题型小卷19　“2单选 2多选 1实验 2计算”（含解析）高中物理（通用版）2026届二轮复习题型小卷

题型小卷19　“2单选+2多选+1实验+2计算” (时间:50分钟　总分:49分)
一、单项选择题(每小题4分,共8分)
1.[2025·贵州黔东南州一模] 惠更斯利用摆的等时性发明了带摆的计时器,叫摆钟.某摆钟如图甲所示,旋转摆钟下端的螺母可以使摆上的圆盘沿摆杆上下移动,简化图如图乙所示.摆的运动可视为简谐运动,下列说法正确的是 (　)
A.旋转摆钟下端的螺母,若将圆盘沿摆杆上移,则摆的振幅一定减小
B.旋转摆钟下端的螺母,若将圆盘沿摆杆下移,则摆的振幅一定增大
C.旋转摆钟下端的螺母,若将圆盘沿摆杆上移,则摆的周期一定增大
D.旋转摆钟下端的螺母,若将圆盘沿摆杆上移,则摆的周期一定减小
2.如图甲所示,竖直放置的绝缘圆环上均匀分布着正电荷,光滑的绝缘细杆过圆心且垂直于圆环平面,杆上套有一带电小球.t=0时将小球从a点由静止释放,小球沿细杆运动的v t图像如图乙所示.下列说法正确的是 (　)
A.小球从a到b的过程中电势能一直增大
B.小球从a到c的过程中电势能先增大后减小
C.a点的电场强度大于b点的电场强度
D.a、b两点电势差小于b、c两点的电势差
二、多项选择题(每小题6分,共12分)
3.[2025·四川绵阳二诊] 如图甲所示,xOy坐标平面在光滑的水平地面内,一条弹性绳沿x轴放置,图中小黑点代表绳上的质点,相邻质点间距均为d.t=0时,质点1开始沿y方向做振幅为A的简谐运动,t=t1时的波形如图乙所示.下列说法中正确的是 (　)
A.该简谐波的波长为12d
B.该简谐波的传播速度大小为
C.各质点起始振动方向为y轴正方向
D.从t1时刻起,质点1回到平衡位置的最短时间为
4.粒子加速器是高能物理实验的重要工具,常见的粒子加速器有直线加速器与回旋加速器,分别如图甲、乙所示,回旋加速器D形金属盒半径为R,磁感应强度大小为B的匀强磁场方向与盒面垂直,下列说法正确的是 (　)
A.两种粒子加速器都需要接交流电
B.在图甲中粒子在狭缝间做加速运动
C.若增大图乙中所接的电源电压U,粒子在加速器中的运动时间不变
D.回旋加速器中比荷为的粒子能加速到的最大动能为Ekm=
三、非选择题(共29分)
5.(6分)[2025·河南十校联考] 用如图甲所示的装置,既可验证整体的动能定理也可验证整体的动量定理,重力加速度为g,主要的实验步骤如下:
A.用天平测量出带有遮光片的滑块总质量M和物块的质量m;
B.用游标卡尺测出遮光片的宽度d,打开气垫导轨的充气源,调节气垫导轨水平,按照图甲所示的装置来连接器材,控制滑块处于静止状态;
C.用刻度尺测出滑块静止时遮光片与光电门间的距离L;
D.由静止放开滑块,测出遮光片通过光电门的时间Δt;
E.用停表测出滑块从释放到遮光片运动到光电门处的运动时间t.
回答下列问题:
(1)滑块通过光电门的速度v=　　　　.
(2)改变L,做多组实验,作出为纵坐标,L为横坐标的图像如图乙所示,当图乙的斜率为　　　　　　,就验证了动能定理.
(3)改变t,做多组实验,作出t为纵坐标,为横坐标的图像如图丙所示,当图丙的斜率为　　　　　　,就验证了动量定理.
6.(10分)[2025·山西吕梁二模] 密闭实验箱中有一内壁光滑、开口朝下且容积为1 m3的薄壁圆柱形导热汽缸,汽缸开口处有一带阀门的轻质且厚度不计的活塞,汽缸示意图如图所示.已知汽缸内封闭的理想气体的初始压强为4×105 Pa,初始温度为300 K.现将密闭实验箱中的压强缓慢降至2×105 Pa,该过程中温度保持不变.
(1)为了使活塞在开口处保持静止,求需从阀门抽出初始状态下气体的体积;
(2)在(1)的情况下抽气后将汽缸内气体温度缓慢降为270 K,求汽缸内剩余的气体与该气体在压强为4×105 Pa、温度为300 K状态下的体积比.
7.(13分)[2025·重庆九龙坡区二模] 如图所示,空间中存在范围足够大的、相互垂直的匀强电场和匀强磁场,电场强度方向水平向右,磁感应强度方向垂直纸面向里.建立竖直平面内的直角坐标系xOy,x轴与电场平行.一电荷量为+q、质量为m的微粒从坐标原点出发以与x轴正方向的夹角为45°的初速度进入复合场中,恰好做直线运动,当微粒运动到坐标值为(a,a)的P点时,电场方向突然变为竖直向上(强弱不变),微粒继续运动一段时间后,正好垂直击中y轴上的某点.仅考虑微粒在第一象限内的运动情况,重力加速度为g.求:
(1)电场强度E的大小;
(2)磁感应强度B的大小;
(3)微粒在复合场中的运动时间.
题型小卷19　“2单选+2多选+1实验+2计算”
1.D　[解析] 旋转摆钟下端的螺母,可以改变摆长,但摆的振幅与摆长没有直接关系,故A、B错误;由单摆的周期公式T=2π,可知将圆盘沿摆杆上移,即摆长减小,周期减小,故C错误,D正确.
2.D　[解析] 由题意可知小球带正电,小球从a经过b运动到c点的过程中,速度一直增大,静电力一直做正功,电势能一直减小,故A、B错误;根据v t图像的斜率表示加速度,可知小球在a点的加速度小于在b点的加速度,由qE=ma,可知a点的电场强度小于b点的电场强度,故C错误;根据动能定理,从a到b有qUab=m,从b到c有qUbc=m-m,由题图可知,vc=2vb,故=4 ,可得Uab3.AD　[解析] 由题图乙可知,λ=11d,该简谐波的波长为λ=12d,选项A正确;该简谐波的传播速度为v=,选项B错误;当波传到第12个质点时,该质点向下振动,可知各质点起始振动方向均为y轴负方向,选项C错误;波沿x轴正向传播,则从t1时刻起,质点1回到平衡位置时波向右传播的最小距离为d,可知质点1回到平衡位置的最短时间为t==,选项D正确.
4.ABD　[解析] 两类加速器都需要接交变电流才能实现持续的加速,A正确;在直线加速器中,在狭缝间存在电势差,粒子在狭缝间做加速运动,B正确;增大图乙所接电源电压,可使单次加速获得的动能变大,但最大动能不变,因此会减小加速的次数,导致总的运动时间变短,C错误;当粒子运动的轨迹半径等于D形盒的半径R时,有最大动能,根据qvB=m,以及Ek=mv2,可得Ekm=,D正确.
5.(1)　(2)　(3)
[解析] (1)滑块通过光电门的速度v=.
(2)根据动能定理得mgL=(M+m)v2 ,解得=L,斜率为k1=.
(3)根据动量定理得mgt=(M+m)v,解得t=,斜率为k2=.
6.(1)0.5 m3　(2)
[解析] (1)设初始体积为V1,压强为p1,由玻意耳定律可得p1V1=p2V2 (1分)
设抽掉的气体占原来气体的比例为k
由数学关系可得k= (1分)
则抽掉汽缸原有的气体体积ΔV=kV1 (1分)
解得ΔV=0.5 m3 (1分)
(2)温度与压强降低后,设汽缸内气体压强为p3,体积为V3
由盖 吕萨克定律可得= (1分)
代入数据解得V3=V1 (1分)
抽气后气体在初始状态体积为0.5V1 (1分)
汽缸内剩余气体与该气体在压强为4×105 Pa、温度为300 K状态下的体积比n= (1分)
解得n= (2分)
7.(1)　(2)　(3)
[解析] (1)微粒从O到P做直线运动,对微粒受力分析,有qE=mg (2分)
解得E= (1分)
(2)由平衡条件得Bqv=mg (1分)
电场方向变为竖直向上后,电场力与重力等大反向,洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得
qvB=m (2分)
由几何关系可知轨迹半径r=a (1分)
联立解得v=,B= (1分)
(3)微粒做直线运动的时间t1== (2分)
做圆周运动的时间t2== (2分)
故总时间t=t1+t2= (1分)