湖南省2026届高中毕业班高三物理调研试卷（含解析）

湖南省2026届高中毕业班高三物理调研试卷
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]一放射性元素的原子核经过一系列α衰变和β衰变后，生成稳定的原子核，此过程中发生α衰变和β衰变的次数分别为（）
A．8，6 B．8，4 C．6，4 D．6，8
2．[4分]如图所示，某同学从时刻起逐渐增加推力，直到推动箱子过程中三个时刻的情境。据此，下列选项中说法正确的是（　　）
A．箱子受到地面的支持力是由于箱子的形变
B．时刻，人对箱子的推力小于地面对箱子的摩擦力，所以推不动
C．时刻，人对箱子的推力比时刻大，所以箱子受到的合力也比时刻大
D．时刻，箱子被推走，推走瞬间人对箱子的推力与箱子对人的推力大小相等
3．[4分]2026年1月6日上午，航空工业试飞跑道上，一架接近量产标准的歼-35技术验证机伴随着引擎轰鸣腾空而起，圆满完成2026年度“新年第一飞”，这一亮相标志着我国歼-35五代舰载机的量产进程全面提速。已知该战机在某次测试中沿曲线MN加速爬升，图为战机在轨迹上P点的受力分析示意图。战机在P点时所受合力的方向可能是（　　）
A． B． C． D．
4．[4分]北京时间2025年11月25日，神舟二十二号飞船满载物资，成功与天宫空间站对接。我国天宫空间站的轨道距离地面高度为h，绕地球一周的周期为T。已知万有引力常量为G，以下分析中正确的是（　　）
A．由上述物理量可以估算地球质量
B．由上述物理量可以估算地球密度
C．空间站的运行速度小于地球第一宇宙速度
D．空间站的向心加速度大于地球表面的重力加速度
5．[4分]光刻机利用光源发出的紫外线，将精细图投影在硅片上，再经技术处理制成芯片。为提高光刻机投影精细图的能力，在光刻胶和投影物镜之间填充液体，提高分辨率，如图所示。若浸没液体的折射率为，当不加液体时光刻胶的曝光波长为，则加上液体后（　　）

A．紫外线进入液体后波长变短，光子能量增加
B．传播相等的距离，在液体中所需的时间变短
C．紫外线在液体中比在空气中更容易发生衍射，能提高分辨率
D．在液体中的曝光波长约为117mm
6．[4分]如图所示，空间中存在水平向右的匀强电场，电场中固定一半圆形绝缘槽，槽的左右端点a、c等高，b为槽的最低点。从a点静止释放一质量为m的带负电的小球，小球沿圆弧槽下滑至b点时对槽的压力为 mg。 小球可视为质点，运动过程中电量保持不变，摩擦力可忽略不计。 下列判断正确的是（　　）
A．小球可以运动至 c 点
B．小球将在 b点保持静止
C．小球运动过程中的最大速率为
D．若从c 点静止释放小球，小球将沿直线运动至b点
7．[4分]艺术体操的主要项目有绳操、球操、圈操、带操和棒操五项。下图为某运动员进行的带操比赛的照片。某段过程中彩带的运动可简化为沿轴方向传播的简谐横波时的波形图如图甲所示，质点的振动图像如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
A．简谐波沿轴负方向传播 B．该时刻点的位移为
C．再经过点到达波谷位置 D．质点的振动方程为
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]如图所示，人重600 N，木块重400 N，当人用大小为100 N的力拉绳，人与木块相对静止并一起在水平地面上向右匀速运动，已知绳子处于水平，滑轮的摩擦不计，下列说法正确的是（　　）
A．人脚对木块的摩擦力向左
B．人脚与木块间的摩擦力为100 N
C．木块与地面间的动摩擦因数均为0.1
D．木块与地面间的动摩擦因数均为0.2
9．[5分]如图所示的四幅图表示的是有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（　　）
A．图a中轻杆长为L，若小球在最高点的角速度小于，杆对小球的作用力向上
B．图b中若火车转弯时未达到规定速率，轮缘对外轨道有挤压作用
C．图c中若A、B均相对圆盘静止，所在圆周半径，质量，则A、B所受摩擦力
D．图d中是一圆锥摆，增加绳长，保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度不变
10．[5分]如图所示，两宽度不等的光滑平行金属导轨水平固定放置，窄轨间距为L、宽轨间距为2L，导体棒ab、cd分别垂直放置在两导轨上，质量均为m、电阻均为R，导轨间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小均为B，已知两导轨均足够长、电阻不计，现让两导体棒均以大小为v0的初速度平行于导轨水平向右运动，运动过程中棒始终与导轨垂直且接触良好，ab棒始终未滑离窄轨，在导体棒运动的过程中，下列说法正确的是(　　)
A．导体棒ab的最大速度
B．导体棒ab产生的焦耳热最多
C．通过导体棒ab的电荷量最多
D．回路中的最大电流
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]某同学用如图甲所示装置“探究小车做匀变速直线运动的规律”，由静止释放的小车拖着纸带运动，请你完成下列有关问题：
（1）电火花打点计时器使用的电源是（填“交流”或“直流”）电源
（2）关于本实验，下列说法或者做法正确的是（　　）
A．小车应远离打点计时器释放
B．图甲中细线应该与木板平行
C．纸带上打的点越疏，说明小车运动的速度越小
D．实验时，应先接通电源，再释放小车
（3）在纸带上确定出、、、、共5个计数点，相邻点间的距离如图乙所示，相邻计数点间还有4个实验点未画出，电源频率为。根据纸带上的数据，算出打点时小车的瞬时速度，小车的加速度大小为（计算结果均保留两位有效数字）。
（4）如果当时电网中电压比正常偏大，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
12．[8分]在“测定玻璃的折射率”的实验中，如图甲所示，某同学先将白纸平铺在木板上并用图钉固定，玻璃砖平放在白纸上，然后在白纸上确定玻璃砖的界面所在的直线和．画出一条直线为直线与的交点，在直线上竖直地插上两枚大头针。

（1）该同学接下来要完成的必要步骤有 ；
A．插上大头针，使仅挡住的像
B．插上大头针，使挡住和的像
C．插上大头针，使仅挡住
D．插上大头针，使挡住和、的像
（2）过、作直线交于，过作垂直于的直线，连接，测量图中角和的大小．则玻璃砖的折射率 ；
（3）甲、乙二位同学在纸上画出的界面与玻璃砖位置的关系分别如图乙中①、②所示，其中甲同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖，他们的其他操作均正确，且均以为界面画光路图，则甲同学测得的折射率与真实值相比 （填“偏大”“偏小”或“不变”）；乙同学测得的折射率与真实值相比 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。
13．[12分]如图所示，一电机与一电阻R串联接在电源上，电源电动势E=20V，内阻r=1Ω。闭合电键S后，用理想电压表测出电机两端的电压为10V，已知电机线圈电阻为Rm=1Ω，电阻R=9Ω，求：
（1）电机的发热功率为多少？
（2）电机输出的机械功率是多少？
（3）若电机突然卡住不转动，电源的输出功率多大？
14．[13分]如图所示，是长为的水平粗糙轨道，点与一半径为的光滑圆轨道相切，整个空间有一水平向右的匀强电场。一带电量为、质量为的小物体从点由静止释放，经过点时对圆轨道的压力为其重力的倍。物体与水平轨道的动摩擦因数，重力加速度为。
（1）求电场强度的大小；
（2）求物体在圆轨道上运动时的最大速率；
（3）若长度不变，圆轨道半径可以改变，为了保证物体在圆轨道上运动中途不会脱离圆轨道，求圆轨道半径的取值范围。
15．[16分]如图所示，竖直放置的导热良好的汽缸由横截面面积不同的上、下两部分组成，上半部分的横截面面积为2S，下半部分的横截面面积为S，上半部分的汽缸内有一个质量为3m的活塞A，下半部分的汽缸内有一个质量为2m的活塞B，两个活塞之间用一根长为2L的轻杆连接，两个活塞之间封闭了一定质量的理想气体，两活塞可在汽缸内无摩擦滑动而不漏气。初始时，两活塞均处于静止状态，缸内封闭气体温度为，两活塞到汽缸粗细部分交接处的距离均为L，重力加速度为g，假设环境大气压强始终为，求：
（1）初始时，缸内气体的压强；
（2）若汽缸内密封气体温度缓慢升高到，则缸内气体对外做功多少；
（3）若汽缸内密封气体温度缓慢降低到，则细杆对活塞B的作用力。
参考答案
1．【答案】D
【详解】设要经过x次α衰变和y次β衰变，则有，有m=4x＋m－24，n=2x－y＋n－4，解得x=6，y=8。
2．【答案】D
【详解】箱子受到地面的支持力是由于地面的形变，A错误；时刻，人对箱子的推力与地面对箱子的静摩擦力大小相等，B错误；时刻，人对箱子的推力比时刻大，但箱子没有运动，所以箱子受到的合力仍然为0，与时刻相同，C错误；根据牛顿第三定律，人对箱子的推力与箱子对人的推力大小相等，D正确。
3．【答案】A
【详解】战机做曲线运动，合力的方向指向运动轨迹的凹侧，其中、指向曲线凹侧；战机沿曲线MN加速爬升，则合力方向与运动方向的夹角为锐角，其中与运动方向的夹角为锐角。
4．【答案】C
【详解】根据万有引力定律和圆周运动规律分析各选项由万有引力定律，地球质量，其中为轨道半径（为地球半径）。题干未给出，仅凭、、无法计算，故A错误；地球密度 ，由A 项知无法估算，且未知，故无法计算密度，故 B 错误；由万有引力定律，空间站运行速度，第一宇宙速度 ，因 ，故 ，即 ，故 C 正确；由万有引力定律，空间站向心加速度，地表重力加速度，因 ，故 ，即 ，故D错误。
5．【答案】D
【详解】紫外线在液体中的波长，故D正确；紫外线进入液体频率不变，根据可知光子能量不变，根据D选项分析可知波长变短，故A错误；设传播距离，在真空中的时间，在液体中所需的时间，传播时间变长，故B错误；由A选项分析可知紫外线在液体中波长变短，更不容易发生衍射，故C错误。
6．【答案】D
【详解】小球沿圆弧槽下滑至b点时对槽的压力为 mg，由牛顿第三定律可知，在竖直方向圆弧槽b点对小球的支持力大小为mg，可知小球在竖直方向受力平衡，由牛顿第二定律可知，此时小球的速度是零，且受电场力方向水平向左，因此小球不可以运动至c 点，A错误；小球在竖直方向受力平衡，受电场力方向水平向左，由牛顿第二定律可知，小球向左做加速运动，B错误；小球在a点时速度是零，在b点时速度是零，可知小球从a点到b点，重力势能转化为电势能，且重力势能的减少等于电势能的增加，则有，可得，由题意可知，当小球从a点下落到受重力和电场力的合力方向与O点的连线在一条直线上时，小球的速率最大，如图所示，由动能定理，则有，，，解得，C错误；由C选项分析可知，小球受到的重力大小等于受的电场力，因此小球在c点时受到的合力大小为，受合力方向与水平直径成45°角，即由c点指向b点，因此从c点静止释放小球，小球将沿直线运动至b点，D正确。
7．【答案】C
【详解】由乙图可知，时，质点向上运动，根据同侧法，波沿轴正方向传播，A错误；由图甲可知，波长，由点和点平衡位置相距可知，时点的位移，B错误；波速为，再经过，波将沿轴正方向前进3m，波谷刚好传到质点所在位置，即点到达波谷位置，C正确；时点向下振动，质点的振动方程为，D错误。
8．【答案】BD
【详解】对人受力分析，人受到向右的拉力，根据平衡，可知木块对人的摩擦力向左，大小，根据牛顿第三定律，人脚对木块的摩擦力向右，大小，故A错误，B正确；对人和木块受力分析，可知，由，得，故C错误，D正确。
9．【答案】AD
【详解】若小球在最高点时杆对球无作用力则，可得，若角速度小于，则杆对小球的作用力向上，A正确；图b中若火车转弯时未达到规定速率，则轨道对火车的支持力和重力的合力大于所需的向心力，则火车有做向心运动的趋势，则轮缘对内轨道有挤压作用，B错误；图c中若A、B均相对圆盘静止，所在圆周半径，质量=，根据，可知A、B所受摩擦力，C错误；图d中是一圆锥摆，根据，可得，可知增加绳长，保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度不变，D正确。
10．【答案】ACD
【详解】稳定时电路中电流为0，ab棒速度最大，有BLvab＝B·2Lvcd，
则vab＝2vcd，取向右为正方向，根据动量定理可得，对ab棒，有BLt＝mvab－mv0，对cd棒，有－2BLt＝mvcd－mv0，解得vab＝v0，vcd＝v0，故A正确；对整个过程根据能量守恒，m＋m＝m＋m＋Q，导体棒ab产生的焦耳热最多为Qab＝Q，解得Qab＝，故B错误；对ab棒，有BLt＝mvab－mv0，且q＝t，解得通过导体棒ab的电荷量最多为q＝，故C正确；导体棒刚开始运动时，感应电动势最大，感应电流最大，由闭合电路欧姆定律可得I＝＝＝，故D正确。故选ACD。
11．【答案】（1）交流
（2）BD
（3）2.1；5.0
（4）不变
【详解】（1）电火花打点计时器使用的电源是交流电源。
（2）小车应靠近打点计时器释放，以充分利用纸带，A错误；图甲中细线应该与木板平行，B正确；纸带上打的点越疏，说明小车运动的速度越大，C错误；实验时，应先接通电源，等打点稳定后再释放小车，D正确。
（3）相邻计数点间还有4个实验点未画出，电源频率为，可知t=5T=0.1s。
打点时小车的瞬时速度，小车的加速度大小为。
（4）电网中电压比正常偏大，不会影响打点周期，则加速度的测量值与实际值相比不变。
12．【答案】BD，，偏小，不变
【详解】（1）确定P3大头针的位置的方法是插上大头针P3，使P3挡住P1、P2的像。确定P4大头针的位置的方法是插上大头针P4，使P4挡住P3和P1、P2的像，AC错误，BD正确。
（2）如图，光线在bb′面由玻璃射入空气，入射角为α，折射角为β，则根据折射定律得：玻璃砖的折射率。
（3）如果在实验过程中不小心将玻璃砖向下平移了一些，bb′移到图中实线位置，而在作光路图时aa′不变，作出光路图：线②表示作图时所用的光路，线①表示实际的光路，可见，测量得到的入射角没有变化，而折射角偏大，根据折射率公式n=，可知所测得的折射率将偏小。

测折射率时，只要操作正确，与玻璃砖形状无关，所以若所使用的玻璃砖的bb′边与aa′不平行（如图所示），其他操作无误，则所测得的折射率将不变。
13．【答案】（1）1W；（2）9W；（3）33.1W
【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律，有
解得
电动机的热功率
（2）电动机的输入功率
电动机的输出功率
（3）若电机卡住，则为纯电阻路，则输出功率为
14．【答案】；；圆轨道半径的范围为 或
【详解】物体在点时竖直方向合力提供向心力 ，解得
从点到点，由动能定理可得 ， ，解得
电场力和重力的合力 ，
，即方向与竖直方向成，斜向右下方。
从点到动能最大点 ，解得
若物体不能越过点右上方与水平方向成的位置，则不会脱离轨道，设刚好到该位置时圆轨道半径为， ，解得
若物体能够通过点上方与竖直方向成的位置，则也不会脱离轨道，设刚好到该位置时圆轨道半径为， ， ，解得
圆轨道半径的范围为 或
15．【答案】（1）
（2）
（3），方向向上。
【详解】（1）设初始时缸内气体的压强为p，题意知大气压，则两活塞受力平衡有
解得
（2）若汽缸内密封气体温度缓慢升高到 ，气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律有
解得
汽缸内等压膨胀对外做功为
（3）若汽缸内密封气体温度缓慢降低到，气体发生等压变化，活塞A刚好到汽缸粗细部分交 接处，则有
解得
随后气体发生等容变化，则有
解得
对活塞B受力分析有
解得
方向向上。
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