青海省大通县朔山中学26年春季开学考试卷高二物理（扫描版，含解析）

26 年春季开学考试卷
1. 三根长直导线垂直于纸面放置，通以大小相等、方向如图所示的电流，且 = = ，导线
在 点产生的磁感应强度大小为 ，则 点处的合磁感应强度大小为( )
A．√2
B．√3
C．3
D．√5
2. 如图所示， 、 、 、 四个点在一条直线上， 和 、 和 、 和 间的距离均为 ，在 点处固
定一电荷量为 的正点电荷，在 点处固定另一个电荷量未知的点电荷，已知 点处的场强为零，
为静电力常量，则 点处的场强大小为( )
A．0
10
B．
9 2
9
C．
10 2
4
D．
3 2
3. 在匀强磁场中有粗细均匀的同种导线制成的“正八角形”线框，磁场方向垂直于线框平面向里，
、 两点接一直接电源，电流方向如图所示．已知 边受到的安培力大小为3 ，则整个线框
所受安培力大小为( )
A．6 B．5
4
C．4 D．
3
4. 硅光电池具有低碳环保的优点，如图所示，图线 是该电池在某光照强度下路端电压 和电流
的关系图像，图线 是某电阻 的 图像，在该光照强度下将它们组成闭合回路，则硅光电
池的( )
A．电动势为5 V
B．内阻为5.5
C．输出功率为0.72 W
D．效率为50%
1
5. 由交流发电机、定值电阻 、交流电流表A组成的闭合回路如图甲所示，线圈 在匀强磁场
中绕垂直于磁场的转轴沿逆时针方向转动，从某时刻开始计时，穿过线圈的磁通量 随时间 的
变化情况如图乙所示，下列说法正确的是( )
A． 1时刻线圈中的感应电动势最大
B． 1时刻线圈中感应电流的方向改变
C． 2时刻线圈中的感应电流为零
D． 3~ 4时间内，电流表的示数逐渐增大
6. 如图所示的电路中，电源的电动势为 ，内阻为 ， 1为定值电阻且 1 > ， 2为滑动变阻器，
四个电表均为理想电表，还有电容器和理想二极管．闭合开关 ，将滑动变阻器的滑动触头 向
右滑动的过程中，Δ 1 , Δ 2 , Δ 3, ΔI分别表示对应电压表和电流表的示数变化量绝对值．关于该
过程下列说法正确的是( )
A．V1示数变大、V2示数变大、V3示数变小、A示数变小
B．电源的输出功率增大，电源的效率增大
Δ 3 Δ 2
C． 的值不变， 的值不变
ΔI ΔI
D．电容器所带电荷量减小
7. 质量分别为 1和 2的两小球 、 分别位于光滑水平面上，如图甲所示，以向右为正方向，从
某时刻开始计时，碰撞前后两球运动的 图像如图乙所示。已知 1 = 0.1k ，由此可以判
断( )
A．碰撞前小球 静止，小球 向右运动
B．碰后小球 的速度比小球 的速度大
C． 2 = 0.5k
D．碰撞过程中系统损失了0.2J的机械能
2
8. 如图所示，某小型水电站发电机的输出功率 = 100k ，发电机的电压 1 = 250V，经变压器
升压后向远处输电，输电线总电阻 线 = 8Ω，在用户端用降压变压器把电压降为 4 = 220V。
已知输电线上损失的功率 线 = 5k ，假设两个变压器均是理想变压器，下列说法正确的是( )
A．发电机输出的电流 1 = 40A
B．输电线上的电流 线 = 625A
C．降压变压器的匝数比 3: 4 = 190: 11
D．升压变压器匝数比1: 160
9. 如图所示，光滑固定导轨 、 水平放置，两根导体棒 、 平行放于导轨上，形成一个闭合回
路，当一条形磁铁从高处下落靠近回路时( )
A． 、 将互相靠拢
B． 、 将互相远离
C．磁铁的加速度仍为
D．磁铁的加速度小于
10. 某带电导体周围的电场线和等势面分布如图所示，相邻等势面之间的电势差相等，其中 、 、
三点分别位于电场中三个相邻等势面上，下列说法正确的是( )
A． 点处的电场强度大于 点处的电场强度
B．沿电场线方向， 点附近的电势比 点附近的电势降落更快
C．一带负电的试探电荷在 点的电势能大于在 点的电势能
D．对同一试探电荷，由 点移到 点电场力做的功大于 点移到 点电场力做的功
11. 为演示断电自感现象，用小灯泡、带铁芯的电感线圈 和定值电阻 等元件组成如图甲所示的
电路。闭合开关待电路稳定后，电路中两支路的电流分别为 1和 2。如图乙反映断开开关前后
的一小段时间内电路中的电流随时间变化的关系。断开开关后( )
A．自感线圈所在支路的电流如曲线 所示
B．自感线圈所在支路的电流如曲线 所示
C．小灯泡先突然变亮再逐渐熄灭
D．小灯泡逐渐变暗直至熄灭
3
12. 用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”实验，即研究小球在斜槽末端碰撞时动量是否守恒。
（1）下列关于本实验条件的叙述，正确的是( )
A．同一组实验中，入射小球必须从同一位置由静止释放
B．入射小球的质量必须大于被碰小球的质量
C．轨道倾斜部分必须光滑
D．轨道末端必须水平
（2）图甲中 点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时先让入射小球多次从斜槽上位置 由静
止释放，通过白纸和复写纸找到其平均落地点的位置 ，测出平抛射程 。然后，把半径相同
的被碰小球静置于轨道的水平部分末端，仍将入射小球从斜轨上位置 由静止释放，与被碰小
球发生正碰，并多次重复该操作，两小球平均落地点位置分别为 、 。实验中还需要测量的
物理量有( )
A．入射小球和被碰小球的质量 1、 2 B．入射小球开始的释放高度
C．小球抛出点距地面的高度 D．两球相碰后的平抛射程 、
（3）在实验误差允许范围内，若满足关系式 _________ （用所测物理量的字母表示），则可以认
为两球碰撞前后的动量守恒；若满足关系式_________ （用所测物理量的字母表示），则可以
认为两球发生的是弹性碰撞；
（4）有同学认为，在上述实验中更换两个小球的材质，并增大入射球的质量 1，其他条件不变，
可以使被撞小球的射程增大。请你分析被撞小球 2射程 不能超过 _________ ；（用实验中
测量的物理量表示）
（5）若采用图乙装置来验证碰撞中的动量守恒，实验中小球平均落地点位置分别为 ′、 ′、 ′、
′与小球在斜槽末端时球心的位置等高。下列说法中正确的是( )
1 1 2
A．若 = + ，则表明此碰撞过程动量守恒
′ ′ ′ ′ ′ ′
1 1 2
B．若 = + ，则表明此碰撞过程动量守恒
′ ′ ′ ′ ′ ′
1 1 2
C．若 = + ，则表明此碰撞过程机械能守恒
′ ′ ′ ′ ′ ′
1 1 2
D．若 = + ，则表明此碰撞过程机械能守恒
′ ′ ′ ′ ′ ′
13. 在“测量一节干电池的电动势和内阻”实验中，电路图如图，可选用的实验器材有：
电压表V1（量程3V）；电压表V2（量程15V）；
电流表A1（量程0.6A）；电流表A2（量程3A）；
4
滑动变阻器 1（最大阻值300Ω）；滑动变阻器 2（最大阻值20Ω）；
干电池；开关S；导线若干；
（1）选择合适的器材：电压表应选_________________，电流表应选_________________，滑动变
阻器应选_________________（填写所选器材的符号）
（ 2）测得的7组数据已标在如图所示 坐标系上，用作图法求干电池的电动势 =
_________________V和内阻 =_________________Ω；（结果保留三位有效数字）
（3）按照图的测量方法，某同学利用图像分析由电表内电阻引起的实验误差。在图中，实线是根
据实验数据描点作图得到的 图像；虚线是该电源的路端电压 随电流 变化的 图像
（没有电表内电阻影响的理想情况）。下列图像中( )是该实验的分析。
A． B． C． D．
14. 如图所示为一外接有负载的交流发电机的示意图。发电机电枢线圈为 = 100匝的正方形线圈，
边长 = 10c 。线圈绕垂直于磁场的 ′轴在磁感应强度 = 0.5T的磁场中以角速度 =
20r / 转动（不计一切摩擦）。已知线圈电阻 = 1Ω，外电路负载电阻 = 4Ω，电表是理想
电表。求：
（1）线圈由图示位置开始转动时感应电动势的瞬时值表达式；
（2）电路中电压表的示数；
（3）线圈由图示位置到转过60 的过程中，产生的平均感应电动势及通过电
阻 的电荷量。
5
15. 如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨 和 ，两导轨间距为 = 1m，电
阻不计。在 之间接有一阻值为 = 3 的电阻。导体杆 质量为 = 2kg，电阻为 = 1 ，
并与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为 = 1T的匀强磁场中。现给
杆一个初速度 0 = 4m/s，使杆向右运动。求：
（1） 杆速度减为2m/s时， 杆加速度大小 ；
（2）整个过程电阻 上产生的热量 ；
（3）整个过程通过电阻 的电荷量 及导体杆 移动的距离 。
16. 在光滑水平面上静置有质量均为 的木板 和滑块 ，木板 上表面粗糙，滑块 上表面是
1
光滑的 圆弧，其始端 点切线水平且与木板 上表面平滑相接，如图所示。一可视为质点的
4
0
物块 ，质量也为 ，从木板 的右端以初速度 0滑上木板 ，过 点时速度大小为 ，又
2
滑上滑块 ，最终恰好能滑到滑块 圆弧的最高点 处。已知物块 与木板 间的动摩擦因
数为 ，重力加速度为 。求：
（1）物块滑到 处时木板的速度 的大小；
（2）木板的长度 ；
（3）滑块 圆弧的半径。
（4）滑块 最终速度 2的大小。
6
参考答案及解析
1. 【答案】D
【解析】由于直导线 在 点处的磁感应强度大小为 ，又因为三根长直导线垂直于纸面放置，
通以大小相同电流，且 = = ，所以直导线 、 在 点的磁感应强度大小也都等于 ，
根据右手螺旋定则可判断方向如图所示：
和 导体棒在 点产生的磁感应强度方向向左，合成后大小为2 ， 导体棒在 点产生的磁感应
强度方向向下，大小为 ，根据平行四边形法则，可知 点的总合磁感应强度大小为： ′ =
√(2 )2 + 2 = √5 。故ABC错误，D正确。
故选：D。
2. 【答案】B
【解析】因为 点场强为零，而 点处固定一电荷量为 的正点电荷，根据电场叠加可知， 处
′
的点电荷为负电荷，令该负点电荷的电荷量大小为 ′，则有 = ，解得 ′ = 9，则 点(3 )2 2
′ 10
的场强大小为 = 2 + 2，结合上述解得 = 2 。
9
故选B。
3. 【答案】C

【解析】根据题意，由电阻定律 = 可知，两段导线的电阻之比为1：3，根据欧姆定律可
知，电流之比为3：1，由于两段导线的有效长度相等，由安培力公式可知，长导线所受安培力
为 ，由左手定则可知，两段导线所受安培力方向相同，则整个线框所受安培力大小为 ′ = +
3 = 4 ，故选C。
4. 【答案】B
【解析】AB、由闭合电路欧姆定律得 = ，当 = 0时， = ，由 与纵轴的交点读出
电动势为 = 3.6 V，根据两图线交点处的状态可知，将它们组成闭合回路时路端电压为 =
3.6 2.5
2.5 V，电流为 = 0.2 A，则电池的内阻为 = = = 5.5 ，故A错误，B正确； 0.2
C、硅光电池的输出功率 出 = = 2.5 × 0.2 W = 0.5 W，故C错误；
1
2.5
D、硅光电池的效率为 = × 100% = × 100% = × 100% = 69.4%，故D错误。 3.6
故选：B。
5. 【答案】B
【解析】A．由图乙可知，在 1时刻穿过线圈中的磁通量最大，可磁通量的变化率是零，线圈
中的感应电动势是零，A错误；
B．由图乙可知，在 1时刻穿过线圈中的磁通量最大，说明线圈平面与中性面重合，线圈中感
应电流的方向将改变，B正确；
C．由图乙可知， 2时刻穿过线圈中的磁通量是零，可磁通量的变化率最大，线圈中的感应电
动势最大，线圈中的感应电流为最大，C错误；
D．由图乙可知， 3~ 4时间内，穿过线圈磁通量的变化率逐渐增大，产生的感应电动势逐渐增
大，感应电流逐渐增大，可电流表的示数为电流的有效值，是不变的，D错误。
故选：B。
6. 【答案】C
【解析】 ．变阻器滑片向右滑动，变阻器接入阻值变大，根据“串反并同”可知，与变阻器 2等
效串联的电流表 和电压表V1的示数都变小；与变阻器 2等效并联的电压表V2和电压表V3的示
数都变大，故 错误；
．当电源外电阻等于电源内阻时电源输出功率最大，因为 1 > ，外电阻一定大于 ，故电源

输出功率随着外电阻的增大而减小；电源的效率为 = =
，其中 为路端电压， 为电源

电动势，因为电压表V3的示数变大，即路端电压 变大，所以电源的效率增大，故 错误；
Δ 3
．由闭合电路欧姆定律 = + 可知 3 = = ，所以 = ，将电阻 1看成电源
Δ
Δ 2 Δ 3 Δ 2
的内阻，则 2 = ′ = ′，其中 ′ = + 1，所以 = ′ = + ，所以 ， 均
Δ 1 Δ Δ
不变，故 正确；

．电容器的电压等于V1，V1变小，根据 = ，电荷量减小，但由于二极管的存在，电容器
不能放电，故电容器所带电荷量不变，故 错误。故选 。
7. 【答案】D
【解析】A．由 图线的斜率等于速度，可得小球 碰撞前的速度 2 = 3m/ ，小球 碰撞
前的速度 1 = 0，则知碰撞前小球 静止，小球 向左运动，故A错误；
B．由题图可知，碰撞后两者均向左运动，必有小球 的速度大于小球 的速度，故B错误；
2
C．由 图线的斜率等于速度，则碰撞后小球 的速度为 ′1 = 2m/
方向向左，碰撞后小球 的速度为 ′2 = 1m/
方向向左，根据动量守恒定律得 1 1 + 2 2 = 1 ′1 + 2 ′2
代入数据解得 2 = 0.1k ，故C错误；
1 1 1
D．两小球组成的系统在碰撞过程中损失的机械能ΔE = 2 ′22 2 2 2 2 2 2 1 1′
2 = 0.2J
故D正确。
故选：D。
8. 【答案】C
【解析】A、由题干中可知，发电机的功率： = 1 1，得发电机输出的电流，根据公式得到：

1 = ，解得： 1 = 400A，故A错误； 1
B、由输电线上损失的功率 线 =
2
线 线，根据公式得 线 = 25A，故B错误；
1 2 1 1
D、由升压变压器的电流关系 = ， 2 = 线，升压变压器匝数比 = ，故D错误；
2 1 2 16
1 1
C、升压变压器电压关系 = ，根据公式解得 2 = 4000V，输电线上损失的电压 线 =
2 2

线 线，解得 线 = 200
3 3
V，降压变压器 3的电压 3 = 2 线，由电压关系 = ，根据公
4 4
3 190
式解得 = ，故C正确。
4 11
故选：C。
9. 【答案】AD
【解析】A、B、当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定
律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，可知， 、 将互相靠拢，回路的面积减小一点，
使穿过回路的磁场减小一点，起到阻碍原磁通量增加的作用。故A正确，B错误。
C、D、由于磁铁受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁铁的加速度一定小于 。故C错
误；D正确。
故选：AD。
10.【答案】BC
【解析】A．等势面越密集，电场强度越大，则 点处的电场强度小于 点处的电场强度，故A错
误；
B． 点附近场强大于 点附近场强，故沿电场线方向， 点附近的电势比 点附近的电势降落
3
更快，故B正确；
C．负点电荷在电势低处的电势能更大，则在 点的电势能大于在 点的电势能，故C正确；
D．相邻等势面之间的电势差相等，则对同一试探电荷，由 点移到 点电场力做的功等于由
点移到 点电场力做的功，故D错误。故选B 。
11.【答案】AC
【解析】A ．断开开关前后的一小段时间内，通过自感线圈的电流方向是不变的，则自感线
圈所在支路的电流如曲线 所示，选项A正确，B错误；
C ．由图可知，断开开关之前通过线圈的电流大于通过小灯泡的电流，则断开开关后，线圈
产生自感电动势阻碍电流减小，线圈相当电源，由于线圈、电阻和灯泡重新组成回路，则小灯
泡先突然变亮再逐渐熄灭，选项C正确，D错误。
故选：A 。
12.【答案】
（1）【答案】ABD
【解析】A、同一组实验中，为使小球到达轨道未端时的速度相等，入射小球必须从同一位置
由静止释放，故A正确；
B、为防止两球碰撞后入射球反弹，入射小球的质量必须大于被碰小球的质量，故B正确；
C、只要入射球从斜槽的同一位置由静止释放，小球到达轨道末端时的速度就相等，轨道倾斜
部分不必光滑，故C错误；
D、小球离开轨道后做平抛运动，轨道末端必须水平，故D正确。
故选：ABD；
（2）【答案】AD
【解析】设碰撞前入射球的速度大小为 0，碰撞后瞬间入射球的速度大小为 1，被碰球的速度
大小为 2，两球碰撞过程系统动量守恒，以碰撞前入射球的速度方向为正方向，由动量守恒定
律得 1 0 = 1 1 + 2 2，小球离开斜槽后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，运动时间
相等，则 1 0 = 1 1 + 2 2 ，则 1 = 1 + 2 ，实验需要验证的表达式是
1 = 1 + 2 ，实验中还需要测量的物理量有入射小球和被碰小球的质量 1、 2，
两球相碰后的平抛射程 、 。
故选：AD；
（3）【答案】 2 2 21 = 1 + 2 1 = 1 + 2
【解析】在实验误差允许范围内，若满足关系式： 1 = 1 + 2 ，
4
则可以认为两球碰撞前后的动量守恒，
1 1 1
若碰撞前后机械能不变，则有 2 2 2 1 ， 2 0
= 1 1 + 2 2 2 2
将速度的式子代入后有 1
2 = 1
2 + 22 ，
若满足此式则可以认为两球发生的是弹性碰撞；
2 1
（4）【答案】
1+ 2
【解析】发生弹性碰撞时，被碰小球获得的速度最大，根据 1 0 = 1 1 + 2 2，
1 2 1 2 1 2
= + ， 2 = 2 + 2，
2 1 0 2 1 1 2 2 2
1 1 2
2
解得： 12 = + 0，
1 2
2
因此最大射程为 m =
1
； 1+ 2
（5）【答案】C
【解析】AB、设 ′与斜槽末端距离 ，小球碰后做平抛运动，速度越快，下落高度越小，单独
一个球下落时，落点为 ′，两球碰撞后，被碰球速度快，落点为 ′，入射球落点为 ′，根据动
量守恒定律 1 0 = 1 1 + 2 2，

而速度 = ，
1
根据 = 2， 2
2
可得 = √ ，

0 = 1 = 2 =
则可解得 2 ′， 2 ′， 2 ′，
√ √ √
1 1 2
代入动量守恒表达式，有 = = ，故AB错误；
√ ′ ′ √ ′ ′ √ ′ ′
1 1 1 1 1 2
CD、根据机械能守恒 2 2 2 1 0 = + ，代入速度表达式 = + ，故2 2 1 1 2 2 2 ′ ′ ′ ′ ′ ′
C正确，D错误。
故选：C。
13.【答案】
（1）【答案】V1 A1 2
【解析】一节干电池的电动势大约1.5V，电压表应选择量程为0 3V的V1；
一节干电池的内阻大约1Ω，为了精确测量电路中电流，电流表应选择量程为0 0.6A的A1；
5
1.5
电路中的最大电阻约为 = = = 2.5Ω g 0.6
为了便于调节电路，滑动变阻器应选择最大阻值与2.5Ω相差不大的 2；
（2）【答案】1.50 1.00
【解析】根据闭合电路欧姆定律得 =
根据 图像的纵截距可知干电池的电动势 = 1.50V
1.5 1.1
根据 图像的斜率绝对值表示干电池的内阻 = Ω = 1.00Ω；
0.4
（3）【答案】A
【解析】题中图的实验误差来自于电压表的分流作用，当电压表示数为零时无电流通过电压表，
此时短路电流的测量值等于真实值，电压表的示数越大，实际流过外电路的电流与理论上流过
外电路电流的差值越大，故电动势的测量值小于真实值，故对应的 图像是A。
故选：A。
14.【答案】
（1）【答案】 = 10 20 (V)
【解析】该交流电的峰值 2 = ，解得 = 10V
开始转动时线圈平面与磁感线平行，瞬时值表达式为 =
代入数值可得感应电动势的瞬时值表达式为 = 10 20 (V)
（2）【答案】4√2 V

【解析】感应电动势的有效值 = m，由闭合电路欧姆定律可得，感应电流 =
√2 +
电压表的示数 = ，代入数值可得电压表的示数 = 4√2 V
15√3 √3
（3）【答案】 V， C
20
ΔΦ 1 2
【解析】平均感应电动势 = ，其中ΔΦ = B 2 60 ，Δt = ，代入数值可得线圈由
Δt 6
图示位置到转过60
√
的过程中，产生的平均感应电动势 15 3 = V，由闭合电路欧姆定律得 =
√，通过电阻 的电荷量为 = Δ t，代入数值可得 3
+ = 20 C
15.
（1）【答案】0.25m/s2
2 2
【解析】感应电动势为 = ，电流为 = ，导体棒受到的安培力为 + = =
，
+
6
2 2
物体的加速的大小为 2 = = ，解得 = 0.25m/s
( + )
（2）【答案】12J
1
【解析】由能量守恒可知整个过程产生的热量为 = 22 0 = 16J
，电阻 上产生的热量 =

= 12J
+
（3）【答案】8C，32m
ΔΦ
【解析】对导体棒的运动列动量定理 Δt = 0 0，其中 = = = 、 + ( + )Δt ( + )Δt

= Δ t，联立可得 = 0 = 8C、 = 32m

16.【答案】
0
（1）【答案】
4
【解析】物块由点 到点 时，取向左为正方向，由动量守恒定律得 0 = + 2

其中 0 = ，解得物块滑到 处时木板的速度 2
的大小为 0 = ，方向向左。 4
5 2
（2）【答案】 0
16
2 2
【解析】物块由点 到点 过程中，根据动能定理得 1 1 = ( 0) + × 2 ( 0)
2 2 2 4
1 22，解得木板的长度为 5 = 02 0
16
20
（3）【答案】
64
【解析】由点 到点 ，滑块 与物块 组成的系统在水平方向上动量守恒，由水平方向动量

守恒定律得 02 +
0
4 = 2 共，滑块 与物块 组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定
1 1 2律得 1
2 2
+ × 2 2 = ( 0) + ( 0) ，联立解得，滑块 圆弧的半径为2 共 2 2 2 4 =
0
64
0
（4）【答案】
2
【解析】设物块 与滑块 分离瞬间，物块 的速度大小为 ′1，在它们相互作用的过程中，以
1
向左为正方向，在水平方向上，由动量守恒定律有 ′ ，由能量守恒定2 0 + 1 = 1 + 2
1 1 2 1 1 2 1
律有 ( ) 2 ′ 2 0
1 1
0 + 1 = 1 + ，其中 1 = ，解得
′
2 4 1 = 4 0
， 2 = 0
2 2 2 2 2 2
1
可见，物块 与滑块 交换速度，物块 和木板 都以 的速度做同方向的匀速运动，无法
4 0
1
再追上滑块 ，故滑块 最终速度 2 = 2 0
7