题型小卷22　“2单选 2多选 1实验 2计算”（含解析）高中物理（通用版）2026届二轮复习题型小卷

题型小卷22　“2单选+2多选+1实验+2计算” (时间:50分钟　总分:49分)
一、单项选择题(每小题4分,共8分)
1.[2025·陕西渭南二模] 一台空调外机用两个三角形支架固定在外墙上,空调外机的重心恰好在支架横梁和斜梁的连接点O的上方,重力大小为FG.横梁AO水平,斜梁BO跟横梁的夹角为37°,sin 37°=0.6.横梁对O点的拉力F1沿OA方向,斜梁对O点的压力F2沿BO方向,则这两个力F1、F2大小为 (　)
A.F1=FG、F2=FG
B.F1=FG、F2=FG
C.F1=FG、F2=FG
D.F1=FG、F2=FG
2.[2025·甘肃兰州一模] 如图所示,A点有一个电荷量为+Q的点电荷,在距A点2r处的B点有一个点电荷,在以A点为圆心半径为r的球面上有一点C,AC和AB垂直.要使C点的场强与AB平行,则B点的点电荷 (　)
A.带负电,电荷量为5Q
B.带负电,电荷量为Q
C.带正电,电荷量为5Q
D.带正电,电荷量为Q
二、多项选择题(每小题6分,共12分)
3.如图所示,S为波源,t=0时刻开始向上振动,产生的简谐横波向右传播.在t=2.4 s时刻波传播到P处,t=3.2 s时刻Q处质点第一次到达最低点,运动的路程为6 cm,P、Q间的距离为1 m,波速为2 m/s,下列说法正确的是 (　)
A.P处质点振动频率为2.5 Hz
B.该简谐波的波长为0.8 m
C.波源处质点振幅为3 cm
D.P处质点与波源处质点振动总是相反
4.[2025·山西晋城二模] 如图所示,直角梯形金属框abcd平放在光滑绝缘的水平面上,框的质量为m、电阻为R,∠b=45°,∠c=∠d=90°,ad=cd=L,MN右侧有竖直向下的匀强磁场,磁感应强度大小为B.开始时bc边垂直于MN且b点在MN上,给框施加一个垂直于MN水平向右、大小为F的恒力,当a点刚进入磁场时,框的加速度恰好为零,运动过程中,bc始终垂直于MN,则下列说法正确的是 (　)
A.ab边进入磁场过程中,框所受的安培力垂直于ab向左
B.框进入磁场过程中通过框截面的电荷量为
C.ab边进入磁场过程中,框中产生的焦耳热为2FL-
D.若框进入磁场过程中电流的有效值为I,则框进磁场的时间为-
三、非选择题(共29分)
5.(6分)[2025·河南十校联考] 实验小组用如图甲所示的电路来测量电阻Rx的阻值,图中标准电阻的阻值已知为R0,E为电源,S为开关,R为滑动变阻器,V为电压表,内阻也为R0,A为电流表.合上开关S,将R的触头置于适当的位置,记下V的示数U,A的示数I,改变R触头的位置,多测几组I、U的相对应值,作出I U的函数关系图像如图乙所示,回答下列问题:
(1)请按如图甲所示的实验原理电路图在如图丙中用笔画线连接好余下的实物电路图.
(2)合上开关S之前,滑动变阻器R的触头应置于　　　　(选填“最右端”或“最左端”),多测几组I、U,然后作I U图像的目的是减小　　　　(选填“系统”或“偶然”)误差.
(3)乙图的函数表达式为　　　　　　　,当乙图的斜率为k时,可得Rx=　　　　　.
6.(10分)[2025·陕西西安一模] 如图所示,一束平行于直角三棱镜截面ABC的单色光从真空垂直BC边从P点射入三棱镜,P点到C点的距离为1.6L,AB边长为3L,光线射入后恰好在AC边上发生全反射.已知∠ACB = 37°,光在真空中的传播速度为c,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:
(1)该三棱镜的折射率n;
(2)光线从BC边传播到AB边所用的时间t(只考虑一次反射).
7.(13分)[2025·山西吕梁二模] 如图所示,一对半径均为r的光滑竖直圆弧形金属导轨,其右端与一对足够长平行且光滑的水平金属导轨平滑连接成固定轨道,水平导轨的右端接入阻值为R的电阻,且水平导轨处于竖直向下的匀强磁场中.现有一质量为m、长度为L、电阻为的导体棒从圆弧轨道上h(h(1)导体棒恰好到达圆弧导轨底端时对轨道的压力大小;
(2)整个过程中,水平导轨右端的电阻上产生的焦耳热;
(3)整个过程中,导体棒在水平轨道上向右运动的距离.
题型小卷22　“2单选+2多选+1实验+2计算”
1.A　[解析] 受力分析如图所示,横梁对O点的拉力F1==FG,斜梁对O点的压力F2==FG,故选A.
2.A　[解析] A处点电荷在C点的电场强度大小为EA=方向沿AC方向,要使C点的合场强方向与AB平行,根据矢量的合成可知,B点的点电荷在C处形成的场强方向沿CB方向,故B处的点电荷带负电,设CB与AB的夹角为θ,AC与AB垂直,有BC==r,B处的点电荷在C点形成的场强大小为EB==,且有EBsin θ=EA,sin θ==,联立解得QB=5Q,故选A.
3.AB　[解析] 波从P处传播到Q处所用时间为t1==0.5 s,t=3.2 s时刻,Q处质点已振动了T,即T=3.2 s-2.4 s-0.5 s=0.3 s,解得周期为T=0.4 s,则质点振动频率为f==2.5 Hz,波的波长为λ=vT=0.8 m,故A、B正确;波源处质点振幅为A= cm=2 cm,故C错误;波从波源传播到P处经过2.4 s,恰好为6个周期,因此P处质点与波源处质点的振动总是相同,故D错误.
4.BD　[解析] ab边进入磁场过程中,线框受到的安培力垂直于MN水平向左,故A错误;线框进入磁场过程中,通过线框截面的电荷量q=·Δt=·Δt=·Δt===,故B正确;当a点刚进入磁场时,框的加速度恰好为零,设此时金属框的速度为v,则有F安a=BIaL==F,解得v=,根据能量守恒定律可知,ab边进入磁场过程中,线框中产生的焦耳热为Q=FL-mv2=FL-,故C错误;根据能量守恒定律,线框进入磁场过程中产生的焦耳热Q'=2FL-mv2=2FL-,又有Q'=I2Rt,联立解得t=-,故D正确.
5.(1)如图所示　(2)最左端　偶然　(3)I=U　k-2R0
[解析] (1)完整的电路连线图如图所示.
(2)合上开关S之前,应使分压电路电压为零,R触头应置于最左端,多测几组I、U,然后作I U图像的目的是减小偶然误差.
(3)由并联电阻的电压相等,总电流等于两个支路的电流之和,结合欧姆定律可得I=+ ·,变形可得I=U,当题图乙的斜率为k时,可得k=,解得Rx=k-2R0.
6.(1)　(2)
[解析] (1)作出光路图如图所示,根据几何关系可知,光在AC面上的临界角C=37°,则 (1分)
sin C= (1分)
解得n== (2分)
(2)由几何关系得tan 37°== (1分)
tan 37°== (1分)
cos 37°== (1分)
AM=AC-MC
sin 37°=
得PM=1.2 L,QM=L (1分)
由介质的折射率公式和运动学公式得n=
t= (1分)
解得t= (1分)
7.(1)mg+　(2)mgh　(3)
[解析] (1)设导体棒到圆弧导轨底端时速度大小为v1,
由机械能守恒定律有mgh=m (1分)
解得v1= (1分)
根据牛顿第二定律有FN-mg=m (1分)
解得FN=mg+ (1分)
根据牛顿第三定律可知,导体棒刚到达圆弧导轨底端时对轨道的压力大小为FN'=FN=mg+ (1分)
(2)根据能量守恒定律,可知回路产生的总热量Q=mgh (1分)
水平导轨右端的电阻上产生的焦耳热为QR=Q=Q (1分)
联立解得QR=mgh (1分)
(3)整个过程中,通过导体棒的电荷量q=Δt
以向右为正方向,根据动量定理可得-BL·Δt=0-mv1 (1分)
根据法拉第电磁感应定律== (1分)
根据闭合电路的欧姆定律可得= (1分)
联立解得导体棒在水平轨道上向右移动的距离x= (2分)