2026年贵州高考物理仿真模拟练习试卷（二）（含解析）

2026年贵州高考物理仿真模拟练习试卷（二）
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.有三个共点力、、，其合力为零。的方向竖直向下，与的夹角为，。则当取最大值时，的值为( )
A. B. C. D.
2.如图所示的装置，可以探究影响安培力大小的因素，实验中如果想增大导体棒摆动的幅度，下列操作中可行的是( )
A. 更换磁性较弱的磁铁
B. 把磁铁的极和极对调
C. 减小通过导体棒中的电流强度
D. 把接入电路的导线从、两端换成、两端
3.如图甲所示，车和车在同一平直公路的两个平行车道上行驶。当两车车头平齐时开始计时，两车运动的图像如图乙所示，时间内，车的图线是抛物线的一部分，车的图线是直线，若该路段限速，在两车不违章的情况下，则( )
A. 车运动的初速度为 B. 车运动的加速度大小为
C. 时，两车相距最远 D. 车追上车的最短时间为
4.，氦离子能级的示意图如图所示．在具有下列能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是
A. B. C. D.
5.一物理实验爱好者利用如图所示的装置研究气体压强、体积、温度三量间的变化关系．导热良好的汽缸开口向下，内有理想气体，汽缸固定不动，缸内活塞可自由滑动且不漏气．一温度计通过缸底小孔插入缸内，插口处密封良好，活塞下挂一个沙桶，沙桶装满沙子时，活塞恰好静止．现给沙桶底部钻一个小洞，细纱慢慢漏出，外部环境温度定，则( )
A. 绳拉力对沙桶做正功，所以气体对外界做功 B. 外界对气体做功，温度计示数不变
C. 气体体积减小，同时从外界吸热 D. 外界对气体做功，温度计示数增加
6.设地球赤道上随地球自转的物体线速度为，周期为；近地卫星线速度为，周期为；地球同步卫星线速度为，周期为；月球绕地球运转的线速度为，周期为则下列判断正确的是( )
A. B. C. D.
7.如图所示，、两物体相距，物体以的速度向右匀速运动，而物体此时的速度，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度那么物体追上物体所用的时间为( )
A. B. C. D.
二、多选题：本大题共3小题，共15分。
8.下列说法正确的是( )
A. 简谐运动的周期与振幅无关
B. 在双缝干涉实验中，光的频率越低得到的条纹间距越宽
C. 在纵波的传播方向上，某个质点的振动速度等于波的传播速度
D. 泊松亮斑是光的衍射现象，全息照相利用了光的相干性
E. 当观察者向静止的声源运动时，接收到的声音的频率变小
9.某水电站发电机的输出功率为，输出电压为，经升压变压器升压后通过输电线向距离较远的用户供电，为了减少电能损失，使用高压输电，最后经过降压变压器降压，用户得到的电压为，功率为，变压器均为理想变压器，则
A. 输电线上的功率损失为 B. 输电线上的电流为
C. 输电线的电阻为 D. 降压变压器的匝数比为
10.如图所示的金属导轨，平行倾斜宽导轨、与水平方向夹角为、长度，平行宽导轨、和窄导轨、水平，窄导轨的间距为，宽导轨的间距均为，倾斜导轨与水平导轨由长度可忽略的小圆弧平滑相连，导轨电阻不计。在水平导轨之间存在方向竖直向上、磁感应强度大小为的匀强磁场。质量为、电阻为、长度为的金属棒垂直导轨静止放置在窄导轨的右端处，质量为、电阻为、长度为的另一金属棒从导轨顶端处由静止释放，金属棒运动中始终与导轨垂直且接触良好，不计一切摩擦，重力加速度为。若金属棒始终在宽导轨上运动，水平窄导轨足够长，则下列说法正确的是( )
A. 金属棒刚进入磁场瞬间的速度大小为
B. 稳定后，金属棒、的速度大小之比为：
C. 从释放到稳定前瞬间的过程，通过金属棒的电荷量大小为
D. 从释放到稳定前瞬间的过程，金属棒上产生的焦耳热为
三、实验题：本大题共2小题，共24分。
11.在用重物落体运动验证机械能守恒定律的实验中
在打出的几条纸带中，为挑选符合实验要求的纸带，所选择的纸带第、点间的距离应接近______．
若重物质量为，选择好的纸带如图，已知相邻两点时间间隔为，长度单位是，取则打点计时器打下点时，重物的速度 ______；从起点到打下点的过程中，重物重力势能的减小量 ______，动能的增加量 ______J.由此可得出的是______结果保留三位有效数字
根据纸带算出相关各点的速度，量出下落的距离，则以为横轴画出的图象应是图中的哪个______
12.某研究性学习小组采用如图所示的电路测量某干电池的电动势和内电阻，为电阻箱，为理想电压表，其量程略大于电源电动势，实验中通过多次改变电阻箱的阻值，从电压表上读出相应的示数，该小组同学所测两组数据分别为、、、，根据这两组数据可得出电动势和内电阻的表达式：______，______．
四、计算题：本大题共3小题，共33分。
13.如图甲所示，波源从平衡位置处开始竖直向上振动轴的正方向，振动周期为，产生的简谐波向左、右两个方向传播，波速均为，经过一段时间生，、两点开始振动，已知距离、．
求此波的频率和波长．
若以点开始振动的时刻作为计时的零点，试在图乙中分别画出、两点的振动图象．
14.如图所示，形状相同、质量均为的两木块和上下叠在一起，沿运动方向错开了的距离小于板长的一半，二者在光滑水平面上以恒定速度朝着竖直的墙壁运动。已知两木块间的动摩擦因数为，两木块与墙壁的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度为。求：
木块与墙壁碰撞后瞬间的加速度；
要使木块能与墙壁发生碰撞，应满足的条件；
木块、最终错开的距离和木块、最终速度的大小。
15.电视机显像管原理如图所示，初速度不计的电子经电势差为的电场加速后，沿水平方向进入有边界的磁感应强度为匀强磁场中．已知电子电量为、质量为若要求电子束的偏转角为，求：磁场有限边界的宽度．
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：三个共点力、、，其合力为零，故F、的合力与大小相等，方向相反，画出三个力关系如图：
由正弦定理有：，当取最大值时，取最大值，当时，最大值为，
即：，解得的值为，故A正确，BCD错误。
故选：。
本题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图分析．
本题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图应用正弦定理即可求解。
2.【答案】
【解析】解：要使幅度增大，应增大导体棒受到的安培力，而安培力，故可以增大磁感应强度、电流或导体棒的有效长度；
故ABC错误；
而把接线由、两条换成、两条后，导体棒在磁场中的长度增大，故D正确。
故选：。
要使导体棒摆动的幅度增大，应使导体棒受力增大，由安培力的计算公式可知，可以采用的措施．
本题考查学生对安培力公式的掌握，只需明确为有效长度即可顺利求解，为基础性题目．
3.【答案】
【解析】解：、根据题意分析可知，车由坐标原点开始做匀加速直线运动，由匀变速直线运动规律可知
由图像可知当时，当时，代入解得，，故AB错误；
C、根据题意分析可知，两车速度相等时相距最远，由图像可知车匀速运动的速度
由匀变速直线运动规律可得
联立解得，故C错误；
D、根据题意分析可知，由于路段限速，车加速到后做匀速运动，根据速度与加速度关系为
可知车的加速时间
车追上车满足
联立解得，故D正确。
故选：。
利用图像斜率表示速度，结合匀变速直线运动位移公式确定车运动参数，再分析两车距离变化及追及时间。
本题核心是图像的物理意义斜率为速度、位移为纵坐标差与匀变速直线运动规律的结合。需注意：匀加速位移公式的应用与参数求解；追及问题中“速度相等时距离极值”的逻辑；限速条件对运动阶段的限制加速后匀速。
4.【答案】
【解析】试题分析：根据能级图，吸收的能量可以实现由基态到的跃迁；吸收的能量可以实现由基态到的跃迁；吸收的能量可以实现氦离子的电离，并具有能量的自由电子，所以此题选B。
考点：玻尔理论及原子的电离。
5.【答案】
【解析】解：、根据力平衡得到：气缸内气体的压强，由于减小，则增大，即气体压强增大，被压缩，外界对气体做功。故A错误；
B、由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，故B正确，D错误；
C、根据知，温度不变，气体内能不变，活塞上移，外界对气体做功，则气体放热。故C错误；
故选：。
以活塞为研究对象，根据力平衡得知气缸内气体的压强逐渐增大，气体被压缩，体积减小，外界对气体做功．由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变．根据热力学第一定律分析吸放热情况．
本题关键是运用力学知识分析气体压强如何变化，同时抓住一定质量的理想气体的内能只跟温度有关．
6.【答案】
【解析】【分析】
同步卫星与赤道上随地球自转的物体周期相同，根据圆周运动的公式求解，地面附近卫星、同步卫星、月亮绕地球做圆周运动，都是万有引力提供向心力，列出等式求解。
本题关键要将赤道上随地球自转的物体、地球表面人造卫星、同步卫星、月球分为两组进行分析比较，最后再综合；一定不能将多个物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化。
【解答】
赤道上物体随地球自转与同步卫星的周期相同，根据线速度与周期的关系可知，在周期相同的情况下线速度大小与半径成正比，故有
；绕地球做圆周运动的卫星或天体，由万有引力提供圆周运动向心力可知，线速度知，由于同步卫星轨道半径大于近地卫星轨道半径，小于月球的轨道半径，故有周期，故有
A.由上分析知，，故A错误；
B.同步卫星周期与地球自转周期相同，故B正确；
由前面的分析知，CD错误。
故选B。
7.【答案】
【解析】解：物体做匀速直线运动，位移为：
物体做匀减速直线运动的位移为：
设物体速度减为零的时间为，有
在的时间内，物体的位移为，物体的位移为，由于，故物体未追上物体；
后，物体静止不动，所以追上，需再经过
故物体追上物体所用的时间为
故选：。
假设经过时间，物块追上物体，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可。
本题是追击问题，特别要注意物体做匀减速运动，要分清是减速过程追上还是静止后被追上；第二种情况下的位移用位移时间公式求解时要注意时间是减速的时间，而不是总时间。
8.【答案】
【解析】解：、简谐运动的周期由振动系统内部因素决定，与振动幅度无关，故A正确；
B、在简谐运动的回复力表达式中，对于弹簧振子，为振动物体受到的合外力，为弹簧的劲度系数；故B正确；
C、对于纵波，在波传播方向上的某个质点的振动速度和波的传播速度不一致的，故C错误；
D、泊松亮斑是光绕过障碍物产生的，属于衍射现象，全息照相利用了频率相同的激光进行光的干涉现象，故D正确；
E、声源向静止的观察者运动时，产生多普勒效应，则观察者接收到的频率大于声源的频率．故E错误．
故选：．
单摆小角度摆动是简谐运动，重力的切线分力提供回复力；
频率越低的，波长越长；
有机械振动才有可能有机械波，波的传播速度与质点振动速度没有直接关系；
泊松亮斑是光的衍射现象，全息照相是光的干涉现象；
根据多普勒效应的内容进行判断．
本题考查了简谐运动、机械波、光的干涉和衍射，关键要明确接收频率与发射频率的区别，及多普勒效应的内容．
9.【答案】
【解析】【分析】
先根据求解传输电流，再根据求解输电线路导线电阻；
先根据求解降压变压器的输入电压，然后根据，求解降压变压器的匝数比。
本题关键是明确远距离输电的原理，然后根据变压器的变压比公式和功率表达式列式分析，不难。
【解答】输电线上损失的功率为：，A正确；
B.输电线上的电流为：，B错误；
C.输电线电阻：，C正确；
D.降压变压器原线圈电压：
故降压变压器原副线圈的匝数比为：，故D错误。
故选AC。
10.【答案】
【解析】解：金属棒刚进入磁场瞬间的速度大小为
解得
故A错误；
B.稳定后，电流等于，两个棒产生的感应电动势大小相等
解得
：：
故B正确；
C.从释放到稳定前瞬间的过程，以水平向左的方向为正方向，根据动量定理得
解得
故C错误；
D.从释放到稳定前瞬间的过程，根据能量守恒定律得
解得金属棒上产生的焦耳热为
故D正确。
故选：。
A.根据动能定理求金属棒刚进入磁场瞬间的速度大小；
B.根据两个棒产生的感应电动势大小相等求稳定后，金属棒、的速度大小之比；
C.根据动量定理和电荷量表达式求从释放到稳定前瞬间的过程，通过金属棒的电荷量大小；
D.根据能量守恒定律求从释放到稳定前瞬间的过程，金属棒上产生的焦耳热。
对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。
11.【答案】；；；；在误差允许的范围内，机械能守恒；
【解析】解：做自由落体运动的物体，前点之间的距离接近；故选择纸带时应选择前两点相距的纸带；
由平均速度公式可知：

动能的增量：
重力势能的减少量： ．
在误差允许的范围内，机械能守恒；
该实验原理为验证，即验证，以为纵轴，以为横轴画出的图线应是过原点的直线
故选：
故答案为：；；；；在误差允许的范围内，机械能守恒；．
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在点时的速度，然后根据动能、势能的定义进一步求得动能、势能的变化量；明确得出的结论；并得出对应的图象．
验证机械能守恒定律的实验是常考试验，要牢记实验原理、会处理数据、明确误差来源
12.【答案】
【解析】解：根据闭合电路欧姆定律可知，；则有：
联立解得：；
故答案为：；
根据闭合电路欧姆定律可得出电压与电阻之间的关系式，代入两组数据联立方程即可求得电动势和内电阻的表达式．
本题考查利用方程法对测量电动势和内电阻的实验数据的处理，主要考查学生对方程组的计算能力，数据较多，计算时一定要细心处理．
13.【答案】解：频率
由波速公式得，波长
、
波源开始振动方向竖直向上，则介质中各起振方向均沿竖直向上方向．结合波形可知，当点开始振动时，点向上振动，而点此时处于波谷，则、两点的振动图象为
答：此波的频率和波长分别为和．
、两点的振动图象如上图所示．
【解析】简谐波的周期等于波源振动的周期，频率由波速公式求出波长．
波源开始振动方向竖直向上，则介质中各起振方向均沿竖直向上方向．由波速公式求出波长．若以点开始振动的时刻作为计时的零点，根据、间的距离与波长的关系，分析此时刻质点的振动方向及振动情况．分析时抓住对称性．
本题要抓住质点的起振方向与波源的起振方向相同，结合波形分析质点在时刻的状态．
14.【答案】解：由牛顿第二定律可知，木块与墙壁碰撞后瞬间的加速度大小：，方向向右；
与墙壁碰撞后，、都做匀减速直线运动，设的速度为零时恰好与墙壁发生碰撞，
对，由动能定理得：
解得：
要使木块能与墙壁发生碰撞，应满足的条件是：
如果不能与墙壁发生碰撞，与墙壁碰撞后，、都做匀减速直线运动，最终两者速度相等，设共同速度为，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
解得：，即最终、的速度都为零，
设减速为零的位移为，由动能定理得：
解得：，同理可知，减速为零的位移：
最终、错开的距离：
如果能与墙壁发生碰撞，设与墙壁发生碰撞前瞬间速度为，
对，由动能定理得：
解得：
同理可知，与墙壁碰撞前瞬间，的速度也为，
与墙壁发生弹性碰撞，碰撞过程机械能不变，碰撞后反向，速度大小仍为，
碰撞后、的速度相等，相对静止，两者一起做匀速直线运动，
因此、的最大速度大小为，方向向左，
最终两者错开的距离
答：木块与墙壁碰撞后瞬间的加速度大小是，方向向右；
要使木块能与墙壁发生碰撞，应满足的条件是；
木块、最终错开的距离是或，木块、最终速度的大小为或。
【解析】应用牛顿第二定律可以求出木块与墙壁碰撞后瞬间的加速度；
木块与挡板碰撞后，两木块都做匀减速直线运动，应用动能定理求出木块与墙壁发生碰撞需要满足的条件；
根据木块的运动过程应用动量守恒定律与动能定理可以求出两物块的最终速度与最终错开的距离。
根据题意分析清楚木块的运动过程是解题的前提，应用牛顿第二定律、动量守恒定律与动能定理即可解题。
15.【答案】解：电子进加速电场加速后，速度为，则由动能定理，有：
解得：
电子进入匀强磁场中做匀速圆周运动，故：
由几何关系，有：
联立解得：
答：磁场有限边界的宽度为．
【解析】作出粒子的运动轨迹，结合几何关系求出轨道半径的大小，对圆周运动过程根据洛伦兹力提供向心力列式，对直线加速过程通过动能定理列式，最后联立求解即可．
解决本题的关键作出粒子的运动轨迹图，结合几何关系、牛顿第二定律和动能定理进行求解．
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