江苏省淮安市2025-2026学年高一第一学期2月期末调研测试物理试题（扫描版，含解析）

淮安市 2025-2026 学年度第一学期期末高一调研测试
物理试题
注意事项
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求
1．本试卷共 6 页。满分为 100 分，考试时间为 75 分钟。考试结束后，请将答
题卡交回。
2．答题前，请您务必将自己的姓名、考试号等用书写黑色字迹的 0.5 毫米签字
笔填写在答题卡规定的位置。
3．作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需
改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。作答非选择题，必须用 0.5 毫米黑
色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其它位置作答一律无效。
4．如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。
一、单项选择题：共 10 题，每题 4 分，共 40 分。每题只有一个选项符合题意。
1．2025 年 12 月 9 日，神舟二十一号乘组开展出舱活动，整个出舱任务历时 8 小时 17 分，
期间乘组协同双机械臂完成了问天舱设备更换、防护装置安装以及神舟二十号舷窗巡检等操
作。下列说法正确的是（　　）
A．题中“8 小时 17 分”指的是时刻
B．研究出舱后航天员的运动，只能以地球为参考系
C．空间站组合体绕地球运动一周，位移大小小于路程
D．研究问天舱设备更换操作细节时，空间站组合体可以看成质点
2．关于曲线运动，下列说法不正确的是（　　）
A．曲线运动一定是变速运动
B．曲线运动的加速度可能不变
C．曲线运动的速度大小一定变化
D．在恒力作用下，物体可能做曲线运动
3．文明驾驶，礼让行人。某司机发现前方行人通过人行横道，立即开始做匀减速直线运动，
恰好停在停车线处，减速过程用时 4s。若从减速开始计时，第 1s 内位移大小为 7m，则最后
1s 内位移大小为（　　）
试卷第 1 页，共 7 页
A．0 B．1m C．3m D．5m
4．如图所示，水平地面上有一支架，支架斜面上静置一手机，斜面与水平面间的夹角为q ，
手机始终静止在支架上。下列说法正确的是（　　）
A．若减小q ，支架对手机支持力减小
B．若减小q ，支架对手机摩擦力减小
C．若增大q ，支架对手机作用力增大
D．若增大q ，水平地面对支架作用力增大
5．如图所示，静止木箱内粗糙水平底面上有一物块 A，物块 A 在弹簧拉力作用下恰好处于
静止状态。下列操作中物块 A 一定与木箱保持静止的是（　　）
A．使木箱竖直向上加速运动 B．使木箱竖直向下加速运动
C．使木箱水平向左加速运动 D．使木箱水平向右加速运动
6．如图所示，波轮洗衣机内一物块随竖直圆筒一起绕竖直轴线OO 匀速转动。下列说法正
确的是（　　）
A．物块所受摩擦力大于重力
B．圆筒对物块的作用力等于重力
C．圆筒的转速越大，物块所受摩擦力越大
D．圆筒的转速越大，物块对筒壁压力越大
7．如图所示，在飞镖比赛中，某同学将飞镖从 A 点以初速度 v0水平抛出击中飞镖盘上的 B
点，若想击中飞镖盘上的 O 点，忽略空气阻力。该同学可以采取的措施是（　　）
试卷第 2 页，共 7 页
A．换用质量稍大些的飞镖
B．掷出位置不变，适当增大 v0
C．保持飞镖初速度和出手点高度不变，适当减小飞镖出手点到靶的水平距离
D．保持飞镖初速度和出手点到靶的水平距离不变，出手点高度适当降低一些
8．如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做半径为 r 的圆周运动，小球直径略小于
管道内径，ab 为过圆心的水平线，已知重力加速度为 g。则小球（　　）
A．经最高点的最小速度为 gr
B．经最高点的速度越大，对管壁的弹力一定越大
C．在 ab 上方运动时，对内侧管壁可能有作用力
D．在 ab 下方运动时，对内侧管壁可能有作用力
9．一质点做直线运动，下列描述其位移 x 、速度 v、加速度 a随时间 t变化及速度 v随位移 x
变化的图像中，正确的是（　　）
A． B．
C． D．
10．某同学站在置于水平地面的力传感器上做“下蹲”或“站起”的动作，力传感器将采集到的
数据输入计算机，可以绘制出压力 F 随时间 t 变化的图线。某段时间内图线如图所示，a、
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b、c 为图线上的三点。下列说法正确的是（　　）
A． a b c为一次“下蹲”过程
B． a b c过程中该同学先超重后失重
C． a b为“下蹲”过程，b c为“站起”过程
D． a b过程速度一直减小，b c过程速度一直增加
二、非选择题：共 5 题，共 60 分。其中第 12 题~15 题解答时请写出必要的文字
说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，
答案中必须明确写出数值和单位。
11．某实验小组按照图甲、乙、丙、丁分别做“探究加速度与力、质量的关系”实验。实验中，
用天平测量小车的质量 M 和重物质量 m，用打点计时器在纸带上打点，测量小车运动的加
速度大小，实验时都进行了平衡摩擦力的操作。
(1)需要保证小车质量远大于重物质量的实验装置是_____；（选填：“A”、“B”、“C”或“D”）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
(2)按照图甲做实验时，实验小组成员作出了三种 a - F 图像。其中，平衡摩擦力过大得到的
图像是_____；（选填“A”、“B”或“C”）
试卷第 4 页，共 7 页
A．
B．
C．
(3)某次实验中，利用图甲正确操作后得到了一条纸带如图所示（相邻两计数点间有四个计
时点未画出），已知打点计时器电源的频率为 f ，小车的加速度为 。
(4)利用图乙实验时，发现弹簧测力计损坏，因此改变了实验方案，撤去弹簧测力计，仍利
用图乙进行了新的探究，步骤如下：
①垫高长木板左端，直到小车在不挂重物时匀速下滑；
②测出重物的质量 m，利用纸带计算出悬挂重物后小车运动时加速度 a 的大小；
③改变m ，重复步骤②，得到多组m 、 a的数据；
④以 a 1为纵轴、m 为横轴作出 a- m 图像，图像为曲线。发现以 a 为纵轴，以 （选填
试卷第 5 页，共 7 页
1
“ ”或“m”）为横轴，得到线性图像。若该线性图像的斜率为 k，纵截距为 b，则小车的质
m
量M = （用字母 k、b 表示）。
12．冬奥会冰壶比赛中，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动。已知冰壶被推出
的初速度大小为 3m/s，加速度大小为 0.2m/s2 求冰壶
(1)5s 末的速度大小；
(2)20s 内的位移大小。
13．如图所示，运动员在水平地面上通过拉轮胎进行负重训练，训练过程中轮胎做匀速直线
运动。已知轮胎（含配重）的质量为 60kg，运动过程中绳子对轮胎的拉力大小F = 300 N，
绳子与水平面间的夹角= 37o ，重力加速度 g 取10m/s2 ，sin37o = 0.6， cos37o = 0.8，不计空
气阻力。求轮胎在运动过程中受到地面的
(1)支持力大小；
(2)摩擦力大小。
14．如图所示，由半圆形 ABC 和直线形 CD 细圆管组成的轨道固定在水平桌面上（圆）半
径比细圆管内径大得多），轨道内壁光滑。已知 ABC 的半径 R = 0．3m ，CD 段为水平直管。
弹射装置将一质量m = 0．1kg的小球（可视为质点）以某一水平速度从 A 端弹入轨道，经一
段时间，从 D 端离开轨道后做平抛运动，落地点 F 离 D 端的水平距离 s =1．2m，D 端距地
面高度 h = 0．8m不计空气阻力，重力加速度 g 取10m/s2 。求小球
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(1)离开 D 端时速度大小；
(2)在 ABC 轨道内运动时向心加速度大小；
(3)在 ABC 轨道内运动过程中受到轨道的作用力大小。
15．如图所示，质量M = 1kg 的长木板 B 静止在水平面上，质量m = 2kg的小物块 A（可视
为质点）放在 B 左端。某时刻起，给 A 施加一水平向右的恒力F = 36 N，经时间 1s 后撤去
力 F，最终 A 滑到 B 的右端且未从 B 上滑落。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A 与 B、B
与水平面间动摩擦因数分别为m1 = 0.8，m2 = 0.4，重力加速度 g 取10m/s2 。求：
(1)A 开始运动时，B 的加速度大小；
(2)B 的长度；
(3)A 运动的总时间。
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1．C
【详解】A．题中“8 小时 17 分”表示任务持续的时间长度，是时间间隔，而非时刻，故 A
错误。
B．研究航天员运动时，参考系可任意选择（如空间站、地球或其他天体），并非只能以地
球为参考系，故 B 错误。
C．空间站绕地球运动一周后返回起点，位移（起点与终点重合，大小为 0）小于路程（运
动轨迹长度，即轨道周长），故 C 正确。
D．研究设备更换操作细节时，需考虑空间站的形状、尺寸及操作位置，不能忽略其大小和
形状，因此不能视为质点，故 D 错误。
故选 C。
2．C
【详解】A．曲线运动中速度方向时刻变化，速度矢量必然变化，因此一定是变速运动，故
A 正确；
B．曲线运动的加速度可以保持不变，例如平抛运动中加速度恒为重力加速度，故 B 正确；
C．曲线运动的速度大小不一定变化，例如匀速圆周运动中速度大小恒定，故 C 错误；
D．在恒力作用下，如果力的方向与初速度方向不共线，物体可能做曲线运动（如平抛运
动），故 D 正确。
本题选不正确的，故选 C。
3．B
【详解】汽车做匀减速直线运动，设初速度为 v0，加速度为 a。
由速度公式0 = v0 + a 4
1
第 1s 内位移为 7 m，由位移公式 s = v0t + at
2
2
7 v 1= 2得 0 1+ a 12
解得 a = -2m/s2， v0 = 8m/s
1 2 1 2
由逆向思维可知最后 1s 内位移 s = a t = 2 1 m =1m
2 2
故选 B。
4．B
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【详解】A．对手机受力分析可知，垂直于斜面方向有支持力FN = mgcosq ，q 减小，支持
力增大，故 A 错误；
B．手机受到的摩擦力为静摩擦力，对手机受力分析，手机受到的摩擦力大小为
f = mgsinq
方向沿斜面向上；可知支架对手机的摩擦力随q 减小而减小，故 B 正确；
C．支架对手机的作用力包括支架对手机的支持力与摩擦力的合力，与手机的重力等大反向，
则若使q 减小，支架对手机的作用力不变，故 C 错误；
D．把手机和支架作为一个整体，由整体法可知水平地面对支架的作用力与整体的重力等大
反向，增大q ，水平地面对支架作用力不变，故 D 错误；
故选 B。
5．A
【详解】A．木箱恰好保持静止时，在水平方向弹簧的拉力等于 A 与木箱之间的最大静摩擦
力。当木箱向上加速运动时，A 处于超重，A 对木箱的压力大于重力，最大静摩擦力比静止
时更大，故弹簧弹力小于向上加速时的最大静摩擦力，不可能使弹簧拉动A 相对木箱底面
移动，故 A 正确。
B．当木箱向下加速运动时，A 处于失重，A 对木箱的压力小于重力，最大静摩擦力比静止
时小，故弹力大于此状态下的最大静摩擦力，使弹簧拉动A 相对木箱底面向右移动，故 B
错误。
C．假设木箱向左加速，则A 合力向左，弹簧拉力向右，向左摩擦力已达最大，无法提供向
左合力，则只能通过A 向右移动减小拉力实现向左加速，故 C 错误。
D．假设木箱向右加速，若加速度较小，A 可以通过弹力不变，减小静摩擦力实现向右加速，
若加速度较大，静摩擦力向右达到最大值，与弹力的合力都不够，则A 会向左移动，故 D
错误。
故选 A。
6．D
【详解】AC．物块与圆筒一起转动，根据竖直方向平衡 f = mg ，静摩擦力大小不变，故
AC 错误；
B．圆筒对物块的作用力F = f 2 + F 2N > f
2 = f = mg ，故 B 错误；
D 2．根据牛顿第三定律压力与支持力大小相等，即FN = FN ，支持力FN = mrw
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转速越大则支持力越大，压力就越大，故 D 正确。
故选 D。
7．D
1 2
【详解】飞镖出手后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，则有 h = gt ，水平方向做匀
2
速直线运动，则有 x =v0t 。
A。质量大小不影响运动轨迹，A 错误；
B．掷出位置不变，适当增大初速度 v0，可知飞镖在空中的运动时间变小，飞镖下落的高度
变小，飞镖击中飞镖盘位置在 B 点上方，不能击中O点，B 错误；
C．初速度 v0大小及出手点高度不变，适当减小水平距离，可知飞镖在空中的运动时间变小，
飞镖下落的高度变小，飞镖击中飞镖盘位置更高，不能击中O点，C 错误；
D．初速度 v0大小及水平距离不变，出手点高度适当降低一些，可知飞镖在空中的运动时间
不变，飞镖下落的高度不变，飞镖击中飞镖盘位置更低，可能击中O点，D 正确。
故选 D。
8．C
【详解】AB．在最高点，当速度 v < gr 时，内壁对小球有支持力，根据牛顿第二定律可得
2 2
mg - F m v vN = ，解得F = mg - mr N r
当速度越大时，支持力越小，结合牛顿第三定律可知，对管壁的弹力越小。
当mg = FN 时，速度有最小值 0，故 AB 错误；
C．小球在过圆心的水平线 ab上方运动时，小球的速度如果比较小，靠重力和内侧管壁的支
持力提供向心力，C 正确；
D．在 ab下方运动时，受到的向心力指向圆心，而重力沿半径方向的分力背离圆心，故小
球还必须受到外壁的支持力，对内侧管壁没有作用力，D 错误。
故选 C。
9．D
【详解】A．x - t 图像中存在一个时间对应两个或三个位移的情况，不符合直线运动的特点，
故 A 错误；
B． v - t 图像中存在一个时间对应两个速度的情况，不符合直线运动的特点，故 B 错误；
答案第 3 页，共 7 页
C． a - t 图像中存在一个时间对应两个加速度的情况，不符合直线运动的特点，故 C 错误；
D． v - x 图像中一个位移只对应一个速度，符合直线运动的特点，故 D 正确。
故选 D。
10．A
【详解】根据题意，由图可知， a b过程，压力小于重力，支持力小于重力，合力向下，
为失重过程，该同学向下加速，到b 时速度最大；
b c过程压力大于重力，支持力大于重力，合力向下，为超重过程，该同学向下减速，到
c点速度减为 0。
综合以上分析可知， a b c为一次“下蹲”过程，故选 A。
11．(1)A
(2)B
f 2
(3) x4 - 2x2
100
1 4k
(4)
m b
【详解】（1）四组实验中，乙、丁都能用弹簧测力计测量绳的拉力，丙用力的传感器测量绳
的拉力，只有甲不能测量绳的拉力，用重物的重力替代绳的拉力，需要满足所挂重物质量m
远小于小车的总质量M 的条件；故选 A。
（2）平衡摩擦力过大时，会导致无细线拉力时小车仍加速向下运动，即F = 0 时 a > 0，得
到的 a - F 图像如选项 B；故选 B。
x4 - x2 - x2
（3）根据逐差法可知小车运动的加速度为 a = 2T 2
5 x - 2x f 2
由于相邻两计数点间有四个计时点未画出，则T = f ，代入可得 a =
4 2
100
（4）[1][2]由加速度和合力之间的关系，对m ，轻绳拉力的大小为F ，有mg - F = 2ma
对M 有 2F = Ma
1 M + 4m M 1 2
可得 = = +a 2mg 2g m g
1 1
以 a 为纵轴，以 为横轴，便可得到线性图像；若该线性图像的斜率为
k ，纵截距为b ，则
m
M
= k, 2 = b
2g g
4k
联立可得M =
b
答案第 4 页，共 7 页
12．(1)2m/s
(2)22.5m
【详解】（1）由 v = v0 - at 代入数据得冰壶运动的总时间15s，5s 末时冰壶未停止运动，故5s
末的速度大小由 v1 = v0 - at1
代入数据得 v1 = 2m/s；
v + 0
（2）冰壶15s末已停止运动，所以 20s内位移等于前15s内位移，由 x = 0 t
2
代入数据得 x = 22.5 m。
13．(1)420N
(2)240N
【详解】（1）对轮胎受力分析如图所示
竖直方向有FN = mg - Fsinq
代入数据得FN = 420 N
（2）轮胎做匀速直线运动，水平方向有Ff = Fcosq
代入数据得Ff = 240 N
14．(1) 3 m / s
(2)30 m / s2
(3) 10N
1 2
【详解】（1）小球离开轨道后做平抛运动，竖直方向 h = gt
2
水平方向 s = vDt
代入数据得 vD = 3m / s
答案第 5 页，共 7 页
v2
（2）小球在半圆形轨道内做匀速圆周运动，由 a = 0n ， v0 = v R D
代入数据得 an = 30 m / s
2
3 v
2
（ ）细圆管对小球水平方向作用力提供向心力，大小为F 0x = m R
细圆管对小球竖直方向作用力与重力平衡，大小为Fy = mg
故细圆管对小球的作用力大小为F = F 2 2x + Fy
代入数据得F = 10N
15．(1) 4 m / s2
(2)4.5m
(3)3s
【详解】（1）A 对 B 的滑动摩擦力水平向右，大小为 f1 =m1mg
地面对B的滑动摩擦力水平向左，大小为 f2 = m2 m + M g
根据牛顿第二定律，有 f 1 - f 2 = Ma2
解得 a 22 = 4m/s
（2）对 A 受力分析，列牛顿第二定律，有F - f1 = ma1
2
解得 a1 =10m/s
1s 后 A 与 B 各自的速度为 vA = a1t1 =10m/s， vB = a2t1 = 4m/s
x 11s A 2内 的位移为 A = a1t1 = 5m2
1
B 的位移为 xB = a
2
2 2
t1 = 2m
f
外力 F 2撤去后，A 做减速运动，加速度大小为 a = 13 = 8m/sm
经过 t2 时间后 A 与 B 共速，有 vA - a3t2 = vB + a1t2
解得 t2 = 0.5s
1 2
这段时间 A 的位移为 xA2 = vAt2 - a2 3
t2 = 4m
答案第 6 页，共 7 页
B x v
1
= 2的位移为 B2 Bt2 + a1t2 = 2.5m2
全程 A 与 B 的相对位移即为 B 的长度，所以 L = xA + xA2 - xB - xB2 = 4.5m
（3）A 与 B 共速时的速度为 v1 = vA - a3t2 = 6m/s
f
共速后 A 与 B 在地面摩擦力的作用下做减速运动直到停止，此时 a = 24 = 4m/s
2
M + m
t v= 1停下的时间为 3 =1.5sa4
A 一共运动的时间为 t1 + t2 + t3 = 3s
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