考点四牛顿运动定律—2026年高考物理二轮复习高频考点突破训练（含解析）
文档属性
| 名称 | 考点四牛顿运动定律—2026年高考物理二轮复习高频考点突破训练（含解析） |
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| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 541.9KB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2026-03-08 00:00:00 | ||
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文档简介
考点四 牛顿运动定律—2026年高考物理二轮复习高频考点训练
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下列属于国际单位制基本单位符号的是（ ）
A．m B．N C．Ω D．T
2．如图，由不同材料拼接成的长直杆CPD，P为两材料分界点，DP＞CP，现让直杆以下面两种情况与水平面成45°．一个套在长直杆上的圆环静止开始从顶端滑到底端，两种情况下圆环经过相同的时间滑到P点．则圆环（ ）
A．与杆CP段的动摩擦因数较小 B．两次滑到P点的速度可能相同
C．两次滑到P点摩擦力做功一定相同 D．到达底端D所用时间较长
3．如图所示，在升降机的天花板上用细线悬挂一小球，现升降机加速下降，下列说法正确的是（ ）
A．小球处于超重状态 B．小球处于失重状态
C．细线的拉力大于小球的重力 D．细线的拉力等于小球的重力
4．2020年11月10日，中国首艘万米级载人潜水器“奋斗者”号，在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10 909米，刷新中国载人深潜纪录．假设“奋斗号”在海底的某次实验中使用机械手采集深海标本，关于机械手对标本的作用力与标本对机械手的作用力，下列说法正确的是 （ ）
A．大小相等 B．作用效果可以抵消
C．是一对平衡力 D．机械手先对标本产生作用力，标本后对机械手产生反作用力
5．小明家住26层，他放学后，乘坐电梯从1层直达26层。假设电梯刚启动时做加速直线运动，中间一段做匀速直线运动，最后一段时间做减速直线运动。在电梯从1层直达26层的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电梯刚启动时，小明处于超重状态
B．电梯刚启动时，电梯地板对小明的支持力等于小明受到的重力
C．电梯上升的过程中，小明一直处于超重状态
D．小明的速度方向发生了变化
6．如图，某杂技演员在做手指玩盘子的表演．设该盘的质量为m=0.2kg，手指与盘之间的滑动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦等于滑动摩擦，盘底处于水平状态,且不考虑盘的自转．下列说法正确的是
A．若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则手对盘的摩擦力大小为1N
B．若盘随手指一起水平向右做匀速运动，则手对盘的摩擦力大小为1N
C．若盘随手指一起水平向右做匀加速运动，则手对盘的作用力大小为2N
D．若盘随手指一起水平向右做匀加速运动，则手对盘的作用力大小不可超过2.24N
7．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间的动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是（ ）
A．a=μg B．a=μg C．a=g D．a=g
8．如图所示，一条质量为1kg的均匀柔软绳索置于光滑水平桌面上，开始有一小段垂在桌边，使它从静止开始运动。重力加速度，在运动过程中，绳的转折处O点的最大张力是（ ）
A．2.5N B．5N C．10N D．7.5N
二、多选题
9．研究“蹦极”运动时，在运动员身上系好弹性绳并安装传感器，可测得运动员竖直下落的距离h及其对应的速度v，得到如图所示的图像。运动员及其所携带装备的总质量为60kg，弹性绳原长为10m，弹性绳上的弹力遵循胡克定律，忽略空气阻力，取重力加速度，以下说法正确的是（ ）
A．弹性绳的劲度系数为
B．运动员在下落过程中先超重再失重
C．运动员在最低点处加速度大小为
D．运动员在速度最大处运动员处于失重状态
10．如图所示，假设电机能控制吊绳的拉力按（与k为未知常量）变化，将一体积较大的重物从静止开始竖直吊起，重物受到的空气阻力与速度成正比，则关于重物的加速度a、速度v、电机功率P以及重物的机械能E随时间变化的图像可能是（ ）
A． B． C． D．
三、实验题
11．某同学将小车左端与纸带相连（图中未画出），纸带穿过打点计时器，右端系住轻绳，通过滑轮用重物牵引，测得小车的加速度为。将小车左侧的纸带取下，将具有加速度测量功能的智能手机固定在小车上，来测量加速度，如图所示（实验的其他条件不变）让重物落下，开始测量小车的加速度，直至小车接触到制动器后结束测量。在智能手机上显示了如图所示的画面，智能手机测量的是以小车的前进方向为正方向的加速度，小车停止前的加速度超过了图表的显示范围。
（1）小车向制动器匀加速靠近时，智能手机测得的加速度大小约为_____（保留两位有效数字）；
（2）智能手机和打点计时器测得的加速度有明显差异，主要原因是______；
（3）根据图像可知小车与制动器碰撞前的速度约为_______（保留三位有效数字）。
12．为了测量木块与长木板之间的动摩擦因数，小周、小钱两位同学分别设计了如下实验：
（1）小周同学先将木块挂到一弹簧上，如甲所示，测出弹簧的长度 L1。再将木块放置在水平的长木板上，弹簧的一端连着木块，另一端固定在墙上，如图乙所示。拉动长木板，将其从木块的下方缓缓抽出，在拉动过程中，测得弹簧的长度 L2。要测得动摩擦因数，还必须测量的一个物理量为_______________（写出物理量的名称并用字母表示）， 由该实验测得动摩擦因数的表达式为μ=___________。（用测得的物理量的字母及 L1 、L2 等表示）
（2）小钱同学的设计如图所示。他在长木板的一端固定一个定滑轮，将其放置在水平桌面上， 木块连着打点计时器上（交流电频率为 50Hz）的纸带，用一细绳连接木块，细绳跨过滑轮， 另一端挂一钩码。放手后，钩码拉动木块，木块先做匀加速运动，钩码着地后，木块开始做匀减速运动，得到一条纸带，其减速时的纸带上打点情况如图丁所示，则木块减速时的加速度 a=________________m/s2（结果保留两位有效数字）。若当地重力加速度为 g，则乙测得的动摩擦因数的表达式为 μ=_______________。（用相关的物理量的字母表示）
四、解答题
13．如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端有一可视为质点的木块，已知木块的质量，木板的质量、长度，木板上表面与木块、下表面与地面之间的动摩擦因数均为。现用水平恒力拉木板，g取。求：
(1)木块与木板的加速度、的大小。
(2)木块滑到木板左端所需的时间。
14．如图所示，在超重机的拉力作用下，质量为2.0×103kg的物体竖直向上做匀加速直线运动，由静止开始4s内上升的高度为4m．不计空气阻力，g取10m/s2．求物体在该过程中
①加速度的大小；
②所受拉力的大小．
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
考点四 牛顿运动定律—2026年高考物理二轮复习高频考点突破训练》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A D B A A D B A AC AB
1．A
【详解】国际单位制中的基本单位分别是：长度的单位是米，符号m；质量的单位是千克，符号kg；时间的单位是秒，符号s；电流的单位是安培，符号是A；热力学温度的单位是开尔文，符号K；物质的量单位是摩尔，符号mol；发光强度的单位是坎德拉，符号cd。
故选A。
2．D
【详解】A. 第一种情况：从C到P过程：
第二种情况：从D到P过程：
因为DP＞CP，所以μ1＞μ2，即圆环与直杆CP段的动摩擦因数大于圆环与直杆DP段之间的动摩擦因数，故A正确；
B. 小物块两次滑动经过P点的时间相同，且DP＞CP，因此从D到P的平均速度大于从C到P的平均速度，设从C运动到P点时速度大小为v1，从D运动到P点时速度大小为v2，则根据匀变速直线运动特点有：，即从D到P点速度大于从C到P点的速度，则得，故B正确；
C. 由于不知道动摩擦因数以及DP和CP的具体关系，所以不能判断两次滑到P点摩擦力做功是否相等，故C错误；
D. 从C到D和从D到C过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达底端速度相等，设圆环滑到底端的速度大小为v．则第一种情况：从P到D过程，第二种情况：从P到C过程，，因为DP＞CP，v1＜v2．所以t1＞t2．则得第一次圆环到达底端所用时间长．故D正确．
故选D．
【点睛】本题应用牛顿第二定律和运动学、动能定理是解答这类问题的关键．应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节．
3．B
【详解】小球随着升降机加速下降，小球的加速度方向竖直向下，处于失重状态，则细线的拉力小于小球的重力。
故选B。
4．A
【详解】机械手对标本的作用力与标本对机械手的作用力是相互作用力，大小相等，同时产生，作用在两个物体上不是平衡力，效果不能抵消。故A正确BCD错误；
故选A。
5．A
【详解】AB.电梯刚启动时，小明有向上的加速度，地板对小明的支持力大于小明受到的重力，则小明处于超重状态，选项A正确，B错误；
C.电梯启动和向上加速时，加速度向上，而减速运动时，加速度向下，加速度方向发生了变化，故小明先超重后失重，选项C错误；
D.由于电梯运动方向一直向上，故速度方向没有发生变化，选项D错误。
故选A。
6．D
【详解】若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则盘受到重力作用和手指的作用，二力平衡，则手对盘的摩擦力大小为0，故A错误；若手指支撑着盘并一起水平向右匀速运动，盘相对手指静止，不受静摩擦力的作用，故B错误；若手指支撑着盘并一起水平向右匀加速运动，则盘受到向右的静摩擦力，但并没有发生相对滑动，所以受到的摩擦力f≤μmg=1N，手对盘的作用力，故C错误，D正确；故选D．
【点睛】此题是对物体的平衡及牛顿第二定律的考查；注意当盘子水平匀速运动时，受力平衡；盘子水平贾平加速运动时，靠静摩擦力产生水平加速度，竖直方向受力平衡；手对盘的作用力是摩擦力与支持力的合力．
7．B
【详解】当物块相对于木板运动时，木板的加速度最大，且木板的最大加速度
故选B。
8．A
【详解】设垂直部分绳子质量为m，水平部分的绳子质量为M，绳的转折处O点的张力为T，根据牛顿第二定律有
，
且
解得
则当时，T取得最大值2.5N。
故选A。
9．AC
【详解】A．运动员受力平衡时，速度最大。由图像可知，下落高度为15m时速度最大，此时受力平衡
且，
解得，故A正确；
B．根据加速度向上，物体处于超重状态；加速度向下，物体处于失重状态，运动员下落过程先加速后减速，所以下落过程是先失重后超重，故B错误；
C．运动员在最低点时，速度为零，弹力最大，此时由牛顿第二定律可得
其中，
联立解得，故C正确；
D．速度最大时重力和弹力平衡，此时加速度为零，既不失重也不超重，故D错误。
故选AC。
10．AB
【详解】A．设重物质量为m，阻力为
f=k′v
对重物受力分析得
F-mg-f=ma
即
F0＋(k-k′)v-mg=ma
可知，当k=k′时，加速度恒定，故A正确；
B．当k>k′，加速度随速度增加而增加，即重物做加速度增加的加速运动，故B正确；
C．电机功率为
P=Fv=F0v＋kv2
可知，由于速度随时间变化，则电动机的功率不可能随时间线性变化，故C错误；
D．重物从静止一直上升，动能和势能都会一直增加，则机械能会一直增加，故D错误。
故选AB。
11． 0.60（0.55~0.65均可） 小车上放置了智能手机，小车和手机的质量增加，使所受摩擦力增大，车、手机、重物这个整体合外力减小，则整体加速度减小 1.08（0.935~1.15均可）
【详解】（1）[1]由图乙可知，小车向制动器匀加速靠近时，智能手机测得的加速度大小约为。
（2）[2]智能手机测得的加速度明显比打点计时器测得的加速度小，原因是小车上放置了智能手机，小车和手机的质量增加，使所受摩擦力增大，车、手机、重物这个整体合外力减小，则整体加速度减小。
（3）[3]从图像可以看出从2.5s到4.3s物体一直以的加速度匀加速运动，因为图像的面积表示速度变化量，则有
故小车与制动器碰撞前的速度约为。
12． 弹簧的原长L0 4.2m/s2
【详解】（1）小周同学的方案是通过测量木块的重力G（等于木块对木板的压力FN）和摩擦力Ff，再根据来求得动摩擦因数，因为结果是两个力的比值，所以不需要测量力的具体数值，只需知道两个力的相对大小，即可测得结果。弹簧弹力的大小正比于弹簧的形变量，要求弹簧的形变量，必须测量弹簧的原长L0。
得
（2）加速度，取T=0.04s，
得a=4.2m/s2
钩码着地后，拉力消失，木块水平方向只受木板的摩擦阻力，得，又，所以
13．(1)，
(2)
【详解】（1）对木块，根据牛顿第二定律有
解得
对木板，根据牛顿第二定律有
解得
（2）木块滑到木板左端时，两者的位移之差等于木板长度，根据位移与时间关系有
解得
14．①a=0.5m/s2②2.1×104N
【详解】①物体做初速度为零的匀加速直线运动，根据，得，解得
②物体上升过程中，受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力作用，
根据牛顿第二定律得，故，解得；
答案第1页，共2页
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学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下列属于国际单位制基本单位符号的是（ ）
A．m B．N C．Ω D．T
2．如图，由不同材料拼接成的长直杆CPD，P为两材料分界点，DP＞CP，现让直杆以下面两种情况与水平面成45°．一个套在长直杆上的圆环静止开始从顶端滑到底端，两种情况下圆环经过相同的时间滑到P点．则圆环（ ）
A．与杆CP段的动摩擦因数较小 B．两次滑到P点的速度可能相同
C．两次滑到P点摩擦力做功一定相同 D．到达底端D所用时间较长
3．如图所示，在升降机的天花板上用细线悬挂一小球，现升降机加速下降，下列说法正确的是（ ）
A．小球处于超重状态 B．小球处于失重状态
C．细线的拉力大于小球的重力 D．细线的拉力等于小球的重力
4．2020年11月10日，中国首艘万米级载人潜水器“奋斗者”号，在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10 909米，刷新中国载人深潜纪录．假设“奋斗号”在海底的某次实验中使用机械手采集深海标本，关于机械手对标本的作用力与标本对机械手的作用力，下列说法正确的是 （ ）
A．大小相等 B．作用效果可以抵消
C．是一对平衡力 D．机械手先对标本产生作用力，标本后对机械手产生反作用力
5．小明家住26层，他放学后，乘坐电梯从1层直达26层。假设电梯刚启动时做加速直线运动，中间一段做匀速直线运动，最后一段时间做减速直线运动。在电梯从1层直达26层的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电梯刚启动时，小明处于超重状态
B．电梯刚启动时，电梯地板对小明的支持力等于小明受到的重力
C．电梯上升的过程中，小明一直处于超重状态
D．小明的速度方向发生了变化
6．如图，某杂技演员在做手指玩盘子的表演．设该盘的质量为m=0.2kg，手指与盘之间的滑动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦等于滑动摩擦，盘底处于水平状态,且不考虑盘的自转．下列说法正确的是
A．若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则手对盘的摩擦力大小为1N
B．若盘随手指一起水平向右做匀速运动，则手对盘的摩擦力大小为1N
C．若盘随手指一起水平向右做匀加速运动，则手对盘的作用力大小为2N
D．若盘随手指一起水平向右做匀加速运动，则手对盘的作用力大小不可超过2.24N
7．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间的动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是（ ）
A．a=μg B．a=μg C．a=g D．a=g
8．如图所示，一条质量为1kg的均匀柔软绳索置于光滑水平桌面上，开始有一小段垂在桌边，使它从静止开始运动。重力加速度，在运动过程中，绳的转折处O点的最大张力是（ ）
A．2.5N B．5N C．10N D．7.5N
二、多选题
9．研究“蹦极”运动时，在运动员身上系好弹性绳并安装传感器，可测得运动员竖直下落的距离h及其对应的速度v，得到如图所示的图像。运动员及其所携带装备的总质量为60kg，弹性绳原长为10m，弹性绳上的弹力遵循胡克定律，忽略空气阻力，取重力加速度，以下说法正确的是（ ）
A．弹性绳的劲度系数为
B．运动员在下落过程中先超重再失重
C．运动员在最低点处加速度大小为
D．运动员在速度最大处运动员处于失重状态
10．如图所示，假设电机能控制吊绳的拉力按（与k为未知常量）变化，将一体积较大的重物从静止开始竖直吊起，重物受到的空气阻力与速度成正比，则关于重物的加速度a、速度v、电机功率P以及重物的机械能E随时间变化的图像可能是（ ）
A． B． C． D．
三、实验题
11．某同学将小车左端与纸带相连（图中未画出），纸带穿过打点计时器，右端系住轻绳，通过滑轮用重物牵引，测得小车的加速度为。将小车左侧的纸带取下，将具有加速度测量功能的智能手机固定在小车上，来测量加速度，如图所示（实验的其他条件不变）让重物落下，开始测量小车的加速度，直至小车接触到制动器后结束测量。在智能手机上显示了如图所示的画面，智能手机测量的是以小车的前进方向为正方向的加速度，小车停止前的加速度超过了图表的显示范围。
（1）小车向制动器匀加速靠近时，智能手机测得的加速度大小约为_____（保留两位有效数字）；
（2）智能手机和打点计时器测得的加速度有明显差异，主要原因是______；
（3）根据图像可知小车与制动器碰撞前的速度约为_______（保留三位有效数字）。
12．为了测量木块与长木板之间的动摩擦因数，小周、小钱两位同学分别设计了如下实验：
（1）小周同学先将木块挂到一弹簧上，如甲所示，测出弹簧的长度 L1。再将木块放置在水平的长木板上，弹簧的一端连着木块，另一端固定在墙上，如图乙所示。拉动长木板，将其从木块的下方缓缓抽出，在拉动过程中，测得弹簧的长度 L2。要测得动摩擦因数，还必须测量的一个物理量为_______________（写出物理量的名称并用字母表示）， 由该实验测得动摩擦因数的表达式为μ=___________。（用测得的物理量的字母及 L1 、L2 等表示）
（2）小钱同学的设计如图所示。他在长木板的一端固定一个定滑轮，将其放置在水平桌面上， 木块连着打点计时器上（交流电频率为 50Hz）的纸带，用一细绳连接木块，细绳跨过滑轮， 另一端挂一钩码。放手后，钩码拉动木块，木块先做匀加速运动，钩码着地后，木块开始做匀减速运动，得到一条纸带，其减速时的纸带上打点情况如图丁所示，则木块减速时的加速度 a=________________m/s2（结果保留两位有效数字）。若当地重力加速度为 g，则乙测得的动摩擦因数的表达式为 μ=_______________。（用相关的物理量的字母表示）
四、解答题
13．如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端有一可视为质点的木块，已知木块的质量，木板的质量、长度，木板上表面与木块、下表面与地面之间的动摩擦因数均为。现用水平恒力拉木板，g取。求：
(1)木块与木板的加速度、的大小。
(2)木块滑到木板左端所需的时间。
14．如图所示，在超重机的拉力作用下，质量为2.0×103kg的物体竖直向上做匀加速直线运动，由静止开始4s内上升的高度为4m．不计空气阻力，g取10m/s2．求物体在该过程中
①加速度的大小；
②所受拉力的大小．
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
考点四 牛顿运动定律—2026年高考物理二轮复习高频考点突破训练》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A D B A A D B A AC AB
1．A
【详解】国际单位制中的基本单位分别是：长度的单位是米，符号m；质量的单位是千克，符号kg；时间的单位是秒，符号s；电流的单位是安培，符号是A；热力学温度的单位是开尔文，符号K；物质的量单位是摩尔，符号mol；发光强度的单位是坎德拉，符号cd。
故选A。
2．D
【详解】A. 第一种情况：从C到P过程：
第二种情况：从D到P过程：
因为DP＞CP，所以μ1＞μ2，即圆环与直杆CP段的动摩擦因数大于圆环与直杆DP段之间的动摩擦因数，故A正确；
B. 小物块两次滑动经过P点的时间相同，且DP＞CP，因此从D到P的平均速度大于从C到P的平均速度，设从C运动到P点时速度大小为v1，从D运动到P点时速度大小为v2，则根据匀变速直线运动特点有：，即从D到P点速度大于从C到P点的速度，则得，故B正确；
C. 由于不知道动摩擦因数以及DP和CP的具体关系，所以不能判断两次滑到P点摩擦力做功是否相等，故C错误；
D. 从C到D和从D到C过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达底端速度相等，设圆环滑到底端的速度大小为v．则第一种情况：从P到D过程，第二种情况：从P到C过程，，因为DP＞CP，v1＜v2．所以t1＞t2．则得第一次圆环到达底端所用时间长．故D正确．
故选D．
【点睛】本题应用牛顿第二定律和运动学、动能定理是解答这类问题的关键．应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节．
3．B
【详解】小球随着升降机加速下降，小球的加速度方向竖直向下，处于失重状态，则细线的拉力小于小球的重力。
故选B。
4．A
【详解】机械手对标本的作用力与标本对机械手的作用力是相互作用力，大小相等，同时产生，作用在两个物体上不是平衡力，效果不能抵消。故A正确BCD错误；
故选A。
5．A
【详解】AB.电梯刚启动时，小明有向上的加速度，地板对小明的支持力大于小明受到的重力，则小明处于超重状态，选项A正确，B错误；
C.电梯启动和向上加速时，加速度向上，而减速运动时，加速度向下，加速度方向发生了变化，故小明先超重后失重，选项C错误；
D.由于电梯运动方向一直向上，故速度方向没有发生变化，选项D错误。
故选A。
6．D
【详解】若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则盘受到重力作用和手指的作用，二力平衡，则手对盘的摩擦力大小为0，故A错误；若手指支撑着盘并一起水平向右匀速运动，盘相对手指静止，不受静摩擦力的作用，故B错误；若手指支撑着盘并一起水平向右匀加速运动，则盘受到向右的静摩擦力，但并没有发生相对滑动，所以受到的摩擦力f≤μmg=1N，手对盘的作用力，故C错误，D正确；故选D．
【点睛】此题是对物体的平衡及牛顿第二定律的考查；注意当盘子水平匀速运动时，受力平衡；盘子水平贾平加速运动时，靠静摩擦力产生水平加速度，竖直方向受力平衡；手对盘的作用力是摩擦力与支持力的合力．
7．B
【详解】当物块相对于木板运动时，木板的加速度最大，且木板的最大加速度
故选B。
8．A
【详解】设垂直部分绳子质量为m，水平部分的绳子质量为M，绳的转折处O点的张力为T，根据牛顿第二定律有
，
且
解得
则当时，T取得最大值2.5N。
故选A。
9．AC
【详解】A．运动员受力平衡时，速度最大。由图像可知，下落高度为15m时速度最大，此时受力平衡
且，
解得，故A正确；
B．根据加速度向上，物体处于超重状态；加速度向下，物体处于失重状态，运动员下落过程先加速后减速，所以下落过程是先失重后超重，故B错误；
C．运动员在最低点时，速度为零，弹力最大，此时由牛顿第二定律可得
其中，
联立解得，故C正确；
D．速度最大时重力和弹力平衡，此时加速度为零，既不失重也不超重，故D错误。
故选AC。
10．AB
【详解】A．设重物质量为m，阻力为
f=k′v
对重物受力分析得
F-mg-f=ma
即
F0＋(k-k′)v-mg=ma
可知，当k=k′时，加速度恒定，故A正确；
B．当k>k′，加速度随速度增加而增加，即重物做加速度增加的加速运动，故B正确；
C．电机功率为
P=Fv=F0v＋kv2
可知，由于速度随时间变化，则电动机的功率不可能随时间线性变化，故C错误；
D．重物从静止一直上升，动能和势能都会一直增加，则机械能会一直增加，故D错误。
故选AB。
11． 0.60（0.55~0.65均可） 小车上放置了智能手机，小车和手机的质量增加，使所受摩擦力增大，车、手机、重物这个整体合外力减小，则整体加速度减小 1.08（0.935~1.15均可）
【详解】（1）[1]由图乙可知，小车向制动器匀加速靠近时，智能手机测得的加速度大小约为。
（2）[2]智能手机测得的加速度明显比打点计时器测得的加速度小，原因是小车上放置了智能手机，小车和手机的质量增加，使所受摩擦力增大，车、手机、重物这个整体合外力减小，则整体加速度减小。
（3）[3]从图像可以看出从2.5s到4.3s物体一直以的加速度匀加速运动，因为图像的面积表示速度变化量，则有
故小车与制动器碰撞前的速度约为。
12． 弹簧的原长L0 4.2m/s2
【详解】（1）小周同学的方案是通过测量木块的重力G（等于木块对木板的压力FN）和摩擦力Ff，再根据来求得动摩擦因数，因为结果是两个力的比值，所以不需要测量力的具体数值，只需知道两个力的相对大小，即可测得结果。弹簧弹力的大小正比于弹簧的形变量，要求弹簧的形变量，必须测量弹簧的原长L0。
得
（2）加速度，取T=0.04s，
得a=4.2m/s2
钩码着地后，拉力消失，木块水平方向只受木板的摩擦阻力，得，又，所以
13．(1)，
(2)
【详解】（1）对木块，根据牛顿第二定律有
解得
对木板，根据牛顿第二定律有
解得
（2）木块滑到木板左端时，两者的位移之差等于木板长度，根据位移与时间关系有
解得
14．①a=0.5m/s2②2.1×104N
【详解】①物体做初速度为零的匀加速直线运动，根据，得，解得
②物体上升过程中，受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力作用，
根据牛顿第二定律得，故，解得；
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