专题五 遗传的分子基础、变异与进化
疑｜点｜必｜查
1.（必修2 P43相关信息）有荚膜的肺炎链球菌导致小鼠死亡的原因是
。
2.（必修2 P46思考·讨论）选用细菌或病毒作为实验材料研究遗传物质的优点是 。
3.（必修2 P50 图3－8）DNA的两条单链走向相反，从双链的一端开始，一条单链是 ，另一条单链则是从 。
4.（必修2 P59 正文）DNA上分布着许多个基因，基因通常是 片段。对RNA病毒而言，基因就是 片段。基因的遗传效应是指基因能够 的过程。
5.（必修2 P67 思考·讨论）密码子的简并对生物的生存发展有什么意义？
。
6.（必修2 P69小字部分）通常，一个mRNA分子上可以相继结合多个核糖体，同时进行 条肽链的合成。其意义是
。
7.（必修2 P82正文）一般来说，原癌基因 而导致相应蛋白质活性过强，抑癌基因突变而导致 ，都可能引起细胞癌变。
8.（必修2 P112 知识链接）染色体数目变异和结构的变异都能引起种群基因频率的变化的原因是
。
9.（必修2 P119小字部分）“收割理论”认为捕食者往往捕食个体数量多的物种，这样就会避免出现 的局面，为其他物种的形成腾出空间，捕食者的存在有利于增加 。
10.（必修2 P121正文）协同进化并不只包括不同物种之间的协同进化，还包括 之间的协同进化。
2 / 2专题五 遗传的分子基础、变异与进化
【主干知识·网络构建】
原癌基因或抑癌基因发生突变 无限增殖 低频性
减数分裂Ⅰ前期和后期 染色体组 规则的双螺旋结构 边解旋边复制 种群 自然选择 10隔离
疑点必查
1.有荚膜的肺炎链球菌可抵抗吞噬细胞的吞噬，有利于细菌在宿主体内生活并繁殖
2.成分和结构简单，繁殖速度快，容易分析结果
3.从5'端到3'端 3'端到5'端
4.有遗传效应的DNA 有遗传效应的RNA 复制、传递和表达性状
5.可以从增强密码子容错性的角度来解释，当密码子中有一个碱基改变时，由于密码子的简并，可能并不会改变其对应的氨基酸；也可以从密码子使用频率来考虑，当某种氨基酸使用频率高时，几种不同的密码子都编码一种氨基酸可以保证翻译的速度
6.多 少量的mRNA分子就可以迅速合成大量的蛋白质
7.突变或过量表达 相应蛋白质活性减弱或失去活性
8.染色体数目变异必然引起染色体上基因数目的变化，染色体结构的变异中的缺失和重复也会引起染色体上基因数目的变化
9.一种或少数几种生物在生态系统中占绝对优势 物种多样性
10.生物与无机环境
微专题1 遗传的分子基础
【必备知识·自主落实】
主干知识整合
1.（1）大肠杆菌 T2噬菌体
2.（1）①2 ②“—脱氧核糖—磷酸—脱氧核糖—” 氢键
③两个脱氧核苷酸
3.（1） DNA聚合酸 解旋酶 减数分裂 四种脱氧核苷酸
（3）mRNA ① tRNA mRNA 甲硫氨酸 终止密码子 核糖体 ②mRNA、核糖体、多肽链 多肽链的长短 模板mRNA
易错易混辨析
1.（1）× （2）× （3）√ （4）√
2.（1）√ （2）√ （3）√ （4）× （5）×
3.（1）√ （2）× （3）× （4）√ （5）× （6）√
原因原理阐释
1.提示：一个含有32P标记的噬菌体双链DNA分子经半保留复制后，标记的两条单链只能分配到两个噬菌体的双链DNA分子中，因此在得到的n个噬菌体中只有2个噬菌体带标记
2.提示：用含同位素标记的胸腺嘧啶脱氧核苷酸和尿嘧啶核糖核苷酸为原料分别培养活细胞，再用上述标记的两种细胞培养该病毒，一段时间后分别检测子代病毒中是否出现放射性
3.提示：不完全相同 不同组织细胞中基因进行选择性表达
4.提示：原核生物基因表达时转录和翻译可以同步进行，真核生物基因表达时先在细胞核中转录，转录完成的mRNA再在细胞质中完成翻译过程
5.提示：蜜蜂的幼虫以花粉和花蜜为食，使DNMT3基因表达，DNMT3基因表达的一种DNA甲基化转移酶，造成一些基因被甲基化而不能表达，发育成了工蜂；蜜蜂的幼虫以蜂王浆为食，DNMT3基因不表达，从而使一些基因正常表达而发育成蜂王
【命题前沿·深化拓展】
突破点
命题点1
典例引导
（1）自由基 （2）RNA聚合 miRNA （3）P蛋白能抑制细胞凋亡，miRNA表达量升高，与P基因的mRNA结合并将其降解的概率上升，导致合成的P蛋白减少，无法抑制细胞凋亡 （4）可通过增大细胞内circRNA的含量，靶向结合miRNA使其不能与P基因的mRNA结合，从而提高P基因的表达量，抑制细胞凋亡
解析：（1）细胞衰老的自由基学说认为：自由基产生后，即攻击和破坏细胞内各种执行正常功能的生物分子。最为严重的是，当自由基攻击生物膜的组成成分磷脂分子时，产物同样是自由基。因此放射刺激心肌细胞产生的自由基会攻击生物膜的磷脂分子，导致放射性心肌损伤。（2）前体mRNA是通过转录形成的，转录是在RNA聚合酶的催化下，以DNA的一条链为模板合成RNA的过程。据图可知，P基因mRNA可通过翻译过程合成P蛋白，P蛋白可抑制细胞凋亡。miRNA可以和P基因mRNA结合，导致P基因mRNA的翻译过程受阻，P蛋白合成减少，从而促进细胞凋亡。circRNA可以和miRNA结合，使miRNA不能和P基因mRNA结合，导致P蛋白合成增多，从而抑制细胞凋亡。可见，circRNA和mRNA在细胞质中通过对miRNA的竞争性结合，调节基因表达。（3）P蛋白能抑制细胞凋亡，当miRNA表达量升高时，大量的miRNA与P基因的mRNA结合，并将P基因的mRNA降解，导致合成的P蛋白减少，无法抑制细胞凋亡。（4）根据以上信息，除了减少miRNA的表达之外，还能通过增大细胞内circRNA的含量，靶向结合miRNA，使其不能与P基因的mRNA结合，从而提高P基因的表达量，抑制细胞凋亡。
针对练习
1.C 分析图示可知，过程①表示转录，过程②表示翻译。转录（即进行过程①）时，DNA双链解开，RNA聚合酶识别并结合启动子，驱动基因转录，移动到终止子时停止转录，而终止密码子位于mRNA上，A错误；一种tRNA只能转运一种氨基酸，特定的tRNA分子与特定的氨基酸相连，翻译（即进行过程②）时，tRNA的3'端（—OH）与被转运的氨基酸结合，B错误；题图基因表达的调控属于转录后将mRNA进行不同修饰，从而形成不同的蛋白质，属于转录后水平的调控，C正确；图中降钙素基因可以控制合成降钙素和CGRP，即相同基因的表达产物不同，这有助于蛋白质多样性的形成，D错误。
2.A miRNA通过与一个或多个靶mRNA的3'端完全或不完全地互补结合，使mRNA降解或抑制mRNA翻译，A正确；miRNA识别靶mRNA时的碱基配对方式，为A—U、U—A、G—C、C—G，B错误；mRNA是翻译的模板，而miRNA能识别靶mRNA，不是直接作为翻译的模板，C错误；miRNA通过与一个或多个靶mRNA的3'端完全或不完全地互补结合，因此miRNA内的嘌呤数不一定等于靶mRNA内的嘧啶数，D错误。
命题点2
典例引导
1.C 据DNA半保留复制和甲基化修饰过程可知，酶E的作用是催化DNA发生甲基化，A错误；DNA半保留复制的原料是脱氧核苷酸，B错误；据题干“50岁同卵双胞胎间基因组DNA甲基化的差异普遍比3岁同卵双胞胎间的差异大”推测，环境可能是引起DNA甲基化差异的重要因素，C正确；DNA甲基化不改变碱基序列，但可能会影响基因表达，进而对生物个体表型产生影响，D错误。
2.A G、g只位于X染色体上，则该雄性基因型可能是XGY或XgY，杂合子雌性基因型为XGXg。若该雄性基因型为XGY，与XGXg杂交产生的F1基因型分别为XGXG、XGXg、XGY、XgY，在亲本与F1组成的群体中，父本XGY的G基因来自其母亲，因此G不表达，该父本表现为白色；当母本XGXg的G基因来自其母亲，g基因来自其父亲时，该母本的g基因表达，表现为灰色，当母本XGXg的g基因来自其母亲，G基因来自其父亲时，该母本的G基因表达，表现为黑色，因此母本表型可能为灰色或黑色；F1中基因型为XGXG的个体必定有一个G基因来自父本，G基因可以表达，因此F1中的XGXG表现为黑色；XGXg个体中G基因来自父本，g基因来自母本，因此G基因表达，g基因不表达，该个体表现为黑色；XGY的G基因来自母本，G基因不表达，因此该个体表现为白色；XgY个体的g基因来自母本，因此g基因不表达，该个体表现为白色，综上所述，在亲本杂交组合为XGY和XGXg的情况下，F1中的XGXG、XGXg一定表现为黑色，当母本XGXg也表现为黑色时，该群体中黑色个体比例为3/6，即1/2；当母本XGXg表现为灰色时，黑色个体比例为2/6，即1/3。若该雄性基因型为XgY，与XGXg杂交产生的F1基因型分别为XGXg、XgXg、XGY、XgY，在亲本与F1组成的群体中，父本XgY的g基因来自其母亲，因此不表达，该父本表现为白色；根据上面的分析可知，母本XGXg依然可能为灰色或黑色；F1中基因型为XGXg的个体G基因来自母本，g基因来自父本，因此g基因表达，G基因不表达，该个体表现为灰色；XgXg个体的两个g基因必定有一个来自父本，g基因可以表达，因此该个体表现为灰色；XGY的G基因来自母本，G基因不表达，因此该个体表现为白色；XgY个体的g基因来自母本，因此g基因不表达，该个体表现为白色，综上所述，在亲本杂交组合为XgY和XGXg的情况下，F1中所有个体都不表现为黑色，当母本XGXg为灰色时，该群体中黑色个体比例为0，当母本XGXg为黑色时，该群体中黑色个体比例为1/6。综合上述两种情况可知，B、C、D不符合题意，A符合题意。
针对练习
3.C 组蛋白是染色体的基本结构蛋白，组蛋白的合成和DNA的复制发生在细胞周期的分裂间期，A正确；蛋白质的合成场所为核糖体，由于组蛋白是染色体的基本结构蛋白（生物大分子），染色体位于细胞核中，故组蛋白在核糖体上合成后通过核孔转移到核内，B正确；结合题干“组蛋白乙酰转移酶能将乙酰辅酶A的乙酰基转移到组蛋白赖氨酸残基上，削弱组蛋白与DNA的结合，使DNA解旋”可知组蛋白乙酰化可促进DNA的解旋从而促进基因表达，C错误；结合题干“使DNA解旋，影响基因表达，进而对表型产生影响。这种组蛋白乙酰化可以遗传给后代，使后代出现同样表型”，可知组蛋白乙酰化是引起表观遗传的原因之一，D正确。
4.C 基因型为AAa的三体小鼠，可能是侏儒鼠，也可能是正常鼠，因为其中的A基因可能来自父方，也可能来自母方，A正确；侏儒鼠细胞中可能含有来自母本卵细胞的基因，因此，侏儒鼠与侏儒鼠交配，子代不一定是侏儒鼠，因为侏儒鼠可能产生含有A基因的精子，则该精子参与受精产生的后代不表现侏儒，B正确；P序列的甲基化，影响了RNA聚合酶与DNA的结合，导致基因不能正常表达，C错误；甲基化除了可以发生在DNA中，还能发生在染色体的组蛋白中，进而使表型和基因的表达发生可遗传的改变，D正确。
5.C 子代中矮小小鼠皆为雄性，正常小鼠皆为雌性，说明矮小和正常的遗传与性别有关，由此推测基因A、a可能位于性染色体上，A正确；子代中矮小小鼠皆为雄性，正常小鼠皆为雌性，说明雌性小鼠形成配子时A基因甲基化，雄性小鼠形成配子时A基因去甲基化，亲本正常小鼠的父本表型可能为矮小小鼠，B正确；甲基化的A基因碱基序列不发生改变，但部分碱基发生了甲基化修饰，抑制了基因的表达，进而对表型产生影响，C错误；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代，因此亲本矮小小鼠产生的A精子和a精子数量相等，D正确。
微专题2 变异与进化
【必备知识·自主落实】
主干知识整合
1. 基因重组 染色体结构变异（易位） 基因突变
基因突变 基因重组 基因突变与基因重组
染色体变异
2.（1）单倍 二倍 多倍
3.A∶O＝1∶1 1∶1∶2∶2 AA∶Aa∶aa
4.（1）个体 种群 种群基因频率 突变和基因重组 隔离
（2） 种群基因频率 生殖隔离 自然选择 隔离 生物与无机环境
易错易混辨析
1.（1）× （2）√ （3）× （4）× （5）×
2.（1）× （2）× （3）√ （4）√ （5）√
原因原理阐释
1.提示：控制新性状的基因型是杂合的 通过自交筛选性状能稳定遗传的子代
2.提示：若碱基的替换、增添或缺失发生在没有遗传效应的DNA片段中，则不属于基因突变
3.提示：可能是纯种宽叶个体在产生配子时发生了基因突变，也可能是纯种宽叶个体产生的配子中含宽叶基因的染色体片段缺失（或该染色体缺失）
4.提示：子一代自交后代出现高茎∶矮茎＝35∶1的原因可能是染色体加倍形成了四倍体DDdd，DDdd减数分裂产生三种配子DD∶Dd∶dd＝1∶4∶1。让子一代与矮茎豌豆测交，若后代出现高茎∶矮茎＝5∶1，则说明子一代是四倍体DDdd
5.提示：群落中捕食者和被捕食者既相互影响，又相互制约，使它们的数量在一定的范围内波动，因此捕食者的存在能够增加群落的稳定性。捕食者往往捕食个体数量多的物种，这样就避免出现一种或少数几种生物在生态系统中占优势的局面，为其他生物的生存腾出了空间
【命题前沿·深化拓展】
突破点1
命题点1
典例引导
C 单基因隐性遗传性多囊肾病是P基因突变所致，对比正常基因与P基因突变位点可知，未突变P基因的位点①碱基对为C—G，A错误；患者的父亲、母亲分别具有①、②突变位点，但均未患病，说明仅①位点或②位点突变不会导致P基因功能的改变，B错误；患者的两个致病基因，一个来自母亲的含有位点②突变的P基因，另一个来自父亲的含有位点①突变的P基因，若减数分裂Ⅰ同源染色体的非姐妹染色单体①和②位点之间发生交换，可使其产生正常配子，C正确；不考虑其他变异，患者弟弟具有①和②突变位点，推测其一条染色体来自父亲，一条染色体来自母亲，其体细胞的①和②突变位点不会位于同一条染色体上，D错误。
针对练习
1.B 酪氨酸酶基因A有三种隐性突变类型a1、a2、a3，它们互为等位基因，说明基因突变具有不定向性，A错误；a2隐性突变基因中A基因的非模板链变为TGA，则转录出的mRNA为UGA（UGA表示终止密码子），a2控制的蛋白质肽链长度明显变短，这是基因突变导致翻译提前终止，B正确；a1基因是在A基因非模板链的GAG的G、A之间插入了GGG，则非模板链变为GGGGAG，互补的模板链为CCCCTC，以此为模板，转录形成的mRNA是GGGGAG，多了GGG（甘氨酸密码子）；a3基因是在A基因非模板链的TGG变为TTG，则互补的模板链为AAC，以此为模板，转录形成的mRNA是UUG（亮氨酸密码子），a1基因和a3基因编码的酪氨酸酶的氨基酸数目不同，氨基酸种类也不同，C错误；若A基因中某处CGA变为TGA，转录形成的mRNA变为UGA（终止密码子），则突变后编码的蛋白质多个氨基酸缺失，D错误。
2.D 60Co-γ射线处理花生的方法属于人工诱变，其原理是基因突变，人工诱变可在短时间内提高突变率，A正确；根据题意可知，MA基因和MB基因都是通过基因突变形成的，双链DNA分子中，嘧啶碱基和嘌呤碱基互补配对，都是各占一半，故两基因中的嘧啶碱基所占比例相同，B正确；由于MB基因中的碱基对发生了增添，基因结构发生改变，可能会导致某种蛋白质不能合成、合成的某种蛋白质没有生物活性或活性改变等情况发生，C正确；根据题干信息，MB基因是在MA基因的基础上插入一个“A—T”碱基对获得的，故不能推断出直接在M基因的第442位插入一个“A—T”碱基对，也可以获得高油酸型突变体，D错误。
命题点2
典例引导
C ①×③、①×④的子代全为锯齿状，说明①与③④应是同一基因突变而来，这3种隐性基因互为等位基因；而①与②杂交，子代为光滑形，说明②的隐性基因与①的隐性基因是非等位基因关系。因此②和③杂交，子代叶片边缘为光滑形，③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状，A、B正确；①×②、①×⑤的子代全为光滑形，说明①与②、①与⑤是分别由不同基因发生隐性突变导致，但②与⑤可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形成的；若为前者，则②和⑤杂交，子代叶片边缘为锯齿状，若为后者，子代叶片边缘为光滑形，C错误；①与②是由不同基因发生隐性突变导致，①与④应是同一基因突变而来，②×⑥的子代全为锯齿状，说明②⑥是同一基因突变形成的，则④与⑥是不同基因突变形成的，④和⑥杂交，子代叶片边缘为光滑形，D正确。
针对练习
3.C 设相关基因是C/C1等，结合题干信息，突变型1叶片为黄色，由基因C突变为C1所致，基因C1纯合幼苗期致死，据此可推知突变型1为杂合子，且C1对C为显性，突变型1连续自交，F1的基因型及比例为CC∶C1C＝1∶2，F2的基因型及比例为CC∶C1C＝（1/3＋2/3×1/4）∶（2/3×1/2）＝3∶2，F3的基因型及比例为CC∶C1C＝（3/5＋2/5×1/4）∶（2/5×1/2）＝7∶2，与题意符合，A正确；由于黄色和绿色涉及色素形成，与酶有关，该突变性状的出现体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物性状，B正确；若突变型2与突变型1杂交，子代全为绿色叶植株，则突变型2与1为不同基因发生的突变（aaCC×AAcc→AaCc），C错误；用突变型2（C2_）与突变型1（C1C）杂交，子代中黄色叶植株与绿色叶植株各占50％，若C2是隐性突变，则突变型2为纯合子，则子代CC2表现为绿色，C1C2表现为黄色，子代中黄色叶植株与绿色叶植株各占50％；若突变型2为显性突变，突变型2（C2C）与突变型1（C1C）杂交，子代表型及比例应为黄色∶绿色＝3∶1，与题意不符。故突变型2是隐性突变，D正确。
4.（1）隐性 1 （2）①F1和F2都耐高温 ②F1不耐高温，F2中不耐高温∶耐高温＝1∶1 ③F1不耐高温，F2中不耐高温∶耐高温＝9∶7
解析：（1）分析题意可知，让甲与野生型（WT）杂交，F1自交后代中耐高温植株约占1/4，即出现3∶1的性状分离比，符合基因分离定律，说明这对相对性状是由一对基因控制的，并且耐高温为隐性性状。（2）本实验目的是探究甲、乙两种突变体是否为同一基因突变导致，则可使纯合突变体甲与纯合突变体乙进行杂交后，F1再自交，观察其F1和F2的表型及比例（不考虑互换）。预期实验结果：①若两突变基因为同一基因突变所致，纯合突变体甲与纯合突变体乙进行杂交，子代全是突变体，即F1和F2都耐高温；②若两突变基因是同源染色体上的非等位基因（两对基因均位于3号染色体上），假设突变体甲基因型为aaBB，突变体乙基因型为AAbb，则甲、乙杂交得到F1的基因型为AaBb，表现为不耐高温，由于两对基因在一对同源染色体上，所以F1产生的配子为Ab和aB，则F1自交产生的F2的基因型为AaBb∶AAbb∶aaBB＝2∶1∶1，表型为不耐高温∶耐高温＝1∶1；③若两突变基因是非同源染色体上的非等位基因，即符合基因的自由组合定律，假设突变体甲基因型为aaBB，突变体乙基因型为AAbb，则甲、乙杂交F1为AaBb，表型为不耐高温，F1自交，F2表型及其比例为A_B_∶（A_bb＋aaB_＋aabb）＝9∶7，即F2中不耐高温∶耐高温＝9∶7。
突破点2
命题点1
典例引导
（1）细胞质 （2）核糖体 3∶1 （3）1 3
解析：（1）假如控制雄性不育的基因（A）位于细胞核，则F1的基因组成为Aa，F1与甲（aa）回交产生的子代中雄性不育∶雄性可育＝1∶1，与题目所给信息不符；假如控制雄性不育的基因（A）位于细胞质，因为受精卵中的细胞质大部分来自卵细胞，雄性不育植株只能作母本，其子代全部表现为雄性不育，与题目所给信息吻合。（2）多肽链的合成（翻译）场所是核糖体。乙只能作母本，子代都含有A基因。根据题意，丙和乙杂交，F1均表现为雄性可育，可推出F1均具有基因R，进而推出丙的核基因组成为RR，乙的核基因组成为rr，F1的基因组成为A（Rr），F1自交子代的基因组成及比例为A（RR）∶A（Rr）∶A（rr）＝1∶2∶1，雄性可育株和雄性不育株的数量比为3∶1。（3）分析题意可知，甲的基因组成为a（rr），丙的核基因组成为RR，以丙作父本与甲杂交，得到的F1的基因组成为a（Rr），F1自交得到的F2的基因组成有a（RR）、a（Rr）和a（rr），全部表现为可育。以丙作母本与甲杂交（反交），所得结果与正交结果不同，则丙的基因组成为A（RR），得到的F1的基因组成为A（Rr），F1自交得到的F2的基因组成有A（RR）、A（Rr）和A（rr），与育性有关的基因型有3种。
针对练习
1.B 雄性不育植株由于不能产生雄配子，因此不能通过自交将雄性不育的特性传递给它的子代，A正确；S（rr）为雄性不育，只能产生雌配子，不能作父本，B错误；不育系水稻本身无法产生雄配子，因此免去了水稻杂交实验中去雄的实验步骤，C正确；雄性的育性由细胞核基因和细胞质基因共同控制，基因型包括：N（RR）、N（Rr）、N（rr）、S（RR）、S（Rr）、S（rr）。由于“只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时，个体才表现为雄性不育”，因此只有S（rr）表现雄性不育，其他均为可育，故水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型，D正确。
2.（1）花多且花小、花粉存活时间短 （2）N（r1r1r2r2） （3）①F2株数比例为1∶4∶6∶4∶1符合9∶3∶3∶1的变式 ②S（R1r1R2r2）、S（R1R1r2r2）、S（r1r1R2R2） （4）基因的选择性表达 实现一系两用，不存在三系法中的“恢保”问题，降低了育种成本和劳动强度（或光温敏不育系冲破了不育系和恢复系种质资源的束缚，提高选到优良组合的几率）
解析：（1）由于水稻花多且花小、花粉存活时间短，所以不能通过人工去雄的方法大量生产杂交种。（2）据题意“雄性不育系通过与保持系杂交维持雄性不育品系”，结合基因型S（r1r1r2r2）的水稻表现为雄性不育，只能作为母本，可以提供细胞质基因S，需要与可育雄性植株杂交，故保持系需含有细胞质基因N，而依据题干中“保持系和恢复系能够通过自交进行自身品系的保持”说明保持系为纯合子，即保持系基因型为N（r1r1r2r2）。（3）①科研人员用基因型为S（r1r1r2r2）和N（R1R1R2R2）的亲本杂交得到F1S（R1r1R2r2），F1自交得到F2，根据表格中F2株数比例为“1∶4∶6∶4∶1”符合“9∶3∶3∶1”的比例变式可知R1/r1和R2/r2的遗传遵循自由组合定律。②表格中F2株数比例为“1∶4∶6∶4∶1”，该比例是由显性基因的叠加作用导致的，即“1∶4∶6∶4∶1”可以展开为1（1R1R1R2R2）∶4（2R1r1R2R2、2R1R1R2r2）∶6（4R1r1R2r2、1R1R1r2r2、1r1r1R2R2）∶4（2R1r1r2r2、2r1r1R2r2）∶1（1r1r1r2r2）；F1的质基因来自母本S（r1r1r2r2），则F1基因型为S（R1r1R2r2），自交后，即F2中30％≤f＜70％的植株基因型共有S（R1r1R2r2）、S（R1R1r2r2）、S（r1r1R2R2）这三种。（4）两系杂交中光温敏（对光照温度敏感）水稻在不同条件下育性不同的根本原因是基因的选择性表达，即在不同条件下表达的基因不同；水稻两系法利用光温敏不育系在一定的光照或温度条件下育性发生转换的特性，可在具有育性时繁种，不育时制种，实现一系两用，不存在三系法中的“恢保”问题，降低了育种成本。
命题点2
典例引导
B 由于该动物种群处于遗传平衡，其性别决定方式为ZW型，雌性和雄性个体数的比例为1∶1，雌性个体有1/10患甲病（由Z染色体上h基因决定），所以雌性中ZhW个体占1/10，ZHW个体占9/10，见下表。
精子 卵细胞 1/10Zh 9/10ZH
1/20Zh 1/200ZhZh 9/200ZHZh
9/20ZH 9/200ZHZh 81/200ZHZH
1/2W 1/20ZhW 9/20ZHW
该种群患病个体为ZhZh和ZhW，所占比例为5.5％，A错误；该种群h基因的频率与雌性个体中ZhW的基因型频率相同，都是10％，B正确；只考虑该对基因，种群繁殖一代后基因型共有5种，C错误；若某病毒使该种群患甲病雄性个体减少10％，则H基因频率增加，D错误。
针对练习
3.C 由题意可知，淘汰前，B和b基因的频率均为1/2，则在该种群中bb的频率为1/2×1/2＝1/4，BB的频率为1/2×1/2＝1/4，Bb的频率为2×1/2×1/2＝1/2，因此，黑色个体的占比为3/4，白色个体的占比为1/4，即淘汰前，该羊群中黑色个体数量与白色个体数量不相等，A错误；淘汰前，由于该种群是随机交配的，基因频率不变，不管交配多少代，羊群中纯合子的比例均不变，即1/2，B错误；淘汰前，BB的频率为1/4，Bb的频率为1/2，bb的频率为1/4。淘汰白色个体（bb）后，基因型BB的频率为1/3，Bb的频率为2/3，此时种群中B基因的频率为1/3＋2/3×1/2＝2/3，b基因的频率为1－2/3＝1/3。黑色个体随机交配，下一代中Bb基因型的频率为2×1/3×2/3＝4/9，bb（白色个体）基因型的频率为1/3×1/3＝1/9，BB基因型的频率为2/3×2/3＝4/9。淘汰白色个体，Bb基因型的频率为1/2，BB基因型的频率为1/2，种群中B基因的频率为1/2＋1/2×1/2＝3/4，b基因的频率为1－3/4＝1/4＝25％，C正确；由C选项分析可知，Bb的基因型频率的变化为1/2→2/3→1/2，即基因型Bb的频率不是逐渐增加，D错误。
4.D F0雌性群体中Za和ZA基因频率分别为1和0，雄性群体中Za和ZA的基因频率都等于1/2，整个群体中Za和ZA的基因频率分别为2/3和1/3。F1雌性群体中Za和ZA的基因频率都等于1/2，雄性群体中Za和ZA的基因频率分别为3/4和1/4，整个群体中Za和ZA的基因频率分别为2/3和1/3。F2雌性群体中Za和ZA的基因频率分别为3/4和1/4，雄性群体中Za和ZA的基因频率分别为5/8和3/8，整个群体中Za和ZA的基因频率分别为2/3和1/3。各代雌性群体中短口器基因频率随着随机交配代数的增加而呈震荡式变化，各代雌、雄群体中长口器基因频率之差的绝对值逐渐减小接近0，A、B错误；若种群在某代达到遗传平衡，则该代雄性群体中ZaZa基因型频率等于雌性中ZaW基因型频率的平方，C错误；F1雌性群体中Za基因频率取决于起始雄性群体中Za基因频率，即二者相等，由此可知，Fn＋1雌性群体中Za基因频率等于F0雌性群体中Za基因频率，故该种群在当代就能达到遗传平衡，D正确。
69 / 72
