湖南省长沙市湖南师范大学附属滨江学校2025年中考三模物理试题
一、单选题：（共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中只有一项最符合题目要求，请将正确答案填在答题卡上）
1．（2025·长沙模拟）下列关于声音的说法正确的是（ ）
A．太空中宇航员之间能直接对话是因为真空能传声
B．“不敢高声语，恐惊天上人”，其中“高”指的是声音的响度大
C．调节电视机的音量可以改变声音的音调
D．城市道路旁的隔声板是在声源处减弱噪声
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．宇航员在太空（真空环境）中无法直接通过声波交流，必须依赖无线电设备，因为声音的传播需要介质，而真空不具备传声条件。 故A错误；
B．诗句中的“高声”描述的是声音的强度特性，即（与振幅相关），而非音调或音色。 故B正确；
C．错误。电视机音量调节实际改变的是输出音频信号的（振幅大小），并非音调或频率。 故C错误；
D．错误。隔声板通过阻断噪声传播路径（如吸收或反射声波）来降噪，属于传播过程控制，而非声源处或人耳处的防治措施。 故D错误；故选B。
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（2）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；
（3）音调指声音的高低，由振动频率决定；
（4）防治噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
2．（2025·长沙模拟）“漫步宽窄巷子，火锅香气中觅宁静……”描述了独属于成都的烟火气息。关于火锅，下列说法正确的是（ ）
A．汤汁内能的增加是通过做功的方式实现的
B．火锅上方的“白气”就是从锅里飘出的水分子
C．闻到火锅香味，是因为分子在不停地做无规则运动
D．放入锅中的牛油容易煮化是因为牛油分子间只有斥力
【答案】C
【知识点】物质的三态；热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、汤汁内能的增加是通过热传递的方式实现的，故A错误；
B、火锅上方的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；
C、闻到火锅香味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、放入锅中的牛油容易煮化，是因为温度升高，分子运动越剧烈，分子间存在相互作用的引力和斥力，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；
（2）物质由气态变成液态的过程叫液化；
（3）构成物质的分子在永不停息地做无规则热运动；
（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。
3．（2025·长沙模拟）下列做法中，是为了增大压强的是（ ）
A．扁担做成扁平状 B．坦克安装履带行驶
C．螺丝下面要有垫圈 D．图钉尖很尖
【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、扁担做成扁平状，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B、坦克安装履带行驶，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；
C、螺丝下面要有垫圈，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D、图钉尖很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故D符合题意。
故选：D。
【分析】根据压强的定义式，要减小压强有三种方法：一是当压力一定时，需增加受力面积；二是当受力面积一定时，需减小压力；三是在条件允许的情况下，可以同时减小压力，增大受力面积。同理，增大压强也有三种方法。
4．（2025·长沙模拟）《成都市非机动车管理条例》自2024年6月1日实施以来，骑行人员佩戴头盔的越来越多。小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，电动车上的信号接收器接收到信号控制S1闭合，再转动电动车钥匙（相当于S2闭合），车才能正常启动，下列电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据要求，当戴上头盔，电动车上的信号接收器接收到信号，S1闭合，再转动电动车钥匙，则闭合S2，车才能正常启动，两个开关相互影响，和电动机串联串联，故ACD不符合要求，B符合要求。
故选B。
【分析】多个开关共同控制用电器，是串联电路。
5．（2025·长沙模拟）唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是（ ）
A．“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象
B．“蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是液化现象
C．“鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象
D．“晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是升华现象
【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．露是水蒸气液化形成的，A不符合题意；
B．蜡烛“流泪”是由固体变为液态，是熔化现象，B不符合题意；
C．霜是由水蒸气遇冷凝华形成的，C符合题意；
D．雪的形成是一种凝华现象，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】该题目考查的是水的物态变化，总结一下，水由固态变为液态叫做熔化，由液态变为固态叫做凝固，水由液态变为气态叫做叫做汽化，水由气态变为液态叫做液化，水由固态变为气态叫做升华，水由气态变为固态叫做凝华。
6．（2025·长沙模拟）下列关于力和运动关系的说法中正确的是（ ）
A．小明没有推动静止的汽车，是由于推力小于摩擦力
B．竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到平衡力的作用
C．行驶中的客车突然刹车时，乘客由于受到惯性的作用会向前倾倒
D．粉笔盒放在水平桌面上，桌面对粉笔盒的支持力是由于桌面发生弹性形变产生的
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．小明没有推动静止的汽车，是由于推力等于摩擦力，使车处于平衡状态，A不符合题意；
B．竖直向上抛出的篮球达到最高点时，篮球只受到重力的作用，所以篮球受到不是平衡力，B不符合题意；
C．行驶中的客车突然刹车时，乘客由于惯性会向前倾倒，惯性不是力，不能说受到惯性，C不符合题意；
D．粉笔盒放在水平桌面上，粉笔盒对桌面的压力使桌面发生弹性形，桌面要恢复原状对粉笔盒产生支持力，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】（1）物体处于静止状态时，同一直线上两个力为一对平衡力：平衡力大小相等、方向相反、同一物体、同一直线；
（2）物体处于平衡状态时，会处于静止或匀速直线运动状态；
（3）惯性不是力，没有惯性力的说法；
（4）根据力的作用相互性原理，粉笔对桌面有压力，桌面对粉笔有支持力；支持力是相互接触的物体发生弹性形变而产生的。
7．（2025·长沙模拟）在粗糙水平面上有一物体，用力拉这个物体沿直线运动了一段距离，拉力所做的功为；在光滑水平面上有另一个物体，现仍用等大的力拉这个物体沿直线运动了同样一段路程，拉力所做的功为，则（ ）
A． B．
C． D．以上三种情况都有可能
【答案】A
【知识点】功的概念
【解析】【解答】ABCD、由题意可知，两次拉动物体的拉力相等；物体被拉动的距离相同；由公式可知，两次拉力做的功。因此，选项A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】根据功的公式W=Fs可直接作出判断。可知力做功的多少与物体质量无关，只与力的大小和物体在力的方向上通过的距离有关。
8．（2025·长沙模拟）如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A，B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻R1=R2=R3，小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关，下列说法正确的是（ ）
A．此实验在探究电热Q与电阻R是否有关
B．通过R1的电流和通过R2的电流大小相等
C．通电后，A管的液面将会比B管的液面高
D．通电后，电阻R1、R2的电功率之比为
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算；焦耳定律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A．由图可知，右侧两个电阻并联后再和左侧电阻串联，容器内的两个电阻丝的阻值相等，由串并联电路电流的规律可知通过两个容器内电阻丝的电流不相等，故探究电热与电流的关系，故A错误；
B．电阻丝的电阻R1=R2=R3，装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3所以通过R1的电流和通过R2的电流大小之比为2：1，故B错误；
C．左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，A容器中电阻R1产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高，故C正确；
D．装置中R2、R3并联后再与R1串联，R1、R2的电阻相等，根据串并联电流特点可知，通过R1的电流和通过R2的电流大小之比为2：1，根据P=IU=I2R可知，电阻R1、R2的电功率之比等于电流平方之比为：，故D错误。
故选：C。
【分析】(1)由图可知，容器中两个电阻丝的阻值相等，通过的电流不同，由串并联电路电流的规律可知探究电热与电流的关系；
(2)根据串并联电路电流特点可知，通过R1的电流和通过R2的电流大小之比为2：1，根据P=IU=I2R可知，电阻R1、R2的电功率之比等于电流平方之比；
(3)由Q=I2Rt可知，A容器中电阻R1产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高。
9．（2025·长沙模拟）如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．开关闭合，保险丝会立刻熔断
B．三孔插座的连接符合安装要求
C．灯泡与开关的连接符合安全用电要求
D．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路
【答案】C
【知识点】电路的三种状态；家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】A.当开关闭合时，电路正常导通。如果电路没有短路或过载等异常情况，电流处于正常范围，保险丝不会立刻熔断，故A错误；B.三孔插座接线时，左孔应接零线，右孔应接火线，上孔应接地线，故B错误；
C.开关连接在火线和灯泡之间，断开开关时能切断灯泡与火线的连接，避免人接触灯泡时触电，符合安全用电原则，故C正确；
D.闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡短路，也可能是灯泡断路，或者电路中其他位置断路，故D错误。
故选C。
【分析】根据家庭电路安全用电和连接的注意事项分析判断。
10．（2025·长沙模拟）小明家有一款磁悬浮音箱（图甲），其内部电路图如图乙所示。下列对此音箱的说法正确的是（ ）
A．调节滑片P位置可调节音箱悬浮高度
B．通电后底座的周围存在许多磁感线
C．音箱悬浮利用了异名磁极相互吸引的原理
D．音箱底部的永磁铁的A端为S极
【答案】A
【知识点】磁场；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A、由图可知，闭合开关，使音箱悬浮后，向右调节滑片P，电磁铁线圈中的电流增大，磁性增强，音箱受到的磁力变大，音箱与底座之间的距离变大，“悬浮”的高度升高，故A错误。
B、通电后底座的周围存在磁场，磁感线是人们为了形象方便地描述磁场而假想的曲线，故底座周围不存在磁感线，故B错误；
C、磁悬浮音箱是音响和底座是相同的磁极，相互排斥，故是利用了同名磁极相互排斥的原理，故C错误；
D、由安培定则和图示可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的上端，则螺线管的上端为N极、下端为S极，磁悬浮音箱利用了同名磁极相互排斥的原理，所以音箱底部磁体的A端应该是N极，故D错误；
故选：A。
【分析】（1）电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数有关；
（2）磁场是真实存在的，而磁感线不是真实存在的；
（3）同名磁极相互排斥；
（4）利用安培定则可判断通电螺线管的磁极。
二、多选题：（本大题共2小题，每题3分，共6分，每小题有两个或两个以上答案，选对但少选得2分，错选得0分。）
11．（2025·长沙模拟）关于图中物体所涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．茶壶是利用连通器原理工作的
B．古代编钟体积大小不同，其响度也不同
C．飞机飞行时获得升力，是应用了流体压强和流速的关系
D．在已调平衡的杠杆B处挂2个钩码，若使杠杆重新平衡，可在A处挂2个钩码
【答案】A,C
【知识点】连通器原理及其应用；飞机的升力；响度及响度与振幅的关系；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A.．茶壶的壶嘴和壶身底部连通，上部开口，构成连通器，是利用连通器原理，故A正确；
B．声音的响度与振幅有关，与编钟体积大小无关，故B错误；
C．飞机飞行时，机翼上凸下平，则机翼上方空气流速快、压强小，机翼下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力，故C正确；
D．图中，在杠杆B处挂2个钩码，若使杠杆重新平衡，据F1l1=F2l2，需在A处挂3个钩码，故D错误。
故选AC。
【分析】茶壶的壶嘴和壶身构成连通器；飞机的升力应用了流速大，压强小，流速小，压强大的规律；声音的响度和发声体的振幅有关；根据杠杆的平衡条件，判断钩码个数。
12．（2025·长沙模拟）如图是一种水位自动报警器的原理图，A、B为两金属块，当水位到达金属块A时实现自动报警，下列说法正确的是( )
A．此装置是利用电流的磁效应工作的
B．当水位到达A时，绿灯亮
C．电磁铁中的电流越大，灯泡越亮
D．要增大电磁铁的磁性，可以增加电源1的电压
【答案】A,D
【知识点】电功率；电磁继电器的组成、原理和特点；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】AB、读图可知，该装置属于电磁继电器，原理为电流的磁效应； 水位到达A时电路接通，左边的控制电路连通，电磁继电器中的电磁铁具有磁性 ，此时衔铁被吸下，红灯亮，绿灯灭，故A正确，B错误；
C、电磁铁所在的电路属于控制电路与灯泡工作电路不同，所以电磁铁电流的大小不影响灯泡的亮度，故C错误；
D、增加电源1的电压，电阻不变，根据欧姆定律U=IR可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性变大，故D正确。
故选AD。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
三、填空题：本大题共4小题，共22分。
13．（2025·长沙模拟）2021年5月22日，我国发射的“祝融号”火星车成功登陆火星，与在地球上相比，其质量 （填写变化情况）。火星车通过 波与地球联络，它利用太阳能电池板供电，太阳能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】不变；电磁；可再生
【知识点】能源及其分类；信息与信息传播
【解析】【解答】质量是物体本身的一种属性，不随位置的改变而改变，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，故不变。
太空是真空，电磁波可以在真空传播。
可再生能源是指能从自然界源源不断得到的能源，太阳能属于可再生能源。
【分析】质量是物体的属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、空间位置无关；传统的有线通信是靠电子传递信息，无线通信是靠电磁波来传递信息的；在短时间内能再生的资源叫做可再生资源，比如水资源、太阳能；在短时间内不能再生的资源叫做可不可再生资源，比如核能、煤炭、石油。
14．（2025·长沙模拟）图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C，D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在 点最大，B点重力势能的大小 E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是 （选填“变化”或“不变”）的。
【答案】C；等于；变化
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】图乙中，过山车在B点高度最高，重力势能最大，重力势能转化为动能，在C点动能最大。
图乙中，B点的重力势能与E点的动能大小在一个水平线上，大小相等。
运动中需要克服摩擦及空气阻力，一部分机械能转化为内能，则过山车的机械能是变化的。
【分析】运动的物体质量一定，速度越大，动能越大，高度越高，重力势能越大；物体运动时，克服阻力，机械能减小。
15．（2025·长沙模拟）2021年9月，我国自主研制的首套产量达到吨级的氢液化系统调试成功，并实现了连续稳定生产，这意味着今后我国的运载火箭将可以使用国产液氢作为燃料。选择液氢作为燃料，是利用了该燃料 大的特性。若完全燃烧104kg的液氢，释放出的热量为 J，若这些热量的30%被水吸收，能够使 kg的水温度从20℃升高到70℃。【q液态氢=1.4×108J/kg，c水=4.2×103J/（kg ℃）】
【答案】热值；1.4×1012；2×106
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）火箭选用液氢作为燃料的主要原因是液氢具有较高的热值。根据热力学公式，当燃料质量相同时，热值越大，完全燃烧释放的热量越多。
（2）计算104kg液氢完全燃烧释放的热量：
（3）水吸收的热量占释放热量的30%：
根据热量计算公式，可计算出水的质量：
故答案为：热值；1.4×1012；2×106。
【分析】（1）液氢的热值大，由公式Q放=mq可知：当燃料质量一定，热值越大，燃料完全燃烧放出的热量越多；
（2）根据公式Q放=mq可求得液氢完全燃烧放出的热量；
（3）已知水吸收的热量是液氢完全燃烧放出热量的30%，根据公式Q吸=cm（t-t0）可求得水的质量。
16．（2025·长沙模拟）如图质地均匀的圆柱甲、乙放置在水平地面上，密度分别为ρ甲和ρ乙，已知它们底面积相同且对地面的压强相等，则ρ甲 ρ乙，如果沿水平方向分别将乙、甲两圆柱切去相同的高度h，则甲、乙剩余部分对地面的压强p甲 p乙．(均填“＞”“＜”或“＝” )
【答案】＞；＜
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】计算圆柱体对水平地面压强：，
甲乙对地面的压强相等，且h甲＜h乙，则ρ甲＞ρ乙；
沿水平方向将甲、乙切去相同的高度，甲乙剩余部分对地面的压强为：、，因，且ρ甲＞ρ乙，
则，则p甲剩＜p乙剩，即甲剩余部分对地面的压强小于乙剩余分对地面的压强。
【分析】根据p=ρgh，结合压强相等，判断密度关系；利用厚度相同和密度关系，判断切去的压强大小，分析剩余压强的大小。
四、作图题：本大题共1小题，共4分。
17．（2025·长沙模拟）如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，完成光路图。
【答案】。
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】图中，过入射点作出法线和平面镜垂直，反射光线与镜面的夹角是45°，反射角为，在反射时，反射角等于入射角，画出入射光线；光线平行于凸透镜的主光轴，折射光线过焦点，如图所示：
。
【分析】在反射时，反射角等于入射角，画出入射光线；光线和凸透镜的主光轴平行，折射光线过焦点。
五、实验探究题：本大题共4小题，每空2分，共24分。
18．（2025·长沙模拟）图是“探究光的反射定律”实验装置；
次数
1 30° 30°
2 45° 45°
3 60° 60°
（1）为了显示光路，应选用较 （选填“光滑”或“粗糙”）的纸板；
（2）把纸板NOF绕ON向前折或向后折，在纸板上都看不到反射光，说明在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在 内；
（3）让光线逆着从FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，这表明：在光的反射现象中，光路是 的。
【答案】（1）粗糙
（2）同一平面
（3）可逆
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）为了清晰地呈现光路，实验应选择表面较为粗糙的纸板。这种纸板能产生漫反射现象，使得观察者可以从不同角度看到光线的传播路径。
（2）当纸板保持平展状态时，入射面EON和反射面FON位于同一平面上，此时能够观察到反射光线。如果将纸板NOF部分绕着法线ON向前或向后折叠，EON和FON就不再共面，此时在纸板上无法观察到反射光线。这一现象证明：在反射过程中，反射光线、入射光线和法线必须位于同一平面内。
（3）实验中将入射光线沿FO方向射向镜面，可以观察到反射光线沿着OE方向射出，即光线沿原路径返回。这一结果证实：在光的反射现象中，光路具有可逆性特性。
故答案为：（1）粗糙；（2）同一平面；（3）可逆。
【分析】（1）为了显示光路，应选用较粗糙的纸板，发生漫反射；
（2）在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内；
（3）在光的反射现象中，光路是可逆的。
（1）为了显示光路，应选用较粗糙的纸板，发生漫反射，能够从各个方向看到。
（2）当纸板不折时，EON和FON在同一平面内，可以看到反射光线，把纸板NOF绕ON向前折或向后折，EON和FON不在同一平面内，在纸板上都看不到反射光，说明在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内。
（3）让光线逆着从FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，沿着原路返回，这表明：在光的反射现象中，光路是可逆的。
19．（2025·长沙模拟）图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。
（1）组装实验装置时，应当先调整图甲中 （选填“A”或“B”）的高度。
（2）某小组用相同的装置先后做了两次实验，绘制出如图乙所示的a、b两条图线。水的质量分别为，则 （选填“>”“=”或“<”）。
（3）各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃，那么，水的沸点可能与 有关。
【答案】（1）B
（2）<
（3）气压
【知识点】探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先调整图甲中铁圈B的高度；
（2）由图乙可知a和b的初温相同，末温相同，a先沸腾，说明a吸收的热量少，根据可知，说明a的质量小，因此ma＜mb；
（3）水的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高，气压越低，沸点越低。
故答案为：（1）B；（2）＜；（3）气压。【分析】（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；%0D%0A（2）ab初温相同，末温相同，但到达沸腾的时间不相同，即吸收热量不同，加热时间越长，吸收热量越多，根据判断水的质量；根据液化放热分析；
（3）液体的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高，气压越低，沸点越低；
（4）分析资料可知，低温时加热使水达到相同的温度，中火节约燃气，据此分析解答。
（1）在安装器材时，为了确保酒精灯用外焰加热，温度计的玻璃泡浸没在被测液体中，且不碰到杯壁与杯底，应按照从下到上的顺序安装器材，则组装实验装置时，应当先调整图甲中B的高度。
（2）由图得，用同一装置加热，加热时间越长，装置释放的热量越多，水吸收的热量越多。a、b中的水初温相同，沸点相同，加热到沸腾升高的温度相同，a中的水加热时间较少，则a中的水加热到沸腾吸收的热量较少，由得
（3）一个标准气压下水的沸点时100℃，气压越低，沸点越低，各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃，那么，水的沸点可能与气压有关。
20．（2025·长沙模拟）在“测定额定电压为2.5V小灯泡电功率”的实验中，电源电压保持不变。
（1）请你用笔画线代替导线，将图1中的实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）闭合开关，将滑动变阻器滑片P移至某处时，电压表示数如图甲所示，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片P向 端（选填“左”或“右”）移动，直到电压表的示数为2.5V。此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
【答案】（1）
（2）右；0.75
【知识点】电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的小量程应并联到小灯泡的右接线柱上，如图所示：
闭合开关前，滑动变阻器滑片P处于阻值最大处，由图可知滑片应置于最左端；
（2）第1空吗，灯在额定电压下正常发光，图甲中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为0.5V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；
第2空，图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流大小为0.3A，则灯额定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
故答案为：（1）如上图所示；左；（2）小灯泡短路；（3）右；0.75；（4）B。【分析】（1）电压表应并联在待测小灯泡的两端，并根据小灯泡的额定电压选择合适的量程；闭合开关前，滑动变阻器滑片P处于阻值最大处；
（2）若电流表有示数，说明电路可能短路；电压表无示数，说明与电压表并联的灯泡短路了；
（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
由图乙电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；
（4）研究电流与电压的关系，要控制电压不变，改变定值电阻的大小；研究电流与电压关系时，要控制电阻大小不变。
（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的小量程应并联到小灯泡的右接线柱上，如图所示：
（2）[1]灯在额定电压下正常发光，图甲中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为0.5V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5V。
[2]图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流大小为0.3A，则灯额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W
21．（2025·长沙模拟）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。
（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与 的关系。
（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关。对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而 ，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度 。
【答案】液体密度；增大；无关
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）C与E两图，排开液体的体积不变，液体的密度不同，所以是研究浮力与液体密度的关系；
（2）由图B和C可知，C图中排开水的体积较大，弹簧测力计的示数较小，由称重法可知浮力较大，可以得到浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大；由C和D可知，物体完全浸没在水中，深度不同，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知浮力不变，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关。
故答案为：（1）液体密度；（2）增大；无关。
【分析】（1）影响浮力大小的因素是排开液体的密度和物体排开液体的体积，要探究浮力和其中一个因素的关系，就要控制另外一个因素一定，由此进行解答；
（2）比较B和C；C与D实验，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出实验结论。
六、计算题：本大题共2小题，23题6分，24题8分，共14分。
22．（2025·长沙模拟）图中某智能机器人的质量为80kg，其轮子与水平地面接触的总面积为5×10-4m2。在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为1m/s，所受阻力是机器人重力的0.05倍。求：（取g=10N/kg）
（1）机器人对水平地面的压强；
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s，此过程中牵引力做的功。
【答案】解：（1）机器人的重力
机器人对水平地面的压强
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s移动的距离
此过程中牵引力做的功
答：（1）机器人对水平地面的压强是；
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40N；
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s，此过程中牵引力做的功是1200J。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg，计算物体的重力；根据，计算压强；
（2）结合摩擦力和重力的关系，计算摩擦力；
（3）根据s=vt，计算路程；根据W=Fs，计算做功多少。
23．（2025·长沙模拟）图甲中的小灯泡标有“2.7V 0.3A”字样，定值电阻R1=10Ω，R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成，总长度为35cm，其中一段是铜导体，其电阻可忽略不计，另两段导体的阻值与自身长度成正比，P是与R2接触良好并能移动的滑动触头。若只闭合S、S1时，电流表示数I与P向左移动距离x之间的关系如图乙所示。（忽略温度对电阻影响）
（1）电源电压多大？若只闭合S、S1，当x=15cm时，电路消耗的总功率多大；
（2）导体EF、FG、GH各段的电阻分别是多大；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的变化范围？
【答案】解：（1）若只闭合S、S1时，R1与R2串联，由图甲可知当滑片在E处时，只有R1连入电路，由图乙可知电路中的电流最大为
根据可得，电源电压
如图乙所示：当x=15cm时
电路消耗的电功率
（2）若只闭合S、S2时，由图像可知当滑片在H点时的电流为0.2A，R1两端的电压为
滑片在H点时的电阻为
滑片P从H端移到E端时出现拐点，由图像可知
中间一段电流无变化，故FG是铜导线
由图像可知，当滑片P位于F点时，电路中电流I=0.4A，则总电阻为
则EF段电阻为
GH导体的电阻
（3）若只闭合S与S2，灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.7V，所以滑动变阻器
滑动变阻器的电阻为
而
所以GH段接入电路电阻为
未接入电路部分电阻为9Ω，由
知，GH部分每1cm长电阻为15Ω，所以滑片移动的最大距离为
故
答：（1）电源电压为6V，若只闭合S、S1，当时，电路消耗的总功率为2.4W；
（2）导体EF、FG、GH各段的电阻分别是5Ω、0Ω、15Ω；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离的变化范围是。
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）闭合S、S1，断开S2，R1与R2串联，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中电流最大，根据图像读出电路中最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压。
根据图像乙可知 x=15cm时， 电路中的电流，根据P=UI计算电路总功率；
（2）由图像可知滑片P从H端移到E端时出现拐点，据此确定GH、FG、EF的长度；根据图像得出滑片P位于F点时电路中的电流，根据欧姆定律求总电阻，根据电阻串联的特点求解总电阻和EF段电阻，进而算出EF 间1cm长度电阻丝的电阻；
（3）若只闭合S与S2，灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.7V，根据串联电路电流的规律算出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出电阻，根据REF、RGH算出GH段接入电路电阻和未接入电路部分电阻，由图像可知GH部分每1cm长的电阻，算出x的变化范围。
1 / 1湖南省长沙市湖南师范大学附属滨江学校2025年中考三模物理试题
一、单选题：（共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中只有一项最符合题目要求，请将正确答案填在答题卡上）
1．（2025·长沙模拟）下列关于声音的说法正确的是（ ）
A．太空中宇航员之间能直接对话是因为真空能传声
B．“不敢高声语，恐惊天上人”，其中“高”指的是声音的响度大
C．调节电视机的音量可以改变声音的音调
D．城市道路旁的隔声板是在声源处减弱噪声
2．（2025·长沙模拟）“漫步宽窄巷子，火锅香气中觅宁静……”描述了独属于成都的烟火气息。关于火锅，下列说法正确的是（ ）
A．汤汁内能的增加是通过做功的方式实现的
B．火锅上方的“白气”就是从锅里飘出的水分子
C．闻到火锅香味，是因为分子在不停地做无规则运动
D．放入锅中的牛油容易煮化是因为牛油分子间只有斥力
3．（2025·长沙模拟）下列做法中，是为了增大压强的是（ ）
A．扁担做成扁平状 B．坦克安装履带行驶
C．螺丝下面要有垫圈 D．图钉尖很尖
4．（2025·长沙模拟）《成都市非机动车管理条例》自2024年6月1日实施以来，骑行人员佩戴头盔的越来越多。小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，电动车上的信号接收器接收到信号控制S1闭合，再转动电动车钥匙（相当于S2闭合），车才能正常启动，下列电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
5．（2025·长沙模拟）唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是（ ）
A．“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象
B．“蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是液化现象
C．“鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象
D．“晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是升华现象
6．（2025·长沙模拟）下列关于力和运动关系的说法中正确的是（ ）
A．小明没有推动静止的汽车，是由于推力小于摩擦力
B．竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到平衡力的作用
C．行驶中的客车突然刹车时，乘客由于受到惯性的作用会向前倾倒
D．粉笔盒放在水平桌面上，桌面对粉笔盒的支持力是由于桌面发生弹性形变产生的
7．（2025·长沙模拟）在粗糙水平面上有一物体，用力拉这个物体沿直线运动了一段距离，拉力所做的功为；在光滑水平面上有另一个物体，现仍用等大的力拉这个物体沿直线运动了同样一段路程，拉力所做的功为，则（ ）
A． B．
C． D．以上三种情况都有可能
8．（2025·长沙模拟）如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A，B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻R1=R2=R3，小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关，下列说法正确的是（ ）
A．此实验在探究电热Q与电阻R是否有关
B．通过R1的电流和通过R2的电流大小相等
C．通电后，A管的液面将会比B管的液面高
D．通电后，电阻R1、R2的电功率之比为
9．（2025·长沙模拟）如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．开关闭合，保险丝会立刻熔断
B．三孔插座的连接符合安装要求
C．灯泡与开关的连接符合安全用电要求
D．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路
10．（2025·长沙模拟）小明家有一款磁悬浮音箱（图甲），其内部电路图如图乙所示。下列对此音箱的说法正确的是（ ）
A．调节滑片P位置可调节音箱悬浮高度
B．通电后底座的周围存在许多磁感线
C．音箱悬浮利用了异名磁极相互吸引的原理
D．音箱底部的永磁铁的A端为S极
二、多选题：（本大题共2小题，每题3分，共6分，每小题有两个或两个以上答案，选对但少选得2分，错选得0分。）
11．（2025·长沙模拟）关于图中物体所涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．茶壶是利用连通器原理工作的
B．古代编钟体积大小不同，其响度也不同
C．飞机飞行时获得升力，是应用了流体压强和流速的关系
D．在已调平衡的杠杆B处挂2个钩码，若使杠杆重新平衡，可在A处挂2个钩码
12．（2025·长沙模拟）如图是一种水位自动报警器的原理图，A、B为两金属块，当水位到达金属块A时实现自动报警，下列说法正确的是( )
A．此装置是利用电流的磁效应工作的
B．当水位到达A时，绿灯亮
C．电磁铁中的电流越大，灯泡越亮
D．要增大电磁铁的磁性，可以增加电源1的电压
三、填空题：本大题共4小题，共22分。
13．（2025·长沙模拟）2021年5月22日，我国发射的“祝融号”火星车成功登陆火星，与在地球上相比，其质量 （填写变化情况）。火星车通过 波与地球联络，它利用太阳能电池板供电，太阳能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
14．（2025·长沙模拟）图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C，D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在 点最大，B点重力势能的大小 E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是 （选填“变化”或“不变”）的。
15．（2025·长沙模拟）2021年9月，我国自主研制的首套产量达到吨级的氢液化系统调试成功，并实现了连续稳定生产，这意味着今后我国的运载火箭将可以使用国产液氢作为燃料。选择液氢作为燃料，是利用了该燃料 大的特性。若完全燃烧104kg的液氢，释放出的热量为 J，若这些热量的30%被水吸收，能够使 kg的水温度从20℃升高到70℃。【q液态氢=1.4×108J/kg，c水=4.2×103J/（kg ℃）】
16．（2025·长沙模拟）如图质地均匀的圆柱甲、乙放置在水平地面上，密度分别为ρ甲和ρ乙，已知它们底面积相同且对地面的压强相等，则ρ甲 ρ乙，如果沿水平方向分别将乙、甲两圆柱切去相同的高度h，则甲、乙剩余部分对地面的压强p甲 p乙．(均填“＞”“＜”或“＝” )
四、作图题：本大题共1小题，共4分。
17．（2025·长沙模拟）如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，完成光路图。
五、实验探究题：本大题共4小题，每空2分，共24分。
18．（2025·长沙模拟）图是“探究光的反射定律”实验装置；
次数
1 30° 30°
2 45° 45°
3 60° 60°
（1）为了显示光路，应选用较 （选填“光滑”或“粗糙”）的纸板；
（2）把纸板NOF绕ON向前折或向后折，在纸板上都看不到反射光，说明在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在 内；
（3）让光线逆着从FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，这表明：在光的反射现象中，光路是 的。
19．（2025·长沙模拟）图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。
（1）组装实验装置时，应当先调整图甲中 （选填“A”或“B”）的高度。
（2）某小组用相同的装置先后做了两次实验，绘制出如图乙所示的a、b两条图线。水的质量分别为，则 （选填“>”“=”或“<”）。
（3）各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃，那么，水的沸点可能与 有关。
20．（2025·长沙模拟）在“测定额定电压为2.5V小灯泡电功率”的实验中，电源电压保持不变。
（1）请你用笔画线代替导线，将图1中的实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）闭合开关，将滑动变阻器滑片P移至某处时，电压表示数如图甲所示，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片P向 端（选填“左”或“右”）移动，直到电压表的示数为2.5V。此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
21．（2025·长沙模拟）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。
（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与 的关系。
（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关。对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而 ，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度 。
六、计算题：本大题共2小题，23题6分，24题8分，共14分。
22．（2025·长沙模拟）图中某智能机器人的质量为80kg，其轮子与水平地面接触的总面积为5×10-4m2。在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为1m/s，所受阻力是机器人重力的0.05倍。求：（取g=10N/kg）
（1）机器人对水平地面的压强；
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s，此过程中牵引力做的功。
23．（2025·长沙模拟）图甲中的小灯泡标有“2.7V 0.3A”字样，定值电阻R1=10Ω，R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成，总长度为35cm，其中一段是铜导体，其电阻可忽略不计，另两段导体的阻值与自身长度成正比，P是与R2接触良好并能移动的滑动触头。若只闭合S、S1时，电流表示数I与P向左移动距离x之间的关系如图乙所示。（忽略温度对电阻影响）
（1）电源电压多大？若只闭合S、S1，当x=15cm时，电路消耗的总功率多大；
（2）导体EF、FG、GH各段的电阻分别是多大；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的变化范围？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．宇航员在太空（真空环境）中无法直接通过声波交流，必须依赖无线电设备，因为声音的传播需要介质，而真空不具备传声条件。 故A错误；
B．诗句中的“高声”描述的是声音的强度特性，即（与振幅相关），而非音调或音色。 故B正确；
C．错误。电视机音量调节实际改变的是输出音频信号的（振幅大小），并非音调或频率。 故C错误；
D．错误。隔声板通过阻断噪声传播路径（如吸收或反射声波）来降噪，属于传播过程控制，而非声源处或人耳处的防治措施。 故D错误；故选B。
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（2）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；
（3）音调指声音的高低，由振动频率决定；
（4）防治噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
2．【答案】C
【知识点】物质的三态；热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、汤汁内能的增加是通过热传递的方式实现的，故A错误；
B、火锅上方的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；
C、闻到火锅香味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、放入锅中的牛油容易煮化，是因为温度升高，分子运动越剧烈，分子间存在相互作用的引力和斥力，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；
（2）物质由气态变成液态的过程叫液化；
（3）构成物质的分子在永不停息地做无规则热运动；
（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。
3．【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、扁担做成扁平状，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B、坦克安装履带行驶，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；
C、螺丝下面要有垫圈，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D、图钉尖很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故D符合题意。
故选：D。
【分析】根据压强的定义式，要减小压强有三种方法：一是当压力一定时，需增加受力面积；二是当受力面积一定时，需减小压力；三是在条件允许的情况下，可以同时减小压力，增大受力面积。同理，增大压强也有三种方法。
4．【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据要求，当戴上头盔，电动车上的信号接收器接收到信号，S1闭合，再转动电动车钥匙，则闭合S2，车才能正常启动，两个开关相互影响，和电动机串联串联，故ACD不符合要求，B符合要求。
故选B。
【分析】多个开关共同控制用电器，是串联电路。
5．【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．露是水蒸气液化形成的，A不符合题意；
B．蜡烛“流泪”是由固体变为液态，是熔化现象，B不符合题意；
C．霜是由水蒸气遇冷凝华形成的，C符合题意；
D．雪的形成是一种凝华现象，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】该题目考查的是水的物态变化，总结一下，水由固态变为液态叫做熔化，由液态变为固态叫做凝固，水由液态变为气态叫做叫做汽化，水由气态变为液态叫做液化，水由固态变为气态叫做升华，水由气态变为固态叫做凝华。
6．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．小明没有推动静止的汽车，是由于推力等于摩擦力，使车处于平衡状态，A不符合题意；
B．竖直向上抛出的篮球达到最高点时，篮球只受到重力的作用，所以篮球受到不是平衡力，B不符合题意；
C．行驶中的客车突然刹车时，乘客由于惯性会向前倾倒，惯性不是力，不能说受到惯性，C不符合题意；
D．粉笔盒放在水平桌面上，粉笔盒对桌面的压力使桌面发生弹性形，桌面要恢复原状对粉笔盒产生支持力，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】（1）物体处于静止状态时，同一直线上两个力为一对平衡力：平衡力大小相等、方向相反、同一物体、同一直线；
（2）物体处于平衡状态时，会处于静止或匀速直线运动状态；
（3）惯性不是力，没有惯性力的说法；
（4）根据力的作用相互性原理，粉笔对桌面有压力，桌面对粉笔有支持力；支持力是相互接触的物体发生弹性形变而产生的。
7．【答案】A
【知识点】功的概念
【解析】【解答】ABCD、由题意可知，两次拉动物体的拉力相等；物体被拉动的距离相同；由公式可知，两次拉力做的功。因此，选项A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】根据功的公式W=Fs可直接作出判断。可知力做功的多少与物体质量无关，只与力的大小和物体在力的方向上通过的距离有关。
8．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算；焦耳定律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A．由图可知，右侧两个电阻并联后再和左侧电阻串联，容器内的两个电阻丝的阻值相等，由串并联电路电流的规律可知通过两个容器内电阻丝的电流不相等，故探究电热与电流的关系，故A错误；
B．电阻丝的电阻R1=R2=R3，装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3所以通过R1的电流和通过R2的电流大小之比为2：1，故B错误；
C．左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，A容器中电阻R1产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高，故C正确；
D．装置中R2、R3并联后再与R1串联，R1、R2的电阻相等，根据串并联电流特点可知，通过R1的电流和通过R2的电流大小之比为2：1，根据P=IU=I2R可知，电阻R1、R2的电功率之比等于电流平方之比为：，故D错误。
故选：C。
【分析】(1)由图可知，容器中两个电阻丝的阻值相等，通过的电流不同，由串并联电路电流的规律可知探究电热与电流的关系；
(2)根据串并联电路电流特点可知，通过R1的电流和通过R2的电流大小之比为2：1，根据P=IU=I2R可知，电阻R1、R2的电功率之比等于电流平方之比；
(3)由Q=I2Rt可知，A容器中电阻R1产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高。
9．【答案】C
【知识点】电路的三种状态；家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】A.当开关闭合时，电路正常导通。如果电路没有短路或过载等异常情况，电流处于正常范围，保险丝不会立刻熔断，故A错误；B.三孔插座接线时，左孔应接零线，右孔应接火线，上孔应接地线，故B错误；
C.开关连接在火线和灯泡之间，断开开关时能切断灯泡与火线的连接，避免人接触灯泡时触电，符合安全用电原则，故C正确；
D.闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡短路，也可能是灯泡断路，或者电路中其他位置断路，故D错误。
故选C。
【分析】根据家庭电路安全用电和连接的注意事项分析判断。
10．【答案】A
【知识点】磁场；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A、由图可知，闭合开关，使音箱悬浮后，向右调节滑片P，电磁铁线圈中的电流增大，磁性增强，音箱受到的磁力变大，音箱与底座之间的距离变大，“悬浮”的高度升高，故A错误。
B、通电后底座的周围存在磁场，磁感线是人们为了形象方便地描述磁场而假想的曲线，故底座周围不存在磁感线，故B错误；
C、磁悬浮音箱是音响和底座是相同的磁极，相互排斥，故是利用了同名磁极相互排斥的原理，故C错误；
D、由安培定则和图示可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的上端，则螺线管的上端为N极、下端为S极，磁悬浮音箱利用了同名磁极相互排斥的原理，所以音箱底部磁体的A端应该是N极，故D错误；
故选：A。
【分析】（1）电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数有关；
（2）磁场是真实存在的，而磁感线不是真实存在的；
（3）同名磁极相互排斥；
（4）利用安培定则可判断通电螺线管的磁极。
11．【答案】A,C
【知识点】连通器原理及其应用；飞机的升力；响度及响度与振幅的关系；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A.．茶壶的壶嘴和壶身底部连通，上部开口，构成连通器，是利用连通器原理，故A正确；
B．声音的响度与振幅有关，与编钟体积大小无关，故B错误；
C．飞机飞行时，机翼上凸下平，则机翼上方空气流速快、压强小，机翼下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力，故C正确；
D．图中，在杠杆B处挂2个钩码，若使杠杆重新平衡，据F1l1=F2l2，需在A处挂3个钩码，故D错误。
故选AC。
【分析】茶壶的壶嘴和壶身构成连通器；飞机的升力应用了流速大，压强小，流速小，压强大的规律；声音的响度和发声体的振幅有关；根据杠杆的平衡条件，判断钩码个数。
12．【答案】A,D
【知识点】电功率；电磁继电器的组成、原理和特点；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】AB、读图可知，该装置属于电磁继电器，原理为电流的磁效应； 水位到达A时电路接通，左边的控制电路连通，电磁继电器中的电磁铁具有磁性 ，此时衔铁被吸下，红灯亮，绿灯灭，故A正确，B错误；
C、电磁铁所在的电路属于控制电路与灯泡工作电路不同，所以电磁铁电流的大小不影响灯泡的亮度，故C错误；
D、增加电源1的电压，电阻不变，根据欧姆定律U=IR可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性变大，故D正确。
故选AD。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
13．【答案】不变；电磁；可再生
【知识点】能源及其分类；信息与信息传播
【解析】【解答】质量是物体本身的一种属性，不随位置的改变而改变，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，故不变。
太空是真空，电磁波可以在真空传播。
可再生能源是指能从自然界源源不断得到的能源，太阳能属于可再生能源。
【分析】质量是物体的属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、空间位置无关；传统的有线通信是靠电子传递信息，无线通信是靠电磁波来传递信息的；在短时间内能再生的资源叫做可再生资源，比如水资源、太阳能；在短时间内不能再生的资源叫做可不可再生资源，比如核能、煤炭、石油。
14．【答案】C；等于；变化
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】图乙中，过山车在B点高度最高，重力势能最大，重力势能转化为动能，在C点动能最大。
图乙中，B点的重力势能与E点的动能大小在一个水平线上，大小相等。
运动中需要克服摩擦及空气阻力，一部分机械能转化为内能，则过山车的机械能是变化的。
【分析】运动的物体质量一定，速度越大，动能越大，高度越高，重力势能越大；物体运动时，克服阻力，机械能减小。
15．【答案】热值；1.4×1012；2×106
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）火箭选用液氢作为燃料的主要原因是液氢具有较高的热值。根据热力学公式，当燃料质量相同时，热值越大，完全燃烧释放的热量越多。
（2）计算104kg液氢完全燃烧释放的热量：
（3）水吸收的热量占释放热量的30%：
根据热量计算公式，可计算出水的质量：
故答案为：热值；1.4×1012；2×106。
【分析】（1）液氢的热值大，由公式Q放=mq可知：当燃料质量一定，热值越大，燃料完全燃烧放出的热量越多；
（2）根据公式Q放=mq可求得液氢完全燃烧放出的热量；
（3）已知水吸收的热量是液氢完全燃烧放出热量的30%，根据公式Q吸=cm（t-t0）可求得水的质量。
16．【答案】＞；＜
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】计算圆柱体对水平地面压强：，
甲乙对地面的压强相等，且h甲＜h乙，则ρ甲＞ρ乙；
沿水平方向将甲、乙切去相同的高度，甲乙剩余部分对地面的压强为：、，因，且ρ甲＞ρ乙，
则，则p甲剩＜p乙剩，即甲剩余部分对地面的压强小于乙剩余分对地面的压强。
【分析】根据p=ρgh，结合压强相等，判断密度关系；利用厚度相同和密度关系，判断切去的压强大小，分析剩余压强的大小。
17．【答案】。
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】图中，过入射点作出法线和平面镜垂直，反射光线与镜面的夹角是45°，反射角为，在反射时，反射角等于入射角，画出入射光线；光线平行于凸透镜的主光轴，折射光线过焦点，如图所示：
。
【分析】在反射时，反射角等于入射角，画出入射光线；光线和凸透镜的主光轴平行，折射光线过焦点。
18．【答案】（1）粗糙
（2）同一平面
（3）可逆
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）为了清晰地呈现光路，实验应选择表面较为粗糙的纸板。这种纸板能产生漫反射现象，使得观察者可以从不同角度看到光线的传播路径。
（2）当纸板保持平展状态时，入射面EON和反射面FON位于同一平面上，此时能够观察到反射光线。如果将纸板NOF部分绕着法线ON向前或向后折叠，EON和FON就不再共面，此时在纸板上无法观察到反射光线。这一现象证明：在反射过程中，反射光线、入射光线和法线必须位于同一平面内。
（3）实验中将入射光线沿FO方向射向镜面，可以观察到反射光线沿着OE方向射出，即光线沿原路径返回。这一结果证实：在光的反射现象中，光路具有可逆性特性。
故答案为：（1）粗糙；（2）同一平面；（3）可逆。
【分析】（1）为了显示光路，应选用较粗糙的纸板，发生漫反射；
（2）在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内；
（3）在光的反射现象中，光路是可逆的。
（1）为了显示光路，应选用较粗糙的纸板，发生漫反射，能够从各个方向看到。
（2）当纸板不折时，EON和FON在同一平面内，可以看到反射光线，把纸板NOF绕ON向前折或向后折，EON和FON不在同一平面内，在纸板上都看不到反射光，说明在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内。
（3）让光线逆着从FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，沿着原路返回，这表明：在光的反射现象中，光路是可逆的。
19．【答案】（1）B
（2）<
（3）气压
【知识点】探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先调整图甲中铁圈B的高度；
（2）由图乙可知a和b的初温相同，末温相同，a先沸腾，说明a吸收的热量少，根据可知，说明a的质量小，因此ma＜mb；
（3）水的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高，气压越低，沸点越低。
故答案为：（1）B；（2）＜；（3）气压。【分析】（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；%0D%0A（2）ab初温相同，末温相同，但到达沸腾的时间不相同，即吸收热量不同，加热时间越长，吸收热量越多，根据判断水的质量；根据液化放热分析；
（3）液体的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高，气压越低，沸点越低；
（4）分析资料可知，低温时加热使水达到相同的温度，中火节约燃气，据此分析解答。
（1）在安装器材时，为了确保酒精灯用外焰加热，温度计的玻璃泡浸没在被测液体中，且不碰到杯壁与杯底，应按照从下到上的顺序安装器材，则组装实验装置时，应当先调整图甲中B的高度。
（2）由图得，用同一装置加热，加热时间越长，装置释放的热量越多，水吸收的热量越多。a、b中的水初温相同，沸点相同，加热到沸腾升高的温度相同，a中的水加热时间较少，则a中的水加热到沸腾吸收的热量较少，由得
（3）一个标准气压下水的沸点时100℃，气压越低，沸点越低，各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃，那么，水的沸点可能与气压有关。
20．【答案】（1）
（2）右；0.75
【知识点】电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的小量程应并联到小灯泡的右接线柱上，如图所示：
闭合开关前，滑动变阻器滑片P处于阻值最大处，由图可知滑片应置于最左端；
（2）第1空吗，灯在额定电压下正常发光，图甲中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为0.5V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；
第2空，图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流大小为0.3A，则灯额定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
故答案为：（1）如上图所示；左；（2）小灯泡短路；（3）右；0.75；（4）B。【分析】（1）电压表应并联在待测小灯泡的两端，并根据小灯泡的额定电压选择合适的量程；闭合开关前，滑动变阻器滑片P处于阻值最大处；
（2）若电流表有示数，说明电路可能短路；电压表无示数，说明与电压表并联的灯泡短路了；
（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
由图乙电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；
（4）研究电流与电压的关系，要控制电压不变，改变定值电阻的大小；研究电流与电压关系时，要控制电阻大小不变。
（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的小量程应并联到小灯泡的右接线柱上，如图所示：
（2）[1]灯在额定电压下正常发光，图甲中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为0.5V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5V。
[2]图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流大小为0.3A，则灯额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W
21．【答案】液体密度；增大；无关
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）C与E两图，排开液体的体积不变，液体的密度不同，所以是研究浮力与液体密度的关系；
（2）由图B和C可知，C图中排开水的体积较大，弹簧测力计的示数较小，由称重法可知浮力较大，可以得到浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大；由C和D可知，物体完全浸没在水中，深度不同，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知浮力不变，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关。
故答案为：（1）液体密度；（2）增大；无关。
【分析】（1）影响浮力大小的因素是排开液体的密度和物体排开液体的体积，要探究浮力和其中一个因素的关系，就要控制另外一个因素一定，由此进行解答；
（2）比较B和C；C与D实验，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出实验结论。
22．【答案】解：（1）机器人的重力
机器人对水平地面的压强
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s移动的距离
此过程中牵引力做的功
答：（1）机器人对水平地面的压强是；
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40N；
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s，此过程中牵引力做的功是1200J。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg，计算物体的重力；根据，计算压强；
（2）结合摩擦力和重力的关系，计算摩擦力；
（3）根据s=vt，计算路程；根据W=Fs，计算做功多少。
23．【答案】解：（1）若只闭合S、S1时，R1与R2串联，由图甲可知当滑片在E处时，只有R1连入电路，由图乙可知电路中的电流最大为
根据可得，电源电压
如图乙所示：当x=15cm时
电路消耗的电功率
（2）若只闭合S、S2时，由图像可知当滑片在H点时的电流为0.2A，R1两端的电压为
滑片在H点时的电阻为
滑片P从H端移到E端时出现拐点，由图像可知
中间一段电流无变化，故FG是铜导线
由图像可知，当滑片P位于F点时，电路中电流I=0.4A，则总电阻为
则EF段电阻为
GH导体的电阻
（3）若只闭合S与S2，灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.7V，所以滑动变阻器
滑动变阻器的电阻为
而
所以GH段接入电路电阻为
未接入电路部分电阻为9Ω，由
知，GH部分每1cm长电阻为15Ω，所以滑片移动的最大距离为
故
答：（1）电源电压为6V，若只闭合S、S1，当时，电路消耗的总功率为2.4W；
（2）导体EF、FG、GH各段的电阻分别是5Ω、0Ω、15Ω；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离的变化范围是。
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）闭合S、S1，断开S2，R1与R2串联，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中电流最大，根据图像读出电路中最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压。
根据图像乙可知 x=15cm时， 电路中的电流，根据P=UI计算电路总功率；
（2）由图像可知滑片P从H端移到E端时出现拐点，据此确定GH、FG、EF的长度；根据图像得出滑片P位于F点时电路中的电流，根据欧姆定律求总电阻，根据电阻串联的特点求解总电阻和EF段电阻，进而算出EF 间1cm长度电阻丝的电阻；
（3）若只闭合S与S2，灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.7V，根据串联电路电流的规律算出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出电阻，根据REF、RGH算出GH段接入电路电阻和未接入电路部分电阻，由图像可知GH部分每1cm长的电阻，算出x的变化范围。
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