四川省资阳市雁江区五校2025年中考联考一模物理试题
一、选择题（本大题包括7小题，每小题4分，共28分；每小题只有一个选项符合题意）
1．（2025·雁江模拟）下列关于声现象的说法，正确的是（ ）
A．蝙蝠利用次声波“回声定位”是声能传递信息
B．拉二胡时，手指不断变化按压琴弦的位置，是为了改变弦发声的音调
C．医生用听诊器诊断病情，是利用了听诊器可以扩大声音
D．小明上网课时，在房间中安装噪声监测仪，可减弱窗外噪声
2．（2025·雁江模拟）下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A．海边昼夜温差比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的比热容大
B．海波在熔化过程中不断吸热，温度不变，内能增大
C．端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动，看到锅里冒出的“白气”是液化现象
D．汽油机的压缩冲程利用高温气体推动活塞对外做功
3．（2025·雁江模拟）因为有了光，自然界才绚丽多彩；因为有了光，世界才生机勃勃；因为有了光，我们的生活才充满温暖，下列四幅图所涉及的物理知识，说法正确的是（ ）
A．图中小孔成像表明光一定沿直线传播
B．图中的漫画表明，在反射时，光路是可逆的
C．图中小猫没有叉到鱼是因为鱼在水中的像比实际位置深一些
D．图是教室里的投影仪，若想使光屏上的像更大一些，应将凸透镜向上移动
4．（2025·雁江模拟）如图所示，物体A、B叠放在水平面上，物体A在16N的水平拉力作用下，以0.2m/s的速度做匀速直线运动，与B相连的弹簧测力计水平放置且示数恒定为5N（不计测力计、绳子的重力）。则（ ）
A．物体A受到地面摩擦力大小是11N
B．物体B受到的摩擦力方向水平向右
C．在2s内力F对物体A做的功为6J
D．力F对物体A做功的功率是3W
5．（2025·雁江模拟）如图所示，底面积和质量都相同的甲、乙两个规则容器（容器厚度不计），装有质量相同的A、B两种液体，放在水平桌面上，液面高度相同，若液体对容器底部的压强分别为、，液体对容器底部的压力分别为、；容器对桌面的压强分别为、，容器对桌面的压力分别为、，则它们的大小关系正确的是（ ）
A．，；，
B．，；，
C．，；，
D．，；，
6．（2025·雁江模拟）信息、能源和材料是现代文明的三大支柱，下列说法中正确的是（ ）
A．光纤通信是激光借助光的折射原理来传递信息的
B．“北斗”导航系统是利用超声波进行定位和导航的
C．风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于二次能源，水能、风能都是可再生能源
D．核电站是利用核裂变来发电的
7．（2025·雁江模拟）如图所示，关于A、B、C、D四幅图，下列说法正确的是（ ）
A．动圈式话筒相当于电动机
B．根据图的实验原理，制成了电动机
C．两只灯与其对应控制开关的连接都是可行的，因为开关都能控制灯的通断
D．实验说明磁场对电流可产生力的作用
二、图示题（本大题包括4小题，共13分）
8．（2025·雁江模拟）根据图中提供的信息回答下列各题。
（1）小明用小车、长木板、刻度尺、停表等器材探究小车沿斜面滑下时速度的变化，实验设计如图1所示，经测量，AB、BC段长度均为40.0cm，tB=3.0s，tC=5.0s，则小车在BC段的平均速度为 cm/s；
（2）如图2所示，经过调节后，在光屏上得到一清晰的像，根据图中信息可判定凸透镜的焦距范围是 ；
（3）在探究“杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为3cm，当弹簧测力计在A点沿与水平方向成30°角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的示数如图3所示，则钩码总重为 N；
（4）锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上（如图所示），此做法主要利用了 具有惯性。
9．（2025·雁江模拟）如图所示，在平面镜与凸透镜之间放一物体AB，F为凸透镜的焦点，从B点发出的一条光线经平面镜反射后恰好通过凸透镜的焦点F，并射向凸透镜，经凸透镜发生折射．请画出：
（1）物体AB在平面镜中的像A'B'．
（2）B点发出的光线经平面镜反射后通过焦点F的光路．
（3）经凸透镜折射后的光线．
10．（2025·雁江模拟）如图所示，甲图是正在使用的核桃夹，上、下两部分都是杠杆，乙图是上半部分杠杆的示意图。请在A点画出最小动力F1的示意图，在B点画出阻力F2的示意图及其力臂12。
11．（2025·雁江模拟）如图所示，开关闭合后，将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大。请将图中的滑动变阻器按要求连入电路，并画出螺线管的绕法，标出磁感线的方向。
三、探究与实验题（本大题包括2小题，每空2分，共24分）
12．（2025·雁江模拟）（1）小强同学在家中自主学习，他利用家庭实验室的器材欲测一小石块的密度，他可用的器材有∶托盘天平（含砝码）、烧杯、细线、水和小石块。
①在烧杯中放入适量的水，用细线拴住小石块，将小石块浸没放入水中，在水面到达的位置上作标记，用天平测出水和烧杯总质量m1。
②将小石块从水中取出，用天平测出剩余水和烧杯的总质量m2。
③向烧杯中加水到标记处，再用天平测出此时水和烧杯的总质量m3。
④上述实验过程可简化为如图，小石块的质量m石= （用所测物理量的字母表示）。
⑤设水的密度为ρ水，则小石块体积V石= （用所测物理量的字母表示，下同），小石块密度ρ石= 。
⑥若步骤②中取出小石块时带走了一些水，小强所测的小石块质量 （选填“大于”“小于”或“等于”）小石块的真实质量。
（2）小球从高处下落到竖直放置的轻质弹簧上（图甲）。在刚接触弹簧的瞬间（如图乙），速度为5m/s，将弹簧压缩到最短（图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度之间的关系如图丁所示，其中A为曲线最高点，已知弹簧每受到0.2N的压力就缩短0.5 cm，并且轻弹簧在受到撞击到压缩到最短的整个过程中始终发生弹性形变。在撞击弹簧到弹簧压缩到最短的过程中，小球动能变化是 ，小球受到的重力为 N。（不考虑空气阻力）
（3）小娟同学拿着自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，发现玻璃管内水柱的高度 （选填“增大”“减小” 或“不变”）。
13．（2025·雁江模拟）在“探究电流与电阻的关系”实验中，实验器材有∶电源（电压恒为4.5 V）、电流表、电压表、滑动变阻器和开关各一个，定值电阻五个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），导线若干。
（1）将图甲实验电路连接完整。
（2）实验中，若用10Ω电阻替换15Ω电阻，继续实验，应将滑动变阻器的滑片P向 移（选填“左”或“右”）。
（3）图乙是根据实验数据画出的定值电阻的I-R图像，其中阴影面积的物理意义是 ，为完成五次实验，滑动变阻器最大阻值应不小于 Ω。
（4）小明同学换用五个电阻多次实验，下列实验中也都采用了多次测量，其中与本实验中多次实验的目的不同的是 。
A．“探究滑动摩擦力的大小跟压力的大小关系”时，多次改变压力的大小
B．“探究平面镜成像特点”时，多次测量物距和像距的大小
C．“测量物理课本的长度”时，多次测量长度
D．“探究杠杆的平衡条件”时，多次测量力和力臂
四、论证与计算题（本大题包括3个小题，共35分）
14．（2025·雁江模拟）考古学家在黄海海域发现甲午海战沉船“致远舰”的消息轰动了整个考古界，随着水下考古工作的进行，一些重要文物近日陆续出水重见天日，关于这艘在海水中沉睡了120余年的战舰是如何被打捞起的谜题也逐步解开。现某课外活动小组，照此设计了如图所示的简单机械，模拟打捞沉船，实验中用实心立方体A代替沉船，已知A的体积为0.1m3，质量为280kg（设整个过程A均为匀速直线运动状态，忽略钢缆绳重及滑轮摩擦，不考虑风浪、水流等因素的影响，g取9.8N/kg）。
（1）A完全浸没在水中时受到的浮力是多少？（）
（2）若A完全浸没在水中时，滑轮组的机械效率为60%，动滑轮的重力是多少？
（3）A完全打捞出水面后，岸上钢绳的拉力F为多少？
（4）若A完全打捞出水面后，以0.1 m/s的速度匀速提升，则岸上钢绳拉力F的功率为多少？
15．（2025·雁江模拟）如图所示是正在试验中的某型号太阳能汽车，它的基本工作原理是把太阳能先转化成电能存储在车中的蓄电池中，蓄电池再对车中的电动机供电从而使车运动.此车内部蓄电池上标有“24V，300Ah”字样，电动机的铭牌上标有“24V，20A”，若电动机线圈的电阻是0.2Ω，忽略一切摩擦，求：
（1）若太阳能的36%转化成电能，要把该车蓄电池充满需转化多少太阳能？
（2）该车电动机正常工作25min，将消耗多少电能？
（3）电动机正常工作时线圈的发热功率和电动机的机械功率。
16．（2025·雁江模拟）如图甲是某电热水壶的电路图，铭牌如图乙。R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。当水沸腾后，S会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制（设加热器电阻阻值一定）。[已知：水的比热容c=4.2103J/（kg·℃），1L=10-3m3]。求：
（1）该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是多少？
（2）该电热水壶正常加热工作时，对加热器通电10s产生的热量是多少？
（3）将电热水壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是多少
（4）用如图丙所示的电能表单独测量该电热水壶消耗的电能，实际加热时。3min电能表中间的铝质圆盘转动了24转，此时电路消耗的实际功率是多少
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；声与信息传递；声音的等级和噪声的危害
【解析】【解答】 解：A、蝙蝠利用超声波回声定位确定目标位置，不是利用次声波，故A错误；
B、拉二胡时手指不断变化按压琴弦的位置，可以改变发声的音调，故B正确；
C、医生用听诊器来诊断病情，因为听诊器可以减小声音的分散，故C错误；
D、小明上网课时，在房间中安装噪声监测仪只能检测出声音响度的大小，不能减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）声音不但能传递信息，还能传递能量；
（2）音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
（3）响度的影响因素是振幅的大小和距离发声体的远近；
（4）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置——声源处、传播过程中、人耳处减弱噪声。
2．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】解：A、水的比热容较大，相同质量的水和沙石，在吸收或放出相同热量时，水的温度变化较小。所以海边昼夜温差比沙漠中小，故A正确，不符合题意。
B、海波是晶体，在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，但内能增大，因为吸收的热量用于增加分子势能，故B正确，不符合题意。
C、能闻到粽子的香味是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。锅里冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确，不符合题意。
D、汽油机的压缩冲程是活塞向上运动，压缩混合气体，将机械能转化为内能，而做功冲程是高温高压气体推动活塞对外做功，将内能转化为机械能，故D错误，符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）海波是晶体，在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，但内能增大；
（3）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。液化指物质由气态转变成液态；
（4）汽油机的做功冲程是高温高压气体推动活塞对外做功，将内能转化为机械能。
3．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光反射的可逆性；光的折射现象及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：A、小孔成像的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播。但如果介质不均匀，光的传播方向会发生偏折，所以不能说光一定沿直线传播，因此A错误。
B、图中，小聪能看到小猫，小猫也能看到小聪，这表明在光的反射现象中，光路是可逆的，因此B正确。
C、小猫看到水中的鱼，是鱼反射的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射角大于入射角，小猫逆着折射光线看去，看到的是鱼的虚像，位置比实际位置浅一些，而不是更深，因此C错误。
D、投影仪成像时，物距减小、像距增大，像会变大。若想使光屏上的像更大，应将凸透镜向下移动，减小物距，同时增大投影仪与光屏的距离，而不是将凸透镜向上移动，因此D错误。
故选：B。
【分析】 （1）光在同一种均匀介质中沿着直线传播。
（2）光的反射中，光路是可逆的。
（3）光从一种介质斜射入另外一种介质时，光的传播方向发生改变，因为光的折射水里的看到的鱼比实际位置要浅一些。
（4）当物体在一倍焦距以外时，凸透镜成的是倒立的实像，物距越小成的像越大。物体在一倍焦距以内时成的是正立的，放大的虚像。
4．【答案】A
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：AB、物体B相对于A水平向右运动，故受到A的水平向左的摩擦力的作用，且B相对于地面静止，则B所受的摩擦力f=F弹=5N，故B对A的摩擦力方向为水平向右，大小为fB=f=5N，
物体A相对于地面水平向左做匀速直线运动，还受到地面对A的水平向右的摩擦力的作用，由力的平衡条件可得，
A受到地面摩擦力的大小：f地=F-fB=16N-5N=11N，故A正确、B错误；
C、在2s内，物体A移动的距离s=vt=0.2m/s×2s=0.4m。力F对物体A做的功W=Fs=16N×0.4m= 6.4J，不是6J，所以C错误。
D、力F对物体A做功的功率P =Fv=16N×0.2m/s=3.2W，不是3W，所以D错误。
故选：A。
【分析】 （1）物体B相对于A水平向右运动，故受到A的水平向左的摩擦力的作用，且B相对于地面静止，根据f=F弹得出B所受的摩擦力，根据相互作用力的知识得出B对A的摩擦力的方向及大小；物体A相对于地面水平向左运动，受到地面对A的水平向右的摩擦力的作用，根据f地=F-fB得出A受到的地面摩擦力大小；
（2）根据s=vt得出2s内A运动的路程，根据W=Fs得出力F对物体A做的功；
（3）根据得出力F对物体A做功的功率。
5．【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】根据图示可以观察到，A液体的体积大于B液体的体积，而两种液体的质量相同。根据密度公式，可以得出
由于液面高度相同，根据液体压强公式，可得液体对容器底部的压强关系为，容器底面积相同，根据压力公式
可得液体对容器底部的压力关系为，容器放置在水平桌面上时，容器对桌面的压力等于容器和液体的总重力，即，由于两种液体质量相同，重力也相同，因此，根据压强公式
可得容器对桌面的压强关系为，综上所述，选项ACD错误，选项B正确。
正确答案：B
【分析】1、密度的计算：公式为m=ρV，质量相同时，体积和密度成反比；仅仅是计算意义的反比；
2、压强的计算公式：F=PS，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积
3、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
6．【答案】D
【知识点】能源及其分类；核裂变；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：A、光纤通信是激光借助光的反射原理来传递信息，故A错误；
B、“北斗”导航系统是利用电磁波来传递信息的，故B错误；
C、风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于一次能源，故C错误；
D、核电站是利用核裂变发电的，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）激光可以在光导纤维里发生反射而传播，从而传播信息；
（2）声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的；
（3）一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；
（4）核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，核聚变过程不可控。
7．【答案】D
【知识点】家庭电路的连接；磁场对通电导线的作用；电磁感应；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】 解：A、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，而电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，所以动圈式话筒与电动机的工作原理不同，故A错误。
B、图B为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，制成了发电机，故B错误。
C、在家庭电路中，开关要控制火线，这样当开关断开时，用电器不带电，才符合安全用电原则。图C中两灯的控制开关一个接在火线上，一个接在零线上，接在零线上的开关控制灯的通断虽然可行，但不符合安全用电要求，故C错误。
D、图D实验是通电导体在磁场中，导体在磁场力的作用下运动，说明磁场对电流可产生力的作用，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的。
（2）发电机是利用电磁感应原理工作的。
（3）在家庭电路中，开关要控制火线，这样当开关断开时，用电器不带电，才符合安全用电原则。
（4）磁场对电流可产生力的作用。
8．【答案】（1）20.0
（2）5cm（3）2
（4）锤头
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；测量物体运动的平均速度；惯性及其现象；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】解：（1）时间为tBC=tC-tB=5.0s-3.0s=2s，BC段的长度为sBC=40.0cm，
则小车在BC段的平均速度为。
（2）由图2可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故物距大于2倍焦距，像距小于2倍焦距，大于1倍焦距，物距为u=75.0cm-50.0cm=25.0cm；
像距为v=85.0cm-75.0cm=10.0cm；
此时物距范围为u＞2f，像距范围为f＜u＜2f，即25.0cm＞2f，f＜10.0cm＜2f
联立解得5cm＜f＜10cm
（3）记每小格长度为L0，由图可知，阻力臂为L2=3L0=3×3cm=9cm=0.09m
由几何关系可知，动力臂为L1=4L0sin30°=4×3cm×0.5=6cm=0.06m
弹簧测力计的分度值为0.2N，由指针位置可知，其示数为3N，所以动力为F1=3N，由杠杆平衡条件有F1L1=GL2
其中G为钩码总重，代入数据得3N×0.06m=G×0.09m
解得G=2N
（4）锤柄撞击在桌面上突然停止时，锤头由于惯性会继续向下运动，这样锤头就会牢牢地套在锤柄上了，所以此做法主要利用了锤头具有惯性。
故答案为：（1）20.0；（2）5cm＜f＜10cm；（3）2；（4）锤头。【分析】 （1）根据深度公式计算；
（2）根据图中物距大于像距，结合凸透镜成像规律分析解答；
（3）根据杠杆的平衡条件分析解答；
（4）物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。
（1）BC段的长度为sBC=40.0cm，时间为tBC=tC-tB=5.0s-3.0s=2s
则小车在BC段的平均速度为
（2）由图2可知，物距为u=75.0cm-50.0cm=25.0cm
像距为v=85.0cm-75.0cm=10.0cm
可知u>v，又所成的是实像，根据凸透镜成像规律可知，此时物距范围为u>2f，像距范围为f2f，f<10.0cm<2f
联立解得5cm（3）记每小格长度为L0，由图可知，阻力臂为L2=3L0=3×3cm=9cm=0.09m
由几何关系可知，动力臂为L1=4L0sin30°=4×3cm×0.5=6cm=0.06m
弹簧测力计的分度值为0.2N，由指针位置可知，其示数为3N，所以动力为F1=3N，由杠杆平衡条件有F1L1=GL2
其中G为钩码总重，代入数据得3N×0.06m=G×0.09m
解得G=2N
（4）锤柄撞击在桌面上突然停止时，锤头由于惯性会继续向下运动，这样锤头就会牢牢地套在锤柄上了，所以此做法主要利用了锤头具有惯性。
9．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】解：（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像；
（2）连接B'F，B'F与平面镜的交点便是入射点，从而做出入射光线和反射光线；
（3）过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，如下图所示：
【分析】（1）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
（2）根据反射光线的反向延长线过像点，又过凸透镜的焦点F点确定反射光线的位置，补充上入射光线；
（3）根据过焦点的光线经过凸透镜后平行射出作出经过凸透镜的折射光线。
10．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】解： 根据杠杆原理，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。 连接OA两点，OA即为最长动力臂，当动力F1与动力臂垂直时，动力最小，据此可作出最小动力F1；而阻力F2应垂直于核桃的接触面向上，然后过O点作力F2的垂线，即阻力臂l2．作图如下：
【分析】（1）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
（2）阻力是阻碍杠杆转动的力；根据力臂的概念画出F2的力臂L2。
11．【答案】
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：由图可知，磁体的左端为N极，右端为S极；将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极、左端为N极；磁感线是从N极出来，回到S极的；吸引力变大，表明螺线管的磁性变强，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器的电阻减小，所以应接右下方的接线柱；根据螺线管的极性和安培定则可知，螺线管中电流的方向是向上的；绕法如图所示：
【分析】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，根据右侧的磁体所受的吸引力会变大判定螺线管磁性的变化；螺线管磁性的大小与电流大小有关，电流越大，磁性越强；根据安培定则判定螺线管的绕线方法。
12．【答案】（1）；；；大于
（2）先变大后边小；2
（3）增大
【知识点】固体密度的测量；机械能及其转化；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 解：（1）④上述实验过程可简化为如图1，小石块的质量m石= m1-m2
⑤设水的密度为ρ水，加入水的体积即为小石块的体积，根据密度公式，则小石块体积
小石块密度⑥若步骤②中取出小石块时带走了一些水，用天平测出剩余水和烧杯的总质量m2变小，小强所测的小石块质量大于小石块的真实质量。
（2）由图象看出：在小球刚开始撞击弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，小球速度先变大后变小，因小球的质量不变，故小球动能变化是先变大后变小；
在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力。开始时，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大。
随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，两力是一对平衡力，合力为零。小球再向下运动，弹力大于重力，合力向上，小球速度减小。由此可见，当重力G与弹力F是一对平衡力时，小球速度最大。此时，由图可知弹簧的压缩量ΔL=5cm，
由平衡条件得；
（3）小娟同学拿着自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，大气压强变小，瓶内气压大于外界大气压强，玻璃管内水柱升高，故发现玻璃管内水柱的高度增大。
故答案为：（1）m1-m2；；；大于；（2）先变大，后变小；2；（3）增大。
【分析】④根据操作得出小石块的质量m石；
⑤补水的体积即为小石块的体积，求出补水的质量，根据密度公式得出补水的体积，即小石块体积；根据密度公式得出小石块密度；
⑥若步骤②中取出小石块时带走了一些水，用天平测出剩余水和烧杯的总质量m2变小，据此分析；
（2）由图象可知，小球速度先变大，后变小；在运动过程中小球受重力与弹簧的弹力，当两力大小相等时，小球速度最大，此时弹力与重力是一对平衡力，据此得出球受到的重力。
（3）大气压强随高度的增大而变小。
（1）④[1]由步骤①②可知，小石块的质量为
⑤[2][3]设水的密度为，小石块的体积等于它排开水的体积，则小石块体积
小石块密度
⑥[4]②中取出石块时带走一些水，则导致测出的m2偏小，由于
所以所测得的小石块的质量大于小石块的真实质量。
（2）[1]由图象看出，在小球刚开始撞击弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，小球速度先变大后变小；运动过程中小球的质量不变，因此小球动能变化是先变大后变小。
[2]在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力。开始时，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大；随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，两力是一对平衡力，合力为零；小球再向下运动，弹力大于重力，合力向下，小球速度减小；由此可见，当重力G与弹力F是一对平衡力时，小球速度最大；此时，由图可知弹簧的压缩量，已知弹簧每受到0.2N的压力就缩短0.5cm，因此物体的重力
（3）大气压随海拔高度的升高而减小，小娟同学拿着自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，海拔高度的升高，大气压减小，瓶内外的气压差增大，瓶内的气压使玻璃管内的水柱上升，玻璃管内水柱的高度增大。
13．【答案】（1）
（2）右
（3）定值电阻两端的电压；20
（4）C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：（1）实验中，应将电流表、定值电阻和滑动变阻器串联使用，如图；
（2）探究电流与电阻关系的实验中，根据串联分压规律知，若用10Ω电阻替换15Ω电阻，电阻减小，分得的电压减小，而实验必须控制电压相等，根据串联电压之比等于电阻之比，定值电阻变小，滑动变阻器也要条形，才能保持电压不变，应将滑动变阻器的滑片P向右移，直到电压表示数与接入15Ω电阻时的电压相同。
（3）图乙是根据实验数据画出定值电阻的I-R图像，其中阴影面积是电流和电阻的乘积，即，其物理意义是定值电阻两端的电压。
探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻两端的电压不变，由图象可得定值电阻两端的电压UV=IR=0.5A×5Ω=0.25A×10Ω=0.1A×25Ω=2.5V；实验中电源电压不变，则滑动变阻器两端的电压也不变，由串联电路的分压原理可知；
上式中定值电阻的阻值越大滑动变阻器的阻值越大，当R=25Ω时，滑动变阻器的最大阻值。为完成五次实验，滑动变阻器最大阻值应不小于20Ω。
（4）探究电流与电阻关系，多次实验为了排除偶然性寻找普遍规律。
A．探究滑动摩擦力的大小跟压力的大小关系时，多次改变压力的大小，是为了寻找摩擦力跟压力的关系，故A不符合题意；
B．探究平面镜成像特点时，多次测量物距和像距的大小，也是为了寻找普遍规律，故B不符合题意，
C．测量物理课本的长度时，多次多次测量求平均值，目的是减小实验误差，故C符合题意；
D．探究杠杆的平衡条件时，多次测量力和力臂，是为了寻找普遍规律，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：（1）如图： ；（2）右；（3）定值电阻两端的电压；20；（4）C。
【分析】 （1）实验中，应将电流表、定值电阻和滑动变阻器串联使用；
（2）根据串联分压规律分析；
（3）图乙是根据实验数据画出定值电阻的I-R图象，根据U=IR可知其中阴影面积的物理意义及数值，进而得出结论。
（4）根据实验中多次测量是探究普遍规律分析。
（1）实验中，电流表、定值电阻、滑动变阻器串联，滑动变阻器按一上一下接入电路，滑动变阻器选上接线柱，如图：
（2）探究电流与电阻关系的实验中，应保持定值电阻两端的电压不变，若用10Ω电阻替换15Ω电阻，电阻减小，电路中电流增大，滑动变阻器分得的电压增大，应减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向右移，直到电压表示数与接入15Ω电阻时的电压相同。
（3）[1]图乙是根据实验数据画出定值电阻的图像，其中阴影面积是电流和电阻的乘积，即，其物理意义是定值电阻两端的电压。
[2]探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻两端的电压不变，由图象可得定值电阻两端的电压
实验中电源电压不变，则滑动变阻器两端的电压也不变，由串联电路的分压原理可知
上式中定值电阻的阻值越大滑动变阻器的阻值越大，当时，滑动变阻器的最大阻值
为完成五次实验，滑动变阻器最大阻值应不小于20Ω。
（4）换用五个电阻多次实验，目的是为了寻找普遍规律。
A．探究滑动摩擦力的大小跟压力的大小关系时，多次改变压力的大小，是为了寻找摩擦力跟压力的关系，故A不符合题意；
B．探究平面镜成像特点时，多次测量物距和像距的大小，也是为了寻找普遍规律，故B不符合题意，
C．测量物理课本的长度时，多次多次测量求平均值，目的是减小实验误差，故C符合题意；
D．探究杠杆的平衡条件时，多次测量力和力臂，是为了寻找普遍规律，故D不符合题意。
故选C。
14．【答案】（1）解：根据阿基米的原理可知，A完全浸没在水中时受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgV=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m3=980N。
答：A完全浸没在水中时受到的浮力是980N。
（2）解：根据重力公式可知，物体A的重力：G=mg=280kg×9.8N/kg=2744N，
A完全浸没在水中时，总功为W总=（G+G动-F浮）h，有用功为W有=（G-F浮）h，
所以，滑轮组的机械效率：，解得：G动=1176N。
答：动滑轮的重力是1176N。
（3）解：图可知，n=5，A完全打捞出水面后，岸上钢绳的拉力。
答：A完全打捞出水面后，岸上钢绳的拉力F为784N。
（4）解：A完全打捞出水面后，以0.1m/s的速度被匀速提升时，绳端的速度：
v绳=nv物=5×0.1m/s=0.5m/s，
岸上钢绳拉力F的功率：。
答：岸上钢绳拉力F的功率为392W。
【知识点】功率计算公式的应用；阿基米德原理；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）A完全浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力；
（2）根据G=mg求出物体A的重力，忽略钢缆绳重及滑轮摩擦，克服物体重力和动滑轮重力减去浮力做的功为总功，克服物体重力减去受到浮力做的功为有用功，根据表示出A完全浸没在水中时滑轮组的机械效率即可求出动滑轮的重力；（3）根据求出A完全打捞出水面后岸上钢绳的拉力；
（4）根据v绳=nv物求出绳端移动的速度，利用求出岸上钢绳拉力F的功率。
（1）A完全浸没在水中时受到的浮力
（2）A的重力
物体A受到滑轮组的拉力
若A完全浸没在水中时，如图，滑轮组由5根绳承担物重，绳端移动的距离，滑轮组的机械效率
解得，动滑轮的重力
（3）A完全打捞出水面后，钢绳的拉力
（4）若A完全打捞出水面后， 以0.1 m/s的速度匀速提升时，钢绳自由端移动的速度
岸上钢绳拉力的功率为
15．【答案】（1）解：根据电能公式可知，蓄电池所存储的电能W=UIt=24V×300A×3600s=2.592×107J，
需要的太阳能。
答：若太阳能的36%转化成电能，要把该车蓄电池充满需转化7.2×107J的太阳能。
（2）解：根据电能公式可知，电动机消耗的电能：W电动机=UIt=24V×20A×25×60s=7.2×105J。
答：该车电动机正常工作25min，将消耗7.2×105J电能。
（3）解：电动机的热功率P热=I2R=（20A）2×0.2Ω=80W，
电动机总功率P=UI=24V×20A=480W，
电动机的机械功率P机=P-P热=480W-80W=400W。
答：电动机正常工作时线圈的发热功率是80W，电动机的机械功率是400W。
【知识点】电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）先求出蓄电池充满所存储的电能，然后再求出需要的太阳能。
（2）由电动机铭牌可知，其额定电压是24V，额定电流是20A，由W=UIt可以求出电动机消耗的电能。
（3）由电功率公式求出线圈的发热功率，电动机总功率，总功率与发热功率之差是电动机的机械功率。
（1）蓄电池所存储的电能
所以需要的太阳能
（2）电动机消耗的电能
（3）电动机的热功率
电动机总功率
电动机的机械功率
16．【答案】解：（1）当温度较低时，温控器S处于闭合状态，而R0短路，电路为R的简单电路，电路电阻较小，根据P=可知，电水壶处于加热状态，由表中数据知加热功率为1000W，由P=UI=得，加热电阻的阻值为R===48.4Ω
即加热器的阻值是48.4Ω。
（2）若正常工作时，对加热器通电10s产生的热量
Q=W=P加热t=1000W×10s=10000J
即加热器通电10s产生的热量是10000J。
（3）一满壶水的质量
m=V=1.0×103kg/m3×2.5×10-3m3=2.5kg
水吸收的热量
Q吸=cmΔt=4.2103J/（kg·℃）×2.5kg×(75℃-25℃)=525000J
即水吸收的热量是525000J。
（4）电热水壶消耗的电能
W= kWh=0.04 kWh
电热水壶的实际功率
P===0.8 kW
即电路消耗的实际功率是0.8 kW。
答：（1）该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是48.4Ω；
（2）该电热水壶正常加热工作时，对加热器通电10s产生的热量是10000J；
（3）将电热水壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是525000J；
（4）此时电路消耗的实际功率是0.8 kW。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据P=可知，电水壶处于加热状态时，电路为R的简单电路，加热功率为1000W，由P=UI=得，加热电阻的阻值；
（2）若正常工作时，根据电功率公式Q=W=P加热t计算对加热器通电10s产生的热量；
（3）一满壶水的质量m=V。水吸收的热量Q吸=cmΔt；
（4）电热水壶消耗的电能W= kWh；根据电功率公式P=计算电热水壶的实际功率。
1 / 1四川省资阳市雁江区五校2025年中考联考一模物理试题
一、选择题（本大题包括7小题，每小题4分，共28分；每小题只有一个选项符合题意）
1．（2025·雁江模拟）下列关于声现象的说法，正确的是（ ）
A．蝙蝠利用次声波“回声定位”是声能传递信息
B．拉二胡时，手指不断变化按压琴弦的位置，是为了改变弦发声的音调
C．医生用听诊器诊断病情，是利用了听诊器可以扩大声音
D．小明上网课时，在房间中安装噪声监测仪，可减弱窗外噪声
【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；声与信息传递；声音的等级和噪声的危害
【解析】【解答】 解：A、蝙蝠利用超声波回声定位确定目标位置，不是利用次声波，故A错误；
B、拉二胡时手指不断变化按压琴弦的位置，可以改变发声的音调，故B正确；
C、医生用听诊器来诊断病情，因为听诊器可以减小声音的分散，故C错误；
D、小明上网课时，在房间中安装噪声监测仪只能检测出声音响度的大小，不能减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）声音不但能传递信息，还能传递能量；
（2）音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
（3）响度的影响因素是振幅的大小和距离发声体的远近；
（4）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置——声源处、传播过程中、人耳处减弱噪声。
2．（2025·雁江模拟）下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A．海边昼夜温差比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的比热容大
B．海波在熔化过程中不断吸热，温度不变，内能增大
C．端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动，看到锅里冒出的“白气”是液化现象
D．汽油机的压缩冲程利用高温气体推动活塞对外做功
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】解：A、水的比热容较大，相同质量的水和沙石，在吸收或放出相同热量时，水的温度变化较小。所以海边昼夜温差比沙漠中小，故A正确，不符合题意。
B、海波是晶体，在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，但内能增大，因为吸收的热量用于增加分子势能，故B正确，不符合题意。
C、能闻到粽子的香味是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。锅里冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确，不符合题意。
D、汽油机的压缩冲程是活塞向上运动，压缩混合气体，将机械能转化为内能，而做功冲程是高温高压气体推动活塞对外做功，将内能转化为机械能，故D错误，符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）海波是晶体，在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，但内能增大；
（3）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。液化指物质由气态转变成液态；
（4）汽油机的做功冲程是高温高压气体推动活塞对外做功，将内能转化为机械能。
3．（2025·雁江模拟）因为有了光，自然界才绚丽多彩；因为有了光，世界才生机勃勃；因为有了光，我们的生活才充满温暖，下列四幅图所涉及的物理知识，说法正确的是（ ）
A．图中小孔成像表明光一定沿直线传播
B．图中的漫画表明，在反射时，光路是可逆的
C．图中小猫没有叉到鱼是因为鱼在水中的像比实际位置深一些
D．图是教室里的投影仪，若想使光屏上的像更大一些，应将凸透镜向上移动
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光反射的可逆性；光的折射现象及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：A、小孔成像的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播。但如果介质不均匀，光的传播方向会发生偏折，所以不能说光一定沿直线传播，因此A错误。
B、图中，小聪能看到小猫，小猫也能看到小聪，这表明在光的反射现象中，光路是可逆的，因此B正确。
C、小猫看到水中的鱼，是鱼反射的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射角大于入射角，小猫逆着折射光线看去，看到的是鱼的虚像，位置比实际位置浅一些，而不是更深，因此C错误。
D、投影仪成像时，物距减小、像距增大，像会变大。若想使光屏上的像更大，应将凸透镜向下移动，减小物距，同时增大投影仪与光屏的距离，而不是将凸透镜向上移动，因此D错误。
故选：B。
【分析】 （1）光在同一种均匀介质中沿着直线传播。
（2）光的反射中，光路是可逆的。
（3）光从一种介质斜射入另外一种介质时，光的传播方向发生改变，因为光的折射水里的看到的鱼比实际位置要浅一些。
（4）当物体在一倍焦距以外时，凸透镜成的是倒立的实像，物距越小成的像越大。物体在一倍焦距以内时成的是正立的，放大的虚像。
4．（2025·雁江模拟）如图所示，物体A、B叠放在水平面上，物体A在16N的水平拉力作用下，以0.2m/s的速度做匀速直线运动，与B相连的弹簧测力计水平放置且示数恒定为5N（不计测力计、绳子的重力）。则（ ）
A．物体A受到地面摩擦力大小是11N
B．物体B受到的摩擦力方向水平向右
C．在2s内力F对物体A做的功为6J
D．力F对物体A做功的功率是3W
【答案】A
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：AB、物体B相对于A水平向右运动，故受到A的水平向左的摩擦力的作用，且B相对于地面静止，则B所受的摩擦力f=F弹=5N，故B对A的摩擦力方向为水平向右，大小为fB=f=5N，
物体A相对于地面水平向左做匀速直线运动，还受到地面对A的水平向右的摩擦力的作用，由力的平衡条件可得，
A受到地面摩擦力的大小：f地=F-fB=16N-5N=11N，故A正确、B错误；
C、在2s内，物体A移动的距离s=vt=0.2m/s×2s=0.4m。力F对物体A做的功W=Fs=16N×0.4m= 6.4J，不是6J，所以C错误。
D、力F对物体A做功的功率P =Fv=16N×0.2m/s=3.2W，不是3W，所以D错误。
故选：A。
【分析】 （1）物体B相对于A水平向右运动，故受到A的水平向左的摩擦力的作用，且B相对于地面静止，根据f=F弹得出B所受的摩擦力，根据相互作用力的知识得出B对A的摩擦力的方向及大小；物体A相对于地面水平向左运动，受到地面对A的水平向右的摩擦力的作用，根据f地=F-fB得出A受到的地面摩擦力大小；
（2）根据s=vt得出2s内A运动的路程，根据W=Fs得出力F对物体A做的功；
（3）根据得出力F对物体A做功的功率。
5．（2025·雁江模拟）如图所示，底面积和质量都相同的甲、乙两个规则容器（容器厚度不计），装有质量相同的A、B两种液体，放在水平桌面上，液面高度相同，若液体对容器底部的压强分别为、，液体对容器底部的压力分别为、；容器对桌面的压强分别为、，容器对桌面的压力分别为、，则它们的大小关系正确的是（ ）
A．，；，
B．，；，
C．，；，
D．，；，
【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】根据图示可以观察到，A液体的体积大于B液体的体积，而两种液体的质量相同。根据密度公式，可以得出
由于液面高度相同，根据液体压强公式，可得液体对容器底部的压强关系为，容器底面积相同，根据压力公式
可得液体对容器底部的压力关系为，容器放置在水平桌面上时，容器对桌面的压力等于容器和液体的总重力，即，由于两种液体质量相同，重力也相同，因此，根据压强公式
可得容器对桌面的压强关系为，综上所述，选项ACD错误，选项B正确。
正确答案：B
【分析】1、密度的计算：公式为m=ρV，质量相同时，体积和密度成反比；仅仅是计算意义的反比；
2、压强的计算公式：F=PS，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积
3、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
6．（2025·雁江模拟）信息、能源和材料是现代文明的三大支柱，下列说法中正确的是（ ）
A．光纤通信是激光借助光的折射原理来传递信息的
B．“北斗”导航系统是利用超声波进行定位和导航的
C．风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于二次能源，水能、风能都是可再生能源
D．核电站是利用核裂变来发电的
【答案】D
【知识点】能源及其分类；核裂变；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：A、光纤通信是激光借助光的反射原理来传递信息，故A错误；
B、“北斗”导航系统是利用电磁波来传递信息的，故B错误；
C、风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于一次能源，故C错误；
D、核电站是利用核裂变发电的，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）激光可以在光导纤维里发生反射而传播，从而传播信息；
（2）声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的；
（3）一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；
（4）核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，核聚变过程不可控。
7．（2025·雁江模拟）如图所示，关于A、B、C、D四幅图，下列说法正确的是（ ）
A．动圈式话筒相当于电动机
B．根据图的实验原理，制成了电动机
C．两只灯与其对应控制开关的连接都是可行的，因为开关都能控制灯的通断
D．实验说明磁场对电流可产生力的作用
【答案】D
【知识点】家庭电路的连接；磁场对通电导线的作用；电磁感应；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】 解：A、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，而电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，所以动圈式话筒与电动机的工作原理不同，故A错误。
B、图B为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，制成了发电机，故B错误。
C、在家庭电路中，开关要控制火线，这样当开关断开时，用电器不带电，才符合安全用电原则。图C中两灯的控制开关一个接在火线上，一个接在零线上，接在零线上的开关控制灯的通断虽然可行，但不符合安全用电要求，故C错误。
D、图D实验是通电导体在磁场中，导体在磁场力的作用下运动，说明磁场对电流可产生力的作用，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的。
（2）发电机是利用电磁感应原理工作的。
（3）在家庭电路中，开关要控制火线，这样当开关断开时，用电器不带电，才符合安全用电原则。
（4）磁场对电流可产生力的作用。
二、图示题（本大题包括4小题，共13分）
8．（2025·雁江模拟）根据图中提供的信息回答下列各题。
（1）小明用小车、长木板、刻度尺、停表等器材探究小车沿斜面滑下时速度的变化，实验设计如图1所示，经测量，AB、BC段长度均为40.0cm，tB=3.0s，tC=5.0s，则小车在BC段的平均速度为 cm/s；
（2）如图2所示，经过调节后，在光屏上得到一清晰的像，根据图中信息可判定凸透镜的焦距范围是 ；
（3）在探究“杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为3cm，当弹簧测力计在A点沿与水平方向成30°角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的示数如图3所示，则钩码总重为 N；
（4）锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上（如图所示），此做法主要利用了 具有惯性。
【答案】（1）20.0
（2）5cm（3）2
（4）锤头
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；测量物体运动的平均速度；惯性及其现象；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】解：（1）时间为tBC=tC-tB=5.0s-3.0s=2s，BC段的长度为sBC=40.0cm，
则小车在BC段的平均速度为。
（2）由图2可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故物距大于2倍焦距，像距小于2倍焦距，大于1倍焦距，物距为u=75.0cm-50.0cm=25.0cm；
像距为v=85.0cm-75.0cm=10.0cm；
此时物距范围为u＞2f，像距范围为f＜u＜2f，即25.0cm＞2f，f＜10.0cm＜2f
联立解得5cm＜f＜10cm
（3）记每小格长度为L0，由图可知，阻力臂为L2=3L0=3×3cm=9cm=0.09m
由几何关系可知，动力臂为L1=4L0sin30°=4×3cm×0.5=6cm=0.06m
弹簧测力计的分度值为0.2N，由指针位置可知，其示数为3N，所以动力为F1=3N，由杠杆平衡条件有F1L1=GL2
其中G为钩码总重，代入数据得3N×0.06m=G×0.09m
解得G=2N
（4）锤柄撞击在桌面上突然停止时，锤头由于惯性会继续向下运动，这样锤头就会牢牢地套在锤柄上了，所以此做法主要利用了锤头具有惯性。
故答案为：（1）20.0；（2）5cm＜f＜10cm；（3）2；（4）锤头。【分析】 （1）根据深度公式计算；
（2）根据图中物距大于像距，结合凸透镜成像规律分析解答；
（3）根据杠杆的平衡条件分析解答；
（4）物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。
（1）BC段的长度为sBC=40.0cm，时间为tBC=tC-tB=5.0s-3.0s=2s
则小车在BC段的平均速度为
（2）由图2可知，物距为u=75.0cm-50.0cm=25.0cm
像距为v=85.0cm-75.0cm=10.0cm
可知u>v，又所成的是实像，根据凸透镜成像规律可知，此时物距范围为u>2f，像距范围为f2f，f<10.0cm<2f
联立解得5cm（3）记每小格长度为L0，由图可知，阻力臂为L2=3L0=3×3cm=9cm=0.09m
由几何关系可知，动力臂为L1=4L0sin30°=4×3cm×0.5=6cm=0.06m
弹簧测力计的分度值为0.2N，由指针位置可知，其示数为3N，所以动力为F1=3N，由杠杆平衡条件有F1L1=GL2
其中G为钩码总重，代入数据得3N×0.06m=G×0.09m
解得G=2N
（4）锤柄撞击在桌面上突然停止时，锤头由于惯性会继续向下运动，这样锤头就会牢牢地套在锤柄上了，所以此做法主要利用了锤头具有惯性。
9．（2025·雁江模拟）如图所示，在平面镜与凸透镜之间放一物体AB，F为凸透镜的焦点，从B点发出的一条光线经平面镜反射后恰好通过凸透镜的焦点F，并射向凸透镜，经凸透镜发生折射．请画出：
（1）物体AB在平面镜中的像A'B'．
（2）B点发出的光线经平面镜反射后通过焦点F的光路．
（3）经凸透镜折射后的光线．
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】解：（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像；
（2）连接B'F，B'F与平面镜的交点便是入射点，从而做出入射光线和反射光线；
（3）过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，如下图所示：
【分析】（1）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
（2）根据反射光线的反向延长线过像点，又过凸透镜的焦点F点确定反射光线的位置，补充上入射光线；
（3）根据过焦点的光线经过凸透镜后平行射出作出经过凸透镜的折射光线。
10．（2025·雁江模拟）如图所示，甲图是正在使用的核桃夹，上、下两部分都是杠杆，乙图是上半部分杠杆的示意图。请在A点画出最小动力F1的示意图，在B点画出阻力F2的示意图及其力臂12。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】解： 根据杠杆原理，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。 连接OA两点，OA即为最长动力臂，当动力F1与动力臂垂直时，动力最小，据此可作出最小动力F1；而阻力F2应垂直于核桃的接触面向上，然后过O点作力F2的垂线，即阻力臂l2．作图如下：
【分析】（1）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
（2）阻力是阻碍杠杆转动的力；根据力臂的概念画出F2的力臂L2。
11．（2025·雁江模拟）如图所示，开关闭合后，将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大。请将图中的滑动变阻器按要求连入电路，并画出螺线管的绕法，标出磁感线的方向。
【答案】
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：由图可知，磁体的左端为N极，右端为S极；将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极、左端为N极；磁感线是从N极出来，回到S极的；吸引力变大，表明螺线管的磁性变强，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器的电阻减小，所以应接右下方的接线柱；根据螺线管的极性和安培定则可知，螺线管中电流的方向是向上的；绕法如图所示：
【分析】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，根据右侧的磁体所受的吸引力会变大判定螺线管磁性的变化；螺线管磁性的大小与电流大小有关，电流越大，磁性越强；根据安培定则判定螺线管的绕线方法。
三、探究与实验题（本大题包括2小题，每空2分，共24分）
12．（2025·雁江模拟）（1）小强同学在家中自主学习，他利用家庭实验室的器材欲测一小石块的密度，他可用的器材有∶托盘天平（含砝码）、烧杯、细线、水和小石块。
①在烧杯中放入适量的水，用细线拴住小石块，将小石块浸没放入水中，在水面到达的位置上作标记，用天平测出水和烧杯总质量m1。
②将小石块从水中取出，用天平测出剩余水和烧杯的总质量m2。
③向烧杯中加水到标记处，再用天平测出此时水和烧杯的总质量m3。
④上述实验过程可简化为如图，小石块的质量m石= （用所测物理量的字母表示）。
⑤设水的密度为ρ水，则小石块体积V石= （用所测物理量的字母表示，下同），小石块密度ρ石= 。
⑥若步骤②中取出小石块时带走了一些水，小强所测的小石块质量 （选填“大于”“小于”或“等于”）小石块的真实质量。
（2）小球从高处下落到竖直放置的轻质弹簧上（图甲）。在刚接触弹簧的瞬间（如图乙），速度为5m/s，将弹簧压缩到最短（图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度之间的关系如图丁所示，其中A为曲线最高点，已知弹簧每受到0.2N的压力就缩短0.5 cm，并且轻弹簧在受到撞击到压缩到最短的整个过程中始终发生弹性形变。在撞击弹簧到弹簧压缩到最短的过程中，小球动能变化是 ，小球受到的重力为 N。（不考虑空气阻力）
（3）小娟同学拿着自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，发现玻璃管内水柱的高度 （选填“增大”“减小” 或“不变”）。
【答案】（1）；；；大于
（2）先变大后边小；2
（3）增大
【知识点】固体密度的测量；机械能及其转化；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 解：（1）④上述实验过程可简化为如图1，小石块的质量m石= m1-m2
⑤设水的密度为ρ水，加入水的体积即为小石块的体积，根据密度公式，则小石块体积
小石块密度⑥若步骤②中取出小石块时带走了一些水，用天平测出剩余水和烧杯的总质量m2变小，小强所测的小石块质量大于小石块的真实质量。
（2）由图象看出：在小球刚开始撞击弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，小球速度先变大后变小，因小球的质量不变，故小球动能变化是先变大后变小；
在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力。开始时，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大。
随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，两力是一对平衡力，合力为零。小球再向下运动，弹力大于重力，合力向上，小球速度减小。由此可见，当重力G与弹力F是一对平衡力时，小球速度最大。此时，由图可知弹簧的压缩量ΔL=5cm，
由平衡条件得；
（3）小娟同学拿着自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，大气压强变小，瓶内气压大于外界大气压强，玻璃管内水柱升高，故发现玻璃管内水柱的高度增大。
故答案为：（1）m1-m2；；；大于；（2）先变大，后变小；2；（3）增大。
【分析】④根据操作得出小石块的质量m石；
⑤补水的体积即为小石块的体积，求出补水的质量，根据密度公式得出补水的体积，即小石块体积；根据密度公式得出小石块密度；
⑥若步骤②中取出小石块时带走了一些水，用天平测出剩余水和烧杯的总质量m2变小，据此分析；
（2）由图象可知，小球速度先变大，后变小；在运动过程中小球受重力与弹簧的弹力，当两力大小相等时，小球速度最大，此时弹力与重力是一对平衡力，据此得出球受到的重力。
（3）大气压强随高度的增大而变小。
（1）④[1]由步骤①②可知，小石块的质量为
⑤[2][3]设水的密度为，小石块的体积等于它排开水的体积，则小石块体积
小石块密度
⑥[4]②中取出石块时带走一些水，则导致测出的m2偏小，由于
所以所测得的小石块的质量大于小石块的真实质量。
（2）[1]由图象看出，在小球刚开始撞击弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，小球速度先变大后变小；运动过程中小球的质量不变，因此小球动能变化是先变大后变小。
[2]在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力。开始时，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大；随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，两力是一对平衡力，合力为零；小球再向下运动，弹力大于重力，合力向下，小球速度减小；由此可见，当重力G与弹力F是一对平衡力时，小球速度最大；此时，由图可知弹簧的压缩量，已知弹簧每受到0.2N的压力就缩短0.5cm，因此物体的重力
（3）大气压随海拔高度的升高而减小，小娟同学拿着自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，海拔高度的升高，大气压减小，瓶内外的气压差增大，瓶内的气压使玻璃管内的水柱上升，玻璃管内水柱的高度增大。
13．（2025·雁江模拟）在“探究电流与电阻的关系”实验中，实验器材有∶电源（电压恒为4.5 V）、电流表、电压表、滑动变阻器和开关各一个，定值电阻五个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），导线若干。
（1）将图甲实验电路连接完整。
（2）实验中，若用10Ω电阻替换15Ω电阻，继续实验，应将滑动变阻器的滑片P向 移（选填“左”或“右”）。
（3）图乙是根据实验数据画出的定值电阻的I-R图像，其中阴影面积的物理意义是 ，为完成五次实验，滑动变阻器最大阻值应不小于 Ω。
（4）小明同学换用五个电阻多次实验，下列实验中也都采用了多次测量，其中与本实验中多次实验的目的不同的是 。
A．“探究滑动摩擦力的大小跟压力的大小关系”时，多次改变压力的大小
B．“探究平面镜成像特点”时，多次测量物距和像距的大小
C．“测量物理课本的长度”时，多次测量长度
D．“探究杠杆的平衡条件”时，多次测量力和力臂
【答案】（1）
（2）右
（3）定值电阻两端的电压；20
（4）C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：（1）实验中，应将电流表、定值电阻和滑动变阻器串联使用，如图；
（2）探究电流与电阻关系的实验中，根据串联分压规律知，若用10Ω电阻替换15Ω电阻，电阻减小，分得的电压减小，而实验必须控制电压相等，根据串联电压之比等于电阻之比，定值电阻变小，滑动变阻器也要条形，才能保持电压不变，应将滑动变阻器的滑片P向右移，直到电压表示数与接入15Ω电阻时的电压相同。
（3）图乙是根据实验数据画出定值电阻的I-R图像，其中阴影面积是电流和电阻的乘积，即，其物理意义是定值电阻两端的电压。
探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻两端的电压不变，由图象可得定值电阻两端的电压UV=IR=0.5A×5Ω=0.25A×10Ω=0.1A×25Ω=2.5V；实验中电源电压不变，则滑动变阻器两端的电压也不变，由串联电路的分压原理可知；
上式中定值电阻的阻值越大滑动变阻器的阻值越大，当R=25Ω时，滑动变阻器的最大阻值。为完成五次实验，滑动变阻器最大阻值应不小于20Ω。
（4）探究电流与电阻关系，多次实验为了排除偶然性寻找普遍规律。
A．探究滑动摩擦力的大小跟压力的大小关系时，多次改变压力的大小，是为了寻找摩擦力跟压力的关系，故A不符合题意；
B．探究平面镜成像特点时，多次测量物距和像距的大小，也是为了寻找普遍规律，故B不符合题意，
C．测量物理课本的长度时，多次多次测量求平均值，目的是减小实验误差，故C符合题意；
D．探究杠杆的平衡条件时，多次测量力和力臂，是为了寻找普遍规律，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：（1）如图： ；（2）右；（3）定值电阻两端的电压；20；（4）C。
【分析】 （1）实验中，应将电流表、定值电阻和滑动变阻器串联使用；
（2）根据串联分压规律分析；
（3）图乙是根据实验数据画出定值电阻的I-R图象，根据U=IR可知其中阴影面积的物理意义及数值，进而得出结论。
（4）根据实验中多次测量是探究普遍规律分析。
（1）实验中，电流表、定值电阻、滑动变阻器串联，滑动变阻器按一上一下接入电路，滑动变阻器选上接线柱，如图：
（2）探究电流与电阻关系的实验中，应保持定值电阻两端的电压不变，若用10Ω电阻替换15Ω电阻，电阻减小，电路中电流增大，滑动变阻器分得的电压增大，应减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向右移，直到电压表示数与接入15Ω电阻时的电压相同。
（3）[1]图乙是根据实验数据画出定值电阻的图像，其中阴影面积是电流和电阻的乘积，即，其物理意义是定值电阻两端的电压。
[2]探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻两端的电压不变，由图象可得定值电阻两端的电压
实验中电源电压不变，则滑动变阻器两端的电压也不变，由串联电路的分压原理可知
上式中定值电阻的阻值越大滑动变阻器的阻值越大，当时，滑动变阻器的最大阻值
为完成五次实验，滑动变阻器最大阻值应不小于20Ω。
（4）换用五个电阻多次实验，目的是为了寻找普遍规律。
A．探究滑动摩擦力的大小跟压力的大小关系时，多次改变压力的大小，是为了寻找摩擦力跟压力的关系，故A不符合题意；
B．探究平面镜成像特点时，多次测量物距和像距的大小，也是为了寻找普遍规律，故B不符合题意，
C．测量物理课本的长度时，多次多次测量求平均值，目的是减小实验误差，故C符合题意；
D．探究杠杆的平衡条件时，多次测量力和力臂，是为了寻找普遍规律，故D不符合题意。
故选C。
四、论证与计算题（本大题包括3个小题，共35分）
14．（2025·雁江模拟）考古学家在黄海海域发现甲午海战沉船“致远舰”的消息轰动了整个考古界，随着水下考古工作的进行，一些重要文物近日陆续出水重见天日，关于这艘在海水中沉睡了120余年的战舰是如何被打捞起的谜题也逐步解开。现某课外活动小组，照此设计了如图所示的简单机械，模拟打捞沉船，实验中用实心立方体A代替沉船，已知A的体积为0.1m3，质量为280kg（设整个过程A均为匀速直线运动状态，忽略钢缆绳重及滑轮摩擦，不考虑风浪、水流等因素的影响，g取9.8N/kg）。
（1）A完全浸没在水中时受到的浮力是多少？（）
（2）若A完全浸没在水中时，滑轮组的机械效率为60%，动滑轮的重力是多少？
（3）A完全打捞出水面后，岸上钢绳的拉力F为多少？
（4）若A完全打捞出水面后，以0.1 m/s的速度匀速提升，则岸上钢绳拉力F的功率为多少？
【答案】（1）解：根据阿基米的原理可知，A完全浸没在水中时受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgV=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m3=980N。
答：A完全浸没在水中时受到的浮力是980N。
（2）解：根据重力公式可知，物体A的重力：G=mg=280kg×9.8N/kg=2744N，
A完全浸没在水中时，总功为W总=（G+G动-F浮）h，有用功为W有=（G-F浮）h，
所以，滑轮组的机械效率：，解得：G动=1176N。
答：动滑轮的重力是1176N。
（3）解：图可知，n=5，A完全打捞出水面后，岸上钢绳的拉力。
答：A完全打捞出水面后，岸上钢绳的拉力F为784N。
（4）解：A完全打捞出水面后，以0.1m/s的速度被匀速提升时，绳端的速度：
v绳=nv物=5×0.1m/s=0.5m/s，
岸上钢绳拉力F的功率：。
答：岸上钢绳拉力F的功率为392W。
【知识点】功率计算公式的应用；阿基米德原理；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）A完全浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力；
（2）根据G=mg求出物体A的重力，忽略钢缆绳重及滑轮摩擦，克服物体重力和动滑轮重力减去浮力做的功为总功，克服物体重力减去受到浮力做的功为有用功，根据表示出A完全浸没在水中时滑轮组的机械效率即可求出动滑轮的重力；（3）根据求出A完全打捞出水面后岸上钢绳的拉力；
（4）根据v绳=nv物求出绳端移动的速度，利用求出岸上钢绳拉力F的功率。
（1）A完全浸没在水中时受到的浮力
（2）A的重力
物体A受到滑轮组的拉力
若A完全浸没在水中时，如图，滑轮组由5根绳承担物重，绳端移动的距离，滑轮组的机械效率
解得，动滑轮的重力
（3）A完全打捞出水面后，钢绳的拉力
（4）若A完全打捞出水面后， 以0.1 m/s的速度匀速提升时，钢绳自由端移动的速度
岸上钢绳拉力的功率为
15．（2025·雁江模拟）如图所示是正在试验中的某型号太阳能汽车，它的基本工作原理是把太阳能先转化成电能存储在车中的蓄电池中，蓄电池再对车中的电动机供电从而使车运动.此车内部蓄电池上标有“24V，300Ah”字样，电动机的铭牌上标有“24V，20A”，若电动机线圈的电阻是0.2Ω，忽略一切摩擦，求：
（1）若太阳能的36%转化成电能，要把该车蓄电池充满需转化多少太阳能？
（2）该车电动机正常工作25min，将消耗多少电能？
（3）电动机正常工作时线圈的发热功率和电动机的机械功率。
【答案】（1）解：根据电能公式可知，蓄电池所存储的电能W=UIt=24V×300A×3600s=2.592×107J，
需要的太阳能。
答：若太阳能的36%转化成电能，要把该车蓄电池充满需转化7.2×107J的太阳能。
（2）解：根据电能公式可知，电动机消耗的电能：W电动机=UIt=24V×20A×25×60s=7.2×105J。
答：该车电动机正常工作25min，将消耗7.2×105J电能。
（3）解：电动机的热功率P热=I2R=（20A）2×0.2Ω=80W，
电动机总功率P=UI=24V×20A=480W，
电动机的机械功率P机=P-P热=480W-80W=400W。
答：电动机正常工作时线圈的发热功率是80W，电动机的机械功率是400W。
【知识点】电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）先求出蓄电池充满所存储的电能，然后再求出需要的太阳能。
（2）由电动机铭牌可知，其额定电压是24V，额定电流是20A，由W=UIt可以求出电动机消耗的电能。
（3）由电功率公式求出线圈的发热功率，电动机总功率，总功率与发热功率之差是电动机的机械功率。
（1）蓄电池所存储的电能
所以需要的太阳能
（2）电动机消耗的电能
（3）电动机的热功率
电动机总功率
电动机的机械功率
16．（2025·雁江模拟）如图甲是某电热水壶的电路图，铭牌如图乙。R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。当水沸腾后，S会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制（设加热器电阻阻值一定）。[已知：水的比热容c=4.2103J/（kg·℃），1L=10-3m3]。求：
（1）该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是多少？
（2）该电热水壶正常加热工作时，对加热器通电10s产生的热量是多少？
（3）将电热水壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是多少
（4）用如图丙所示的电能表单独测量该电热水壶消耗的电能，实际加热时。3min电能表中间的铝质圆盘转动了24转，此时电路消耗的实际功率是多少
【答案】解：（1）当温度较低时，温控器S处于闭合状态，而R0短路，电路为R的简单电路，电路电阻较小，根据P=可知，电水壶处于加热状态，由表中数据知加热功率为1000W，由P=UI=得，加热电阻的阻值为R===48.4Ω
即加热器的阻值是48.4Ω。
（2）若正常工作时，对加热器通电10s产生的热量
Q=W=P加热t=1000W×10s=10000J
即加热器通电10s产生的热量是10000J。
（3）一满壶水的质量
m=V=1.0×103kg/m3×2.5×10-3m3=2.5kg
水吸收的热量
Q吸=cmΔt=4.2103J/（kg·℃）×2.5kg×(75℃-25℃)=525000J
即水吸收的热量是525000J。
（4）电热水壶消耗的电能
W= kWh=0.04 kWh
电热水壶的实际功率
P===0.8 kW
即电路消耗的实际功率是0.8 kW。
答：（1）该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是48.4Ω；
（2）该电热水壶正常加热工作时，对加热器通电10s产生的热量是10000J；
（3）将电热水壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是525000J；
（4）此时电路消耗的实际功率是0.8 kW。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据P=可知，电水壶处于加热状态时，电路为R的简单电路，加热功率为1000W，由P=UI=得，加热电阻的阻值；
（2）若正常工作时，根据电功率公式Q=W=P加热t计算对加热器通电10s产生的热量；
（3）一满壶水的质量m=V。水吸收的热量Q吸=cmΔt；
（4）电热水壶消耗的电能W= kWh；根据电功率公式P=计算电热水壶的实际功率。
1 / 1
