-“接线柱流出；电流表与被测用电器串联。
19．体重为600N的小江用如图所示的滑轮组来提升重1050N的物体，他用400N的拉力使该物体缓慢匀速上升，5s内物体上升了1m，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．小江拉力做功的功率为80W
B．此时滑轮组的机械效率为75%
C．提重物的过程中克服动滑轮重力做功450J
D．小江用该滑轮组能提起的最大物重为1650N
【答案】D
【解析】【解答】 A、小江拉力做功W=FS=400N×3m=1200J，功率为，故A错误
B、有用功为W=Gh=1050N×1m=1050J，机械效率为，故B错误。
C、提重物的过程中克服动滑轮重力做功，实际上就是额外功，即W额=W总-W有=1200J-1050J=150J，故C错误。
D、滑轮重为，小江对绳子施加的最大力为600N，那么物体最大为G物=3F-G轮=3×600N-150N=1650N，故D正确。
答案为：D
【分析】（1）功的公式为W=FS。
（2）物体重做的功为有用功，拉力做的功为总功，机械效率等于有用功除以总功。
（3）滑轮做的功为额外功，利用总功和有用功可以求出，再利用额外功的表达式可以求出滑轮的重力。
（4）人对绳子的最大拉力为人的重力。
20．如图所示是电阻甲和乙的I-U图象.下列说法中正确的是（ ）.
A．电阻乙为定值电阻
B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲=0.4Ω
C．只将电阻甲和乙串联，若电路电流为0.2A，则电路总电阻为15Ω
D．只将电阻甲和乙并联，若电源电压为2V，则电路总电流为0.4A
【答案】C
【解析】【解答】A、图中，甲电阻的电流和电压成正比，是定值电阻，乙电阻的电流和电压不是正比例，乙电阻发生变化，A错误；
B、根据图像，当甲两端电压为2V时，通过电阻的电流为0.4A，B错误；
C、当甲乙串联，电流相等，当电路中的电流为0.2A时，图中，甲的电压为1V，乙的电压为2V，电路中的总电压为：1V+2V=3V，总电阻为：，C正确；
D、甲乙并联时，各支路电压相等，电压为2V时，甲的电流为0.1A，乙的电流为0.2A，根据并联电路电流规律，干路电流为：0.4A+0.2A=0.6A，D错误。
故选C。
【分析】定值电阻的阻值固定不变，电流和电压成正比；在串联电路中，电流处处相等，总电压等于各用电器分压之和；根据，计算电阻；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
21．下列关于热学相关知识说法正确的是（ ）
A．物体温度越高，分子无规则运动越剧烈
B．物体内能增加，一定是吸收了热量
C．热传递是温度从高温物体传递到低温物体
D．温度为0℃的物体，内能可能为零
【答案】A
【解析】【解答】A.物体温度越高，分子无规则运动越剧烈，故A正确；
B.物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故B错误；
C.热传递是内能从高温物体传递到低温物体，故C错误；
D.温度为0℃的物体，内能较小，但是不为零，故D错误。
故选A。
【分析】（1）根据分子运动的影响因素判断；
（2）根据改变内能的方式判断；
（3）根据热传递的本质判断；
（4）一切物体都有内能。
22．下列过程中，机械能转化为内能的是（ ）
A．冬天用热水器取暖 B．用水冷却汽车发动机
C．用酒精灯给水加热 D．陨石坠入大气层成为流星
【答案】D
【解析】【解答】A．冬天用热水器取暖，热水温度较高，将热量传递给人体，属于热传递改变物体的内能，A不符合题意；
B．用水冷却汽车发动机，发动机工作时温度较高，将热量传递给温度较低的水，属于热传递改变物体内能，B不符合题意；
C．用酒精灯给水加热，火焰温度较高，将热量传递给水，属于热传递改变物体内能，C不符合题意；
D．陨石坠入大气层成为流星，陨石进入大气层后，与空气摩擦做功，将机械能转化为内能，这是利用做功改变内能，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】物体间摩擦属于做功，将机械能转换为内能。
23．用两个相同的电加热器给质量都为1kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（ ）
A．2.52×105J B．4.2×105J
C．1.26×105J D．条件不足，无法计算
【答案】C
【解析】【解答】图象中：电热器相同，甲和水的质量相同，水温度升高60℃需要20min，物质甲温度升高60℃需要10min。根据加热时间，判断吸收的热量关系为：Q水吸＝2Q甲吸。
根据Q=cmΔt得：c水mΔt=2c甲mΔt，质量和温度差相同，所以c水＝2c甲。
又因为c水=4.2×103J/（kg ℃），所以c甲=2.1×103J/（kg ℃），
甲物质10min升高了60℃，计算吸收的热量为：
Q甲吸=c甲m甲Δt甲=2.1×103J/（kg ℃）×1kg×60℃=1.26×105J。
故选：C。
【分析】根据质量和温度差相等，结合加热时间，计算吸收热量的关系；根据Q=cmΔt，较小吸收热量的多少。
24．如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断不正确的是（ ）
A．图a中气缸内的蒸气体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B．气缸内的蒸气推动活塞时，内能减小
C．从能量转化角度讲，蒸气弹射装置工作时与图乙所示的原理相似
D．丙冲程的能量转化与烧水时水蒸气把壶盖顶起来的能量转化相同
【答案】C
【解析】【解答】A．图 a 中汽缸内的蒸气体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力，故A正确；
B．气缸内的蒸气推动活塞时，将内能转化为机械能，内能减小，故 B正确；
C．蒸气弹射装置工作时将内能转化为机械能，与丙图做功冲程原理相似，故C错误；
D．烧水时水蒸气把壶盖顶起来，将内能转化为机械能，与丙图做功冲程能量转化相同，故D正确。
故选：C。
【分析】蒸气弹射装置工作时将内能转化为机械能；
甲图进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，为吸气冲程；
乙图两个气门关闭，活塞向上运动，将机械能转化为内能，为压缩冲程；
丙图两个气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，将内能转化为机械能，为做功冲程；
丁图进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，为排气冲程。
25．如图所示，园艺工人在修剪枝条。关于园艺剪的使用，下列说法正确的是（ ）
A．园艺剪对枝条的压力是阻力
B．在图示状态使用时园艺剪是费力杠杆
C．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了省力
D．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了增大阻力臂
【答案】C
【解析】【解答】 A. 园艺剪对枝条的压力是 动力，故A错误；
B.由题图可知，修枝剪的支点在转轴处，手对修枝剪的作用力为动力，树枝对修枝剪的作用力为阻力，动力臂大于阻力臂，故修枝剪为省力杠杆，故B错误；
CD.把枝条往园艺剪的轴处靠近，是为了减小阻力臂，在阻力和动力臂大小不变时，根据杠杆平衡条件可知，动力减小，可以更省力，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】A.根据力的作用效果确定是动力还是阻力；
B.比较动力臂和阻力臂的大小关系，判断杠杆的类型；
CD.利用杠杆的平衡条件，分析实际杠使用的问题。
26．如图.电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端移到b 端的过程中R1、R2的U-I关系图像如图。下列四种判断中正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．图线甲是电阻R1的U-I关系图象
C．R1的阻值是20Ω
D．滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω
【答案】D
【解析】【解答】A、根据串联电路电压的规律，电源电压等于两电压表示数之和，由U-I图象可知，电路中电流为0.3A，R1两端的电压U1=3V，R2两端的电压U2=3V，则电源电压U=U1+U2=3V+3V=6V，故A错误。
B、因为滑片在a时，此时滑动变阻器的电阻为0，电压变为0；故从“U-I”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器R2的U-I关系图象，乙为电阻R1的U-I图象，故B错误。
C、乙图像为R1的图像，即电阻为。
D、由分压原理，当电压表V2示数最大时，变阻器连入电路的电阻最大，由图2知，这时的电压为4V，电流为0.2A，
由欧姆定律可得，滑动变阻器的最大阻值：，故D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；根据串联电路电压的规律，电源电压等于两电压表示数之和，据此求出电源电压。
（2）根据P=UI，当电路的电流最大时，电路的功率最大，由图知电路的最大电流，从而得出电路的最大电功率。
（3）由分压原理，当电压表V2示数最大时，变阻器连入电路的电阻最大，由图知这时的电压电流，由欧姆定律可得得出滑动变阻器的最大阻值。
27．如图所示，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，电路中（ ）
A．电流表的示数变大，小灯泡变亮
B．电流表的示数变小，小灯泡变亮
C．电压表的示数变小，小灯泡不亮
D．电压表的示数变大，小灯泡不亮
【答案】D
【解析】【解答】根据图片可知，当开关S断开时，灯泡L与电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据U总=U1+U2可知，此时电压表的示数小于电源电压；此时电流为：；
当开关S闭合时，灯泡L短路，此时灯不亮，电路中只有R，
那么此时电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，为；
比较可知，此时电流表的示数变大，电压表的示数变大，灯泡不亮。
故选D。
【分析】根据电路图判断开关闭合状态改变时串并联关系的变化，确定电表所测物理量的变化，结合串联电路的电压特点和欧姆定律分析判断即可。
28．如图所示，将若干重物放在4个自制天平的秤盘上，放入重物前天平在水平位置平衡，放入重物后天平都向右倾斜，秤盘最终落在桌面上，若不改变秤盘的悬挂位置，仅将重物左右互换，互换后可能重新在水平位置平衡的天平是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
【答案】C
【解析】【解答】AD．在甲、丁图中，杠杆左右的力臂相等，放入重物后，天平向右倾斜，则右边的物体重力比左边大，左右重物互换后，向左边倾斜，杠杆不平衡，故AD不符合题意；
B．乙图中，左边力臂大于右边力臂，放入重物后向右倾斜，右边的物体重力一定比左边的大，左右互换后，会向左边倾斜，故B不符合题意；
C．丙图中，左边力臂小于右边力臂，放入重物后天平向右倾斜，右边物体的重力可能比左边的大，也可能比左边的小，左右互换，右边的物体重力比左边大，杠杆可能在水平位置平衡，故C符合题意。
故选C。
【分析】根据F1L1=F2L2，结合杠杆中力臂的大小关系，判断物体重力大小，左右交换后，判断杠杆是否平衡。
29．如图所示为内燃机四冲程工作示意图，下列说法正确的是（ ）
A．在一个工作循环中工作过程依次是丁、丙、甲、乙
B．飞轮惯性完成冲程的是甲、乙、丁
C．飞轮转速3000r/min，则该汽油机1s能做功50次
D．丁图冲程能量转化：机械能转化为内能
【答案】D
【解析】【解答】 解：A、根据气门和活塞的情况，判断四个图片的冲程：甲是做功冲程，乙是吸气冲程，丙是排气冲程，丁是压缩冲程，所以正确的排序是乙、丁、甲、丙，故A错误；
B、做功冲程中使机器获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程依靠飞轮惯性完成，即依靠飞轮惯性完成冲程的是乙、丙、丁，故B错误；
C、四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮1s转50圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，共100个冲程，共做功25次，故C错误；
D、丁图是压缩冲程，能量转化是机械能转化为内能，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）内燃机的四个冲程在一个工作循环中工作过程依次是吸气、压缩、做功和排气冲程；根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；
（2）一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机车获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮惯性完成；
（3）内燃机的工作过程：在一个工作循环中有四个冲程，活塞往复运动两次，曲轴和飞轮转动2周，做功一次；
（4）内燃机工作过程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。
30．下列例子中不是主要利用水的比热容大的特性的是（ ）
A．初春夜晚要向稻田中灌水
B．北方冬天的菜窖内放一桶水防止蔬菜冻坏
C．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
D．生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度
【答案】B
【解析】【解答】A．水的比热容大，相晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故A不符合题意；
B．北方冬天的菜窖内入一桶水，利用水凝固放热，没有利用水的比热容大的特性，故B符合题意；
C．由于水的比热容比较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以北方楼房内的“暖气”用水作为介质，故C不符合题意；
D．生物体内水的比例高，利用比热容比较大，有助于调节自身的温度，故D不符合题意。
故选B。
【分析】比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量，即升高或降低相同的温度时，会吸收或放出更多的热量，据此分析判断。
31．为保障师生安全，在校门口设立了人脸识别系统。人脸识别通过，开关闭合；学校物业管理员按下遥控器，开关闭合。进行上述任何一个操作时，都能启动电动机打开闸门放行。下列电路设计合理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【解析】【解答】根据题意可知，人脸识别通过，开关S1闭合；学校物业管理员按下遥控器，开关S2闭合。进行上述任何一个操作时，都能启动电动机打开闸门放行，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联，故D正确。
故答案为：D。
【分析】根据题意分析开关的连接方式，然后选出正确的电路图。
32．共享单车促进绿色出行，为低碳生活助力。某同学骑共享单车在水平路面上匀速骑行时，下列说法错误的是（ ）
A．自行车车把转向时，车把是省力杠杆
B．自行车车座面积大且软，是通过增大受力而积来减小压强
C．上坡前，往往用力快速蹬几下，是为了增大上坡前自行车的惯性
D．刹车时，握紧自行车手闸减速是通过增大闸皮与轮胎钢圈之间的压力，增大摩擦
【答案】C
【解析】【解答】A．自行车的车把转向时，动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，所以是省力杠杆，故A正确，不符合题意；
B．自行车车座面积大且软，通过增大受力面积来减小压强，故B正确，不符合题意；
C．惯性大小只跟物体的质量大小有关，自行车质量不变，所以惯性不变，故C错误，符合题意；
D．刹车时，握紧自行车手闸减速，通过增大闸皮与轮胎钢圈之间的压力，来增大摩擦，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
3、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
4、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
33．下列说法中不正确的是（ ）
A．只闭合开关S2时，灯L1、L2串联
B．只闭合开关S1、S3时，灯L、L2并联
C．只闭合开关S1、S2时，灯L1、L2并联
D．同时闭合开关S1、S2、S3，会烧坏电源
【答案】C
【解析】【解答】 解：A、只闭合开关S2时，两灯首位依次连接，即灯L1、L2串联，故A正确；
B、只闭合开关S1、S3时，L1、L2首首连接，尾尾相连，即灯L1、L2并联，故B正确；
C、只闭合开关S1、S2时，灯L2被短路，不亮，只有灯L1工作，故C错误；
D、同时闭合开关S1、S2、S3时，会造成电源短路，烧坏电源，故D正确。
故选：C。
【分析】 串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；
电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。
34．中央气象台每天都会发布我国主要城市的天气预报，下表列出的是2022年8月16日内陆城市兰州和沿海城市上海两地的气温情况，根据气温变化情况作出的判断和判断依据正确的是（ ）
2022年8月16日
城市甲 晴10～34℃
城市乙 晴27～33℃
A．城市甲是上海，依据是水的比热容较大
B．城市乙是兰州，依据是砂石的比热容较大
C．城市甲是兰州，依据是砂石的比热容较大
D．城市乙是上海，依据是水的比热容较大
【答案】D
【解析】【解答】AD、沿海地区的上海，因为水比较多，水的比热容较大，能调节气候，昼夜温差小，即城市乙是上海，故D正确，A错误。
BC、城市甲的昼夜温差较大，是因为砂石的比热容较小，升温快降温也快，即城市甲是兰州，故BC错误。
故答案为：D
【分析】水的比热容比较大，升温慢，降温也慢，含水多的地方，昼夜温差比较小。砂石的比热容小，升温快，降温也快，昼夜温差较大。
35．小雅同学在做电学实验时，不小心将电压表和电流表的位置互换了，如图所示，如果此时将开关闭合，则（ ）
A．两表都可能被烧坏
B．两表都不会被烧坏
C．电流表不会被烧坏
D．电压表不会被烧坏，电流表可能被烧坏
【答案】D
【解析】【解答】此时电流表直接接到电源两极上，造成电源短路；通过电流表的电流会很大，电流表将被烧坏；没有电流通过电压表，电流为零，所以，电压表不会烧坏，故D符合题意．【分析】电流表的电阻很小，相当于一段导线，将电压表和电流表位置接反了，电流表直接接到电源两极上，电路就是短路。
36．交通法规定，满16周岁才能骑电动自行车上路，骑车时需佩戴安全头盔。小佳想制作一款智能头盔，平时将头盔锁在车前篓里，先转动钥匙并取出头盔戴上（相当于闭合），再转动电动车钥匙（相当于闭合），车才能正常启动，下图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】【解答】先闭合S1（取出头盔戴上），再闭合S2（转动电动车钥匙），车才能正常启动，这说明两个开关需要串联，只有当两个开关都闭合时，电路才能导通，电动机才能工作。
A、S1和S2串联，只有同时闭合S1和S2，电动机M所在电路才导通，符合要求。
B、S1闭合时会造成电源短路，不符合电路安全要求，也不符合题意。
C、S1和S2并联，只要闭合其中一个开关，电动机M就会工作，不符合“先闭合S1，再闭合S2车才启动”的要求。
D、闭合S1后，电动机M工作，再闭合S2会造成电动机短路，不符合要求。
故答案为：A。
【分析】本题涉及的知识点是串联电路的特点：串联电路中电流只有一条路径，各用电器相互影响，一处断开，整个电路都不通，开关控制整个电路。本题中需要两个开关依次闭合才能使电路导通，体现了串联电路各用电器相互影响、开关控制整个电路的特点。
37．为了判断驾驶员是否酒后驾车，小东设计了一种酒精测试仪，其电路如图所示，电源电压恒定，R为定值电阻，Q为酒精气敏元件（相当于一个可变电阻，其阻值随酒精气体浓度的增大而增大）。他设想：闭合开关S后，当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，根据电表示数是否超过某值判断是否酒驾。下列电表连接符合小东设想的是（ ）
A．将电压表与R并联 B．将电流表串联在电路中
C．将电压表与气敏元件Q并联 D．将电流表与气敏元件Q并联
【答案】C
【解析】【解答】AB．由题意可知，定值电阻R与气敏元件Q串联，将电压表与R并联，电压表测量R两端的电压，将电流表串联在电路中，电流表测电路中的电流；酒精气体浓度越大，气敏元件的阻值越大，电路总电阻增大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中电流减小，即电流表示数变小；电阻R的阻值不变，电流I变小，由U=IR可知，电阻R两端电压变小，即电压表示数变小；不能根据电表示数是否超过某值判断是否酒驾，AB不符合题意；
C．电阻R与气敏元件Q串联，电压表测量Q两端的电压因酒精气敏元件的阻值随被测酒精气体浓度的增大而增大，当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，Q的阻值变大，电路中的总电阻变大，电险中的电流变小，由U=IR可知，R两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，酒精气敏元件Q两端的电压变大，即电压表的示数变大，能根据电表示数是否超过某值判断是否酒驾，C符合题意；
D．电流表与气敏元件Q并联后，Q会被短路，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】电压表与测量部分并联，电流表与测量部分串联；酒精气体浓度越大，气敏元件的阻值越大，电路总电阻增大，电路中电流变小，定值电阻两端电压变大。
38．物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图象如图甲时，受到的水平推力为；当物体运动的速度与时间的关系图象如图乙时，受到的水平推力为。两次推力的功率分别为。则和分别为（ ）
A．3∶5；9∶25 B．1∶1；3∶5 C．3∶5；3∶5 D．5∶3；1∶1
【答案】B
【解析】【解答】 根据题意可知，两次都是做匀速直线运动，
根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力，
则物体对接触面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，
则物体所受的摩擦力不变，
故受到的水平推力为F1=F2，
因此F1：F2=1：1，
由图象甲可知，第一次物体的速度大小为：，
由v-t图象乙可知，第二次物体的速度大小为：v乙=5m/s，
由P=Fv可得，两次推力的功率之比：；故B正确。
故选B。
【分析】 （1）根据二力平衡条件分析出两次推力的大小关系，即可得出两次的推力之比；
（2）根据甲图利用速度公式求得第一次的速度，由图象乙直接读出第二次的速度，利用P=Fv求出两次推力的功率之比。
39．为了拔除外来入侵物种“一枝黄花”，农业专家自制轻质拔草器，如图所示，将拔草器左下端的叉子插入植株根部，用手对拔草器施力，可将植株连根拔起。若拔同一植株，手施力最小的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】【解答】杠杆平衡条件。根据题意可知阻力大小是不变的，要让动力最小，应该使尽量小，尽量大。根据图示最小，垂直于杠杆，的长度最大的，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据杠杆平衡条件，确定最小的力。
40．如题图，枪虾的大螯猛地合上时，能挤出速度很大的水柱，水柱产生的微小气泡在破裂瞬间会产生高温并发出很大的声音，还会发出一道极短的光，产生高温的过程体现了枪虾把机械能转化为（ ）
A．内能 B．重力势能 C．太阳能 D．电能
【答案】A
【解析】【解答】 解：大鳌猛地合上时，大鳌的机械能转化为水柱的动能（因为大鳌的运动推动水，使水获得速度，具有动能）；水柱产生的微小气泡破裂瞬间，水柱的动能转化为内能（产生高温，内能增加）、声能（发出很大的声音）和光能（发出一道极短的光）。
故选：A。
【分析】 大鳌猛地合上时，大鳌的机械能转化为水柱的动能（因为大鳌的运动推动水，使水获得速度，具有动能）；
水柱产生的微小气泡破裂瞬间，水柱的动能转化为内能（产生高温，内能增加）、声能（发出很大的声音）和光能（发出一道极短的光）。
41．如图所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S后，电路正常工作．过了一会儿，电流表的示数变大，且电压表与电流表示数的比值不变，则下列判断中正确的是
A．电阻R断路，灯L变暗 B．电阻R短路，灯L变亮
C．灯L断路，电压表的示数变小 D．灯L短路，电压表的示数变大
【答案】D
【解析】【解答】电流表的示数变大，说明电路发生了短路，而电压表与电流表示数的比值不变，曲欧姆定律知，电阻不变时，电流与电压成正比，说明电阻 R的阻值没有变，即电阻没有问题，故只有电灯L短路，且电流表变大时，电压表的示数也变大。
故选：D。
【分析】根据电路图知，灯、电阻构成串联电路，且电路出现的情况是电流表的示数变大，由此可确定电路出现断路的A、C两选项是错误的；由于电压表与电流表示数的比值不变，说明在电流表示数增大时电压表示数也增大了，因此R短路的情况是不可能的，只有当灯短路，电压表由测电阻两端电压改为测电源两端电压，电压表示数增大，故正确选项为 D。
42．干泥沙的比热容是水的，干泥沙与水的质量之比是2：1，吸收的热量之比是5：4，则水和干泥沙升高的温度之比为（ ）
A．1：8 B．8：1 C．8：25 D．5：8
【答案】C
【解析】【解答】解：已知
由Q=cm△t可得，
故选C．
【分析】知道比热容之比、质量之比和吸收热量之比，根据Q=cm△t求出升高的温度之比．
43．在水平地面上，个子较高的甲同学和个子较矮的乙同学共同搬运一个质量分布均匀的木箱，两人一前一后，手都作用在木箱靠近自己一侧的下边缘上，施力方向都竖直向上。第一次，甲同学在前，对木箱施加的力大小为F甲，乙同学在后，对木箱施加的力大小为F乙；第二次，甲、乙同学互换位置，甲同学对木箱施加的力大小为F甲′，乙同学对木箱施加的力大小为F乙′。假设甲、乙同学身体和手臂都伸直，则（ ）
A．F甲＞F乙 B．F甲′＝F乙′
C．F甲＞F甲′ D．F乙＝F乙′
【答案】D
【解析】【解答】A．如下图所示，以B为支点，甲的力臂为BK，阻力臂为BH，根据杠杆的平衡条件有
……①
以A为支点，根据力臂的知识及数学知识可知，乙的力臂大小等于BK，阻力臂大小等于KH，根据杠杆的平衡条件有
……②
因
故F甲＜F乙
A不符合题意；
B．甲、乙同学互换位置，甲同学对木箱施加的力大小为F甲′，乙同学对木箱施加的力大小为F乙′，如下图所示，以A为支点，甲的力臂为AN，阻力臂为AM，根据杠杆的平衡条件有
……③
以B为支点，乙的力臂大小等于AN，阻力臂大小等于MN，根据杠杆的平衡条件有
……④
因
由③④知F甲′＜F乙′
B不符合题意；
CD．根据题意可知，在上面两个图中，木箱与水平面的夹角相同，根据已知条件有KB=AN
HB=AM
KH=MN
由①③得F甲=F甲′
C不符合题意；由②④得F乙＝F乙′
D符合题意。
故答案为：D。
【分析】找出两个人搬箱子时的支点和动力臂、阻力臂，然后根据杠杆的平衡条件来求解。
44．如图所示，甲、乙、丙分别是电压表或电流表，下列表述中错误的是（ ）
A．甲、乙决不允许同时为电流表
B．要使、串联，则甲、丙应为电压表，乙为电流表
C．要使、并联，则甲、乙应为电压表，丙为电流表
D．要使、并联，则乙为电压表，甲、丙为电流表
【答案】C
【解析】【解答】要判断电路连接方式，需明确：电压表开路、电流表短路。
选项A：甲、乙同时为电流表会短路电源，故不允许，A正确。
选项B：L1、L2串联时，电流需依次经L1、L2，甲、丙为电压表（开路，保证电流走用电器），乙为电流表（短路，导通电路），B正确。
选项C：若甲、乙为电压表（开路）、丙为电流表，电流仅能经L1→丙，L2被乙阻断，无法并联，C错误。
选项D：乙为电压表（开路），甲、丙为电流表（短路），电流分两支（经L1或甲→L2）后汇合，L1、L2并联，D正确。
故选：C。
【分析】本题关键是利用电表特性（电流表短路、电压表开路），结合串并联电路的电流路径要求，判断各选项的电路连接是否成立，错误选项因无法形成并联支路而错误。
45．我国刑法规定，从201年5月1日起，驾驶员醉酒后驾车要负刑事责任．为了打击酒驾行为，交警常用酒精浓度监测仪对驾驶人员进行酒精测试，如图甲所示是一款酒精浓度监测仪的简化电路图，其电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为酒精气体浓度传感器（气敏电阻），R的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示．当接通电源时，下列说法正确的是（ ）
A．当酒精浓度减小时，R的阻值减少
B．当酒精浓度增大时，电压表的示数与电流表的示数的比值变大
C．当酒精浓度增大时，电压表的示数变大
D．当酒精浓度增大时，电流表的示数变小
【答案】C
【解析】【解答】解：根据图象可知酒精气体的浓度越小传感器的电阻越大，故A错误；
由电路图可知，定值电阻与传感器的电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压，所以电压表的示数与电流表的示数的比值为定值电阻的阻值，它是不变的，故B错误；
由题知，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小，
测试到的酒精气体浓度越大，酒精气体传感器的电阻越小，
根据欧姆定律可知，电路电流越大，定值电阻两端的电压越大，即电压表示数越大；故C正确；
当酒精气体浓度增大时，酒精气体传感器的电阻减小，
根据欧姆定律可知，电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，故D错误．
故选C．
【分析】由电路图可知，定值电阻与传感器的电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压；根据图象可知酒精气体的浓度越小传感器的电阻越大，由欧姆定律可知电路中的电流的变化、定值电阻两端电压的变化，再由串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化．
46．如图所示的轻质杠杆，AO小于BO．在A、B两端悬挂重物G1和G2后杠杆平衡．若将G1和G2同时向支点O移动相同的距离，则 （ ）
A．杠杆仍保持平衡 B．杠杆的A端向下倾斜
C．杠杆的B端向下倾斜 D．无法判断
【答案】C
【解析】【解答】解：原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为G
1和G
2，其对应的力臂分别为OA、OB，
根据杠杆的平衡条件可得：G1 OA=G2 OB，由图示可知，OA＜OB．所以：G1＞G2，
当向支点移动相同的距离△L时，两边的力臂都减小△L，此时左边的力矩为：G1（OA﹣△L）=G1OA﹣G1△L，
右边的力矩为：G2（OB﹣△L）=G2OB﹣G2△L，由于G1＞G2，所以G1△L＞G2△L；
所以：G1OA﹣G1△L＜G2OB﹣G2△L，
因此杠杆将向右端倾斜．
故答案为：C．
【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2分析计算即可.
47．两支完全相同的温度计初温度相同.现用这两支温度计分别去测量甲、乙两种液体的温度，测得结果相同(示数高于温度计初温度).已知甲、乙两种液体质量相等，并且都比较小，乙液体原来的温度高于甲液体原来的温度.如果不考虑温度计、待测液体跟外界的热传递，则可判断( )
A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B．甲液体的比热容小于乙液体的比热容
C．甲液体的比热容等于乙液体的比热容
D．无法判断
【答案】A
【解析】【解答】由题意知两支温度计测温前后温度变化相等，由Q=cmΔt知，两温度计吸收的热量Q相等，则甲、乙两液体放出的热量Q相等；已知乙液体的初始温度比甲液体的初始温度高，甲、乙两液体后来的温度相等，则它们温度变化量Δt甲<Δt乙，甲、乙两液体放出的热量 由Q=cmΔt得 ，故A符合题意。
故选A。
【分析】根据题意知，两液体初始温度都比温度计温度高，两液体后来的温度相等；用温度计测液体温度时，温度计要吸收热量，根据温度计吸收的热量Q=cmΔt，结合题意分析可得出结论。
48．甲、乙两种材料不同的金属块，它们的质量相等，同时投入沸水中充分加热，先把甲金属块从沸水中取出投入一杯冷水中，热平衡后，水的温度升高了10℃；取出甲金属块(不计水的质量变化)，再把乙金属块由沸水取出，投入该杯水中，热平衡后又使水温升高了10℃，则两金属块的比热容关系是（ ）
A．c甲C．c甲>c乙 D．以上情况都有可能
【答案】A
【解析】【解答】先后将甲、乙两金属块投入到同一杯水中，水升高的温度相同，由Q=cmΔt可知，水吸收的热量相同，不计热量损失时，两金属块放出的热量和水吸收的热量相同，即甲乙两金属块放出的热量相同， 先把甲金属块从沸水中取出投入一杯冷水中，热平衡后，取出甲金属块(不计水的质量变化)，再把乙金属块由沸水取出，投入该杯水中，热平衡后 ， 乙金属块温度比甲少降低了10℃，即甲温度降低多些， 根据Q=cmΔt，质量相同的甲、乙两金属块，放出相同的热量，降低的温度多的甲金属块，比热容小，故BCD错误，A正确。
故选A。
【分析】 先后将甲、乙两金属块投入到同一杯水中，水升高的温度相同，根据Q=cmΔt可知两次水吸收的热量关系，不计热量损失时，两金属块放出的热量和水吸收的热量相同，判断两金属块温度的变化量关系，根据Q=cmΔt比较两金属块的比热容关系。
49．甲、乙两容器中装有质量相等的水，水温分别为25℃和75℃，现将一温度为85℃的金属球放入甲容器中，热平衡后水温升高到45℃，然后迅速取出金属球并放入乙容器中，热平衡后乙容器中水温为（不计热量散失和水的质量的变化）（ ）
A．65℃ B．60℃ C．55℃ D．50℃
【答案】A
【解析】【解答】①当将金属球放入甲容器中时，金属球放出的热量与水吸收的热量相等，即：Q金＝Q水.设金属球的质量为m金、比热容为c金、水的质量为m水、水的比热容为c水，则：Q金＝m金×c金(85℃ 45℃)，Q水＝m水×c水(45℃ 25℃)，因为：Q金＝Q水，所以：m金×c金(85℃ 45℃)＝m水×c水(45℃ 25℃)，化简得： ＝ ；②当将金属球放入乙容器中时，乙容器中的水放出的热量与金属球吸收的热量相等，即：Q水＝Q金，由于甲乙容器中的水的质量相等，又是同一个金属球，所以仍设金属球的质量为m金、比热容为c金、水的质量为m水、水的比热容为c水，此时两者共同的温度为t， 则：Q水＝m水×c水(75℃ t℃)，Q金＝m金×c金(t℃ 45℃)，因为：Q水＝Q金，即：m水×c水(75℃ t℃)＝m金×c金(t℃ 45℃)，所以2×(75℃ t℃)＝(t℃ 45℃)，解得：t＝65℃，A符合题意。
故答案为：A.
【分析】利用水的比热容、温度差可以表达金属的比热容，利用吸热和放热相等分析温度差。
50．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）．闭合开关S，当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，R1消耗的电功率为3.2W．下列说法正确的是（ ）
A．滑片P在a点时，R1消耗的电功率为2W
B．滑片P在b点时，R1消耗的电功率为0.6W
C．滑片P在c点时，R2消耗的电功率为1.6W
D．滑片P在c点时，电路消耗的总功率为4W
【答案】C
【解析】【解答】A、当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，可得此时电路消耗的总功率为P=UI=12V×0.1A=1.2W，所以此时R1消耗的电功率为0.2W，A不符合题意；
C、D当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，则可知R1两端的电压为12V-4V=8V，R1消耗的电功率为3.2W，则可得此时电路中的电流为I==0.4A，则R2消耗的电功率为P=UI=4V×0.4A=1.6W，电路消耗的总功率为P=U总I总=12V×0.4A=4.8W，C符合题意，D不符合题意；
B、滑片由a向c移动过程中电流是变大的，电阻是变小的，则可知a是右端，b是左端，电阻R1的阻值为R1==20Ω，滑片P在b点时电路中只有R1，R1消耗的电功率为P1==7.2W，B不符合题意。
故答案为：C。
【分析】A、根据P=UI 求出R1的功率； B、先根据滑动变阻器的滑片移动时电路中电流的变化判断a、b所处的端点，根据P=I2R求出R1的阻值，在根据P=求出此时R1的功率；C、D由题目提供的信息求出滑片P在c点时根据P=UI求出R2消耗的电功率及总功率。
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