《创新课堂》第1章第2节 第2课时 课后达标检测（教师版）-高中生物学必修2（人教版）同步讲练测

[过基础　知识巩固]
题组一　孟德尔获得成功的原因及孟德尔遗传规律的再发现
1．孟德尔发现了基因的分离定律和自由组合定律，他获得成功的原因不包括(　　)
A．正确地选用实验材料
B．先分析一对相对性状的遗传，再分析两对相对性状的遗传
C．先研究基因的行为变化，后研究性状分离现象
D．在观察和分析的基础上提出问题，然后提出假说并进行验证
解析：选C。正确地选用豌豆作为实验材料是孟德尔获得成功的首要条件，A不符合题意；孟德尔在研究过程中先分析一对相对性状的遗传，再分析两对相对性状的遗传，B不符合题意；孟德尔采用了假说—演绎法进行研究，即在观察和分析(性状分离现象)的基础上提出问题，然后通过推理和想象提出解释问题的假说并进行验证，C符合题意，D不符合题意。
2．(2024·广东惠州高一期中)以下关于表型和基因型的叙述，正确的是(　　)
A．表型都能通过眼睛观察出来，如高茎和矮茎
B．基因型不能通过眼睛观察，必须使用电子显微镜
C．表型是基因型的内在因素
D．基因型相同，表型不一定相同
解析：选D。表型是指生物个体表现出来的性状，是可以观察和测量的，但不一定都能通过眼睛观察出来，A错误；基因型一般通过表型来推知，不能通过电子显微镜观察，B错误；基因型是表型的内在因素，表型是基因型的表现形式，C错误；表型是基因型与环境条件共同作用的结果，因此，基因型相同，表型不一定相同，D正确。
题组二　自由组合定律的应用
3．人类多指(T)对手指正常(t)为显性，患白化病(a)对肤色正常(A)为隐性，两对等位基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲患多指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子。则再生一个孩子只患一种病的概率是(　　)
A．1/8　　　　　　　 B．1/2
C．1/4 D．3/8
解析：选B。由“父亲患多指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子”可知，双亲关于肤色的基因型均为Aa；父亲关于手指的基因型是Tt。则父亲和母亲的基因型分别是TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，手指正常的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，肤色正常的概率为 3/4，因此再生一个孩子只患一种病的概率为(1/2)×(3/4)＋(1/2)×(1/4)＝1/2。
4．两个水稻亲本的基因型分别为AAbb和aaBB，这两对基因按自由组合定律遗传。现要选育纯种双显性的水稻品种，让两个亲本杂交产生F1，F1自交产生F2。在F2的双显性水稻种子中符合育种要求的占(　　)
A．1/16 B．1/9
C．1/3 D．9/16
解析：选B。让基因型为AAbb和aaBB的两个亲本杂交，所得F1的基因型为AaBb，F1自交所得F2的基因型及其比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，其中双显性水稻(A_B_)占9/16，AABB占(1/4)×(1/4)＝1/16，所以F2的双显性水稻种子中符合育种要求的占1/9。
5．生物兴趣小组用已知基因型为AAbb和aaBB(两对基因独立遗传)的某种植物进行杂交育种实验，下列关于他们实验设计思路的叙述，不合理的是(　　)
A．要获取基因型为aabb的植株，可从F1中直接选育出表型符合要求的个体
B．要获取基因型为AABB的植株，可从F2中选出表型符合要求的个体连续自交
C．要获取基因型为AaBb的植株，可将亲代上所结的种子直接保存进行播种
D．要获取基因型为AaBb的植株，可将亲本保留起来进行年年制种
解析：选A。亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，故F1中没有基因型为aabb的个体，A不合理；亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，要获取基因型为AABB的植株，可让F1自交，从F2中选出表型符合要求的个体连续自交，最终得到纯合子，B合理；亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，故要获取基因型为AaBb的植株，可将亲代上所结的种子直接保存进行播种，C合理；要获取基因型为AaBb的植株，由于该个体属于双杂合子，不能稳定遗传，因此可将亲本保留起来进行年年制种，D合理。
题组三　自由组合定律的常规解题方法
6．两对基因均杂合的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆(隐性纯合子)异花传粉，得到的后代是(　　)
A．黄圆∶绿皱＝3∶1
B．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝3∶1∶3∶1
C．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝9∶3∶3∶1
D．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝1∶1∶1∶1
解析：选D。根据“两对基因均杂合的黄色圆粒豌豆”可知，黄色相对于绿色为显性(用Y、y表示)，圆粒相对于皱粒为显性(用R、r表示)，则该杂合黄色圆粒豌豆的基因型为YyRr，其与隐性纯合子(yyrr)异花传粉，后代黄色∶绿色＝1∶1、圆粒∶皱粒＝1∶1，因此后代表型及比例为黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝(1∶1)(1∶1)＝1∶1∶1∶1，D符合题意。
7．南瓜果实的白色(A)对黄色(a)为显性，盘状(B)对球状(b)为显性，两对等位基因独立遗传。若让基因型为AaBb的白色盘状南瓜与“某南瓜”杂交，子代的表型及其比例如下图所示，则“某南瓜”的基因型为(　　)
A．AaBb B．Aabb
C．aaBb D．aabb
解析：选B。由题图可知，子代中白色∶黄色＝3∶1，盘状∶球状＝1∶1，所以“某南瓜”的基因型为Aabb。
8．某多年生植物的高茎和矮茎分别由等位基因A、a控制，红花和白花分别由等位基因B、b控制，两对基因分别位于两对染色体上。已知AB雄配子不能受精，则以基因型为AaBb的个体为父本，以基因型为aaBb的个体为母本进行杂交时，子代表型和比例为(　　)
A．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝3∶1∶3∶1
B．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶3∶1
C．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝9∶3∶3∶1
D．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶1∶1
解析：选B。由题干可知，AB雄配子不能受精，基因型为AaBb的个体为父本，其产生的正常配子的种类及比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，基因型为aaBb的个体为母本，其产生的配子的种类及比例为aB∶ab＝1∶1，故子代表型和比例为高茎红花(AaBb)∶高茎白花(Aabb)∶矮茎红花(aaBB、aaBb)∶矮茎白花(aabb)＝1∶1∶3∶1。　
[过能力　综合提升]
9．(2024·江苏苏州高一期末)番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，子房多室(M)对子房二室(m)为显性，现将红果多室番茄和红果二室番茄进行杂交，其后代表型及比例如下图所示，据此分析两亲本的基因型为(　　)
A．RrMm、Rrmm
B．RrMm、RRmm
C．RRMm、Rrmm
D．RRMM、RRmm
解析：选A。番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，子房多室(M)对子房二室(m)为显性，则红果多室番茄的基因型为 R_M_，红果二室番茄的基因型为 R_mm，将红果多室番茄(R_M_)和红果二室番茄(R_mm)进行杂交，后代中出现黄果，说明亲代关于果色的基因型都为Rr；后代中多室∶二室＝1∶1，说明亲代相关基因型是Mm和mm。综上所述，两亲本的基因型为RrMm和Rrmm。
10．豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡杂交，F1都为胡桃冠鸡，F1雌雄个体相互交配，F2为9胡桃冠∶3豌豆冠∶3玫瑰冠∶1单冠。让F2中的玫瑰冠鸡与单冠鸡交配，则后代中的表型及比例是(　　)
A．1玫瑰冠∶2单冠
B．2胡桃冠∶1单冠
C．3玫瑰冠∶1单冠
D．2玫瑰冠∶1单冠
解析：选D。根据题干信息分析，豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡杂交，F1都为胡桃冠鸡，F1雌雄个体相互交配，F2为9胡桃冠∶3豌豆冠∶3玫瑰冠∶1单冠，说明F1是双杂合子(相关基因用A、a和B、b表示)，其基因型为AaBb，且胡桃冠鸡基因型为A_B_，豌豆冠鸡基因型为A_bb(或aaB_)，玫瑰冠鸡基因型为aaB_(或A_bb)，单冠鸡基因型为aabb。F2中的玫瑰冠鸡的基因型及比例为aaBB(或AAbb)∶aaBb(或Aabb)＝1∶2，让其与单冠鸡杂交，后代单冠鸡的比例为(2/3)×(1/2)＝1/3，其余都是玫瑰冠鸡，因此后代中的表型及比例是玫瑰冠鸡∶单冠鸡＝2∶1，故选D。
11．牵牛花中，叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用纯种普通叶白色种子和纯种枫形叶黑色种子作为亲本进行杂交，得到的F1全为普通叶黑色种子，F1自交得F2，结果符合基因的自由组合定律。下列对F2的描述，错误的是(　　)
A．F2中有9种基因型，4种表型
B．F2中普通叶与枫形叶之比为3∶1
C．F2中与亲本性状相同的个体大约占3/8
D．F2中普通叶白色种子个体与枫形叶白色种子个体杂交将会得到两种比例相同的个体
解析：选D。根据题意分析可知，普通叶对枫形叶为显性，种子黑色对白色为显性。设普通叶和枫形叶分别由等位基因A、a控制，黑色种子和白色种子分别由等位基因B、b控制，则F1基因型为AaBb，亲本的基因型为AAbb和aaBB。F1自交得F2，F2中有3×3＝9(种)基因型，2×2＝4(种)表型，A正确；F2中每一对性状的遗传都遵循基因的分离定律，所以F2中普通叶与枫形叶之比为 3∶1，B正确；F2中与亲本性状相同的个体是单显性个体，大约占3/16＋3/16＝3/8，C正确；F2中普通叶白色种子个体(1/3AAbb、2/3Aabb)与枫形叶白色种子个体(aabb)杂交后会得到两种表型的个体，且普通叶白色种子∶枫形叶白色种子＝2∶1，比例不相同，D错误。
12．(2024·安徽蚌埠高一月考)已知小麦的有芒(A)对无芒(a)为显性，抗病(R)对不抗病(r)为显性，小麦一年只播种一次。下图是培育无芒抗病小麦的示意图。
下列相关叙述错误的是(　　)
A．杂交的目的是将控制无芒和抗病的基因集中到子一代中
B．子一代自交的目的是使子二代中出现无芒抗病个体
C．得到纯合的无芒抗病种子至少需要五年
D．子二代中无芒抗病植株自交的目的是筛选子二代中无芒抗病植株中的纯合子
解析：选C。由题图可知，杂交的目的是将控制无芒和抗病的基因集中到子一代中，从而使后代中出现目标类型，A正确；子一代自交的目的是使子二代中出现无芒抗病个体，以便留种，B正确；子二代中出现了符合要求的无芒抗病植株，但其中2/3是杂合子，纯合子只占1/3，所以将其自交，以鉴定纯合子，因为小麦一年只播种一次，需要杂交一次、自交两次才能获得纯合的无芒抗病种子，所以至少需要三年才能获得纯合的无芒抗病种子，C错误；子二代中无芒抗病植株自交的目的是筛选其中的纯合子，D正确。
13．小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显隐性分别由A、a基因控制)，抗锈病和感锈病是另一对相对性状(显隐性分别由R、r基因控制)，控制这两对相对性状的基因均独立遗传。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)。再用F1与丁进行杂交，F2有四种表型，对每对相对性状的植株数目比例作出的统计结果如下图所示，回答下列问题：
(1)丙的基因型是________，丁的基因型是________。
(2)F1形成的配子种类是________________________________________。
产生这几种配子的原因是F1在形成配子的过程中
___________________________________________________________
___________________________________________________________。
(3)F2中表型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部F2的________。
(4)F2中抗锈病个体的基因型及比例为____________________(只考虑抗锈病和感锈病一对相对性状)。
解析：(1)以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)，故毛颖、抗锈病为显性性状，亲本甲、乙的基因型分别是AArr、aaRR，丙的基因型是AaRr，由题图分析可知，丁的基因型是aaRr。(2)因为在形成配子的过程中，决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合，因此F1形成的配子种类有AR、Ar、aR、ar 4种。(3)丙的基因型是AaRr，丁的基因型是aaRr，后代中表型不同于双亲(甲和乙)的个体占1－[(3/4)×(1/2)＋(1/2)×(1/4)]＝1/2。(4)由于只考虑抗锈病和感锈病这一对相对性状，即Rr×Rr，故F2中抗锈病个体的基因型及比例为RR∶Rr＝1∶2。
答案：(1)AaRr　aaRr　(2)AR、Ar、aR、ar　决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合　(3)1/2　(4)RR∶Rr＝1∶2
14．(2024·安徽宿州高一期末)鸡冠的形状由两对基因(A和a、B和b)控制，这两对基因独立遗传，与性别无关。据下表回答下列问题：
项目 基因组合 A、B同时存在(A_B_) A存在、B不存在(A_bb) B存在、A不存在(aaB_) A和B都不存在(aabb)
鸡冠形状 胡桃状 玫瑰状 豌豆状 单片状
杂交组合 甲：胡桃状×单片状→F1：胡桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状
乙：玫瑰状×玫瑰状→F1：玫瑰状、单片状
丙：豌豆状×玫瑰状→F1：全是胡桃状
(1)甲组杂交方式在遗传学上称为________，甲组F1中4种表型的比例是___________________________________________________________。
(2)让乙组F1中玫瑰状冠的个体与另一纯合豌豆状冠的个体杂交，杂交后代表型及比例在理论上是_______________________________________________。
(3)让丙组F1中的雌雄个体交配，后代表现为玫瑰状冠的个体有120只，那么表现为单片状冠的个体在理论上有________只。
(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，它们的后代基因型有________种，后代中杂合子所占的比例为________。
解析：分析题表：甲组胡桃状(A_B_)×单片状(aabb)→F1：胡桃状(A_B_)、玫瑰状(A_bb)、豌豆状(aaB_)、单片状(aabb)，说明亲本中胡桃状冠个体的基因型为AaBb；乙组玫瑰状(A_bb)×玫瑰状(A_bb)→F1：玫瑰状(A_bb)、单片状(aabb)，说明亲本的基因型均为Aabb；丙组豌豆状(aaB_)×玫瑰状(A_bb)→F1：全是胡桃状(A_B_)，说明亲本的基因型为aaBB和AAbb。(1)根据分析可知，甲组亲本胡桃状冠个体的基因型为AaBb，所以甲组相当于是测交。AaBb×aabb→AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，即甲组F1产生了4种表型，比例是1∶1∶1∶1。(2)由分析可知，乙组亲本的基因型都是Aabb，F1玫瑰状冠个体的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，与另一纯合豌豆状冠个体(aaBB)杂交，后代基因型为AaBb[(1/3)×1＋(2/3)×(1/2)×1＝2/3]和aaBb[(2/3)×(1/2)×1＝1/3]，即胡桃状∶豌豆状＝2∶1。(3)丙组亲本的基因型是aaBB和AAbb，其F1的基因型是AaBb，F1雌雄交配后代中玫瑰状冠个体应占3/16，单片状冠个体(aabb)占1/16，理论上单片状冠个体应有120×(1/3)＝40(只)。(4)这两对基因的遗传遵循基因自由组合定律，基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，后代基因型种类有3×2＝6(种)，后代中纯合子所占比例为(1/2)×(1/2)＝1/4，故杂合子所占比例为3/4。
答案：(1)测交　1∶1∶1∶1　(2)胡桃状∶豌豆状＝2∶1　(3)40　(4)6　3/4
15．某种蝴蝶紫翅(B)对黄翅(b)为显性，绿眼(R)对白眼(r)为显性，两对基因分别位于两对常染色体上。现有紫翅白眼与黄翅绿眼的亲代个体杂交，F1均为紫翅绿眼，F1雌雄个体相互交配得到F2，共 1 335 只，其中紫翅1 022只、黄翅313只、绿眼1 033只、白眼302只。请回答下列问题：
(1)由此判断亲本的基因型为__________________________________，
F2中紫翅白眼个体所占比例为________。
(2)F2中重组类型是________________________________________。
(3)现欲确定F2中一只黄翅绿眼雄性蝴蝶的基因型，最好采取________的方法，请简述实验思路与预期结果和结论：
实验思路：___________________________________________
__________________________________________________。
预测实验结果和结论：
①________________________________________________________。
②_________________________________________________________。
解析：(1)由题意可知，F2中紫翅∶黄翅≈3∶1，绿眼∶白眼≈3∶1，故F1紫翅绿眼个体的基因型为BbRr，所以亲本的基因型为BBrr、bbRR，F2中紫翅白眼个体所占比例为(3/4)×(1/4)＝3/16。(2)F2中有4种表型，分别为紫翅绿眼、紫翅白眼、黄翅绿眼和黄翅白眼，其中重组类型是紫翅绿眼和黄翅白眼。(3)黄翅绿眼个体的基因型为bbRR、bbRr。现欲确定F2中一只黄翅绿眼雄性蝴蝶的基因型，最好采取测交的方法，让该黄翅绿眼雄性蝴蝶与多只黄翅白眼雌性蝴蝶交配，观察并记录后代表型。若后代个体均为黄翅绿眼，则该个体的基因型为bbRR；若后代个体中黄翅绿眼和黄翅白眼的比例为1∶1(或后代出现黄翅白眼)，则该个体的基因型为bbRr。
答案：(1)BBrr、bbRR　3/16　(2)紫翅绿眼和黄翅白眼　(3)测交　让该黄翅绿眼雄性蝴蝶与多只黄翅白眼雌性蝴蝶交配，观察并记录后代表型　①若后代个体均为黄翅绿眼，则该个体的基因型为bbRR　②若后代个体黄翅绿眼和黄翅白眼的比例为1∶1(或后代出现黄翅白眼)，则该个体的基因型为bbRr