年级自命题阶段检测
物理
75分钟命题：高二物理组审题：高一物理组
1.本风心w一，心加非选择题两部分。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色签字笔将密封线内顶目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题
卡上对应题目的标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色中性笔在答题卡上各题的答题
区域内作答，超出答题区城书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
一.单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题所给出的四
个选项中，只有一项符合题目要求。
1.下列说法正确的是()
A.加速度是描述物体运动快慢的物理量
B.“上午8时上课”中的“8时”是时间间隔
C.物体的空间位置随时间的变化叫作机械运动
D.因为地球很大，所以在任何情况下地球均可视为质点
2.某同学身高1.8m,在运动会上他参加跳高比赛，起跳后身体横着越过了1.8m高
度的横杆，据此可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为（取g=10m/s)()
A.2m/s
B.4m/s
C.6m/s
D.8m/s
3.如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋
千，某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍保持等长且悬挂
点不变.木板静止时，F,表示木板所受合力的大小，F2表示单根
轻绳对木板拉力的大小，则维修后()
A.F,不变，F,变大
B.F不变，F2变小
C.F变大，F2变大
D.F变小，F,变小
4.如图所示，用50N的水平力F作用在物体A上，使物体A沿竖
直墙壁下滑，物体A与墙壁之间的动摩擦因数为0.2，物体A重
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100N,则物体A受到摩擦力为(
A.100N
B.50N
C.10N
D.20N
5.如图是高中物理必修第一册封面上的沙漏照片，同学们发现照片中的砂粒在
空中的疏密分布并不均匀。若近似认为砂粒下落的初速度为0，
物理
出口到落点的距离为20cm,忽略空气阻力，不计砂粒间的相互影
响，设砂粒随时间均匀漏下，以下推断中正确的是()
A.砂粒从出口到落点的平均速度约为2m/s
B.砂粒从出口到落点的时间约为0.2s
C.出口下方10cm处的砂粒速度约为5cm处的2倍
D.砂粒通过出口下方0~5cn比通过出口下方5~20cm所用时间短
6.如图甲所示，两薄木板A、B质量相同，其中木板A与墙面间的动摩擦因数
为u1,木板B与木板A间的动摩擦因数为μ2，光滑重球被轻质细绳跨过定滑
轮拉住，整个系统处于静止状态。现缓缓释放细绳使重球缓慢下降，对可能
出现的情况，下列说法正确的是(
)
甲
A.若出现图乙所示情况，只要μ1>μ2
B.若μ1<2μ2，会出现图乙所示情况
C.要出现图丙所示情况，必有μ，=242
D.若μ，<2山2，会出现图丙所示情况
7.如图所示，一水平传送带与一倾斜固定的传送带在B点相接，倾斜传送带与
水平面的倾角为。传送带均以速率ⅴ沿顺时针方向匀速运行。从倾斜传送
带上的A点由静止释放一滑块（视为质点），滑块与传送带间的动摩擦因数均
高一物理第2页共8页2026年02月高一物理期末考试
参考答案与试题解析
一．单项选择题
题号 1 2 3 4 5 6 7
答案 C B A C B D A
二．多选题
题号 8 9 10
答案 BC ACD BCD
三．实验题（共2小题）
11．【解答】解（1）打点计时器使用的都是交流电源；
当电源频率为50Hz时，打点间隔为
Δts
（2）ABC、应先接通电源打点，待打点稳定后，再释放纸带运动，这样纸带可以得到充分利用，记录更多的数据，以减小实验误差，故AC错误，B正确；
D、纸带上相邻两计数点间的时间间隔相同，纸带上的点迹越稀疏，说明在相同时间内纸带通过的距离越大；纸带上的点迹越密集，说明在相同时间内纸带通过的距离越小，因此说明纸带运动的速度越小，故D正确。
故选BD。
（3）相邻两计数点的时间间隔为
根据逐差法，该小车的加速度
根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程平均速度，小车在B点时的速度
（4）当实际频率小于50赫兹时，意味着实际的时间间隔T比按照50赫兹计算出来的时间间隔要大。而在计算加速度时，如果仍按照50赫兹对应的时间间隔T来计算，就会使得计算出的加速度偏大。
故答案为：（1）交流（1分）、0.02（1分）（2）BD（2分）（3）0.63（2分）、0.80（2分）（4）偏大（2分）
12． 【解答】解：（1）安装实验器材时，需要平衡摩擦力，故应调节轨道的倾斜度，使小车在不受牵引时能沿木板做匀速直线运动。
（2）对小车受力分析，根据牛顿第二定律可得T＝Ma
对小盘及重物受力分析则有mg﹣T＝ma
联立解得
故只有小车的总质量M远远大于小盘及重物的质量时，小车受到的外力才等于小盘及重物的重力，即需要满足M m
（3）两小车做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律则有
则两小车的加速度之比为
（4）对小车而言，根据牛顿第二定律可得mg＝Ma
结合题意可得
结合上述结论即有
故答案为：（1）匀速（1分）；（2）需要（2分）；（3）；（2分）（4）。（2分）
四．解答题（共3小题）
13． 【解答】解：（1）由题知，汽车的初速度v0＝10m/s，加速度a＝﹣2m/s2，汽车做减速运动，根据速度—时间关系可得v0＝at0 （2分）
汽车停止运动的时间为t0＝5s
根据v1＝v0+a1t （2分）
解得汽车刹车4s后速度的大小为v1＝2m/s （1分）
（2）由位移与时间公式可得汽车刹车7s内的位移等于5s内的位移 （2分）
解得汽车刹车7s内的位移为25m （1分）
答：（1）汽车刹车4s后速度的大小为2m/s；
（2）汽车刹车7s内的位移为25m。
14． 【解答】解：（1）对A受力分析，如图所示：
竖直方向受力平衡，有：Tcos53°＝2mg （2分），代入数据可得：Tmg （1分）；
（2）对B受力分析，如图所示：
水平方向受力平衡，有：f＝Tcos53°（2分），代入数据可得：f＝2mg；（1分）
（3）B受向左的最大静摩擦力时，对B受力分析，如图所示：
将力正交分解，竖直方向有：NB+Tsin53°＝3mg（2分），水平方向有：fmax+Tcos53°＝F（2分），又fmax＝μNB（2分），代入数据可得：Fmg（1分）。
答：（1）此时轻绳对物块A的拉力大小为mg；
（2）此时地面对物块B的摩擦力大小为2mg；
（3）当物块B即将向右开始运动时，外力F的大小为mg。
15． 【解答】解：（1）一开始煤块的速度大于传送带的速度，煤块受到沿传送带向下的滑动摩擦力，以煤块为对象，根据牛顿第二定律可得
mgsinθ+μmgcosθ＝ma1 （1分）
解得加速度大小为
设经过t1时间，煤块速度与传送带速度相等，则有
（1分）
解得
t1＝1s
该过程煤块向上运动的位移大小为
（1分）
解得
x1＝7m
由于mgsinθ＞μmgcosθ ，可知共速后，煤块向上继续做减速运动，加速度大小为
（1分）
解得
煤块继续向上做匀减速到最高点所用时间为
（1分）
解得
t2＝1s
煤块继续向上做匀减速到最高点通过的位移大小为
（1分）
解得
x2＝1m
则煤块上升的最大距离为
xm＝x1+x2 （1分）
解得
xm＝8m （1分）
（2）煤块上升到最高点后，反向以加速度向下做匀加速直线运动，则有
（1分）
解得
则煤块在传送带上运动的总时间为
t＝t1+t2+t3
解得
（1分）
（3）煤块与传送带共速前，煤块相对于传送带向上运动的距离为
（1分）
解得
Δx1＝5m
煤块与传送带共速后，运动到最高点过程，煤块相对于传送带向下运动的距离为
（1分）
解得
Δx2＝1m
煤块从最高点下滑到最低点过程，煤块相对于传送带向下运动的距离为
（1分）
由于
（1分）
可知煤块在传送带上留下的划痕长度为
L＝Δx2+Δx3 （1分）
解得
（1分）
答：（1）煤块上升的最大距离为8m；
（2）煤块在传送带上运动的总时间为；
（3）煤块在传送带上留下的划痕长度为。
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