2026年广东省深圳市中考物理二轮突破专题提分训练04实验题（含答案）

2026年广东省深圳市中考物理二轮突破专题提分训练-04实验题（含答案）
一、压强
1．（2023·广东深圳·中考真题）琴琴同学用同一个物体（图中白色物体）做‘探究压强与受力面积的关系’实验，请填写下面内容。

（1）谁的压力大______，谁的受力面积大______ ；（选填“海绵的大”“沙坑的大”“两个相等”）
（2）改进这两个实验的意见：______；
（3）对比甲图选择下面一个______对比探究压强和压力大小的关系。

二、质量和密度
2．（2025·广东深圳·三模）小明找到一块质地均匀的石块（不吸水），想测量它的密度。观察发现石块比量筒直径大，于是从石块上敲下两小块，如图甲所示。
(1)用天平和量筒测量小石块的密度。测量质量和体积时的情形如图乙所示，计算得出石块密度是______g/cm3；
(2)小明发现电子秤不仅操作简单，还具有“清零”功能，于是改用电子秤和另一小石块测糖水密度，步骤如图丙：
a.电子秤按“清零”按钮；
b.石块静置于电子秤上；
c.将装有适量糖水的烧杯静置于电子秤上，按“清零”按钮；
d.石块用细线系好，浸没在糖水中静止；
则糖水密度为______g/cm ；
(3)完成计算后，小明发现电子秤已自动关机。重启后，将石块从糖水中取出时出现图丁所示现象，这与书上所写“浮力大小与物体浸没的深度无关”矛盾。询问老师后得知这杯糖水是老师配制好，打算演示光在同种不均匀介质中传播时使用的。
思考后小明猜想：由于这杯糖水的______随深度增加而增大，从而导致石块上提（未露出水面）时受到的浮力变______。为证明猜想正确，简单的操作是：______，再提起石块。
3．（2025·广东深圳·二模）阅读短文，回答问题。
跨学科实践——设计并制作简易油量表
【生活调查】小明发现家里新买的三轮摩托车的仪表盘没有油量表（如图甲）。
【任务要求】用所学的知识设计并制作一个简易的油量表，用来实时监测油量情况。
【知识储备】小明在查阅资料时，发现图丙是一种用于自动测量油箱内油量的装置（简称“油量表”）简化图，其最大测量容量为50L。请你帮助小明完成以下问题：
(1)油箱装满油时，油的质量为______kg（已知油的密度为）；
(2)如图乙所示，是油箱盖杠杆结构原理图。开启油箱盖时，在B点施加一个向下的力，弹簧会在A点产生一个向上的力，从而打开油箱盖。油箱盖打开后，可以闻到很浓的气味，这是因为______；从图乙可以看出，油箱盖杠杆结构OAB相当于一个______（填“省力”或“费力”）杠杆。假设，，，若在B点施加一个力打开油箱盖，则这个力的最小值为______N；
(3)小明根据图丙制作简易的油量表，其中油量表是由______表改装而成的，的作用是______，若电源电压为6V，变阻器R的最大阻值为200Ω，当油箱内装满油时，金属滑片在R的最下端，电路中电流为60mA，则值为______Ω；当油箱内没有油时，金属滑片在R的最上端，此时电路中电流为______mA；若电阻R随油箱中油量V的变化如图丁所示，当电路中的电流为40mA时，油量为______L；
【设计优化】为科学评价学生的制作作品，老师设置了如下评价量表。
自制油量表评价量表（部分节选）
指标 优秀 合格 待改进
正相关性 油面越高 油量表示数越大 油面越高 油量表示数越小 油量表无法反映 油面高低
刻度 油量表刻度线均匀，零刻度对应油量为零 油量表刻度线均匀，零刻度对应油量不为零 油量表刻度线不均匀，零刻度对应油量不为零
(4)小深和团队设计了如图戊所示的油量表电路图，请根据评价量表选择一个维度对该设计进行评价并说明理由______。
三、转换法
4．（2025·广东深圳·二模）人们购入新手机后，常常会为其贴上保护膜以确保屏幕的安全。小明为了探究不同品牌保护膜的防护效果，选购了四款不同品牌的手机保护膜进行了一系列测试，保护膜的厚度均为0.33mm，实验步骤如下：
①将表面平整的硬木块（表面积足够大）放在铁架台底部。
②将一款保护膜放置在木块上，调整横铁杆的高度，使其距离保护膜10cm。然后，将一个质量为5g的钢球从横铁杆处静止释放（如图所示）。观察并记录钢球落在保护膜上时，膜是否出现裂纹。随后，每次将横铁杆的高度增加2cm，并重复上述实验步骤，直到保护膜首次出现裂纹为止，此时停止实验。
③更换其他三种保护膜，重复执行实验步骤②，并记录结果。实验结束后，将得到的数据整理成表。
下落距离 有无裂纹
A款 B款 C款 D款
10cm 无 无 无 无
12cm 无 无 无 无
14cm 无 有 无 无
16cm 无 - 无 有
18cm 无 - 无 -
20cm 有 - 有 -
(1)该实验所需的测量工具为______；
(2)实验中通过出现裂纹时小球下落的高度来反映保护膜防护性能的强弱，下列实验中采取的方法与这一方法不同的是（　　）
A．在探究压力作用效果的影响因素实验中，通过观察海绵的形变程度来判断压力的作用效果
B．在研究电流的特点时，通过类比水流的特点来帮助理解电流
C．在探究电磁铁磁性强弱的影响因素实验中，通过观察其吸引小铁钉的数目来判断电磁铁磁性的强弱
(3)通过表格中的记录，可以初步判断______款（选填“A”、”B”、”C”或“D”）保护膜的防护性能最弱；
(4)当钢球从20cm的高度落下时，A和C两款保护膜均出现了裂纹，因此初步判断这两款膜的防护性能相当。然而，经过更细致的分析，小明认为这一结论不准确。为了验证自己的想法，小明接下来的操作是：______。
四、欧姆定律
5．（2025·广东深圳·中考真题）小虞同学利用如图所示装置探究“电流与电压的关系”。
(1)在如图所示的虚线框内，小虞同学应填入_________（填一种用电器）。
(2)在开关闭合前，俊俊同学指出应将滑动变阻器的滑片P移到最_____（填“左”或“右”）端。
(3)在闭合开关后，志诚同学发现电流表指针无偏转，电压表指针有较大偏转，若电路中只有一处故障，则可能是___________。
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 1 1.6 2.4 2.8
电流I/A 0.2 0.32 0.48 0.56
(4)由上面表格数据可知，电压与电流的比值_______，小虞由此得出结论，“在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比”。
(5)分析如图坐标图，小虞同学发现导致甲组数据与乙和丙不同的原因是________________。
6．（2023·广东深圳·中考真题）已知：电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器（30Ω，1.2A）

（1）请帮助亮亮根据电路图，连接实物图；（要求：滑片在最右端时，电阻最大。）( )
（2）在闭合开关前，滑动变阻器滑片需要调到端______（选填“M”或“N”）；
（3）亮亮同学检查电路连接正确，并且电路元件没有故障后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表偏转角度很小，请问故障原因是：______，接下来亮亮同学的操作方法是：______；
（4）实验数据如下图：
电压U/V 1 1.5 2 2.5 2.8
电流I/A 0.14 0.21 0.27 0.3 0.31
请问：正常发光时，小灯泡的电阻是：______Ω；
（5）由实验数据说明：小灯泡的电阻随电压的增大而______ ；（选填：“增大”，“变小”或“不变”）
（6）小白同学在电路连接正确后，闭合开关，小灯泡亮了一下之后就熄灭，电流表无示数，电压表有示数，请在图丙中，画出电压表指针指的位置。（用带箭头的线段表示）( )
7．（2025·广东深圳·三模）在测量小灯泡电阻实验中，器材有：额定电压是2.5V的小灯泡，电源（电压恒为4.5V）、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各一个，导线若干。
(1)按图甲连接实物，规范操作，闭合开关时，小灯泡亮度最______；
(2)多次调节滑动变阻器的滑片，记下对应的电压表和电流表的示数，并绘制图像如图乙所示，根据图像信息，可算出小灯泡正常发光时的电阻是______Ω（保留一位小数）；
(3)在调节过程中，小明想比较滑动变阻器阻值和小灯泡阻值变化量的大小，分析思路如下，请帮他补全内容。
滑动变阻器与小灯泡串联，当减小时，串联总电阻也减小；根据公式______，在电源电压不变时，电路中的电流变______，由于电流的______效应，灯丝温度升高，电阻变大。由可得，两电阻值变化量的大小关系是：______。
8．（2025·广东深圳·二模）为探究通过导体的电流与导体两端电压的关系，小明用如图甲所示电路图进行实验，电源为两节新的干电池。
(1)小明刚闭合开关发现电压表指针如图乙所示，电压表读数为______V，出现这种现象可能的原因是______；
(2)小明找出原因并改正后，进行了五次实验，用描点法得到电阻R的图像如图丙所示，由图像可知：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______比；
(3)根据丙图，可判断此操作过程中滑动变阻器的图像近似为如图中的（　　）
A． B． C． D．
(4)为了完成以上五次实验，滑动变阻器的最大阻值不能小于______Ω。
(5)若滑动变阻器坏了，可以用______（选填“粗铜线”、“细铅笔芯”或“橡胶棒”）替代滑动变阻器完成实验。
五、浮力
9．（2025·广东深圳·二模）如图是小明同学验证“阿基米德原理”的实验，其中A桶为圆柱形，B桶用于收集溢出的水。
(1)由图乙知B桶重力为______N；
(2)如图丙所示，将空桶A轻放入盛满水的溢水杯中，用B桶接住溢出的水，则由图丙和图______可得空桶A受到的浮力；
(3)测出B桶和溢出水的总重力，如图丁所示，则A桶受到的浮力______（选填“大于”、“小于”或“等于”）A桶排开水的重力；
(4)随后，小明同学往A桶中添加沙子（A桶始终漂浮），进行了四次实验，并将数据记录在表格中，其中有明显错误的是第______次，理由是：______。
次数 1 2 3 4
A桶与沙子的总重力/N 2.4 2.6 3.0 3.2
B桶与水的总重力/N 4.0 4.4 4.6 4.8
六、简单机械及机械效率
10．（2025·广东深圳·中考真题）枧枧同学用如图所示的装置来探究杠杆的平衡条件。（注：实验中所用钩码的规格相同）
(1)实验前，枧枧同学将组装好的杠杆放在水平桌面上，她发现杠杆静止时情况如图所示，此时枧枧同学判断杠杆处于_______（填“平衡”或“非平衡”）状态；
(2)欣月同学指出：在探究实验的过程中，必须把杠杆调到水平位置平衡，这样做的目的是便于测量_______；
(3)龙龙同学在杠杆两侧挂上钩码，设右侧钩码对杠杆施加的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施加的力为阻力F2，测出杠杆平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，得到实验数据如表：
实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 20.0 1.0 20.0
3 1.5 10.0 1.0 15.0
4 2.0 15.0 1.5 20.0
龙龙同学通过分析表格中的数据，可以得到杠杆的平衡条件。
龙龙同学说：生活中用钢丝钳剪钢丝，与实验_____中原理相同；
(4)一鸣同学认为，仅用人眼来确定杠杆是否水平，这样做不够科学。请任选实验器材，运用物理知识，写出判断杠杆水平的实验过程和方法；____________________
(5)《墨经》中记载了杠杆的平衡条件，如图，已知OA∶OB＝2∶9，秤砣质量为100g，则重物所受的重力为________N。（g取10N/kg）
11．（24-25九年级上·江苏徐州·期末）在探究杠杆平衡条件的实验中，每个钩码重1N。
(1)实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向______调节，使杠杆在水平位置平衡；
(2)杆平衡后如图乙所示在杠杆B点挂3个相同的钩码，则在杠杆的D点挂______个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡；
(3)保持B点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时测出多组动力臂l1和动力F1所数据绘制了l1-F1的关系图像，如图丙所示。由图像推算，当l1为0.6m时，F1为______N；
(4)如图丁所示，用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的另一杠杆，杠杆转动过程中，拉力F的大小将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
七、机械运动
12．（21-22八年级上·河南驻马店·期中）物理实验小组利用带有刻度尺的斜面、小车和电子表“测量小车的平均速度”，如图所示，图中显示他们测量过程中的小车在A、B、C三个位置及其对应时间的情形（圆圈里面的数字分别表示时、分、秒），则：
（1）该实验是根据公式_______进行测量的。
（2）通过分析图中所给信息可以判断，小车从斜面顶端运动到底端的过程中_______（选填“是”或“不是”）做匀速直线运动的。
（3）小车在AB段运动的路程sAB是_______cm；在BC段运动的平均速度vBC是_______m/s；在AC段运动的平均速度vAC是_______m/s。
（4）要使小车的平均速度增大，可采用的方法有_______（写出一种即可）。
八、温度与物态变化
13．（2023·广东深圳·中考真题）如图甲所示，琴琴同学探究“水的沸腾与加热时间的关系”，水的质量为100g，实验过程中温度随时间变化的关系如下表。

min 0 0.5 1 1.5 2 ...... 12
℃ 94 ？ 96 97 98 ...... 98
（1）当加热0.5min时，温度计示数如图乙，读数为______℃；
（2）根据示数研究得出水沸腾时的温度变化特征是：水沸腾时持续吸热，温度______；（选填“升高”、“降低”或“不变”）
（3）琴琴同学实验过程中，水沸腾时温度小于100℃，原因是______；
（4）如何减少加热时间，请给琴琴同学提个建议：______；
（5）水在1分钟内吸收的热量为______J；
（6）根据第（5）步进一步探究，水沸腾后继续加热了10分钟，水的质量少了4g，探究蒸发1克水吸收了多少热量？（忽略热量损失）( )
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
参考答案
1． 两个相等 海绵的大 都用海绵（或沙坑）来进行实验 A
【详解】（1）[1]两个实验中都是同一个物体，对海绵或沙坑的压力一样大。
[2]海绵中物体横放，沙坑中物体竖放，由图可得，海绵的受力面积大。
（2）[3]实验为探究压强与受力面积，应只改变受力面积大小，下面的受力物体保持不变，故改进意见为：甲、乙都用海绵进行实验或甲、乙都用沙坑进行实验。
（3）[4] 要探究压强和压力大小的关系，应保持受力面积相同，受力物体相同，只改变压力大小，对比甲图，应该选择A。
2．(1)2.7
(2)1.09
(3) 密度 小 用玻璃板将糖水搅拌均匀后
【详解】（1）如图乙所示，天平横梁标尺分度值为0.2g，则小石块质量为
量筒分度值为，前后示数分别为、，则小石块体积为
则石块密度
（2）由b可知，另一石块质量为，则另一石块体积为
石块用细线系好，浸没在糖水中静止时，电子秤示数为43.6g，则石块排开糖水的质量为43.6g，则糖水的密度为
（3）[1][2]完成计算后，小明发现电子秤已自动关机。重启后，将石块从糖水中取出时出现图丁所示现象，电子秤示数为负值。这是由于这杯糖水的密度随深度增加而增大，根据，石块上提时，糖水密度减小，从而导致石块上提（未露出水面）时受到的浮力变小。
[3]为证明猜想正确，简单的操作是：用玻璃板将糖水搅拌均匀后再提起石块，观察电子秤示数是否会减小。
3．(1)40
(2) 分子不停地做无规则运动 省力 5
(3) 电流 保护电路 100 20 37.5
(4)见解析
【详解】（1）油箱最大容量为50L，则装满油时，油的质量
（2）[1]油箱盖打开后，可以闻到很浓的气味，这是扩散现象，是分子不停地做无规则运动形成的。
[2]开启油箱盖时，在B点施加一个向下的力，弹簧会在A点产生一个向上的力，从而打开油箱盖。则O点为支点，动力臂大于阻力臂，所以油箱盖杠杆结构OAB相当于一个省力杠杆。
[3]在B点施加一个最小的力，由杠杆平衡条件可知，阻力与阻力臂的大小不变，则动力臂最大时，动力最小，所以以OB为动力臂时，动力臂最大，动力最小，所以这个力的最小值为
（3）[1]由图丙可知，油量表串联接入电路，根据电流表和电压表的使用方法可知，电流表串联在电路中使用，所以油量表是由电流表改装而成的。
[2]由图丙可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，若无R0，电路短路，电路中的电流过大，会烧坏电流表，因此电路中串联接入一个定值电阻R0，对电路起保护作用。
[3]已知电源电压为6V，当油箱内装满油时，R的金属滑片在最下端，阻值为0，电路中电流为60mA，根据欧姆定律可得R0阻值
[4]当油箱内没有油时，金属滑片在R的最上端，R全部接入电路，R=200Ω，此时电流最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得最小电流为
[5]由图丁可知，电阻R与油箱中油量V成正比关系。当R=0时，V=50L；当R=200Ω时，V=0L。由数学知识可得V与R之间的关系为
当电路中的电流为40mA时，此时滑动变阻器接入电路的电阻
此时油量为
（4）图戊中R与R0串联，电流表测串联电路中的电流。滑动变阻器接入电路的阻值随油量的增大而减小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知，通过电路的电流变大，电流表的示数越大。即油量越高，油量表示数越大，则自制油量表的正相关性为优秀；油量为零时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据可知，电流不为0，且电流与油量为非线性关系，油量表刻度线不均匀，故自制油量表的刻度评价为待改进。
4．(1)刻度尺
(2)B
(3)B
(4)见解析
【详解】（1）实验中需要测量钢球下落的高度，测量长度的工具是刻度尺，所以该实验所需的测量工具为刻度尺。
（2）实验中通过出现裂纹时小球下落的高度来反映保护膜防护性能的强弱，这种方法是转换法，即将不易直接测量的保护膜防护性能转换为容易测量的钢球下落高度来进行判断；
A．在探究压力作用效果的影响因素实验中，通过观察海绵的形变程度来判断压力的作用效果，将压力的作用效果转换为海绵的形变程度，属于转换法。故A不符合题意；
B．在研究电流的特点时，通过类比水流的特点来帮助理解电流，这是类比法，不是转换法。故B符合题意；
C．在探究电磁铁磁性强弱的影响因素实验中，通过观察其吸引小铁钉的数目来判断电磁铁磁性的强弱，将电磁铁磁性的强弱转换为吸引小铁钉的数目，属于转换法。故C不符合题意。
故选B。
（3）由表格数据可知，B款保护膜在钢球下落高度为14cm时就出现了裂纹，而A款在20cm、C款在20cm、D款在16cm才出现裂纹，所以B款保护膜的防护性能最弱。
（4）当钢球从20cm的高度落下时，A和C两款保护膜均出现了裂纹，仅根据这一次实验不能准确判断这两款膜的防护性能是否相当。为了更准确地比较它们的防护性能，应在18cm至20cm的下落距离内设置更多不同的下落高度，重复进行实验，观察A、C两款保护膜出现裂纹的具体情况，从而更准确地比较它们的防护性能。
5．(1)定值电阻
(2)右
(3)定值电阻断路
(4)不变
(5)选用的定值电阻不同
【详解】（1）探究电流与电压的关系时，应控制电阻不变，通过改变电压来测量电流，所以电路中需要接入定值电阻。
（2）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处。由图可知，滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻丝最长，阻值最大。
（3）电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表指针有较大偏转，说明电压表与电源连通，所以故障可能是与电压表并联的定值电阻断路。
（4）根据表格数据，分别计算电压与电流的比值为：
可知电压与电流的比值不变。
（5）导致甲组数据与乙和丙不同的原因是选用的定值电阻阻值不同。根据欧姆定律可知，当定值电阻阻值不同时，在相同电压下，通过导体的电流不同，所以会导致I﹣U图象不同。
6． N 灯泡的实际功率很小 移动滑动变阻器滑片 8.3 增大
【详解】（1）[1]滑动变阻器滑片在最右端时阻值最大，所以滑动变阻器应接左下接线柱，如图所示：

（2）[2]在闭合开关前，滑动变阻器滑片需要调到N端，使得滑动变阻器为最大阻值，保护电路。
（3）[3]闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值，闭合开关，由于电路总电阻很大，电路电流较小，灯泡的实际功率很小，可能不足以引起灯泡发光。
[4]闭合开关后，如果灯泡不亮，应移动滑动变阻器滑片，减小电路的总电阻，使电灯泡发光。
（4）[5]由题意可知小灯泡的额定电压是2.5V，所以小灯泡正常发光时，电压为2.5V，而电流由表中数据得0.3A，所以小灯泡电阻为
（5）[6]由表中数据得电压为1V，电流为0.14A，小灯泡电阻为
由表中数据得电压为1.5V，电流为0.21A，小灯泡电阻为
由表中数据得电压为2V，电流为0.27A，小灯泡电阻为
由表中数据得电压为2.8V，电流为0.31A，小灯泡电阻为
所以小灯泡的电阻随电压的增大而增大。
（6）[7]闭合开关，小灯泡亮了一下之后就熄灭，电流表无示数，电压表有示数，说明小灯泡断路了，电压表测电源的电压示数接近电源电压3V，如图所示：

7．(1)低
(2)8.3
(3) 大 热 >
【详解】（1）按图甲连接实物，规范操作，为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片位于阻值最大处，所以闭合开关时，电路中电流最小，小灯泡亮度最低。
（2）由图乙可知，灯泡电压为2.5V时，电流为0.3A，则小灯泡正常发光时的电阻
（3）[1][2][3][4]灯泡电阻随温度升高而变大。滑动变阻器与小灯泡串联，当减小时，串联总电阻也减小；根据公式，在电源电压不变时，电路中的电流变大，由于电流的热效应，灯丝温度升高，电阻变大。由可得，两电阻值变化量的大小关系是：。
8．(1) 3 见解析
(2)正
(3)B
(4)25
(5)细铅笔芯
【详解】（1）[1]电压表量程为，分度值，图中指针满偏时读数为。
[2]故障原因可能为：①电阻R断路：电压表串联测电源电压，指针满偏；②滑动变阻器短路：R两端电压等于电源电压，电压表满偏。③滑动变阻器阻值为0：R两端电压等于电源电压，电压表满偏。
（2）图丙中图像为过原点的直线，说明电阻一定时，电流与电压成正比。
（3）滑动变阻器与R串联，电源电压。根据串并联电路的电压电流规律可知，滑动变阻器电压与定值电阻的电压之和不变，定值电阻的电压增加，则滑动变阻器的电压减小，定值电阻的电流与两端的电压是正比关系，因此随I增大，减小，对应图像为斜向下的直线，故选B。
（4）由图丙知
当R两端电压最小时，滑动变阻器电压
电流，因此滑动变阻器最大阻值
（5）滑动变阻器需“电阻可调节”，细铅笔芯为导体且电阻随长度变化，类似滑动变阻器的变阻原理，而粗铜线电阻过小、橡胶棒为绝缘体，因此选细铅笔芯。
9．(1)1.6
(2)甲
(3)等于
(4) 2 见解析
【详解】（1）由图乙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针指在1.6N处，所以B桶重力为1.6N。
（2）由图丙可知，空桶A漂浮在水面上，由浮沉条件可知，空桶A所受浮力等于空桶A所受重力。由图甲可知，测力计的分度值为0.2N，示数为2N，则空桶A的重力为2N，则图丙中空桶A漂浮在水面上时所受浮力为2N。
（3）由图丁可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针指在3.6N处，所以B桶和溢出水的总重力为3.6N。已知B桶重力为1.6N，则A桶排开水的重力G排 =G总 GB =3.6N 1.6N=2N
由(2)问解答可知，空桶A所受浮力等于2N，即A桶受到的浮力等于A桶排开水的重力。
（4）[1][2]小明同学往A桶中添加沙子，由于A桶始终漂浮，受到的浮力等于A桶和添加沙子的总重力。根据阿基米德原理，浮力等于排开水的重力。进行了四次实验，并将数据记录在表格中，其中有明显错误的是第2次，理由是：根据阿基米德原理，物体漂浮时浮力等于自身重力，也等于排开水的重力，第2次实验中G排=GB和水-GB= 4.4N-1.6N=2.8N≠F浮=GA和沙=2.6N，二者不相等，所以存在错误。
10．(1)平衡
(2)力臂
(3)1
(4)见解析
(5)4.5
【详解】（1）根据杠杆平衡状态的定义，杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，就处于平衡状态。实验前杠杆虽然倾斜，但处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态。
（2）在探究杠杆平衡条件实验中，把杠杆调到水平位置平衡，此时力臂与杠杆重合，可以直接从杠杆上读出力臂的大小，目的是便于测量力臂。
（3）钢丝钳剪钢丝时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。分析表格数据，实验1中的动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，与钢丝钳原理相同。
（4）可选用重垂线来判断杠杆是否水平。实验过程和方法为：将重垂线固定在杠杆的支点上方，使重垂线自然下垂。观察杠杆，若杠杆与重垂线垂直，则杠杆处于水平位置；若不垂直，则杠杆不水平。
（5）秤砣重力G砣=m砣g=0.1kg×10N/kg=1N
根据杠杆平衡条件得到G砣×OB=G×OA
物体的重力
11．(1)右
(2)4
(3)0.5
(4)不变
【详解】（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设一钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡条件可知3G×4L=FD×3L，所以FD=4G，需在D点挂4个钩码。
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，据可知，利用图象中任意一组数据都能得出，
故若当l1为0.6m时，F1为
（4）由式子可得，拉力始终竖直向上，且匀速随着杠杆的转动，可知两个力的方向与支点O构成相似三角形，所以两力的力臂之比是不变的，故拉力F的大小将不变。
12． v＝ 不是 0.13 0.16 0.15 增大斜面的坡度
【详解】（1）[1]平均速度是指某段时间内的路程与这段时间的比值，所以该实验是根据进行测量的。
（3）[3]根据题意知道
sAB＝90.0cm﹣64.0cm＝26.0cm＝0.26m
tAB＝2s
则AB段的平均速度
[4]根据题意知道
sBC＝64.0cm＝0.64m
tBC＝4s
则BC段的平均速度
根据题意知道
sAC＝90.0cm＝0.9m
tAC＝6s
[5]则AC段的平均速度
（2）[2]根据上面的计算知道，小车做的不是匀速直线运动。
（4）[6]斜面的坡度越大，小车下滑的速度就越大，在斜面上运动的时间就越短，由知道，路程一定时，时间越小，平均速度就越大，所以，要使小车的平均速度增大，可采用的方法是增大斜面的坡度。
13． 95 不变 当地大气压小于1标准大气压 减少水的质量 840 2100J
【详解】（1）[1]由乙图可知，温度计的分度值为1℃，温度计示数为95℃。
（2）[2]由表中数据可知，从第2min开始，水温保持98℃不变，所以可得出水沸腾时的温度变化特征是：水沸腾时持续吸热，温度不变。
（3）[3]由于在1标准大气压下，水的沸点为100℃，水的沸点随气压的降低而降低，所以当气压小于1标准大气压时，水沸腾时温度小于100℃。
（4）[4]为了减少加热时间，可以用初温较高的热水，或者减小水的质量。
（5）[5]由表中数据可知，水在1min内，温度由94℃上升至96℃，则水在1分钟内吸收的热量
（6）[6]水沸腾后继续加热了10分钟，水的质量少了4g，则蒸发1克水吸收的热量
答案第1页，共2页
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