辽宁省抚顺市六校协作体2025-2026学年高一上期末物理试卷（PDF版，含解析）

2025-2026 年六校联考期末物理考试答案
1【答案】B
【详解】A．飞船对接时不能忽略载人飞船的大小，不能视为质点，故 A 错误；
B.对接成功后，飞船与空间站是一个整体，速度相同，故二者相对静止，B正确；
C．惯性是物体的固有属性，与位置无关，故 C 错误；
D.这里的 3 时 22 分是时间轴上的点，是指时刻，故 D 错误，
故选 B。
2【答案】C
【详解】A．忽略物体本身的大小和形状，用来代替物体有质量的点是质点，用到的是模型法，故 A 错误；
B. 当Δt非常非常小时，Δt→0,用到的是极限法，故 B 错误；
a vC． 采用的是比值定义法，C正确；
t
D. 确定物体重心用到的是等效替代法，故 D 错误，
故选 C。
3【答案】D
【详解】A．物体与地面不接触，没有弹力作用，故 A 错误；
B. 在形变量一定的情况下，劲度系数越大，弹力才越大，故 B 错误；
C．静摩擦力可以作用在运动的物体上，滑动摩擦力也可以作用在静止的物体上，故 C 错误；
D. 最大静摩擦力与正压力有关，D 正确，
故选 D。
4【答案】A
【详解】A．船头垂直河岸方向时渡河时间最短，A正确；
B.两个运动直线运动的合运动还是匀速直线运动，轨迹偏向下游，为合速度方向，故 B 错误；
C．根据矢量定则知，汽艇在河水中的合速度大小是 v v2 v21 2 34m / s，故 C 错误；
D.船渡河时实际轨迹垂直河岸是渡河距离最短，故 D 错误。
故选 A 。
5【答案】 C
【解析】 采用逆向思维，将子弹的匀减速直线运动看成反向的初速度为 0 的匀加速直线运动，可得 v1∶v2∶v3
＝ 2a·3x∶ 2a·2x∶ 2a·x＝ 3∶ 2∶1，选项 AB 错误；t1∶t2∶t3＝（ 3－ 2）∶（ 2－1）∶1，选项
C正确，D 错误。
6【答案】B
【详解】对光滑球受力分析可知，受到挡板的支持力 F1 、斜面给的支持力 F2，重力 G 作用，因为是缓慢转动，
可认为光滑球处于静止状态，合力一直为零，因为过程中重力大小和方向都不变，斜面给的支持力F2 方向不变，
当缓慢转动挡板至与斜面垂直的过程中，根据矢量三角形可得 F1 一直减小，当挡板与斜面垂直时， F1 最小，
F2也是一直减小的，根据牛顿第三定律可得 m 对挡板的压力逐渐减小，m对斜面的压力逐渐减小。
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故选 B。
7【答案】D
【详解】A．由小物块 b 垂直斜面方向受力平衡可知，c对 b的支持力一直等于 b 的重力垂直斜面向下的分力，
因 b 的质量不变，所以 c 对 b 的支持力不变，故 A 错误；
B．细绳上的拉力大小等于 a 的重力，若初始状态细绳上的拉力大于 b 的重力沿斜面向下的分力，则根据小物块
m g m g sin F
b 沿斜面方向受力平衡得 a b f
Ff mag mbg sin 即
所以随着 a 中的沙子缓慢流出 Ff 减小，根据牛顿第三定律，b对 c的摩擦力也减小；若初始状态细绳上的拉力
小于 b 的重力沿斜面向下的分力，则根据小物块 b 沿斜面方向受力平衡得mag Ff mbg sin
Ff mbg sin m g即 a
所以随着 a 中的沙子缓慢流出 Ff 增大，根据牛顿第三定律，b对 c的摩擦力也增大，故 B错误；
CD．将小物块 b 和斜面体 c 看作整体，由水平方向受力平衡可知，地面对 c 的摩擦力与细绳拉力的水平分力等
大反向，所以地面对 c 的摩擦力方向向左，又由于随着 a 中的沙子缓慢流出细绳上的拉力逐渐减小，所以地面
对 c 的摩擦力一定减小，故 C 错误，D正确。
故选 D。
8【答案】AB
【解析】A．小石块做曲线运动，速度的方向沿曲线每一点的切线方向，速度方向不断改变，故 A 正确；
B．小石块只受重力作用，加速度为重力加速度，加速度不变，是匀变速曲线运动石块做匀变速曲线运动，故 B
正确；
C．物体做曲线运动的条件是速度与加速度不在同一条直线上，故 C 错误。
D．小石块只受重力作用，加速度为重力加速度，其方向竖直向下，跟速度方向不在同一直线上，也不沿曲线的
切线方向，故 D 错误。
故选 AB。
9【答案】AC
【详解】A.乙车在 0-2s 加速度为
a 4 m / s21 2m / s
2
2
方向沿正方向；乙车在 4-6s 加速度为
0
a 4 22 m / s 2m / s26 4
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方向沿正方向。所以乙车在 0-2s 和 4-6s 加速度相同，故 A 正确；
B．甲车在 0~2s 朝正方向运动，2~4s 朝负方向运动，4~6s 朝正方向运动，乙车在 0~3s 朝正方向运动，3~6s 朝
负方向运动，故 0~6s 甲车、乙车均做往返运动，故 B 错误；
C．2~4s 甲车朝负方向做匀速直线运动，位移为
x1 4m 4m 8m
2~4s 乙车的加速度为
a 4 4 4m/s2
2
故 C 正确；
D. 2~4s 甲车做匀速直线运动，加速度为 0。2~4s 乙车的位移为零，平均速度为零，故 D错误。
故选 AC。
10【答案】ABD
A．0 ~ t2 时间内，小物块相对传送带始终向上运动，所受到的滑动摩擦力向下，保持不变， 故 A 正确。
B．t2时刻，物体和传送带共速，由图像可知， t2 ~ t3 时间内物体未相对传送带静止，而是相对传送带向下加速，
所受到的滑动摩擦力向上， t2 ~ t3 时间内 a2 g sin g cos
方向向下，所以 g sin g cos
即 tan
故 B 正确。
C．0 ~ t1时间内，小物块向上减速运动，t1时刻速度减为 0，此后向下做加速运动，所以 t1时刻，小物块离传
送带底端的距离达到最大，C错误。
D．0 ~ t1时间内，小物块以加速度 a1 g sin g cos
向上做减速运动， t1 ~t2时间内，以 a1 g sin g cos
向下做加速运动， t2 ~ t3 时间内，以 a2 g sin g cos
向下做加速运动 v2 2ax
回到底端时，向上、向下的位移大小相等，但向上运动的加速度大于向下运动的加速度，所以回到底端时的速
率小于 v1，故 D 正确。
故选 ABD。
11【答案】 ①. 3.39、3.40、3.41 ② . 一定 ③. 2.00 2.0 2（以上都给分）
【解析】（1）弹簧测力计的分度值为0.1N ，因此此时的示数为3.40N。
（2）题图中 F 为实际合力，即只用一个弹簧测力计拉伸橡皮条至O点时的拉力，因此 F 的方向一定沿 AO方
向。
（3）当两分力垂直时，F1 最小，有 F1 F sin 2.00N
12【答案】（8分）每空 2 分，（1）少选得 1 分。（4）答出任意一条都得 2分。
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【解析】 (1)因为用力传感器测绳子的拉力，所以对砂和砂桶的质量没有要求，也不用测量其总质量，故 B、
D错误。为了让绳子对小车的拉力等于小车所受的合力，需要将长木板右端垫高，以平衡阻力，故 A正确。为
了充分利用纸带，并确保打点计时器打点稳定，开始做实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放
小车，获得一条打点的纸带，同时记录力传感器的示数，故 AC 正确。少选得 1 分。
(2)打点计时器所接交流电频率为 50 Hz，故每 5 个计时点间的时间间隔ΔT＝0.1 s，小车的加速度为 a＝
x3＋x4－x1－x2 7.10 9.11 3.09 5.12 0.01 2 2
＝ m/s ＝2.00m/s 。
2
4（ΔT） 4 0.12
2F 2 2
(3)由牛顿第二定律得 2F＝(m0＋M)a，变形为 a＝ ，所以 a F 图线的斜率 k＝ ，解得 M＝ －m0，故 D正
m0＋M m0＋M k
确，C错误；θ的大小与所选标度有关，故 A、B 错误。
(4)从图 d 可知，没有施加拉力，小车就有加速度，所以图 d 存在的问题是平衡阻力过度。
答案 (1)AC (2)2.00 (3)D (4)平衡阻力过度
13.(10 分)（1）根据匀加速直线运动的速度-时间公式：v = v0 + a t -------------------------2 分
代入起飞数据：80 = 0 + a×2
解得：a 21 = 40m/s ----------------------------------------------------2 分
（2）计算舰载机从勾住阻拦索到完全停下所需的时间 t
速度公式：v = v2 + a2t ----------------------------2 分
代入 0 = 75 + (-25)t
t = 3s ---------------------------------------------------1 分
由位移速度公式：2ax=v 22 ----------------------------2 分
解得：x=112.5m ---------------------------------------------1 分
1 2
14.（12 分）（1）运动员在竖直方向做自由落体运动，下落的高度 h 为： h gt --------2 分
2
h
根据几何关系，竖直高度 h 与斜坡距离 L 的关系为： L ------------------2 分
sin
解得：L =75m ------------------------------------1 分
（2）首先求水平位移 x，根据几何关系： x Lcos37 ------------------1 分
水平方向运动公式：x = v1t ----------------------------------------1 分
解得：v1= 20m/s ----------------------------------------1 分
vy = gt ---------------------------------------1 分
根据平行四边形定则，合速度 v2 为： v2 v
2 v21 y --------------------------------------2 分
解得： v2 10 13m / s ----------------------------------------1 分
15.（18 分）（1）对小木块（上）分析： 1m2g m2a ------------------------------------2 分
对板分析得： F 1m2g 2 m1 m2 g m1a --------------------------------------2 分
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解得：F=10N ----------------------------------------1 分
（2）F1＞F，板块分开，块的加速度不变。
对板分析得： F1 1m2g 2 m1 m2 g m1a1 ------------------------------------2 分
2s 时，块：v2=at1 v2=4m/s ----------------------------------------1 分
板：v1=a1t1 v1=6m/s ----------------------------------------1 分
F1撤掉后，v1＞v2,块依旧以原加速度加速
对板分析得： 1m2g 2 m1 m2 g m1a2 ------------------------------------2 分
板块共速的时间为 t2
v1–a2t2=v2+at2 ----------------------------------------1 分
t2=0.4s v共 4.8m / s
x v
v v
板： 1
1 t 1 共1 t2 ------------------------------------2 分2 2
v
块： x 共 t1 t2 ------------------------------------2 分块 2
L+ x块 =x1 ----------------------------------------1 分
解得：L=2.4m ----------------------------------------1 分
计算板长时也可用其他方法，只要算对参照答案给分即可。
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