教科版高中物理选择性必修第二册第二章电磁感应及其应用专题强化5楞次定律的拓展与应用课件(52页PPT)
文档属性
| 名称 | 教科版高中物理选择性必修第二册第二章电磁感应及其应用专题强化5楞次定律的拓展与应用课件(52页PPT) |
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| 格式 | ppt | ||
| 文件大小 | 4.3MB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 教科版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2026-03-20 00:00:00 | ||
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文档简介
(共52张PPT)
[学习目标]
1.进一步理解楞次定律，会应用楞次定律的推论解决实际问题。
2.能熟练应用安培定则、左手定则、右手定则和楞次定律分析解决有关综合问题。
楞次定律中“阻碍”的含义可以拓展为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化。主要有以下几种表现形式：
内容 例证
阻碍原磁通量变化——“增反减同”
阻碍相对运动——“来拒去留”
内容 例证
使回路面积有扩大或缩小的趋势“增缩减扩”(此方法只适用于回路中只有一个方向的磁感线的情况)
B减小时，线圈中的Φ减小，为了阻碍Φ减小，线圈有扩张趋势，各边受到的安培力向外；反之，B增大时，线圈中的Φ增大，为了阻碍Φ增大，线圈有缩小趋势，各边受到的安培力向里
内容 例证
使金属环有远离或靠近的趋势——“增离减靠”
穿过金属环P的磁通量增加时，P向右运动；穿过P的磁通量减小时，P向左运动
[例1] 如图所示，两光滑平行的水平导轨固定，整个空间存在竖直向上的匀强磁场，两导体棒ab、cd垂直放在导轨上，并与导轨始终保持良好接触。现分别给导体棒ab、cd水平方向的速度，分别记为v1、v2。下列说法正确的是( )
C
A.若v1＝v2且方向水平向右，则回路中感应电流的方向为acdba
B.若v2C.若v1>v2且方向水平向右，则回路中感应电流的方向为abdca
D.若v1和v2方向相反，则回路中没有感应电流
解析 若v1＝v2且方向向右，则导体棒ab、cd所围成的面积不变，穿过其所围面积的磁通量不变，故回路中不产生感应电流，故A错误；若v2v2且方向向右，则导体棒ab、cd所围面积减小，穿过其所围面积的磁通量减小，由楞次定律的“增反减同”可知，回路中产生的感应电流方向为abdca，故C正确；若v1和v2方向相反，则导体棒ab、cd所围成的面积增大，穿过其所围面积的磁通量增大，由楞次定律的“增反减同”可知，回路中有顺时针方向的电流(从上往下看)，故D错误。
[例2] (2025·滕州市高二期中)如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上。当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中轴线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动。设线圈在此过程中受到的支持力为N，摩擦力为f。以下判断正确的是( )
A.f先向右，后向左
B.N一直大于mg
C.N先大于mg，后小于mg
D.线圈中感应电流的方向始终不变
C
解析 当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律“来拒去留”可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即N大于mg；线圈相对桌面有向右的运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力；当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律“来拒去留”可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即N小于mg；线圈相对桌面有向右的运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力，故A、B错误，C正确；磁铁靠近线圈的过程中穿过线圈的磁通量增大，远离线圈的过程中穿过线圈的磁通量减小，磁通量的变化相反，所以产生的感应电流的方向也一定相反，故D错误。
[例3] 如图所示，a、b、c三个线圈是同心圆，b线圈上连接有直流电源和开关K，则下列说法正确的是( )
C
A.K闭合电路稳定后，在断开K的一瞬间，线圈c中有感应电流，线圈a中没有感应电流
B.K闭合电路稳定后，在断开K的一瞬间，线圈a中有感应电流，线圈c中没有感应电流
C.在K闭合的一瞬间，线圈a中有逆时针方向的瞬时感应电流，有扩张趋势
D.在K闭合的一瞬间，线圈c中有顺时针方向的瞬时感应电流，有收缩趋势
解析 K闭合电路稳定后，在断开K的一瞬间，穿过线圈a、c中的磁通量均发生变化，均有感应电流产生，故A、B错误；在K闭合的一瞬间，线圈b中有顺时针方向的瞬时电流，线圈a、c内磁场的磁感应强度垂直纸面向里增大，根据楞次定律的推论、右手螺旋定则，可知线圈a、c中均有逆时针方向的瞬时感应电流，a有扩张的趋势，c有收缩的趋势，故C正确，D错误。
[总结提升]
楞次定律的拓展含义——“增缩减扩”或“增扩减缩”关键看闭合回路面积的变化(或变化趋势)对阻碍磁通量变化的效果。应用“增缩减扩”或“增扩减缩”判断安培力的方向快速、准确，能解放“右手”或“左手”。
安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律的比较
比较项目 安培定则 左手定则 右手定则 楞次定律
适用场合 判断电流周围的磁感线方向 判断通电导线在磁场中所受的安培力方向 判断导体切割磁感线时产生的感应电流方向 判断回路中磁通量变化时产生的感应电流方向
因果关系 因电而生磁(I→B) 因电而受力(I、B→F安) 因动而生电(v、B→I感) 因磁通量变化而生电(ΔΦ→I感)
[例4] (2023·海南卷)汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为一个矩形线圈abcd，埋在地下的线圈分别为1、2，通上顺时针(俯视)方向电流，当汽车经过线圈时( )
A.线圈1、2产生的磁场方向竖直向上
B.汽车进入线圈1过程产生感应电流方向为abcd
C.汽车离开线圈1过程产生感应电流方向为abcd
D.汽车进入线圈2过程受到的安培力方向与速度方向相同
C
解析 由安培定则可知，线圈1、2形成的磁场方向都是竖直向下的，A错误；汽车进入线圈1时，穿过线圈abcd中向下的磁通量增大，由楞次定律可判断，线圈abcd中的感应电流方向为adcb，同理，汽车离开线圈1时，穿过线圈abcd中向下的磁通量减小，线圈abcd中的感应电流方向为abcd，故B错误，C正确；安培力为阻力，与速度方向相反，D错误。
[例5] (多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动。则PQ所做的运动可能是(金属棒切割磁感线速度越大，感应电流越大)( )
BC
A.向右加速运动 B.向左加速运动
C.向右减速运动 D.向左减速运动
1.(“增反减同”法)如图所示，三个线圈在同一平面内，当I减小时，关于a、b线圈中的感应电流方向，以下说法正确的是( )
D
A.都为顺时针方向
B.a线圈中为顺时针方向，b线圈中为逆时针方向
C.都为逆时针方向
D.a线圈中为逆时针方向，b线圈中为顺时针方向
解析 根据安培定则判断可知，电流I在线圈a处产生的磁场方向垂直于纸面向外，线圈b处的磁场方向垂直于纸面向里，当I减小时，穿过线圈a、b的磁通量都减少，根据楞次定律的“增反减同”结合安培定则可知，线圈a中产生逆时针方向的感应电流，线圈b中产生顺时针方向的感应电流，选项D正确，A、B、C错误。
2.(“来拒去留”法)(多选)如图所示，用绝缘细绳吊起一个铝环，用条形磁体的N极去靠近铝环，直至从右侧穿出的过程中( )
A.磁体从左侧靠近铝环时，铝环向右摆动
B.磁体在右侧远离铝环时，铝环向左摆动
C.磁体从左侧靠近铝环时，铝环A端为N极
D.磁体在右侧远离铝环时，B端为S极
解析 磁体从左侧靠近铝环时，根据楞次定律的“来拒去留”可知，铝环向右摆动，铝环A端为N极，A、C正确；当磁体在右侧远离铝环时，同理可得，铝环右摆，B端为N极，B、D错误。
AC
3.(“增缩减扩”法)(多选)如图所示，光滑固定导轨m、n水平放置，两根导体棒p、q平行放于导轨上，形成一个闭合回路。当一条形磁铁从高处下落接近回路时(不计空气阻力)( )
AD
A.p、q将互相靠拢
B.p、q将互相远离
C.磁铁下落的加速度仍为g
D.磁铁下落的加速度小于g
解析 在磁铁下落接近回路的过程中，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律的“增缩减扩”，可知p、q将互相靠拢；利用“来拒去留”可知，磁铁受到方向向上的阻力，磁铁下落的加速度小于g，A、D正确。
4.(“三定则一定律”的综合应用)如图所示，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U形金属导轨，导轨平面与磁场垂直。金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS，一圆环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。现让金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是( )
D
A.PQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向
B.PQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向
C.PQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向
D.PQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向
解析 金属杆PQ突然向右运动，由右手定则可知，金属杆PQ中的感应电流方向由Q到P，则PQRS中感应电流方向为逆时针方向。PQRS中感应电流产生垂直纸面向外的磁场，由楞次定律可知，圆环形金属线框T中会产生垂直纸面向里的磁场，则T中感应电流方向为顺时针方向，D正确。
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[基础巩固练]
1.如图所示，通入恒定电流的直导线固定于纸面内，一矩形线圈，在纸面内从abcd位置平移到a′b′c′d′位置的过程中，关于线圈内产生的感应电流方向，下列叙述正确的是( )
A.一直逆时针
B.顺时针→逆时针
C.逆时针→顺时针→逆时针
D.顺时针→逆时针→顺时针
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解析 由安培定则得，通电直导线产生的磁场在导线左边的方向为垂直纸面向外，在导线右边的方向为垂直纸面向里。根据楞次定律及安培定则可知，线圈向导线靠近时，感应电流方向为顺时针方向，线圈越过导线的过程中，感应电流方向为逆时针方向，线圈远离导线的过程中，感应电流方向为顺时针方向，故D正确。
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2.如图所示，一条形磁体从高h处自由下落，中途穿过一个固定的空心线圈，开关S断开时，由开始下落至落地用时t1，落地时速度为v1；S闭合时，由开始下落至落地用时t2，落地时速度为v2。则它们的大小关系正确的是( )
A.t1＞t2，v1＞v2 B.t1＝t2，v1＝v2
C.t1＜t2，v1＜v2 D.t1＜t2，v1＞v2
解析 开关S断开时，线圈中无感应电流，对磁体无阻碍作用，故
磁体自由下落，a1＝g；当S闭合时，线圈中有感应电流，对磁体有阻碍作用，根据“来拒去留”知，a2＜g，且磁体的机械能减小，所以t1＜t2，v1＞v2，故D正确。
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3.如图所示，水平固定的长直导线与矩形导线框abcd在同一竖直平面，导线框的ab边与导线平行，导线中通有向右的恒定电流I、现将导线框由静止释放，导线框在竖直下落过程中没有翻转。下列对导线框下落过程的分析，其中说法正确的是( )
A.导线框中产生了顺时针方向的感应电流
B.导线框的面积有收缩的趋势
C.导线框下落的加速度有时可能大于重力加速度g
D.若导线中的电流I方向向左，则线框所受安培力的合力方向向下
A
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解析 根据安培定则可知，导线下方的磁场垂直纸面向里，离导线越远的地方，磁场越弱，导线框在竖直下落过程中，磁通量变小，根据楞次定律可知导线框中产生了顺时针方向的感应电流，导线框的面积有扩张的趋势，ab边受安培力较大且向上可知，线框所受安培力的合力方向向上，故A正确，B、D错误；导线框下落过程中，安培力向上，重力大于安培力，所以导线框下落的加速度小于重力加速度g，故C错误。
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4.航母上舰载机电磁弹射的驱动原理简化示意图如图所示，当闭合开关S，固定线圈中突然通过直流电流时，线圈左侧的金属环被弹射出去，则( )
A.闭合开关S的瞬间，从左侧看金属环中的感应电流沿逆时针方向
B.若将电池正负极调换，金属环弹射方向将改变
C.若将金属环置于线圈的右侧，金属环仍将向左弹射
D.若将金属环置于线圈的右侧，金属环将向右弹射
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解析 闭合开关S的瞬间，线圈中电流迅速增大，电流从线圈右侧流入，产生的磁场方向向左，由楞次定律可知，金属环中的感应电流方向从左侧看为顺时针，A错误；电池正负极调换后，根据“增离减靠”可得，金属环受力方向向左，故仍将向左弹出，B错误；若将金属环放在线圈右侧，根据“增离减靠”可知，金属环将向右弹射，C错误，D正确。
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5.(多选)如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示，取甲图中电流方向为正方向，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，则( )
ABC
A.在t1时刻，N>G，P有收缩的趋势
B.在t2时刻，N＝G，穿过P的磁通量不变
C.在t3时刻，N＝G，P中有感应电流
D.在t4时刻，N>G，P有收缩的趋势
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解析 当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此穿过线圈P的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P中产生感应电流阻碍其磁通量的增大，所以线圈P有远离和面积收缩的趋势，即N>G，P有收缩的趋势，故A正确；当螺线管中电流不变时，其形成的磁场不变，穿过线圈P的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，则t2时刻N＝G，故B正确；t3时刻螺线管中电流为零，但是穿过线圈P的磁通量是变化的，因此此时线圈P中有感应电流，但此时刻二者之间没有相互作用力，即N＝G，故C正确；当螺线管中电流不变时，其形成的磁场不变，穿过线圈P的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，所以t4时刻N＝G，此时P没有收缩的趋势，故D错误。
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6.(2025·六安市高二期中)两圆环A、B置于同一水平面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环。当A以如图所示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B中产生如图所示方向的感应电流，下列说法正确的是( )
A.A可能带正电且转速减小
B.A可能带负电且转速恒定
C.若A带负电，B有扩张的趋势
D.若A带正电，B有扩张的趋势
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解析 若A带正电，逆时针转动产生逆时针方向的电流，A内磁场方向垂直纸面向外，A外磁场方向垂直纸面向里，当转速减小时，穿过B的磁通量向外减小，根据楞次定律(增反减同)可知，B中产生逆时针方向的电流，故A错误；若A带负电，逆时针转动产生顺时针方向的电流，A内磁场方向垂直纸面向里，A外磁场方向垂直纸面向外，当转速不变时，穿过B的磁通量不变，B中无感应电流，故B错误；若A带负电，逆时针转动产生顺时针方向的电流，与图示B中电流方向相同，同向电流相互吸引，B环有收缩的趋势，故C错误；若A带正电，逆时针转动产生逆时针方向的电流，与图示B中电流方向相反，异向电流相互排斥，B环有扩张的趋势，故D正确。
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7.(多选)如图所示装置中，cd杆光滑且原来静止。当ab杆做以下哪些运动时，cd杆将向右移动(杆切割磁感线速度越大，感应电流越大)( )
A.向右匀速运动 B.向右加速运动
C.向左加速运动 D.向左减速运动
BD
解析 ab杆向右匀速运动，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L1中产生恒定的磁场，在L2中不产生感应电流，所以cd杆不动，故A错误；ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生逐渐增大的由a到b的电流，在L1中产生方向向上且增强的磁场，该磁场向下通过L2，由楞次定律及安培定则知，在cd杆上产生由c到d的感应电流，根据左手定则，cd杆受到向右的安培力，cd杆将向右运动，故B正确；同理可得C错误，D正确。
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8.(多选)创意物理实验设计作品如图所示。两根彼此靠近且相互绝缘的金属棒C、D固定在铁架台上，与两个铜线圈P、Q组成一闭合回路，两个磁性很强的条形磁铁如图放置。当用手左右摆动线圈P时，线圈Q也会跟着摆动，仿佛小熊在荡秋千。以下说法正确的是( )
A.P向右摆动的过程中，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)
B.P向右摆动的过程中，Q也会向右摆动
C.P向右摆动的过程中，Q会向左摆动
D.若用手左右摆动Q，P会始终保持静止
AB
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解析 P向右摆动的过程中，线圈中的磁通量减少，根据楞次定律及安培定则可知，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)，选项A正确；P向右摆动的过程中，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)，Q中的电流方向也为顺时针方向(从右向左看)，由左手定则可知，Q线圈下侧将受到向右的安培力作用，所以Q也会向右摆动，选项B正确，C错误；若用手左右摆动Q，线圈Q切割磁感线，将产生感应电流，P线圈中也会有电流，受到安培力作用，P将摆动，不会保持静止，选项D错误。
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[能力提升练]
9.如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态，下列说法正确的是( )
D
A.开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动
B.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向
C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向
D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动
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解析 开关闭合后的瞬间，由安培定则可知，右边螺线管产生左端为S极，右端为N极的磁场，由楞次定律可知，左边线圈中产生感应电流，直导线中电流方向由南向北，由安培定则可知，直导线上方磁场方向垂直纸面向里，则小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，故A错误；开关闭合并保持一段时间后，根据安培定则可知，左边线圈中有磁通量且不变，因此左边线圈中不会产生感应电流，小磁针不会偏转，故B、C错误；开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，由楞次定律可知，左边线圈中产生感应电流，直导线中电流方向由北向南，由安培定则可知，直导线上方磁场方向垂直纸面向外，则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，故D正确。
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10.(2025·济宁市高二期末)如图所示，在水平地面下有一条沿东西方向铺设的水平直导线，导线中通有自东向西且强度较大的恒定电流。现用一闭合的检测线圈(线圈中串有灵敏电流计，图中未画出)检测此通电直导线的位置。若不考虑地磁场的影响，让检测线圈(位于水平面内)从距直导线很远处由北向南沿水平地面通过导线的上方并移至距直导线很远处，在此过程中，俯视检测线圈，下列说法正确的是( )
B
A.感应电流的方向先顺时针后逆时针
B.感应电流的方向先逆时针后顺时针，然后再逆时针
C.检测线圈所受安培力的方向先向南后向北
D.检测线圈所受安培力的方向先向北后向南
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解析 根据通电直导线周围的磁感线的分布特点，检测线圈由远处移近直导线的过程中，穿过线圈的磁场有向下的分量，且磁通量先增大后减小，由楞次定律和安培定则可知，线圈中的电流方向先逆时针后顺时针；当检测线圈逐渐远离直导线的过程中，穿过线圈的磁场有向上的分量，磁通量先增大后减小，由楞次定律和安培定则可知，线圈中的电流方向先顺时针后逆时针。选项A错误，B正确；根据楞次定律“来拒去留”可知，检测线圈所受安培力的方向一直向北，选项C、D错误。
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11.(2025·重庆市高二诊断)某实验小组设计的电梯坠落应急安全装置如图所示，电梯井内壁上铺设线圈，电梯轿厢底部安装永久磁铁，磁铁N极向上，线圈能在电梯轿厢突然坠落时自动闭合，阻碍电梯轿厢急剧下降从而减小对乘客的伤害。当电梯轿厢坠落至图示位置时( )
C
A.线圈A、B相互吸引
B.线圈A有收缩的趋势，B有扩张的趋势
C.俯视线圈A，其感应电流沿逆时针方向
D.电梯轿厢处于完全失重状态
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解析 当电梯轿厢坠落到如题图所示位置时，线圈A中向上的磁通量减弱，线圈B中向上的磁通量增强，从上向下看，线圈A中产生的感应电流为逆时针方向，线圈B中产生的感应电流为顺时针方向，两线圈感应电流方向相反，所以两线圈相互排斥，故A错误，C正确；线圈A中向上的磁通量减弱，线圈B中向上的磁通量增强，由楞次定律可知，线圈A有扩张趋势，线圈B有收缩趋势，故B错误；由上述分析可知，坠落过程中，线圈内的磁通量发生变化，线圈会产生感应电流，感应电流产生的感应磁场会阻碍磁铁的运动，进而阻碍电梯轿厢运动，使电梯轿厢处于非完全失重状态，故D错误。
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12.如图甲所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R，金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。现使磁感应强度B随时间的变化关系如图乙所示(B以向下为正方向)，0～2t0时间内ab始终保持静止。则下列说法正确的是( )
C
A.0～2t0时间内ab中的感应电流方向总是由b到a
B.0～t0时间内ab棒所受的安培力向左
C.t0～2t0时间内ab棒所受的静摩擦力向右
D.t0～2t0时间内穿过回路的磁通量逐渐减小
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解析 根据题意，由题图乙可知，0～t0时间内，磁场方向向下，穿过回路的磁通量逐渐减小，由楞次定律可知，感应电流产生磁场的方向向下，由右手螺旋定则可知，回路中电流方向为顺时针，即ab中的感应电流方向是由a到b，t0～2t0时间内，磁场方向向上，穿过回路的磁通量逐渐增大，回路中电流方向也为顺时针，即ab中的感应电流方向总是由a到b，故A、D错误；0～t0时间内，由左手定则可知，ab棒所受的安培力向右，故B错误；t0～2t0时间内，由左手定则可知，ab棒所受的安培力向左，由平衡条件可知，ab棒所受的静摩擦力向右，故C正确。
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13.如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑片向左滑动，则ab棒和cd棒的运动情况是( )
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A
A.ab棒向左运动，cd棒向右运动
B.ab棒向右运动，cd棒向左运动
C.ab棒和cd棒都向右运动
D.ab棒和cd棒保持静止
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解析 由安培定则可知，螺线管中磁感线方向向上，金属棒ab、cd所在处的磁感线方向均向下，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，螺线管中电流增大，因此磁场变强，即磁感应强度变大，穿过回路的磁通量增大，由楞次定律知，感应电流方向为a→c→d→b→a，由左手定则知，ab棒所受安培力方向向左，cd棒所受安培力方向向右，所以ab棒向左运动，cd棒向右运动，故A正确。
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[拓展培优练]
14.如图所示，足够长通电直导线平放固定在光滑水平面上，电流I恒定不变。将一个金属圆环以初速度v0沿与直导线成一定角度θ(θ<90°)斜向右上的方向在水平面上开始滑动。之后，金属圆环( )
A.做曲线运动，速度一直减小到零
B.做直线运动，速度一直减小到零
C.最终垂直直导线做匀速直线运动
D.最终平行直导线做匀速直线运动
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D
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解析 金属环向右运动，磁通量减小，根据“来拒去留”可知，所受的安培力将阻碍金属圆环远离通电直导线，即安培力垂直直导线向左，与运动方向夹角为钝角，故金属环做曲线运动，安培力使金属环在垂直导线方向做减速运动，当垂直导线方向的速度减为零，只剩沿导线方向的速度，之后穿过圆环的磁通量不变，无感应电流，水平方向合力为零，故最终做匀速直线运动，方向与直导线平行，故金属环先做曲线运动后做直线运动。故选D。
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[学习目标]
1.进一步理解楞次定律，会应用楞次定律的推论解决实际问题。
2.能熟练应用安培定则、左手定则、右手定则和楞次定律分析解决有关综合问题。
楞次定律中“阻碍”的含义可以拓展为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化。主要有以下几种表现形式：
内容 例证
阻碍原磁通量变化——“增反减同”
阻碍相对运动——“来拒去留”
内容 例证
使回路面积有扩大或缩小的趋势“增缩减扩”(此方法只适用于回路中只有一个方向的磁感线的情况)
B减小时，线圈中的Φ减小，为了阻碍Φ减小，线圈有扩张趋势，各边受到的安培力向外；反之，B增大时，线圈中的Φ增大，为了阻碍Φ增大，线圈有缩小趋势，各边受到的安培力向里
内容 例证
使金属环有远离或靠近的趋势——“增离减靠”
穿过金属环P的磁通量增加时，P向右运动；穿过P的磁通量减小时，P向左运动
[例1] 如图所示，两光滑平行的水平导轨固定，整个空间存在竖直向上的匀强磁场，两导体棒ab、cd垂直放在导轨上，并与导轨始终保持良好接触。现分别给导体棒ab、cd水平方向的速度，分别记为v1、v2。下列说法正确的是( )
C
A.若v1＝v2且方向水平向右，则回路中感应电流的方向为acdba
B.若v2
D.若v1和v2方向相反，则回路中没有感应电流
解析 若v1＝v2且方向向右，则导体棒ab、cd所围成的面积不变，穿过其所围面积的磁通量不变，故回路中不产生感应电流，故A错误；若v2
[例2] (2025·滕州市高二期中)如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上。当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中轴线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动。设线圈在此过程中受到的支持力为N，摩擦力为f。以下判断正确的是( )
A.f先向右，后向左
B.N一直大于mg
C.N先大于mg，后小于mg
D.线圈中感应电流的方向始终不变
C
解析 当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律“来拒去留”可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即N大于mg；线圈相对桌面有向右的运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力；当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律“来拒去留”可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即N小于mg；线圈相对桌面有向右的运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力，故A、B错误，C正确；磁铁靠近线圈的过程中穿过线圈的磁通量增大，远离线圈的过程中穿过线圈的磁通量减小，磁通量的变化相反，所以产生的感应电流的方向也一定相反，故D错误。
[例3] 如图所示，a、b、c三个线圈是同心圆，b线圈上连接有直流电源和开关K，则下列说法正确的是( )
C
A.K闭合电路稳定后，在断开K的一瞬间，线圈c中有感应电流，线圈a中没有感应电流
B.K闭合电路稳定后，在断开K的一瞬间，线圈a中有感应电流，线圈c中没有感应电流
C.在K闭合的一瞬间，线圈a中有逆时针方向的瞬时感应电流，有扩张趋势
D.在K闭合的一瞬间，线圈c中有顺时针方向的瞬时感应电流，有收缩趋势
解析 K闭合电路稳定后，在断开K的一瞬间，穿过线圈a、c中的磁通量均发生变化，均有感应电流产生，故A、B错误；在K闭合的一瞬间，线圈b中有顺时针方向的瞬时电流，线圈a、c内磁场的磁感应强度垂直纸面向里增大，根据楞次定律的推论、右手螺旋定则，可知线圈a、c中均有逆时针方向的瞬时感应电流，a有扩张的趋势，c有收缩的趋势，故C正确，D错误。
[总结提升]
楞次定律的拓展含义——“增缩减扩”或“增扩减缩”关键看闭合回路面积的变化(或变化趋势)对阻碍磁通量变化的效果。应用“增缩减扩”或“增扩减缩”判断安培力的方向快速、准确，能解放“右手”或“左手”。
安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律的比较
比较项目 安培定则 左手定则 右手定则 楞次定律
适用场合 判断电流周围的磁感线方向 判断通电导线在磁场中所受的安培力方向 判断导体切割磁感线时产生的感应电流方向 判断回路中磁通量变化时产生的感应电流方向
因果关系 因电而生磁(I→B) 因电而受力(I、B→F安) 因动而生电(v、B→I感) 因磁通量变化而生电(ΔΦ→I感)
[例4] (2023·海南卷)汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为一个矩形线圈abcd，埋在地下的线圈分别为1、2，通上顺时针(俯视)方向电流，当汽车经过线圈时( )
A.线圈1、2产生的磁场方向竖直向上
B.汽车进入线圈1过程产生感应电流方向为abcd
C.汽车离开线圈1过程产生感应电流方向为abcd
D.汽车进入线圈2过程受到的安培力方向与速度方向相同
C
解析 由安培定则可知，线圈1、2形成的磁场方向都是竖直向下的，A错误；汽车进入线圈1时，穿过线圈abcd中向下的磁通量增大，由楞次定律可判断，线圈abcd中的感应电流方向为adcb，同理，汽车离开线圈1时，穿过线圈abcd中向下的磁通量减小，线圈abcd中的感应电流方向为abcd，故B错误，C正确；安培力为阻力，与速度方向相反，D错误。
[例5] (多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动。则PQ所做的运动可能是(金属棒切割磁感线速度越大，感应电流越大)( )
BC
A.向右加速运动 B.向左加速运动
C.向右减速运动 D.向左减速运动
1.(“增反减同”法)如图所示，三个线圈在同一平面内，当I减小时，关于a、b线圈中的感应电流方向，以下说法正确的是( )
D
A.都为顺时针方向
B.a线圈中为顺时针方向，b线圈中为逆时针方向
C.都为逆时针方向
D.a线圈中为逆时针方向，b线圈中为顺时针方向
解析 根据安培定则判断可知，电流I在线圈a处产生的磁场方向垂直于纸面向外，线圈b处的磁场方向垂直于纸面向里，当I减小时，穿过线圈a、b的磁通量都减少，根据楞次定律的“增反减同”结合安培定则可知，线圈a中产生逆时针方向的感应电流，线圈b中产生顺时针方向的感应电流，选项D正确，A、B、C错误。
2.(“来拒去留”法)(多选)如图所示，用绝缘细绳吊起一个铝环，用条形磁体的N极去靠近铝环，直至从右侧穿出的过程中( )
A.磁体从左侧靠近铝环时，铝环向右摆动
B.磁体在右侧远离铝环时，铝环向左摆动
C.磁体从左侧靠近铝环时，铝环A端为N极
D.磁体在右侧远离铝环时，B端为S极
解析 磁体从左侧靠近铝环时，根据楞次定律的“来拒去留”可知，铝环向右摆动，铝环A端为N极，A、C正确；当磁体在右侧远离铝环时，同理可得，铝环右摆，B端为N极，B、D错误。
AC
3.(“增缩减扩”法)(多选)如图所示，光滑固定导轨m、n水平放置，两根导体棒p、q平行放于导轨上，形成一个闭合回路。当一条形磁铁从高处下落接近回路时(不计空气阻力)( )
AD
A.p、q将互相靠拢
B.p、q将互相远离
C.磁铁下落的加速度仍为g
D.磁铁下落的加速度小于g
解析 在磁铁下落接近回路的过程中，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律的“增缩减扩”，可知p、q将互相靠拢；利用“来拒去留”可知，磁铁受到方向向上的阻力，磁铁下落的加速度小于g，A、D正确。
4.(“三定则一定律”的综合应用)如图所示，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U形金属导轨，导轨平面与磁场垂直。金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS，一圆环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。现让金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是( )
D
A.PQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向
B.PQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向
C.PQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向
D.PQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向
解析 金属杆PQ突然向右运动，由右手定则可知，金属杆PQ中的感应电流方向由Q到P，则PQRS中感应电流方向为逆时针方向。PQRS中感应电流产生垂直纸面向外的磁场，由楞次定律可知，圆环形金属线框T中会产生垂直纸面向里的磁场，则T中感应电流方向为顺时针方向，D正确。
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[基础巩固练]
1.如图所示，通入恒定电流的直导线固定于纸面内，一矩形线圈，在纸面内从abcd位置平移到a′b′c′d′位置的过程中，关于线圈内产生的感应电流方向，下列叙述正确的是( )
A.一直逆时针
B.顺时针→逆时针
C.逆时针→顺时针→逆时针
D.顺时针→逆时针→顺时针
D
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解析 由安培定则得，通电直导线产生的磁场在导线左边的方向为垂直纸面向外，在导线右边的方向为垂直纸面向里。根据楞次定律及安培定则可知，线圈向导线靠近时，感应电流方向为顺时针方向，线圈越过导线的过程中，感应电流方向为逆时针方向，线圈远离导线的过程中，感应电流方向为顺时针方向，故D正确。
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2.如图所示，一条形磁体从高h处自由下落，中途穿过一个固定的空心线圈，开关S断开时，由开始下落至落地用时t1，落地时速度为v1；S闭合时，由开始下落至落地用时t2，落地时速度为v2。则它们的大小关系正确的是( )
A.t1＞t2，v1＞v2 B.t1＝t2，v1＝v2
C.t1＜t2，v1＜v2 D.t1＜t2，v1＞v2
解析 开关S断开时，线圈中无感应电流，对磁体无阻碍作用，故
磁体自由下落，a1＝g；当S闭合时，线圈中有感应电流，对磁体有阻碍作用，根据“来拒去留”知，a2＜g，且磁体的机械能减小，所以t1＜t2，v1＞v2，故D正确。
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3.如图所示，水平固定的长直导线与矩形导线框abcd在同一竖直平面，导线框的ab边与导线平行，导线中通有向右的恒定电流I、现将导线框由静止释放，导线框在竖直下落过程中没有翻转。下列对导线框下落过程的分析，其中说法正确的是( )
A.导线框中产生了顺时针方向的感应电流
B.导线框的面积有收缩的趋势
C.导线框下落的加速度有时可能大于重力加速度g
D.若导线中的电流I方向向左，则线框所受安培力的合力方向向下
A
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解析 根据安培定则可知，导线下方的磁场垂直纸面向里，离导线越远的地方，磁场越弱，导线框在竖直下落过程中，磁通量变小，根据楞次定律可知导线框中产生了顺时针方向的感应电流，导线框的面积有扩张的趋势，ab边受安培力较大且向上可知，线框所受安培力的合力方向向上，故A正确，B、D错误；导线框下落过程中，安培力向上，重力大于安培力，所以导线框下落的加速度小于重力加速度g，故C错误。
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4.航母上舰载机电磁弹射的驱动原理简化示意图如图所示，当闭合开关S，固定线圈中突然通过直流电流时，线圈左侧的金属环被弹射出去，则( )
A.闭合开关S的瞬间，从左侧看金属环中的感应电流沿逆时针方向
B.若将电池正负极调换，金属环弹射方向将改变
C.若将金属环置于线圈的右侧，金属环仍将向左弹射
D.若将金属环置于线圈的右侧，金属环将向右弹射
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解析 闭合开关S的瞬间，线圈中电流迅速增大，电流从线圈右侧流入，产生的磁场方向向左，由楞次定律可知，金属环中的感应电流方向从左侧看为顺时针，A错误；电池正负极调换后，根据“增离减靠”可得，金属环受力方向向左，故仍将向左弹出，B错误；若将金属环放在线圈右侧，根据“增离减靠”可知，金属环将向右弹射，C错误，D正确。
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5.(多选)如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示，取甲图中电流方向为正方向，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，则( )
ABC
A.在t1时刻，N>G，P有收缩的趋势
B.在t2时刻，N＝G，穿过P的磁通量不变
C.在t3时刻，N＝G，P中有感应电流
D.在t4时刻，N>G，P有收缩的趋势
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解析 当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此穿过线圈P的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P中产生感应电流阻碍其磁通量的增大，所以线圈P有远离和面积收缩的趋势，即N>G，P有收缩的趋势，故A正确；当螺线管中电流不变时，其形成的磁场不变，穿过线圈P的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，则t2时刻N＝G，故B正确；t3时刻螺线管中电流为零，但是穿过线圈P的磁通量是变化的，因此此时线圈P中有感应电流，但此时刻二者之间没有相互作用力，即N＝G，故C正确；当螺线管中电流不变时，其形成的磁场不变，穿过线圈P的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，所以t4时刻N＝G，此时P没有收缩的趋势，故D错误。
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6.(2025·六安市高二期中)两圆环A、B置于同一水平面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环。当A以如图所示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B中产生如图所示方向的感应电流，下列说法正确的是( )
A.A可能带正电且转速减小
B.A可能带负电且转速恒定
C.若A带负电，B有扩张的趋势
D.若A带正电，B有扩张的趋势
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解析 若A带正电，逆时针转动产生逆时针方向的电流，A内磁场方向垂直纸面向外，A外磁场方向垂直纸面向里，当转速减小时，穿过B的磁通量向外减小，根据楞次定律(增反减同)可知，B中产生逆时针方向的电流，故A错误；若A带负电，逆时针转动产生顺时针方向的电流，A内磁场方向垂直纸面向里，A外磁场方向垂直纸面向外，当转速不变时，穿过B的磁通量不变，B中无感应电流，故B错误；若A带负电，逆时针转动产生顺时针方向的电流，与图示B中电流方向相同，同向电流相互吸引，B环有收缩的趋势，故C错误；若A带正电，逆时针转动产生逆时针方向的电流，与图示B中电流方向相反，异向电流相互排斥，B环有扩张的趋势，故D正确。
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7.(多选)如图所示装置中，cd杆光滑且原来静止。当ab杆做以下哪些运动时，cd杆将向右移动(杆切割磁感线速度越大，感应电流越大)( )
A.向右匀速运动 B.向右加速运动
C.向左加速运动 D.向左减速运动
BD
解析 ab杆向右匀速运动，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L1中产生恒定的磁场，在L2中不产生感应电流，所以cd杆不动，故A错误；ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生逐渐增大的由a到b的电流，在L1中产生方向向上且增强的磁场，该磁场向下通过L2，由楞次定律及安培定则知，在cd杆上产生由c到d的感应电流，根据左手定则，cd杆受到向右的安培力，cd杆将向右运动，故B正确；同理可得C错误，D正确。
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8.(多选)创意物理实验设计作品如图所示。两根彼此靠近且相互绝缘的金属棒C、D固定在铁架台上，与两个铜线圈P、Q组成一闭合回路，两个磁性很强的条形磁铁如图放置。当用手左右摆动线圈P时，线圈Q也会跟着摆动，仿佛小熊在荡秋千。以下说法正确的是( )
A.P向右摆动的过程中，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)
B.P向右摆动的过程中，Q也会向右摆动
C.P向右摆动的过程中，Q会向左摆动
D.若用手左右摆动Q，P会始终保持静止
AB
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解析 P向右摆动的过程中，线圈中的磁通量减少，根据楞次定律及安培定则可知，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)，选项A正确；P向右摆动的过程中，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)，Q中的电流方向也为顺时针方向(从右向左看)，由左手定则可知，Q线圈下侧将受到向右的安培力作用，所以Q也会向右摆动，选项B正确，C错误；若用手左右摆动Q，线圈Q切割磁感线，将产生感应电流，P线圈中也会有电流，受到安培力作用，P将摆动，不会保持静止，选项D错误。
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[能力提升练]
9.如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态，下列说法正确的是( )
D
A.开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动
B.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向
C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向
D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动
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解析 开关闭合后的瞬间，由安培定则可知，右边螺线管产生左端为S极，右端为N极的磁场，由楞次定律可知，左边线圈中产生感应电流，直导线中电流方向由南向北，由安培定则可知，直导线上方磁场方向垂直纸面向里，则小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，故A错误；开关闭合并保持一段时间后，根据安培定则可知，左边线圈中有磁通量且不变，因此左边线圈中不会产生感应电流，小磁针不会偏转，故B、C错误；开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，由楞次定律可知，左边线圈中产生感应电流，直导线中电流方向由北向南，由安培定则可知，直导线上方磁场方向垂直纸面向外，则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，故D正确。
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10.(2025·济宁市高二期末)如图所示，在水平地面下有一条沿东西方向铺设的水平直导线，导线中通有自东向西且强度较大的恒定电流。现用一闭合的检测线圈(线圈中串有灵敏电流计，图中未画出)检测此通电直导线的位置。若不考虑地磁场的影响，让检测线圈(位于水平面内)从距直导线很远处由北向南沿水平地面通过导线的上方并移至距直导线很远处，在此过程中，俯视检测线圈，下列说法正确的是( )
B
A.感应电流的方向先顺时针后逆时针
B.感应电流的方向先逆时针后顺时针，然后再逆时针
C.检测线圈所受安培力的方向先向南后向北
D.检测线圈所受安培力的方向先向北后向南
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解析 根据通电直导线周围的磁感线的分布特点，检测线圈由远处移近直导线的过程中，穿过线圈的磁场有向下的分量，且磁通量先增大后减小，由楞次定律和安培定则可知，线圈中的电流方向先逆时针后顺时针；当检测线圈逐渐远离直导线的过程中，穿过线圈的磁场有向上的分量，磁通量先增大后减小，由楞次定律和安培定则可知，线圈中的电流方向先顺时针后逆时针。选项A错误，B正确；根据楞次定律“来拒去留”可知，检测线圈所受安培力的方向一直向北，选项C、D错误。
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11.(2025·重庆市高二诊断)某实验小组设计的电梯坠落应急安全装置如图所示，电梯井内壁上铺设线圈，电梯轿厢底部安装永久磁铁，磁铁N极向上，线圈能在电梯轿厢突然坠落时自动闭合，阻碍电梯轿厢急剧下降从而减小对乘客的伤害。当电梯轿厢坠落至图示位置时( )
C
A.线圈A、B相互吸引
B.线圈A有收缩的趋势，B有扩张的趋势
C.俯视线圈A，其感应电流沿逆时针方向
D.电梯轿厢处于完全失重状态
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解析 当电梯轿厢坠落到如题图所示位置时，线圈A中向上的磁通量减弱，线圈B中向上的磁通量增强，从上向下看，线圈A中产生的感应电流为逆时针方向，线圈B中产生的感应电流为顺时针方向，两线圈感应电流方向相反，所以两线圈相互排斥，故A错误，C正确；线圈A中向上的磁通量减弱，线圈B中向上的磁通量增强，由楞次定律可知，线圈A有扩张趋势，线圈B有收缩趋势，故B错误；由上述分析可知，坠落过程中，线圈内的磁通量发生变化，线圈会产生感应电流，感应电流产生的感应磁场会阻碍磁铁的运动，进而阻碍电梯轿厢运动，使电梯轿厢处于非完全失重状态，故D错误。
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12.如图甲所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R，金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。现使磁感应强度B随时间的变化关系如图乙所示(B以向下为正方向)，0～2t0时间内ab始终保持静止。则下列说法正确的是( )
C
A.0～2t0时间内ab中的感应电流方向总是由b到a
B.0～t0时间内ab棒所受的安培力向左
C.t0～2t0时间内ab棒所受的静摩擦力向右
D.t0～2t0时间内穿过回路的磁通量逐渐减小
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解析 根据题意，由题图乙可知，0～t0时间内，磁场方向向下，穿过回路的磁通量逐渐减小，由楞次定律可知，感应电流产生磁场的方向向下，由右手螺旋定则可知，回路中电流方向为顺时针，即ab中的感应电流方向是由a到b，t0～2t0时间内，磁场方向向上，穿过回路的磁通量逐渐增大，回路中电流方向也为顺时针，即ab中的感应电流方向总是由a到b，故A、D错误；0～t0时间内，由左手定则可知，ab棒所受的安培力向右，故B错误；t0～2t0时间内，由左手定则可知，ab棒所受的安培力向左，由平衡条件可知，ab棒所受的静摩擦力向右，故C正确。
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13.如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑片向左滑动，则ab棒和cd棒的运动情况是( )
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A
A.ab棒向左运动，cd棒向右运动
B.ab棒向右运动，cd棒向左运动
C.ab棒和cd棒都向右运动
D.ab棒和cd棒保持静止
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解析 由安培定则可知，螺线管中磁感线方向向上，金属棒ab、cd所在处的磁感线方向均向下，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，螺线管中电流增大，因此磁场变强，即磁感应强度变大，穿过回路的磁通量增大，由楞次定律知，感应电流方向为a→c→d→b→a，由左手定则知，ab棒所受安培力方向向左，cd棒所受安培力方向向右，所以ab棒向左运动，cd棒向右运动，故A正确。
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[拓展培优练]
14.如图所示，足够长通电直导线平放固定在光滑水平面上，电流I恒定不变。将一个金属圆环以初速度v0沿与直导线成一定角度θ(θ<90°)斜向右上的方向在水平面上开始滑动。之后，金属圆环( )
A.做曲线运动，速度一直减小到零
B.做直线运动，速度一直减小到零
C.最终垂直直导线做匀速直线运动
D.最终平行直导线做匀速直线运动
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D
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解析 金属环向右运动，磁通量减小，根据“来拒去留”可知，所受的安培力将阻碍金属圆环远离通电直导线，即安培力垂直直导线向左，与运动方向夹角为钝角，故金属环做曲线运动，安培力使金属环在垂直导线方向做减速运动，当垂直导线方向的速度减为零，只剩沿导线方向的速度，之后穿过圆环的磁通量不变，无感应电流，水平方向合力为零，故最终做匀速直线运动，方向与直导线平行，故金属环先做曲线运动后做直线运动。故选D。
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