江苏省盐城市田家炳中学2015-2016学年高二（上）期中化学试卷（选修）（解析版）
文档属性
| 名称 | 江苏省盐城市田家炳中学2015-2016学年高二（上）期中化学试卷（选修）（解析版） |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 101.0KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 苏教版 | ||
| 科目 | 化学 | ||
| 更新时间 | 2016-11-02 22:14:17 | ||
图片预览
文档简介
2015-2016学年江苏省盐城市田家炳中学高二（上）期中化学试卷（选修）
一、选择题（单项选择，每题3分共30分）
1．核磁共振仪测定某有机物的结构，到如图所示的核磁共振氢谱，则该有机物可能是（ ）
A．C2H5OH
B．
C．
D．
2．下列各类烃中，碳氢两元素的质量比为定值的是（ ）
A．烷烃
B．烯烃
C．炔烃
D．苯的同系物
3．下列有机物的命名肯定错误的是（ ）
A．3﹣甲基﹣2﹣戊烯
B．2﹣甲基﹣2﹣丁烯
C．2，2﹣二甲基丙烷
D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔
4．分离下列混合物，应选用蒸馏操作的是（ ）
A．汽油和柴油
B．溴水
C．硝酸钾和氯化钠的混合物
D．四氯化碳和水
5．关于苯和苯酚分别与溴反应的比较中不正确的是（ ）
A．苯和液溴反应而苯酚和浓溴水反应
B．二者都需要催化剂
C．苯生成一溴代产物而苯酚生成三溴代产物
D．反应都不需要加热
6．既可以发生消去反应，又能被氧化成醛的物质是（ ）
A．2﹣甲基﹣1﹣丁醇
B．2，2﹣二甲基﹣1﹣丁醇
C．2﹣甲基﹣2﹣丁醇
D．2，3﹣二甲基﹣2﹣丁醇
7．某烃结构式如下：﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3，有关其结构说法正确的是（ ）
A．所有原子可能在同一平面上
B．所有原子可能在同一条直线上
C．所有碳原子可能在同一平面上
D．所有氢原子可能在同一平面上
8．鲨鱼是世界上唯一不患癌症的动物，科学研究表明，鲨鱼体内含有一种角鲨烯，具有抗癌性．已知角鲨烯分子中含有30个碳原子及6个C=C且不含环状结构，则其分子式为（ ）
A．C30H60
B．C30H56
C．C30H52
D．C30H50
9．分子式为C4H9Cl的同分异构体有（ ）
A．1种
B．2种
C．3种
D．4种
10．由乙烯和乙醇蒸汽组成的混合气体中，若碳元素的质量分数为72%，则氧元素的质量分数为（ ）
A．32.00%
B．16.00%
C．14.22%
D．2.14%
二、选择题
11．某学生将一氯丙烷和NaOH溶液共热煮沸几分钟后，冷却，滴入AgNO3溶液，结果未见到白色沉淀生成，其主要原因是（ ）
A．加热时间太短
B．不应冷却后再滴入AgNO3溶液
C．加AgNO3溶液后未加稀HNO3
D．加AgNO3溶液前未用稀HNO3酸化
12．某气态烃0.5mol能与1mol
HCl氯化氢完全加成，加成产物分子上的氢原子又可被3mol
Cl2取代，则气态烃可能是（ ）
A．CH≡CH
B．CH2=CH2
C．CH2=C（CH3）CH3
D．CH≡C﹣CH3
13．下列说法正确的是（NA表示阿伏加德罗常数的值）（ ）
A．1
mol聚乙烯含有的原子数目为6NA
B．标况下1L己烷完全燃烧后恢复至原状态，生成气态物质分子数为6NA/22.4
C．1
mol甲基含9NA个电子
D．2.8
g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
14．胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的结构简式为，下列叙述中不正确的是（ ）
A．1mol胡椒酚最多可与4mol氢气发生反应
B．1mol胡椒酚最多可与4mol溴发生反应
C．胡椒酚可与甲醛发生反应，生成聚合物
D．胡椒酚在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度
15．将一定量的饱和一元醇分成两等份，将其中一份完全燃烧，消耗28.8g氧气，在另一份中加入过量金属钠，产生2.24L（标况）H2，则该醇的分子式为（ ）
A．乙醇
B．丙醇
C．丁醇
D．甲醇
三、非选择题
16．在下列物质中是同系物的有 ；互为同分异构体的有 ；互为同素异形体的有 ；互为同位素的有 ；互为同一物质的有 ；
（1）液氯
（2）氯气
（3）白磷
（4）红磷
（5）氕
（6）氚
（7）
（8）
（9）CH2=CH﹣CH3
（10）
（11）2，2﹣二甲基丁烷．
17．选择恰当的试剂和方法除去下列物质中的少量杂质（括号内为杂质）
除杂试剂
方法
C6H6
（C6H5OH）
C2H6
（C2H4）
C6H5Br
（Br2）
．
．
（2）等物质的量的甲烷、乙烯、乙炔、苯等四种有机物分别完全燃烧，需要O2最多的是 ；等质量的上述四种物质分别完全燃烧，需要O2最多的是 ．
（3）目前出现的“不粘锅”、不粘油的吸油烟机等等新型厨具，其秘密就是表面有一种叫做“特
富隆”的涂层，实际上就是号称“塑料王”的聚四氟乙烯．试写出用四氟乙烯合成“特富隆”的化学方程式及其反应类型．反应方程式： ，类型 ．
18．已知
可简写为
．降冰片烯的分子结构可表示为：
（1）降冰片烯属于 ．（填序号）
A．环烃
B．不饱和烃
C．烷烃
D．芳香烃
（2）降冰片烯的分子式为 ．
（3）降冰片烯的一种同分异构体（含有一个六元环的单环化合物）的结构简式为 ．
（4）降冰片烯不具有的性质 ．
A．能溶于水
B．能发生取代反应
C．能发生加成反应
D．不能使溴水褪色．
19．利用丁烷气可合成一种香料A，其合成路线如下：
已知CH2=CH2C
l﹣CH2﹣CH2﹣OH
（1）反应②的条件为 ．
（2）X的名称为 ；Y的结构简式为 ．
（3）上述反应①②③④中，未涉及的反应类型是 ．
a．氧化反应；
b．还原反应；
c．聚合反应；
d．取代反应
e．加成反应；
f．消除反应
（4）反应⑤的化学方程式为 ．
（5）写出与A互为同分异构体，且能发生银镜反应的一种酯类物质的结构简式： ．
20．0.2mol有机物和0.4mol
O2在密闭容器中燃烧后的产物为CO2、CO和H2O（g）．产物经过浓硫酸后，浓硫酸的质量增加10.8g；再通过灼热CuO充分反应后，固体质量减轻3.2g；最后气体再通过碱石灰被完全吸收，碱石灰质量增加17.6g．
（1）判断该有机物的化学式．
（2）若0.1mol该有机物恰好与4.6g金属钠完全反应，试确定该有机物的结构简式．（已知：一个碳上接两个羟基是不稳定的）
2015-2016学年江苏省盐城市田家炳中学高二（上）期中化学试卷（选修）
参考答案与试题解析
一、选择题（单项选择，每题3分共30分）
1．核磁共振仪测定某有机物的结构，到如图所示的核磁共振氢谱，则该有机物可能是（ ）
A．C2H5OH
B．
C．
D．
【考点】有机物结构式的确定．
【分析】由图可知，核磁共振氢谱有3个吸收峰，故有机物分子中有3种H原子，H原子数目之比等于对应峰的面积之比，结合等效氢判断；等效氢判断：
①同一碳原子上的氢原子是等效的，
②同一碳原子上所连接甲基上的氢原子是等效的，
③处于同一对称位置的碳原子上的氢原子是等效的．
【解答】解：核磁共振氢谱有3个吸收峰，故有机物分子中有3种H原子，
A．C2H5OH即CH3CH2OH中，羟基上1种H原子、甲基上有1种H原子，亚甲基上有1种H原子，故核磁共振氢谱中有3个峰，故A正确．
B．中甲基中的H原子、═CH2基上H原子所处化学环境不同，有2种H原子，核磁共振氢谱中有2个峰，故B错误；
C．有4种氢原子，核磁共振氢谱有4种峰，故C错误；
D．有2种氢原子，核磁共振氢谱有2种峰，故D错误；
故选A．
【点评】本题主要考查核磁共振氢谱的运用，较简单，注意核磁共振氢谱中分子中有几种不同的氢，则就有几组峰是解题的关键．
2．下列各类烃中，碳氢两元素的质量比为定值的是（ ）
A．烷烃
B．烯烃
C．炔烃
D．苯的同系物
【考点】元素质量分数的计算．
【分析】碳氢两元素的质量比为定值，说明通式中碳氢元素原子最简式相同，据此分析判断．
【解答】解：A、烷烃通式为CnH2n+2，碳氢两元素的质量比不为定值，故A错误；
B、烯烃通式为CnH2n，最简式为CH2，碳氢两元素的质量比为定值，故B正确；
C、炔烃通式为CnH2n﹣2，碳氢两元素的质量比不为定值，故C错误；
D、苯的同系物为CnH2n﹣6，碳氢两元素的质量比不为定值，故D错误；
故选B．
【点评】本题考查了各类烃类同系物的通式分析，明确不同烃的通式书写是解题关键，题目较简单．
3．下列有机物的命名肯定错误的是（ ）
A．3﹣甲基﹣2﹣戊烯
B．2﹣甲基﹣2﹣丁烯
C．2，2﹣二甲基丙烷
D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔
【考点】有机化合物命名．
【分析】判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：
（1）烷烃命名原则：
①长：选最长碳链为主链；
②多：遇等长碳链时，支链最多为主链；
③近：离支链最近一端编号；
④小：支链编号之和最小．看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号”的原则；
⑤简：两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号．如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；
（2）有机物的名称书写要规范；
（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；
（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小．
【解答】解：A．3﹣甲基﹣2﹣戊烯，主链为戊烯，碳碳双键在2号C，甲基在3号C，该命名符合烯烃的命名原则，故A正确；
B．2﹣甲基﹣2﹣丁烯，主链为丁烯，碳碳双键在2号C，甲基在2号C，该命名满足烯烃的命名要求，故B正确；
C．2，2﹣二甲基丙烷，又名异戊烷，主链为丙烷，在2号C含有2个甲基，该命名满足烷烃的命名原则，故C正确；
D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔，该命名的编号方向错误，编号应该从距离碳碳三键最近的一端开始，碳碳三键在1号C，甲基在3号C，该有机物正确命名应该为：3﹣甲基﹣1﹣丁炔，故D错误；
故选D．
【点评】本题考查了有机物的命名判断，题目难度不大，该题注重了基础性试题的考查，解题关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力．
4．分离下列混合物，应选用蒸馏操作的是（ ）
A．汽油和柴油
B．溴水
C．硝酸钾和氯化钠的混合物
D．四氯化碳和水
【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．
【分析】沸点不同的液体混合物，如沸点相差较大，可用蒸馏的方法分离，以此解答该题．
【解答】解：A．汽油和柴油混溶，二者沸点不同，可用蒸馏的方法分离，故A正确；
B．溴在不同溶剂中的溶解度不同，可用萃取的方法分离，故B错误；
C．硝酸钾和氯化钠的溶解度随温度的变化不同，可用重结晶的方法分离，故C错误；
D．四氯化碳和水互不相溶，可用分液的方法分离，故D错误．
故选A．
【点评】本题考查物质的分离和提纯方法，侧重于基础知识的考查，物质的性质的异同决定分离方法的选择，题目难度不大．
5．关于苯和苯酚分别与溴反应的比较中不正确的是（ ）
A．苯和液溴反应而苯酚和浓溴水反应
B．二者都需要催化剂
C．苯生成一溴代产物而苯酚生成三溴代产物
D．反应都不需要加热
【考点】苯酚的化学性质；苯的性质．
【分析】A、苯必须与液溴反应，苯酚和浓溴水就可以发生反应；
B、苯酚和浓溴水反应，不需要催化剂；
C、苯与液溴生成一溴苯，苯酚与溴水生成三溴苯酚；
D、苯和苯酚分别与溴反应都不需要加热．
【解答】解：A、由于苯必须与液溴反应，苯酚和浓溴水就可以发生反应，故A错误；
B、由于苯酚和浓溴水反应，不需要催化剂，故B正确；
C、由于苯与液溴生成一溴苯，苯酚与溴水生成三溴苯酚，故C错误；
D、由于苯和苯酚分别与溴反应都不需要加热，故D错误；
故选B．
【点评】本题考查了苯和苯酚分别与溴反应对比，注重了基础知识考查，本题难度不大．
6．既可以发生消去反应，又能被氧化成醛的物质是（ ）
A．2﹣甲基﹣1﹣丁醇
B．2，2﹣二甲基﹣1﹣丁醇
C．2﹣甲基﹣2﹣丁醇
D．2，3﹣二甲基﹣2﹣丁醇
【考点】消去反应与水解反应；醇类简介．
【分析】醇发生消去反应必须“羟基所连碳的相邻碳上连有H”；醇羟基催化氧化的条件是羟基相连的碳原子上有氢．据此即可解答．
【解答】解：A．CH3CH2CH（CH3）CH2OH
羟基所连碳的相邻碳上连有H，能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，又能发生氧化反应生成醛，故A正确；
B．CH3CH2C（CH3）2CH2OH羟基所连碳的相邻碳上没有H，不能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，能发生氧化反应生成醛，故B错误；
C．CH3CH2C（OH）（CH3）2中羟基相连的碳原子上无氢，不能发生催化氧化，羟基所连碳的相邻碳上连有H，可消去，故C错误；
D．（CH3）2C（OH）CH（CH3）2中羟基相连的碳原子上无氢，不能发生催化氧化，羟基所连碳的相邻碳上连有H，可消去，故D错误；
故选A．
【点评】本题考查了醇的消去反应和氧化反应，注意醇的消去反应只有羟基相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生，醇的催化氧化反应，只有羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生．难度适中．
7．某烃结构式如下：﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3，有关其结构说法正确的是（ ）
A．所有原子可能在同一平面上
B．所有原子可能在同一条直线上
C．所有碳原子可能在同一平面上
D．所有氢原子可能在同一平面上
【考点】有机物的结构式．
【分析】根据共面结构的基本物质：乙烯、苯环等的结构来回答．
【解答】解：有机物﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3中，具有苯环、乙烯的共面结构以及乙炔的共线结构，所以苯环的6个碳原子一定共面，具有乙烯结构的后4个碳原子一定共面，具有乙炔结构的两个碳原子（倒数第四个和倒数第五个）一定共线，所有的碳原子可以共面．
故选C．
【点评】本题考查学生有机物的基本结构知识，属于基本知识题目，难度不大，可以根据所学知识来回答．
8．鲨鱼是世界上唯一不患癌症的动物，科学研究表明，鲨鱼体内含有一种角鲨烯，具有抗癌性．已知角鲨烯分子中含有30个碳原子及6个C=C且不含环状结构，则其分子式为（ ）
A．C30H60
B．C30H56
C．C30H52
D．C30H50
【考点】有机物分子中的官能团及其结构；有机物实验式和分子式的确定．
【分析】烃中每含有1个C=C键，则减少2个H原子，含30个碳原子的烷烃其分子式为C30H62，以此进行判断．
【解答】解：含30个碳原子的烷烃其分子式为C30H62，当分子中含有6个C=C而不含环状结构时，氢原子数减少12个，所以角鲨烯的分子式为C30H50．
故选D．
【点评】本题考查有机物分子式的确定，题目难度不大，注意C=C键的个数与H原子的关系．
9．分子式为C4H9Cl的同分异构体有（ ）
A．1种
B．2种
C．3种
D．4种
【考点】同分异构现象和同分异构体．
【分析】不考虑对映异构，C4H9Cl可以看作是丁烷中的1个H原子被Cl取代产物，向写出丁烷的同分异构体，根据等效氢判断丁烷的一氯代物种数，据此解答．
【解答】解：C4H10的同分异构体有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH3，
CH3CH2CH2CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；
CH3CH（CH3）CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；
故C4H9Cl的同分异构体共有4种，
故选D．
【点评】本题考查同分异构体的书写，难度中等，注意一元取代同分异构体利用等效氢进行的判断，对映异构书写在中学一般不涉及．
10．由乙烯和乙醇蒸汽组成的混合气体中，若碳元素的质量分数为72%，则氧元素的质量分数为（ ）
A．32.00%
B．16.00%
C．14.22%
D．2.14%
【考点】元素质量分数的计算．
【分析】乙烯的分子式为C2H4，乙醇的分子式为C2H6O，可将乙醇的分子式看作C2H4H2O，混合物可以看作C2H4、H2O的混合物，根据碳元素的质量百分含量可计算出C2H4的质量分数，进而计算的水质量分数，计算氧元素的质量百分含量．
【解答】解：乙烯的分子式为C2H4，乙醇的分子式为C2H6O，可将乙醇的分子式看作C2H4H2O，混合物可以看作C2H4、H2O的混合物，
已知：ω（C）=72%，则ω（C2H4）==84%，
则ω（H2O）=1﹣84%=16%，
所以：ω（O）=16%×=14.22%，
故选：C．
【点评】本题考查元素质量分数的计算，题目难度不大，注意利用分子式的转化，将乙醇的分子式可作C2H4H2O．
二、选择题
11．某学生将一氯丙烷和NaOH溶液共热煮沸几分钟后，冷却，滴入AgNO3溶液，结果未见到白色沉淀生成，其主要原因是（ ）
A．加热时间太短
B．不应冷却后再滴入AgNO3溶液
C．加AgNO3溶液后未加稀HNO3
D．加AgNO3溶液前未用稀HNO3酸化
【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用．
【分析】一氯丙烷中的氯元素不是以离子状态存在的，因此不能与AgNO3溶液直接反应，必须使之变为Cl﹣，反应后溶液显碱性，不能直接加AgNO3溶液，否则Ag+与OH﹣反应得到Ag2O黑色沉淀，影响氯的检验．
【解答】解：一氯丙烷中的氯元素不是以离子状态存在的，因此不能与AgNO3溶液直接反应，必须使之变为Cl﹣．因此，应通过一氯丙烷在碱性溶液中水解得到，但要注意，反应后溶液显碱性，不能直接加AgNO3溶液，否则Ag+与OH﹣反应得到Ag2O黑色沉淀，影响氯的检验，所以应加入足量硝酸酸化后，再加AgNO3溶液检验．
故选D．
【点评】本题考查氯离子的检验，题目难度中等，注意碱性条件下生成的AgOH不稳定，易分解生成Ag2O黑色沉淀而影响实验现象．
12．某气态烃0.5mol能与1mol
HCl氯化氢完全加成，加成产物分子上的氢原子又可被3mol
Cl2取代，则气态烃可能是（ ）
A．CH≡CH
B．CH2=CH2
C．CH2=C（CH3）CH3
D．CH≡C﹣CH3
【考点】有关有机物分子式确定的计算．
【分析】气态烃0.5mol能与1molHCl加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有含有4molH．
【解答】解：烃0.5mol能与1molHCl加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有含有4molH，并含有1个C≡C键或2个C=C键，符合要求的只有CH≡CCH3，故选D．
【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意有机物的加成和取代反应特征，可以利用验证法进行解答．
13．下列说法正确的是（NA表示阿伏加德罗常数的值）（ ）
A．1
mol聚乙烯含有的原子数目为6NA
B．标况下1L己烷完全燃烧后恢复至原状态，生成气态物质分子数为6NA/22.4
C．1
mol甲基含9NA个电子
D．2.8
g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
【考点】阿伏加德罗常数．
【分析】A．聚乙烯是高分子化合物，聚合度不确定；
B．标况下，己烷为液态；
C.1个甲基中含有9个电子；
D．乙烯和丙烯的最简式相同，碳的质量分数为定值，据此计算出碳原子的质量，再求出碳原子的物质的量，利用N=nNA计算碳原子数目．
【解答】解：A．聚乙烯是高分子化合物，聚合度不知道，无法计算原子数目，故A错误；
B．标况下，己烷为液态，不能使用气体摩尔体积，故B错误；
C.1个甲基中含有9个电子，1
mol甲基含9NA个电子，故C正确；
D．乙烯和丙烯的最简式为CH2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子物质的量为=0.2mol，所以含碳原子数为0.2NA，故D正确；
故选：CD．
【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的判断及计算，掌握阿伏伽德罗常数的概念，明确阿伏伽德罗常数与物质的量、摩尔质量等物理量之间的关系，明确标况下气体摩尔体积的使用条件是解题关键．
14．胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的结构简式为，下列叙述中不正确的是（ ）
A．1mol胡椒酚最多可与4mol氢气发生反应
B．1mol胡椒酚最多可与4mol溴发生反应
C．胡椒酚可与甲醛发生反应，生成聚合物
D．胡椒酚在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度
【考点】有机物分子中的官能团及其结构．
【分析】胡椒酚含有的官能团有酚羟基和碳碳双键，所以该物质有苯酚和烯烃的性质．
【解答】解：A、该物质中能和氢气发生加成反应的有苯环和碳碳双键，1mol胡椒酚含有1mol苯环和1mol碳碳双键，1mol苯环最多能和3mol氢气发生反应，1mol碳碳双键最多能和1mol氢气发生反应，所以1mol胡椒酚最多可与4mol氢气发生反应，故A正确；
B、胡椒酚苯环上酚羟基的邻、对位上氢原子能和溴水发生取代反应，碳碳双键能和溴水发生加成反应，1mol胡椒酚能和2mol溴发生取代反应，和1mol溴发生碳碳双键上的加成反应，所以1mol胡椒酚最多可与3mol溴发生反应，故B错误；
C、胡椒酚含有碳碳双键，所以可与甲醛发生反应，生成聚合物，故C正确；
D、胡椒酚﹣OH的对位上的基团为憎水基，所以胡椒酚在水中的溶解度比苯酚小，故D正确；
故选B．
【点评】本题考查了有机物的官能团及其结构，难度不大，会根据官能团判断有机物可能具有的性质，官能团决定其性质．
15．将一定量的饱和一元醇分成两等份，将其中一份完全燃烧，消耗28.8g氧气，在另一份中加入过量金属钠，产生2.24L（标况）H2，则该醇的分子式为（ ）
A．乙醇
B．丙醇
C．丁醇
D．甲醇
【考点】化学方程式的有关计算．
【分析】根据醇和金属钠之间的反应产生氢气的量和醇的量之间的关系来确定醇的量，根据醇和氧气之间的反应所消耗氧气的量来确定n的值．
【解答】解：2CnH2n+1OH+2Na→2CnH2n+1ONa+H2↑，加入过量金属钠，产生2.24L即0.1mol（标准状况），所以醇的物质的量是0.2mol，饱和一元醇完全燃烧，CnH2n+2O和氧气量之间的关系是：CnH2n+2O～O2，0.2mol醇消耗28.8g即0.9mol氧气，所以=，解得n=3，该醇的分子式为C3H8O，为丙醇，故选B．
【点评】本题考查学生有机物分子式的确定以及醇的化学性质等方面的知识，属于综合知识的考查，难度中等．
三、非选择题
16．在下列物质中是同系物的有 （7）与（11）或（8）与（11） ；互为同分异构体的有 （9）与（10） ；互为同素异形体的有 （3）与（4） ；互为同位素的有 （5）与（6） ；互为同一物质的有 （1）与（2）、（7）与（8） ；
（1）液氯
（2）氯气
（3）白磷
（4）红磷
（5）氕
（6）氚
（7）
（8）
（9）CH2=CH﹣CH3
（10）
（11）2，2﹣二甲基丁烷．
【考点】芳香烃、烃基和同系物；同位素及其应用；同素异形体；同分异构现象和同分异构体．
【分析】同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个CH2原子团，具有相同官能团的化合物；
具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；
同种元素形成的不同单质互为同素异形体；
质子数相同质量数（或中子数）不同的原子互称同位素；
组成和结构都相同的物质为同一物质，同一物质组成、结构、性质都相同，结构式的形状及物质的聚集状态可能不同．
【解答】解：（7）与（11）或（8）与（11）都属于烷烃，结构相似、通式相同，相差1个CH2原子团，互为同系物；
（9）与（10）分子式相同为C3H6，碳链不同，互为同分异构体；
（3）与（4）都是磷元素组成的结构不同的单质，二者互为同素异形体；
（5）与（6）都是氢元素的不同核素，质量数不同，二者互为同位素；
（1）与（2）只是聚集状态不同、（7）与（8）分子式相同，结构相同，为同一种物质；
，故答案为：（7）与（11）或（8）与（11）；（9）与（10）；（3）与（4）；（5）与（6）；（1）与（2）、（7）与（8）；
【点评】本题考查“五同”比较，难度不大，侧重考查学生的辨别能力，选项多，要细心排查．
17．（1）选择恰当的试剂和方法除去下列物质中的少量杂质（括号内为杂质）
除杂试剂
方法
C6H6
（C6H5OH）
C2H6
（C2H4）
C6H5Br
（Br2）
．
．
（2）等物质的量的甲烷、乙烯、乙炔、苯等四种有机物分别完全燃烧，需要O2最多的是 苯 ；等质量的上述四种物质分别完全燃烧，需要O2最多的是 甲烷 ．
（3）目前出现的“不粘锅”、不粘油的吸油烟机等等新型厨具，其秘密就是表面有一种叫做“特
富隆”的涂层，实际上就是号称“塑料王”的聚四氟乙烯．试写出用四氟乙烯合成“特富隆”的化学方程式及其反应类型．反应方程式： nCF2=CF2→ ，类型 加聚反应 ．
【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；化学方程式的书写；化学方程式的有关计算．
【分析】（1）苯酚可与氢氧化钠溶液反应；乙烯与溴水反应；溴与氢氧化钠溶液反应；
（2）设有机物的化学式为CxHy，1mol该有机物消耗的氧气的物质的量为（x+）mol，分别计算每种有机物充分燃烧的耗氧量，然后进行比较；
等质量有机物耗氧量取决于H元素的含量，H元素含量越高，耗氧量越多，可以根据CxHy中值判断，该值越大耗氧量越多．
（3）四氟乙烯为CF2=CF2，含有碳碳双键，可发生加聚反应．
【解答】解：（1）苯酚可与氢氧化钠溶液反应，可分液分离，乙烯与溴水反应，可用洗气的方法分离；溴与氢氧化钠溶液反应，可分液分离，
故答案为：
除杂试剂
方法
C6H6
（C6H5OH）
NaOH溶液
分液
C2H6
（C2H4）
溴水
洗气
C6H5Br
（Br2）
NaOH溶液
分液．
；
（2）等物质的量的四种有机物，分别在氧气中完全燃烧，1mol物质耗氧量为：
1mol甲烷CH4耗氧量为2mol；
1mol乙烯C2H4耗氧量为3mol；
1mol乙炔C2H2耗氧量为2.5mol，
1mol苯C6H6耗氧量为7.5mol，故耗氧量最多的是苯；
等质量的上述四种有机物完全燃烧耗氧量取决于H元素的含量，H元素含量越高，耗氧量越多，根据CxHy中值判断，该值越大耗氧量越多：甲烷CH4，乙烯C2H4最简式为为CH2，乙炔C2H2最简式为为CH，苯C6H6的最简式为CH，甲烷中H元素质量分数最大，所以甲烷CH4耗氧量最大，
故答案为：苯；甲烷；
（3）四氟乙烯为为CF2=CF2，含有碳碳双键，可发生加聚反应，反应的方程式为nCF2=CF2→，
故答案为：nCF2=CF2→；加聚反应．
【点评】本题考查较综合，涉及有机物的命名、结构简式、燃烧的计算、除杂等，注意把握有机物的结构及性质来分析，（2）解答较繁琐，注意方法的简化，题目难度中等．
18．已知
可简写为
．降冰片烯的分子结构可表示为：
（1）降冰片烯属于 AB ．（填序号）
A．环烃
B．不饱和烃
C．烷烃
D．芳香烃
（2）降冰片烯的分子式为 C7H10 ．
（3）降冰片烯的一种同分异构体（含有一个六元环的单环化合物）的结构简式为 ．
（4）降冰片烯不具有的性质 AD ．
A．能溶于水
B．能发生取代反应
C．能发生加成反应
D．不能使溴水褪色．
【考点】有机物的结构和性质．
【分析】降冰片烯含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，降冰片烯的一种同分异构体为含有一个六元环的单环化合物，应含有2个碳碳双键，以此解答该题．
【解答】解：（1）降冰片烯含有C=C官能团，则应属于烯烃，分子中含有碳环，则应属于环烃，故答案为：AB；
（2）根据结构可知降冰片烯含有7个C原子，根据每个C形成4个共价键的原则可知应含有10个H原子，所以分子式为C7H10，故答案为：C7H10：
（3）分子式为C7H10的烃的同分异构体且含有含有一个六元环的单环化合物为，
故答案为：；
（4）降冰片烯含有双键，则能发生加成反应和氧化反应，所有的烃都不溶于水，由于C＞5，常温下为液态，故答案为：AD．
【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，题目难度不大，注意有机物含有的官能团、碳架结构以及C的成键特点．
19．利用丁烷气可合成一种香料A，其合成路线如下：
已知CH2=CH2C
l﹣CH2﹣CH2﹣OH
（1）反应②的条件为 氢氧化钠的醇溶液、加热 ．
（2）X的名称为 2﹣氯丁烷 ；Y的结构简式为 ．
（3）上述反应①②③④中，未涉及的反应类型是 b、c ．
a．氧化反应；
b．还原反应；
c．聚合反应；
d．取代反应
e．加成反应；
f．消除反应
（4）反应⑤的化学方程式为 ．
（5）写出与A互为同分异构体，且能发生银镜反应的一种酯类物质的结构简式： HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH（CH3）2 ．
【考点】有机物的合成．
【分析】丁烷与氯气发生取代反应生成X，X在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成CH3CH=CHCH3，则X为，由Y的产物结构可知，结合信息可知Y为，反应③是CH3CH=CHCH3与HClO发生的加成反应，反应④为氧化反应，反应⑤发生卤代烃的水解反应生成A为，据此解答．
【解答】解：丁烷与氯气发生取代反应生成X，X在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成CH3CH=CHCH3，则X为，由Y的产物结构可知，结合信息Y为，反应③是CH3CH=CHCH3与HClO发生的加成反应，反应④为氧化反应，反应⑤发生卤代烃的水解反应生成A为，
（1）反应②发生的是消去反应，所以条件是氢氧化钠的醇溶液、加热，故答案为：氢氧化钠的醇溶液、加热；
（2）根据上面的分析可知，X为，其名称为2﹣氯丁烷，Y的结构简式为，
故答案为：2﹣氯丁烷；；
（3）①为取代反应，②为消去反应，③为加成反应，④为氧化反应，所以未涉及的反应类型有：还原反应、聚合反应，故选：b、c；
（4）在氢氧化钠的水溶液中卤素原子会发生水解反应，所以⑤的化学方程式为：，
故答案为：；
（5）A为，与A互为同分异构体，且能发生银镜反应即有醛基的一种酯类物质的结构简式为HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH（CH3）2、
故答案为：HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH（CH3）2．
【点评】本题考查有机物的推断，注意根据有机物的结构进行分析，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重考查学生分析推理与知识迁移运用能力，难度中等．
20．0.2mol有机物和0.4mol
O2在密闭容器中燃烧后的产物为CO2、CO和H2O（g）．产物经过浓硫酸后，浓硫酸的质量增加10.8g；再通过灼热CuO充分反应后，固体质量减轻3.2g；最后气体再通过碱石灰被完全吸收，碱石灰质量增加17.6g．
（1）判断该有机物的化学式．
（2）若0.1mol该有机物恰好与4.6g金属钠完全反应，试确定该有机物的结构简式．（已知：一个碳上接两个羟基是不稳定的）
【考点】有机物实验式和分子式的确定；有机物的推断．
【分析】（1）浓硫酸增重10.8g为反应生成的水的质量，通过灼热氧化铜，由于发生反应CuO+COCu+CO2，固体质量减轻了3.2g，结合方程式利用差量法可计算CO的物质的量，通过碱石灰时，碱石灰的质量增加了17.6g可计算总CO2的物质的量，减去CO与CuO反应生成的CO2的质量为有机物燃烧生成CO2的质量，根据元素守恒计算有机物中含有C、H、O的物质的量，进而求得化学式．
（2）结合分子式、根据有机物与钠反应的关系，判断分子中官能团个数，据此书写结构简式．
【解答】解：（1）有机物燃烧生成水10.8g，物质的量为=0.6mol，
令有机物燃烧生成的CO为x，则：
CuO+COCu+CO2，固体减少△m
28g
16g
x
3.2g
所以x==5.6g，CO的物质的量为=0.2mol．
根据碳元素守恒可知CO与CuO反应生成的CO2的物质的量为0.2mol，质量为0.2mol×44g/mol=8.8g．
有机物燃烧生成的CO2的质量为17.6g﹣8.8g=8.8g，物质的量为=0.2mol，
根据碳元素守恒可知，1mol有机物含有碳原子物质的量为2mol，
根据氢元素守恒可知，1mol有机物含有氢原子物质的量为=6mol
根据氧元素守恒可知，1mol有机物含有氧原子物质的量为=2mol．
所以有机物的分子式为C2H6O2，
答：有机物的分子式为C2H6O2；
（2）4.6g钠的物质的量为：
=0.2mol，该有机物的物质的量为0.1mol，二者按2：1反应，故该有机物分子中含有2个羟基，该有机物的结构简式为HOCH2CH2OH，
答：该有机物的结构简式为HOCH2CH2OH．
【点评】本题考查有机物分子式的确定，难度不大，掌握利用所含元素原子守恒判断有机物的分子式．
一、选择题（单项选择，每题3分共30分）
1．核磁共振仪测定某有机物的结构，到如图所示的核磁共振氢谱，则该有机物可能是（ ）
A．C2H5OH
B．
C．
D．
2．下列各类烃中，碳氢两元素的质量比为定值的是（ ）
A．烷烃
B．烯烃
C．炔烃
D．苯的同系物
3．下列有机物的命名肯定错误的是（ ）
A．3﹣甲基﹣2﹣戊烯
B．2﹣甲基﹣2﹣丁烯
C．2，2﹣二甲基丙烷
D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔
4．分离下列混合物，应选用蒸馏操作的是（ ）
A．汽油和柴油
B．溴水
C．硝酸钾和氯化钠的混合物
D．四氯化碳和水
5．关于苯和苯酚分别与溴反应的比较中不正确的是（ ）
A．苯和液溴反应而苯酚和浓溴水反应
B．二者都需要催化剂
C．苯生成一溴代产物而苯酚生成三溴代产物
D．反应都不需要加热
6．既可以发生消去反应，又能被氧化成醛的物质是（ ）
A．2﹣甲基﹣1﹣丁醇
B．2，2﹣二甲基﹣1﹣丁醇
C．2﹣甲基﹣2﹣丁醇
D．2，3﹣二甲基﹣2﹣丁醇
7．某烃结构式如下：﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3，有关其结构说法正确的是（ ）
A．所有原子可能在同一平面上
B．所有原子可能在同一条直线上
C．所有碳原子可能在同一平面上
D．所有氢原子可能在同一平面上
8．鲨鱼是世界上唯一不患癌症的动物，科学研究表明，鲨鱼体内含有一种角鲨烯，具有抗癌性．已知角鲨烯分子中含有30个碳原子及6个C=C且不含环状结构，则其分子式为（ ）
A．C30H60
B．C30H56
C．C30H52
D．C30H50
9．分子式为C4H9Cl的同分异构体有（ ）
A．1种
B．2种
C．3种
D．4种
10．由乙烯和乙醇蒸汽组成的混合气体中，若碳元素的质量分数为72%，则氧元素的质量分数为（ ）
A．32.00%
B．16.00%
C．14.22%
D．2.14%
二、选择题
11．某学生将一氯丙烷和NaOH溶液共热煮沸几分钟后，冷却，滴入AgNO3溶液，结果未见到白色沉淀生成，其主要原因是（ ）
A．加热时间太短
B．不应冷却后再滴入AgNO3溶液
C．加AgNO3溶液后未加稀HNO3
D．加AgNO3溶液前未用稀HNO3酸化
12．某气态烃0.5mol能与1mol
HCl氯化氢完全加成，加成产物分子上的氢原子又可被3mol
Cl2取代，则气态烃可能是（ ）
A．CH≡CH
B．CH2=CH2
C．CH2=C（CH3）CH3
D．CH≡C﹣CH3
13．下列说法正确的是（NA表示阿伏加德罗常数的值）（ ）
A．1
mol聚乙烯含有的原子数目为6NA
B．标况下1L己烷完全燃烧后恢复至原状态，生成气态物质分子数为6NA/22.4
C．1
mol甲基含9NA个电子
D．2.8
g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
14．胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的结构简式为，下列叙述中不正确的是（ ）
A．1mol胡椒酚最多可与4mol氢气发生反应
B．1mol胡椒酚最多可与4mol溴发生反应
C．胡椒酚可与甲醛发生反应，生成聚合物
D．胡椒酚在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度
15．将一定量的饱和一元醇分成两等份，将其中一份完全燃烧，消耗28.8g氧气，在另一份中加入过量金属钠，产生2.24L（标况）H2，则该醇的分子式为（ ）
A．乙醇
B．丙醇
C．丁醇
D．甲醇
三、非选择题
16．在下列物质中是同系物的有 ；互为同分异构体的有 ；互为同素异形体的有 ；互为同位素的有 ；互为同一物质的有 ；
（1）液氯
（2）氯气
（3）白磷
（4）红磷
（5）氕
（6）氚
（7）
（8）
（9）CH2=CH﹣CH3
（10）
（11）2，2﹣二甲基丁烷．
17．选择恰当的试剂和方法除去下列物质中的少量杂质（括号内为杂质）
除杂试剂
方法
C6H6
（C6H5OH）
C2H6
（C2H4）
C6H5Br
（Br2）
．
．
（2）等物质的量的甲烷、乙烯、乙炔、苯等四种有机物分别完全燃烧，需要O2最多的是 ；等质量的上述四种物质分别完全燃烧，需要O2最多的是 ．
（3）目前出现的“不粘锅”、不粘油的吸油烟机等等新型厨具，其秘密就是表面有一种叫做“特
富隆”的涂层，实际上就是号称“塑料王”的聚四氟乙烯．试写出用四氟乙烯合成“特富隆”的化学方程式及其反应类型．反应方程式： ，类型 ．
18．已知
可简写为
．降冰片烯的分子结构可表示为：
（1）降冰片烯属于 ．（填序号）
A．环烃
B．不饱和烃
C．烷烃
D．芳香烃
（2）降冰片烯的分子式为 ．
（3）降冰片烯的一种同分异构体（含有一个六元环的单环化合物）的结构简式为 ．
（4）降冰片烯不具有的性质 ．
A．能溶于水
B．能发生取代反应
C．能发生加成反应
D．不能使溴水褪色．
19．利用丁烷气可合成一种香料A，其合成路线如下：
已知CH2=CH2C
l﹣CH2﹣CH2﹣OH
（1）反应②的条件为 ．
（2）X的名称为 ；Y的结构简式为 ．
（3）上述反应①②③④中，未涉及的反应类型是 ．
a．氧化反应；
b．还原反应；
c．聚合反应；
d．取代反应
e．加成反应；
f．消除反应
（4）反应⑤的化学方程式为 ．
（5）写出与A互为同分异构体，且能发生银镜反应的一种酯类物质的结构简式： ．
20．0.2mol有机物和0.4mol
O2在密闭容器中燃烧后的产物为CO2、CO和H2O（g）．产物经过浓硫酸后，浓硫酸的质量增加10.8g；再通过灼热CuO充分反应后，固体质量减轻3.2g；最后气体再通过碱石灰被完全吸收，碱石灰质量增加17.6g．
（1）判断该有机物的化学式．
（2）若0.1mol该有机物恰好与4.6g金属钠完全反应，试确定该有机物的结构简式．（已知：一个碳上接两个羟基是不稳定的）
2015-2016学年江苏省盐城市田家炳中学高二（上）期中化学试卷（选修）
参考答案与试题解析
一、选择题（单项选择，每题3分共30分）
1．核磁共振仪测定某有机物的结构，到如图所示的核磁共振氢谱，则该有机物可能是（ ）
A．C2H5OH
B．
C．
D．
【考点】有机物结构式的确定．
【分析】由图可知，核磁共振氢谱有3个吸收峰，故有机物分子中有3种H原子，H原子数目之比等于对应峰的面积之比，结合等效氢判断；等效氢判断：
①同一碳原子上的氢原子是等效的，
②同一碳原子上所连接甲基上的氢原子是等效的，
③处于同一对称位置的碳原子上的氢原子是等效的．
【解答】解：核磁共振氢谱有3个吸收峰，故有机物分子中有3种H原子，
A．C2H5OH即CH3CH2OH中，羟基上1种H原子、甲基上有1种H原子，亚甲基上有1种H原子，故核磁共振氢谱中有3个峰，故A正确．
B．中甲基中的H原子、═CH2基上H原子所处化学环境不同，有2种H原子，核磁共振氢谱中有2个峰，故B错误；
C．有4种氢原子，核磁共振氢谱有4种峰，故C错误；
D．有2种氢原子，核磁共振氢谱有2种峰，故D错误；
故选A．
【点评】本题主要考查核磁共振氢谱的运用，较简单，注意核磁共振氢谱中分子中有几种不同的氢，则就有几组峰是解题的关键．
2．下列各类烃中，碳氢两元素的质量比为定值的是（ ）
A．烷烃
B．烯烃
C．炔烃
D．苯的同系物
【考点】元素质量分数的计算．
【分析】碳氢两元素的质量比为定值，说明通式中碳氢元素原子最简式相同，据此分析判断．
【解答】解：A、烷烃通式为CnH2n+2，碳氢两元素的质量比不为定值，故A错误；
B、烯烃通式为CnH2n，最简式为CH2，碳氢两元素的质量比为定值，故B正确；
C、炔烃通式为CnH2n﹣2，碳氢两元素的质量比不为定值，故C错误；
D、苯的同系物为CnH2n﹣6，碳氢两元素的质量比不为定值，故D错误；
故选B．
【点评】本题考查了各类烃类同系物的通式分析，明确不同烃的通式书写是解题关键，题目较简单．
3．下列有机物的命名肯定错误的是（ ）
A．3﹣甲基﹣2﹣戊烯
B．2﹣甲基﹣2﹣丁烯
C．2，2﹣二甲基丙烷
D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔
【考点】有机化合物命名．
【分析】判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：
（1）烷烃命名原则：
①长：选最长碳链为主链；
②多：遇等长碳链时，支链最多为主链；
③近：离支链最近一端编号；
④小：支链编号之和最小．看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号”的原则；
⑤简：两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号．如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；
（2）有机物的名称书写要规范；
（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；
（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小．
【解答】解：A．3﹣甲基﹣2﹣戊烯，主链为戊烯，碳碳双键在2号C，甲基在3号C，该命名符合烯烃的命名原则，故A正确；
B．2﹣甲基﹣2﹣丁烯，主链为丁烯，碳碳双键在2号C，甲基在2号C，该命名满足烯烃的命名要求，故B正确；
C．2，2﹣二甲基丙烷，又名异戊烷，主链为丙烷，在2号C含有2个甲基，该命名满足烷烃的命名原则，故C正确；
D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔，该命名的编号方向错误，编号应该从距离碳碳三键最近的一端开始，碳碳三键在1号C，甲基在3号C，该有机物正确命名应该为：3﹣甲基﹣1﹣丁炔，故D错误；
故选D．
【点评】本题考查了有机物的命名判断，题目难度不大，该题注重了基础性试题的考查，解题关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力．
4．分离下列混合物，应选用蒸馏操作的是（ ）
A．汽油和柴油
B．溴水
C．硝酸钾和氯化钠的混合物
D．四氯化碳和水
【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．
【分析】沸点不同的液体混合物，如沸点相差较大，可用蒸馏的方法分离，以此解答该题．
【解答】解：A．汽油和柴油混溶，二者沸点不同，可用蒸馏的方法分离，故A正确；
B．溴在不同溶剂中的溶解度不同，可用萃取的方法分离，故B错误；
C．硝酸钾和氯化钠的溶解度随温度的变化不同，可用重结晶的方法分离，故C错误；
D．四氯化碳和水互不相溶，可用分液的方法分离，故D错误．
故选A．
【点评】本题考查物质的分离和提纯方法，侧重于基础知识的考查，物质的性质的异同决定分离方法的选择，题目难度不大．
5．关于苯和苯酚分别与溴反应的比较中不正确的是（ ）
A．苯和液溴反应而苯酚和浓溴水反应
B．二者都需要催化剂
C．苯生成一溴代产物而苯酚生成三溴代产物
D．反应都不需要加热
【考点】苯酚的化学性质；苯的性质．
【分析】A、苯必须与液溴反应，苯酚和浓溴水就可以发生反应；
B、苯酚和浓溴水反应，不需要催化剂；
C、苯与液溴生成一溴苯，苯酚与溴水生成三溴苯酚；
D、苯和苯酚分别与溴反应都不需要加热．
【解答】解：A、由于苯必须与液溴反应，苯酚和浓溴水就可以发生反应，故A错误；
B、由于苯酚和浓溴水反应，不需要催化剂，故B正确；
C、由于苯与液溴生成一溴苯，苯酚与溴水生成三溴苯酚，故C错误；
D、由于苯和苯酚分别与溴反应都不需要加热，故D错误；
故选B．
【点评】本题考查了苯和苯酚分别与溴反应对比，注重了基础知识考查，本题难度不大．
6．既可以发生消去反应，又能被氧化成醛的物质是（ ）
A．2﹣甲基﹣1﹣丁醇
B．2，2﹣二甲基﹣1﹣丁醇
C．2﹣甲基﹣2﹣丁醇
D．2，3﹣二甲基﹣2﹣丁醇
【考点】消去反应与水解反应；醇类简介．
【分析】醇发生消去反应必须“羟基所连碳的相邻碳上连有H”；醇羟基催化氧化的条件是羟基相连的碳原子上有氢．据此即可解答．
【解答】解：A．CH3CH2CH（CH3）CH2OH
羟基所连碳的相邻碳上连有H，能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，又能发生氧化反应生成醛，故A正确；
B．CH3CH2C（CH3）2CH2OH羟基所连碳的相邻碳上没有H，不能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，能发生氧化反应生成醛，故B错误；
C．CH3CH2C（OH）（CH3）2中羟基相连的碳原子上无氢，不能发生催化氧化，羟基所连碳的相邻碳上连有H，可消去，故C错误；
D．（CH3）2C（OH）CH（CH3）2中羟基相连的碳原子上无氢，不能发生催化氧化，羟基所连碳的相邻碳上连有H，可消去，故D错误；
故选A．
【点评】本题考查了醇的消去反应和氧化反应，注意醇的消去反应只有羟基相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生，醇的催化氧化反应，只有羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生．难度适中．
7．某烃结构式如下：﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3，有关其结构说法正确的是（ ）
A．所有原子可能在同一平面上
B．所有原子可能在同一条直线上
C．所有碳原子可能在同一平面上
D．所有氢原子可能在同一平面上
【考点】有机物的结构式．
【分析】根据共面结构的基本物质：乙烯、苯环等的结构来回答．
【解答】解：有机物﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3中，具有苯环、乙烯的共面结构以及乙炔的共线结构，所以苯环的6个碳原子一定共面，具有乙烯结构的后4个碳原子一定共面，具有乙炔结构的两个碳原子（倒数第四个和倒数第五个）一定共线，所有的碳原子可以共面．
故选C．
【点评】本题考查学生有机物的基本结构知识，属于基本知识题目，难度不大，可以根据所学知识来回答．
8．鲨鱼是世界上唯一不患癌症的动物，科学研究表明，鲨鱼体内含有一种角鲨烯，具有抗癌性．已知角鲨烯分子中含有30个碳原子及6个C=C且不含环状结构，则其分子式为（ ）
A．C30H60
B．C30H56
C．C30H52
D．C30H50
【考点】有机物分子中的官能团及其结构；有机物实验式和分子式的确定．
【分析】烃中每含有1个C=C键，则减少2个H原子，含30个碳原子的烷烃其分子式为C30H62，以此进行判断．
【解答】解：含30个碳原子的烷烃其分子式为C30H62，当分子中含有6个C=C而不含环状结构时，氢原子数减少12个，所以角鲨烯的分子式为C30H50．
故选D．
【点评】本题考查有机物分子式的确定，题目难度不大，注意C=C键的个数与H原子的关系．
9．分子式为C4H9Cl的同分异构体有（ ）
A．1种
B．2种
C．3种
D．4种
【考点】同分异构现象和同分异构体．
【分析】不考虑对映异构，C4H9Cl可以看作是丁烷中的1个H原子被Cl取代产物，向写出丁烷的同分异构体，根据等效氢判断丁烷的一氯代物种数，据此解答．
【解答】解：C4H10的同分异构体有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH3，
CH3CH2CH2CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；
CH3CH（CH3）CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；
故C4H9Cl的同分异构体共有4种，
故选D．
【点评】本题考查同分异构体的书写，难度中等，注意一元取代同分异构体利用等效氢进行的判断，对映异构书写在中学一般不涉及．
10．由乙烯和乙醇蒸汽组成的混合气体中，若碳元素的质量分数为72%，则氧元素的质量分数为（ ）
A．32.00%
B．16.00%
C．14.22%
D．2.14%
【考点】元素质量分数的计算．
【分析】乙烯的分子式为C2H4，乙醇的分子式为C2H6O，可将乙醇的分子式看作C2H4H2O，混合物可以看作C2H4、H2O的混合物，根据碳元素的质量百分含量可计算出C2H4的质量分数，进而计算的水质量分数，计算氧元素的质量百分含量．
【解答】解：乙烯的分子式为C2H4，乙醇的分子式为C2H6O，可将乙醇的分子式看作C2H4H2O，混合物可以看作C2H4、H2O的混合物，
已知：ω（C）=72%，则ω（C2H4）==84%，
则ω（H2O）=1﹣84%=16%，
所以：ω（O）=16%×=14.22%，
故选：C．
【点评】本题考查元素质量分数的计算，题目难度不大，注意利用分子式的转化，将乙醇的分子式可作C2H4H2O．
二、选择题
11．某学生将一氯丙烷和NaOH溶液共热煮沸几分钟后，冷却，滴入AgNO3溶液，结果未见到白色沉淀生成，其主要原因是（ ）
A．加热时间太短
B．不应冷却后再滴入AgNO3溶液
C．加AgNO3溶液后未加稀HNO3
D．加AgNO3溶液前未用稀HNO3酸化
【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用．
【分析】一氯丙烷中的氯元素不是以离子状态存在的，因此不能与AgNO3溶液直接反应，必须使之变为Cl﹣，反应后溶液显碱性，不能直接加AgNO3溶液，否则Ag+与OH﹣反应得到Ag2O黑色沉淀，影响氯的检验．
【解答】解：一氯丙烷中的氯元素不是以离子状态存在的，因此不能与AgNO3溶液直接反应，必须使之变为Cl﹣．因此，应通过一氯丙烷在碱性溶液中水解得到，但要注意，反应后溶液显碱性，不能直接加AgNO3溶液，否则Ag+与OH﹣反应得到Ag2O黑色沉淀，影响氯的检验，所以应加入足量硝酸酸化后，再加AgNO3溶液检验．
故选D．
【点评】本题考查氯离子的检验，题目难度中等，注意碱性条件下生成的AgOH不稳定，易分解生成Ag2O黑色沉淀而影响实验现象．
12．某气态烃0.5mol能与1mol
HCl氯化氢完全加成，加成产物分子上的氢原子又可被3mol
Cl2取代，则气态烃可能是（ ）
A．CH≡CH
B．CH2=CH2
C．CH2=C（CH3）CH3
D．CH≡C﹣CH3
【考点】有关有机物分子式确定的计算．
【分析】气态烃0.5mol能与1molHCl加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有含有4molH．
【解答】解：烃0.5mol能与1molHCl加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有含有4molH，并含有1个C≡C键或2个C=C键，符合要求的只有CH≡CCH3，故选D．
【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意有机物的加成和取代反应特征，可以利用验证法进行解答．
13．下列说法正确的是（NA表示阿伏加德罗常数的值）（ ）
A．1
mol聚乙烯含有的原子数目为6NA
B．标况下1L己烷完全燃烧后恢复至原状态，生成气态物质分子数为6NA/22.4
C．1
mol甲基含9NA个电子
D．2.8
g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
【考点】阿伏加德罗常数．
【分析】A．聚乙烯是高分子化合物，聚合度不确定；
B．标况下，己烷为液态；
C.1个甲基中含有9个电子；
D．乙烯和丙烯的最简式相同，碳的质量分数为定值，据此计算出碳原子的质量，再求出碳原子的物质的量，利用N=nNA计算碳原子数目．
【解答】解：A．聚乙烯是高分子化合物，聚合度不知道，无法计算原子数目，故A错误；
B．标况下，己烷为液态，不能使用气体摩尔体积，故B错误；
C.1个甲基中含有9个电子，1
mol甲基含9NA个电子，故C正确；
D．乙烯和丙烯的最简式为CH2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子物质的量为=0.2mol，所以含碳原子数为0.2NA，故D正确；
故选：CD．
【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的判断及计算，掌握阿伏伽德罗常数的概念，明确阿伏伽德罗常数与物质的量、摩尔质量等物理量之间的关系，明确标况下气体摩尔体积的使用条件是解题关键．
14．胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的结构简式为，下列叙述中不正确的是（ ）
A．1mol胡椒酚最多可与4mol氢气发生反应
B．1mol胡椒酚最多可与4mol溴发生反应
C．胡椒酚可与甲醛发生反应，生成聚合物
D．胡椒酚在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度
【考点】有机物分子中的官能团及其结构．
【分析】胡椒酚含有的官能团有酚羟基和碳碳双键，所以该物质有苯酚和烯烃的性质．
【解答】解：A、该物质中能和氢气发生加成反应的有苯环和碳碳双键，1mol胡椒酚含有1mol苯环和1mol碳碳双键，1mol苯环最多能和3mol氢气发生反应，1mol碳碳双键最多能和1mol氢气发生反应，所以1mol胡椒酚最多可与4mol氢气发生反应，故A正确；
B、胡椒酚苯环上酚羟基的邻、对位上氢原子能和溴水发生取代反应，碳碳双键能和溴水发生加成反应，1mol胡椒酚能和2mol溴发生取代反应，和1mol溴发生碳碳双键上的加成反应，所以1mol胡椒酚最多可与3mol溴发生反应，故B错误；
C、胡椒酚含有碳碳双键，所以可与甲醛发生反应，生成聚合物，故C正确；
D、胡椒酚﹣OH的对位上的基团为憎水基，所以胡椒酚在水中的溶解度比苯酚小，故D正确；
故选B．
【点评】本题考查了有机物的官能团及其结构，难度不大，会根据官能团判断有机物可能具有的性质，官能团决定其性质．
15．将一定量的饱和一元醇分成两等份，将其中一份完全燃烧，消耗28.8g氧气，在另一份中加入过量金属钠，产生2.24L（标况）H2，则该醇的分子式为（ ）
A．乙醇
B．丙醇
C．丁醇
D．甲醇
【考点】化学方程式的有关计算．
【分析】根据醇和金属钠之间的反应产生氢气的量和醇的量之间的关系来确定醇的量，根据醇和氧气之间的反应所消耗氧气的量来确定n的值．
【解答】解：2CnH2n+1OH+2Na→2CnH2n+1ONa+H2↑，加入过量金属钠，产生2.24L即0.1mol（标准状况），所以醇的物质的量是0.2mol，饱和一元醇完全燃烧，CnH2n+2O和氧气量之间的关系是：CnH2n+2O～O2，0.2mol醇消耗28.8g即0.9mol氧气，所以=，解得n=3，该醇的分子式为C3H8O，为丙醇，故选B．
【点评】本题考查学生有机物分子式的确定以及醇的化学性质等方面的知识，属于综合知识的考查，难度中等．
三、非选择题
16．在下列物质中是同系物的有 （7）与（11）或（8）与（11） ；互为同分异构体的有 （9）与（10） ；互为同素异形体的有 （3）与（4） ；互为同位素的有 （5）与（6） ；互为同一物质的有 （1）与（2）、（7）与（8） ；
（1）液氯
（2）氯气
（3）白磷
（4）红磷
（5）氕
（6）氚
（7）
（8）
（9）CH2=CH﹣CH3
（10）
（11）2，2﹣二甲基丁烷．
【考点】芳香烃、烃基和同系物；同位素及其应用；同素异形体；同分异构现象和同分异构体．
【分析】同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个CH2原子团，具有相同官能团的化合物；
具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；
同种元素形成的不同单质互为同素异形体；
质子数相同质量数（或中子数）不同的原子互称同位素；
组成和结构都相同的物质为同一物质，同一物质组成、结构、性质都相同，结构式的形状及物质的聚集状态可能不同．
【解答】解：（7）与（11）或（8）与（11）都属于烷烃，结构相似、通式相同，相差1个CH2原子团，互为同系物；
（9）与（10）分子式相同为C3H6，碳链不同，互为同分异构体；
（3）与（4）都是磷元素组成的结构不同的单质，二者互为同素异形体；
（5）与（6）都是氢元素的不同核素，质量数不同，二者互为同位素；
（1）与（2）只是聚集状态不同、（7）与（8）分子式相同，结构相同，为同一种物质；
，故答案为：（7）与（11）或（8）与（11）；（9）与（10）；（3）与（4）；（5）与（6）；（1）与（2）、（7）与（8）；
【点评】本题考查“五同”比较，难度不大，侧重考查学生的辨别能力，选项多，要细心排查．
17．（1）选择恰当的试剂和方法除去下列物质中的少量杂质（括号内为杂质）
除杂试剂
方法
C6H6
（C6H5OH）
C2H6
（C2H4）
C6H5Br
（Br2）
．
．
（2）等物质的量的甲烷、乙烯、乙炔、苯等四种有机物分别完全燃烧，需要O2最多的是 苯 ；等质量的上述四种物质分别完全燃烧，需要O2最多的是 甲烷 ．
（3）目前出现的“不粘锅”、不粘油的吸油烟机等等新型厨具，其秘密就是表面有一种叫做“特
富隆”的涂层，实际上就是号称“塑料王”的聚四氟乙烯．试写出用四氟乙烯合成“特富隆”的化学方程式及其反应类型．反应方程式： nCF2=CF2→ ，类型 加聚反应 ．
【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；化学方程式的书写；化学方程式的有关计算．
【分析】（1）苯酚可与氢氧化钠溶液反应；乙烯与溴水反应；溴与氢氧化钠溶液反应；
（2）设有机物的化学式为CxHy，1mol该有机物消耗的氧气的物质的量为（x+）mol，分别计算每种有机物充分燃烧的耗氧量，然后进行比较；
等质量有机物耗氧量取决于H元素的含量，H元素含量越高，耗氧量越多，可以根据CxHy中值判断，该值越大耗氧量越多．
（3）四氟乙烯为CF2=CF2，含有碳碳双键，可发生加聚反应．
【解答】解：（1）苯酚可与氢氧化钠溶液反应，可分液分离，乙烯与溴水反应，可用洗气的方法分离；溴与氢氧化钠溶液反应，可分液分离，
故答案为：
除杂试剂
方法
C6H6
（C6H5OH）
NaOH溶液
分液
C2H6
（C2H4）
溴水
洗气
C6H5Br
（Br2）
NaOH溶液
分液．
；
（2）等物质的量的四种有机物，分别在氧气中完全燃烧，1mol物质耗氧量为：
1mol甲烷CH4耗氧量为2mol；
1mol乙烯C2H4耗氧量为3mol；
1mol乙炔C2H2耗氧量为2.5mol，
1mol苯C6H6耗氧量为7.5mol，故耗氧量最多的是苯；
等质量的上述四种有机物完全燃烧耗氧量取决于H元素的含量，H元素含量越高，耗氧量越多，根据CxHy中值判断，该值越大耗氧量越多：甲烷CH4，乙烯C2H4最简式为为CH2，乙炔C2H2最简式为为CH，苯C6H6的最简式为CH，甲烷中H元素质量分数最大，所以甲烷CH4耗氧量最大，
故答案为：苯；甲烷；
（3）四氟乙烯为为CF2=CF2，含有碳碳双键，可发生加聚反应，反应的方程式为nCF2=CF2→，
故答案为：nCF2=CF2→；加聚反应．
【点评】本题考查较综合，涉及有机物的命名、结构简式、燃烧的计算、除杂等，注意把握有机物的结构及性质来分析，（2）解答较繁琐，注意方法的简化，题目难度中等．
18．已知
可简写为
．降冰片烯的分子结构可表示为：
（1）降冰片烯属于 AB ．（填序号）
A．环烃
B．不饱和烃
C．烷烃
D．芳香烃
（2）降冰片烯的分子式为 C7H10 ．
（3）降冰片烯的一种同分异构体（含有一个六元环的单环化合物）的结构简式为 ．
（4）降冰片烯不具有的性质 AD ．
A．能溶于水
B．能发生取代反应
C．能发生加成反应
D．不能使溴水褪色．
【考点】有机物的结构和性质．
【分析】降冰片烯含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，降冰片烯的一种同分异构体为含有一个六元环的单环化合物，应含有2个碳碳双键，以此解答该题．
【解答】解：（1）降冰片烯含有C=C官能团，则应属于烯烃，分子中含有碳环，则应属于环烃，故答案为：AB；
（2）根据结构可知降冰片烯含有7个C原子，根据每个C形成4个共价键的原则可知应含有10个H原子，所以分子式为C7H10，故答案为：C7H10：
（3）分子式为C7H10的烃的同分异构体且含有含有一个六元环的单环化合物为，
故答案为：；
（4）降冰片烯含有双键，则能发生加成反应和氧化反应，所有的烃都不溶于水，由于C＞5，常温下为液态，故答案为：AD．
【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，题目难度不大，注意有机物含有的官能团、碳架结构以及C的成键特点．
19．利用丁烷气可合成一种香料A，其合成路线如下：
已知CH2=CH2C
l﹣CH2﹣CH2﹣OH
（1）反应②的条件为 氢氧化钠的醇溶液、加热 ．
（2）X的名称为 2﹣氯丁烷 ；Y的结构简式为 ．
（3）上述反应①②③④中，未涉及的反应类型是 b、c ．
a．氧化反应；
b．还原反应；
c．聚合反应；
d．取代反应
e．加成反应；
f．消除反应
（4）反应⑤的化学方程式为 ．
（5）写出与A互为同分异构体，且能发生银镜反应的一种酯类物质的结构简式： HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH（CH3）2 ．
【考点】有机物的合成．
【分析】丁烷与氯气发生取代反应生成X，X在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成CH3CH=CHCH3，则X为，由Y的产物结构可知，结合信息可知Y为，反应③是CH3CH=CHCH3与HClO发生的加成反应，反应④为氧化反应，反应⑤发生卤代烃的水解反应生成A为，据此解答．
【解答】解：丁烷与氯气发生取代反应生成X，X在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成CH3CH=CHCH3，则X为，由Y的产物结构可知，结合信息Y为，反应③是CH3CH=CHCH3与HClO发生的加成反应，反应④为氧化反应，反应⑤发生卤代烃的水解反应生成A为，
（1）反应②发生的是消去反应，所以条件是氢氧化钠的醇溶液、加热，故答案为：氢氧化钠的醇溶液、加热；
（2）根据上面的分析可知，X为，其名称为2﹣氯丁烷，Y的结构简式为，
故答案为：2﹣氯丁烷；；
（3）①为取代反应，②为消去反应，③为加成反应，④为氧化反应，所以未涉及的反应类型有：还原反应、聚合反应，故选：b、c；
（4）在氢氧化钠的水溶液中卤素原子会发生水解反应，所以⑤的化学方程式为：，
故答案为：；
（5）A为，与A互为同分异构体，且能发生银镜反应即有醛基的一种酯类物质的结构简式为HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH（CH3）2、
故答案为：HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH（CH3）2．
【点评】本题考查有机物的推断，注意根据有机物的结构进行分析，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重考查学生分析推理与知识迁移运用能力，难度中等．
20．0.2mol有机物和0.4mol
O2在密闭容器中燃烧后的产物为CO2、CO和H2O（g）．产物经过浓硫酸后，浓硫酸的质量增加10.8g；再通过灼热CuO充分反应后，固体质量减轻3.2g；最后气体再通过碱石灰被完全吸收，碱石灰质量增加17.6g．
（1）判断该有机物的化学式．
（2）若0.1mol该有机物恰好与4.6g金属钠完全反应，试确定该有机物的结构简式．（已知：一个碳上接两个羟基是不稳定的）
【考点】有机物实验式和分子式的确定；有机物的推断．
【分析】（1）浓硫酸增重10.8g为反应生成的水的质量，通过灼热氧化铜，由于发生反应CuO+COCu+CO2，固体质量减轻了3.2g，结合方程式利用差量法可计算CO的物质的量，通过碱石灰时，碱石灰的质量增加了17.6g可计算总CO2的物质的量，减去CO与CuO反应生成的CO2的质量为有机物燃烧生成CO2的质量，根据元素守恒计算有机物中含有C、H、O的物质的量，进而求得化学式．
（2）结合分子式、根据有机物与钠反应的关系，判断分子中官能团个数，据此书写结构简式．
【解答】解：（1）有机物燃烧生成水10.8g，物质的量为=0.6mol，
令有机物燃烧生成的CO为x，则：
CuO+COCu+CO2，固体减少△m
28g
16g
x
3.2g
所以x==5.6g，CO的物质的量为=0.2mol．
根据碳元素守恒可知CO与CuO反应生成的CO2的物质的量为0.2mol，质量为0.2mol×44g/mol=8.8g．
有机物燃烧生成的CO2的质量为17.6g﹣8.8g=8.8g，物质的量为=0.2mol，
根据碳元素守恒可知，1mol有机物含有碳原子物质的量为2mol，
根据氢元素守恒可知，1mol有机物含有氢原子物质的量为=6mol
根据氧元素守恒可知，1mol有机物含有氧原子物质的量为=2mol．
所以有机物的分子式为C2H6O2，
答：有机物的分子式为C2H6O2；
（2）4.6g钠的物质的量为：
=0.2mol，该有机物的物质的量为0.1mol，二者按2：1反应，故该有机物分子中含有2个羟基，该有机物的结构简式为HOCH2CH2OH，
答：该有机物的结构简式为HOCH2CH2OH．
【点评】本题考查有机物分子式的确定，难度不大，掌握利用所含元素原子守恒判断有机物的分子式．
同课章节目录